2025年湘師大新版高二物理上冊(cè)階段測(cè)試試卷

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請(qǐng)※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁(yè)，總=sectionpages22頁(yè)第=page11頁(yè)，總=sectionpages11頁(yè)2025年湘師大新版高二物理上冊(cè)階段測(cè)試試卷989考試試卷考試范圍：全部知識(shí)點(diǎn)；考試時(shí)間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級(jí)：______考號(hào)：______總分欄題號(hào)一二三四五六總分得分評(píng)卷人得分一、選擇題(共6題，共12分)1、如圖是一個(gè)單擺的共振曲線,則A.此單擺的擺長(zhǎng)約為8cmB.此單擺擺長(zhǎng)約為1mC.若擺長(zhǎng)增大，則共振曲線振幅最大值的橫坐標(biāo)將向左移D.若擺長(zhǎng)增大，則共振曲線振幅最大值的橫坐標(biāo)將向右移2、把六個(gè)相同的小燈泡接成如圖甲、乙所示的電路，調(diào)節(jié)變阻器使燈泡正常發(fā)光，甲、乙兩電路所消耗的功率分別用P甲和P乙表示，則下列結(jié)論中正確的是（）A.P甲=P乙B.P甲=3P乙C.P乙=3P甲D.P乙＞3P甲3、勻強(qiáng)磁場(chǎng)中有一通電直導(dǎo)線；電流I

的方向如圖所示，則該導(dǎo)線所受安培力的方向(

)

A.向上B.向下C.垂直紙面向里D.垂直紙面向外4、如圖所示是玻爾理論中氫原子的能級(jí)圖，現(xiàn)讓一束單色光照射一群處于基態(tài)的氫原子，受激發(fā)的氫原子能自發(fā)地輻射出三種不同頻率的光，則照射氫原子的單色光的光子能量為(

)

A.13.6eV

B.12.09eV

C.10.2eV

D.3.4eV

5、如圖所示，電源電動(dòng)勢(shì)為婁脜

電源內(nèi)阻為r

當(dāng)電鍵K

閉合時(shí)，正確的判斷是(

)

A.電壓表的讀數(shù)變小，電流表的讀數(shù)變小B.電壓表的讀數(shù)變小，電流表的讀數(shù)增大C.電壓表的讀數(shù)增大，電流表的讀數(shù)變小D.電壓表的讀數(shù)增大，電流表的讀數(shù)增大6、一平行板電容器充電后，開(kāi)關(guān)保持閉合，上極板接地，在兩極板間有一負(fù)電荷（電量很小）固定在P點(diǎn)，如圖所示，以E表示兩極板間的場(chǎng)強(qiáng)，Q表示電容器的帶電量，φ表示P點(diǎn)的電勢(shì)，以Ep表示負(fù)電荷在P點(diǎn)的電勢(shì)能．若保持下極板不動(dòng)，將上極板移到圖中虛線所示的位置，則（）A.φ不變，E不變B.E變小，Ep變大C.Q變小，Ep不變D.φ變小，Q不變?cè)u(píng)卷人得分二、填空題(共9題，共18分)7、如圖所示為研究小球做平拋運(yùn)動(dòng)時(shí)拍攝的閃光照片的一部分，其背景是邊長(zhǎng)為5cm的小方格，重力加速度g取10m/s2．由圖可知：

①小球從A點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到B點(diǎn)經(jīng)歷的時(shí)間____（填“小于”；“等于”或“大于”）從B點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到C點(diǎn)經(jīng)歷的時(shí)間；

②小球拋出時(shí)的初速度大小為_(kāi)___m/s．

8、氣墊導(dǎo)軌是常用的一種實(shí)驗(yàn)儀器；它是利用氣泵使帶孔的導(dǎo)軌與滑塊之間形成氣墊，使滑塊懸浮在導(dǎo)軌上，滑塊在導(dǎo)軌上的運(yùn)動(dòng)可視為沒(méi)有摩擦.

我們可以用帶有豎直擋板C

和D

的氣墊導(dǎo)軌以及滑塊A

和B

來(lái)探究碰撞中的不變量，實(shí)驗(yàn)裝置如圖所示(

彈簧的長(zhǎng)度忽略不計(jì))

采用的實(shí)驗(yàn)步驟如下：

a.

用天平分別測(cè)出滑塊AB

的質(zhì)量mAmB

．

b.

調(diào)整氣墊導(dǎo)軌；使導(dǎo)軌處于水平．

c.

在A

和B

間放入一個(gè)被壓縮的輕彈簧；用電動(dòng)卡銷(xiāo)鎖定，靜止放置在氣墊導(dǎo)軌上．

d.

用刻度尺測(cè)出A

的左端至C

板的距離L1

．

e.

按下電鈕放開(kāi)卡銷(xiāo)；同時(shí)使分別記錄滑塊AB

運(yùn)動(dòng)時(shí)間的計(jì)時(shí)器開(kāi)始工作.

當(dāng)AB

滑塊分別碰撞CD

擋板時(shí)停止計(jì)時(shí)，記下AB

分別到達(dá)CD

的運(yùn)動(dòng)時(shí)間T1

和T2

．

(1)

實(shí)驗(yàn)中還應(yīng)測(cè)量的物理量是______；

(2)

利用上述測(cè)量的實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)，若得出關(guān)系式______成立，即可得出碰撞中守恒的量是動(dòng)量的矢量和，上式中算得的AB

兩滑塊的動(dòng)量大小并不完全相等，產(chǎn)生誤差的原因是______(

寫(xiě)出兩點(diǎn)即可)

9、血糖濃度是人體健康狀況的重要指標(biāo)之一，保持血糖濃度平衡對(duì)機(jī)體生命活動(dòng)具有重要作用，而胰島素是維持血糖平衡的重要激素之一。請(qǐng)回答下列問(wèn)題：（1）正常人血糖的濃度一般維持在____g／L范圍內(nèi)。胰島素降低血糖濃度的機(jī)理是：胰島素與胰島素受體結(jié)合后，促進(jìn)組織細(xì)胞加速____葡萄糖。（2）某人因體內(nèi)含有胰島素受體的抗體而表現(xiàn)出高血糖癥狀。若給其注射胰島素____（填“能”或“不能”）有效調(diào)節(jié)其血糖水平，原因是____。（3）影響胰島素分泌的主要因素是血糖濃度，其一方面可直接作用于胰島B細(xì)胞以調(diào)節(jié)胰島素的分泌；另一方面也可作用于胰島組織中的感受器，反射性地引起胰島素分泌。因此血糖平衡受____調(diào)節(jié)。（4）人體感染某病毒后，胰島B細(xì)胞會(huì)被自身的免疫細(xì)胞破壞，引起I型糖尿病，這是因?yàn)橐葝uB細(xì)胞含有與該病毒相似的____（物質(zhì)）。上述研究在對(duì)I型糖尿病患者進(jìn)行胰島移植前，科學(xué)家還需解決患者對(duì)B細(xì)胞的____問(wèn)題。10、電勢(shì)能：電荷在電場(chǎng)中某點(diǎn)具有的勢(shì)能，等于將電荷從該點(diǎn)移到____位置時(shí)電場(chǎng)力所做的功．11、雷電是云層與大地之間或云層與云層之間的放電現(xiàn)象，放電的兩者所帶的是______（填“同”或“異”）種電荷，大地所帶的電荷是因______（填“感應(yīng)起電”或“摩擦起電”或“接觸起電”）而獲得的。12、已知電流表的內(nèi)阻約為0.1Ω，電壓表內(nèi)阻約為10KΩ，若待測(cè)電阻約為5Ω，用伏安法測(cè)其電阻應(yīng)采用電流表____接法較好．若待測(cè)電阻約為500Ω，用伏安法測(cè)其電阻應(yīng)采用電流表____接法較好．13、有一個(gè)電流表G，內(nèi)阻Rg=30Ω，滿偏電流Ig=1mA，要把它改裝為量程0﹣3V的電壓表，要____聯(lián)阻值為_(kāi)___Ω的電阻，改裝后電壓表的內(nèi)阻為_(kāi)___Ω．14、如圖所示，AB

兩小球用等長(zhǎng)的絕緣細(xì)線懸掛，它們所帶電荷量分別為QA=2隆脕10鈭?8CQB=鈭?2隆脕10鈭?8CAB

相距3cm.

在水平方向的外界勻強(qiáng)電場(chǎng)作用下AB

保持靜止，懸線都沿豎直方向.

由此可知外電場(chǎng)的場(chǎng)強(qiáng)大小是______，方向______，AB

中點(diǎn)處的合電場(chǎng)的場(chǎng)強(qiáng)大小是______，方向______．15、如圖所示是質(zhì)譜儀的工作原理示意圖，帶電粒子通過(guò)平行板的勻強(qiáng)電場(chǎng)時(shí)做______（選填“勻速”“加速”或“圓周”）運(yùn)動(dòng)。帶電粒子經(jīng)過(guò)電勢(shì)差為U的平行金屬板后速度v=______（已知帶電粒子的電荷量為q，質(zhì)量為m）評(píng)卷人得分三、判斷題(共7題，共14分)16、只有沿著電場(chǎng)線的方向電勢(shì)才會(huì)降低，所以電勢(shì)降低的方向就一定是電場(chǎng)強(qiáng)度的方向．（判斷對(duì)錯(cuò)）17、處于靜電平衡狀態(tài)的導(dǎo)體內(nèi)部的場(chǎng)強(qiáng)處處為零，導(dǎo)體外表面場(chǎng)強(qiáng)方向與導(dǎo)體的表面一定不垂直．（判斷對(duì)錯(cuò)）18、如圖所示為某示波管內(nèi)的聚焦電場(chǎng)，實(shí)線和虛線分別表示電場(chǎng)線和等勢(shì)線．兩電子分別從a、b兩點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到c點(diǎn)．設(shè)電場(chǎng)力對(duì)兩電子做的功分別為Wa和Wb，a、b點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度大小分別為Ea和Eb，則Wa=Wb，Ea＞Eb．________（判斷對(duì)錯(cuò)）

19、電場(chǎng)線與等勢(shì)面相互垂直，沿著同一等勢(shì)面移動(dòng)電荷時(shí)靜電力不做功．（判斷對(duì)錯(cuò)）20、電勢(shì)差有正有負(fù)，所以是矢量，且電場(chǎng)中兩點(diǎn)間的電勢(shì)差隨著零電勢(shì)點(diǎn)的選取變化而變化．（判斷對(duì)錯(cuò)）21、只有沿著電場(chǎng)線的方向電勢(shì)才會(huì)降低，所以電勢(shì)降低的方向就一定是電場(chǎng)強(qiáng)度的方向．（判斷對(duì)錯(cuò)）22、處于靜電平衡狀態(tài)的導(dǎo)體內(nèi)部的場(chǎng)強(qiáng)處處為零，導(dǎo)體外表面場(chǎng)強(qiáng)方向與導(dǎo)體的表面一定不垂直．（判斷對(duì)錯(cuò)）評(píng)卷人得分四、實(shí)驗(yàn)題(共4題，共12分)23、現(xiàn)有毛玻璃屏A、雙縫B、白光光源C，單縫D和透紅光的濾光片E等光學(xué)元件，要把它們放在如圖所示的光具座上組裝成雙縫干涉裝置，用以測(cè)量紅光的波長(zhǎng)．(1)將白光光源C放在光具座最左端，依次放置其他光學(xué)元件，由左至右，表示各光學(xué)元件的字母排列順序應(yīng)為C、____、A．(2)本實(shí)驗(yàn)的步驟有；①取下遮光筒左側(cè)的元件，調(diào)節(jié)光源高度，使光束能直接沿遮光筒軸線把屏照亮；②按合理順序在光具座上放置各光學(xué)元件，并使各元件的中心位于遮光筒的軸線上；③用米尺測(cè)量雙縫到毛玻璃屏的距離L；④用測(cè)量頭(其讀數(shù)方法同螺旋測(cè)微器)測(cè)量數(shù)條亮紋間的距離．在操作步驟②時(shí)還應(yīng)注意：?jiǎn)坞p縫間距5--10cm和____·(3)將測(cè)量頭的分劃板中心刻線與某亮紋中心對(duì)齊，將該亮紋定為第l條亮紋，此時(shí)手輪上的示數(shù)如圖甲所示．然后同方向轉(zhuǎn)動(dòng)測(cè)量頭，使分劃板中心刻線與第6條亮紋中心對(duì)齊，記下此時(shí)圖乙中手輪上的示數(shù)____mm，求得相鄰亮紋的間距Δx為_(kāi)___mm．(4)已知雙縫間距d為2．0×10—4m，測(cè)得雙縫到屏的距離L為0.700m，由計(jì)算式λ＝____，求得所測(cè)紅光波長(zhǎng)為_(kāi)___nm．24、如圖為測(cè)量小燈泡的伏安特性曲線的實(shí)物連接圖，閉合開(kāi)關(guān)前，變阻器的滑片應(yīng)該放在_________（左、右）端25、某小組科技活動(dòng)小組為探究導(dǎo)電液體的電阻在體積相同時(shí)，電阻值與長(zhǎng)度的關(guān)系。選取一根乳膠管，里面灌滿了鹽水，兩端用粗銅絲塞住管口，形成一段封閉的鹽水柱。進(jìn)行了如下實(shí)驗(yàn)：①該小組將鹽水柱作為純電阻，粗測(cè)其電阻約為幾千歐?，F(xiàn)采用伏安法測(cè)鹽水柱的電阻，有如下實(shí)驗(yàn)器材供供選擇：A．直流電源：電動(dòng)勢(shì)12V，內(nèi)阻很小，額定電流1A；B．電流表A1：量程0～10mA，內(nèi)阻約10Ω；C．電流表A2：量程0～500mA，內(nèi)阻約Ω；D．電壓表V：量程0～15V，內(nèi)阻約kΩ；E．滑動(dòng)變阻器R1：最大阻值10Ω；F．滑動(dòng)變阻器R2：最大阻值5kΩ；G．開(kāi)關(guān)．導(dǎo)線等在可供選擇的器材中，應(yīng)選用的電流表是_______（填“A-1”或“A2”），應(yīng)該選用的滑動(dòng)變阻器是________（填“R1”或“R2”）；②根據(jù)所選的器材在虛線框中畫(huà)出實(shí)驗(yàn)電路圖（鹽水柱的符號(hào)用“”表示）；③握住乳膠管兩端把它均勻拉長(zhǎng)，多次實(shí)驗(yàn)測(cè)得鹽水柱長(zhǎng)度L．電阻R的數(shù)據(jù)如下表：。實(shí)驗(yàn)次數(shù)123456長(zhǎng)度L（cm）20.025.030.035.040.045.0電阻R（kΩ）1.32.13.04.15.36.7為了研究電阻與長(zhǎng)度的關(guān)系，該小組用縱坐標(biāo)表示電阻作出了如圖所示的圖線，你認(rèn)為橫坐標(biāo)表示的物理量是____________。26、如圖所示的電路中，1、2、3、4、5、6為連接點(diǎn)的標(biāo)號(hào)。在開(kāi)關(guān)閉合后，發(fā)現(xiàn)小燈泡不亮?，F(xiàn)用多用電表檢查電路故障，需要檢測(cè)的有：電源、開(kāi)關(guān)、小燈泡、3根導(dǎo)線以及電路中的各點(diǎn)連接。（1）為了檢測(cè)小燈泡以及3根導(dǎo)線，在連接點(diǎn)1、2已接好的情況下，應(yīng)當(dāng)選用多用電表的擋。在連接點(diǎn)1、2同時(shí)斷開(kāi)的情況下，應(yīng)當(dāng)選用多用電表的擋。（2）在開(kāi)關(guān)閉合情況下，若測(cè)得5、6兩點(diǎn)間的電壓接近電源的電動(dòng)勢(shì)，則表明__可能有故障（3）將小燈泡拆離電路，寫(xiě)出用多用表檢測(cè)該小燈泡是否有故障的具體步驟。評(píng)卷人得分五、解答題(共3題，共30分)27、如圖，邊長(zhǎng)L=10cm的正方形線圈abcd共100匝，處在磁感應(yīng)強(qiáng)度B=0.5T的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，線圈的電阻r=1Ω，線圈繞垂直于磁感線的對(duì)稱(chēng)軸OO′以ω=2πrad/s角速度勻速轉(zhuǎn)動(dòng)；已知外電路的電阻R=4Ω，從線圈平面與磁感應(yīng)線平行處記時(shí)．求：

（1）轉(zhuǎn)動(dòng)過(guò)程中感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)的最大值。

（2）寫(xiě)出電流的瞬時(shí)表達(dá)式．

（3）轉(zhuǎn)過(guò)60°角時(shí)的瞬時(shí)電流值．

（4）轉(zhuǎn)60°角的過(guò)程中產(chǎn)生的平均感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)大?。?/p>

（5）周期內(nèi)，通過(guò)R的電量q電

（6）周期內(nèi)，通過(guò)R的熱量Q熱

（7）轉(zhuǎn)動(dòng)過(guò)程中；交流電壓表的示數(shù)．

28、如圖所示，D是一只二極管，它的作用是只允許電流從a流向b，不允許電流從b流向a；平行板電容器AB內(nèi)部原有電荷P處于靜止?fàn)顟B(tài)，當(dāng)兩極板A和B的間距稍增大一些的瞬間（兩極板仍平行），P的運(yùn)動(dòng)情況將是______

A．仍靜止不動(dòng)B．向下運(yùn)動(dòng)。

C．向上運(yùn)動(dòng)D．無(wú)法判斷．

29、某同學(xué)要測(cè)量一均勻新材料制成的圓柱體的電阻率ρ．步驟如下：

（1）用20分度的游標(biāo)卡尺測(cè)量其長(zhǎng)度如圖；由圖可知其長(zhǎng)度為_(kāi)_____mm；

（2）用螺旋測(cè)微器測(cè)量其直徑如圖，由圖可知其直徑為_(kāi)_____mm；

（3）已知該電阻的阻值約為220Ω；但該同學(xué)想用伏安法精確測(cè)量其電阻R；現(xiàn)有的器材及其代號(hào)和規(guī)格如下：

待測(cè)圓柱體電阻R

電流表A（量程0～10mA；內(nèi)阻約30Ω）

電壓表V（量程0～3V；內(nèi)阻約10kΩ）

直流電源E（電動(dòng)勢(shì)4V；內(nèi)阻不計(jì)）

滑動(dòng)變阻器R（阻值范圍0～15Ω；允許通過(guò)的最大電流2.0A）

開(kāi)關(guān)S

導(dǎo)線若干。

為使實(shí)驗(yàn)誤差較??；要求測(cè)得多組數(shù)據(jù)進(jìn)行分析，且電壓從零調(diào)起，請(qǐng)?jiān)谟铱蛑挟?huà)出測(cè)量的電路圖．

（4）若該同學(xué)用伏安法測(cè)量得到的R的阻值為218Ω；由此可估算此圓柱體材料的電阻率約為ρ=______Ω?m．（保留2位有效數(shù)字）

評(píng)卷人得分六、簡(jiǎn)答題(共4題，共28分)30、一個(gè)初始質(zhì)量為1kg的玩具火箭被豎直發(fā)射到空中，它的質(zhì)量以0.2kg/s的恒定速率減小，火箭最終質(zhì)量為0.2kg，噴出的氣體對(duì)火箭的推力隨時(shí)間變化的規(guī)律如圖所示，火箭所經(jīng)處的重力加速度恒為g=10m/s2；

（1）求出重力隨時(shí)間變化的表達(dá)式？

（2）在圖中作出火箭的重力隨時(shí)間變化的規(guī)律圖象并求出火箭離開(kāi)地面的時(shí)間t？．

（3）求4s時(shí)火箭的速度是多大？31、rm{(1)}甲醇質(zhì)子交換膜燃料電池中將甲醇蒸氣轉(zhuǎn)化為氫氣的一種原理是rm{CH_{3}OH(g)}和rm{H_{2}O(g)}反應(yīng)生成rm{CO_{2}}和rm{H_{2}}下圖是該過(guò)程中能量變化示意圖，若在反應(yīng)體系中加入催化劑，反應(yīng)速率增大，正反應(yīng)活化能rm{a}的變化是________rm{(}填“增大”、“減小”或“不變”rm{)}反應(yīng)熱rm{婁隴H}的變化是__________rm{(}填“增大”、“減小”或“不變”rm{)}請(qǐng)寫(xiě)出反應(yīng)進(jìn)程rm{CH}的變化是________rm{a}填“增大”、“減小”或“不變”rm{(}反應(yīng)熱rm{)}的變化是__________rm{婁隴H}填“增大”、“減小”或“不變”rm{(}請(qǐng)寫(xiě)出反應(yīng)進(jìn)程rm{)}rm{CH}rm{{,!}_{3}}和rm{OH(g)}和rm{H}rm{OH(g)}rm{H}反應(yīng)的熱化學(xué)方程式_______________。rm{{,!}_{2}}

rm{O(g)}反應(yīng)的熱化學(xué)方程式_______________。以rm{O(g)}燃料電池為電源電解法制取二氧化氯rm{(2)}為一種黃綠色氣體，是國(guó)際上公認(rèn)的高效、廣譜、快速、安全的殺菌消毒劑。rm{CH_{3}OH}燃料電池放電過(guò)程中，通入rm{ClO_{2}}的電極附近溶液的rm{(ClO_{2})}________rm{壟脵C(jī)H_{3}OH}填“增大”、“減小”或“不變”rm{O_{2}}負(fù)極反應(yīng)式為_(kāi)__________。rm{pH}下圖中電解池用石墨作電極，在一定條件下電解飽和食鹽水制取rm{(}陽(yáng)極產(chǎn)生rm{)}的反應(yīng)式為_(kāi)_______________________________。

rm{壟脷}電解一段時(shí)間，從陰極處收集到的氣體比陽(yáng)極處收集到氣體多rm{ClO_{2}}時(shí)rm{ClO_{2}}標(biāo)準(zhǔn)狀況，忽略生成的氣體溶解rm{壟脹}停止電解，通過(guò)陽(yáng)離子交換膜的陽(yáng)離子為_(kāi)_______rm{6.72L}rm{(}32、在5s時(shí)間內(nèi)通過(guò)某一導(dǎo)體橫截面的電量是10C，則通過(guò)該導(dǎo)體的電流強(qiáng)度多大？如該導(dǎo)體的電阻為4Ω，則電流做功多少？33、氮化鋁rm{(AlN)}是一種新型無(wú)機(jī)非金屬材料，某rm{AlN}樣品僅含有rm{Al_{2}O_{3}}雜質(zhì)，為測(cè)定rm{AlN}的含量，設(shè)計(jì)如下三種實(shí)驗(yàn)方案。已知：rm{AlN+NaOH+H_{2}O=NaAlO_{2}+NH_{3}隆眉}【方案rm{1}】取一定量的樣品，用以下裝置測(cè)定樣品中rm{AlN}的純度rm{(}夾持裝置已略去rm{)}rm{(1)}如圖rm{C}裝置中球形干燥管的作用是______________。rm{(2)}完成以下實(shí)驗(yàn)步驟：組裝好實(shí)驗(yàn)裝置，首先_________；再加入實(shí)驗(yàn)藥品。接下來(lái)的實(shí)驗(yàn)操作是____，打開(kāi)分液漏斗活塞，加入rm{NaOH}濃溶液，至不再產(chǎn)生氣體。打開(kāi)rm{K_{1}}通入氮?dú)庖欢螘r(shí)間，測(cè)定rm{C}裝置反應(yīng)前后的質(zhì)量變化。通入氮?dú)獾哪康氖莀__________________。rm{(3)}由于裝置存在缺陷，導(dǎo)致測(cè)定結(jié)果偏高，請(qǐng)?zhí)岢龈倪M(jìn)意見(jiàn)_________?！痉桨竢m{2}】用如下圖裝置測(cè)定rm{mg}樣品中rm{A1N}的純度rm{(}部分夾持裝置已略去rm{)}rm{(4)}分液漏斗上方支管的主要作用是____________________________。rm{(5)}為測(cè)定生成氣體的體積，量氣裝置中的rm{X}液體可以是______。rm{(}填選項(xiàng)序號(hào)rm{)}A.rm{CCl_{4}}rm{B.H_{2}O}rm{C.NH_{4}Cl}溶液rm{D}．rm{(6)}若rm{mg}樣品完全反應(yīng)，測(cè)得生成氣體的體積為rm{Vml}rm{(}已轉(zhuǎn)換為標(biāo)準(zhǔn)狀況rm{)}則rm{A1N}的質(zhì)量分?jǐn)?shù)為_(kāi)________________rm{(}用含rm{m_{1;;}m_{2}}的代數(shù)式表示rm{)}參考答案一、選擇題(共6題，共12分)1、B|C【分析】當(dāng)驅(qū)動(dòng)力的周期與固有周期相等時(shí)振幅最大，固有頻率為0.5Hz,固有周期為2s，由可知擺長(zhǎng)為1m，A錯(cuò)；B對(duì)；若擺長(zhǎng)增大，固有頻率減小，則共振曲線振幅最大值的橫坐標(biāo)將向左移，C對(duì)；【解析】【答案】BC2、B【分析】解：設(shè)燈泡正常發(fā)光時(shí)的電流為I；

對(duì)于甲圖；電路的總的電流為3I；

此時(shí)甲的總功率的大小為P甲=U?3I；

對(duì)于乙圖；電流的總電流的大小就為I；

此時(shí)乙的總功率的大小為P乙=U?I；

所以P甲=3P乙；所以B正確．

故選：B．

電路所消耗的總功率的大小等于電路兩端的總的電壓與總電流的乘積；由此即可直接得出結(jié)論．

對(duì)于本題來(lái)說(shuō)關(guān)鍵的是選擇公式，由于電路的總電壓的大小是相同的，所以用總電壓與總電流的乘積來(lái)計(jì)算總功率的大小比較簡(jiǎn)單．【解析】【答案】B3、A【分析】解：由左手定則可知；電流水平向右，而磁場(chǎng)向外，則安培力一定豎直向上；A正確，BCD錯(cuò)誤。

故選：A

由左手定則可分析通電導(dǎo)線所受安培力的方向．

本題考查左手定則的應(yīng)用，要注意左手定則中手型的正確應(yīng)用．【解析】A

4、B【分析】解：根據(jù)氫原子能自發(fā)的發(fā)出3

種不同頻率的光；

可得：n(n鈭?1)2=3

解得：n=3

此時(shí)氫原子處于第3

能級(jí)；

能級(jí)差為：鈻?E=E3鈭?E1=鈭?1.51鈭?(鈭?13.6)=12.09eV

故ACD錯(cuò)誤，B正確。

故選：B

當(dāng)處于基態(tài)的氫原子吸收某一能量的光子后；躍遷到更高能級(jí)，處于高能級(jí)的氫原子，向低能級(jí)躍遷時(shí)，多余的能量以光的形式放出，這就是氫原子發(fā)光的過(guò)程，本題中根據(jù)放出3

種頻率的光可以求出此時(shí)氫原子所處能級(jí)，然后利用能級(jí)差球被吸收光子能量即可。

明確原子吸收光子是量子化的，會(huì)求能級(jí)差是求這類(lèi)問(wèn)題的基礎(chǔ)。【解析】B

5、A【分析】解：當(dāng)電鍵K

閉合時(shí)，外電路的總電阻減小，根據(jù)閉合電路歐姆定律，干路電流增加；根據(jù)U=E鈭?Ir

路端電壓減小，則電壓表讀數(shù)變?。?/p>

干路電流增加，根據(jù)U3=E鈭?I(r+R1)

故電阻R3

的電壓減小，故電流表讀數(shù)減??；故A正確，BCD錯(cuò)誤；

故選：A

．

當(dāng)電鍵K

閉合時(shí)，外電路的總電阻減小，根據(jù)閉合電路歐姆定律判斷干路電流的變化情況；根據(jù)U=E鈭?Ir

判斷路端電壓的變化情況；即可得到兩個(gè)電表讀數(shù)的變化．

本題是電路的動(dòng)態(tài)分析問(wèn)題，關(guān)鍵是明確電路結(jié)構(gòu)，然后結(jié)合閉合電路歐姆定律和串并聯(lián)電路的電壓和電流關(guān)系列式分析．【解析】A

6、B【分析】解：由題，電容器的電壓U保持不變，將上極板向上移動(dòng)，板間距離d增大，根據(jù)公式E=分析得知；板間場(chǎng)強(qiáng)E變小；

電壓U保持不變，電容C減小，由C=得到；電容器的帶電量Q變小．

P點(diǎn)與下極板間距離不變，E變小，根據(jù)公式U=Ed，P點(diǎn)與下極板間的電勢(shì)差變小，則P點(diǎn)與上極板間電勢(shì)差變大．電場(chǎng)線方向向下，P點(diǎn)電勢(shì)比上板電勢(shì)低，則P點(diǎn)電勢(shì)Φ降低，負(fù)電荷在P點(diǎn)的電勢(shì)能EP變大．故B正確；ACD錯(cuò)誤．

故選：B．

平行板電容器充電后，開(kāi)關(guān)保持閉合，電容器的電壓保持不變．將上極板向上移動(dòng)，電容減小，根據(jù)電容的定義式判斷電容器的電量變化．根據(jù)公式E=分析板間場(chǎng)強(qiáng)的變化；先研究P點(diǎn)與下極板間電勢(shì)差的變化，再研究P點(diǎn)電勢(shì)的變化．

本題是電容器動(dòng)態(tài)變化分析問(wèn)題，抓住電壓不變是關(guān)鍵．對(duì)于電勢(shì)能的變化，往往根據(jù)下列推論判斷：負(fù)電荷在電勢(shì)低處電勢(shì)能大，在電勢(shì)高處電勢(shì)能?。窘馕觥俊敬鸢浮緽二、填空題(共9題，共18分)7、略

【分析】

①小球水平方向勻速運(yùn)動(dòng)；由于A到B的位移與B到C的位移相同，因此小球從A點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到B點(diǎn)經(jīng)歷的時(shí)間與從B點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到C點(diǎn)經(jīng)歷的時(shí)間相等．

②在豎直方向上有：△h=gT2；其中△h=10cm，代入求得：T=0.1s．

水平方向：x=vt，其中x=5L=0.25m，t=T=0.1s，故v=2.5m/s．

故答案為：①等于；②2.5

【解析】【答案】正確應(yīng)用平拋運(yùn)動(dòng)規(guī)律：水平方向勻速直線運(yùn)動(dòng)；豎直方向自由落體運(yùn)動(dòng)；解答本題的突破口是利用在豎直方向上連續(xù)相等時(shí)間內(nèi)的位移差等于常數(shù)解出閃光周期，然后進(jìn)一步根據(jù)小球水平和豎直方向運(yùn)動(dòng)特點(diǎn)求解．

8、略

【分析】解：(1)

滑塊的速度：vA=L1T1vB=L2T2

如果動(dòng)量守恒；則：mAvA鈭?mBvB=0

把速度代入得：mAL1T1鈭?mBL2T2=0

由此可知；還要測(cè)量的物理量是：B

到D

的距離L2

．

(2)

由(1)

可知：實(shí)驗(yàn)需要驗(yàn)證的表達(dá)式為：mAL1T1鈭?mBL2T2=0

由：mAL1T1鈭?mBL2T2=0

可知；產(chǎn)生誤差的原因是：測(cè)量mAmBL1L2T1T2

時(shí)帶來(lái)的誤差；氣墊導(dǎo)軌不水平；滑塊與氣墊導(dǎo)軌間有摩擦．

故答案為：(1)B

到D

的距離L2(2)mAL1T1鈭?mBL2T2=0

測(cè)量距離；測(cè)量時(shí)間不準(zhǔn)確；由于阻力、氣墊導(dǎo)軌不水平等造成誤差．

根據(jù)題求出物塊的速度；然后求出驗(yàn)證動(dòng)量守恒定律的表達(dá)式，然后根據(jù)表達(dá)式分析答題．

知道實(shí)驗(yàn)原理，應(yīng)用動(dòng)量守恒定律求出實(shí)驗(yàn)需要驗(yàn)證的表達(dá)式是正確解題的關(guān)鍵；利用位移或位移與時(shí)間的比值表示物體的速度是物理實(shí)驗(yàn)中常用的一種方法，要注意掌握．【解析】B

到D

的距離L2mAL1T1鈭?mBL2T2=0

測(cè)量距離、測(cè)量時(shí)間不準(zhǔn)確；由于阻力、氣墊導(dǎo)軌不水平等造成誤差9、（1）0.8-1.2g/l攝取、利用和儲(chǔ)存（2）不能胰島素?zé)o法與受體結(jié)合（3）神經(jīng)和體液（激素）共同（4）抗原免疫排斥【分析】【分析】本題主要考查血糖調(diào)節(jié)的相關(guān)知識(shí)，意在考查考生分析和解決問(wèn)題的能力。【解答】（1）正常人的血糖濃度一般維持在0.8-1.2g/l。胰島素降血糖的機(jī)理是：胰島素與胰島素受體結(jié)合后；促進(jìn)組織細(xì)胞加速攝?。焕煤蛢?chǔ)存葡萄糖。

（2）胰島素作用于靶細(xì)胞膜上胰島素受體；進(jìn)而降低血糖，如體內(nèi)含有胰島素受體的抗體，則胰島素?zé)o法與受體結(jié)合，血糖濃度升高；則注射胰島素也不能有效調(diào)節(jié)其血糖水平。

（3）影響胰島素分泌的主要因素是血糖濃度；血糖濃度的調(diào)節(jié)既有神經(jīng)調(diào)節(jié)又有體液（激素）調(diào)節(jié)。

（4）自身的免疫細(xì)胞在攻擊病毒的同時(shí)破壞了自身的胰島B細(xì)胞，說(shuō)明該病毒具有與胰島B細(xì)胞相似的抗原。對(duì)I型糖尿病患者進(jìn)行臨床應(yīng)用前，科學(xué)家還需解決患者對(duì)B細(xì)胞的免疫排斥問(wèn)題?！窘馕觥浚?）0.8-1.2g/l攝取、利用和儲(chǔ)存（2）不能胰島素?zé)o法與受體結(jié)合（3）神經(jīng)和體液（激素）共同（4）抗原免疫排斥10、零電勢(shì)【分析】【分析】根據(jù)電勢(shì)差的公式，分析電勢(shì)與電場(chǎng)力做功的關(guān)系，電勢(shì)的定義式為婁脮=EPq

電勢(shì)大小等于單位正電荷在該點(diǎn)所具有的電勢(shì)能。掌握電勢(shì)差和電勢(shì)的定義式是分析電場(chǎng)力做功與電勢(shì)、電勢(shì)能關(guān)系的關(guān)鍵。【解答】根據(jù)電勢(shì)差的公式UAO=WAOq

而AO

間電勢(shì)差UAO=婁脮A鈭?婁脮O

若取婁脮O=0

則UAO=婁脮A=WAOq

所以電場(chǎng)中某點(diǎn)電勢(shì)的大小等于電場(chǎng)力將單位正電荷從該點(diǎn)移到零電勢(shì)點(diǎn)電場(chǎng)力所做的功。故答案為：零電勢(shì)?！窘馕觥苛汶妱?shì)11、異感應(yīng)起電【分析】解：云層因?yàn)槟Σ炼鴰М惙N電荷；當(dāng)云層所帶電荷越積越多時(shí)，就會(huì)在云層之間發(fā)生放電現(xiàn)象。

云層與大地之間也是帶異種電荷；大地所帶的電荷是因云層帶電，大地引靜電感應(yīng)而獲得的。

故答案為：異；感應(yīng)起電。

根據(jù)摩擦起電的實(shí)質(zhì)是電荷的轉(zhuǎn)移；得到電子的物體帶負(fù)電，失去電子的物體帶正電，所以相互摩擦的兩個(gè)物體帶等量的異種電荷。

通常情況下原子核所帶正電荷數(shù)和核外電子所帶負(fù)電荷數(shù)相等，故整個(gè)原子呈中性。當(dāng)兩個(gè)物體相互摩擦?xí)r，由于一個(gè)物體中原子核對(duì)電子束縛作用弱，另一個(gè)物體中原子核對(duì)電子束縛作用強(qiáng)，那么，束縛作用弱的將失去電子，而使整個(gè)物體顯正電性；束縛作用強(qiáng)的將得到電子，而使整個(gè)物體顯負(fù)電性，所以摩擦起電是電子發(fā)生轉(zhuǎn)移的宏觀表現(xiàn)。【解析】異感應(yīng)起電12、略

【分析】

==50，==2000，＞電流表應(yīng)采用外接法；

==500，==20，＞電流表應(yīng)采用內(nèi)接法；

故答案為：外；內(nèi)．

【解析】【答案】根據(jù)待測(cè)電阻阻值與電表內(nèi)阻的關(guān)系確定電流表采用內(nèi)接法還是采用外接法．

13、串29703000【分析】【解答】解：電流表改裝成電壓表要串聯(lián)電阻，所串阻值為：=

改裝后的電壓表的內(nèi)阻為：

答案為：串；2970，3000

【分析】電流表改裝成電壓表要串聯(lián)電阻分壓，串聯(lián)的阻值為U為改裝后的量程．總電阻為．14、略

【分析】解：由題意可知A

球受力平衡；水平方向合外力等于零，B

對(duì)A

的作用力向右，所以要加一個(gè)水平向左的電場(chǎng)，且以A

為研究對(duì)象，有：

QAE=kQAQBr2

得：E=kQBr2=9隆脕109隆脕2隆脕10鈭?80.032=2隆脕105N/C

A、B

兩質(zhì)點(diǎn)連線中點(diǎn)處的場(chǎng)強(qiáng)是兩個(gè)點(diǎn)電荷與勻強(qiáng)電場(chǎng)的矢量和，兩個(gè)點(diǎn)電荷的方向都向右，E

方向向左，所以：E隆盲=2?kQA(r2)2鈭?E=7E=1.4隆脕106N/C

方向水平向右．

故答案為：2隆脕105N/C

水平向左，1.4隆脕106N/C

水平向右．

A

球帶正電；B

球帶負(fù)電，B

對(duì)A

的吸引力水平向右，要使A

處于豎直方向平衡，就要加一個(gè)水平向左的電場(chǎng)，使A

受到的電場(chǎng)力等于B

球?qū)

的吸引力.

由平衡條件求解.

再根據(jù)電場(chǎng)的疊加原理求兩球的中點(diǎn)處的總電場(chǎng)強(qiáng)度．

本題主要考查了庫(kù)侖定律及電荷在電場(chǎng)中要受到力的作用，根據(jù)小球受力平衡求解，能熟練運(yùn)用電場(chǎng)的疊加原理求合場(chǎng)強(qiáng)．【解析】2隆脕105N/C

水平向左；1.4隆脕106N/C

水平向右15、加速【分析】解：根據(jù)質(zhì)譜儀的工作原理可知，帶電粒子在電場(chǎng)中受到電場(chǎng)力的作用，先在勻強(qiáng)電場(chǎng)中做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，根據(jù)動(dòng)能定理得

故答案為：加速，

帶電粒子先在勻強(qiáng)電場(chǎng)中做勻加速直線運(yùn)動(dòng)；再進(jìn)入磁場(chǎng)做勻速圓周運(yùn)動(dòng)。

本題屬于帶電粒子在組合場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)問(wèn)題，電場(chǎng)中往往用動(dòng)能定理求速度，磁場(chǎng)中圓周運(yùn)動(dòng)處理的基本方法是畫(huà)軌跡?！窘馕觥考铀偃⑴袛囝}(共7題，共14分)16、B【分析】【解答】解：沿著電場(chǎng)線方向；電勢(shì)降低，且降低最快；

那么電勢(shì)降低最快的方向才是電場(chǎng)線的方向；但電勢(shì)降低的方向不一定是電場(chǎng)線的方向，故錯(cuò)誤；

故答案為：錯(cuò)誤．

【分析】電場(chǎng)強(qiáng)度和電勢(shì)這兩個(gè)概念非常抽象，借助電場(chǎng)線可以形象直觀表示電場(chǎng)這兩方面的特性：電場(chǎng)線疏密表示電場(chǎng)強(qiáng)度的相對(duì)大小，切線方向表示電場(chǎng)強(qiáng)度的方向，電場(chǎng)線的方向反映電勢(shì)的高低．17、B【分析】【解答】解：根據(jù)靜電平衡的特點(diǎn)；導(dǎo)體是等勢(shì)體，金屬導(dǎo)體的內(nèi)部電場(chǎng)強(qiáng)度處處為零；

由于處于靜電平衡狀態(tài)的導(dǎo)體是一個(gè)等勢(shì)體；則表面電勢(shì)處處相等，即等勢(shì)面，那么電場(chǎng)線與等勢(shì)面垂直；

故答案為：錯(cuò)誤．

【分析】金屬導(dǎo)體在點(diǎn)電荷附近，出現(xiàn)靜電感應(yīng)現(xiàn)象，導(dǎo)致電荷重新分布．因此在金屬導(dǎo)體內(nèi)部出現(xiàn)感應(yīng)電荷的電場(chǎng)，正好與點(diǎn)電荷的電場(chǎng)疊加，只有疊加后電場(chǎng)為零時(shí)，電荷才不會(huì)移動(dòng)．此時(shí)導(dǎo)體內(nèi)部電場(chǎng)強(qiáng)度處處為零，電荷全部分布在表面，且為等勢(shì)面，導(dǎo)體是等勢(shì)體．18、A【分析】【解答】解：圖中a、b兩點(diǎn)在一個(gè)等勢(shì)面上；

故Uac=Ubc，根據(jù)W=qU，有Wa=Wb；

a位置的電場(chǎng)強(qiáng)度較密集，故Ea＞Eb；

故答案為：正確．

【分析】圖中a、b兩點(diǎn)在一個(gè)等勢(shì)面上，根據(jù)W=qU判斷電場(chǎng)力做功的大小，根據(jù)電場(chǎng)線的疏密程度判斷電場(chǎng)強(qiáng)度的大?。?9、A【分析】【解答】解：根據(jù)電場(chǎng)線的特點(diǎn)可知；沿電場(chǎng)線的方向電勢(shì)降低；電場(chǎng)線垂直于等勢(shì)面、同一等勢(shì)面移動(dòng)電荷電場(chǎng)力不做功．

故答案為：正確．

【分析】解決本題要根據(jù)：電場(chǎng)線是人為假想的曲線，從正電荷或無(wú)限遠(yuǎn)出發(fā)，終止于無(wú)限遠(yuǎn)或負(fù)電荷，不閉合，電場(chǎng)線疏密描述電場(chǎng)強(qiáng)弱，電場(chǎng)線密的地方，電場(chǎng)強(qiáng)度大，疏的地方電場(chǎng)強(qiáng)度弱，沿電場(chǎng)線的方向電勢(shì)降低．20、B【分析】【解答】解：電勢(shì)差類(lèi)似于高度差；沒(méi)有方向，是標(biāo)量，正負(fù)表示電勢(shì)的相對(duì)大?。?/p>

兩點(diǎn)間的電勢(shì)差等于電勢(shì)之差；由電場(chǎng)中兩點(diǎn)的位置決定，與零電勢(shì)點(diǎn)的選取無(wú)關(guān)．由以上的分析可知，以上的說(shuō)法都錯(cuò)誤．

故答案為：錯(cuò)誤。

【分析】電勢(shì)差是標(biāo)量，正負(fù)表示大??；電勢(shì)差與零電勢(shì)點(diǎn)的選取無(wú)關(guān)；沿著電場(chǎng)線方向電勢(shì)降低；電勢(shì)反映電場(chǎng)本身的性質(zhì)，與試探電荷無(wú)關(guān)．21、B【分析】【解答】解：沿著電場(chǎng)線方向；電勢(shì)降低，且降低最快；

那么電勢(shì)降低最快的方向才是電場(chǎng)線的方向；但電勢(shì)降低的方向不一定是電場(chǎng)線的方向，故錯(cuò)誤；

故答案為：錯(cuò)誤．

【分析】電場(chǎng)強(qiáng)度和電勢(shì)這兩個(gè)概念非常抽象，借助電場(chǎng)線可以形象直觀表示電場(chǎng)這兩方面的特性：電場(chǎng)線疏密表示電場(chǎng)強(qiáng)度的相對(duì)大小，切線方向表示電場(chǎng)強(qiáng)度的方向，電場(chǎng)線的方向反映電勢(shì)的高低．22、B【分析】【解答】解：根據(jù)靜電平衡的特點(diǎn)；導(dǎo)體是等勢(shì)體，金屬導(dǎo)體的內(nèi)部電場(chǎng)強(qiáng)度處處為零；

由于處于靜電平衡狀態(tài)的導(dǎo)體是一個(gè)等勢(shì)體；則表面電勢(shì)處處相等，即等勢(shì)面，那么電場(chǎng)線與等勢(shì)面垂直；

故答案為：錯(cuò)誤．

【分析】金屬導(dǎo)體在點(diǎn)電荷附近，出現(xiàn)靜電感應(yīng)現(xiàn)象，導(dǎo)致電荷重新分布．因此在金屬導(dǎo)體內(nèi)部出現(xiàn)感應(yīng)電荷的電場(chǎng)，正好與點(diǎn)電荷的電場(chǎng)疊加，只有疊加后電場(chǎng)為零時(shí)，電荷才不會(huì)移動(dòng)．此時(shí)導(dǎo)體內(nèi)部電場(chǎng)強(qiáng)度處處為零，電荷全部分布在表面，且為等勢(shì)面，導(dǎo)體是等勢(shì)體．四、實(shí)驗(yàn)題(共4題，共12分)23、略

【分析】【解析】試題分析：：（1））為獲取單色線光源，白色光源后面要有濾光片、單縫、雙縫．（2）在操作步驟②時(shí)還應(yīng)注意單縫和雙縫間距5cm～10cm，使單縫與雙縫相互平行，使一個(gè)線光源變?yōu)轭l率相等的兩個(gè)線光源．（3）螺旋測(cè)微器固定刻度讀數(shù)為13.5mm，可動(dòng)刻度讀數(shù)為37.0×0.01mm，兩者相加為13.870mm．圖2的讀數(shù)為：2.320mm，所以根據(jù)可得代入數(shù)據(jù)，λ=6.6×102nm．考點(diǎn)：本題考查了雙峰干涉實(shí)驗(yàn)【解析】【答案】(1)EDB；(2)單縫與雙縫平行；(3)13.870,2.309；(4)Δxd/L,66024、略

【分析】【分析】

根據(jù)測(cè)量電路；閉合開(kāi)關(guān)前，應(yīng)該使小燈泡上的分壓為零.

【詳解】

閉合開(kāi)關(guān)前，應(yīng)該使小燈泡上的分壓為零，即變阻器的滑片應(yīng)該放在左端?！窘馕觥孔?；25、略

【分析】試題分析：①電路中可能出現(xiàn)的最大電流：故電流表A1即可；滑動(dòng)變阻器選用限流電路，故選擇與待測(cè)電阻阻值相當(dāng)?shù)幕瑒?dòng)變阻器，即滑動(dòng)變阻器選R2；②電路如圖：③因?yàn)閂=LS，則故R-L2為直線，所以橫坐標(biāo)表示的物理量是L2?？键c(diǎn)：伏安法測(cè)鹽水柱的電阻【解析】【答案】①A1R2②電路如圖；③L226、略

【分析】試題分析：（1）為了檢測(cè)小燈泡以及3根導(dǎo)線，在連接點(diǎn)1、2已接好的情況下，應(yīng)當(dāng)選用多用電表的電壓擋。在連接點(diǎn)1、2同時(shí)斷開(kāi)的情況下，應(yīng)當(dāng)選用多用電表的歐姆擋。（2）在開(kāi)關(guān)閉合情況下，若測(cè)得5、6兩點(diǎn)間的電壓接近電源的電動(dòng)勢(shì)，則表明開(kāi)關(guān)或連接點(diǎn)5、6可能有斷路的故障；（3）將小燈泡拆離電路，寫(xiě)出用多用表檢測(cè)該小燈泡是否有故障的具體步驟：①調(diào)到歐姆檔；②將紅、黑表筆相接,檢查歐姆檔能否正常工作；③測(cè)量小燈泡的電阻,如電阻無(wú)窮大,表明小燈泡有故障；考點(diǎn)：電路故障；萬(wàn)用表的使用.【解析】【答案】（1）電壓；歐姆;（2）開(kāi)關(guān)或連接點(diǎn)5、6；（3）①調(diào)到歐姆檔；②將紅、黑表筆相接,檢查歐姆檔能否正常工作；③測(cè)量小燈泡的電阻,如電阻無(wú)窮大,表明小燈泡有故障五、解答題(共3題，共30分)27、略

【分析】

（1）根據(jù)Em=NBωS；

可得感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)的最大值：

Em=100×0.5×0.1×0.1×2πv=3.14v

（2）電流的最大值：由于線框垂直于中性面開(kāi)始計(jì)時(shí)；

所以電流的瞬時(shí)表達(dá)式：

（3）轉(zhuǎn)過(guò)60°角時(shí)的瞬時(shí)電流值表達(dá)式為：

（4）根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律可得：

轉(zhuǎn)60°角的過(guò)程中產(chǎn)生的平均感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)大小。

=

（5）周期內(nèi)，通過(guò)R的電量q電

由公式可得：q=

（6）周期內(nèi)，通過(guò)R的熱量Q熱

由公式與Q=I2Rt

得：Q=0.2J

（7）轉(zhuǎn)動(dòng)過(guò)程中；交流電壓表的示數(shù)為有效值；

所以

答：（1）轉(zhuǎn)動(dòng)過(guò)程中感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)的最大值3.14V

（2）寫(xiě)出電流的瞬時(shí)表達(dá)式：

（3）轉(zhuǎn)過(guò)60°角時(shí)的瞬時(shí)電流值．

（4）轉(zhuǎn)60°角的過(guò)程中產(chǎn)生的平均感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)大小2.6V．

（5）周期內(nèi)，通過(guò)R的電量q電=8.66×10-2C

（6）周期內(nèi)，通過(guò)R的熱量Q熱為0.2J；

（7）轉(zhuǎn)動(dòng)過(guò)程中；交流電壓表的示數(shù)1.78V．

【解析】【答案】先根據(jù)Em=NBωS求出最大值；再根據(jù)最大值與有效值的關(guān)系求出有效值；

先寫(xiě)出電動(dòng)勢(shì)的瞬時(shí)表達(dá)式；再帶入數(shù)據(jù)求得瞬時(shí)值；

利用法拉第電磁感應(yīng)定律；求出平均感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)；

通過(guò)最大值求出有效值；再由焦耳定律求出熱量；

線圈由如圖位置轉(zhuǎn)過(guò)周期內(nèi)，通過(guò)R的電量為q=

電壓表測(cè)量的是電阻R的電壓；根據(jù)閉合電路歐姆定律即可求解．

28、略

【分析】

當(dāng)兩極板A和B的間距稍增大一些的瞬間，根據(jù)電容的決定式C=分析得知，電容C減小，而電壓不變，則電容器所帶電量Q=CU要減小，但由于二極管具有單向?qū)щ娦?，電荷不能按b到a方向流動(dòng)；所以電容器的電量不能改變，根據(jù)推論可知，板間場(chǎng)強(qiáng)E不變，電荷所受的電場(chǎng)力不變，仍保持靜止?fàn)顟B(tài)．

故答案為：A

【解析】【答案】當(dāng)兩極板A和B的間距稍增大一些的瞬間；根據(jù)電容的決定式分析電容如何變化，電壓不變，分析電容器的電量如何變化，判斷電容器處于充電還是放電狀態(tài)，根據(jù)二極管的單向?qū)щ娦耘袛嚯娙萜鞯碾娏磕芊褡兓俜治鰣?chǎng)強(qiáng)如何變化，判斷電荷的運(yùn)動(dòng)情況．

29、略

【分析】

（1）由圖示游標(biāo)卡尺可知；主尺示數(shù)是5cm=50mm，游標(biāo)尺示數(shù)是3×0.05mm=0.15mm，則圓柱體的長(zhǎng)度是50mm+0.15mm=50.15mm；

（2）由圖示螺旋測(cè)微器可知；固定刻度示數(shù)是4.5mm，可動(dòng)刻度示數(shù)是20.0×0.01mm=0.200mm，圓柱體的直徑是4.5mm+0.200mm=0.4700mm；

（3）電壓從零開(kāi)始變化，因此滑動(dòng)變阻器應(yīng)采用分壓接法，=≈7.3，=≈45.5；

＞電流表應(yīng)采用外接法，實(shí)驗(yàn)電路圖如圖所示．

（4）圓柱體電阻R=ρ=ρ電阻率ρ==≈0.076Ω?m．

故答案為：（1）50.15；（2）4.700；（3）電路圖如圖所示；（4）0.076．

【解析】【答案】（1）游標(biāo)卡尺主尺與游標(biāo)尺示數(shù)之和是游標(biāo)卡尺的示數(shù)；

（2）螺旋測(cè)微器固定刻度示數(shù)與可動(dòng)刻度示數(shù)之和是螺旋測(cè)微器的示數(shù)；

（3）電壓從零調(diào)起；滑動(dòng)變阻器應(yīng)采用分壓接法，根據(jù)待測(cè)電阻阻值與電表內(nèi)阻的關(guān)系確定電流表的接法，然后作出實(shí)驗(yàn)電路圖．

（4）根據(jù)實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)；由電阻定律求出電阻率．

六、簡(jiǎn)答題(共4題，共28分)30、略

【分析】

（1；2）火箭的質(zhì)量均勻減?。磺蟮没鸺馁|(zhì)量與時(shí)間的關(guān)系，即可求得火箭的重力與時(shí)間的關(guān)系，當(dāng)火箭的推力大于重力時(shí)，火箭離開(kāi)地面，根據(jù)圖象即可判斷；

（3）在圖象中；找出合力的沖量，根據(jù)沖量定理求得末速度．

本題主要考查了圖象問(wèn)題，根據(jù)題意很簡(jiǎn)單的找出火箭的重力與時(shí)間的關(guān)系，在第二問(wèn)中，關(guān)鍵是利用好圖象求得合力的沖量．【解析】解：（1）火箭的質(zhì)量m=M-0.2t

故火箭的重力G=mg=Mg-0.2gt=10-2t；

（2）圖象如圖所示：

當(dāng)推力大于重力時(shí)；火箭開(kāi)始離開(kāi)地面，故由圖象可知，在t=0.55s離開(kāi)地面；

（2）由圖線所圍面積可知合力的沖量為31N?s

根據(jù)沖量定理可知v===155m/s．

答：（1）重力隨時(shí)間變化的表達(dá)式為mg=10-2t；

（2）火箭的重力隨時(shí)間變化的規(guī)律如圖所示；火箭在0.55s時(shí)候離開(kāi)地面；

（3）t=4s時(shí)火箭的速度為155m/s．31、（1）減小不變CH3OH(g)+H2O(g)=CO2(g)+3H2(g)△H=+(a-b)KJ/mol

（2）①增大；CH3OH-6e-+8OH-=CO32-+6H2O

②Cl--5e-+2H2O=4H++ClO2↑

③1；【分析】【分析】本題主要是考查反應(yīng)熱的計(jì)算、蓋斯定律應(yīng)用及電化學(xué)原理的應(yīng)用，是高考常考題型，注意原電池和電解池的原理分析和電極反應(yīng)書(shū)寫(xiě)是關(guān)鍵，側(cè)重知識(shí)的綜合能力考察，題目難度中等?！窘獯稹縭m{(1)}催化劑降低反應(yīng)的活化能，加快反應(yīng)速率，即rm{a}減小，但催化劑不能改變活化能，即反應(yīng)熱rm{triangleH}不變，反應(yīng)能量圖中生成物的總能量大于反應(yīng)物的總能量，則為吸熱反應(yīng)，由圖可知，rm{1mol}甲醇和rm{1mol}水蒸氣反應(yīng)生成rm{CO_{2}}和氫氣吸收的熱量為rm{(a-b)kJ}反應(yīng)熱化學(xué)方程式為：rm{CH_{3}OH(g)+H_{2}O(g)=CO_{2}(g)+3H_{2}(g)triangleH=+(a-b)kJ/mol}

故答案為：減?。徊蛔?；rm{CH_{3}OH(g)+H_{2}O(g)=CO_{2}(g)+3H_{2}(g)triangleH=+(a-b)kJ/mol}

rm{CH_{3}OH(g)+H_{2}O(g)=CO_{2}(g)+3H_{2}(g)triangle

H=+(a-b)kJ/mol}燃料電池放電過(guò)程中，通入rm{CH_{3}OH(g)+H_{2}O(g)=CO_{2}(g)+3H_{2}(g)triangle

H=+(a-b)kJ/mol}的電極是正極，氧氣得到電子轉(zhuǎn)化為氫氧根，則附近溶液的rm{(2)壟脵C(jī)H_{3}OH}增大。

故答案為：增大；

rm{O_{2}}電解池中陽(yáng)極失去電子，則陽(yáng)極氯離子放電，產(chǎn)生rm{pH}的反應(yīng)式為：rm{壟脷}

故答案為：rm{ClO_{2}}

rm{Cl^{-}-5e^{-}+2H_{2}O=4H^{+}+ClO_{2}隆眉}電解一段時(shí)間，從陰極處收集到的氣體比陽(yáng)極處收集到氣體多rm{Cl^{-}-5e^{-}+2H_{2}O=4H^{+}+ClO_{2}隆眉}時(shí)rm{壟脹}標(biāo)準(zhǔn)狀況，忽略生成的氣體溶解rm{6.72L}多出的氣體是氫氣，物質(zhì)的量rm{=dfrac{6.72L}{22.4L/mol}=0.3mol}設(shè)陽(yáng)極產(chǎn)生的氣體是rm{(}則根據(jù)電子得失守恒可知rm{)}解得rm{=dfrac

{6.72L}{22.4