2025年粵教版必修3物理上冊月考試卷含答案

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年粵教版必修3物理上冊月考試卷含答案考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五六總分得分評卷人得分一、選擇題(共8題，共16分)1、的物理意義是()A.導體的電阻與電壓成正比，與電流成反比B.導體的電阻越大，則電流越大C.加在導體兩端的電壓越大，則電流越大D.導體的電阻等于導體兩端的電壓與通過導體電流的比值2、如圖所示，等邊三角形abc與紙面平行，在頂點a、b處各放一垂直紙面向里、大小相等的恒定電流，已知a處電流在c處產(chǎn)生的磁場磁感強度為B，則關于c處的磁感強度大小和方向說法正確的是（）

A.磁感強度大小為方向平行ab邊水平向右B.磁感強度大小為方向垂直ab邊豎直向下C.磁感強度大小為B，方向ab平行邊水平向右D.磁感強度大小為B，方向垂直ab邊豎直向下3、如圖所示，A是帶正電的球，B為不帶電的導體，A、B均放在絕緣支架上，M、N是導體B中的兩點；以無限遠處為電勢零點，當導體B達到靜電平衡后，說法正確的是（）

A.M、N兩點電場強度大小的關系為EM>ENB.M端感應出負電荷，N端感應出正電荷，所以M、N兩點電勢高低的關系為C.若用導線將M、N兩端連起來，將發(fā)生電荷中和現(xiàn)象D.感應電荷在M、N兩點產(chǎn)生的電場強度為4、如圖所示，在a、b兩點固定著兩個帶等量異種電荷的點電荷，c、d兩點將a、b兩點的連線三等分；則（）

A.c、d兩點的電場強度大小相等，方向相反B.c、d兩點的電場強度大小相等，方向相同C.從c點到d點，電場強度先增大后減小D.c、d連線的中點的電場強度為05、如圖，一電荷量為的正點電荷位于電場中的點，受到的電場力為若把該點電荷換為電荷量為的負點電荷，則點的電場強度為（）

A.方向與相反B.方向與相反C.方向與相同D.方向與相同6、一質(zhì)量為帶電量為的小球從水平放置的帶正電圓環(huán)的軸線處A點由靜止釋放，A、關于點對稱；下列判斷正確的是（）

A.小球在點處動能最大B.小球在點的加速度最大C.小球在點的電勢能最小D.小球可能在A、間往復運動7、電流表的內(nèi)阻是滿刻度電流值是現(xiàn)欲把這個電流表改裝成量程為1.0V的電壓表，正確的方法是（）A.應串聯(lián)一個約500的電阻B.應并聯(lián)一個約500的電阻C.應串聯(lián)一個約0.05的電阻D.應并聯(lián)一個約0.05的電阻8、額定電壓為3V的小燈泡L的伏安特性曲線如圖甲中圖線①所示，定值電阻R的伏安特性曲線如圖甲中圖線②所示，電源的路端電壓隨電流的變化曲線如圖甲中圖線③所示。將小燈泡L、定值電阻R和電源組成如圖乙所示的電路。根據(jù)圖像信息可判斷（）

A.電源的電動勢內(nèi)阻B.斷開開關閉合開關電源的效率約為33.3%C.斷開開關和小燈泡消耗的電功率約為0.38WD.斷開開關和小燈泡的電阻約為7.6Ω評卷人得分二、多選題(共6題，共12分)9、如圖所示電路中，電源內(nèi)阻忽略不計．閉合電鍵，電壓表示數(shù)為U，電流表示數(shù)為I；在滑動變阻器R1的滑片P由a端滑到b端的過程中。

A.U先變大后變小B.I先變小后變大C.U與I比值先變大后變小D.U變化量與I變化量比值等于R310、如圖，電源內(nèi)阻不能忽略，電流表和電壓表均為理想電表，R1=R2＜R3＜R4；下列說法中正確的是（）

A.若R2短路，電流表示數(shù)變小，電壓表示數(shù)變大B.若R2斷路，電流表示數(shù)變大，電壓表示數(shù)為零C.若R1斷路，電流表示數(shù)變小，電壓表示數(shù)變小D.若R4斷路，電流表示數(shù)變小，電壓表示數(shù)變大11、光滑絕緣水平面上固定兩個等量同種點電荷Q，在它們連線的中垂線上，有A和B兩點到連線中點O的距離相等；如圖所示，則（）

A.A，B兩點的電場強度大小相等、方向相反B.同一點電荷在A，B兩點的電勢能相等C.把負點電荷q從A點靜止釋放，同時緩慢增大兩個Q，q將不能到達BD.把負點電荷q從A點靜止釋放，同時緩慢增大兩個Q，q越過B點后速度才減為012、我國國產(chǎn)東風洲際彈道核導彈可突破西方國家的防空反導系統(tǒng)；具有很強的戰(zhàn)略威懾力，其內(nèi)部固定安裝有多種類型的傳感器。例如電容式導彈加速度傳感器原理如圖所示，質(zhì)量塊左；右側(cè)分別連接電介質(zhì)和輕質(zhì)彈簧，彈簧與電容器固定在武器身體內(nèi)部，質(zhì)量塊套在光滑且平行于彈簧軸線的固定直桿上，質(zhì)量塊可帶動電介質(zhì)移動從而改變電容。則（）

A.電介質(zhì)插入極板間越深，則電容器電容越大B.導彈沿彈簧軸線方向向右做加速運動，則電路中一定有電流C.導彈由靜止突然沿彈簧軸線方向向右勻加速運動時，電路中有順時針方向的電流D.導彈沿彈簧軸線方向向右勻加速運動過程中突然開始勻速，穩(wěn)定后彈簧長度會變長13、一根粗細均勻的金屬導線，在其兩端加上電壓U0時，通過導線的電流為I0，導線中自由電子定向移動的平均速度為v，若將導線均勻拉長，使它的橫截面半徑變?yōu)樵瓉淼脑俳o它兩端加上電壓3U0，則（）A.通過導線的電流為B.通過導線的電流為C.導線中自由電子定向移動的平均速率為D.導線中自由電子定向移動的平均速率為v14、一根粗細均勻的金屬導線，兩端加電壓為U時，通過導線的電流強度為I，導線中自由電子定向移動的平均速率為v；若導線均勻拉長，使其半徑變?yōu)樵瓉淼膬啥穗妷喝詾閁，則（）A.通過導線的電流強度為IB.通過導線的電流強度為IC.自由電子定向移動的平均速率為vD.自由電子定向移動的平均速率為v評卷人得分三、填空題(共6題，共12分)15、帶正電1.0×10-2C的粒子，在電場中先后經(jīng)過A、B兩點，飛經(jīng)A點時動能為10J，飛經(jīng)B點時動能為4J，則帶電粒子從A點到B點過程中電勢能增加了_______J，A、B兩點電勢差為_______。16、試說明下列能源利用的方式中能量轉(zhuǎn)化過程：

（1）水力發(fā)電______。

（2）柴油機車牽引列車前進______。

（3）電動水泵抽水______。

（4）核電站發(fā)電機發(fā)電______。

（5）風力發(fā)電機發(fā)電______。

（6）火箭發(fā)射人造衛(wèi)星______。17、在一點電荷Q產(chǎn)生的電場中，電荷量為+q的粒子在某點的電勢能Ep與該點到Q的距離r的關系如圖所示。設電場中距Q的距離為L、3L處的電勢分別為φ1、φ2，電場強度分別為E1、E2，則Q帶____（選填“正”或“負”）電，φ1：φ2=____，E1：E2=____。

18、如圖所示為伏打電池示意圖，由于化學反應，在A、B兩電極附近產(chǎn)生了很薄的兩個帶電接觸層a、b。

（1）說明銅板帶正電、鋅板帶負電的原因是什么______？

（2）在電源內(nèi)部的a、b兩個區(qū)域，電荷如何被搬運到極板上______？

（3）在正常工作的閉合電路中，靜電力對做定向運動的電子做______（選填“正”或“負”）功，使電子向電勢______（選填“升高”或“降低”）的方向運動，電子的電勢能______（選填“增加”或“減少”）；非靜電力對做定向運動的電子做______（選填“正”或“負”）功，使電子向電勢______（選填“升高”或“降低”）的方向運動，電子的電勢能______（選填“增加”或“減少”）．

（4）沿電流方向繞電路一周，非靜電力做功的區(qū)域是()

A．RB．bC．rD．a(chǎn)

（5）在圖中閉合回路的各區(qū)域內(nèi)，電勢升高的總和等于電源的______。

（6）沿電流方向繞電路一周，在什么地方電勢降低______？在什么地方電勢升高______？19、如圖所示，分別在A、B兩點放置點電荷Q1=＋2×10-14C和Q2=-2×10-14C。在AB的垂直平分線上有一點C，且AB=AC=BC=6×10-2m。如果有一電子靜止放在C點處，靜電力常量k=9.0×109N·m2/C2，則它所受的靜電力的大小為______N，方向______。

20、如圖用伏安法測電阻時，如果不知道待測電阻的大概值時，為了選擇正確的電路以減少誤差，可將電壓表一個接頭分別在兩點接觸一下，如果安培表讀數(shù)有顯著變化，則S應接在___________處，如果伏特表讀數(shù)有顯著變化，則S應接在___________處。

評卷人得分四、作圖題(共4題，共24分)21、如圖所示，A、B、C為勻強電場中的三個點，已知φA=18V，φB=11V，φC=－3V。試畫出該電場的電場線；并保留作圖時所用的輔助線（用虛線表示輔助線，實線表示電場線）。

22、在如圖所示的四幅圖中；分別給出了導線中的電流方向或磁場中某處小磁針靜止時N極的指向或磁感線方向。請畫出對應的磁感線（標上方向）或電流方向。

23、試畫出點電荷、等量異種點電荷、等量同種點電荷及勻強電場的電場線。24、把蜂鳴器；光敏電阻、干簧管繼電器開關、電源連成電路如圖所示；制成光電報警裝置，當報警器有光照射時，峰鳴器發(fā)聲，當沒有光照或者光照很弱時，蜂鳴器不發(fā)聲，①光敏電阻：光敏電阻受光照后，阻值會變小，②干簧管繼電器開關：由干簧管和繞在干簧管外的線圈組成，當線圈中有一定的電流時，線圈產(chǎn)生的磁場使密封在干簧管內(nèi)的兩個鐵質(zhì)簧片磁化，兩個簧片在磁力作用下由原來的分離狀態(tài)變成閉合狀態(tài)，當線圈中沒有電流或者電流很微弱時，磁場消失，簧片在彈力的作用下恢復到分離狀態(tài)，電路已經(jīng)連接一部分，請將電路完整連接好。

評卷人得分五、實驗題(共4題，共36分)25、如圖所示為小明同學用毫安表改裝多用電表的原理圖。已知毫安表表頭內(nèi)阻為滿偏電流為2mA，R1和R2為定值電阻。

（1）若單刀雙擲開關S2接“1”時，將毫安表改裝成4mA和40mA兩個量程的電流表，則R1+R2=_______R1=__________

（2）將開關S2接“2”端時為歐姆表。根據(jù)圖中電源情況可以判斷表筆A應接_____色（選填“紅”或“黑”）表筆：若開關S1與a端相接時歐姆表為“×10”倍率擋，則開關S1與b端相接時應為______（選填“×1”或“×100”）倍率擋；

（3）圖中作為歐姆表使用時，若電池用舊后電動勢不變，電池內(nèi)阻變大，歐姆調(diào)零后測電阻，這種情況對測量結(jié)果_________（選填“有”或“沒有”）影響。26、有一額定電壓為2.8V；額定功率0.56W的小燈泡，現(xiàn)要用伏安法描繪這個小燈泡的伏安特性曲線，有下列器材可供選用：

A.電壓表（量程0~3V內(nèi)阻約6kΩ）

B.電壓表（量程0~6V；內(nèi)阻約20kΩ）

C.電流表（量程0~0.6A；內(nèi)阻約0.5Ω）

D.電流表（量程0~200mA；內(nèi)阻約20Ω）

E.滑動變阻器（最大電阻10Ω；允許最大電流2A）

F.滑動變阻器（最大電阻200Ω；允許最大電流150mA）

G.三節(jié)干電池（電動勢約為4.5V）

H.電鍵；導線若干。

(1)為提高實驗的精確程度，電壓表應選用____；電流表應選用___；滑動變阻器應選用____；（以上均填器材前的序號）

(2)請在虛線框內(nèi)畫出描繪小燈泡伏安特性曲線的電路圖____；

(3)通過實驗描繪出小燈泡的伏安特性曲線如圖所示，某同學將一電源（電動勢E=2V，內(nèi)阻r=5Ω）與此小燈泡直接連接時，小燈泡的實際功率是____W（保留兩位有效數(shù)字）。27、開展科技活動時；某興趣學習小組自制的電子秤原理圖，如圖1所示。

實驗器材有：直流電源（電動勢為內(nèi)阻為）；理想電壓表V（量程0~3V）；限流電阻R；豎直固定的滑動變阻器R（總長為2cm，總阻值為12Ω）；電阻可忽略不計的彈簧，下端固定于水平地面，上端固定秤盤且與滑動變阻器R的滑動端連接；滑片接觸良好且無摩擦；開關S以及導線若干。

（1）若在某次實驗中直流電源的路端電壓圖像如圖2所示，可知電源電動勢E=_________V，內(nèi)阻r=__________Ω。

（2）實驗步驟如下：

①托盤中未放被測物前；電壓表的示數(shù)為零。

②在彈簧的彈性限度內(nèi)，在托盤中輕輕放入被測物，待托盤靜止平衡后，滑動變阻器的滑片恰好處于下端b處，要使此時電壓表剛好達到滿偏，限流電阻的阻值為___________Ω；已知彈簧的勁度系數(shù)當?shù)刂亓铀俣缺粶y物的質(zhì)量m=___________kg，由此在電壓表的刻度盤上標示相應的質(zhì)量數(shù)值，即可將該電壓表改裝成測量物體質(zhì)量的儀器，則質(zhì)量刻度是_____________（填“均勻”或“不均勻”）的。28、在“測定電池的電動勢和內(nèi)阻”的實驗中。

（1）若用圖1所示電路圖測量，則下列說法正確的是________。

A．開關閉合前；滑動變阻器滑片應置于最右端。

B．滑動變阻器向向右滑動時；電流表，電壓表示數(shù)均增大。

C．考慮電表內(nèi)阻；實驗的系統(tǒng)誤差是電流表內(nèi)阻引起。

D．考慮電表內(nèi)阻；使實驗內(nèi)阻測量值小于真實值。

（2）實驗測得電動勢E=1.5V，r=0.5Ω，將伏安特性曲線如圖2所示的小燈泡直接接到該電池兩端，其實際功率為________W（保留2位小數(shù)）。

評卷人得分六、解答題(共2題，共18分)29、一半徑為R的圓環(huán)上均勻地帶有電荷量為Q的電荷，在垂直于圓環(huán)平面的對稱軸上有一點P，OP＝L，求P點的電場強度．

30、如圖所示，真空中有兩個靜止點電荷，Q=＋2×10-4C，q=－2×10-5C，它們相距r=2m；求：

(1)q受的電場力；

(2)Q在B點形成的場強EB；

(3)只將q換為q′=4×10-5C的正點電荷。再求q′受的電場力及B點的場強；

(4)將電荷q拿去后再求B點場強。

參考答案一、選擇題(共8題，共16分)1、D【分析】【詳解】

A．電阻是導體本身的性質(zhì)；與電壓和電流無關；故A錯誤；

B．由歐姆定律可知；電壓一定時，電阻越大電流越小，故B錯誤；

CD．導體的電阻等于導體兩端的電壓與通過的電流的比值；電阻一定時，加在導體兩端的電壓越大，則電流越大；故C錯誤，D正確。

故選D。2、A【分析】【詳解】

兩通電直導線在c處產(chǎn)生的磁場如圖所示，大小均為B；

根據(jù)幾何知識可得合磁場大小為：

方向水平向右；

AB．綜上所述，c處磁感強度大小為方向水平向右，A正確B錯誤；

CD．綜上所述，c處磁感強度大小為方向水平向右，CD錯誤；

故選A。3、D【分析】【分析】

【詳解】

AD．M、N兩點的場強為導體球與B上感應電荷在這兩處的場強之和；處于靜電平衡的導體，合場強的大小為處處為零，即有。

而帶電球A在M、N兩點產(chǎn)生的場強不同，故B上感應電荷在M、N兩點產(chǎn)生的電場強度不相等；根據(jù)點電荷電場強度公式。

可知，離A越遠，電場強度越小，則感應電荷在M、N兩點產(chǎn)生的電場強度。

故A錯誤；D正確；

BC．處于靜電平衡的導體；其整體是等勢體，所以。

若用導線將M、N兩端連起來；沒有電荷移動，故BC錯誤。

故選D。4、B【分析】【分析】

【詳解】

AB．依題意可知，c、d兩點關于連線的中點對稱；所以這兩點場強等大同向。故A錯誤；B正確；

CD．等量異種電荷的點電荷連線上中點處場強最小，但不是零，兩邊依次增大，所以從c點到d點；電場強度先減小后增大。故CD錯誤；

故選B。5、C【分析】【分析】

【詳解】

一電荷量為q的正點電荷位于電場中的A點，受到的電場力為F；則電場強度。

方向與F相同；電場中某點的場強由電場本身決定，與試探電荷的電量和電性均無關，則若把該點電荷換為荷量為2q的負點電荷，則A點的電場強度E不變。

故選C。6、C【分析】【詳解】

A．小球從A點到O點的運動中，受到向下的重力和電場力，重力和電場力對小球做正功，小球的動能增大，在O點時，電場強度是零，小球受電場力是零，此時只受重力，小球的動能繼續(xù)增大，因此小球在點處的動能不是最大；A錯誤；

B．小球從A點到O點的運動中，受到向下的重力和電場力，其合力大于重力，則加速度大于重力加速度，小球在點時只受重力，加速度等于重力加速度，因此小球在點的加速度不是最大；B錯誤；

C．小球從A點到O點的運動中，電場力對小球做正功，電勢能減小，小球穿過點后，受電場力方向向上，電場力做負功，電勢能增大，因此小球在點的電勢能最小；C正確；

D．若小球只受電場力作用，因A、關于點對稱，則小球可能在A、間往復運動，可小球從A點運動到點，小球受電場力的作用同時又受重力作用，重力方向一直向下，因此小球不可能在A、間往復運動；D錯誤。

故選C。7、B【分析】【詳解】

把電流表改裝成1V電壓表，需要串聯(lián)一個分壓電阻，串聯(lián)電阻阻值：故選B．8、C【分析】【詳解】

A．由圖線②可知定值電阻的阻值

由圖線③可知電源的電動勢則內(nèi)阻

故A錯誤；

B．斷開開關閉合開關小燈泡短路，電源的效率

故B錯誤；

CD．斷開開關和定值電阻和小燈泡串聯(lián)，將定值電阻和電源看成一個整體即“等效電源”，作出“等效電源”的路端電壓隨電流的變化曲線，如圖。

與圖線①的交點即小燈泡的工作電壓和電流，小燈泡消耗的電功率

小燈泡的電阻

故C正確；D錯誤。

故選C。二、多選題(共6題，共12分)9、B:C【分析】【詳解】

由圖可知電壓表測量的是電源的電壓，由于電源內(nèi)阻忽略不計，則電壓表的示數(shù)總是不變，故A錯誤；在滑動變阻器的滑片P由a端滑到b端的過程中，滑動變阻器的電阻先增大后減小，由于電壓不變，根據(jù)閉合電路歐姆定律可知電流表示數(shù)先減小后增大，U與I的比值就是接入電路的的電阻與的電阻的和；所以U與I比值先變大后變小，故C正確；由于電壓表示數(shù)沒有變化，所以U變化量與I變化量比值等于0，故D錯誤；

【點睛】當滑動變阻器的兩部分并聯(lián)在電路中時，在最中間時，電阻最大，滑片從一端移動到另一端的過程中，電阻先增大后減小，10、A:B【分析】若R2短路，外電阻減小，路端電壓減小，電流表示數(shù)減小，因為外電阻減小后干路電流增大，R3和R4支路電流減小，故R1支路電流增大，所以電壓表示數(shù)變大，A對．若R2斷路，外電阻增大，路端電壓增大，電流表示數(shù)增大，R1支路電流為零，故電壓表示數(shù)為零，B對．若R1斷路；電流表示數(shù)變大，電壓表測路端電壓，故增大，C錯．

若R4斷路，外電阻增大，路端電壓增大，電流表示數(shù)增大，R1支路電流也增大，所以電壓表示數(shù)變大，D錯11、A:B:C【分析】【分析】

【詳解】

AB．根據(jù)等量同種電荷連線中垂線上的電場強度分布和電勢分布可知，A、B兩點的電場強度大小相等、方向相反；A、B兩點的電勢相同，所以同一點電荷在A、B兩點的電勢能相等；故AB正確；

CD．把負點電荷q從A點靜止釋放，同時緩慢增大兩個Q，則負電荷受到的吸引力逐漸變大，到達B點之前速度就減為0，q將不能到達B；故C正確，D錯誤。

故選ABC。12、A:C【分析】【詳解】

A．根據(jù)電容器的電容公式

可知；當電介質(zhì)插入極板間越深，即電介質(zhì)增大，則電容器電容越大，選項A正確；

B．當傳感器以恒定加速度運動時；根據(jù)牛頓第二定律可知，彈力大小不變，則電容器的電容不變，因兩極的電壓不變，則電容器的電量不變，因此電路中沒有電流，選項B錯誤；

C．當傳感器由靜止突然向右加速瞬間，質(zhì)量塊要向左運動，導致插入極板間電介質(zhì)加深，因此電容會增大，由于電壓不變，根據(jù)可知；極板間的電量增大，電容器處于充電狀態(tài)，因此電路中有順時針方向電流，選項C正確；

D．若傳感器原來向右勻加速運動變?yōu)橄蛴覄蛩龠\動；質(zhì)量塊受到向右的彈簧的彈力將變小，彈簧長度會變小，選項D錯誤。

故選AC。13、B:C【分析】【詳解】

AB．導線拉長前

導線拉長后

拉長前后體積不變

又

解得

根據(jù)歐姆定律有

解得

故A錯誤；B正確；

CD．根據(jù)電流的微觀定義式有

解得

故C正確；D錯誤。

故選BC。14、B:C【分析】【詳解】

將導線均勻拉長，使其半徑變?yōu)樵瓉淼?/2，橫截面積變?yōu)樵瓉淼?/4倍，導線長度要變?yōu)樵瓉淼?倍，金屬絲電阻率不變，由電阻定律R=ρ可知，導線電阻變?yōu)樵瓉淼?6倍；電壓U不變，由歐姆定律I=U/R可知，電流變?yōu)樵瓉淼?/16；故A錯誤，B正確；電流I變?yōu)樵瓉淼?/16，橫截面積變?yōu)樵瓉淼?//4，單位體積中自由移動的電子數(shù)n不變，每個電子所帶的電荷量e不變，由電流的微觀表達式I=nevS可知，電子定向移動的速率變?yōu)樵瓉淼?/4，故C正確，D錯誤；故選BC．三、填空題(共6題，共12分)15、略

【分析】【詳解】

[1]根據(jù)能量守恒定律可知，帶電粒子從A點到B點的過程中電勢能的增加等于動能的減小，則有

[2]電場力做功為

A、B兩點的電勢差為【解析】6J16、略

【分析】【分析】

【詳解】

(1)[1]機械能轉(zhuǎn)化為電能。

(2)[2]化學能轉(zhuǎn)化為機械能。

(3)[3]電能轉(zhuǎn)化為機械能。

(4)[4]核能轉(zhuǎn)化為電能。

(5)[5]風能轉(zhuǎn)化為電能。

(6)[6]化學能轉(zhuǎn)化為機械能【解析】①.機械能轉(zhuǎn)化為電能②.化學能轉(zhuǎn)化為機械能③.電能轉(zhuǎn)化為機械能④.核能轉(zhuǎn)化為電能⑤.風能轉(zhuǎn)化為電能⑥.化學能轉(zhuǎn)化為機械能17、略

【分析】【詳解】

[1]由圖可知，粒子離電荷越遠，電勢能越低，說明遠離電荷時，電場力做正功，即電荷與粒子之間是斥力，所以電荷Q帶正電；

[2]由圖可知，電荷在L處的電勢能為6E0，在3L處的電勢能為2E0，根據(jù)公式

兩點電勢之比為

[3]根據(jù)點電荷的電場強度公式

兩點電場強度之比為【解析】正3∶19∶118、略

【分析】【分析】

【詳解】

(1)[1]鋅失去電子后，鋅離子進入溶液中與硫酸根離子結(jié)合成硫酸鋅，鋅原子將電子留在鋅板上，使鋅板帶負電，硫酸根離子與鋅結(jié)合后，導致電解液與b之間處的電勢升高，對于銅板，由于還原反應，硫酸中的氫離子從銅板上得到電子變成氫氣，使銅板帶正電，由于氫離子與銅板上的電子結(jié)合導致a與電解液處的電勢降低；

(2)[2]在電源內(nèi)部的a、b兩個區(qū)域，非靜電力做功，在a區(qū)域，氫離子被搬運到銅板上；在b處；硫酸根離子被搬到鋅板上；

(3)[3][4][5]在正常工作的閉合電路中；靜電力對做定向運動的電子做正功，電勢能減少，所以電子向電勢升高的方向運動；

[6][7][8]電源內(nèi)部；從負極到正極電勢升高，所以非靜電力把電子從正極搬運到負極，對做定向運動的電子做正功，即電子向電勢降低的方向運動，所以電子的電勢能增加；

(4)[9]在電源的內(nèi)阻和外電阻上，電荷移動過程中是靜電力做功，r區(qū)域是內(nèi)阻區(qū)域，由題意可知，“在A、B兩電極附近產(chǎn)生了很薄的兩個帶電接觸層a、b”則該區(qū)域即為非靜電力作用的范圍；也是沿著電流方向電勢升高的范圍，故BD正確，AC錯誤；

故選BD；

(5)[10]依據(jù)電動勢定義可知；電勢升高的總和等于電源的電動勢；

(6)[11][12]ab區(qū)域為非靜電力作用的范圍，電勢升高，R為外電阻，r為內(nèi)阻，在電阻上，沿電流方向電勢降低?！窘馕觥夸\失去電子后，鋅離子進入溶液中與硫酸根離子結(jié)合成硫酸鋅，鋅原子將電子留在鋅板上，使鋅板帶負電，硫酸根離子與鋅結(jié)合后，導致電解液與b之間處的電勢升高。對于銅板，由于還原反應，硫酸中的氫離子從銅板上得到電子變成氫氣，使銅板帶正電，由于氫離子與銅板上的電子結(jié)合導致a與電解液處的電勢降低在a區(qū)域，氫離子被搬運到銅板上；在b處，硫酸根離子被搬到鋅板上正升高減少正降低增加BD電動勢電勢兩次降低即電流流過外電阻和內(nèi)電阻時，電勢降低電勢兩次升高即通過兩個極板和電解液接觸層a、b時電勢升高19、略

【分析】【分析】

【詳解】

電子帶負電荷，在C點同時受A、B兩點電荷的靜電力FA、FB；如圖所示：

由庫侖定律得

同理可得FB=8.0×10-21N

由矢量的平行四邊形定則和幾何知識得靜止放在C點的電子受到的靜電力大小為F=FA=FB=8.0×10-21N，方向平行于AB連線向左【解析】①.8×10-21②.平行于AB連線向左20、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1]．如果電壓表讀數(shù)變化不明顯而安培表變化明顯，則說明電流表的分壓作用較小，即電流表內(nèi)阻較小，由于電流表內(nèi)阻越小時，電流表采用內(nèi)接法時誤差較小，所以S應接在b處．

[2]．根據(jù)歐姆定律和串并聯(lián)規(guī)律可知，若電流表示數(shù)沒有顯著變化，而電壓表變化明顯，則說明電壓表的分流作用較小，即電壓表的內(nèi)阻很大，由于電壓表內(nèi)阻越大時采用電流表外接法誤差較小，所以電流表應采用外接法，即S應接在a處；【解析】ba四、作圖題(共4題，共24分)21、略

【分析】【分析】

【詳解】

連接BC，過A點作BC的平行且與BC線段相等的線段AD，將AD分成兩等份，找出B點的等勢點，即E點，電勢為11V，連接BE，則BE為等勢線；電場線與等勢線垂直，由高電勢指向低電勢，如圖所示。

【解析】22、略

【分析】【分析】

【詳解】

（1）在圖（1）中；已知小磁針靜止時N極的指向，由直線電流的安培定則，可知直線中的電流方向向下，如圖所示。

（2）在圖（2）中；已知小磁針靜止時N極的指向，由環(huán)形電流的安培定則，可知環(huán)形電流方向從左向右看是順時針方向，如圖所示。

（3）在圖（3）中；已知螺線管內(nèi)小磁針靜止時N極的指向，由通電螺線管的右手螺旋定則可知，螺線管中的電流方向從左端導線流入，右端導線流出，如圖所示。

（4）在圖（4）中，已知磁感線的方向，由安培定則可知，環(huán)形電流方向沿逆時針方向，如圖所示?！窘馕觥?3、略

【分析】【詳解】

根據(jù)電荷屬性；點電荷；等量異種點電荷、等量同種點電荷及勻強電場的電場線如下所示。

【解析】24、略

【分析】【分析】

【詳解】

電池；光敏電阻與開關及干簧管繼電器開關外面接線構(gòu)成一個回路；而另一組電池、蜂鳴器與干簧管繼電器開關里面的兩個接線構(gòu)成又一個回路。當有光照時，光敏電阻阻值變小，使得干簧管繼電器開關存在磁場，導致開關接通，最終使得蜂鳴器發(fā)聲，電路如圖所示。

【解析】五、實驗題(共4題，共36分)25、略

【分析】【分析】

【詳解】

(1)[1][2]由題意可知，表頭滿偏電流Ig=2mA=0.002A

內(nèi)阻Rg=60Ω，改裝成兩個量程的電流表，量程分別為I1=4mA=0.004A，I2=40mA=0.040A

由圖示電路圖，根據(jù)串并聯(lián)電路特點與歐姆定律得IgRg=（I1-Ig）（R1+R2），Ig（Rg+R2）=（I2-Ig）R1

代入數(shù)據(jù)解得R1=6Ω，R1+R2=60Ω

(2)[3][4]電流應從紅表筆流入黑表筆流出電表，圖中的表筆A應接黑色表筆；開關S1與a端相接時，電表內(nèi)阻為毫安表串聯(lián)R2后再與R1并聯(lián)的電阻，若開關S1與b端相接時，電表內(nèi)阻約為R1、R2串聯(lián)后與毫安表并聯(lián)的電阻，電表內(nèi)阻變大，中值電阻變大；若開關S1與a端相接時歐姆表為“×10”倍率擋，則開關S1與b端相接時應為“×100”倍率擋；

(3)[5]圖中作為歐姆表使用時，需進行歐姆調(diào)零，電池內(nèi)阻變大，調(diào)零后總電阻不變，對測量結(jié)果沒有影響?！窘馕觥?06黑×100沒有26、略

【分析】【詳解】

(1)由題意可知，燈泡的額定電壓為2.8V，為了準確性及安全性原則，電壓表應選擇A；由P=UI可得，燈泡的額定電流為：故電流表應選擇D；測量燈泡的伏安特性曲線實驗中應采用分壓接法，故滑動變阻器應選用小電阻，故滑動變阻器應選擇E；

(2)測量小燈泡的伏安特性曲線時，要求電壓值從零開始變化，故滑動變阻器應采有分壓接法；燈泡內(nèi)阻約為：而電流表內(nèi)阻約為20Ω，故電流表應采用外接法；故電路圖如圖所示∶

(3)由電源的電動勢和內(nèi)阻作出電