2025年粵人版必修3物理下冊(cè)階段測(cè)試試卷含答案

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請(qǐng)※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年粵人版必修3物理下冊(cè)階段測(cè)試試卷含答案考試試卷考試范圍：全部知識(shí)點(diǎn)；考試時(shí)間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級(jí)：______考號(hào)：______總分欄題號(hào)一二三四五總分得分評(píng)卷人得分一、選擇題(共7題，共14分)1、兩只電壓表V1和V2是由完全相同的兩個(gè)電流計(jì)改裝成的，V1表的量程是5V，V2表的量程是15V；把它們串聯(lián)起來接入電路中，則（）

A.它們的示數(shù)相等，指針偏轉(zhuǎn)角度也相等B.它們的示數(shù)之比為l:3，指針偏轉(zhuǎn)角度相等C.它們的示數(shù)相等，指針偏轉(zhuǎn)角度之比為1:3D.它們的示數(shù)之比、指針偏轉(zhuǎn)角度之比均為1:32、建立完整的電磁場(chǎng)理論并首先預(yù)言電磁波存在的科學(xué)家是（）A.法拉第B.奧斯特C.麥克斯韋D.赫茲3、真空中有兩個(gè)等量異種點(diǎn)電荷．相距r時(shí)，電荷連線中點(diǎn)處的場(chǎng)強(qiáng)大小為E、電勢(shì)為φ；相距時(shí)，電荷連線中點(diǎn)處的場(chǎng)強(qiáng)大小為E'、電勢(shì)為φ'．設(shè)無窮遠(yuǎn)處電勢(shì)為0，則下列判斷正確的是A.φ'＝φ＝0B.φ≠0，且φ'＝2φC.E'＝E＝0D.E≠0，且E'＝2E4、如圖所示，電流表A1（0～3A）和A2（0～0.6A）由兩個(gè)相同的電流計(jì)改裝而成，現(xiàn)將這兩個(gè)電流表并聯(lián)后接入電路中。閉合開關(guān)S，調(diào)節(jié)滑動(dòng)變阻器，下列說法中正確的是（）

A.A1、A2的讀數(shù)之比為1∶1B.A1、A2的讀數(shù)之比為1∶5C.A1、A2的指針偏轉(zhuǎn)角度之比為1∶5D.A1、A2的指針偏轉(zhuǎn)角度之比為1∶15、類比在庫侖定律的建立過程中發(fā)揮了重要作用。萬有引力定律中有萬有引力常量，庫侖定律中也有靜電力常量k，下列哪一項(xiàng)是靜電力常量的單位（）A.N·m/C2B.N·m2/C2C.N·m2/CD.kg·m2/(C2·s2)6、一點(diǎn)電荷Q的電場(chǎng)中，讓x軸與它的一條電場(chǎng)線重合，已知坐標(biāo)軸上A、B兩點(diǎn)的坐標(biāo)分別為x1和x2，如圖甲所示。在A、B兩點(diǎn)分別放置正試探電荷，其受到的靜電力跟試探電荷的電荷量的關(guān)系，如圖乙中直線a、b所示，設(shè)靜電力的正方向與x軸正方向相同；靜電力常數(shù)未知。則下列說法不正確的是（）

A.可以判斷點(diǎn)電荷Q的電性B.可以求出點(diǎn)電荷Q的電荷量C.可以求出點(diǎn)電荷Q的位置坐標(biāo)D.可以比較A點(diǎn)和B點(diǎn)的電勢(shì)高低7、真空中，在x軸上x＝0和x＝8m處分別固定兩個(gè)點(diǎn)電荷Q1和Q2。電荷間連線上的電場(chǎng)強(qiáng)度E隨x變化的圖象如圖所示（＋x方向?yàn)閳?chǎng)強(qiáng)正方向），其中x＝3m處E＝0。將一個(gè)正試探電荷在x＝2m處由靜止釋放（重力不計(jì)；取無窮遠(yuǎn)處電勢(shì)為零）。則（）

A.Q1、Q2為等量同種電荷B.Q1、Q2帶電量之比為9：25C.在x＝3m處電勢(shì)等于0D.該試探電荷向x軸正方向運(yùn)動(dòng)時(shí)，電勢(shì)能一直減小評(píng)卷人得分二、多選題(共9題，共18分)8、在方向水平的電場(chǎng)中有一粗糙、絕緣的水平面，將一帶電量為的小物體輕放在水平面上，此后小物體做直線運(yùn)動(dòng)。以小物體的初始位置為坐標(biāo)原點(diǎn)O，沿運(yùn)動(dòng)方向建立x軸，x軸上各點(diǎn)的電勢(shì)隨位置坐標(biāo)x的變化如圖所示。圖中為曲線，及為直線，圖像曲線部分和直線部分在處相切，已知小物體在處速度為最大值，在處速度恰好為零；說法正確的是（）

A.小物體從O到的過程中由于摩擦產(chǎn)生的熱量為B.小物體運(yùn)動(dòng)過程中受到的摩擦力大小為C.的關(guān)系為D.小物體運(yùn)動(dòng)過程中的最大動(dòng)能為9、如圖所示，三個(gè)等長(zhǎng)絕緣細(xì)棒構(gòu)成正三角形棒上帶有等量負(fù)電荷且電荷分布均勻。P為正三角形中心，O為邊中點(diǎn)，P、D關(guān)于O點(diǎn)對(duì)稱，選取無窮遠(yuǎn)處電勢(shì)為0，P點(diǎn)電勢(shì)為D點(diǎn)電勢(shì)為則下列說法正確的是（）

A.P點(diǎn)電勢(shì)大于D點(diǎn)電勢(shì)B.撤去棒，P、D兩點(diǎn)電勢(shì)差不變C.撤去棒，則D點(diǎn)電勢(shì)變?yōu)镈.撤去棒，則D點(diǎn)電勢(shì)變?yōu)?0、如圖所示，O點(diǎn)固定放置一個(gè)正點(diǎn)電荷，在過O點(diǎn)的豎直平面內(nèi)的A點(diǎn)，自由釋放一個(gè)帶正電的小球，小球的質(zhì)量為m，帶電荷量為q，小球落下的軌跡如圖中的實(shí)線所示，它與以O(shè)點(diǎn)為圓心、R為半徑的圓（圖中虛線表示）相交于B、C兩點(diǎn)，O、C在同一水平線上，∠BOC＝30°，A距OC的高度為h，若小球通過B點(diǎn)的速度為v；則下列敘述正確的是（）

A.小球通過C點(diǎn)的速度大小是B.小球通過C點(diǎn)的速度大小是C.小球由A到C電場(chǎng)力做功是D.小球由A到C電場(chǎng)力做功是11、如圖所示，真空中有兩個(gè)等量異種點(diǎn)電荷A、B，M、N、O是AB連線的垂線上的點(diǎn)，且AO＞OB。一帶正電的試探電荷僅受電場(chǎng)力作用，運(yùn)動(dòng)軌跡如圖中實(shí)線所示，設(shè)M、N兩點(diǎn)的電勢(shì)分別為此電荷在M、N兩點(diǎn)的加速度分別為aM、aN，此電荷在M、N兩點(diǎn)的動(dòng)能分別為EkM、EkN；下列判斷中正確的是（）

A.A點(diǎn)電荷一定帶正電B.＞C.aM＞aND.EkM＞EkN12、如圖所示的真空空間中，僅在正方體中的黑點(diǎn)處存在著電荷量大小相等的點(diǎn)電荷，則圖中a，b兩點(diǎn)電場(chǎng)強(qiáng)度和電勢(shì)均相同的是（）A.B.C.D.13、在如圖所示的電路中，各電表均為理想電表，電源電動(dòng)勢(shì)為E，內(nèi)阻為r，R1、R2為定值電阻，R3為滑動(dòng)變阻器。平行板電容器中帶電微粒P處于靜止?fàn)顟B(tài)。當(dāng)滑動(dòng)變阻器R3的滑片向a端移動(dòng)時(shí)；則（）

A.電流表讀數(shù)減小，V1的示數(shù)減小B.微粒P將向下運(yùn)動(dòng)C.V2示數(shù)變大D.電容器所帶的電荷量增加14、如圖所示；直線I；II分別是電源1與電源2的路端電壓隨輸出電流的變化的特性圖線，曲線Ⅲ是一個(gè)小燈泡的伏安特性曲線，如果把該小燈泡分別與電源1、電源2單獨(dú)連接，則下列說法正確的是。

A.電源1與電源2的內(nèi)阻之比是11∶7B.電源1與電源2的電動(dòng)勢(shì)之比是1∶1C.在這兩種連接狀態(tài)下，小燈泡消耗的功率之比是1∶2D.在這兩種連接狀態(tài)下，小燈泡的電阻之比是1∶215、在如圖所示的電路中，定值電阻的阻值為電動(dòng)機(jī)的線圈電阻為兩端加的恒定電壓，電動(dòng)機(jī)恰好正常工作，理想電壓表的示數(shù)下列說法正確的是。

A.通過電動(dòng)機(jī)的電流為B.電動(dòng)機(jī)的輸入功率為C.電動(dòng)機(jī)線圈在1分鐘內(nèi)產(chǎn)生的焦耳熱為D.電動(dòng)機(jī)的輸出的功率為16、如圖所示，兩平行的金屬板水平放置，其板間距為在板中間打一個(gè)小孔，板接地，一帶正電小球，電量為質(zhì)量為用絕緣細(xì)線懸掛與點(diǎn)，若電容器的充電時(shí)間不可以忽略，那么閉合電鍵后，小球始終處于靜止?fàn)顟B(tài)，下列關(guān)于小球的描述正確的是（）

A.B.C.D.評(píng)卷人得分三、填空題(共5題，共10分)17、如圖所示的電路，虛線框內(nèi)各元件的數(shù)值都未知，當(dāng)在它的輸出a、b之間分別接入不同阻值的電阻時(shí)，電流表有不同的讀數(shù)，如下表所示，請(qǐng)完成此表格（即要求填上對(duì)應(yīng)0.1A電流時(shí)，接入a、b端的電阻和a、b端接12Ω電阻時(shí)電流表的示數(shù)）.

。電流表的示數(shù)。

1A

_______

0.6A

0.1A

接入ab端的電阻。

10Ω

12Ω

18Ω

______

18、如圖所示；當(dāng)帶正電的絕緣空腔導(dǎo)體A的內(nèi)部通過導(dǎo)線與驗(yàn)電器的小球B連接時(shí)，問驗(yàn)電器是否帶電？

19、（1）某同學(xué)用如圖甲所示的螺旋測(cè)微器測(cè)小球的直徑時(shí)，他應(yīng)先轉(zhuǎn)動(dòng)___________使F靠近小球，再轉(zhuǎn)動(dòng)___________使F夾住小球，直至聽到棘輪發(fā)出聲音為止，撥動(dòng)___________使F固定后讀數(shù)（填儀器部件字母符號(hào)）。

（2）某同學(xué)利用螺旋測(cè)微器測(cè)量一金屬板的厚度。該螺旋測(cè)微器校零時(shí)的示數(shù)如圖乙所示，測(cè)量金屬板厚度時(shí)的示數(shù)如圖丙所示。圖乙所示的讀數(shù)為___________mm，圖丙所示的讀數(shù)為___________mm，所測(cè)金屬板的厚度為___________mm。

20、帶電荷量都為Q的兩個(gè)絕緣金屬小球，放在真空中，兩小球距離為l．

（1）若兩球都帶負(fù)電，則在l中點(diǎn)處電場(chǎng)強(qiáng)度為________．

（2）若兩球帶的是異種電荷，則在l中點(diǎn)處電場(chǎng)強(qiáng)度的大小為________，方向指向帶________電荷的小球．21、如圖，A、B、C、D、E、F為勻強(qiáng)電場(chǎng)中一個(gè)邊長(zhǎng)為20cm的正六邊形的六個(gè)頂點(diǎn)，已知電場(chǎng)方向與六邊形所在平面平行，若A、B、C三點(diǎn)電勢(shì)分別為2V；3V、4V；則。

(1)F點(diǎn)的電勢(shì)為___________V

(2)勻強(qiáng)電場(chǎng)的場(chǎng)強(qiáng)大小為___________V/m評(píng)卷人得分四、作圖題(共2題，共4分)22、由電流產(chǎn)生的磁場(chǎng)方向如圖所示；請(qǐng)?jiān)趫D中標(biāo)出線圈中的電流方向.

23、在如圖所示的四幅圖中；分別給出了導(dǎo)線中的電流方向或磁場(chǎng)中某處小磁針靜止時(shí)N極的指向或磁感線方向。請(qǐng)畫出對(duì)應(yīng)的磁感線（標(biāo)上方向）或電流方向。

評(píng)卷人得分五、實(shí)驗(yàn)題(共1題，共10分)24、某同學(xué)根據(jù)閉合電路歐姆定律測(cè)量電源的電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻。

（1）測(cè)量電源電動(dòng)勢(shì)E和內(nèi)阻r的實(shí)驗(yàn)方案為：設(shè)計(jì)如圖1所示的電路，調(diào)節(jié)滑動(dòng)變阻器，改變電源兩端的電壓U和流過電源的電流I，依據(jù)公式______，利用測(cè)量數(shù)據(jù)作出U–I圖像，得出E和r。

（2）現(xiàn)有圖2所示的實(shí)驗(yàn)器材和若干導(dǎo)線。圖中已將實(shí)驗(yàn)器材進(jìn)行了部分連接，還應(yīng)當(dāng)用一根導(dǎo)線將電壓表接線柱h與______接線柱連接，再用另一根導(dǎo)線將電壓表接線柱g與______接線柱連接。（填寫接線柱對(duì)應(yīng)的字母）

（3）電路接線完畢，在保證電路安全的情況下閉合開關(guān)，調(diào)節(jié)滑動(dòng)變阻器，發(fā)現(xiàn)電壓表讀數(shù)一直接近3V而電流表讀數(shù)始終為零。已知導(dǎo)線與接線柱均無故障，且故障只有一處?，F(xiàn)只改變電壓表接線，再閉合開關(guān)、調(diào)節(jié)變阻器。下列推斷正確的是______。

A．電壓表接在a、f之間；電壓表；電流表讀數(shù)總為零，表明滑動(dòng)變阻器短路。

B．電壓表接在a、b之間；電壓表讀數(shù)總接近3V；電流表讀數(shù)總為零，表明電流表斷路。

C．電壓表接在c、d之間；電壓表；電流表讀數(shù)總為零，表明開關(guān)是完好的。

（4）從輸出特性來看，電源通常有恒壓源和恒流源兩種模型。如圖3（a）所示，將電源看作輸出電壓恒為的理想電源（無內(nèi)阻）與電阻串聯(lián)，若該電源輸出的電壓幾乎不隨負(fù)載阻值的變化而變化，則被稱為恒壓源（即圖中虛線框部分）；如圖3（b）所示，將電源看作輸出電流恒為的理想電源（內(nèi)阻無限大）與電阻并聯(lián)，電源向外電路輸出的電流幾乎不隨負(fù)載阻值的變化而變化；則被稱為恒流源（即圖中虛線框部分）。

某種太陽能電池在特定光照條件下，隨著負(fù)載阻值的變化，其輸出電壓U與輸出電流I的變化規(guī)律如圖4所示。請(qǐng)描述該電池的輸出特性，并結(jié)合恒壓源和恒流源的特點(diǎn)解釋其原因。()

參考答案一、選擇題(共7題，共14分)1、B【分析】【分析】

【詳解】

電壓表是由電流計(jì)與定值電阻串聯(lián)改裝而成的；V1表的量程是5V，V2表的量程是15V，相同的兩個(gè)電流計(jì)改裝，可知，V2表的內(nèi)阻是V1表的內(nèi)阻的3倍．把它們串聯(lián)接入電路；通過的電流相等，電表指針的偏角相同；電表兩端電壓之比等于內(nèi)阻之比1：3，它們的示數(shù)之比為1：3．故B項(xiàng)正確，ACD錯(cuò)誤。

故選B。2、C【分析】【分析】

【詳解】

A．法拉第發(fā)現(xiàn)了電磁感應(yīng)現(xiàn)象；并沒有預(yù)言電磁波存在并建立完整的電磁場(chǎng)理論，故A錯(cuò)誤；

B．奧斯特發(fā)現(xiàn)了電流的磁效應(yīng)；故B錯(cuò)誤；

C．建立完整電磁場(chǎng)理論并首先預(yù)言電磁波存在的科學(xué)家是麥克斯韋；故C正確；

D．赫茲用實(shí)驗(yàn)驗(yàn)證了電磁波的存在；故D錯(cuò)誤；

故選C。3、A【分析】【詳解】

AB．真空中兩個(gè)等量異種點(diǎn)電荷連線的中點(diǎn)處的電勢(shì)總是為零，即φ'＝φ＝0；選項(xiàng)A正確，B錯(cuò)誤；

CD．由場(chǎng)強(qiáng)疊加原理可知：

則E'＝4E

選項(xiàng)CD錯(cuò)誤；

故選A.

點(diǎn)睛：此題考查點(diǎn)電荷電場(chǎng)強(qiáng)度公式的應(yīng)用以及場(chǎng)強(qiáng)及電勢(shì)的疊加問題，掌握等量異種電荷電場(chǎng)分布的特點(diǎn)，并掌握矢量性法則．4、D【分析】【詳解】

電流表A1、A2量程之比為5∶1，則由可得其內(nèi)阻之比為1∶5；A1、A2并聯(lián)，故流經(jīng)A1、A2電流之比等于內(nèi)阻的反比，即流經(jīng)A1、A2電流之比為5∶1，所以讀數(shù)之比為5∶1，由電表改裝原理可得A1、A2并聯(lián)；且兩電流計(jì)相同，故流經(jīng)電流計(jì)的電流相等，兩指針偏轉(zhuǎn)角度相等，故D正確，ABC錯(cuò)誤。

故選D。5、B【分析】【詳解】

由庫侖定律

所以靜電力常量k的單位

故選B。6、B【分析】【分析】

【詳解】

AD．根據(jù)題意可知

方向沿x軸正方向

方向沿x軸正方向，故可以判斷點(diǎn)電荷應(yīng)在A、B左側(cè)帶正電，場(chǎng)強(qiáng)方向是由A指向B，則

AD錯(cuò)誤；

BC．設(shè)點(diǎn)電荷距離A點(diǎn)x，則

分析可得可以求出x，即Q的位置坐標(biāo)，不能求點(diǎn)電荷Q的電荷量；C錯(cuò)誤B正確。

故選B。7、B【分析】【詳解】

AB．由于x＝3m處E＝0，可知帶同種電荷，根據(jù)場(chǎng)強(qiáng)的疊加

整理得

A錯(cuò)誤；B正確；

C．根據(jù)電勢(shì)的表達(dá)式

可知在x＝3m處電勢(shì)

C錯(cuò)誤；

D．該試探電荷向x軸正方向運(yùn)動(dòng)時(shí)；電場(chǎng)力先做正功，電勢(shì)能減小，后做負(fù)功，電勢(shì)能又開始增大，D錯(cuò)誤。

故選B。二、多選題(共9題，共18分)8、C:D【分析】【詳解】

A．小物體從O到過程中，是從靜止開始運(yùn)動(dòng)，最后又靜止，動(dòng)能未增加，由能量守恒定律可知，小物體減少的電勢(shì)能均轉(zhuǎn)化為摩擦生熱，故摩擦產(chǎn)生的熱量為

故A錯(cuò)誤；

B．因小物體位于時(shí)速度剛好最大，故此時(shí)加速度為零，所以其所受摩擦力大小與電場(chǎng)力大小相等，而曲線部分和直線部分在處相切，而為直線，因此區(qū)間內(nèi)為勻強(qiáng)電場(chǎng)，故

因此摩擦力大小為

故B錯(cuò)誤；

C．小物體從O到過程中由能量守恒定律得

解得

故C正確；

D．小物體在時(shí)速度最大，則動(dòng)能最大，小物體從到過程中由動(dòng)能定理得

解得

故D正確。

故選CD。9、B:D【分析】【詳解】

AB．根據(jù)對(duì)稱性可知，BC在P、D兩點(diǎn)的電勢(shì)相等，由離負(fù)電荷越近電勢(shì)越低可知，AC、AB在P點(diǎn)的電勢(shì)低于在D點(diǎn)的電勢(shì)，所以P點(diǎn)電勢(shì)小于D點(diǎn)電勢(shì)且由以上分析可知，撤去棒，P、D兩點(diǎn)電勢(shì)差不變；故A錯(cuò)誤，B正確；

CD．因?yàn)槿粼赑點(diǎn)產(chǎn)生的電勢(shì)相同，所以每根棒在P點(diǎn)的電勢(shì)為

則棒在D點(diǎn)的電勢(shì)也是所以AC、AB在D點(diǎn)的電勢(shì)相等，為

所以撤去棒，則D點(diǎn)電勢(shì)變?yōu)?/p>

故C錯(cuò)誤；D正確。

故選BD。10、B:D【分析】【詳解】

A．從A到C的過程中，重力做正功，電場(chǎng)力做負(fù)功，根據(jù)動(dòng)能定理

因此到達(dá)C點(diǎn)的速度

A錯(cuò)誤；

B．由于B、C處于同一等勢(shì)面上，從B到C的過程中，電場(chǎng)力做功為零，根據(jù)動(dòng)能定理

又

解得①

B正確；

CD．從A到C的過程中，根據(jù)動(dòng)能定理②

由①②聯(lián)立得

C錯(cuò)誤；D正確。

故選BD。11、A:B【分析】【詳解】

AB．粒子做曲線運(yùn)動(dòng)，受到的電場(chǎng)力指向軌跡彎曲的內(nèi)側(cè)，大致向右，而該正電荷受到的電場(chǎng)力指向帶負(fù)電的電荷，所以A點(diǎn)電荷一定帶正電，B點(diǎn)電荷應(yīng)帶負(fù)電，因?yàn)锳O＞OB，根據(jù)等量異種點(diǎn)電荷電場(chǎng)線及等勢(shì)面分布特點(diǎn)可知，φM＞φN；故AB正確。

C．M處電場(chǎng)線較疏，場(chǎng)強(qiáng)較小，則有EM＜EN，由牛頓第二定律得：粒子的加速度則有aM＜aN．故C錯(cuò)誤。

D．由于φM＞φN，根據(jù)正電荷在電勢(shì)高處電勢(shì)能大，可知正點(diǎn)電荷在M處的電勢(shì)能大于在N處的電勢(shì)能，即有EPM＞EPN，電荷只受電場(chǎng)力作用，則電勢(shì)能和動(dòng)能的總量不變，則EkM<EkN，故D錯(cuò)誤。

故選AB。12、A:D【分析】【詳解】

等量異種電荷電場(chǎng)分布如圖所示。

A．a(chǎn)、b兩點(diǎn)在等量異種電荷連線的中垂線上，且關(guān)于連線對(duì)稱，根據(jù)電場(chǎng)分布圖以及對(duì)稱規(guī)律可知a、b兩點(diǎn)的電場(chǎng)場(chǎng)強(qiáng)以及電勢(shì)相等；A正確；

B．圖中a點(diǎn)距離點(diǎn)電荷較近，電場(chǎng)強(qiáng)度較大，b點(diǎn)在0等勢(shì)面上，而a點(diǎn)靠近正電荷；電勢(shì)為正，故兩點(diǎn)電場(chǎng)強(qiáng)度和電勢(shì)都不等，B錯(cuò)誤；

C．根據(jù)對(duì)稱性可知兩點(diǎn)電場(chǎng)強(qiáng)度大小相等，但方向不同，故兩點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度不等，a點(diǎn)靠近正電荷，b點(diǎn)靠近負(fù)電荷，所以a點(diǎn)的電勢(shì)高于b點(diǎn)的電勢(shì)；C錯(cuò)誤；

D．在連線的中垂面上，所有點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度方向都是由正電荷指向負(fù)電荷，故兩點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度方向相同，又根據(jù)結(jié)合矢量合成法可知兩點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度大小相等，故兩點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度相等，都平行于兩電荷的連線指向同一方向，ab兩點(diǎn)連成的平面是等勢(shì)面；因此這兩點(diǎn)電勢(shì)相等，D正確。

故選AD。13、A:C:D【分析】【詳解】

A．當(dāng)滑動(dòng)變阻器R3的滑片向a端移動(dòng)時(shí)，電阻R3變大，外電路總電阻變大，總電流變小，電流表示數(shù)減小，電阻R2的阻值不變，故其兩端電壓變小，即V1的示數(shù)減??；故A正確；

BD．帶電粒子P原來處于平衡狀態(tài)，重力和電場(chǎng)力平衡；電流變小后，R1和r的阻值都不變，故其兩端電壓變小，則R2與R3兩端的總電壓變大，即電容器所并聯(lián)電路兩端的電壓變大，電場(chǎng)力變大，帶電粒子P將向上運(yùn)動(dòng)；電容C不變，根據(jù)

可知電容器所帶的電荷量增加；故B錯(cuò)誤；D正確；

C．當(dāng)滑動(dòng)變阻器R3的滑片向a端移動(dòng)時(shí)，電流變小，R1、R2和r的阻值都不變，其兩端電壓變小，故R3兩端電壓變大，即電壓表V2示數(shù)變大；C正確；

故選ACD。14、A:B:C【分析】【詳解】

A．根據(jù)電源的路端電壓隨輸出電流的變化的特性圖線斜率的絕對(duì)值表示電源內(nèi)阻可知；電源1與電源2的內(nèi)阻之比是11∶7，選項(xiàng)A正確；

B．根據(jù)電源的路端電壓隨輸出電流的變化的特性圖線在縱軸的截距表示電源電動(dòng)勢(shì)可知；電源1與電源2的電動(dòng)勢(shì)之比是1∶1，選項(xiàng)B正確；

C．根據(jù)曲線交點(diǎn)表示工作點(diǎn)，交點(diǎn)的縱、橫坐標(biāo)的乘積表示電源輸出功率，在這兩種連接狀態(tài)下，由可知；小燈泡消耗的功率之比是1∶2，選項(xiàng)C正確；

D．根據(jù)曲線交點(diǎn)的縱、橫坐標(biāo)的比值表示小燈泡電阻，在這兩種連接狀態(tài)下，由可知；小燈泡的電阻之比是18∶25，選項(xiàng)D錯(cuò)誤；

故選ABC。15、C:D【分析】【分析】

根據(jù)題圖可知，考查了非純電阻電路的電功，電功率的計(jì)算；根據(jù)電阻和電動(dòng)機(jī)串聯(lián)，電流相等，對(duì)電阻R應(yīng)用歐姆定律求出電流；根據(jù)P＝UI求出電動(dòng)機(jī)的輸入功率，即電動(dòng)機(jī)消耗的功率，根據(jù)Q＝I2rt求出電動(dòng)機(jī)產(chǎn)生的熱量；電動(dòng)機(jī)的輸出功率等于輸入功率減去電動(dòng)機(jī)內(nèi)部消耗的功率．

【詳解】

A、通過電動(dòng)機(jī)的電流為：故A錯(cuò)誤；

BCD、對(duì)電動(dòng)機(jī)，電動(dòng)機(jī)的輸入功率發(fā)熱功率輸出功率電動(dòng)機(jī)1分鐘內(nèi)產(chǎn)生的熱量故CD正確．

【點(diǎn)睛】

解決本題的關(guān)鍵會(huì)靈活運(yùn)用歐姆定律，以及知道電動(dòng)機(jī)的輸出功率等于輸入功率減去電動(dòng)機(jī)內(nèi)部消耗的功率．16、B:C【分析】【詳解】

AB.充電過程中兩極板的電荷量逐漸增多，根據(jù)可知，兩極板間電勢(shì)差增大，由此可知帶電小球所受電場(chǎng)力變大；所以繩子所受拉力等于電場(chǎng)力和重力之和，即細(xì)線對(duì)小球的拉力逐漸增大，由此可知選項(xiàng)A不符合題意．選項(xiàng)B符合題意；

CD.因?yàn)橄聵O板接地，所以小球到下極板的距離是一個(gè)定值，兩極板間的場(chǎng)強(qiáng)逐漸增大，所以小球所在的位置電勢(shì)大于零且隨著電極板上電荷量的增大而增大，由此可知電勢(shì)能在增加，選項(xiàng)C符合題意，選項(xiàng)D不符合題意．三、填空題(共5題，共10分)17、略

【分析】【詳解】

[1][2]．若按常規(guī)解法，需先設(shè)未知電動(dòng)勢(shì)E，內(nèi)阻r及未知電阻R1、R2,再列方程求解，這樣不僅方程結(jié)構(gòu)龐大，且解題費(fèi)時(shí)繁難.若把虛線框內(nèi)的電路結(jié)構(gòu)看作一個(gè)等效電源，其電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻分別設(shè)為E′、r′，由題意a、b間接入電阻R1=10Ω時(shí)，電流表示數(shù)I1=1A，接入電阻R3=18Ω時(shí)，電流表示數(shù)I3=0.6A，設(shè)接入電阻Rx時(shí)，電流表示數(shù)I3=0.1A；則由閉合電路的歐姆定律有：

E′=I1(R1+r′)E′=I3(R3+r′)即。

E′=1×(10+r′)E′=0.6×(18+r′)解得。

E′=12Vr′=2Ω同理可以解得。

Rx=118ΩI2=0.5A.【解析】0.5A118Ω18、略

【分析】【詳解】

當(dāng)A的內(nèi)部通過導(dǎo)線與驗(yàn)電器的小球B相連時(shí)，導(dǎo)體A和驗(yàn)電器已連為一個(gè)整體，整個(gè)導(dǎo)體為等勢(shì)體，同性電荷相斥，電荷重新分布，連接后導(dǎo)體與驗(yàn)電器就是一個(gè)大的導(dǎo)體，驗(yàn)電器部分不再是內(nèi)部，而是大導(dǎo)體外部，必有凈電荷從A移向B，所以驗(yàn)電器帶正電?！窘馕觥恳娊馕?9、略

【分析】【詳解】

（1）[1][2][3]螺旋測(cè)微器測(cè)小球的直徑時(shí)，先調(diào)節(jié)旋鈕D，使測(cè)微螺桿F靠近小球，再轉(zhuǎn)動(dòng)微調(diào)旋鈕H，使測(cè)微螺桿F夾住小球，直至聽到棘輪發(fā)出聲音為止，撥動(dòng)G使測(cè)微螺桿F固定后讀數(shù)。先調(diào)節(jié)D后調(diào)節(jié)H的作用是；防止小球發(fā)生明顯的形變，也防止螺旋測(cè)微器的損壞。

（2）[4]圖乙所示的讀數(shù)為考慮估讀引起的誤差，在0.008mm到0.010mm范圍內(nèi)都對(duì)。

[5][6]圖丙所示的讀數(shù)為考慮估讀引起的誤差，在6.868mm到6.870mm范圍內(nèi)都對(duì)。所以金屬板的厚度范圍為6.858mm到6.862mm?！窘馕觥緿HG0.008##0.009##0.0106.868##6.869##6.8706.858##6.859##6.860##6.861##6.86220、略

【分析】【詳解】

（1）[1]等量同種電荷連線中點(diǎn)處的場(chǎng)強(qiáng)大小相等；方向相反；所以合場(chǎng)強(qiáng)為0；

[2]等量異種電荷連線中點(diǎn)處的場(chǎng)強(qiáng)大小相等，方向相同，所以合場(chǎng)強(qiáng)：

[3]根據(jù)電場(chǎng)強(qiáng)度的矢量性，方向指向帶負(fù)電的小球?！窘馕觥?負(fù)21、略

【分析】【詳解】

[1][2]如圖。

連接AC和BE，則AC⊥BE，由于A、B、C三點(diǎn)的電勢(shì)分別為2、3V、4V，得UCB=UBA

所以可以判定CA是這個(gè)勻強(qiáng)電場(chǎng)的電場(chǎng)線的方