2025年浙科版必修3物理下冊月考試卷

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年浙科版必修3物理下冊月考試卷880考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五總分得分評卷人得分一、選擇題(共9題，共18分)1、兩個阻值較大的定值電阻R1、R2串聯(lián)后接在電壓穩(wěn)定的12V直流電源上，用電壓表測R1兩端電壓時，電壓表的示數(shù)為U1，測R2兩端電壓時，電壓表的示數(shù)為U2；若電壓表內(nèi)阻不能忽略。則有（）

A.U1+U2<12VB.U1+U2=12VC.U1+U2>12VD.在測R1兩端電壓時，R2兩端電壓小于U22、一電子經(jīng)過電場中A、B兩點，電子在A點電勢能為4.8×10-17J，動能為3.2×10-17J，電子經(jīng)過B點時電勢能為3.2×10-17J，如果電子只受電場力作用，則（）A.電子在B點的電勢為200VB.由A到B電場力做功為100eVC.電子在B點時動能為1.6×10-17JD.A、B兩點間電勢差UAB=100V3、電源、電阻箱、電壓表與開關(guān)連接成如圖所示的電路。閉合開關(guān)S后，當(dāng)電阻箱接入電路的阻值時，電壓表示數(shù)為2.00V。已知電源的電動勢內(nèi)阻r一定。當(dāng)電阻箱接入電路的阻值繼續(xù)增大時；電壓表的示數(shù)（）

A.增大B.減小C.不變D.先減小后增大4、如圖所示，原來不帶電，長為l的導(dǎo)體棒水平放置，現(xiàn)將一個電荷量為+q（q>0）的點電荷放在棒的中心軸線上距離棒的左端R處，A、B分別為導(dǎo)體棒左右兩端的一點，靜電力常量為k。當(dāng)棒達到靜電平衡后，下列說法正確的是（）

A.增加點電荷的帶電量，導(dǎo)體靜電平衡時O處的電子受到的電場力將增大B.導(dǎo)體棒A點會感應(yīng)出正電荷C.導(dǎo)體棒上的感應(yīng)電荷在棒的中心O處產(chǎn)生的電場強度大小為零D.導(dǎo)體棒上感應(yīng)電荷在棒的中心O處產(chǎn)生的電場強度大小5、如圖，M、N和P是以為直徑的半圓弧上的三點，O點為半圓弧的圓心，電荷量相等、符號相反的兩個點電荷分別置于M、N兩點，這時處于O點的點電荷所受靜電力大小為若將N點處的點電荷移至P點，則O點的點電荷所受靜電力大小變?yōu)榕c之比為（）

A.B.C.D.6、關(guān)于電場強度的概念，下列說法正確的是()A.由可知，某電場的場強E與q成反比，與F成正比B.正、負試探電荷在電場中同一點受到的電場力方向相反，所以某一點場強方向與放入試探電荷的正負有關(guān)C.電場中某一點的場強與放入該點的試探電荷的正負無關(guān)D.電場中某一點不放試探電荷時，該點場強等于零7、如圖所示，帶有等量異種電荷的平行板電容器與靜電計相連，靜電計的金屬外殼和電容器下極板都接地，在兩極板間的點固定著一個檢驗電荷，表示兩板之間的電壓，表示兩板間的電場強度，表示靜電計指針的偏角，表示檢驗電荷在點的電勢能。若保持下極板不動；將上極板向下移動一小段距離至圖中的虛線位置，則（）

A.增大，不變B.不變，不變C.減小，增大D.不變，增大8、下列家用電器中，主要利用電流熱效應(yīng)的是（）A.電風(fēng)扇B.電熱毯C.電冰箱D.洗衣機9、關(guān)于場強的兩個公式和下列說法中正確的是A.q表示場中的試探電荷、Q表示場源電荷B.E隨q的增大而減小，隨Q的增大而增大C.第一個公式適用于包括點電荷在內(nèi)的所有場源的電場，且E的方向和F一致D.第二個公式適用于包括點電荷在內(nèi)的所有場源的電場，且拿走Q后，E就不存在了評卷人得分二、多選題(共7題，共14分)10、如圖2所示，電路中的電源電動勢為E，內(nèi)阻為r．其中L1、L2和L3為小燈泡，V1和V2為電壓表，R為光敏電阻；其不同光照下（光照強度單位為坎德拉，cd）的伏安特性曲線如圖1所示．閉合開關(guān)S，當(dāng)光敏電阻上的光照增強時，下列說法正確的是（）

A.小燈泡L3變暗，L1、L2變亮B.小燈泡L1、L3變亮，L2變暗C.電壓表V1示數(shù)變化量比電壓表V2大D.電壓表V2示數(shù)變小11、光滑絕緣水平面上固定兩個等量點電荷，它們連線的中垂線上有A、B、C三點，如圖甲所示。一質(zhì)量m=1kg的帶正電小物塊由A點靜止釋放，并以此時為計時起點，沿光滑水平面經(jīng)過B、C兩點，其運動過程的v-t圖象如圖乙所示，其中圖線在B點位置時斜率最大；根據(jù)圖線可以確定（）

A.中垂線上B點電場強度最大B.兩點電荷是負電荷C.B點是A、C連線的中點D.UBC>UAB12、真空中兩個點電荷分別固定于x軸上和兩點，在它們的連線上場強E與x的關(guān)系如圖所示（取x軸正方向為場強正方向；無窮遠處為電勢零點），以下判斷正確的是（）

A.都帶正電B.與的電荷量大小之比是1：9C.x軸上處的電勢小于零D.正點電荷q在x軸上處的電勢能比在處的小13、不帶電導(dǎo)體P置于電場中，其周圍電場線分布如圖所示，導(dǎo)體P表面處的電場線與導(dǎo)體表面垂直，a、b為電場中的兩點；則（）

A.a點電場強度大于b點電場強度B.a點電勢高于b點電勢C.負檢驗電荷在a點的電勢能比在b點的大D.正檢驗電荷從a點移到b點的過程中，靜電力做負功14、如圖所示，豎直平面內(nèi)存在一勻強電場，電場強度方向與水平方向間的夾角θ=60°，O、M為其中一條電場線上的兩點，一帶電粒子電荷量為q，不計重力，在O點以水平初速度v0進入電場，經(jīng)過時間t粒子到達與M在同一水平線上的N點，且OM=MN；則（）

A.UMO=UNMB.粒子帶負電C.帶電粒子在O點的電勢能小于在N點的電勢能D.由O到N運動過程中，電場力的功率增大15、沿電場中某條直線電場線方向建立x軸，該電場線上各點電場強度E隨x的變化規(guī)律如圖所示，坐標點O、x1、x2和x3與x軸上O、A、B、C四點相對應(yīng)，相鄰兩點間距離相等。一個帶正電的粒子從O點由靜止釋放，運動到A點的動能為Ek；僅考慮電場力作用。則（）

A.從O點到C點，電勢先升高后降低B.粒子運動到C點時動能小于3EkC.粒子先做勻加速運動，后做變減速運動D.粒子在AB段的電勢能變化量大于BC段的電勢能變化量16、如圖所示；圖中虛線是勻強磁場區(qū)的邊界，一個閉合線框自左至右穿過該磁場區(qū)，線框經(jīng)過圖示的哪些位置時有感應(yīng)電流（）

A.在位置1B.在位置2C.在位置3D.在位置4評卷人得分三、填空題(共7題，共14分)17、電源和電阻R組成閉合電路，它們的U—I關(guān)系圖線如圖所示。該電源的內(nèi)阻為________，電源消耗的總功率為________W。

18、(1)在真空中兩個帶等量異種電荷的點電荷，電荷量均為2×10－8C，相距20cm，則它們之間的相互作用力為________N，在兩者連線的中點處，電場強度大小為________N/C.

(2)如圖，a、b是兩個帶有同種電荷的小球，用絕緣絲線懸掛于同一點，兩球靜止時，它們距水平面的高度相等，繩與豎直方向的夾角分別為α、β，且α＜β.若同時剪斷兩根細線，空氣阻力不計，兩球帶電荷量不變，兩球質(zhì)量為ma，mb，兩球落地時間為ta，tb，落地時水平位移為xa，xb，則ma________mb，ta______tb，xa______xb.(填＞；＜或＝)

19、非線性電阻R的圖線如圖甲所示，按照圖乙連接電路，電壓恒為電流表示數(shù)為定值電阻為800Ω，則此時非線性電阻R的阻值為______Ω，非線性電阻R的電功率為______W。（均保留三位有效數(shù)字）

20、（1）電流是矢量，電荷定向移動的方向為電流的方向。（______）

（2）由R＝可知，導(dǎo)體的電阻與導(dǎo)體兩端電壓成正比，與流過導(dǎo)體的電流成反比。（______）

（3）由ρ＝知，導(dǎo)體的電阻率與導(dǎo)體的電阻和橫截面積的乘積成正比，與導(dǎo)體的長度成反比。（______）

（4）公式W＝UIt適用于任何電路求電功。（______）

（5）公式Q＝I2Rt只適用于純電阻電路求電熱。（______）

（6）電流I隨時間t變化的圖像與時間軸所圍面積表示通過導(dǎo)體橫截面的電荷量。（______）21、（1）串聯(lián)電路：把幾個導(dǎo)體（用電器）_________連接，接入電路的連接方式。如圖甲所示。

（2）并聯(lián)電路：把幾個導(dǎo)體（用電器）的一端_________，另一端_________，再將兩端接入電路的連接方式。如圖乙所示。22、如圖所示，A和B兩平行金屬板相距10mm，M點距A板及N點距B板均為2mm，兩極板間的電壓為4V，則板間場強為______N/。A．A板電勢為________V，N點電勢為________V.23、銅的摩爾質(zhì)量為M、密度為每摩爾銅原子有個自由電子。今有一根橫截面積為的銅導(dǎo)線，當(dāng)通過的電流為時，電子定向移動的平均速率為______。評卷人得分四、實驗題(共2題，共10分)24、（1）一位同學(xué)在實驗中分別用游標卡尺和螺旋測微器測量物體長度，得到結(jié)果如圖所示，游標卡尺示數(shù)______mm，螺旋測微器示數(shù)________mm。

（2）現(xiàn)用伏安法研究某電子器件R1（6V；2.5W）的伏安特性曲線，要求特性曲線盡可能完整（直接測量的變化范圍盡可能大一些），備有下列器材：

A．直流電（6V；內(nèi)阻不計）；

B．電流表G（滿偏電流Ig＝3mA，內(nèi)阻Rg＝10Ω）；

C．電流表A（0~0.6A；內(nèi)阻未知）；

D．滑動變阻器（0~20Ω；5A）；

E．滑動變阻器（0~200Ω；1A）；

F．定值電阻R0（阻值1990Ω）；

G．開關(guān)與導(dǎo)線若干。

①由于沒有電壓表，同學(xué)用電流表G和定值電阻R0改裝成了一個電壓表，電壓表的量程是________，根據(jù)題目提供的實驗器材，請你在方框中設(shè)計出測量電子器件R1伏安特性曲線的電路原理圖______（R1可用“”表示）

。②在實驗中，為了操作方便且能夠準確地進行測量，測動變阻器應(yīng)選用________（填寫器材序號）。25、在“描繪小燈泡的伏安特性曲線”的實驗中。

(1)設(shè)計如圖甲所示電路圖，要求小燈泡兩端的電壓從零開始變化，且能盡量減小系統(tǒng)誤差，開關(guān)接___（填“M”或“N”）閉合開關(guān)S前滑片P置于_______（填“A端”或“B端”）

(2)若實驗中電流表出現(xiàn)故障，不能使用。該同學(xué)需將一個滿偏電流為1mA、內(nèi)阻為30Ω的表頭改裝成量程為0-0.6A的電流表，則應(yīng)將表頭與電阻箱_________（填“串聯(lián)”或“并聯(lián)”），并將該電阻箱阻值調(diào)為__________Ω。（保留一位有效數(shù)字）

(3)實驗得到小燈泡的伏安特性曲線如圖乙所示，若用一電動勢E=3V、r=10Ω的電源與該小燈泡連接如圖丙所示的電路，電路接通穩(wěn)定后小燈泡消耗的功率為______W，若用另一只與該小燈泡完全相同的燈泡與電動勢E=3V、r=10Ω的電源連接如圖丁所示的電路，則電路接通穩(wěn)定后電源的輸出功率為______W。（計算結(jié)果保留兩位小數(shù)）評卷人得分五、解答題(共1題，共6分)26、如圖所示是利用電動機提升重物的示意圖，其中D是直流電動機．P是一個質(zhì)量為m的重物，它用細繩拴在電動機的軸上．閉合開關(guān)S，重物P以速度v勻速上升，這時電流表和電壓表的示數(shù)分別是I=5.0A和U=110V，重物P上升的速度v=1.0m/s．已知重物的質(zhì)量m=45kg（g取10m/s2）．求：

（1）電動機消耗的電功率P電；

（2）細繩對重物做功的機械功率P機；

（3）電動機線圈的電阻R．

參考答案一、選擇題(共9題，共18分)1、A【分析】【詳解】

ABC．將電壓表與電阻R1并聯(lián)時，電壓表的讀數(shù)為U1，則不接電壓表時電阻R1兩端的電壓U1′大于U1；將電壓表與電阻R2并聯(lián)時，電壓表的讀數(shù)為U2，則不接電壓表時電阻R2兩端的電壓U2′大于U2；因U1′+U2′=12V，則U1+U2<12V；選項A正確，BC錯誤；

D．若將電壓表與電阻R1并聯(lián)，則其并聯(lián)的總電阻小于R1，根據(jù)串聯(lián)電阻的電壓分配可知，電壓表的讀數(shù)U1將小于U1′，則R2兩端電壓大于U2′，也大于U2；選項D錯誤；

故選A。2、B【分析】【詳解】

A．電子在B點的電勢為

故A錯誤；

B．電場力做的功等于電勢能的改變量，所以

故B正確；

C．A、B兩點電子只受電場力，則電子的動能和電勢能之后保持不變，在A點

在B點

故C錯誤；

D．有

所以

故D錯誤。

故選B。3、A【分析】【詳解】

根據(jù)閉合電路歐姆定律可得，電路電流為

電壓表的示數(shù)等于電阻箱兩端電壓，則有

可知當(dāng)電阻箱接入電路的阻值繼續(xù)增大時；電壓表的示數(shù)增大。

故選A。4、D【分析】【詳解】

A．導(dǎo)體靜電平衡時O處的電場強度為零；電子所受電場力為零，故A錯誤；

B．導(dǎo)體棒A點會感應(yīng)出負電荷；故B錯誤；

CD．導(dǎo)體靜電平衡時O處的電場強度為零，即感應(yīng)電荷在棒的中心O處產(chǎn)生的電場強度與電荷q在O點產(chǎn)生的電場強度等大反向，所以有

故C錯誤；D正確。

故選D。5、B【分析】【詳解】

假設(shè)M、O兩處點電荷帶正電、N處點電荷帶負電，依題意，M、N處兩點電荷對O點的點電荷的靜電力大小均為則當(dāng)N點處的點電荷移至P點時，O處點電荷所受靜電力如圖所示。

由幾何關(guān)系可知，合力大小為

則有

故選B。6、C【分析】【詳解】

AC．電場中某點的電場強度與試探電荷所受的電場力F以及試探電荷所帶的電量q以及電性均無關(guān)；選項A錯誤，C正確；

B．正；負試探電荷在電場中同一點受到的電場力方向相反；但是某一點場強方向與放入試探電荷的正負無關(guān)，選項B錯誤；

D．電場中某一點的電場強度是由電場本身決定的，與是否放試探電荷無關(guān)，選項D錯誤．7、B【分析】【詳解】

電容器與電源斷開，故電量不變；上極板向下移動時，兩板間的距離減小，根據(jù)可知，電容C增大，則根據(jù)可知，電壓U減小，故靜電計指針偏角θ減小，兩板間的電場強度

因此電場強度與板間距無關(guān)，因此電場強度E不變，再設(shè)P與下極板距離為L，則P點的電勢φP=EL，電勢能EP=qEL；因此電荷在P點的電勢能EP保持不變。

故選B。8、B【分析】【詳解】

A．電風(fēng)扇利用電動機帶動工作；利用了電流的磁效應(yīng)，故A錯誤；

B．電熱毯將電能轉(zhuǎn)化為內(nèi)能；利用電流熱效應(yīng)，故B正確；

C．電冰箱利用電動機帶動工作；利用了電流的磁效應(yīng)，故C錯誤；

D．洗衣機利用電動機帶動工作，利用了電流的磁效應(yīng)，故D錯誤；9、A【分析】【詳解】

場強的兩個公式和中，q表示場中的試探電荷、Q表示場源電荷，選項A正確；E由電場本身決定，與q無關(guān)；E隨Q的增大而增大，選項B錯誤；第一個公式適用于包括點電荷在內(nèi)的所有場源的電場，且E的方向和正電荷的受力F一致，選項C錯誤；第二個公式只適用于點電荷的電場，且拿走Q后，E就不存在了，選項D錯誤；故選A.二、多選題(共7題，共14分)10、A:C【分析】【分析】

【詳解】

AB．光敏電阻光照增強，故光敏電阻的阻值減小，電路中的總電阻減?。挥砷]合電路歐姆定律可得，電路中總電流增大，內(nèi)電壓增大，則外電壓減小，由于L2處于干路，則其電流增大，亮度變亮；因L2燈泡的電壓增大，那么L3電壓減小，則其電流減小，因此L3變暗；因L3電流減小，那么L1的電流增大，因此L1變亮；故A正確，B錯誤；

CD．由上分析，可知，電壓表V1測量L3電壓，而電壓表V2測量L2的電壓，因此電壓表V2示數(shù)變大，而電壓表V1示數(shù)變小，由于外電壓減小，那么壓表V1示數(shù)變化量比電壓表V2大，故C正確，D錯誤．11、A:D【分析】【分析】

【詳解】

A．根據(jù)v-t圖象的斜率表示加速度，知小物塊在B點的加速度最大，所受的電場力最大，所以中垂線上B點電場強度最大；選項A正確；

B．小物塊從B到C動能增大；電場力做正功，且小物塊帶正電，可知兩點電荷是正電荷，選項B錯誤；

C．中垂線上電場線分布不均勻，不能確定B點是A、C連線的中點；選項C錯誤；

D．小物塊從A→B的過程中；根據(jù)動能定理有。

qUAB=mvB2-mvA2=×1×42J-0=8J小物塊從B→C的過程中；根據(jù)動能定理有。

qUBC=mvC2-mvB2=×1×72J-×1×42J=16.5J對比可得。

UBC>UAB選項D正確。

故選AD。12、B:C【分析】【詳解】

A．由圖像知處合場強為零，結(jié)合場強的方向，易知帶負電；故A錯誤；

B．因處合場強為零，即

可得

故B正確；

C．因無窮遠處電勢為零；負電荷所在電場中電勢處處小于零，故C正確；

D．正點電荷從處運動到處電場力做正功；電勢能減小，故D錯誤。

故選BC。13、A:B【分析】【分析】

【詳解】

A．由電場線越密的地方，電場強度越大，則有

A正確；

B．沿著電場線，電勢逐漸降低，a點處于電場線的靠前的位置，即a點的電勢比P高，P的電勢比b高，故a點電勢高于b點的電勢；B正確；

C．負電荷在電勢高處電勢能小，在電勢低處電勢能大，故負檢驗電荷在a點的電勢能比在b點的??；C錯誤；

D．正電荷在電勢高處電勢能大，在電勢低處電勢能小，故正檢驗電荷從a點移到b點的過程中；電勢能減小，則電場力做正功，D錯誤。

故選AB。14、B:D【分析】【詳解】

A．由于在勻強電場中，所以

故A錯誤；

B．根據(jù)粒子的運動軌跡可知；粒子所受電場力與電場方向相反，故粒子帶負電，故B正確；

C．粒子帶負電，從O到N電場力做正功，電勢能減小，則帶電粒子在O點的電勢能大于在N點的電勢能；故C錯誤；

D．由

由O到N運動過程中，粒子沿電場線方向的速度v增大；可知電場力的功率增大，故D正確。

故選BD。15、B:D【分析】【詳解】

A．由圖知，從O點到C點；沿電場線方向，電勢逐漸降低，A錯誤；

B．由E-x圖像中圖線與坐標軸圍成的圖形“面積”代表電勢差

得

由動能定理得

知粒子運動到C點時動能小于3Ek；B正確；

C．由靜止釋放的粒子所受電場力與速度方向一致，所以粒子一直做加速直線運動，在段電場強度逐漸變大；粒子所受電場力逐漸變大，做加速度增大的變加速直線運動，C錯誤；

D．E-x圖像中圖線與坐標軸圍成的圖形“面積”代表電勢差，AB段的電勢差大于BC段的電勢差，故電場力做功WAB>WBC，由電場力做功與電勢能變化的關(guān)系得，粒子在AB段電勢能變化量大于BC段的電勢能變化量；D正確。

故選BD。16、B:D【分析】【分析】

【詳解】

線圈在位置2和位置4時；磁通量發(fā)生變化，有感應(yīng)電流，在位置1和位置3時，磁通量不變，沒有感應(yīng)電流，BD正確，AC錯誤。

故選BD。三、填空題(共7題，共14分)17、略

【分析】【詳解】

[1][2]根據(jù)閉合電路歐姆定律得

當(dāng)時

由圖可知電源電動勢

內(nèi)阻等于圖像的斜率的絕對值，因此有

代入數(shù)據(jù)可得

由圖可知，此時電流

因此有

代入數(shù)據(jù)可得【解析】0.5618、略

【分析】【詳解】

(1)已知真空中兩點電荷的電量均為q=2×10-8C，距離r=0.2m，根據(jù)庫侖定律得兩點電荷在中點處產(chǎn)生的場強大小均為方向相同；則在兩者連線的中點處，電場強度大小為E合=2E=3.6×104N/C.

(2)對小球受力分析，根據(jù)平衡條件有：由于β＞α，所以ma＞mb；ma＞mb，因此水平方向上，a的加速度小于b的加速度．豎直方向上作自由落體運動，根據(jù)運動的獨立性可知，兩球同時落地，ta=tb；由于a的加速度小于b的加速度，因此a球水平飛行的距離比b球小.

【點睛】

第(1)題考查兩電荷連線上電場強度是兩電荷產(chǎn)生的電場強度的疊加,根據(jù)平行四邊形定則進行合成;第(2)題涉及運動的獨立性以及物體的平衡等，較好的考查了學(xué)生綜合應(yīng)用知識的能力.【解析】9×10-53.6×104>=<19、略

【分析】【詳解】

[1]電阻R1的電流為

則通過R的電流為IR=75mA-15mA=60mA，則由圖線可知R兩端電壓為UR=10V，則

[2]電阻R的電功率為P=IRUR=0.600W【解析】1670.60020、略

【分析】【分析】

【詳解】

（1）電流雖然有方向；但是不符合平行四邊形定則，是標量，故錯誤；

（2）導(dǎo)體的電阻是自身的性質(zhì)；與導(dǎo)體兩端的電壓，通過導(dǎo)體的電流無關(guān)，故錯誤；

（3）導(dǎo)體的電阻率是自身的性質(zhì)；與導(dǎo)體的電阻和橫截面積的無關(guān)，與導(dǎo)體的長度無關(guān)，故錯誤；

（4）公式W＝UIt適用于任何電路求電功；故正確；

（5）公式Q＝I2Rt只適用于所有電路求電熱；故錯誤；

（6）電流I隨時間t變化的圖像與時間軸所圍面積表示通過導(dǎo)體橫截面的電荷量，故正確。【解析】×××√×√21、略

【分析】【分析】

【詳解】

定義。

（1）[1]串聯(lián)電路:把幾個導(dǎo)體（用電器）依次首尾連接；接入電路的連接方式。如圖甲所示。

（2）[2][3]并聯(lián)電路:把幾個導(dǎo)體（用電器）的一端連在一起，另一端也連在一起，再將兩端接入電路的連接方式。如圖乙所示。【解析】①.依次首尾②.連在一起③.也連在一起22、略

【分析】【分析】

【詳解】

根據(jù)可知兩板間的電場強度為板間電場方向向上，故A點的電勢低于B板的電勢，因B板接地電勢為零，所以可知A板電勢為-4V；B、N之間的電勢差為所以N點的電勢為-0.8V．【解析】400－4－0.823、略

【分析】【詳解】

微觀電流強度的表達式