江蘇高考物理總復(fù)習(xí)優(yōu)編題型增分練：選擇題提速練四.doc

選擇題提速練 (四)一、單項(xiàng)選擇題(本題共6小題，每小題4分，共計(jì)24分，每小題只有一個(gè)選項(xiàng)符合題意)1(2018徐州市考前模擬)下列說法正確的有()A質(zhì)量數(shù)越小的原子核，比結(jié)合能越大B粒子被加速后，其物質(zhì)波的波長將變長C玻爾的能級(jí)和電子軌道不連續(xù)的觀點(diǎn)，成功地解釋了氫原子的光譜D某放射性元素的400個(gè)原子核中有200個(gè)發(fā)生衰變的時(shí)間為它的一個(gè)半衰期答案C2(2018蘇州市模擬)如圖1所示，傾角37的上表面光滑的斜面體放在水平地面上一個(gè)可以看成質(zhì)點(diǎn)的小球用細(xì)線拉住與斜面一起保持靜止?fàn)顟B(tài)，細(xì)線與斜面間的夾角也為37.若將拉力換為大小不變、方向水平向左的推力，斜面體仍然保持靜止?fàn)顟B(tài)sin 370.6，cos 370.8.則下列說法正確的是()圖1A小球?qū)⑾蛏霞铀龠\(yùn)動(dòng)B小球?qū)π泵娴膲毫ψ兇驝地面受到的壓力不變D地面受到的摩擦力不變答案B解析開始時(shí)，對(duì)球受力分析，如圖所示：根據(jù)平衡條件，在平行斜面方向：Fcos 37mgsin 37，垂直斜面方向：Fsin 37FNmgcos 37，得：F0.75mg；拉力改為水平推力后，由于所施力的大小不變，所施力與斜面的夾角不變，故沿著斜面方向的分力不變，球依然保持靜止，小球?qū)π泵娴膲毫ψ兇?，故A錯(cuò)誤，B正確；對(duì)球和斜面體整體受力分析，受重力、支持力、拉力和靜摩擦力，根據(jù)平衡條件，拉力改為水平推力后，其水平分力變大，豎直分力減小，故靜摩擦力變大，地面支持力變大；根據(jù)牛頓第三定律，斜面體對(duì)地面的壓力和摩擦力均變大，故C、D錯(cuò)誤3(2018江蘇百校12月大聯(lián)考)如圖2所示，AC為斜面的斜邊，B為斜邊上的一點(diǎn)，甲、乙兩小球在A點(diǎn)的正上方現(xiàn)先后以不同的水平速度拋出甲、乙小球，它們均落到了B點(diǎn)已知甲球的質(zhì)量是乙球的質(zhì)量的兩倍，不計(jì)空氣阻力，下列說法中正確的是()圖2A甲球的加速度是乙球加速度的兩倍B兩小球做平拋運(yùn)動(dòng)的時(shí)間相等C甲球的初速度小于乙球的初速度D整個(gè)過程中甲球的速度偏轉(zhuǎn)角小于乙球的速度偏轉(zhuǎn)角答案C4(2018江蘇五校聯(lián)考)一物體靜止在水平地面上，在豎直向上的拉力F的作用下開始向上運(yùn)動(dòng)，如圖3甲所示，在物體運(yùn)動(dòng)過程中，空氣阻力不計(jì)，其機(jī)械能E與位移x的關(guān)系圖象如圖乙所示，其中曲線上點(diǎn)A處的切線的斜率最大則()圖3A在x1處物體所受拉力最大B在x2處物體的速度最大C在x1x3過程中，物體的動(dòng)能一直減小D在0x2過程中，物體的加速度先增大后減小答案A5(2018無錫市高三期末)真空中兩個(gè)等量異種電荷(電荷量均為q)連線的中點(diǎn)處電場(chǎng)強(qiáng)度為E，則兩個(gè)電荷之間的庫侖力大小是()A. B. C. DqE答案A6如圖4所示，一半徑為R的圓形區(qū)域內(nèi)有垂直于紙面的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，從圓周上P點(diǎn)向紙面內(nèi)各方向發(fā)射質(zhì)量、電荷量、速率均相同的帶電粒子，這些粒子均從四分之一圓周磁場(chǎng)邊界PQ上射出，忽略粒子之間的相互作用則帶電粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的軌道半徑為()圖4A.R B.R C.R D.R答案B解析當(dāng)軌道半徑小于或等于磁場(chǎng)區(qū)半徑時(shí)，粒子射出圓形磁場(chǎng)的點(diǎn)離入射點(diǎn)最遠(yuǎn)距離為軌跡直徑，由幾何關(guān)系得：2rR，解得：rR，故選B.二、多項(xiàng)選擇題(本題共4小題，每小題4分，共計(jì)16分每小題有多個(gè)選項(xiàng)符合題意全部選對(duì)的得4分，選對(duì)但不全的得2分，錯(cuò)選或不答的得0分)7(2018淮安、宿遷等期中)2017年4月，我國第一艘貨運(yùn)飛船“天舟一號(hào)”順利升空，隨后與“天宮二號(hào)”交會(huì)對(duì)接假設(shè)“天舟一號(hào)”從B點(diǎn)發(fā)射經(jīng)過橢圓軌道運(yùn)動(dòng)到“天宮二號(hào)”的圓軌道上完成交會(huì)，如圖5所示已知“天宮二號(hào)”的軌道半徑為r，“天舟一號(hào)”沿橢圓軌道運(yùn)動(dòng)的周期為T，A、B兩點(diǎn)分別為橢圓軌道的遠(yuǎn)地點(diǎn)和近地點(diǎn)，地球半徑為R，引力常量為G.則()圖5A“天宮二號(hào)”的運(yùn)行速度小于7.9 km/sB“天舟一號(hào)”的發(fā)射速度大于11.2 km/sC根據(jù)題中信息可以求出地球的質(zhì)量D“天舟一號(hào)”在A點(diǎn)的速度大于“天宮二號(hào)”的運(yùn)行速度答案AC解析7.9 km/s是近地衛(wèi)星的最大環(huán)繞速度，衛(wèi)星越高，線速度越小，則“天宮二號(hào)”的運(yùn)行速度小于7.9 km/s，選項(xiàng)A正確；11.2 km/s是第二宇宙速度，是衛(wèi)星掙脫地球引力束縛的最小速度，則“天舟一號(hào)”的發(fā)射速度小于11.2 km/s，選項(xiàng)B錯(cuò)誤；根據(jù)開普勒第三定律常數(shù)，已知“天宮二號(hào)”的軌道半徑r、“天舟一號(hào)”的周期T以及半長軸(rR)，可求得“天宮二號(hào)”的周期T1，再根據(jù)Gmr可求解地球的質(zhì)量，選項(xiàng)C正確；“天舟一號(hào)”在A點(diǎn)加速才能進(jìn)入“天宮二號(hào)”所在的軌道，則“天舟一號(hào)”在A點(diǎn)的速度小于“天宮二號(hào)”的運(yùn)行速度，選項(xiàng)D錯(cuò)誤8(2018如皋市模擬四)如圖6所示，輕彈簧上端固定，下端懸掛一質(zhì)量為m的條形磁鐵，磁鐵穿過固定的水平閉合金屬線圈將磁鐵托起到彈簧壓縮x后由靜止放開，磁鐵會(huì)上下運(yùn)動(dòng)并逐漸停下來，靜止時(shí)彈簧伸長x.不計(jì)空氣阻力，重力加速度為g，彈簧始終在彈性限度內(nèi)，則()圖6A彈簧處于原長時(shí)，磁鐵的加速度可能大于gB磁鐵中央通過線圈時(shí)，線圈中感應(yīng)電流最大C磁鐵向下運(yùn)動(dòng)時(shí)，線圈受到的安培力方向向上D線圈在整個(gè)過程中產(chǎn)生的焦耳熱為2mgx答案AD解析彈簧處于原長時(shí)，沒有彈力，除受到重力外，若磁鐵向上運(yùn)動(dòng)，則受到向下的安培阻力，若向下運(yùn)動(dòng)，則受到向上的安培阻力，因此磁鐵的加速度可能大于g，故A正確；磁鐵中央通過線圈時(shí)，線圈的磁通量變化率為零，則線圈中感應(yīng)電流為零，最小，故B錯(cuò)誤；當(dāng)磁鐵向下運(yùn)動(dòng)時(shí)，根據(jù)楞次定律：來拒去留，則磁鐵受到向上的安培力，那么線圈受到的安培力方向向下，故C錯(cuò)誤；根據(jù)能量守恒定律，從靜止至停止，彈簧的彈性勢(shì)能不變，那么減小的重力勢(shì)能轉(zhuǎn)化為電能，從而產(chǎn)生焦耳熱為Qmgh2mgx，故D正確9(2018常熟中學(xué)模擬)如圖7所示，直流電源、滑動(dòng)變阻器、平行板電容器與理想二極管(正向電阻為0，反向電阻為)連接，電源負(fù)極接地開始時(shí)電容器不帶電，閉合開關(guān)S，穩(wěn)定后，一帶電油滴恰能靜止在電容器中P點(diǎn)在開關(guān)S保持接通的狀態(tài)下，下列說法正確的是()圖7A當(dāng)滑動(dòng)變阻器的滑片向上滑動(dòng)時(shí)，帶電油滴會(huì)向上運(yùn)動(dòng)B當(dāng)電容器的上極板向上移動(dòng)時(shí)，帶電油滴會(huì)向下運(yùn)動(dòng)C當(dāng)電容器的下極板向下移動(dòng)時(shí)，P點(diǎn)的電勢(shì)不變D當(dāng)電容器的下極板向左移動(dòng)時(shí)，P點(diǎn)的電勢(shì)會(huì)升高答案AD解析當(dāng)滑動(dòng)變阻器的滑片向上滑動(dòng)時(shí)，變阻器有效阻值增大，R兩端的電壓增大，則電容器板間電壓增大，場(chǎng)強(qiáng)增大，油滴所受的電場(chǎng)力增大，所以帶電油滴會(huì)向上運(yùn)動(dòng)，故A正確當(dāng)電容器的上極板向上移動(dòng)時(shí)，由電容的決定式C知，電容減小，而電容器兩端的電壓不變，由C知，Q減小，電容器要放電，由于二極管的單向?qū)щ娦裕噪娙萜鞑荒芊烹?，則電容器的帶電荷量不變，由E知電容器板間場(chǎng)強(qiáng)不變，油滴所受的電場(chǎng)力不變，所以帶電油滴仍靜止不動(dòng)，故B錯(cuò)誤當(dāng)電容器的下極板向下移動(dòng)時(shí)，電容器所帶的電荷量Q不變，由E知電容器板間場(chǎng)強(qiáng)不變，由UEd知，P與下極板間的電勢(shì)差變大，P點(diǎn)的電勢(shì)升高，故C錯(cuò)誤當(dāng)電容器的下極板向左移動(dòng)時(shí)，C，電容器的電容減小，由C知，Q減小，電容器要放電，由于二極管的單向?qū)щ娦裕噪娙萜鞑荒芊烹?，則電容器的帶電荷量不變，那么只能是極板間U增大，由E知電容器板間場(chǎng)強(qiáng)變大，則P與下極板間的電勢(shì)差變大，P點(diǎn)的電勢(shì)升高，故D正確10如圖8所示，處在垂直紙面向外、磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B的勻強(qiáng)磁場(chǎng)