2025年粵教版必修3物理上冊(cè)階段測(cè)試試卷含答案

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請(qǐng)※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁(yè)，總=sectionpages22頁(yè)第=page11頁(yè)，總=sectionpages11頁(yè)2025年粵教版必修3物理上冊(cè)階段測(cè)試試卷含答案考試試卷考試范圍：全部知識(shí)點(diǎn)；考試時(shí)間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級(jí)：______考號(hào)：______總分欄題號(hào)一二三四五六總分得分評(píng)卷人得分一、選擇題(共7題，共14分)1、一半徑為R的金屬薄球殼內(nèi)壁接地，其球心處安置有一個(gè)點(diǎn)電荷+Q，如圖所示。P為金屬球外距離球心2R的一點(diǎn)；下列表述中正確的是（）

A.金屬球殼的外表面帶正電B.金屬球殼的內(nèi)表面不帶電C.在P處引入正點(diǎn)電荷q，受斥力大小為D.金屬球殼感應(yīng)電荷在P處形成的場(chǎng)強(qiáng)大小為2、如圖所示，兩平行長(zhǎng)直導(dǎo)線中都通有豎直向下的電流，大小分別為I和2I，O點(diǎn)到兩導(dǎo)線的距離相等，兩電流在O點(diǎn)產(chǎn)生磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B。將左側(cè)電流大小調(diào)整為2I，方向調(diào)整為向上時(shí)，O點(diǎn)的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為（）

A.B.C.D.3、如圖所示，正六邊形的B、D兩點(diǎn)各固定一個(gè)帶正電、電荷量為的點(diǎn)電荷，F(xiàn)點(diǎn)固定一個(gè)帶負(fù)電、帶電荷量為的點(diǎn)電荷，O為正六邊形的幾何中心。則下列說(shuō)法正確的是（）

A.O點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)為0B.C點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)方向?yàn)檠厮诘闹本€由C指向FC.電子在A點(diǎn)電勢(shì)能比在O點(diǎn)小D.O、A兩點(diǎn)間電勢(shì)差和O、E兩點(diǎn)間電勢(shì)差相等4、如圖所示，質(zhì)量相等可視為點(diǎn)電荷的A、B、C三個(gè)帶電絕緣小球，其中A帶正電并固定在絕緣豎直彈簧下端，當(dāng)A、B、C三個(gè)小球的球心距離為L(zhǎng)時(shí)；B；C小球帶電荷量相等并懸在空中處于靜止?fàn)顟B(tài)，下列說(shuō)法正確的是（）

A.彈簧彈力大于三個(gè)小球的總重力B.小球A受三個(gè)作用力C.小球A帶的電荷量是小球B帶電荷量的2倍D.剪斷彈簧后三個(gè)小球一起做自由落體運(yùn)動(dòng)5、下列物理量正負(fù)號(hào)的表述正確的是A.重力勢(shì)能正、負(fù)號(hào)表示大小B.電量正、負(fù)號(hào)表示方向C.功正、負(fù)號(hào)表示方向D.速度正、負(fù)號(hào)表示大小6、如圖所示，孤立點(diǎn)電荷+Q固定在正方體的一個(gè)頂點(diǎn)上，與+Q相鄰的三個(gè)頂點(diǎn)分別是A、B、C；下列說(shuō)法中正確的是()

A.A、B、C三點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)相同B.A、B、C三點(diǎn)的電勢(shì)相等C.A、B、C三點(diǎn)所在的平面為一個(gè)等勢(shì)面D.將電荷量為+q的檢驗(yàn)電荷由A點(diǎn)沿直線移動(dòng)到B點(diǎn)過(guò)程中電勢(shì)能始終保持不變7、平行板電容器充電后與電源斷開(kāi)；兩板間形成了勻強(qiáng)電場(chǎng)。當(dāng)兩板受到外界的擠壓后發(fā)生了圖所示的形變，則受壓后兩板間電場(chǎng)線分布可能正確的是（）

A.B.C.D.評(píng)卷人得分二、多選題(共8題，共16分)8、某同學(xué)設(shè)計(jì)了一個(gè)多量程多用電表，其內(nèi)部結(jié)構(gòu)原理圖如圖所示，測(cè)電流和測(cè)電壓時(shí)各有兩個(gè)量程，還有兩個(gè)檔位用來(lái)測(cè)電阻，則下列說(shuō)法正確的是

A.當(dāng)功能選擇開(kāi)關(guān)S與1、2觸點(diǎn)相接時(shí)，測(cè)的是電流B.當(dāng)功能選擇開(kāi)關(guān)S與3、4觸點(diǎn)相接時(shí)，測(cè)的是電壓C.A表筆為紅表筆，B表筆為黑表筆D.當(dāng)功能選擇開(kāi)關(guān)S旋到觸點(diǎn)5時(shí)的量程比旋到6時(shí)的量程大9、如圖所示，圖中的三個(gè)電表均為理想電表，電源內(nèi)阻為r，為定值電阻，且阻值大于r，閉合電鍵后，電流表和電壓表示數(shù)分別用表示，當(dāng)滑動(dòng)變阻器滑片P向右端滑動(dòng)時(shí)，電流表和電壓表示數(shù)變化量的大小分別用表示，下面說(shuō)法正確的是（）

A.減小、增大、增大B.為定值，也為定值C.D.電源的效率降低，但電源輸出功率增大10、關(guān)于對(duì)電磁場(chǎng)和電磁波的認(rèn)識(shí)中正確的是（）A.均勻變化的電場(chǎng)在它周?chē)臻g產(chǎn)生均勻變化的磁場(chǎng)B.電磁波和機(jī)械波一樣依賴(lài)于介質(zhì)傳播C.只要空間某個(gè)區(qū)域有振蕩電場(chǎng)或振蕩磁場(chǎng)就能產(chǎn)生電磁波D.變化的電場(chǎng)與變化的磁場(chǎng)交替產(chǎn)生，由發(fā)生區(qū)域向遠(yuǎn)處傳播就形成電磁波11、在如圖所示的電路中，電源電動(dòng)勢(shì)為E，設(shè)電流表的示數(shù)為I，電壓表的示數(shù)為U，電容器C所帶的電荷量為Q。將滑動(dòng)變阻器R1的滑動(dòng)觸頭P向上移動(dòng)，待電流達(dá)到穩(wěn)定后，則與P移動(dòng)前相比（））

A.若電源內(nèi)阻不可忽略，則Q減小B.若電源內(nèi)阻可以忽略，則Q不變C.若電源內(nèi)阻不可忽略，則I增大D.若電源內(nèi)阻不可忽略，則U減小12、如圖所示，ABCD為一正方形，M、N、P、Q分別為正方形四條邊的中點(diǎn)，空間存在與正方形平面平行且范圍足夠大的勻強(qiáng)電場(chǎng)。已知質(zhì)子由A點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到B點(diǎn)電場(chǎng)力做功為-10eV、質(zhì)子由A點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到C點(diǎn)電場(chǎng)力做功為-20eV。則下列說(shuō)法正確的是（）

A.電場(chǎng)強(qiáng)度的方向應(yīng)由C指向AB.質(zhì)子由Q點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到N點(diǎn)的過(guò)程中，電場(chǎng)力不做功C.電子由B點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到D點(diǎn)的過(guò)程中，電場(chǎng)力做功10eVD.電子由M點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到A點(diǎn)的過(guò)程中，電子的電勢(shì)能增加15eV13、一絕緣細(xì)線Oa下端系一質(zhì)量為m的帶正電的小球a，在正下方有一光滑的絕緣水平細(xì)桿，一帶負(fù)電的小球b穿過(guò)桿在其左側(cè)較遠(yuǎn)處，小球a由于受到水平絕緣細(xì)線的拉力而靜止，如圖所示，現(xiàn)保持懸線與豎直方向的夾角為θ，并在較遠(yuǎn)處由靜止釋放小球b，讓其從遠(yuǎn)處沿桿向右移動(dòng)到a點(diǎn)的正下方；在此過(guò)程中()

A.懸線Oa的拉力逐漸增大，水平細(xì)線的拉力逐漸減小B.b球的加速度先增大后減小，速度始終增大C.b球所受的庫(kù)侖力一直增大D.b球所受的庫(kù)侖力先減小后增大14、用控制變量法，可以研究影響平行板電容器電容的因素（如圖）。設(shè)兩極板正對(duì)面積為S，極板間的距離為d，靜電計(jì)指針偏角為θ。實(shí)驗(yàn)中；極板所帶電荷量不變，若（）

A.保持S不變，增大d，則θ變大B.保持S不變，增大d，則θ變小C.保持d不變，減小S，則θ變小D.保持d不變，減小S，則θ變大15、如圖甲所示，定值電阻閉合開(kāi)關(guān)S，改變電阻箱R阻值，得到多組R、I值，并作出了如圖乙所示的圖線；則（）

A.電源電動(dòng)勢(shì)為5.0VB.電源內(nèi)阻為2.5ΩC.從系統(tǒng)誤差角度看，利用該裝置測(cè)得的電動(dòng)勢(shì)大于其真實(shí)值D.從系統(tǒng)誤差角度看，利用該裝置測(cè)得的內(nèi)阻大于其真實(shí)值評(píng)卷人得分三、填空題(共9題，共18分)16、電磁波譜的排列是：無(wú)線電波、微波、_______________、可見(jiàn)光、紫外線、X射線、γ射線；可用來(lái)滅菌消毒的電磁波是____________；在探月工程中，從地球向“月兔號(hào)”月球車(chē)發(fā)指令，電磁波信號(hào)經(jīng)過(guò)__________s到達(dá)月球車(chē)。（已知地月表面距離約為3.84×108m）17、一個(gè)電荷量為2.0×10-8C的正點(diǎn)電荷，在電場(chǎng)中M點(diǎn)時(shí)的電勢(shì)能為1.4×10-5J，把它移到N點(diǎn)時(shí)電場(chǎng)力做功8×10-6J，則它在N點(diǎn)的電勢(shì)能為_(kāi)_____J，M、N兩點(diǎn)間電勢(shì)差UMN=______V。18、在邊長(zhǎng)為L(zhǎng)的正六邊形ABCDEF的頂點(diǎn)上各固定一個(gè)點(diǎn)電荷，它們的帶電量如圖所示，則幾何中心處的場(chǎng)強(qiáng)大小____________，方向__________.

19、如圖，直角三角形ABC，∠ACB=60°，BC長(zhǎng)10cm?？臻g中存在勻強(qiáng)電場(chǎng)，電場(chǎng)方向平行ABC所在的平面，已知A、B、C三點(diǎn)電勢(shì)分別為12V；8V、4V。

（1）在圖中作出過(guò)C點(diǎn)的電場(chǎng)線______；

（2）勻強(qiáng)電場(chǎng)的電場(chǎng)強(qiáng)度大小為_(kāi)_________V/m。

20、某電荷在A、兩點(diǎn)具有的電勢(shì)能分別為和則從A到靜電力對(duì)該電荷做的功__________。21、黑體：能夠完全吸收入射的各種波長(zhǎng)的______而不發(fā)生反射。22、會(huì)使用多用電表測(cè)_____、_____及_____。23、電勢(shì)差。

（1）定義：電場(chǎng)中兩點(diǎn)之間____的差值，也叫作電壓。UAB=____，UBA=____，UAB=-UBA。

（2）電勢(shì)差是_____，有正負(fù)，電勢(shì)差的正負(fù)表示電勢(shì)的_____。UAB>0，表示A點(diǎn)電勢(shì)比B點(diǎn)電勢(shì)____。

（3）靜電力做功與電勢(shì)差的關(guān)系。

WAB=_____或24、某實(shí)驗(yàn)小組研究電容器的充電過(guò)程。將電容器與電動(dòng)勢(shì)V的電源、阻值的定值電阻、內(nèi)阻的電流傳感器連接成如圖甲所示電路?，F(xiàn)閉合開(kāi)關(guān)S為電容器充電，電流傳感器接計(jì)算機(jī)顯示出電流I隨時(shí)間t變化的圖像。

（1）由I-t圖像數(shù)據(jù)計(jì)算，閉合開(kāi)關(guān)S瞬間，定值電阻R兩端的電壓為_(kāi)___________V，充電過(guò)程中，定值電阻兩端的電壓逐漸____________（選填“變大”或“變小”），電源的內(nèi)阻為_(kāi)___________Ω；

（2）充電過(guò)程中，電容器的電容____________（選填“變大”“不變”或“變小”）。由圖像可知，充電完畢后，電容器所帶電量____________（選填“大于”“等于”或“小于”）0.02C。評(píng)卷人得分四、作圖題(共3題，共24分)25、如圖，黑箱面板上有三個(gè)接線柱1、2和3，黑箱內(nèi)有一個(gè)由四個(gè)阻值相同的電阻構(gòu)成的電路。用歐姆表測(cè)得1、2接線柱之間的電阻為2、3接線柱之間的電阻為1、3接線柱之間的電阻為在虛線框中畫(huà)出黑箱中的電阻連接方式。

26、如圖1所示，用電動(dòng)勢(shì)為E、內(nèi)阻為r的電源，向滑動(dòng)變阻器R供電。改變變阻器R的阻值，路端電壓U與電流I均隨之變化。

（1）以U為縱坐標(biāo)，I為橫坐標(biāo)，在圖2中畫(huà)出變阻器阻值R變化過(guò)程中U-I圖像的示意圖，并說(shuō)明U-I圖像與兩坐標(biāo)軸交點(diǎn)的物理意義。

（2）請(qǐng)?jiān)趫D2畫(huà)好的U-I關(guān)系圖線上任取一點(diǎn)；畫(huà)出帶網(wǎng)格的圖形，以其面積表示此時(shí)電源的輸出功率。

27、把蜂鳴器；光敏電阻、干簧管繼電器開(kāi)關(guān)、電源連成電路如圖所示；制成光電報(bào)警裝置，當(dāng)報(bào)警器有光照射時(shí)，峰鳴器發(fā)聲，當(dāng)沒(méi)有光照或者光照很弱時(shí)，蜂鳴器不發(fā)聲，①光敏電阻：光敏電阻受光照后，阻值會(huì)變小，②干簧管繼電器開(kāi)關(guān)：由干簧管和繞在干簧管外的線圈組成，當(dāng)線圈中有一定的電流時(shí)，線圈產(chǎn)生的磁場(chǎng)使密封在干簧管內(nèi)的兩個(gè)鐵質(zhì)簧片磁化，兩個(gè)簧片在磁力作用下由原來(lái)的分離狀態(tài)變成閉合狀態(tài)，當(dāng)線圈中沒(méi)有電流或者電流很微弱時(shí)，磁場(chǎng)消失，簧片在彈力的作用下恢復(fù)到分離狀態(tài)，電路已經(jīng)連接一部分，請(qǐng)將電路完整連接好。

評(píng)卷人得分五、實(shí)驗(yàn)題(共1題，共9分)28、現(xiàn)想用指針式多用電表的歐姆擋去測(cè)量某個(gè)二極管的正向電阻。

（1）實(shí)驗(yàn)前將多用電表調(diào)至“×1”擋，將紅、黑表筆短接，調(diào)節(jié)旋鈕，使指針指在___________；

（2）連接電路，并將黑表筆接二極管的___________；

（3）在圖甲中補(bǔ)上二極管的正向接法___________；

（4）若多用電表的指針偏轉(zhuǎn)情況如圖乙所示，則二極管的正向電阻為_(kāi)__________Ω；

（5）另一位同學(xué)想要測(cè)繪小燈泡的伏安特性曲線，請(qǐng)將電路圖丙補(bǔ)充完整___________；評(píng)卷人得分六、解答題(共2題，共4分)29、如圖；真空中兩個(gè)帶電量均為+Q的點(diǎn)電荷固定在A；B亮點(diǎn)，它們之間的距離為8d，O點(diǎn)是它們連線的中點(diǎn)。C、D是連線中垂線MN上關(guān)于O點(diǎn)對(duì)稱(chēng)的兩點(diǎn)。AC與MN的夾角是53°，空間中還有一勻強(qiáng)電場(chǎng)。將一試探負(fù)電荷放置在C點(diǎn)時(shí)恰能保持靜止。已知靜電力常量為k、試探電荷的比荷為μ。（已知sin53°=0.8，cos53°=0.6，不考慮電荷的重力）

（1）求勻強(qiáng)電場(chǎng)的電場(chǎng)強(qiáng)度E的大小及方向。

（2）給該試探電荷某一初速度，使其從C點(diǎn)沿MN恰能運(yùn)動(dòng)到D點(diǎn)，求初速度的大小。30、無(wú)處不在的引力場(chǎng)；構(gòu)建出一幅和諧而神秘的宇宙圖景。

（1）地球附近的物體處在地球產(chǎn)生的引力場(chǎng)中。地球可視為質(zhì)量分布均勻的球體。已知地球的質(zhì)量為M，引力常量為G。請(qǐng)類(lèi)比電場(chǎng)強(qiáng)度的定義，寫(xiě)出距地心r處的引力場(chǎng)強(qiáng)度g的表達(dá)式。（已知r大于地球半徑，結(jié)果用M、G和r表示）

（2）物體處于引力場(chǎng)中；就像電荷在電場(chǎng)中具有電勢(shì)能一樣，具有引力勢(shì)能。

中國(guó)科學(xué)院南極天文中心的巡天望遠(yuǎn)鏡追蹤到由孤立的雙中子星合并時(shí)產(chǎn)生的引力波。已知該雙中子星的質(zhì)量分別為且保持不變。在短時(shí)間內(nèi)，可認(rèn)為雙中子星繞二者連線上的某一點(diǎn)做勻速圓周運(yùn)動(dòng)。請(qǐng)分析說(shuō)明在合并過(guò)程中，該雙中子星系統(tǒng)的引力勢(shì)能、運(yùn)動(dòng)的周期T如何變化。

（3）我們可以在無(wú)法獲知銀河系總質(zhì)量的情況下，研究太陽(yáng)在銀河系中所具有的引力勢(shì)能。通過(guò)天文觀測(cè)距銀心（即銀河系的中心）為r處的物質(zhì)繞銀心的旋轉(zhuǎn)速度為v，根據(jù)可得到銀河系在該處的引力場(chǎng)強(qiáng)度g的數(shù)值，并作出圖像，如圖所示。已知太陽(yáng)的質(zhì)量太陽(yáng)距離銀心

a．某同學(xué)根據(jù)表達(dá)式認(rèn)為：引力場(chǎng)強(qiáng)度g的大小與物質(zhì)繞銀心的旋轉(zhuǎn)速度成正比，與到銀心的距離r成反比。請(qǐng)定性分析說(shuō)明該同學(xué)的觀點(diǎn)是否正確。

b．將物質(zhì)距銀心無(wú)窮遠(yuǎn)處的引力勢(shì)能規(guī)定為零，請(qǐng)利用題中信息估算太陽(yáng)所具有的引力勢(shì)能

參考答案一、選擇題(共7題，共14分)1、D【分析】【分析】

【詳解】

A．由于球殼內(nèi)壁接地；電勢(shì)為零，如果外殼帶正電，電場(chǎng)線的方向指向無(wú)窮遠(yuǎn)處，無(wú)窮遠(yuǎn)處電勢(shì)為零，而沿著電場(chǎng)線方向，電勢(shì)降低，說(shuō)明球殼電勢(shì)大于零，與前提矛盾，因此金屬球殼的外表面不帶電，A錯(cuò)誤；

B．由于靜電感應(yīng)，球殼內(nèi)表面帶負(fù)電，而且所帶電荷量為B錯(cuò)誤；

C．由于球殼接地，球殼外部的電場(chǎng)強(qiáng)度處處為零，若在P處引入正點(diǎn)電荷q，此時(shí)在球殼外表面上會(huì)感應(yīng)出一定量的負(fù)電荷，它與q間的電場(chǎng)力與Q無(wú)關(guān)；C錯(cuò)誤。

D．由于球殼接地，球殼外部的電場(chǎng)強(qiáng)度處處為零，即Q在某點(diǎn)產(chǎn)生的場(chǎng)強(qiáng)與感應(yīng)電荷在某點(diǎn)產(chǎn)生的場(chǎng)強(qiáng)等大反向，合場(chǎng)強(qiáng)為零，因此金屬球殼感應(yīng)電荷在P處形成的場(chǎng)強(qiáng)大小為。

方向指向球心；D正確。

故選D。2、D【分析】【詳解】

根據(jù)右手螺旋定則可知，電流都向下時(shí)，兩導(dǎo)線在O點(diǎn)產(chǎn)生的磁感應(yīng)強(qiáng)度方向相反，且由

可知左側(cè)導(dǎo)線產(chǎn)生的磁感應(yīng)強(qiáng)度是右側(cè)產(chǎn)生的一半，結(jié)合矢量合成法則可知

將左側(cè)電流大小調(diào)整為2I，方向調(diào)整為向上時(shí)，根據(jù)右手螺旋定則可知，兩導(dǎo)線在O點(diǎn)產(chǎn)生的磁感應(yīng)強(qiáng)度方向相同，結(jié)合矢量合成法則可知

故選D。3、D【分析】【詳解】

A．根據(jù)點(diǎn)電荷的場(chǎng)強(qiáng)公式

三個(gè)點(diǎn)電荷在O點(diǎn)產(chǎn)生的場(chǎng)強(qiáng)大小相等，B、D兩個(gè)正電荷產(chǎn)生的場(chǎng)強(qiáng)與F點(diǎn)的負(fù)電荷產(chǎn)生的場(chǎng)強(qiáng)方向相同，合場(chǎng)強(qiáng)沿OF方向；故A錯(cuò)誤；

B．B和D兩個(gè)正電荷在C點(diǎn)產(chǎn)生的合場(chǎng)強(qiáng)大小為由F指向C，F(xiàn)點(diǎn)的負(fù)點(diǎn)電荷在C點(diǎn)產(chǎn)生的場(chǎng)強(qiáng)大小為由C指向F，則總的合場(chǎng)強(qiáng)由F指向C；故B錯(cuò)誤；

C．AD是BF的中垂線，B和F點(diǎn)的電荷在AD上各點(diǎn)產(chǎn)生的電勢(shì)相等，故A點(diǎn)和O點(diǎn)的電勢(shì)等于D點(diǎn)電荷產(chǎn)生的電勢(shì)，則

根據(jù)

可知電子在A點(diǎn)電勢(shì)能比在O點(diǎn)大；故C錯(cuò)誤；

D．根據(jù)對(duì)稱(chēng)性可知，A和E點(diǎn)的電勢(shì)相等，則O、A兩點(diǎn)間電勢(shì)差和O、E兩點(diǎn)間電勢(shì)差相等；D正確。

故選D。4、C【分析】【詳解】

A．把三個(gè)小球看成整體；可得彈簧彈力等于三個(gè)小球的總重力，故A錯(cuò)誤；

B．分析A的受力有重力；兩個(gè)庫(kù)侖力和彈簧彈力；共四個(gè)力，故B錯(cuò)誤；

C．根據(jù)受力平衡可得B、C小球帶等量的負(fù)電，設(shè)小球A、B的電荷量絕對(duì)值分別為A、B之間的庫(kù)侖力

B、C之間的庫(kù)侖力

分析B受力如圖所示，可得

代入得

故C正確；

D．剪斷彈簧后A受重力和B、C小球?qū)的庫(kù)侖力，A下落的加速度大于重力加速度，剪斷瞬間小球B、C受力不變；加速度為零，故D錯(cuò)誤。

故選C。

【點(diǎn)睛】

本題以彈簧和帶電小球?yàn)楸尘?，考查受力分析及力的突變?wèn)題，考查考生的科學(xué)思維。5、A【分析】電量和功是標(biāo)量，正、負(fù)號(hào)不表示方向，選項(xiàng)BC錯(cuò)；速度是矢量，正、負(fù)號(hào)表示方向，選項(xiàng)D錯(cuò)；重力勢(shì)能正、負(fù)號(hào)表示大小，選項(xiàng)A正確；故選A.6、B【分析】【詳解】

AB．A、B、C三點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)大小相等；方向不同，所以三點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)不同，三點(diǎn)的電勢(shì)相同，故A錯(cuò)誤，B正確；

C．A、B、C三點(diǎn)所決定的平面各點(diǎn)到+Q的距離不相等；故電勢(shì)就不全相等，所以該平面不是等勢(shì)面，故C錯(cuò)誤；

D．一電荷+q的檢驗(yàn)電荷由A點(diǎn)沿直線移動(dòng)到B點(diǎn)的過(guò)程中；電勢(shì)先升高后降低，電勢(shì)能先增大后減?。蔇錯(cuò)誤．

故選B．

【名師點(diǎn)睛】

解答本題的關(guān)鍵要掌握孤立+Q點(diǎn)電荷電場(chǎng)線和等勢(shì)面的分布，知道離正電荷距離越近的位置電勢(shì)越高，正電荷在電勢(shì)高的位置電勢(shì)能大．7、C【分析】【詳解】

兩極板處于靜電平衡；因極板中間凸出，則電荷分布中間多兩端少，故中間電場(chǎng)強(qiáng)度較大，靜電平衡的導(dǎo)體是等勢(shì)體，等勢(shì)面和電場(chǎng)線相互垂直，且電場(chǎng)強(qiáng)度越大的地方，電場(chǎng)線越密集。

故選C。二、多選題(共8題，共16分)8、A:C【分析】A項(xiàng)：當(dāng)S旋到位置1；2時(shí)；電流表與電阻并聯(lián)，并聯(lián)電阻起分流作用，可用來(lái)測(cè)量電流．則A正確；

B項(xiàng)：當(dāng)轉(zhuǎn)換開(kāi)關(guān)S旋到位置3；4時(shí)，內(nèi)部電源被接通，構(gòu)成歐姆表，可測(cè)量電阻，則B錯(cuò)誤；

C項(xiàng)：電流由紅表筆進(jìn)；由黑表筆出，則A表筆為紅表筆，B表筆為黑表筆，則C正確；

D項(xiàng)：S旋到位置5時(shí)；串聯(lián)電阻阻值較小，則分壓較大，故旋到觸點(diǎn)5時(shí)的量程比旋到6時(shí)的量程小，則D錯(cuò)誤。

點(diǎn)晴：本題考查多用電表的內(nèi)部結(jié)構(gòu)，電壓檔和電流檔的內(nèi)部結(jié)構(gòu)與前面所學(xué)習(xí)的電壓表電流表的改裝原理相同，而歐姆檔啟用時(shí)內(nèi)部電源被接通。9、B:C:D【分析】【詳解】

由圖可知，變阻器和電阻串聯(lián)，電流表測(cè)量電路中的電流，電壓表測(cè)量?jī)啥说碾妷?，電壓表測(cè)量?jī)啥说碾妷骸?/p>

A．當(dāng)滑動(dòng)變阻器的滑動(dòng)片P向右移動(dòng)時(shí)，變阻器接入電路的電阻減小，總電阻減小，電路中的總電流增大，路端電壓減小，即電流表A的示數(shù)增大，則電阻兩端的電壓增大，電壓表的示數(shù)增大，電壓表的示數(shù)減??；故A錯(cuò)誤；

B．將定值電阻看作電源的內(nèi)阻，則

兩者均恒定不變；故B正確；

C．電源內(nèi)電壓增大，電阻兩端的電壓增大，電阻兩端電壓減小，根據(jù)閉合電路歐姆定律可知，增加量等于減少量，故

故C正確；

D．電源的效率

即外電阻越大；電源效率越高，故當(dāng)滑動(dòng)變阻器滑片P向右端滑動(dòng)時(shí)，電源效率降低，因?yàn)槎ㄖ惦娮璐笥陔娫磧?nèi)阻，根據(jù)電源輸出功率與外電阻關(guān)系圖像可知，電源輸出功率增大，故D正確。

故選BCD。10、C:D【分析】【分析】

【詳解】

A.均勻變化的電場(chǎng)在它周?chē)臻g產(chǎn)生恒定的磁場(chǎng)；A錯(cuò)誤；

B.電磁波可以在真空中傳播；B錯(cuò)誤；

C.只要空間某個(gè)區(qū)域有振蕩電場(chǎng)（或振蕩磁場(chǎng)）就能在周?chē)臻g激發(fā)出振蕩的磁場(chǎng)（或者振蕩的電場(chǎng)）；產(chǎn)生電磁波，C正確；

D.變化的電場(chǎng)與變化的磁場(chǎng)交替產(chǎn)生；由發(fā)生區(qū)域向遠(yuǎn)處傳播就形成電磁波，D正確。

故選CD。11、B:D【分析】【詳解】

AB．由題意可知，若電源內(nèi)阻可以忽略，路端電壓等于電源的電動(dòng)勢(shì)，U不變，電容器的電壓不變，Q不變；故A錯(cuò)誤，B正確；

CD．若電源內(nèi)阻不可忽略，將滑動(dòng)變阻器的滑動(dòng)觸頭P向上移動(dòng)，接入電路的電阻減小，電路中的電流增大，電源的內(nèi)電壓增大，則路端電壓U減??；電路穩(wěn)定時(shí)，電容器相當(dāng)于開(kāi)關(guān)斷開(kāi)，R2、R3中沒(méi)有電流，P移動(dòng)前電流表示數(shù)也為0，所以I不變；故C錯(cuò)誤，D正確。

故選BD。12、A:D【分析】【詳解】

A．由題意根據(jù)

可知，質(zhì)子由A運(yùn)動(dòng)到B時(shí)

代入數(shù)據(jù)解得V

同理V，假設(shè)A點(diǎn)的電勢(shì)為0V，則B點(diǎn)的電勢(shì)為10V，C點(diǎn)的電勢(shì)為20V，由勻強(qiáng)電場(chǎng)的特點(diǎn)可知正方形對(duì)角線的交點(diǎn)O的電勢(shì)為10V，因此BD連線為等勢(shì)線；如圖所示。

所以電場(chǎng)線的方向一定由C指向A；故A正確；

B．由于M、N、P、Q分別為正方形四條邊的中點(diǎn)，則M點(diǎn)與Q點(diǎn)的電勢(shì)均為15V，P點(diǎn)與N點(diǎn)的電勢(shì)均為5V，則質(zhì)子由Q點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到N點(diǎn)的過(guò)程中，電場(chǎng)力做功為eV

故B錯(cuò)誤；

C．由于BD兩點(diǎn)的電勢(shì)相等，則電子由B點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到D點(diǎn)的過(guò)程中電場(chǎng)力做功為零；故C錯(cuò)誤；

D．電子由M點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到A點(diǎn)的過(guò)程中，電場(chǎng)力做功為eV

則電子的電勢(shì)能增加15eV；故D正確。

故選AD。13、B:C【分析】【詳解】

A．b球在較遠(yuǎn)處時(shí)，a球所受庫(kù)侖力近似為零，在a球正下方時(shí)，a球受到的庫(kù)侖力豎直向下，則懸線Oa的拉力增大；水平方向的分力也增大，所以水平細(xì)線的拉力比最初時(shí)大，A錯(cuò)誤；

B．中間過(guò)程b球受到的庫(kù)侖力的水平分量不為零，可知庫(kù)侖力的水平分量先增大，后減小，則b球的加速度先增大后減小，b球所受庫(kù)侖力水平分量與運(yùn)動(dòng)方向始終相同；速度一直增大，B正確；

CD．b球受到的庫(kù)侖力為在運(yùn)動(dòng)過(guò)程中，a、b兩球之間的距離一直在減小，則b球所受的庫(kù)侖力一直增大；C正確，D錯(cuò)誤。

故選BC。14、A:D【分析】【詳解】

AB．根據(jù)電容的決定式

得知，當(dāng)保持S不變，增大d時(shí)，電容減小，電容器的電量Q不變，由電容的定義式

分析可知板間電勢(shì)差增大，則靜電計(jì)指針的偏角θ變大；故A正確，B錯(cuò)誤；

CD．根據(jù)電容的決定式

可知當(dāng)保持d不變，減小S時(shí)，電容減小，電容器極板所帶的電荷量Q不變，則由電容的定義式

分析可知板間電勢(shì)差增大，靜電計(jì)指針的偏角θ變大；故C錯(cuò)誤，D正確。

故選AD。15、A:D【分析】【詳解】

AB．根據(jù)閉合電路歐姆定律

解得

根據(jù)圖像

解得

A正確；B錯(cuò)誤；

C．該裝置電流表內(nèi)阻位置，實(shí)際的歐姆定律可得

整理

因此可發(fā)現(xiàn)斜率不變則測(cè)量的電動(dòng)勢(shì)和真實(shí)電動(dòng)勢(shì)一樣；C錯(cuò)誤；

D．該裝置測(cè)得的內(nèi)阻是定值電阻；電源內(nèi)阻、電流表內(nèi)阻的串聯(lián)值；由于電流表內(nèi)阻未知，所以?xún)?nèi)阻測(cè)量值大于真實(shí)值，D正確。

故選AD。三、填空題(共9題，共18分)16、略

【分析】【分析】

考查電磁波譜；電磁波的特性，電磁波的傳播。

【詳解】

[1]．電磁波譜根據(jù)波長(zhǎng)從長(zhǎng)波到短波排列順序是：無(wú)線電波、微波、紅外線、可見(jiàn)光、紫外線、X射線、γ射線；

[2]．紫外線具有滅菌消毒的作用；

[3]．電磁波在真空中傳播速度為光速所以：【解析】紅外線紫外線1.2817、略

【分析】【詳解】

[1]把它移到N點(diǎn)時(shí)電場(chǎng)力作功8×10-6J，電勢(shì)能減少8×10-6J，它在N點(diǎn)的電勢(shì)能為

[2]M、N兩點(diǎn)間電勢(shì)差為【解析】6×10-6J40018、略

【分析】【詳解】

[1][2]根據(jù)點(diǎn)電荷場(chǎng)源的決定式為正電荷周?chē)膱?chǎng)強(qiáng)沿著連線向外，負(fù)場(chǎng)源沿著連線指向場(chǎng)源.

正六邊形的各定點(diǎn)到中心O的距離由幾何關(guān)系推得

由對(duì)稱(chēng)性可知a、d兩場(chǎng)源在O點(diǎn)的總場(chǎng)強(qiáng)為方向由ad；

b、e兩場(chǎng)源在O點(diǎn)的總場(chǎng)強(qiáng)為方向由be；

c、f兩場(chǎng)源在O點(diǎn)的總場(chǎng)強(qiáng)為方向由cf；

而和大小相等，互成120°，合場(chǎng)強(qiáng)為方向由be；

則六個(gè)點(diǎn)電荷在O點(diǎn)的總場(chǎng)強(qiáng)為方向由be.【解析】be19、略

【分析】【分析】

【詳解】

(1)[1]A、C中點(diǎn)電勢(shì)為。

所以B點(diǎn)與A、C中點(diǎn)電勢(shì)相等，連線為等勢(shì)線，根據(jù)等勢(shì)線與電場(chǎng)線的關(guān)系，過(guò)C點(diǎn)作等勢(shì)線的垂線即為電場(chǎng)線；方向由高電勢(shì)指向低電勢(shì)，如圖。

(2)[2]根據(jù)幾何關(guān)系可知，C點(diǎn)到等勢(shì)線的距離為。

根據(jù)場(chǎng)強(qiáng)公式得。

【解析】20、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1]靜電力做功等于電勢(shì)能的增加量，則從A到靜電力對(duì)該電荷做的功。

【解析】21、略

【分析】【分析】

【詳解】

略【解析】電磁波22、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1][2][3]根據(jù)多用表的用途，可以使用多用表測(cè)電壓、電流、電阻。【解析】電壓電流電阻23、略

【解析】①.電勢(shì)②.φA-φB③.φB-φA④.標(biāo)量⑤.高低⑥.高⑦.qUAB24、略

【分析】【詳解】

（1）[1]由I-t圖像數(shù)據(jù)計(jì)算，閉合開(kāi)關(guān)S瞬間，定值電阻R兩端的電壓為UR=I0R=0.05×1996V=99.8V

[2][3]充電過(guò)程中，定值電阻兩端的電壓逐漸變小，電源的內(nèi)阻為

（2）[4]充電過(guò)程中；電容器的電容不變。

[5]根據(jù)q=It可知，電容器帶電量等于I-t圖像的面積，則由圖像可知，充電完畢后，電容器所帶電量小于【解析】99.8變小2.8不變小于四、作圖題(共3題，共24分)25、略

【分析】【詳解】

因?yàn)?；2接線柱之間的電阻與2、3接線柱之間的電阻之和等于1、3接線柱之間的電阻；所以2為中間的結(jié)點(diǎn)，又因?yàn)?、3接線柱之間的電阻與1、2接線柱之間的電阻的差等于1、2接線柱之間的電阻的一半，故2、3之間有兩個(gè)電阻井聯(lián)，后再與第三個(gè)電阻串聯(lián)，每個(gè)電阻均為1Ω，連接方式如圖所示。

【解析】26、略

【分析】【詳解】

（1）由閉合電路歐姆定律可知

所以圖像與縱軸交點(diǎn)的坐標(biāo)值為電源電動(dòng)勢(shì)；與橫軸交點(diǎn)的坐標(biāo)值為短路電流，如圖所示。

（2）電源的輸出功率等于路端電壓與干路電流的乘積；即所要求的的面積為該點(diǎn)向坐標(biāo)軸作垂線后與坐標(biāo)軸圍成的面積，如圖所示。

【解析】（1）U-I圖像如圖所示。圖像與縱軸交點(diǎn)的坐標(biāo)值為電源電動(dòng)勢(shì)，與橫軸交點(diǎn)的坐標(biāo)值為短路電流；（2）27、略

【分析】【分析】

【詳解】

電池；光敏電阻與開(kāi)關(guān)及干簧管繼電器開(kāi)關(guān)外面接線構(gòu)成一個(gè)回路；而另一組電池、蜂鳴器與干簧管繼電器開(kāi)關(guān)里面的兩個(gè)接線構(gòu)成又一個(gè)回路。當(dāng)有光照時(shí)，光敏電阻阻值變小，使得干簧管繼電器開(kāi)關(guān)存在磁場(chǎng)，導(dǎo)致開(kāi)關(guān)接通，最終使得蜂鳴器發(fā)聲