甘肅省多校2024-2025學(xué)年高一上學(xué)期期末聯(lián)考物理試卷

高級中學(xué)名校試卷PAGEPAGE1【物理答案】一、單項選擇題CACADCC二、多項選擇題BDCDBC三、非選擇題11、【詳析】(1)由于每相鄰兩個計數(shù)點間還有4個點，所以相鄰的計數(shù)點間的時間間隔T=0.1s，根據(jù)勻變速直線運動的推論公式△x=aT2可以求出加速度的大小，得：a=0.16m/s2；(2)由于已經(jīng)平衡摩擦力，所以圖象應(yīng)該過原點，一條傾斜的直線．故B正確，ACD錯誤；故選B.(3)對小桶受力分析，設(shè)小桶重力為mg，木板釋放前彈簧秤的示數(shù)F1，所以F1=mg設(shè)小車的重力為Mg，小車在加速運動時彈簧秤的示數(shù)F2，根據(jù)牛頓第二定律得：mg?F2=ma所以F1>F2；(4)A.在該實驗中力傳感器可以直接得出力的大小，不需要使小車和傳感器的總質(zhì)量遠大于小桶和砂的總質(zhì)量，故A錯誤；B.實驗中不需要將長木板右端墊高，因為已經(jīng)測量了小車所受摩擦力的大小，故B錯誤；C.實驗中不需要測出小車和傳感器的總質(zhì)量，只需要保證小車和傳感器的總質(zhì)量不變，故C錯誤；D.用加砂的方法改變拉力的大小與掛鉤碼的方法相比，可更方便地獲取多組實驗數(shù)據(jù)，故D正確；故選D.12、解析(1)由于小球由a→b和由b→c兩過程和水平位移相同，故兩過程中的時間相同，設(shè)為Δt，豎直方向自由落體運動，有Δh=gt2=0.1m，可得Δt=0.1s；水平方向做勻速直線運動，則有v0==m/s=2m/s．(2)在b點豎直方向的分速度：vyb==m/s=1.5m/s．則從拋出點到b點的時間：tb==s=0.15s．b點在水平方向離拋出點的距離：xb=v0tb=2×0.15m=0.3mb點在豎直方向離拋出點的距離：yb=gtb2=y=×10×0.152=0.1125m則拋出點坐標(biāo)：x=-(0.3-0.2)m=-0.1m=-10cm．y=-(0.1125-0.1)m=-0.0125m=-1.25cm．13、【解答】解：（1）當(dāng)v＝V0時兩者距離最小，t=此時Δx=（2）依題意，設(shè)t秒時人車間距離在減小過程中恰為20m，則t+2秒時人車間距離在增大過程中也恰為20m，由運動學(xué)公式和位移關(guān)系得：S0S0代入數(shù)據(jù)得：60+60+1解得：t＝8s，V0＝9m/s14、[解析](1)對物塊受力分析可知，物塊先是在恒力作用下沿傳送帶方向向上做初速度為零的勻加速運動，直至速度與傳送帶的速度相同由牛頓第二定律得F＋μmgcosθ－mgsinθ＝ma1代入數(shù)據(jù)解得a1＝6m/s2物塊加速過程所用的時間t1＝eq\f(v,a1)＝eq\f(2,3)s運動的距離x1＝eq\f(v2,2a1)＝eq\f(4,3)m物塊與傳送帶共速后，對物塊進行受力分析可知，物塊受到的摩擦力的方向改變，因為F＝8N，而重力沿傳送帶向下的分力和最大靜摩擦力之和為10N，所以物塊不能相對傳送帶向上加速運動，物塊將隨傳送帶勻速上升傳送帶長度為x＝eq\f(h,sinθ)＝4m物塊隨傳送帶做勻速運動的時間t2＝eq\f(x－x1,v)＝eq\f(2,3)s故物塊從傳送帶底端運動到平臺上所用的時間t＝t1＋t2＝eq\f(4,3)s。(2)若共速后撤去恒力F，因為mgsinθ>μmgcosθ，對物塊進行受力分析可知，物塊將減速向上運動有mgsinθ－μmgcosθ＝ma2代入數(shù)據(jù)解得a2＝2m/s2假設(shè)物塊剛好達到平臺上，此過程物塊的位移設(shè)為x′，則x′＝eq\f(v2,2a2)＝4m>x－x1，所以物塊在速度減到零之前，已經(jīng)從傳送帶上端離開，設(shè)物塊還需時間t′離開傳送帶，離開時的速度大小為v′，則由運動學(xué)公式有v2－v′2＝2a2(x－x1)代入數(shù)據(jù)解得v′＝eq\f(4,3)eq\r(3)m/s故t′＝eq\f(v－v′,a2)＝eq\f(6－2\r(3),3)s。[答案](1)eq\f(4,3)s(2)eq\f(6－2\r(3),3)seq\f(4,3)eq\r(3)m/s15、（1）；（2）；（3）【詳析】（1）運動員在斜坡上運動時，根據(jù)牛頓第二定律得解得又由運動學(xué)公式得代入數(shù)據(jù)解得（2）設(shè)運動員落在斜面體上時的豎直分速度大小為，則由運動員離開A點后做平拋運動，則豎直方向有解得平拋時間為設(shè)水平位移為x，豎直位移為y，則有結(jié)合幾何關(guān)系，