2025年浙教版高三物理下冊階段測試試卷含答案

…………○…………內…………○…………裝…………○…………內…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年浙教版高三物理下冊階段測試試卷含答案考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五六總分得分評卷人得分一、選擇題(共6題，共12分)1、隨著探月工程的不斷實施，在不久的將來，我國宇航員將登上月球進行科學實驗．假如一宇航員在月球表面以豎直向上的速度v0拋出一個小球，經(jīng)時間t后以同樣大小的速度落到月球表面，設月球半徑為r，則飛船在月球表面附近繞月球做勻速圓周運動的速度大小是（）A.B.C.D.2、小燈泡通電后其電流I隨所加電壓U變化的圖線如圖所示，P為圖線上一點，PN為圖線的切線，PQ為U軸的垂線，PM為I軸的垂線．則下列說法中正確的是（）A.隨著所加電壓的增大，小燈泡的電阻不變B.隨著所加電壓的增大，小燈泡的電阻減小C.對應P點，小燈泡電阻為R=功率為P=U1I2D.對應P點，小燈泡電阻為R=功率為P=U1I23、某行星繞太陽的運動可近似看作勻速圓周運動，若已知該行星運動的軌道半徑、運動周期以及萬有引力恒量，由此三個已知量可求得的其他物理量是（）A.該行星質量B.該行星的直徑C.太陽質量D.該行星與太陽之間的作用力4、如圖所示，水桶保持靜止，兩位冋學對水桶拉力分別為F1、F2，則F1、F2的合力方向為（）A.豎直向上B.豎直向下C.沿F1方向D.沿F2方向5、如圖所示，桌面距地面高為H，質量為m可視為質點的小球以速度v0離開桌面，若以桌面為重力勢能參考面，不計空氣阻力，重力加速度為g，當它經(jīng)過距地面高為h的A點時，所具有的機械能是（）A.mv02B.mv02+mghC.mv02+mg（H+h）D.mv02+mgH6、如圖所示，一列簡諧橫波沿x軸正向傳播，從波傳到x=1m的P點時開始計時，已知在t=0.4s時PM間第一次形成圖示波形，此時x=4m的M點正好在波谷．下列說法中正確的是（）A.P點的振動周期為0.4sB.P點開始振動的方向沿y軸正方向C.當M點開始振動時，P點正好在波谷D.這列波的傳播速度是7.5m/s評卷人得分二、填空題(共9題，共18分)7、在研究電磁感應現(xiàn)象的實驗中所用器材如圖所示．它們是①電流表；②直流電源；③帶鐵芯的線圈A；④線圈B；⑤開關；⑥滑動變阻器（用來控制電流大小以改變磁場強弱）．

（1）試按實驗的要求完成實物圖上的連線．開關閉合，移動滑動變阻器，指針____（“會”或者“不會”）發(fā)生偏轉．

（2）若連接滑動變阻器的兩根導線接在接線柱C和D上，而在開關剛剛閉合時電流表指針右偏，則開關閉合后滑動變阻器的滑動觸頭向接線柱C移動時，電流表指針將____（填“左偏”“右偏”或“不偏”）．8、在輕質彈簧下端懸掛一質量為0.1kg的物體，當物體靜止后，彈簧伸長了0.01m，取g=10m/s2．該彈簧的勁度系數(shù)為____N/m．9、（2012秋?柯城區(qū)校級月考）如圖所示，A、B、C是由正點電荷形成的電場中一條電場線上的三個點，已知AB=BC，若A、B兩點間電勢差UAB=10V，A點的電勢φA=2.0V，則B點的電勢φB=____V；B、C兩點間電勢差UBC____10V（填“大于、小于或等于”）．10、某學習小組要描繪一只小電珠（2.5V；0.5A）的伏安特性曲線，所供選擇的器材除了導線和開關外，還有以下一些器材可供選擇：

A．電源E（電動勢為3.0V；內阻不計）

B．電壓表V1（量程為0～3.0V；內阻約為2kΩ）

C．電壓表V2（量程為0～15.0V；內阻約為6KΩ）

D．電流表A1（量程為0～0.6A；內阻約為1Ω）

E．電流表A2（量程為0～100mA；內阻約為2Ω）

F．滑動變阻器R1（最大阻值10Ω）

G．滑動變阻器R2（最大阻值2kΩ）

①為了減小實驗誤差，實驗中電壓表應選擇____，電流表應選擇____，滑動變阻器應選擇____．（填器材的符號）

②為提高實驗精度；請你為該學習小組設計電路圖，并畫在方框中．

③下表中的各組數(shù)據(jù)是此學習小組在實驗中測得的；根據(jù)表格中的數(shù)據(jù)在方格紙上作出該電珠的伏安特性曲線．

。U（V）0.511.52.02.5I（A）0.170.300.390.450.49④由圖象可知，該電阻的變化特性是溫度升高，電阻____．11、如圖所示，一束β粒子自下而上進人一垂直紙面的勻強磁場后發(fā)生偏轉，則磁場方向向____，進人磁場后，p粒子的動能____（填“增加”；“減少”或“不變”）．

12、【題文】（10分）如圖所示，電源電動勢為E，內電阻為r．兩電壓表可看作是理想電表，當閉合開關，將滑動變阻器的觸片由左端向右端滑動時，燈泡L2變__________，燈泡L1變____________.（選填亮或暗）。__________表的讀數(shù)變小，_________表的讀數(shù)變大.（選填V1或V2）。

13、（2015?松江區(qū)二模）通過如圖的實驗裝置，盧瑟福建立了____模型．實驗時，若將顯微鏡分別放在位置1、2、3，則能觀察到粒子數(shù)量最多的是位置____．14、（2014秋?武昌區(qū)校級期末）通常情況下，電阻的阻值會隨溫度的變化而改變，利用電阻的這種特性可以制成電阻溫度計，從而用來測量較高的溫度．如圖所示，電流表量程為0～25mA，電源電動勢為3V，內阻不計．R為滑動變阻器，電阻Rt作為溫度計的測溫傳感器．當t≥0℃時，Rt的阻值隨溫度t的變化關系為Rt=20+0.5t（單位為Ω）．先把Rt放入0℃環(huán)境中，閉合電鍵S，調節(jié)滑動變阻器R，使電流表指針恰好滿偏，然后把測溫探頭Rt放到某待測溫度環(huán)境中，發(fā)現(xiàn)電流表的示數(shù)為15mA，該環(huán)境的溫度為____℃；當把測溫探頭Rt放到460℃溫度環(huán)境中，電路消耗的電功率為____W．15、如圖，小球所受的重力為G，用兩根細繩拴住，另外施加一個拉力F，方向與水平面成60°角．要使兩細繩都被繃直，重球處于平衡狀態(tài)，拉力F的大小應滿足____．評卷人得分三、判斷題(共9題，共18分)16、較大的顆粒不做布朗運動是因為跟顆粒碰撞的分子數(shù)較多，多方面的撞擊導致受力平衡．因為分子沖擊力小，不易改變大顆粒的運動狀態(tài)．____．（判斷對錯）17、描述物體的運動時，只能選擇靜止的物體作為參考系．____．（判斷對錯）18、運動的電荷在磁場中一定受洛倫磁力的作用．____（判斷對錯）19、電場線真實地存在于電場中．____．（判斷對錯）20、氣體由狀態(tài)1變到狀態(tài)2時，一定滿足方程=．____．（判斷對錯）21、影響蒸發(fā)快慢的因素有絕對濕度、表面積、溫度．____．（判斷對錯）22、因為汽車剎車時的速度越大滑的越遠，所以速度大的物體慣性大．____（判斷對錯）23、矢量的運算遵守平行四邊形法則．____．24、圍繞地球飛行的宇宙飛船里的宇航員不受地球引力的作用．____．評卷人得分四、計算題(共4題，共8分)25、【題文】如圖所示，一個可視為質點的物塊，質量為m=2kg，從光滑四分之一圓弧軌道頂端由靜止滑下，到達底端時恰好進入與圓弧軌道底端相切的水平傳送帶，傳送帶由一電動機驅動著勻速向左轉動，速度大小為u=3m/s。已知圓弧軌道半徑R=0．8m，皮帶輪的半徑r=0．2m，物塊與傳送帶間的動摩擦因數(shù)為μ=0．1，兩皮帶輪之間的距離為L=6m，重力加速度g=10m/s2。求：

（1）皮帶輪轉動的角速度多大？

（2）物塊滑到圓弧軌道底端時對軌道的作用力；

（3）物塊將從傳送帶的哪一端離開傳送帶？物塊在傳送帶上克服摩擦力所做的功為多大？26、【題文】如圖所示，由同種材料制成的單匝正方形閉合導線框abcd位于豎直平面內，其下方有一勻強磁場區(qū)域，該區(qū)域的上邊界水平，并與線框的ab邊平行；磁場方向與線框平面垂直。已知磁場的磁感應強度為B，線框邊長為L，線框質量為m，電阻為R。線框從磁場上方某高度處，由靜止開始下落，恰能勻速進入磁場區(qū)域。求：

（1）當ab邊剛進入磁場時；線框的速度大??；

（2）線框在進入磁場的過程中；通過導線橫截面的電荷量；

（3）分析線框進入磁場過程中的能量轉化情況。27、在一次低空跳傘訓練中；當直升飛機懸停在離地面224m

高處時，傘兵離開飛機做自由落體運動.

運動一段時間后，打開降落傘，展傘后傘兵以12.5m/s2

的加速度勻減速下降.

為了傘兵的安全，要求傘兵落地速度最大不得超過5m/s(

取g=10m/s2)

求：

(1)

傘兵展傘時；離地面的高度至少為多少？

(2)

傘兵在空中的最短時間為多少？28、如圖甲為冰庫工作人員移動冰塊的場景；冰塊先在工作人員斜向上拉力作用下拉一段距離，然后放手讓冰塊向前滑動到運送冰塊的目的地．其工作原理可簡化為如圖乙所示，設冰塊質量M＝100kg，冰塊與滑道間動摩擦因數(shù)μ＝0.05，運送冰塊距離為12m，工人拉冰塊時拉力與水平方向成53°角向上．某次拉冰塊時，工人從滑道前端拉著冰塊（冰塊初速度可視為零）向前勻加速前進4.0m后放手，冰塊剛好到達滑道末端靜止．（已知sin53°＝0.8；cos53°＝0.6）求：

（1）冰塊在加速與減速運動過程中加速度大小之比；（2）冰塊滑動過程中的最大速度；（3）工人拉冰塊的拉力大?。u卷人得分五、識圖作答題(共1題，共8分)29、為研究浮游藻類的光合作用，將一種綠藻培養(yǎng)至指數(shù)生長期，并以此為材料，測定了藻細胞在不同條件下的凈光合速率（Pn）。圖一為光合放氧測定裝置的示意圖；圖二是不同NaHCO3濃度（pH8.5，25℃）條件下測得的Pn曲線圖。請回答下列問題。

(1)通過變換圖一中光源；可研究______________對光合作用的影響。

(2)在測定不同光照對Pn的影響時；如不精確控制溫度，則測得的光照與Pn的關系__________（填“呈正相關”“呈負相關”或“難以確定”）。

(3)由于弱堿性的藻培養(yǎng)液中游離CO2濃度很低，藻光合作用主要通過胞內碳酸酐酶（CA）分解水中的HCO3－獲得CO2。圖二中達到最大Pn值的最低NaHCO3濃度為______；在更高NaHCO3濃度下，Pn不再增加的主要原因有______________(回答出一個合理答案即可)(4)培養(yǎng)基中的HCO3－與CO32－之間的離子平衡與pH有關，堿性條件下pH越高，HCO3－越少，CO32－越多，而CO32－幾乎不能被該藻利用。在測定不同pH（7.0～10.0）對光合作用的影響時（溫度和光照等條件相同且適宜），導致Pn發(fā)生變化的因素有①________________________________________、②___________________________________________________。評卷人得分六、解答題(共2題，共10分)30、汽車在水平直道上勻速行駛允許的最大速度檔108km/h，如圖所示，在A點正前方100m處有一個半徑為20m的半圓形水平彎道．將汽車的剎車過程簡化為滑動過程，最大靜摩擦力大小等于滑動摩擦力大小，汽車車胎與路面間的動摩擦因數(shù)為0.5，要使汽車能安全通過該路段，在半圓形水平彎道上行駛時，不考慮滾動摩擦力對汽車做圓周運動的影響，已知重力加速度g=10m/s2．求汽車從A點到B點的最短時間（結果保留兩位小數(shù)）．31、如圖所示，兩根平行且光滑的金屬軌道固定在斜面上，斜面與水平面之間的夾角α=53°，軌道上端接一只阻值為R=0.4Ω的電阻器，在導軌間存在垂直于導軌平面的勻強磁場，磁場的磁感應強度B=0.5T，兩軌道之間的距離為L=40cm，且軌道足夠長，電阻不計．現(xiàn)將一質量為m=3g，有效電阻為r=1.0Ω的金屬桿ab放在軌道上；且與兩軌道垂直，然后由靜止釋放，求：

（l）金屬桿ab下滑過程中可達到的最大速率；

（2）金屬桿ab達到最大速率以后，電阻器R每秒內產(chǎn)生的電熱．參考答案一、選擇題(共6題，共12分)1、A【分析】【分析】物體做豎直上拋運動，根據(jù)速度時間關系公式求解重力加速度，然后根據(jù)v=求解第一宇宙速度，即為飛船在月球表面附近繞月球做勻速圓周運動的速度大?。窘馕觥俊窘獯稹拷猓何矬w做豎直上拋運動；以向上為正，根據(jù)速度時間關系公式，有：

-v0=v0-gt

解得：

g=

飛船在月球表面附近繞月球做勻速圓周運動的速度大小即為月球的第一宇宙速度；為：

v==

故選：A．2、D【分析】【分析】根據(jù)電阻的定義R=可知，電阻等于圖線上的點與原點連線的斜率的倒數(shù)，斜率逐漸減小，電阻逐漸增大．對應P點，燈泡的電阻等于過P點的切線斜率的倒數(shù)．【解析】【解答】解：A；B圖線的斜率逐漸減小；說明電阻逐漸增大．故AB錯誤．

C、D對應P點，小燈泡的電阻為R=．功率P=U1I2；故C錯誤；D正確．

故選：D3、C【分析】【分析】行星繞太陽公轉時，萬有引力提供行星圓周運動的向心力，列式分析即可知，只能求出中心天體的質量，環(huán)繞天體的質量不能求出，萬有引力也不能求出．【解析】【解答】解：行星繞太陽的運動可近似看作勻速圓周運動，根據(jù)萬有引力提供向心力；

A；B：而環(huán)繞天體的質量m；等式兩邊都有，約去了，所以不能求行星的質量，也不能求其大小，故A、B錯誤．

C、由上式解得中心天體的質量，也就是太陽的質量：．故C正確．

D、由于不知道行星的質量，所以不能根據(jù)萬有引力定律求行星與太陽之間的作用力；故D錯誤．

故選C．4、A【分析】解：由題意可知，水桶保持靜止，受到重力與兩位冋學對水桶拉力分別為F1、F2；

根據(jù)力的合成法則，則F1、F2的合力與重力平衡；那么其合力的方向與重力方向相反，即為豎直向上，故A正確，BCD錯誤；

故選：A．

根據(jù)受力分析；結合力的合成法則，及平衡條件，即可求解．

考查力的分析方法，掌握矢量的合成法則，理解平衡條件的應用．【解析】【答案】A5、A【分析】【分析】物體在運動過程中機械能守恒是指任意兩個時刻或位置的機械能都相等，本題中關鍵是正確計算物體具有的勢能．【解析】【解答】解：選擇桌面為零勢能面；開始是機械能為：

E=0+

當它經(jīng)過距離地面高為h的A點時機械能是：

EA=-mgh

由于不計空氣阻力，物體運動過程中機械能守恒，故EA=0；

故BCD錯誤；A正確．

故選：A．6、A【分析】【分析】簡諧橫波沿x軸正向傳播，在t=0.4s時PM間第一次形成圖示波形，由圖讀出，t=0.4s時間內振動傳播了一個波長，經(jīng)過了一個周期，則可知P點的周期．讀出波長，由v=求出波速v．P點開始振動的方向與圖示時刻x=5m處質點的振動方向相同．根據(jù)PM間的距離判斷M點開始振動時，P點的位置．【解析】【解答】解：A；由題意；簡諧橫波沿x軸正向傳播，在t=0.4s時PM間第一次形成圖示波形，t=0.4s時間內振動傳播了一個波長，經(jīng)過了一個周期，故P點的周期為0.4s．故A正確．

B；P點開始振動的方向與圖示時刻x=5m處質點的振動方向相同；由波形平移法得知，P點開始振動的方向沿y軸負方向．故B錯誤．

C；當M點開始振動時；由波形可知，P點在波峰．故C錯誤．

D、由圖知，波長λ=4m，則波速v===10m/s．故D錯誤．

故選：A．二、填空題(共9題，共18分)7、會左偏【分析】【分析】由感應電流的條件：閉合電路的磁通量變化，即可判定是否偏轉；根據(jù)題意確定磁通量變化與電流表指針偏轉方向間的關系，然后根據(jù)滑片的移動方向判斷穿過線圈的磁通量如何變化，進一步判斷電流表指針如何偏轉．【解析】【解答】解：（1）開關閉合；移動滑動變阻器，導致線圈A中的磁通量變化，從而使得穿過線圈B的磁通量變化，則產(chǎn)生感應電動勢，形成感應電流，則指針會偏轉；

（2）在開關剛剛閉合時電流表指針右偏；導致穿過線圈B的磁通量增大；

由電路圖可知；閉合電鍵，滑動變阻器的滑動觸頭向接線柱C移動時，滑動變阻器接入電路電阻變大，電流產(chǎn)生的磁場減弱，穿過線圈B的磁通量減小，則感應電流與剛閉合時反向，電流計指針將向左偏轉；

故答案為：（1）會，（2）左偏．8、100【分析】【分析】根據(jù)胡克定律F=kx，通過彈簧彈力的大小和形變量求出勁度系數(shù)．【解析】【解答】解：彈簧的彈力等于物體的重力，F(xiàn)=1N，根據(jù)胡克定律F=kx得：k===100N/m．

故答案為：100．9、-8小于【分析】【分析】本題考查了正點電荷周圍的電場強度、電勢、電勢差的情況，知道電場線是從正電荷或者無窮遠出發(fā)出，到負電荷或無窮遠處為止，沿電場線的方向，電勢降低，根據(jù)點電荷的周圍電場分布情況可正確解答．【解析】【解答】解：已知UAB=10V，A點的電勢φA=2.0V，則φB=-8V；

由圖可知電場線的方向向右；而A；B、C是由正點電荷形成的電場中一條電場線上的三個點，則正電荷在A的左端，所以AB之間的平均場強一定大于BC之間的平均場強，由U=Ed可得B、C兩點間電壓一定小于10V；

故答案為：-8，小于10、略

【分析】

①燈泡額定電壓是2.5V；電壓表應選B；燈泡額定電流為0.5A，電流表選D；為方便實驗操作，滑動變阻器應選F；

②描繪小燈泡伏安特性曲線；滑動變阻器應采用分壓接法，電流表采用外界法，電路圖如圖所示；

③應用描點法作圖；燈泡的I-U圖象如圖所示．

④根據(jù)燈泡的I-U圖象；由歐姆定律可知，燈泡電阻隨溫度的升高而變大．

故答案為：①B；D；F；②電路圖如圖所示；③圖象如圖所示；④變大．

【解析】【答案】①根據(jù)燈泡額定電壓選擇電壓表；根據(jù)燈泡額定電流選擇電流表，在保證電路安全的情況下，為方便實驗操作，應選最大阻值較小的滑動變阻器．

②描繪小燈泡的伏安特性曲線；電壓與電流應從零開始變化，滑動變阻器應采用分壓接法，根據(jù)燈泡電阻與電表內阻的關系確定電流表接法，然后作出電路圖．

③根據(jù)表中實驗數(shù)據(jù)在坐標系內描出對應的點；然后作出圖象．

④根據(jù)圖象；應用歐姆定律分析燈泡電阻的變化情況．

11、略

【分析】

由圖可知β粒子向右偏轉；因此粒子剛進入磁場時所受洛倫茲力方向向右，β粒子帶負電，根據(jù)左手定則可知磁場方向向里；洛倫茲力不做功，方向始終和粒子運動方向垂直，只是改變速度方向．

故答案為：里；不變．

【解析】【答案】β粒子帶負電；根據(jù)粒子的偏轉方向可知其所受洛倫茲力方向，然后利用左手定則可得出磁場方向，洛倫茲力方向始終與速度方向垂直，對帶電粒子不做功．

12、略

【分析】【解析】

試題分析：由實物圖知，滑動變阻器與L1并聯(lián)然后與L2串聯(lián)，V2與L2并聯(lián)，V1測量路端電壓，故滑動變阻器的觸片由左端向右端滑動時，連入電路的阻值增大，并聯(lián)電阻增大，所L1變亮，干路電流減小，所以L2變暗，V2示數(shù)減小，外電阻增大，所以路端電壓增大，V1示數(shù)變大。

考點：本題考閉合電路的歐姆定律【解析】【答案】暗，亮（每空2分）V2，V1（每空3分）13、原子核式結構3【分析】【分析】該實驗中，放射源放出一束射線轟擊金箔，運用顯微鏡前熒光屏去觀察射線的多少．課本中，該實驗的結論是：多數(shù)射線基本不偏折，少數(shù)發(fā)生較大角度的偏轉，個別的粒子幾乎被反射回來．【解析】【解答】解：盧瑟福通過α粒子散射實驗建立了原子核式結構模型；

放在3位置時；相同時間內觀察到屏上的閃光次數(shù)較少．說明較少射線發(fā)生偏折，可知原子內部帶正電的體積?。?/p>

放在2位置時；屏上可以觀察到閃光，只不過很少很少．說明很少很少射線發(fā)生大角度的偏折；

放在1位置時；屏上仍能觀察一些閃光，但次數(shù)極少．說明極少數(shù)射線較大偏折，可知原子內部帶正電的體積小且質量大．

故答案為：原子核式結構，3．14、1600.026【分析】【分析】當Rt放入0℃環(huán)境中時，根據(jù)公式R=求出電路的總電阻，已知Rt的電阻隨溫度的變化關系式，求出Rt的阻值；從而求出滑動變阻器接入電路的電阻．

當把測溫探頭放到某待測環(huán)境中時；根據(jù)電流表的示數(shù)求出電路總電阻，因為滑動變阻器和測溫探頭串聯(lián)；

所以總電阻減去滑動變阻器電阻就是測溫探頭的電阻；根據(jù)關系式求出環(huán)境的溫度．

把測溫探頭放到480℃環(huán)境中，根據(jù)關系式求出測溫探頭的電阻，再加上滑動變阻器電阻就是電路總電阻，根據(jù)P=求出電路消耗的電功率．【解析】【解答】解：當把Rt放入0℃的環(huán)境中，電路總電阻R1===120Ω，Rt的阻值為Rt=20+0.5t=20Ω；

滑動變阻器阻值為R變=R1-Rt=120Ω-20Ω=100Ω．

當電流表示數(shù)為15mA時，電路總電阻R2===200Ω，Rt的阻值為300Ω-200Ω=100Ω；

所以20+0.5t=100Ω，所以t1=℃=160℃．

把測溫探頭放到460℃環(huán)境中，測溫探頭電阻Rt=20+0.5t=250Ω；

所以電路消耗電功率P===0.026W．

故答案為：160；0.026．15、mg≤F≤mg【分析】【分析】對小球受力分析，然后根據(jù)平衡條件并運用正交分解法，得到F與兩個繩子拉力的關系式再求解范圍．【解析】【解答】解：小球受力如圖所示：

由平衡條件得：

水平方向：Fcosθ=TAcosθ+TB①

豎直方向：Fsinθ+TAsinθ=mg②

由②式得：F=-TA；

細繩繃直，則TA≥0；

F=-TA≤=mg；

由①、②式得：F=+；

細繩繃直，則TB≥0；

F=+≥=mg；

力F大小應滿足的條件是：mg≤F≤mg；

故答案為：mg≤F≤mg．三、判斷題(共9題，共18分)16、×【分析】【分析】懸浮在液體（或氣體）中固體小顆粒的無規(guī)則運動是布朗運動，固體顆粒越小、液體（或氣體）溫度越高，布朗運動越明顯；布朗運動是液體（或氣體）分子無規(guī)則運動的反應．【解析】【解答】解：較大的顆粒不做布朗運動是因為跟顆粒碰撞的分子數(shù)較多；多方面的撞擊導致受力平衡．因為各個方向的分子沖擊力比較均衡，所以不易改變大顆粒的運動狀態(tài)，不是因為分子的沖擊力?。砸陨系恼f法是錯誤的．

故答案為：×．17、×【分析】【分析】參考系，是指研究物體運動時所選定的參照物體或彼此不作相對運動的物體系；參考系的選取是任意的，如何選擇參照系，必須從具體情況來考慮，一般情況下我們以地面或地面上的物體作為參考系．【解析】【解答】解：參考系的選取是任意的；任何物體均可以作為參考系；參考系不一定必須是靜止不動的；如研究炸彈的運動時，可以將運動的飛機作為參考系．所以以上的說法是錯誤的．

故答案為：×18、×【分析】【分析】電場的性質是對電荷有力的作用，而電荷受到電場力的方向與電場強度可以相同，也可以相反．當運動的帶電粒子的速度方向不與磁場平行，將會受到洛倫茲力作用，根據(jù)左手定則可知，洛倫茲力的方向與磁場方向的關系．【解析】【解答】解：當運動的電荷的速度方向與磁場方向平行時；不受洛倫茲力；

故答案為：×．19、×【分析】【分析】為了研究的方便引入了電場線，實際不存在，電場線從正電荷或無限遠出發(fā)，終止于無限遠或負電荷，不相交不閉合，電場線疏密描述電場強弱，電場線密的地方，電場強度大，疏的地方電場強度弱．【解析】【解答】解：為了研究的方便引入了電場線；實際不存在．所以該說法是錯誤的．

故答案為：×20、×【分析】【分析】根據(jù)理想氣體的狀態(tài)方程即可做出判定．【解析】【解答】解：對于一定質量的理想氣體，由狀態(tài)1變到狀態(tài)2時，一定滿足方程=．若不滿足一定質量的條件；該公式不成立．所以以上的說法是錯誤的．

故答案為：×21、×【分析】【分析】影響蒸發(fā)快慢的因素和液體的溫度、表面積以及空氣的流動性有關．【解析】【解答】解：根據(jù)蒸發(fā)與液化的特點；影響蒸發(fā)快慢的因素和液體的溫度；表面積以及空氣的流動性有關，與絕對濕度無關．故該說法是錯誤的．

故答案為：×22、×【分析】【分析】慣性是物體的固有屬性，一切物體在任何情況下都有慣性，慣性大小由物體的質量來量度．根據(jù)這些知識來解答．【解析】【解答】解：質量是物體慣性大小的唯一量度；與物體的速度無關．故該說法是錯誤的．

故答案為：×23、√【分析】【分析】物理量按有無方向分矢量和標量，矢量的運算遵守平行四邊形法則．【解析】【解答】解：矢量是既有大?。挥钟蟹较虻奈锢砹?，矢量的運算遵守平行四邊形法則．故這句話是正確的．

故答案為：√24、×【分析】【分析】由萬有引力定律知兩個物體之間存在萬有引力充當向心力，繞地球做圓周運動的物體受到的萬有引力提供向心力，處于失重狀態(tài)．【解析】【解答】解：繞地球做圓周運動的物體受到萬有引力提供向心力；處于失重狀態(tài)．而不是不受到地球的吸引力．故該說法是錯誤的．

故答案為：×四、計算題(共4題，共8分)25、略

【分析】【解析】弄清楚物體的運動過程和受力情況是解題關鍵。①物塊沿光滑圓弧下滑的過程；機械能守恒；②物塊在傳送帶上做勻減速直線運動。

（1）皮帶輪轉動的角速度，由u=得rad/s（2分）

（2）物塊滑到圓弧軌道底端的過程中；由動能定理得。

（1分）

解得m/s（1分）

在圓弧軌道底端，由牛頓第二定律得（2分）

解得物塊所受支持力F="60N"（1分）

由牛頓第三定律；物塊對軌道的作用力大小為60N，方向豎直向下。（1分）

（3）物塊滑上傳送帶后做勻減速直線運動；設加速度大小為a，由牛頓第二定律得。

（1分）

解得a=1m/s2（1分）

物塊勻減速到速度為零時運動的最大距離為m>L=6m（1分）

可見；物塊將從傳送帶的右端離開傳送帶。（1分）

物塊在傳送帶上克服摩擦力所做的功為J。（2分）【解析】【答案】（1）15rad/s（2）60N，方向豎直向下。（3）12J26、略

【分析】【解析】

試題分析：（1）線框勻速進入磁場受力平衡：mg=F

F="BIL"I=E=BLv

解得：v=

（2）線框勻速進入磁場所用時間：t=

流經(jīng)線框導線橫截面的電荷量

又已經(jīng)知道

聯(lián)立解得：q=

（3）線框勻速進入磁場過程；動能不變，重力勢能減少mgL，轉化為電能并最終以焦耳熱的形式釋放出去。

考點：電磁感應的電動勢電流和電荷量安培力的計算能量轉化【解析】【答案】（1）v=（2）q=（3）見解析27、略

【分析】

(1)

整個過程中；傘兵先做自由落體運動，后做勻減速運動，總位移大小等于224m.

設傘兵展傘時，離地面的高度至少為h

此時速度為v0

先研究勻減速過程，由速度鈭?

位移關系式，得到v0

與h

的關系式，再研究自由落體過程，也得到一個v0

與h

的關系式，聯(lián)立求解．

(2)

由(1)

求出v0

由速度公式求出兩個過程的時間，即可得到總時間．

本題涉及兩個過程的運動學問題，既要單獨研究兩個過程，更要抓住它們之間的聯(lián)系：比如位移關系、速度關系等等．【解析】解：(1)

設傘兵展傘時；離地面的高度至少為h

此時速度為v0

著地時相當于從h1

高處自由落下；

則有：vt2鈭?v02=鈭?2ah

即25鈭?v02=鈭?2隆脕12.5隆脕h

又v02=2g(224鈭?h)=2隆脕10隆脕(224鈭?h)

聯(lián)立解得：h=99mv0=50m/s

(2)

設傘兵在空中的最短時間為t

則有v0=gt1t1=v0g=5010s=5s

t2=vt鈭?v0a=5鈭?50鈭?12.5s=3.6s

故所求時間t=t1+t2=(5+3.6)s=8.6s

．

答：(1)

傘兵展傘時；離地面的高度至少為99m

．

(2)

傘兵在空中的最短時間為8.6s

．28、解：（1）冰塊先做勻加速運動，加速度加速最大速度為減速加速度大小為加速位移為

所以減速位移為

因為全程初末速度為零，

（2）加速結束時刻速度最大；減速開始時刻速度最大。

在減速階段，冰塊受滑動摩擦力減速，根據(jù)牛頓第二定律：f=ma2，

解得：

解得：

（3）冰塊在加速階段：受力如圖；

?

根據(jù)牛頓第二定律：水平方向：

豎直方向：

由（1）問得：

解得

代入數(shù)據(jù)得：F=234.4N?！痉治觥窟@是一道牛頓定律和運動學結合的題；即動力學兩類問題，思路是根據(jù)條件通過運動過程求解加速度，再利用牛頓第二定律求受力；或者先根據(jù)受力求解加速度，再求解運動量；熟練應用勻變速直線運動公式，正確應用力的正交分解建立牛頓第二定律方程，動摩擦力的計算，注意正壓力不等于重力。

（1）根據(jù)全程初末速度為零；可得兩段加速度與位移成反比；

（2）利用減速段求最大速度，已知位移加速度末速度為0，求減速的初速度，應用公式求解；

（3）在加速度段：受力分析，將受力正交分解，建立牛頓第二定律方程，已知加速度求解F?！窘馕觥拷猓海?）冰塊先做勻加速運動，加速度加速最大速度為減速加速度大小為加速位移為

所以減速位移為

因為全程初末速度為零，

（2）加速結束時刻速度最大；減速開始時刻速度最大。

在減速階段，冰塊受滑動摩擦力減速，根據(jù)牛頓第二定律：f=ma2，

解得：

解得：

（3）冰塊在加速階段：受力如圖；

?根據(jù)牛頓第二定律：水平方向：

豎直方向：

由（1）問得：

解得

代入數(shù)據(jù)得：F=234.4N。五、識圖作答題(共1題，共8分)