2025年外研版2024選擇性必修一物理上冊(cè)月考試卷

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請(qǐng)※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁(yè)，總=sectionpages22頁(yè)第=page11頁(yè)，總=sectionpages11頁(yè)2025年外研版2024選擇性必修一物理上冊(cè)月考試卷960考試試卷考試范圍：全部知識(shí)點(diǎn)；考試時(shí)間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級(jí)：______考號(hào)：______總分欄題號(hào)一二三四五六總分得分評(píng)卷人得分一、選擇題(共7題，共14分)1、一彈簧振子做簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)，周期為T，若從t=0時(shí)刻開始計(jì)時(shí)，當(dāng)t=T時(shí)，彈簧振子具有正向的最大速度。則此彈簧振子簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)的振動(dòng)圖像是（）A.B.C.D.2、如圖甲所示，彈簧振子運(yùn)動(dòng)的最左端M和最右端N距離平衡位置的距離均為l；規(guī)定水平向右為正方向，振子的振動(dòng)圖像如圖乙所示，下列說法正確的是（）

A.圖中的大小等于lB.時(shí)間內(nèi)振子由M向O運(yùn)動(dòng)C.時(shí)間內(nèi)振子由M向O運(yùn)動(dòng)D.時(shí)間內(nèi)與時(shí)間內(nèi)振子運(yùn)動(dòng)方向相反3、下列關(guān)于多普勒效應(yīng)的說法中，不正確的是（）A.當(dāng)聲源朝靠近觀察者運(yùn)動(dòng)時(shí)，聲源的頻率不變B.只要波源在運(yùn)動(dòng)，就一定能觀察到多普勒效應(yīng)C.當(dāng)聲波遠(yuǎn)離觀察者運(yùn)動(dòng)時(shí)，觀察者接收到的頻率變低D.當(dāng)聲源相對(duì)于觀察者運(yùn)動(dòng)時(shí)，觀察者聽到的聲音的頻率可能變高，也可能變低4、如圖所示，斜面和水平面之間通過小圓弧平滑連接，質(zhì)量為m的物體（可視為質(zhì)點(diǎn)）從斜面上h高處的A點(diǎn)由靜止開始沿斜面下滑，最后停在水平地面上的B點(diǎn)。要使物體能原路返回A點(diǎn)，在B點(diǎn)物體需要的最小瞬時(shí)沖量是（）

A.B.C.D.5、如圖所示，光滑水平面AB與豎直面內(nèi)的粗糙半圓形導(dǎo)軌在B點(diǎn)相接，導(dǎo)軌半徑為R。一個(gè)質(zhì)量為m的物體將彈簧壓縮至A點(diǎn)后由靜止釋放，在彈力作用下物體獲得某一向右速度后脫離彈簧，它經(jīng)過B點(diǎn)的速度為v1，之后沿半圓形導(dǎo)軌運(yùn)動(dòng)，到達(dá)C點(diǎn)的速度為v2。重力加速度為g。在本題的求解過程中；沒有直接利用牛頓運(yùn)動(dòng)定律，其原因有（）

A.彈簧推物塊過程中，由于彈簧彈力不是恒力，因此牛頓運(yùn)動(dòng)定律不成立B.物塊脫離彈簧到B的過程，滿足動(dòng)量守恒的條件，可以不使用牛頓運(yùn)動(dòng)定律C.物塊從B到C的過程，受變力作用、做曲線運(yùn)動(dòng)，因此牛頓運(yùn)動(dòng)定律求解會(huì)很繁瑣D.物塊從B到C的過程，機(jī)械能不守恒，這不滿足牛頓運(yùn)動(dòng)定律應(yīng)用的條件6、一列簡(jiǎn)諧橫波沿x軸正方向傳播，波速為在傳播方向上有P、Q兩質(zhì)點(diǎn)，坐標(biāo)分別為波傳播到P點(diǎn)開始計(jì)時(shí)，P點(diǎn)的振動(dòng)圖像如圖所示。下列說法正確的是（）

A.該波的振幅為B.該波的頻率為C.該波的波長(zhǎng)為D.經(jīng)過波將傳播到Q點(diǎn)7、如圖所示，一束單色光從真空斜射向某種介質(zhì)的表面，入射角i=45°，折射角r=30°；則（）

A.此介質(zhì)的折射率等于1.5B.此介質(zhì)的折射率等于C.i大于45°時(shí)會(huì)發(fā)生全反射現(xiàn)象D.此介質(zhì)全反射的臨界角為45°評(píng)卷人得分二、多選題(共7題，共14分)8、如圖所示，ABCD是一直角梯形棱鏡的橫截面，位于截面所在平面內(nèi)的一束光線由O點(diǎn)垂直AD邊射入，已知棱鏡的折射率η=AB=BC=8cm，OA=2cm，∠OAB=60°．則下列說法正確的是（）

A.光線第一次入射到AB界面上時(shí)，既有反射又有折射B.光線第一次從棱鏡折射進(jìn)入空氣，應(yīng)發(fā)生在CD界面C.第一次的出射點(diǎn)距CcmD.光線第一次射出棱鏡時(shí)，折射角為45°9、如圖所示,在O點(diǎn)懸一根細(xì)長(zhǎng)直桿,桿上串有一個(gè)小球A,用長(zhǎng)為l的細(xì)線系著另一個(gè)小球B,上端也固定在O點(diǎn),將B拉開,使細(xì)線偏離豎直方向一個(gè)小角度,將A停在距O點(diǎn)L/2處,同時(shí)釋放,若B第一次回到平衡位置時(shí)與A正好相碰(g取10m/s2,π2取10),則（?）

A.A球與細(xì)桿之間不應(yīng)有摩擦力B.A球的加速度必須等于4m/s2C.A球受到的摩擦力等于其重力的0.6倍D.只有知道細(xì)線偏離豎直方向的角度大小才能求出A球受到的摩擦力10、如圖所示，繃緊的水平傳送帶始終以恒定速率順時(shí)針運(yùn)行，初速度大小為的小物塊m從與傳送帶等高的光滑水平地面上的A處滑上傳送帶。若從小物塊滑上傳送帶開始計(jì)時(shí)，小物塊在傳送帶上運(yùn)動(dòng)的圖像（以地面為參考系）如圖乙所示，已知?jiǎng)t正確的是（）

A.過程，摩擦力對(duì)小物塊做負(fù)功B.過程，小物塊的合力的沖量為C.時(shí)刻，小物塊的動(dòng)能最小D.時(shí)間內(nèi)，小物塊的動(dòng)量先減小后增大11、如圖所示，質(zhì)量為4m的光滑物塊a靜止在光滑水平地面上，物塊a左側(cè)面為圓弧面且與水平地面相切，質(zhì)量為m的滑塊b以初速度v0向右運(yùn)動(dòng)滑上a，沿a左側(cè)面上滑一段距離后又返回，最后滑離a，不計(jì)一切摩擦，滑塊b從滑上a到滑離a的過程中；下列說法正確的是（）

A.滑塊b沿a上升的最大高度為B.物塊a運(yùn)動(dòng)的最大速度為C.物塊a對(duì)滑塊b的沖量大小D.物塊a對(duì)滑塊b的所做的功12、如圖所示，光滑水平面上有大小相同的兩球在同一直線上運(yùn)動(dòng)。兩球質(zhì)量關(guān)系為規(guī)定向右為正方向，兩球的動(dòng)量均為運(yùn)動(dòng)中兩球發(fā)生碰撞，碰撞前后球動(dòng)量變化量的大小為則（）

A.左方是球，碰前兩球均向右運(yùn)動(dòng)B.右方是球，碰前兩球均向右運(yùn)動(dòng)C.碰撞后兩球速度大小之比為5：2D.經(jīng)過驗(yàn)證兩球發(fā)生的碰撞不是彈性碰撞13、甲；乙兩個(gè)單擺的振動(dòng)圖象如圖所示．根據(jù)振動(dòng)圖象可以斷定（）

A.若甲、乙兩單擺在同一地點(diǎn)擺動(dòng)，甲、乙兩單擺擺長(zhǎng)之比是9：4B.甲、乙兩單擺振動(dòng)的頻率之比是3：2C.甲、乙兩單擺振動(dòng)的周期之比是2：3D.若甲、乙兩單擺在不同一地點(diǎn)擺動(dòng)，但擺長(zhǎng)相同，則甲乙兩單擺所在地點(diǎn)的重力加速度之比為9:414、如圖所示，兩列簡(jiǎn)諧橫波分別沿x軸正方向和負(fù)方向傳播，兩波源分別位于和處，兩列波的速度大小均為兩列波的振幅均為圖示為時(shí)刻兩列波的圖像(傳播方向如圖所示)，該時(shí)刻平衡位置位于和的P、Q兩質(zhì)點(diǎn)剛開始振動(dòng)，另有一質(zhì)點(diǎn)M，平衡位置處于處。關(guān)于各質(zhì)點(diǎn)運(yùn)動(dòng)情況的判斷正確的是（）

A.兩波源的起振方向均為y軸負(fù)方向B.t=0時(shí)刻質(zhì)點(diǎn)P、Q均沿y軸負(fù)方向運(yùn)動(dòng)C.t=0.75s時(shí)刻，質(zhì)點(diǎn)P、Q都運(yùn)動(dòng)到x=0.5m處E.t=ls時(shí)刻，質(zhì)點(diǎn)M的位移為4cmE.t=ls時(shí)刻，質(zhì)點(diǎn)M的位移為4cm評(píng)卷人得分三、填空題(共9題，共18分)15、一彈簧振子的周期為1.2s，當(dāng)振子開始從平衡位置向右運(yùn)動(dòng)，恰經(jīng)0.8s時(shí)，振子向_________做加速度變__________（選填“大”或“小”）的__________（選填“加速”或“減速”）運(yùn)動(dòng)．16、“五一”小長(zhǎng)假，小明到平靜的湖面劃船游玩，當(dāng)他站在船尾將船垂直湖岸停下時(shí)，船頭剛好緊挨湖岸。此時(shí)，他發(fā)現(xiàn)該船的銘牌上記錄著“船長(zhǎng)L、空載質(zhì)量M″兩個(gè)數(shù)據(jù)。他靈機(jī)一動(dòng)；想利用這條船驗(yàn)證動(dòng)量守恒定律。

（1）小明站在靜止的船尾時(shí)，他和小船組成的系統(tǒng)動(dòng)量為______；

（2）小明從船尾走到船頭站定時(shí)，測(cè)出船頭離岸的距離為s，稱得自己的質(zhì)量為m，若系統(tǒng)的動(dòng)量守恒，則關(guān)系式_______（用M、L、m、s表示）成立:

（3）若水對(duì)船的阻力不能忽略，在小明由靜止的船尾走向船頭的過程中，系統(tǒng)總動(dòng)量的方向與______________________的運(yùn)動(dòng)方向相同（選填“小明”或“船”）。17、判斷該說法的正誤：

多普勒效應(yīng)說明波源的頻率發(fā)生變化。________18、如圖甲所示，在光滑的斜面上有一滑塊，一勁度系數(shù)為k的輕彈簧上端與滑塊相連，下端與斜面上的固定擋板連接，在彈簧與擋板間有一力傳感器(壓力顯示為正值，拉力顯示為負(fù)值)，能將各時(shí)刻彈簧中的彈力數(shù)據(jù)實(shí)時(shí)傳送到計(jì)算機(jī)，經(jīng)計(jì)算機(jī)處理后在屏幕上顯示出F－t圖象；現(xiàn)用力將滑塊沿斜面壓下一段距離，放手后滑塊將在光滑斜面上做簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)，此時(shí)計(jì)算機(jī)屏幕上顯示出如圖乙所示的圖象．

(1)滑塊做簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)的回復(fù)力是由________提供的；

(2)由圖乙所示的F—t圖象可知，滑塊做簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)的周期為________s；

(3)結(jié)合F—t圖象的數(shù)據(jù)和題目中已知條件可知，滑塊做簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)的振幅為________．19、質(zhì)量m的物體，從高h(yuǎn)處以速度v0水平拋出，從拋出到落地物體所受重力的沖量為_______。20、兩個(gè)同方向同頻率的簡(jiǎn)諧振動(dòng)，其合振動(dòng)的振幅為20cm，與第一個(gè)簡(jiǎn)諧振動(dòng)的相位差為若第一個(gè)簡(jiǎn)諧振動(dòng)的振幅為cm=17.3cm，則第二個(gè)簡(jiǎn)諧振動(dòng)的振幅為_____________cm，第一、二兩個(gè)簡(jiǎn)諧振動(dòng)的相位差為____________。21、幾列波相遇時(shí)能夠保持各自的運(yùn)動(dòng)特征，繼續(xù)傳播，在它們重疊的區(qū)域里，介質(zhì)的質(zhì)點(diǎn)______參與這幾列波引起的振動(dòng)，質(zhì)點(diǎn)的位移等于這幾列波單獨(dú)傳播時(shí)引起的位移的______．22、自從1865年麥克斯韋預(yù)言電磁波的存在，人們的生活已經(jīng)與電磁波密不可分，不同頻率的電磁波被應(yīng)用于生活的各個(gè)領(lǐng)域。例如：我國(guó)自主建立的北斗導(dǎo)航系統(tǒng)所使用的電磁波頻率約為1561MHz，家用Wi-Fi所使用的電磁波頻率約為5725MHz。則WiFi信號(hào)與北斗導(dǎo)航信號(hào)疊加時(shí)，__________（填“能”或“不能”）產(chǎn)生干涉現(xiàn)象：當(dāng)Wi-Fi信號(hào)穿越墻壁進(jìn)入另一個(gè)房間后，其波長(zhǎng)_________，原因是__________。23、動(dòng)能相等的兩物體A、B在光滑水平面上沿同一直線相向而行，它們的速度大小之比則其質(zhì)量之比mA∶mB=___；動(dòng)量之比___；兩者碰后粘在一起運(yùn)動(dòng)，其總動(dòng)量與A原來動(dòng)量大小之比__。評(píng)卷人得分四、作圖題(共1題，共5分)24、O點(diǎn)是彈簧振子的平衡位置，在圖上標(biāo)出振子在B點(diǎn)的振動(dòng)位移和在A點(diǎn)的加速度。

評(píng)卷人得分五、實(shí)驗(yàn)題(共3題，共6分)25、某實(shí)驗(yàn)小組用如圖甲所示的實(shí)驗(yàn)裝置研究?jī)蓚€(gè)不同材質(zhì)小球的碰撞是否為彈性碰撞；主要實(shí)驗(yàn)步驟如下：

①用天平測(cè)出半徑相同的入射小球和被撞小球的質(zhì)量分別為和

②按照如圖甲所示安裝實(shí)驗(yàn)裝置；調(diào)整斜槽末端水平，并在斜槽末端懸掛鉛垂線；

③白紙?jiān)谙?，?fù)寫紙?jiān)谏锨以谶m當(dāng)位置鋪放好，記下鉛垂線所指的位置O；

④不放被撞小球；讓入射小球每次均從斜槽上某固定位置自由釋放，重復(fù)10次。用圓規(guī)畫盡量小的圓把所有的小球落點(diǎn)圈在里面；

⑤把被撞小球放在斜槽末端；讓入射小球均從斜槽上同一固定位置沿斜槽自由釋放，使它們發(fā)生碰撞，重復(fù)實(shí)驗(yàn)10次。用步驟④的方法，標(biāo)出碰后入射小球和被撞小球落點(diǎn)的平均位置；

⑥測(cè)量標(biāo)記落點(diǎn)的平均位置a、b、c到O點(diǎn)的距離；如圖乙所示。

（1）圖乙中間的距離為_________

（2）在實(shí)驗(yàn)操作規(guī)范的情況下，根據(jù)實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)判斷，_________（選填“a”“b”或“c”）為被撞小球落點(diǎn)的平均位置；

（3）根據(jù)數(shù)據(jù)計(jì)算，本次實(shí)驗(yàn)中兩小球的碰撞_________（選填“是”或“不是”）彈性碰撞。26、小鄭同學(xué)想在家里做用單擺測(cè)定重力加速度的實(shí)驗(yàn)；但沒有合適的擺球，他找到了一塊大小約為3cm；外形不規(guī)則的大理石塊代替小球．他設(shè)計(jì)的實(shí)驗(yàn)步驟的是：

A.將石塊用細(xì)線系好，結(jié)點(diǎn)為M，將細(xì)線的上端固定于O點(diǎn)(如圖所示)

B.用刻度尺測(cè)量OM間細(xì)線的長(zhǎng)度l作為擺長(zhǎng)。

C.將石塊拉開一個(gè)約為5°的偏角；然后由靜止釋放。

D.從擺球擺到最低點(diǎn)時(shí)開始計(jì)時(shí)，測(cè)出石塊經(jīng)過最低點(diǎn)30次的總時(shí)間t，由得出周期。

(1)則該同學(xué)以上實(shí)驗(yàn)步驟中有錯(cuò)誤的是_________(填寫序號(hào))．

(2)根據(jù)單擺周期公式推導(dǎo)可得重力加速度的表達(dá)式為_____________；若該同學(xué)用OM的長(zhǎng)作為擺長(zhǎng)代入上述公式(其他錯(cuò)誤已糾正)，這樣做引起的系統(tǒng)誤差將使重力加速度的測(cè)量值________(填“大于”“小于”或“等于”)真實(shí)值．27、小明同學(xué)做“測(cè)量玻璃磚的折射率”實(shí)驗(yàn)時(shí)。在木板上面鋪一張白紙，把玻璃磚放在白紙上，描出玻璃磚的兩個(gè)邊a和然后，在玻璃磚的一側(cè)插兩個(gè)大頭針A和B，AB的延長(zhǎng)線與直線a的交點(diǎn)為O，A、B就確定了射入玻璃磚的光線；在眼睛這一側(cè)再插第三個(gè)大頭針C，使它把A、B都擋住，在眼睛這一側(cè)插第四個(gè)大頭針D，使它把前三個(gè)大頭針都擋住，CD的延長(zhǎng)線與直線的交點(diǎn)為C；D就確定了射出玻璃磚的光線；拿掉玻璃磚，在白紙上描出光線的徑跡。如圖甲所示：

（1）小明同學(xué)接下來還要完成的必要步驟有______；

（2）如圖乙所示，如果小明同學(xué)在描玻璃磚的兩個(gè)邊a和時(shí)，將玻璃磚界面畫得離開了玻璃磚界面一段距離，而其他操作完全正確，則測(cè)得的折射率______準(zhǔn)確值（選填“大于”、“小于”或“等于”）。評(píng)卷人得分六、解答題(共2題，共10分)28、如圖所示，某玻璃磚的截面由半徑為R的半圓和等腰直角三角形ABC組成，AC是半圓的直徑。一束單色光照射在圓弧面上的D點(diǎn)，入射角為60°，折射光線剛好射在AB邊的中點(diǎn)E，該折射光線在AB面上的入射角為45°，已知光在真空中傳播速度為c；求：

（1）玻璃磚對(duì)該單色光的折射率；

（2）該單色光在玻璃磚中傳播的時(shí)間（不考慮光在圓弧面上的反射）。

29、如圖甲所示，光滑水平面上木板A將輕彈簧壓縮由靜止釋放，被彈簧彈開后向右運(yùn)動(dòng)，與右側(cè)固定的擋板發(fā)生彈性碰撞，木板A從釋放開始運(yùn)動(dòng)的x-t圖像如圖乙所示，其中是正弦曲線的一部分。如圖丙所示，若在A的左側(cè)再疊放另一小物塊B后仍將彈簧壓縮由靜止釋放，彈開過程A、B保持相對(duì)靜止。已知木板A的質(zhì)量木板長(zhǎng)物塊B的質(zhì)量A、B間的動(dòng)摩擦因數(shù)重力加速度為g。求：

（1）彈簧中的最大彈性勢(shì)能

（2）從釋放到B滑離A的過程中，A與擋板碰撞的次數(shù)n；

（3）從釋放到B滑離A的過程中，A運(yùn)動(dòng)的路程s。

參考答案一、選擇題(共7題，共14分)1、C【分析】【分析】

【詳解】

當(dāng)t=T時(shí)；彈簧振子具有正向的最大速度，彈簧振子在平衡位置，且下一時(shí)刻彈簧振子的位移為正，向正方向振動(dòng)，所以C正確；ABD錯(cuò)誤；

故選C。2、A【分析】【詳解】

A．結(jié)合甲、乙兩圖可以知道時(shí)刻振子的位移為正值且最大，振子位于N，的大小等于l；A正確；

B．時(shí)間內(nèi)振子的位移為正值，且逐漸增大，振子由O向N運(yùn)動(dòng)；B錯(cuò)誤；

C．時(shí)間內(nèi)振子的位移為正值，且逐漸減小，振子由N向O運(yùn)動(dòng)；C錯(cuò)誤；

D．時(shí)間內(nèi)振子先從位移為零處沿正方向運(yùn)動(dòng)到正的最大位移處，再?gòu)恼淖畲笪灰铺幯刎?fù)方向運(yùn)動(dòng)到位移為零處；時(shí)間內(nèi)振子先從位移為零處沿負(fù)方向運(yùn)動(dòng)到負(fù)的最大位移處；再?gòu)呢?fù)的最大位移處沿正方向運(yùn)動(dòng)到位移為零處，D錯(cuò)誤。

故選A。3、B【分析】【分析】

【詳解】

A．不論聲源如何運(yùn)動(dòng)；聲源的頻率是不變的，故A正確；

B．波源運(yùn)動(dòng)時(shí)；波源與觀察者距離不一定變化，不一定發(fā)生多普勒效應(yīng)，故B錯(cuò)誤；

C．聲源遠(yuǎn)離觀察者運(yùn)動(dòng)時(shí)；聲源頻率不變，但觀察者接收到的頻率就低，故C正確；

D．聲源相對(duì)觀察者運(yùn)動(dòng)時(shí)；二者距離可能增大，也可能減小，故觀察者接收到的頻率可能變低，也可能變高，故D正確。

本題選擇錯(cuò)誤的，故選B。4、C【分析】【詳解】

物體從A到B過程應(yīng)用動(dòng)能定理得

物體從B到A過程應(yīng)用能量守恒得

當(dāng)在A點(diǎn)的速度時(shí)，在B點(diǎn)的瞬時(shí)沖量最小，即

解得

對(duì)物體應(yīng)用動(dòng)量定理

故選C。5、C【分析】【分析】

【詳解】

A．牛頓運(yùn)動(dòng)定律既適用于恒力作用規(guī)律也適用于變力作用規(guī)律；A錯(cuò)誤；

B．物塊脫離彈簧到B的過程；由于水平面光滑，在水平方向上不受其他力，做勻速直線運(yùn)動(dòng)，可以不使用牛頓運(yùn)動(dòng)定律，但該過程沒有碰撞產(chǎn)生，所以不使用牛頓運(yùn)動(dòng)定律的原因，不是滿足動(dòng)量守恒，故B錯(cuò)誤；

C．物塊從B到C的過程；受重力，摩擦力，軌道給的支持力，其中摩擦力和支持力為變力，且做曲線運(yùn)動(dòng)，因此牛頓運(yùn)動(dòng)定律求解會(huì)很繁瑣，直接使用動(dòng)能定理比較方便，C正確；

D．牛頓運(yùn)動(dòng)定律適用于一切宏觀低速運(yùn)動(dòng)；無論機(jī)械能守恒不守恒，都適用，D錯(cuò)誤。

故選C。6、D【分析】【詳解】

A．該波的振幅為A錯(cuò)誤；

B．周期為0.2s；故頻率為5Hz，B錯(cuò)誤；

C．波速為則波長(zhǎng)為

C錯(cuò)誤；

D．經(jīng)過波傳播的距離為

故波將傳播到Q點(diǎn)；D正確。

故選D。7、D【分析】【詳解】

AB．已知入射角i=45°，折射角r=30°，則此介質(zhì)的折射率為

AB錯(cuò)誤；

C．光從真空斜射向某種介質(zhì)的表面；是從光疏介質(zhì)射向光密介質(zhì)，不可能發(fā)生全反射，C錯(cuò)誤；

D．全反射時(shí)有

所以此介質(zhì)全反射的臨界角

D正確。

故選D。二、多選題(共7題，共14分)8、B:C:D【分析】試題分析：ABD、根據(jù)sinC=求出臨界角的大小，從而作出光路圖，根據(jù)幾何關(guān)系，結(jié)合折射定律求出出射光線的方向．

C；根據(jù)幾何關(guān)系；求出第一次的出射點(diǎn)距C的距離．

解：ABD、因?yàn)閟inC=臨界角C=45°

第一次射到AB面上的入射角為60°；大于臨界角，所以發(fā)生全發(fā)射，反射到BC面上，入射角為60°，又發(fā)生全反射，射到CD面上的入射角為30°

根據(jù)折射定律得，n=解得θ=45°．

即光從CD邊射出；與CD邊成45°斜向左下方，故A錯(cuò)誤，BD正確．

C；根據(jù)幾何關(guān)系得；AF=4cm，則BF=4cm．

∠BFG=∠BGF；則BG=4cm．所以GC=4cm．

所以CE=cm；故C正確．

故選BCD．

【點(diǎn)評(píng)】解決本題的關(guān)鍵掌握全發(fā)射的條件，以及折射定律，作出光路圖，結(jié)合幾何關(guān)系進(jìn)行求解．9、B:C【分析】【詳解】

球B是單擺，根據(jù)單擺的周期公式B第一次回到平衡位置過程的時(shí)間：球A勻加速下降，根據(jù)位移時(shí)間關(guān)系公式，有解得：故B正確；球A勻加速下降，根據(jù)牛頓第二定律，有：mg-f=ma，解得：f=m（g-a）=0.6mg，A球受到的摩擦力等于其重力的0.6倍，故AD錯(cuò)誤，C正確．所以BC正確，AD錯(cuò)誤．10、A:B:D【分析】【詳解】

A．根據(jù)速度圖象可知，在0～t1時(shí)間物體的速度減小；滑動(dòng)摩擦力對(duì)小物塊做負(fù)功，故A正確；

B．0～t1過程中，根據(jù)動(dòng)量定理I=0-mv2

可得小物塊的合力的沖量為-mv2；故B正確；

C．由圖可知t1時(shí)刻速度為零；所以此時(shí)小物塊的動(dòng)能最小，故C錯(cuò)誤；

D．由圖可知在0～t2時(shí)間內(nèi)；小物塊的速度先減小后增大，所以小物塊的動(dòng)量先減小后增大，故D正確。

故選ABD。11、B:D【分析】【詳解】

A．b沿a上升到最大高度時(shí)，兩者速度相等，取向右為正方向，在水平方向，由動(dòng)量守恒定律得mv0=(m＋4m）v

由機(jī)械能守恒定律得mv02=（m＋4m）v2＋mgh

解得h=

A錯(cuò)誤；

B．滑塊b從滑上a到滑離a后，物塊a運(yùn)動(dòng)的速度最大。系統(tǒng)在水平方向動(dòng)量守恒，對(duì)整個(gè)過程，以向右為正方向，由動(dòng)量守恒定律得mv0=mvb＋4mva

由機(jī)械能守恒定律得mv02=mvb2＋×4mva2

解得va=v0，vb=v0

B正確；

C．對(duì)b由動(dòng)量定理

C錯(cuò)誤；

D．對(duì)b由動(dòng)能定理

D正確。

故選BD。12、B:C【分析】【詳解】

AB．根據(jù)動(dòng)量公式可知A球質(zhì)量大；A球運(yùn)動(dòng)的速度小，且A；B球的速度為正，故碰前兩球均向右運(yùn)動(dòng)，要使兩球發(fā)生碰撞，由于A球運(yùn)動(dòng)的速度小，故右方是A球,故A錯(cuò)誤，故B正確；

C．由動(dòng)量守恒定律得

碰撞后A球動(dòng)量

碰撞后B球動(dòng)量

根據(jù)動(dòng)量公式碰撞后A；B兩球速度大小之比為5：2，故C正確；

D．碰撞前系統(tǒng)的總動(dòng)能為

同理碰撞后系統(tǒng)的總動(dòng)能為

可知碰撞過程中系統(tǒng)的動(dòng)能守恒；所以兩球發(fā)生的碰撞是彈性碰撞，故D錯(cuò)誤。

故選BC。13、B:C:D【分析】【分析】

【詳解】

ABC．根據(jù)圖像可知，單擺振動(dòng)的周期關(guān)系

所以周期之比為

頻率為周期的反比，所以頻率之比

若甲乙在同一地點(diǎn)，則重力加速度相同，根據(jù)周期公式

所以擺長(zhǎng)之比為4：9；A錯(cuò)誤BC正確；

D．若在不同地點(diǎn)，擺長(zhǎng)相同，根據(jù)

得重力加速度之比為9：4；D正確。

故選BCD。14、A:B:D【分析】【詳解】

AB．根據(jù)波形平移法可知：時(shí)刻質(zhì)點(diǎn)P、Q均沿y軸的負(fù)方向運(yùn)動(dòng)，則質(zhì)點(diǎn)P、Q的起振方向均沿y軸的負(fù)方向運(yùn)動(dòng)，兩波源的起振方向均為y軸負(fù)方向；故AB正確；

C．質(zhì)點(diǎn)P、Q在平衡位置附近振動(dòng)；不會(huì)沿波的傳播方向運(yùn)動(dòng)，故C錯(cuò)誤；

DE．由圖知波長(zhǎng)由得，該波的周期為

則時(shí)刻，兩列波谷都傳播到點(diǎn)，質(zhì)點(diǎn)的位移為

故D正確；E錯(cuò)誤。

故選ABD。三、填空題(共9題，共18分)15、略

【分析】【詳解】

[1][2][3]由于

所以經(jīng)0.8s應(yīng)在平衡位置左邊向振幅位置運(yùn)動(dòng)，所以位移增大，加速度增大，速度減小，所以振子向左做加速增大的減速運(yùn)動(dòng)?！窘馕觥孔蟠鬁p速16、略

【分析】【分析】

【詳解】

（1）[1]小明站在靜止的船尾時(shí)；他和小船組成的系統(tǒng)動(dòng)量為0；

（2）[2]小明從船尾走到船頭站定時(shí)，測(cè)出船頭離岸的距離為s，稱得自己的質(zhì)量為m，若系統(tǒng)的動(dòng)量守恒，則

即關(guān)系式

成立；

（3）[3]若水對(duì)船的阻力不能忽略，則系統(tǒng)受合力方向即為阻力方向，與船運(yùn)動(dòng)方向相反，與人運(yùn)動(dòng)方向相同，則在小明由靜止的船尾走向船頭的過程中，系統(tǒng)總動(dòng)量的方向與小明的運(yùn)動(dòng)方向相同?！窘馕觥?小明17、略

【分析】【分析】

【詳解】

多普勒效應(yīng)說明接收的頻率發(fā)生變化，而波源的頻率不會(huì)變，所以多普勒效應(yīng)說明波源的頻率發(fā)生變化是錯(cuò)誤的?！窘馕觥垮e(cuò)誤18、略

【分析】【詳解】

（1）[1]對(duì)滑塊進(jìn)行受力分析；滑塊的合力為：彈簧的彈力和重力沿斜面的分力的合力，合力提供回復(fù)力．

（2）[2]由圖可以看出周期為0.4s

（3）[3]根據(jù)胡克定律：

振幅【解析】彈簧的彈力和重力沿斜面的分力的合力(或彈簧彈力、重力和斜面支持力的合力)0.419、略

【分析】【詳解】

物體做平拋運(yùn)動(dòng)，運(yùn)動(dòng)的時(shí)間由得

由沖量計(jì)算式得重力的沖量為【解析】m20、略

【分析】【詳解】

[1][2]設(shè)第一個(gè)簡(jiǎn)諧振動(dòng)表達(dá)式為

則合振動(dòng)的表達(dá)式為

所以

因此第二個(gè)簡(jiǎn)諧振動(dòng)的振幅為第一、二兩個(gè)簡(jiǎn)諧振動(dòng)的相位差為【解析】21、略

【分析】【分析】

【詳解】

略【解析】①.同時(shí)②.矢量和22、略

【分析】【詳解】

[1]WiFi信號(hào)的頻率與北斗導(dǎo)航信號(hào)的頻率不同；不能產(chǎn)生干涉現(xiàn)象。

[2][3]當(dāng)Wi-Fi信號(hào)穿越墻壁進(jìn)入另一個(gè)房間后，其頻率和波速都不變，所以波長(zhǎng)不變。【解析】不能不變見解析23、略

【分析】【詳解】

動(dòng)能解得：因兩物體的動(dòng)能相等，則兩物體質(zhì)量之比：物體的動(dòng)量為：兩物體動(dòng)量之比以B的初動(dòng)量方向?yàn)檎较?，A、B碰撞過程動(dòng)量守恒，由動(dòng)量守恒定律得：得：A、B碰撞后總動(dòng)量與A原來動(dòng)量大小之比為：．【解析】四、作圖題(共1題，共5分)24、略

【分析】【分析】

【詳解】

彈簧振子的位移由平衡位置指向振子的方向；加速度指向平衡位置，如圖。

【解析】五、實(shí)驗(yàn)題(共3題，共6分)25、略

【分析】【詳解】

（1）[1]由圖乙可知，ob之間的距離為

（2）[2]在實(shí)驗(yàn)操作規(guī)范的情況下，根據(jù)實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)判斷，因?yàn)槿肷湫∏蛸|(zhì)量大于被碰小球質(zhì)量，根據(jù)動(dòng)量守恒和平拋運(yùn)動(dòng)規(guī)律可得

代入題中數(shù)據(jù)可知，只有被碰小球落點(diǎn)的平均位置在b點(diǎn)；碰撞前后的動(dòng)量才能守恒；

（3）[3]若兩小球碰撞為彈性碰撞，則有

兩式聯(lián)立得

等式兩邊同時(shí)乘以時(shí)間t，得

本次實(shí)驗(yàn)中，兩小球的碰撞

所以兩小球的碰撞不是彈性碰撞。

解法二：如果是彈性碰撞則有

因小球碰撞以后做平拋運(yùn)動(dòng)，如果是彈性碰撞則有

即

而實(shí)際上

即不是彈性碰撞。【解析】b不是26、略

【分析】【詳解】

(1)[1]．A、將石塊用細(xì)線系好，結(jié)點(diǎn)為M，將細(xì)線的上端固定于O點(diǎn)；安裝實(shí)驗(yàn)器材，實(shí)驗(yàn)步驟正確，故A正確；

B、懸點(diǎn)到石塊重心的距離是擺長(zhǎng)，用刻度尺測(cè)量OM間細(xì)線的長(zhǎng)度l作為擺長(zhǎng)；擺長(zhǎng)測(cè)量錯(cuò)誤，故B錯(cuò)誤；

C、單擺在小擺角下的運(yùn)動(dòng)是簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)，將石塊拉開一個(gè)約的偏角；然后由靜止釋放，故C正確；

D、從擺球擺到最低點(diǎn)時(shí)開始計(jì)時(shí)，測(cè)出石塊經(jīng)過最低點(diǎn)30次的總時(shí)間t，周期

故D錯(cuò)誤；

有錯(cuò)誤的故AD．

(2)[2][3]．由單擺周期公式

可得重力加速度

用OM的長(zhǎng)作為擺長(zhǎng)，所測(cè)擺長(zhǎng)l偏小，由可以知道所測(cè)g偏?。弧窘馕觥?1)BD(