2019屆高三物理上學(xué)期第一次月考試題（含解析）.doc

2019屆高三物理上學(xué)期第一次月考試題（含解析）一、單項(xiàng)選擇題:本題共9小題，每小題3分，共計(jì)27分。 每小題只有一個(gè)選項(xiàng)符合題意。1.一輕質(zhì)彈簧原長(zhǎng)為8 cm，在4 N的拉力作用下伸長(zhǎng)了2 cm，彈簧未超出彈性限度，則該彈簧的勁度系數(shù)為()A. 40 m/N B. 40 N/mC. 200 m/N D. 200 N/m【答案】D【解析】試題分析：由題意知，彈簧的彈力為4N時(shí)，彈簧伸長(zhǎng)2cm，根據(jù)胡克定律F=kx，代入數(shù)據(jù)可得彈簧的勁度系數(shù)k=200 N/m，所以A、B、C錯(cuò)誤；D正確【考點(diǎn)定位】考查胡可定律【方法技巧】本題主要是掌握胡克定律的公式F=kx，并注意各物理量的單位。視頻2.物體做勻加速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)，相繼經(jīng)過(guò)兩段距離為16 m的路程，第一段用時(shí)4 s，第二段用時(shí)2 s，則物體的加速度是( )A. B. C. D. 【答案】A【解析】【詳解】第一段時(shí)間內(nèi)的平均速度為：，第二段時(shí)間內(nèi)的平均速度為： ,根據(jù)某段時(shí)間內(nèi)的平均速度等于中間時(shí)刻的瞬時(shí)速度知，兩個(gè)中間時(shí)刻的時(shí)間間隔為：，則加速度為：，故A正確，B、C、D錯(cuò)誤；故選A?！军c(diǎn)睛】根據(jù)某段時(shí)間內(nèi)的平均速度等于中間時(shí)刻的瞬時(shí)速度求出兩個(gè)中間時(shí)刻的瞬時(shí)速度，結(jié)合速度時(shí)間公式求出物體的加速度。3.如圖，一物塊在水平拉力F的作用下沿水平桌面做勻速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)若保持F的大小不變，而方向與水平面成60角，物塊也恰好做勻速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)物塊與桌面間的動(dòng)摩擦因數(shù)為()A. 2 B. C. D. 【答案】C【解析】當(dāng)拉力水平時(shí)，物體勻速運(yùn)動(dòng)，則拉力等于摩擦力，即：，當(dāng)拉力傾斜時(shí)，物體受力分析如圖由平衡條件得：，又，得摩擦力為：，聯(lián)立解得：，故選C.4.為了探測(cè)引力波，“天琴計(jì)劃”預(yù)計(jì)發(fā)射地球衛(wèi)星P，其軌道半徑約為地球半徑的16倍；另一地球衛(wèi)星Q的軌道半徑約為地球半徑的4倍。P與Q的周期之比約為A. 2:1 B. 4:1 C. 8:1 D. 16:1【答案】C【解析】試題分析 本題考查衛(wèi)星的運(yùn)動(dòng)、開(kāi)普勒定律及其相關(guān)的知識(shí)點(diǎn)。解析 設(shè)地球半徑為R，根據(jù)題述，地球衛(wèi)星P的軌道半徑為RP=16R，地球衛(wèi)星Q的軌道半徑為RQ=4R，根據(jù)開(kāi)普勒定律，=64，所以P與Q的周期之比為T(mén)PTQ=81，選項(xiàng)C正確。點(diǎn)睛 此題難度不大，解答此題常見(jiàn)錯(cuò)誤是：把題述的衛(wèi)星軌道半徑誤認(rèn)為是衛(wèi)星距離地面的高度，陷入誤區(qū)。5.如圖，某同學(xué)用繩子拉動(dòng)木箱，使它從靜止開(kāi)始沿粗糙水平路面運(yùn)動(dòng)至具有某一速度，木箱獲得的動(dòng)能一定（ ）A. 小于拉力所做的功B. 等于拉力所做的功C. 等于克服摩擦力所做的功D. 大于克服摩擦力所做的功【答案】A【解析】試題分析：受力分析，找到能影響動(dòng)能變化的是那幾個(gè)物理量，然后觀(guān)測(cè)這幾個(gè)物理量的變化即可。木箱受力如圖所示：木箱在移動(dòng)的過(guò)程中有兩個(gè)力做功，拉力做正功，摩擦力做負(fù)功，根據(jù)動(dòng)能定理可知即： ，所以動(dòng)能小于拉力做的功，故A正確；無(wú)法比較動(dòng)能與摩擦力做功的大小，CD錯(cuò)誤。故選A點(diǎn)睛：正確受力分析，知道木箱在運(yùn)動(dòng)過(guò)程中有那幾個(gè)力做功且分別做什么功，然后利用動(dòng)能定理求解末動(dòng)能的大小。6.如圖，輕彈簧上端與一質(zhì)量為m的木塊1相連，下端與另一質(zhì)量為M的木塊2相連，整個(gè)系統(tǒng)置于水平放置的光滑木板上，并處于靜止?fàn)顟B(tài)。現(xiàn)將木板沿水平方向突然抽出，設(shè)抽出后的瞬間，木塊1、2的加速度大小分別為、。重力加速度大小為g。則有 ( )A. ， B. ，C. ， D. ，【答案】D【解析】【詳解】木板抽出前后兩物體受力如圖所示：在抽出木板的瞬時(shí)，彈簧對(duì)1的支持力和對(duì)2的壓力并未改變，對(duì)1物體受重力和支持力，有：，；對(duì)2物體受重力和彈簧的向下的壓力，根據(jù)牛頓第二定律有：，故D正確，A、B、C錯(cuò)誤；故選D?！军c(diǎn)睛】通過(guò)共點(diǎn)力平衡求出彈簧的彈力大小，抓住抽出木板的瞬間，彈簧彈力不變，根據(jù)牛頓第二定律求出木塊1、2的加速度。7.某彈射管每次彈出的小球速度相等在沿光滑豎直軌道自由下落過(guò)程中，該彈射管保持水平，先后彈出兩只小球忽略空氣阻力，兩只小球落到水平地面的（ ）A. 時(shí)刻相同，地點(diǎn)相同B. 時(shí)刻相同，地點(diǎn)不同C. 時(shí)刻不同，地點(diǎn)相同D. 時(shí)刻不同，地點(diǎn)不同【答案】B【解析】本題考查合運(yùn)動(dòng)與分運(yùn)動(dòng)的關(guān)系及時(shí)刻和位置的概念，意在考查考生的理解能力。彈射管在豎直方向做自由落體運(yùn)動(dòng)，所以彈出小球在豎直方向運(yùn)動(dòng)的時(shí)間相等，因此兩球應(yīng)同時(shí)落地；由于兩小球先后彈出，且彈出小球的初速度相同，所以小球在水平方向運(yùn)動(dòng)的時(shí)間不等，因小球在水平方向做勻速運(yùn)動(dòng)，所以水平位移相等，因此落點(diǎn)不相同，故選項(xiàng)B正確。點(diǎn)睛：本題以平拋運(yùn)動(dòng)為背景考查合運(yùn)動(dòng)與分運(yùn)動(dòng)的關(guān)系及時(shí)刻和位置的概念，解題時(shí)要注意彈射管沿光滑豎直軌道向下做自由落體運(yùn)動(dòng)，小球彈出時(shí)在豎直方向始終具有跟彈射管相同的速度。8.滑雪運(yùn)動(dòng)深受人民群眾的喜愛(ài)，某滑雪運(yùn)動(dòng)員（可視為質(zhì)點(diǎn)）由坡道進(jìn)入豎直面內(nèi)的圓弧形滑道AB，從滑道的A點(diǎn)滑行到最低點(diǎn)B的過(guò)程中，由于摩擦力的存在，運(yùn)動(dòng)員的速率不變，則運(yùn)動(dòng)員沿AB下滑過(guò)程中( )A. 所受合外力始終為零 B. 合外力做功一定為零C. 所受摩擦力大小不變 D. 機(jī)械能始終保持不變【答案】B【解析】【詳解】A、由于物體做曲線(xiàn)運(yùn)動(dòng)，所以合外力不為零，指向軌跡內(nèi)側(cè)，故A錯(cuò)誤；B、根據(jù)動(dòng)能定理：，可得滑塊下滑過(guò)程中，速率不變，所以動(dòng)能不變，因此合外力做功一定為0，故B正確；C、物體所受摩擦力為滑動(dòng)摩擦力，由于運(yùn)動(dòng)員速率保持不變，所以向心力大小不變，對(duì)物體受力分析如圖所示：有，運(yùn)動(dòng)員向下運(yùn)動(dòng)的過(guò)程中，角度逐漸變小，易得正壓力N在逐漸變大，所以摩擦力在變大，故C錯(cuò)誤。D、沿AB下滑過(guò)程中，由于運(yùn)動(dòng)員速率不變，所以動(dòng)能不變，所以重力勢(shì)能在減小，機(jī)械能在減小，故D錯(cuò)誤；故選B。9.如圖，abc是豎直面內(nèi)的光滑固定軌道，ab水平，長(zhǎng)度為2R：bc是半徑為R的四分之一的圓弧，與ab相切于b點(diǎn)。一質(zhì)量為m的小球。始終受到與重力大小相等的水平外力的作用，自a點(diǎn)處從靜止開(kāi)始向右運(yùn)動(dòng)，重力加速度大小為g。小球從a點(diǎn)開(kāi)始運(yùn)動(dòng)到其他軌跡最高點(diǎn)，機(jī)械能的增量為A. 2mgRB. 4mgRC. 5mgRD. 6mgR【答案】C【解析】本題考查了運(yùn)動(dòng)的合成與分解、動(dòng)能定理等知識(shí)，意在考查考生綜合力學(xué)規(guī)律解決問(wèn)題的能力。設(shè)小球運(yùn)動(dòng)到c點(diǎn)的速度大小為vC，則對(duì)小球由a到c的過(guò)程，由動(dòng)能定理得：F3R-mgR=mvc2，又F=mg，解得：vc2=4gR，小球離開(kāi)c點(diǎn)后，在水平方向做初速度為零的勻加速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)，豎直方向在重力作用力下做勻減速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)，由牛頓第二定律可知，小球離開(kāi)c點(diǎn)后水平方向和豎直方向的加速度大小均為g，則由豎直方向的運(yùn)動(dòng)可知，小球從離開(kāi)c點(diǎn)到其軌跡最高點(diǎn)所需的時(shí)間為:t=vC/g=2，小球在水平方向的加速度a=g，在水平方向的位移為x=at2=2R。由以上分析可知，小球從a點(diǎn)開(kāi)始運(yùn)動(dòng)到其軌跡最高點(diǎn)的過(guò)程中，水平方向的位移大小為5R，則小球機(jī)械能的增加量E=F5R=5mgR，選項(xiàng)C正確ABD錯(cuò)誤?！军c(diǎn)睛】此題將運(yùn)動(dòng)的合成與分解、動(dòng)能定理有機(jī)融合，難度較大，能力要求較高。二、多項(xiàng)選擇題:本題共7小題，每小題4分，共計(jì)28分。 每小題有多個(gè)選項(xiàng)符合題意。 全部選對(duì)的得4分，選對(duì)但不全的得2分，錯(cuò)選或不答的得0分。10.火車(chē)以60m/s的速率轉(zhuǎn)過(guò)一段彎道，某乘客發(fā)現(xiàn)放在桌面上的指南針在10s內(nèi)勻速轉(zhuǎn)過(guò)了約10在此10s時(shí)間內(nèi)，火車(chē)（）A. 運(yùn)動(dòng)路程為600m B. 加速度為零C. 角速度約為1rad/s D. 轉(zhuǎn)彎半徑約為3.4km【答案】AD【解析】本題考查勻速圓周的概念，意在考查考生的理解能力。圓周運(yùn)動(dòng)的弧長(zhǎng)s=vt=6010m=600m，選項(xiàng)A正確；火車(chē)轉(zhuǎn)彎是圓周運(yùn)動(dòng)，圓周運(yùn)動(dòng)是變速運(yùn)動(dòng)，所以合力不為零，加速度不為零，故選項(xiàng)B錯(cuò)誤；由題意得圓周運(yùn)動(dòng)的角速度rad/s= rad/s，又，所以m=3439m，故選項(xiàng)C錯(cuò)誤、D正確。點(diǎn)睛：本題以火車(chē)轉(zhuǎn)彎指南針偏轉(zhuǎn)為背景考查勻速圓周的概念，解答時(shí)要注意角度與弧度的換算關(guān)系。11.xx2月2日，我國(guó)成功將電磁監(jiān)測(cè)試驗(yàn)衛(wèi)星“張衡一號(hào)”發(fā)射升空，標(biāo)志我國(guó)成為世界上少數(shù)擁有在軌運(yùn)行高精度地球物理場(chǎng)探測(cè)衛(wèi)星的國(guó)家之一。通過(guò)觀(guān)測(cè)可以得到衛(wèi)星繞地球運(yùn)動(dòng)的周期，并已知地球的半徑和地球表面的重力加速度。若將衛(wèi)星繞地球的運(yùn)動(dòng)看作是勻速圓周運(yùn)動(dòng)，且不考慮地球自轉(zhuǎn)的影響，根據(jù)以上數(shù)據(jù)可以計(jì)算出衛(wèi)星的（ ）A. 密度 B. 向心力的大小 C. 離地高度 D. 線(xiàn)速度的大小【答案】CD【解析】根據(jù)題意，已知衛(wèi)星運(yùn)動(dòng)的周期T，地球的半徑R，地球表面的重力加速度g，衛(wèi)星受到的外有引力充當(dāng)向心力，故有，衛(wèi)星的質(zhì)量被抵消，則不能計(jì)算衛(wèi)星的密度，更不能計(jì)算衛(wèi)星的向心力大小，AB錯(cuò)誤；由解得，而，故可計(jì)算衛(wèi)星距離地球表面的高度，C正確；根據(jù)公式，軌道半徑可以求出，周期已知，故可以計(jì)算出衛(wèi)星繞地球運(yùn)動(dòng)的線(xiàn)速度，D正確；【點(diǎn)睛】解決本題的關(guān)鍵掌握萬(wàn)有引力定律的兩個(gè)重要理論：1、萬(wàn)有引力等于重力（忽略自轉(zhuǎn)），2、萬(wàn)有引力提供向心力，并能靈活運(yùn)用。12.甲、乙兩汽車(chē)同一條平直公路上同向運(yùn)動(dòng)，其速度時(shí)間圖像分別如圖中甲、乙兩條曲線(xiàn)所示。已知兩車(chē)在t2時(shí)刻并排行駛，下列說(shuō)法正確的是（ ）A. 兩車(chē)在t1時(shí)刻也并排行駛B. t1時(shí)刻甲車(chē)在后，乙車(chē)在前C. 乙車(chē)的加速度大小先減小后增大D. 甲車(chē)的加速度大小先增大后減小【答案】BC【解析】【詳解】AB、圖像面積即為位移，由圖像可得，在時(shí)間內(nèi)，時(shí)甲乙并排，則時(shí)甲在后、乙在前，故B正確，A錯(cuò)誤；CD、圖像斜率為加速度，由圖像可得甲、乙兩圖象斜率均先減小后增大，即加速度大小均先減小后增大，故C正確，D錯(cuò)誤；故選BC?！军c(diǎn)睛】圖像面積即為位移，圖像斜率為加速度可得甲、乙的加速度大小均先減小后增大。13.為了節(jié)省能量，某商場(chǎng)安裝了智能化的電動(dòng)扶梯無(wú)人乘行時(shí)，扶梯運(yùn)轉(zhuǎn)得很慢；有人站上扶梯時(shí)，它會(huì)先慢慢加速，再勻速運(yùn)轉(zhuǎn)一顧客乘扶梯上樓，恰好經(jīng)歷了這兩個(gè)過(guò)程，如圖所示那么下列說(shuō)法中正確的是（）A. 顧客始終受到三個(gè)力的作用B. 顧客始終處于超重狀態(tài)C. 顧客對(duì)扶梯作用力的方向先指向左下方，再豎直向下D. 顧客對(duì)扶梯作用力的方向先指向右下方，再豎直向下【答案】C【解析】試題分析：以人為研究對(duì)象，加速過(guò)程中，人受到靜摩擦力、重力、支持力三個(gè)力的作用下沿電梯加速上升，勻速運(yùn)動(dòng)時(shí)，人受到重力和支持力作用，故A錯(cuò)誤；在慢慢加速的過(guò)程中，受力如圖，物體加速度與速度同方向，合力斜向右上方，因而顧客受到的摩擦力與接觸面平行水平向右，電梯對(duì)其的支持力和摩擦力的合力方向指向右上，處于超重狀態(tài)；由牛頓第三定律，它的反作用力即人對(duì)電梯的作用方向指向向左下，在勻速運(yùn)動(dòng)的過(guò)程中，顧客處于平衡狀態(tài)，只受重力和支持力，顧客與電梯間的摩擦力等于零，顧客對(duì)扶梯的作用僅剩下壓力，方向沿豎直向下；故BD錯(cuò)誤，C正確故選C。考點(diǎn)：牛頓第二定律的應(yīng)用視頻14.如圖，一固定容器的內(nèi)壁是半徑為R的半球面；在半球面水平直徑的一端有一質(zhì)量為m的質(zhì)點(diǎn)P.它在容器內(nèi)壁由靜止下滑到最低點(diǎn)的過(guò)程中，克服摩擦力做的功為W.重力加速度大小為g.設(shè)質(zhì)點(diǎn)P在最低點(diǎn)時(shí)，向心加速度的大小為a，容器對(duì)它的支持力大小為N，則() A. a B. aC. N D. N【答案】AC【解析】試題分析: 質(zhì)點(diǎn)P下滑的過(guò)程，由動(dòng)能定理得，可得；在最低點(diǎn)，質(zhì)點(diǎn)P的向心加速度；根據(jù)牛頓第二定律得,解得；故A、B、C正確，D錯(cuò)誤故選ABC考點(diǎn)：考查動(dòng)能定理；向心力【名師點(diǎn)睛】解決本題的關(guān)鍵掌握動(dòng)能定理解題，以及知道質(zhì)點(diǎn)在B點(diǎn)徑向的合力提供圓周運(yùn)動(dòng)的向心力視頻15.如圖所示，光滑水平面上放置兩長(zhǎng)度相同，質(zhì)量分別為M1和M2的木板P，Q，在木板的左端各有一大小、形狀、質(zhì)量完全相同的物塊a和b，木板和物塊均處于靜止?fàn)顟B(tài)，現(xiàn)對(duì)物塊a和b分別施加水平恒力F1和F2，使它們向右運(yùn)動(dòng)至物塊與木板分離時(shí)，P，Q的速度分別為Vl，V2，物塊a，b相對(duì)地面的位移分別為Sl，S2，已知兩物塊與木板間的動(dòng)摩擦因數(shù)相同，下列判斷正確的是( )A. 若F1=F2，M1M2，則VlV2，Sl=S2B. 若F1=F2，M1V2，SlS2C. 若F1F2，M1=M2，則VlS2D. 若F1V2，SlS2【答案】BD【解析】【詳解】AB、首先看時(shí)情況：由題得到a、b所受的摩擦力大小是相等的，因此a、b加速度相同，設(shè)a、b加速度大小為a，對(duì)于P、Q滑動(dòng)摩擦力即為它們的合力，設(shè)P的加速度大小為a1，Q的加速度大小為a2，根據(jù)牛頓第二定律得：，其中m為物塊a和b的質(zhì)量，設(shè)板的長(zhǎng)度為L(zhǎng)，它們向右都做勻加速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)，當(dāng)物塊與木板分離時(shí)：a與P的相對(duì)位移為：，b與Q的相對(duì)位移為：，P的速度為：，Q的速度為：，物塊a相對(duì)地面的位移分別為：，物塊b相對(duì)地面的位移分別為：， 若，則有，所以得：， ，；若，則有，所以得：，故A錯(cuò)誤，B正確；C、若、，根據(jù)受力分析和牛頓第二定律的：則a的加速度大于b的加速度，即，由于，所以P、Q加速度相同，設(shè)P、Q加速度為a，它們向右都做勻加速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)，當(dāng)物塊與木板分離時(shí)：a與P的相對(duì)位移為：， b與Q的相對(duì)位移為：，由于，所以得：，P的速度為：，Q的速度為：，物塊a相對(duì)地面的位移分別為：，物塊b相對(duì)地面的位移分別為：， 則，故C錯(cuò)誤；D、根據(jù)C選項(xiàng)分析得：若、，則有，得， ，故D正確；故選BD?！军c(diǎn)睛】應(yīng)該用隔離法分析木板P和Q、物塊a和b受力，根據(jù)牛頓定律和運(yùn)動(dòng)公式解求解。16.如圖，柔軟輕繩ON的一端O固定，其中間某點(diǎn)M拴一重物，用手拉住繩的另一端N。初始時(shí)，OM豎直且MN被拉直，OM與MN之間的夾角為（）?，F(xiàn)將重物向右上方緩慢拉起，并保持夾角不變。在OM由豎直被拉到水平的過(guò)程中( )A. MN上的張力先增大后減小 B. MN上的張力逐漸增大C. OM上的張力逐漸增大 D. OM上的張力先增大后減小【答案】BD【解析】【詳解】由題意可知，重物在運(yùn)動(dòng)過(guò)程中受重力，MN繩拉力，OM繩拉力，與夾角保持不變，在某一時(shí)刻三個(gè)力受力分析示意圖如圖(a)所示，將此三個(gè)力平移為矢量三角形如圖(b)所示，因?yàn)閙g大小方向不變，與的夾角不變，故可將三個(gè)力平移入圓中，mg為一條固定的弦(固定的弦所對(duì)應(yīng)的圓周角為定值)，由圖(c)可得從0逐漸變?yōu)橹睆?，故逐漸增大，故A錯(cuò)誤B正確；先從弦變?yōu)橹睆皆僮優(yōu)橄?，故先變大后變小，故C錯(cuò)誤D正確；故選BD?！军c(diǎn)睛】關(guān)鍵是與夾角保持不變，將三個(gè)力平移入圓中，mg為一條固定的弦(固定的弦所對(duì)應(yīng)的圓周角為定值)。三、實(shí)驗(yàn)題（共18分）17.某同學(xué)利用圖(a)所示實(shí)驗(yàn)裝置及數(shù)字化信息系統(tǒng)獲得了小車(chē)加速度a與鉤碼的質(zhì)量m的對(duì)應(yīng)關(guān)系圖，如圖(b)所示實(shí)驗(yàn)中小車(chē)(含發(fā)射器)的質(zhì)量為200g，實(shí)驗(yàn)時(shí)選擇了不可伸長(zhǎng)的輕質(zhì)細(xì)繩和輕定滑輪，小車(chē)的加速度由位移傳感器及與之相連的計(jì)算機(jī)得到回答下列問(wèn)題：(1)根據(jù)該同學(xué)的結(jié)果，小車(chē)的加速度與鉤碼的質(zhì)量成_(填“線(xiàn)性”或“非線(xiàn)性”)關(guān)系(2)由圖(b)可知，am圖線(xiàn)不經(jīng)過(guò)原點(diǎn)，可能的原因是_(3)若利用本實(shí)驗(yàn)裝置來(lái)驗(yàn)證“在小車(chē)質(zhì)量不變的情況下，小車(chē)的加速度與作用力成正比”的結(jié)論，并直接以鉤碼所受重力mg作為小車(chē)受到的合外力，則實(shí)驗(yàn)中應(yīng)采取的改進(jìn)措施是_，鉤碼的質(zhì)量應(yīng)滿(mǎn)足的條件是_【答案】 (1). (1)非線(xiàn)性 (2). (2)存在摩擦力 (3). (3)調(diào)節(jié)軌道的傾斜度以平衡摩擦力 (4). 遠(yuǎn)小于小車(chē)的質(zhì)量【解析】試題分析：（1）對(duì)鉤碼和小車(chē)整體受力分析，根據(jù)牛頓第二定律，在沿繩方向上：，小車(chē)的加速度，可知小車(chē)的加速度a與鉤碼的質(zhì)量m成非線(xiàn)性關(guān)系；（2）若滿(mǎn)足，加速度，可知a-m圖線(xiàn)不經(jīng)過(guò)原點(diǎn)的原因可能是，即小車(chē)和軌道之間存在摩擦力；（3）直接以鉤碼所受重力mg作為小車(chē)受到的合外力，利用本實(shí)驗(yàn)裝置來(lái)驗(yàn)證“在小車(chē)質(zhì)量不變的情況下，小車(chē)的加速度與作用力成正比”的結(jié)論，須有，既要滿(mǎn)足，還需將軌道右端適當(dāng)墊高，使小車(chē)的重力沿軌道向下的分力等于摩擦力，即平衡掉摩擦力。考點(diǎn)：實(shí)驗(yàn)驗(yàn)證牛頓第二定律視頻18.利用圖2裝置做“驗(yàn)證機(jī)械能守恒定律”實(shí)驗(yàn)。（1）為驗(yàn)證機(jī)械能是否守恒，需要比較重物下落過(guò)程中任意兩點(diǎn)間的_。A動(dòng)能變化量與勢(shì)能變化量 B速度變化量和勢(shì)能變化量 C速度變化量和高度變化量（2）除帶夾子的重物、紙帶、鐵架臺(tái)（含鐵夾）、電磁打點(diǎn)計(jì)時(shí)器、導(dǎo)線(xiàn)及開(kāi)關(guān)外，在下列器材中，還必須使用的兩種器材是_。A交流電源 B刻度尺 C天平（含砝碼）（3）實(shí)驗(yàn)中，先接通電源，再釋放重物，得到圖3所示的一條紙帶。在紙帶上選取三個(gè)連續(xù)打出的點(diǎn)A、B、C，測(cè)得它們到起始點(diǎn)O的距離分別為hA、hB、hC。已知當(dāng)?shù)刂亓铀俣葹間，打點(diǎn)計(jì)時(shí)器打點(diǎn)的周期為T(mén)。設(shè)重物的質(zhì)量為m。從打點(diǎn)到打點(diǎn)的過(guò)程中，重物的重力勢(shì)能變化量_，動(dòng)能變化量_。（4）大多數(shù)學(xué)生的實(shí)驗(yàn)結(jié)果顯示，重力勢(shì)能的減少量大于動(dòng)能的增加量，原因是_。A利用公式計(jì)算重物速度B利用公式計(jì)算重物速度C存在空氣阻力和摩擦阻力的影響D沒(méi)有采用多次實(shí)驗(yàn)取平均值的方法（5）某同學(xué)想用下述方法研究機(jī)械能是否守恒，在紙帶上選取多個(gè)計(jì)數(shù)點(diǎn)，測(cè)量它們到起始點(diǎn)O的距離h，計(jì)算對(duì)應(yīng)計(jì)數(shù)點(diǎn)的重物速度v，描繪v2-h圖像，并做如下判斷：若圖像是一條過(guò)原點(diǎn)的直線(xiàn)，則重物下落過(guò)程中機(jī)械能守恒。請(qǐng)你分析論證該同學(xué)的判斷依據(jù)是否正確?！敬鸢浮?(1). A (2). AB (3). (4). C (5). 同學(xué)的判斷依據(jù)不正確【解析】【分析】驗(yàn)證機(jī)械能守恒，即驗(yàn)證動(dòng)能的增加量和重力勢(shì)能的減小量是否相等根據(jù)實(shí)驗(yàn)的原理確定所需測(cè)量的物理量，從而確定所需的器材；根據(jù)下降的高度求出重力勢(shì)能的減小量，根據(jù)某段時(shí)間內(nèi)的平均速度等于中間時(shí)刻的瞬時(shí)速度得出B點(diǎn)的速度，從而得出動(dòng)能的增加量；如果v2-h圖象為直線(xiàn)，僅表示合力恒定，與機(jī)械能是否守恒無(wú)關(guān)?！驹斀狻拷猓?1)為驗(yàn)證機(jī)械能是否守恒，需要比較重物下落過(guò)程中任意兩點(diǎn)間的動(dòng)能變化量和重力勢(shì)能的變化量，故A正確，B、C、D錯(cuò)誤；故選A；(2)打點(diǎn)計(jì)時(shí)器需接交流電源，驗(yàn)證動(dòng)能的增加量和重力勢(shì)能的減小量是否相等，兩邊都有質(zhì)量，可以約去，不需要用天平測(cè)量質(zhì)量，實(shí)驗(yàn)時(shí)需要用刻度尺測(cè)量點(diǎn)跡間的距離，從而得出下降的高度，以及計(jì)算出瞬時(shí)速度，故A、B正確，C、D錯(cuò)誤；故選AB；(3)從打O點(diǎn)到打B點(diǎn)的過(guò)程中，重物的重力勢(shì)能變化量，B點(diǎn)的瞬時(shí)速度，則動(dòng)能的增加量 (4)實(shí)驗(yàn)中重力勢(shì)能的減少量大于動(dòng)能的增加量，原因是存在空氣阻力和摩擦阻力的影響，故C正確，A、B、D錯(cuò)誤；故選C；(5)該同學(xué)的判斷依據(jù)不正確；在重物下落h的過(guò)程中，若阻力f恒定，根據(jù)，可得，則此時(shí)圖象就是過(guò)原點(diǎn)的一條直線(xiàn)，所以要想通過(guò)圖象的方法驗(yàn)證機(jī)械能是否守恒，還必須看圖象的斜率是否接近2g。四、計(jì)算題:本題共3小題，共計(jì)47分。 19.已知地球半徑為R，地球表面重力加速度為g，不考慮地球自轉(zhuǎn)的影響 （1）推導(dǎo)第一宇宙速度v1的表達(dá)式； （2）若衛(wèi)星繞地球做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，運(yùn)行軌道距離地面高度為h，求衛(wèi)星的運(yùn)行周期T【答案】（1） （2）【解析】試題分析：（1）根據(jù)題給條件由萬(wàn)有引力公式可得:則：（2） 由公式可得:考點(diǎn)：萬(wàn)有引力提供向心力點(diǎn)評(píng)：本題考查了萬(wàn)有引力提供向心力的常見(jiàn)公式的推導(dǎo)和理解。視頻20.我國(guó)將于2022年舉辦冬奧會(huì)，跳臺(tái)滑雪是其中最具觀(guān)賞性的項(xiàng)目之一如圖1所示，質(zhì)量m60 kg的運(yùn)動(dòng)員從長(zhǎng)直助滑道AB的A處由靜止開(kāi)始以加速度a3.6 m/s2勻加速滑下，到達(dá)助滑道末端B時(shí)速度vB24 m/s，A與B的豎直高