2025年粵教版必修3物理上冊階段測試試卷含答案

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年粵教版必修3物理上冊階段測試試卷含答案考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五六總分得分評卷人得分一、選擇題(共7題，共14分)1、一半徑為R的金屬薄球殼內(nèi)壁接地，其球心處安置有一個點電荷+Q，如圖所示。P為金屬球外距離球心2R的一點；下列表述中正確的是（）

A.金屬球殼的外表面帶正電B.金屬球殼的內(nèi)表面不帶電C.在P處引入正點電荷q，受斥力大小為D.金屬球殼感應(yīng)電荷在P處形成的場強大小為2、如圖所示，兩平行長直導(dǎo)線中都通有豎直向下的電流，大小分別為I和2I，O點到兩導(dǎo)線的距離相等，兩電流在O點產(chǎn)生磁場的磁感應(yīng)強度大小為B。將左側(cè)電流大小調(diào)整為2I，方向調(diào)整為向上時，O點的磁感應(yīng)強度大小為（）

A.B.C.D.3、如圖所示，正六邊形的B、D兩點各固定一個帶正電、電荷量為的點電荷，F(xiàn)點固定一個帶負電、帶電荷量為的點電荷，O為正六邊形的幾何中心。則下列說法正確的是（）

A.O點場強為0B.C點場強方向為沿所在的直線由C指向FC.電子在A點電勢能比在O點小D.O、A兩點間電勢差和O、E兩點間電勢差相等4、如圖所示，質(zhì)量相等可視為點電荷的A、B、C三個帶電絕緣小球，其中A帶正電并固定在絕緣豎直彈簧下端，當A、B、C三個小球的球心距離為L時；B；C小球帶電荷量相等并懸在空中處于靜止狀態(tài)，下列說法正確的是（）

A.彈簧彈力大于三個小球的總重力B.小球A受三個作用力C.小球A帶的電荷量是小球B帶電荷量的2倍D.剪斷彈簧后三個小球一起做自由落體運動5、下列物理量正負號的表述正確的是A.重力勢能正、負號表示大小B.電量正、負號表示方向C.功正、負號表示方向D.速度正、負號表示大小6、如圖所示，孤立點電荷+Q固定在正方體的一個頂點上，與+Q相鄰的三個頂點分別是A、B、C；下列說法中正確的是()

A.A、B、C三點的場強相同B.A、B、C三點的電勢相等C.A、B、C三點所在的平面為一個等勢面D.將電荷量為+q的檢驗電荷由A點沿直線移動到B點過程中電勢能始終保持不變7、平行板電容器充電后與電源斷開；兩板間形成了勻強電場。當兩板受到外界的擠壓后發(fā)生了圖所示的形變，則受壓后兩板間電場線分布可能正確的是（）

A.B.C.D.評卷人得分二、多選題(共8題，共16分)8、某同學(xué)設(shè)計了一個多量程多用電表，其內(nèi)部結(jié)構(gòu)原理圖如圖所示，測電流和測電壓時各有兩個量程，還有兩個檔位用來測電阻，則下列說法正確的是

A.當功能選擇開關(guān)S與1、2觸點相接時，測的是電流B.當功能選擇開關(guān)S與3、4觸點相接時，測的是電壓C.A表筆為紅表筆，B表筆為黑表筆D.當功能選擇開關(guān)S旋到觸點5時的量程比旋到6時的量程大9、如圖所示，圖中的三個電表均為理想電表，電源內(nèi)阻為r，為定值電阻，且阻值大于r，閉合電鍵后，電流表和電壓表示數(shù)分別用表示，當滑動變阻器滑片P向右端滑動時，電流表和電壓表示數(shù)變化量的大小分別用表示，下面說法正確的是（）

A.減小、增大、增大B.為定值，也為定值C.D.電源的效率降低，但電源輸出功率增大10、關(guān)于對電磁場和電磁波的認識中正確的是（）A.均勻變化的電場在它周圍空間產(chǎn)生均勻變化的磁場B.電磁波和機械波一樣依賴于介質(zhì)傳播C.只要空間某個區(qū)域有振蕩電場或振蕩磁場就能產(chǎn)生電磁波D.變化的電場與變化的磁場交替產(chǎn)生，由發(fā)生區(qū)域向遠處傳播就形成電磁波11、在如圖所示的電路中，電源電動勢為E，設(shè)電流表的示數(shù)為I，電壓表的示數(shù)為U，電容器C所帶的電荷量為Q。將滑動變阻器R1的滑動觸頭P向上移動，待電流達到穩(wěn)定后，則與P移動前相比（））

A.若電源內(nèi)阻不可忽略，則Q減小B.若電源內(nèi)阻可以忽略，則Q不變C.若電源內(nèi)阻不可忽略，則I增大D.若電源內(nèi)阻不可忽略，則U減小12、如圖所示，ABCD為一正方形，M、N、P、Q分別為正方形四條邊的中點，空間存在與正方形平面平行且范圍足夠大的勻強電場。已知質(zhì)子由A點運動到B點電場力做功為-10eV、質(zhì)子由A點運動到C點電場力做功為-20eV。則下列說法正確的是（）

A.電場強度的方向應(yīng)由C指向AB.質(zhì)子由Q點運動到N點的過程中，電場力不做功C.電子由B點運動到D點的過程中，電場力做功10eVD.電子由M點運動到A點的過程中，電子的電勢能增加15eV13、一絕緣細線Oa下端系一質(zhì)量為m的帶正電的小球a，在正下方有一光滑的絕緣水平細桿，一帶負電的小球b穿過桿在其左側(cè)較遠處，小球a由于受到水平絕緣細線的拉力而靜止，如圖所示，現(xiàn)保持懸線與豎直方向的夾角為θ，并在較遠處由靜止釋放小球b，讓其從遠處沿桿向右移動到a點的正下方；在此過程中()

A.懸線Oa的拉力逐漸增大，水平細線的拉力逐漸減小B.b球的加速度先增大后減小，速度始終增大C.b球所受的庫侖力一直增大D.b球所受的庫侖力先減小后增大14、用控制變量法，可以研究影響平行板電容器電容的因素（如圖）。設(shè)兩極板正對面積為S，極板間的距離為d，靜電計指針偏角為θ。實驗中；極板所帶電荷量不變，若（）

A.保持S不變，增大d，則θ變大B.保持S不變，增大d，則θ變小C.保持d不變，減小S，則θ變小D.保持d不變，減小S，則θ變大15、如圖甲所示，定值電阻閉合開關(guān)S，改變電阻箱R阻值，得到多組R、I值，并作出了如圖乙所示的圖線；則（）

A.電源電動勢為5.0VB.電源內(nèi)阻為2.5ΩC.從系統(tǒng)誤差角度看，利用該裝置測得的電動勢大于其真實值D.從系統(tǒng)誤差角度看，利用該裝置測得的內(nèi)阻大于其真實值評卷人得分三、填空題(共9題，共18分)16、電磁波譜的排列是：無線電波、微波、_______________、可見光、紫外線、X射線、γ射線；可用來滅菌消毒的電磁波是____________；在探月工程中，從地球向“月兔號”月球車發(fā)指令，電磁波信號經(jīng)過__________s到達月球車。（已知地月表面距離約為3.84×108m）17、一個電荷量為2.0×10-8C的正點電荷，在電場中M點時的電勢能為1.4×10-5J，把它移到N點時電場力做功8×10-6J，則它在N點的電勢能為______J，M、N兩點間電勢差UMN=______V。18、在邊長為L的正六邊形ABCDEF的頂點上各固定一個點電荷，它們的帶電量如圖所示，則幾何中心處的場強大小____________，方向__________.

19、如圖，直角三角形ABC，∠ACB=60°，BC長10cm?？臻g中存在勻強電場，電場方向平行ABC所在的平面，已知A、B、C三點電勢分別為12V；8V、4V。

（1）在圖中作出過C點的電場線______；

（2）勻強電場的電場強度大小為__________V/m。

20、某電荷在A、兩點具有的電勢能分別為和則從A到靜電力對該電荷做的功__________。21、黑體：能夠完全吸收入射的各種波長的______而不發(fā)生反射。22、會使用多用電表測_____、_____及_____。23、電勢差。

（1）定義：電場中兩點之間____的差值，也叫作電壓。UAB=____，UBA=____，UAB=-UBA。

（2）電勢差是_____，有正負，電勢差的正負表示電勢的_____。UAB>0，表示A點電勢比B點電勢____。

（3）靜電力做功與電勢差的關(guān)系。

WAB=_____或24、某實驗小組研究電容器的充電過程。將電容器與電動勢V的電源、阻值的定值電阻、內(nèi)阻的電流傳感器連接成如圖甲所示電路?，F(xiàn)閉合開關(guān)S為電容器充電，電流傳感器接計算機顯示出電流I隨時間t變化的圖像。

（1）由I-t圖像數(shù)據(jù)計算，閉合開關(guān)S瞬間，定值電阻R兩端的電壓為____________V，充電過程中，定值電阻兩端的電壓逐漸____________（選填“變大”或“變小”），電源的內(nèi)阻為____________Ω；

（2）充電過程中，電容器的電容____________（選填“變大”“不變”或“變小”）。由圖像可知，充電完畢后，電容器所帶電量____________（選填“大于”“等于”或“小于”）0.02C。評卷人得分四、作圖題(共3題，共24分)25、如圖，黑箱面板上有三個接線柱1、2和3，黑箱內(nèi)有一個由四個阻值相同的電阻構(gòu)成的電路。用歐姆表測得1、2接線柱之間的電阻為2、3接線柱之間的電阻為1、3接線柱之間的電阻為在虛線框中畫出黑箱中的電阻連接方式。

26、如圖1所示，用電動勢為E、內(nèi)阻為r的電源，向滑動變阻器R供電。改變變阻器R的阻值，路端電壓U與電流I均隨之變化。

（1）以U為縱坐標，I為橫坐標，在圖2中畫出變阻器阻值R變化過程中U-I圖像的示意圖，并說明U-I圖像與兩坐標軸交點的物理意義。

（2）請在圖2畫好的U-I關(guān)系圖線上任取一點；畫出帶網(wǎng)格的圖形，以其面積表示此時電源的輸出功率。

27、把蜂鳴器；光敏電阻、干簧管繼電器開關(guān)、電源連成電路如圖所示；制成光電報警裝置，當報警器有光照射時，峰鳴器發(fā)聲，當沒有光照或者光照很弱時，蜂鳴器不發(fā)聲，①光敏電阻：光敏電阻受光照后，阻值會變小，②干簧管繼電器開關(guān)：由干簧管和繞在干簧管外的線圈組成，當線圈中有一定的電流時，線圈產(chǎn)生的磁場使密封在干簧管內(nèi)的兩個鐵質(zhì)簧片磁化，兩個簧片在磁力作用下由原來的分離狀態(tài)變成閉合狀態(tài)，當線圈中沒有電流或者電流很微弱時，磁場消失，簧片在彈力的作用下恢復(fù)到分離狀態(tài)，電路已經(jīng)連接一部分，請將電路完整連接好。

評卷人得分五、實驗題(共1題，共9分)28、現(xiàn)想用指針式多用電表的歐姆擋去測量某個二極管的正向電阻。

（1）實驗前將多用電表調(diào)至“×1”擋，將紅、黑表筆短接，調(diào)節(jié)旋鈕，使指針指在___________；

（2）連接電路，并將黑表筆接二極管的___________；

（3）在圖甲中補上二極管的正向接法___________；

（4）若多用電表的指針偏轉(zhuǎn)情況如圖乙所示，則二極管的正向電阻為___________Ω；

（5）另一位同學(xué)想要測繪小燈泡的伏安特性曲線，請將電路圖丙補充完整___________；評卷人得分六、解答題(共2題，共4分)29、如圖；真空中兩個帶電量均為+Q的點電荷固定在A；B亮點，它們之間的距離為8d，O點是它們連線的中點。C、D是連線中垂線MN上關(guān)于O點對稱的兩點。AC與MN的夾角是53°，空間中還有一勻強電場。將一試探負電荷放置在C點時恰能保持靜止。已知靜電力常量為k、試探電荷的比荷為μ。（已知sin53°=0.8，cos53°=0.6，不考慮電荷的重力）

（1）求勻強電場的電場強度E的大小及方向。

（2）給該試探電荷某一初速度，使其從C點沿MN恰能運動到D點，求初速度的大小。30、無處不在的引力場；構(gòu)建出一幅和諧而神秘的宇宙圖景。

（1）地球附近的物體處在地球產(chǎn)生的引力場中。地球可視為質(zhì)量分布均勻的球體。已知地球的質(zhì)量為M，引力常量為G。請類比電場強度的定義，寫出距地心r處的引力場強度g的表達式。（已知r大于地球半徑，結(jié)果用M、G和r表示）

（2）物體處于引力場中；就像電荷在電場中具有電勢能一樣，具有引力勢能。

中國科學(xué)院南極天文中心的巡天望遠鏡追蹤到由孤立的雙中子星合并時產(chǎn)生的引力波。已知該雙中子星的質(zhì)量分別為且保持不變。在短時間內(nèi)，可認為雙中子星繞二者連線上的某一點做勻速圓周運動。請分析說明在合并過程中，該雙中子星系統(tǒng)的引力勢能、運動的周期T如何變化。

（3）我們可以在無法獲知銀河系總質(zhì)量的情況下，研究太陽在銀河系中所具有的引力勢能。通過天文觀測距銀心（即銀河系的中心）為r處的物質(zhì)繞銀心的旋轉(zhuǎn)速度為v，根據(jù)可得到銀河系在該處的引力場強度g的數(shù)值，并作出圖像，如圖所示。已知太陽的質(zhì)量太陽距離銀心

a．某同學(xué)根據(jù)表達式認為：引力場強度g的大小與物質(zhì)繞銀心的旋轉(zhuǎn)速度成正比，與到銀心的距離r成反比。請定性分析說明該同學(xué)的觀點是否正確。

b．將物質(zhì)距銀心無窮遠處的引力勢能規(guī)定為零，請利用題中信息估算太陽所具有的引力勢能

參考答案一、選擇題(共7題，共14分)1、D【分析】【分析】

【詳解】

A．由于球殼內(nèi)壁接地；電勢為零，如果外殼帶正電，電場線的方向指向無窮遠處，無窮遠處電勢為零，而沿著電場線方向，電勢降低，說明球殼電勢大于零，與前提矛盾，因此金屬球殼的外表面不帶電，A錯誤；

B．由于靜電感應(yīng)，球殼內(nèi)表面帶負電，而且所帶電荷量為B錯誤；

C．由于球殼接地，球殼外部的電場強度處處為零，若在P處引入正點電荷q，此時在球殼外表面上會感應(yīng)出一定量的負電荷，它與q間的電場力與Q無關(guān)；C錯誤。

D．由于球殼接地，球殼外部的電場強度處處為零，即Q在某點產(chǎn)生的場強與感應(yīng)電荷在某點產(chǎn)生的場強等大反向，合場強為零，因此金屬球殼感應(yīng)電荷在P處形成的場強大小為。

方向指向球心；D正確。

故選D。2、D【分析】【詳解】

根據(jù)右手螺旋定則可知，電流都向下時，兩導(dǎo)線在O點產(chǎn)生的磁感應(yīng)強度方向相反，且由

可知左側(cè)導(dǎo)線產(chǎn)生的磁感應(yīng)強度是右側(cè)產(chǎn)生的一半，結(jié)合矢量合成法則可知

將左側(cè)電流大小調(diào)整為2I，方向調(diào)整為向上時，根據(jù)右手螺旋定則可知，兩導(dǎo)線在O點產(chǎn)生的磁感應(yīng)強度方向相同，結(jié)合矢量合成法則可知

故選D。3、D【分析】【詳解】

A．根據(jù)點電荷的場強公式

三個點電荷在O點產(chǎn)生的場強大小相等，B、D兩個正電荷產(chǎn)生的場強與F點的負電荷產(chǎn)生的場強方向相同，合場強沿OF方向；故A錯誤；

B．B和D兩個正電荷在C點產(chǎn)生的合場強大小為由F指向C，F(xiàn)點的負點電荷在C點產(chǎn)生的場強大小為由C指向F，則總的合場強由F指向C；故B錯誤；

C．AD是BF的中垂線，B和F點的電荷在AD上各點產(chǎn)生的電勢相等，故A點和O點的電勢等于D點電荷產(chǎn)生的電勢，則

根據(jù)

可知電子在A點電勢能比在O點大；故C錯誤；

D．根據(jù)對稱性可知，A和E點的電勢相等，則O、A兩點間電勢差和O、E兩點間電勢差相等；D正確。

故選D。4、C【分析】【詳解】

A．把三個小球看成整體；可得彈簧彈力等于三個小球的總重力，故A錯誤；

B．分析A的受力有重力；兩個庫侖力和彈簧彈力；共四個力，故B錯誤；

C．根據(jù)受力平衡可得B、C小球帶等量的負電，設(shè)小球A、B的電荷量絕對值分別為A、B之間的庫侖力

B、C之間的庫侖力

分析B受力如圖所示，可得

代入得

故C正確；

D．剪斷彈簧后A受重力和B、C小球?qū)的庫侖力，A下落的加速度大于重力加速度，剪斷瞬間小球B、C受力不變；加速度為零，故D錯誤。

故選C。

【點睛】

本題以彈簧和帶電小球為背景，考查受力分析及力的突變問題，考查考生的科學(xué)思維。5、A【分析】電量和功是標量，正、負號不表示方向，選項BC錯；速度是矢量，正、負號表示方向，選項D錯；重力勢能正、負號表示大小，選項A正確；故選A.6、B【分析】【詳解】

AB．A、B、C三點的場強大小相等；方向不同，所以三點的場強不同，三點的電勢相同，故A錯誤，B正確；

C．A、B、C三點所決定的平面各點到+Q的距離不相等；故電勢就不全相等，所以該平面不是等勢面，故C錯誤；

D．一電荷+q的檢驗電荷由A點沿直線移動到B點的過程中；電勢先升高后降低，電勢能先增大后減?。蔇錯誤．

故選B．

【名師點睛】

解答本題的關(guān)鍵要掌握孤立+Q點電荷電場線和等勢面的分布，知道離正電荷距離越近的位置電勢越高，正電荷在電勢高的位置電勢能大．7、C【分析】【詳解】

兩極板處于靜電平衡；因極板中間凸出，則電荷分布中間多兩端少，故中間電場強度較大，靜電平衡的導(dǎo)體是等勢體，等勢面和電場線相互垂直，且電場強度越大的地方，電場線越密集。

故選C。二、多選題(共8題，共16分)8、A:C【分析】A項：當S旋到位置1；2時；電流表與電阻并聯(lián)，并聯(lián)電阻起分流作用，可用來測量電流．則A正確；

B項：當轉(zhuǎn)換開關(guān)S旋到位置3；4時，內(nèi)部電源被接通，構(gòu)成歐姆表，可測量電阻，則B錯誤；

C項：電流由紅表筆進；由黑表筆出，則A表筆為紅表筆，B表筆為黑表筆，則C正確；

D項：S旋到位置5時；串聯(lián)電阻阻值較小，則分壓較大，故旋到觸點5時的量程比旋到6時的量程小，則D錯誤。

點晴：本題考查多用電表的內(nèi)部結(jié)構(gòu)，電壓檔和電流檔的內(nèi)部結(jié)構(gòu)與前面所學(xué)習(xí)的電壓表電流表的改裝原理相同，而歐姆檔啟用時內(nèi)部電源被接通。9、B:C:D【分析】【詳解】

由圖可知，變阻器和電阻串聯(lián)，電流表測量電路中的電流，電壓表測量兩端的電壓，電壓表測量兩端的電壓。

A．當滑動變阻器的滑動片P向右移動時，變阻器接入電路的電阻減小，總電阻減小，電路中的總電流增大，路端電壓減小，即電流表A的示數(shù)增大，則電阻兩端的電壓增大，電壓表的示數(shù)增大，電壓表的示數(shù)減?。还蔄錯誤；

B．將定值電阻看作電源的內(nèi)阻，則

兩者均恒定不變；故B正確；

C．電源內(nèi)電壓增大，電阻兩端的電壓增大，電阻兩端電壓減小，根據(jù)閉合電路歐姆定律可知，增加量等于減少量，故

故C正確；

D．電源的效率

即外電阻越大；電源效率越高，故當滑動變阻器滑片P向右端滑動時，電源效率降低，因為定值電阻大于電源內(nèi)阻，根據(jù)電源輸出功率與外電阻關(guān)系圖像可知，電源輸出功率增大，故D正確。

故選BCD。10、C:D【分析】【分析】

【詳解】

A.均勻變化的電場在它周圍空間產(chǎn)生恒定的磁場；A錯誤；

B.電磁波可以在真空中傳播；B錯誤；

C.只要空間某個區(qū)域有振蕩電場（或振蕩磁場）就能在周圍空間激發(fā)出振蕩的磁場（或者振蕩的電場）；產(chǎn)生電磁波，C正確；

D.變化的電場與變化的磁場交替產(chǎn)生；由發(fā)生區(qū)域向遠處傳播就形成電磁波，D正確。

故選CD。11、B:D【分析】【詳解】

AB．由題意可知，若電源內(nèi)阻可以忽略，路端電壓等于電源的電動勢，U不變，電容器的電壓不變，Q不變；故A錯誤，B正確；

CD．若電源內(nèi)阻不可忽略，將滑動變阻器的滑動觸頭P向上移動，接入電路的電阻減小，電路中的電流增大，電源的內(nèi)電壓增大，則路端電壓U減小；電路穩(wěn)定時，電容器相當于開關(guān)斷開，R2、R3中沒有電流，P移動前電流表示數(shù)也為0，所以I不變；故C錯誤，D正確。

故選BD。12、A:D【分析】【詳解】

A．由題意根據(jù)

可知，質(zhì)子由A運動到B時

代入數(shù)據(jù)解得V

同理V，假設(shè)A點的電勢為0V，則B點的電勢為10V，C點的電勢為20V，由勻強電場的特點可知正方形對角線的交點O的電勢為10V，因此BD連線為等勢線；如圖所示。

所以電場線的方向一定由C指向A；故A正確；

B．由于M、N、P、Q分別為正方形四條邊的中點，則M點與Q點的電勢均為15V，P點與N點的電勢均為5V，則質(zhì)子由Q點運動到N點的過程中，電場力做功為eV

故B錯誤；

C．由于BD兩點的電勢相等，則電子由B點運動到D點的過程中電場力做功為零；故C錯誤；

D．電子由M點運動到A點的過程中，電場力做功為eV

則電子的電勢能增加15eV；故D正確。

故選AD。13、B:C【分析】【詳解】

A．b球在較遠處時，a球所受庫侖力近似為零，在a球正下方時，a球受到的庫侖力豎直向下，則懸線Oa的拉力增大；水平方向的分力也增大，所以水平細線的拉力比最初時大，A錯誤；

B．中間過程b球受到的庫侖力的水平分量不為零，可知庫侖力的水平分量先增大，后減小，則b球的加速度先增大后減小，b球所受庫侖力水平分量與運動方向始終相同；速度一直增大，B正確；

CD．b球受到的庫侖力為在運動過程中，a、b兩球之間的距離一直在減小，則b球所受的庫侖力一直增大；C正確，D錯誤。

故選BC。14、A:D【分析】【詳解】

AB．根據(jù)電容的決定式

得知，當保持S不變，增大d時，電容減小，電容器的電量Q不變，由電容的定義式

分析可知板間電勢差增大，則靜電計指針的偏角θ變大；故A正確，B錯誤；

CD．根據(jù)電容的決定式

可知當保持d不變，減小S時，電容減小，電容器極板所帶的電荷量Q不變，則由電容的定義式

分析可知板間電勢差增大，靜電計指針的偏角θ變大；故C錯誤，D正確。

故選AD。15、A:D【分析】【詳解】

AB．根據(jù)閉合電路歐姆定律

解得

根據(jù)圖像

解得

A正確；B錯誤；

C．該裝置電流表內(nèi)阻位置，實際的歐姆定律可得

整理

因此可發(fā)現(xiàn)斜率不變則測量的電動勢和真實電動勢一樣；C錯誤；

D．該裝置測得的內(nèi)阻是定值電阻；電源內(nèi)阻、電流表內(nèi)阻的串聯(lián)值；由于電流表內(nèi)阻未知，所以內(nèi)阻測量值大于真實值，D正確。

故選AD。三、填空題(共9題，共18分)16、略

【分析】【分析】

考查電磁波譜；電磁波的特性，電磁波的傳播。

【詳解】

[1]．電磁波譜根據(jù)波長從長波到短波排列順序是：無線電波、微波、紅外線、可見光、紫外線、X射線、γ射線；

[2]．紫外線具有滅菌消毒的作用；

[3]．電磁波在真空中傳播速度為光速所以：【解析】紅外線紫外線1.2817、略

【分析】【詳解】

[1]把它移到N點時電場力作功8×10-6J，電勢能減少8×10-6J，它在N點的電勢能為

[2]M、N兩點間電勢差為【解析】6×10-6J40018、略

【分析】【詳解】

[1][2]根據(jù)點電荷場源的決定式為正電荷周圍的場強沿著連線向外，負場源沿著連線指向場源.

正六邊形的各定點到中心O的距離由幾何關(guān)系推得

由對稱性可知a、d兩場源在O點的總場強為方向由ad；

b、e兩場源在O點的總場強為方向由be；

c、f兩場源在O點的總場強為方向由cf；

而和大小相等，互成120°，合場強為方向由be；

則六個點電荷在O點的總場強為方向由be.【解析】be19、略

【分析】【分析】

【詳解】

(1)[1]A、C中點電勢為。

所以B點與A、C中點電勢相等，連線為等勢線，根據(jù)等勢線與電場線的關(guān)系，過C點作等勢線的垂線即為電場線；方向由高電勢指向低電勢，如圖。

(2)[2]根據(jù)幾何關(guān)系可知，C點到等勢線的距離為。

根據(jù)場強公式得。

【解析】20、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1]靜電力做功等于電勢能的增加量，則從A到靜電力對該電荷做的功。

【解析】21、略

【分析】【分析】

【詳解】

略【解析】電磁波22、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1][2][3]根據(jù)多用表的用途，可以使用多用表測電壓、電流、電阻。【解析】電壓電流電阻23、略

【解析】①.電勢②.φA-φB③.φB-φA④.標量⑤.高低⑥.高⑦.qUAB24、略

【分析】【詳解】

（1）[1]由I-t圖像數(shù)據(jù)計算，閉合開關(guān)S瞬間，定值電阻R兩端的電壓為UR=I0R=0.05×1996V=99.8V

[2][3]充電過程中，定值電阻兩端的電壓逐漸變小，電源的內(nèi)阻為

（2）[4]充電過程中；電容器的電容不變。

[5]根據(jù)q=It可知，電容器帶電量等于I-t圖像的面積，則由圖像可知，充電完畢后，電容器所帶電量小于【解析】99.8變小2.8不變小于四、作圖題(共3題，共24分)25、略

【分析】【詳解】

因為1；2接線柱之間的電阻與2、3接線柱之間的電阻之和等于1、3接線柱之間的電阻；所以2為中間的結(jié)點，又因為2、3接線柱之間的電阻與1、2接線柱之間的電阻的差等于1、2接線柱之間的電阻的一半，故2、3之間有兩個電阻井聯(lián)，后再與第三個電阻串聯(lián)，每個電阻均為1Ω，連接方式如圖所示。

【解析】26、略

【分析】【詳解】

（1）由閉合電路歐姆定律可知

所以圖像與縱軸交點的坐標值為電源電動勢；與橫軸交點的坐標值為短路電流，如圖所示。

（2）電源的輸出功率等于路端電壓與干路電流的乘積；即所要求的的面積為該點向坐標軸作垂線后與坐標軸圍成的面積，如圖所示。

【解析】（1）U-I圖像如圖所示。圖像與縱軸交點的坐標值為電源電動勢，與橫軸交點的坐標值為短路電流；（2）27、略

【分析】【分析】

【詳解】

電池；光敏電阻與開關(guān)及干簧管繼電器開關(guān)外面接線構(gòu)成一個回路；而另一組電池、蜂鳴器與干簧管繼電器開關(guān)里面的兩個接線構(gòu)成又一個回路。當有光照時，光敏電阻阻值變小，使得干簧管繼電器開關(guān)存在磁場，導(dǎo)致開關(guān)接通，最終使得蜂鳴器發(fā)聲