2025年新世紀版必修3物理上冊階段測試試卷

…………○…………內…………○…………裝…………○…………內…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年新世紀版必修3物理上冊階段測試試卷445考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五總分得分評卷人得分一、選擇題(共8題，共16分)1、如圖所示，E為電源，其內阻不可忽略，RT為熱敏電阻，其阻值隨溫度的升高而減小，R為定值電阻，C為平行板電容器；G為靈敏電流計。閉合開關S，當環(huán)境溫度明顯降低且穩(wěn)定后，下列說法正確的是（）

A.R兩端電壓變大B.RT兩端電壓變大C.C所帶電荷量減小D.溫度降低的過程中，G中電流方向由a到b2、探究產生感應電流條件的實驗操作如圖甲；乙、丙所示。

甲：AB棒垂直磁感線左右運動乙：AB棒沿磁感線上下運動。

丙：AB棒垂直磁感線左右運動。

上面各個圖中電流表完好，接線準確。則：下列說法正確的是：（）A.只有甲會產生感應電流B.甲、乙會產生感應電流C.甲、丙會產生感應電流D.甲、乙、丙都不會產生感應電流3、兩個可自由移動的點電荷分別放在A、B兩處，如圖所示。A處為帶電荷量為Q1的正電荷，B處為帶電荷量為Q2的負電荷，且Q1=4Q2，另取一個可以自由移動的點電荷P，放也AB直線上；欲使整個系統(tǒng)處于平衡狀態(tài)，則（）

A.P為負電荷，且放于A左方B.P為負電荷，且放于B右方C.P為正電荷，且放于A、B之間D.P為正電荷，且放于B右方4、如圖，四根完全相同的均勻帶正電絕緣長棒對稱放置在長方體的四條長邊a、b、c、d上。移去a處的絕緣棒，假定另外三根絕緣棒電荷分布不變。關于長方體幾何中心O點處電場強度方向和電勢的變化；下列說法正確的是（）

A.電場強度方向垂直指向a，電勢減小B.電場強度方向垂直指向c，電勢減小C.電場強度方向垂直指向a，電勢增大D.電場強度方向垂直指向c，電勢增大5、現(xiàn)有電動勢為1.5V、內阻為1.0Ω的電池多節(jié)，準備用幾節(jié)這樣的電池串聯(lián)起來對一個工作電壓為6.0V、工作電流為0.1A的用電器供電。電路還需要一個定值電阻來分壓，請計算最少需要用這種電池的節(jié)數(shù)及這個電阻的阻值分別為（）A.8；52ΩB.7；38ΩC.6；24ΩD.5；10Ω6、某靜電場沿x軸方向，0?x0間的電勢分布如圖所示，在O點由靜止釋放一個帶電粒子，粒子僅在電場力的作用下沿x軸正向運動，則粒子從x=0運動到x=x0過程中（）

A.粒子帶正電荷B.速度先增大后減小C.加速度先增大后減小D.運動方向先沿x軸正方向后沿x軸負方向7、下列所示電子器件，屬于電容器的是（）A.B.C.D.8、某同學利用電流傳感器研究電容器的放電過程；他按如圖1所示連接電路，先使開關S接1，電容器很快充電完畢，然后將開關擲向2，電容器通過R放電，傳感器將電流信息傳入計算機，屏幕上顯示出電流隨時間變化的I-t曲線如圖2所示．他進一步研究滑動變阻器的阻值變化對曲線的影響，斷開S，先將滑片P向右移動一段距離，再重復以上操作，又得到一條I-t曲線．關于這條曲線，下列判斷正確的是。

A.曲線與坐標軸所圍面積將增大B.曲線與坐標軸所圍面積將減小C.曲線與縱軸交點的位置將向下移動D.曲線與縱軸交點的位置將向上移動評卷人得分二、多選題(共7題，共14分)9、如圖所示的電路中，電源電動勢為E，內阻為r，R1>r，電壓表和電流表均為理想電表。開關S閉合后，平行金屬板中的帶電液滴恰好處于靜止狀態(tài)。在將滑動變阻器的滑片P向b端滑動的過程中；下列說法正確的是。

A.R3的功率變大B.電源的輸出功率一定減小C.電壓表、電流表的示數(shù)均變大D.電容器C所帶電量減少，液滴向下加速運動10、如圖所示的電路中，S閉合，L1、L2、L3三只燈均正常發(fā)光，問當可變電阻的滑動觸頭右移時，對L1、L2、L3三燈亮度變化下列敘述正確的是()

A.L1燈變亮B.L2燈變亮C.L3燈變亮D.三燈均變暗11、小燈泡通電后其電流I隨所加電壓U變化的圖線如圖所示，P為圖線上一點，PN為圖線的切線，PQ為U軸的垂線，PM為I軸的垂線。則下列說法中正確是（）

A.隨著所加電壓的增大，小燈泡的電阻增大B.對應P點，小燈泡的電阻為R=C.對應P點，小燈泡的電阻為R=D.對應P點，小燈泡電阻為圖中矩形PQOM所圍的面積12、如圖所示；為一能夠測電流和電壓的兩用表，以下說法正確的是（）

A.若開關S1和S2都閉合，它是一個電壓表B.若開關S1和S2都閉合，它是一個電流表C.若開關S1和S2都斷開，它是一個電流表D.若開關S1和S2都斷開，它是一個電壓表13、2020年春天全世界發(fā)生新冠肺炎疫情；人們居家隔離。由于運動量減少，體重逐漸增加，體內的脂肪也逐步增多，我們可以用某型號脂肪測量儀（如圖甲所示）來測量脂肪積累程度。其原理是根據(jù)人體電阻的大小來判斷脂肪所占比例（體液中含有鈉離子；鉀離子等，而脂肪不容易導電），模擬電路如圖乙所示。測量時，閉合開關，測試者分握兩手柄，體型相近的兩人相比，脂肪含量高者（）

A.電流表示數(shù)小B.電壓表示數(shù)大C.電源內阻的電壓大D.路端電壓大14、如圖所示，電源電動勢內阻直流電動機內阻額定輸出功率調節(jié)滑動變阻器可使甲電路輸出功率最大，調節(jié)可使乙電路輸出功率最大且此時電動機剛好正常工作；則（）

A.甲電路中當時，定值電阻功率最大B.甲電路中當時，電源的輸出功率最大C.乙電路中當時，電源的輸出功率最大D.乙電路中當時，電源的輸出功率最大15、如圖所示，半徑為R的硬橡膠圓環(huán)，其上帶有均勻分布的負電荷，總電荷量為Q，若在圓環(huán)上切去一小段l(l遠小于R)，則圓心O處產生的電場方向和場強大小應為()

A.方向指向ABB.方向背離ABC.場強大小為D.場強大小為評卷人得分三、填空題(共8題，共16分)16、如圖所示，電流表A的量程為0-0.6A,表盤均勻劃分為30個小格，每一小格表示0.02A,R1的阻值等于電流表內阻的的阻值等于電流表內阻的2倍.若用電流表A的表盤刻度表示流過接線柱1的電流值；則。

(1)將接線柱1、2接入電路時,每一小格表示_____A.

(2)將接線柱1、3接入電路時,每一小格表示______A.17、在如圖所示的電路中，電源內電阻為r，R1、R3分別為兩個定值電阻．閉合電鍵S，當變阻器R2的滑動觸頭P向下滑動時，伏特表V1的示數(shù)逐漸________________（選填“增大”、“減小”、“不變”）．若移動P的過程中，電流表示數(shù)變化量的大小為ΔI，則伏特表V2示數(shù)變化量的大小ΔU2＝________________．

18、如圖所示的電路，虛線框內各元件的數(shù)值都未知，當在它的輸出a、b之間分別接入不同阻值的電阻時，電流表有不同的讀數(shù)，如下表所示，請完成此表格（即要求填上對應0.1A電流時，接入a、b端的電阻和a、b端接12Ω電阻時電流表的示數(shù)）.

。電流表的示數(shù)。

1A

_______

0.6A

0.1A

接入ab端的電阻。

10Ω

12Ω

18Ω

______

19、黑體只是從外界吸收能量,從不向外界輻射能量______20、（1）串聯(lián)電路：把幾個導體（用電器）_________連接，接入電路的連接方式。如圖甲所示。

（2）并聯(lián)電路：把幾個導體（用電器）的一端_________，另一端_________，再將兩端接入電路的連接方式。如圖乙所示。21、在某電場中將5.0×10-8C的電荷由A點移到B點，電場力做6.0×10-3J的功，A、B兩點間的電勢差___________V；規(guī)定B的電勢為零，把電量為2.5×10-8C的負電荷放在A處，該負電荷在A處的電勢能為_________J22、如圖用伏安法測電阻時，如果不知道待測電阻的大概值時，為了選擇正確的電路以減少誤差，可將電壓表一個接頭分別在兩點接觸一下，如果安培表讀數(shù)有顯著變化，則S應接在___________處，如果伏特表讀數(shù)有顯著變化，則S應接在___________處。

23、用如圖甲所示的電路做“測定電池的電動勢和內電阻”的實驗，根據(jù)測得的數(shù)據(jù)做出了如圖乙所示的U-I圖象，由圖可知測得的電池的電動勢為______V，內電阻為______Ω.

評卷人得分四、作圖題(共4題，共12分)24、在如圖所示的四幅圖中；分別給出了導線中的電流方向或磁場中某處小磁針靜止時N極的指向或磁感線方向。請畫出對應的磁感線（標上方向）或電流方向。

25、以下是幾種點電荷的電場線的分布情況；請標出圖中各電荷的電性。

26、如圖，黑箱面板上有三個接線柱1、2和3，黑箱內有一個由四個阻值相同的電阻構成的電路。用歐姆表測得1、2接線柱之間的電阻為2、3接線柱之間的電阻為1、3接線柱之間的電阻為在虛線框中畫出黑箱中的電阻連接方式。

27、如圖1所示，用電動勢為E、內阻為r的電源，向滑動變阻器R供電。改變變阻器R的阻值，路端電壓U與電流I均隨之變化。

（1）以U為縱坐標，I為橫坐標，在圖2中畫出變阻器阻值R變化過程中U-I圖像的示意圖，并說明U-I圖像與兩坐標軸交點的物理意義。

（2）請在圖2畫好的U-I關系圖線上任取一點；畫出帶網格的圖形，以其面積表示此時電源的輸出功率。

評卷人得分五、解答題(共4題，共28分)28、如圖所示，真空中有兩個固定的點電荷Q14.0108C和Q28.0108C．求它們連線上P點的場強的大小和方向．

29、如圖所示，一質量為m、電荷量為q（q>0）的粒子在勻強電場中運動，A、B為其運動軌跡上的兩點。已知該粒子在A點的速度大小為v0，方向與電場方向的夾角為60°，它運動到B點時速度方向與電場方向的夾角為30°。不計重力。

(1)求A點的水平速度和豎直速度；

(2)求A、B兩點間的電勢差。

30、如圖,ABD為豎直平面內的絕緣軌道,其中AB段是長為s=1.25m的粗糙水平面,其動摩擦因數(shù)為μ=0.1，BD段為半徑R=0.2m的光滑半圓,兩段軌道相切于B點,整個軌道處在豎直向下的勻強電場中,場強大小E=5.0×103V/m.一帶負電小球以速度v0沿水平軌道向右運動,接著進入半圓軌道后,恰能通過最高點D點.已知小球的質量為m=2.0×10-2kg,所帶電荷量q=2.0×10-5C,g=10m/s2.(水平軌道足夠長,小球可視為質點,整個運動過程無電荷轉移)

（1）小球能通過軌道最高點D時的速度大小;

（2）帶電小球在從D點飛出后,首次落到水平軌道上時的位移大小;

（3）小球的初速度v0.31、如圖為等量異種點電荷的電場線，在圖上畫出：①M的電場強度方向，②負檢驗電荷放在N點時的受力方向。（________）參考答案一、選擇題(共8題，共16分)1、B【分析】【詳解】

C．由圖可知，熱敏電阻RT與電阻R串聯(lián)；當環(huán)境溫度降低時熱敏電阻阻值變大，則電路中電流減小，電源的內電壓減小，路端電壓變大，電容器的電壓等于路端電壓，故電容器的電壓變大，所帶電量變大，故C錯誤；

AB．電路中電流減小，電源的內電壓及R兩端的電壓均減小，由E=U內+U外可得，RT兩端電壓變大；故B正確，A錯誤；

D．溫度降低的過程中，電容器電量變大，則電容器要充電，故G中電流由b→a；故D錯誤。

故選B。2、A【分析】【詳解】

圖甲所示電路是閉合電路；靈敏電流計的指針發(fā)生偏轉，說明電路中產生了感應電流；圖丙所示電路是斷開的，靈敏電流計的指針沒有偏轉，說明電路中沒有產生感應電流。圖乙導體在磁場中不做切割磁感線運動，說明電路中沒有產生感應電流，故A正確，BCD錯誤。

故選A。3、D【分析】【詳解】

假設P放在Q1Q2之間，那么Q1對P的電場力和Q2對P的電場力方向相同，P不能處于平衡狀態(tài)；假設P放在Q1左邊，由于Q1=4Q2

且由庫侖定律

那么Q1對P的電場力大于Q2對P的電場力，P不能處于平衡狀態(tài)；則P只能放在Q2右邊；且只能帶正電。

故選D。4、A【分析】【詳解】

根據(jù)對稱性可知，移去a處的絕緣棒后，電場強度方向垂直指向a，再根據(jù)電勢的疊加原理，單個點電荷在距其r處的電勢為（取無窮遠處電勢為零）

現(xiàn)在撤去a處的絕緣棒后，q減小，則O點的電勢減小。

故選A。5、D【分析】【詳解】

設電路還需要一個定值電阻為R0，根據(jù)閉合電路的歐姆定律有

根據(jù)題意，至少需要n=5節(jié)這樣的電池，解得

故選D。6、B【分析】【詳解】

AB．粒子從O點運動到x=x0的過程中，電勢先升高后降低，根據(jù)沿電場線方向電勢逐漸降低可知，電場強度方向先沿x軸負方向后沿x軸正方向，粒子從靜止釋放，沿x軸正向運動；可知粒子帶負電，電場力先做正功后做負功，粒子的動能先增加后減小，故速度先增大后減小，故B正確，A錯誤；

C．根據(jù)

知圖象的斜率大小等于場強，由圖知，圖線切線斜率的絕對值先減小后增大，則場強先減小后增大，由牛頓第二定律

粒子的加速度先減小后增大；故C錯誤；

D．由以上分析可知，帶負電的粒子沿x軸正方向先做加速度減小的加速運動；再做加速度增大的減速運動，故D錯誤。

故選B。7、A【分析】【詳解】

A．圖中為可變電容器；故A符合題意；

B．圖中為示波管；故B不符合題意；

C．圖中為靜電計；故C不符合題意；

D．圖中為庫侖扭秤；故D不符合題意。

故選A。8、C【分析】【詳解】

I-t圖線與坐標軸所圍成的面積表示電容器放電的電荷量，而電容器的帶電量Q=CE，沒有變化，所以曲線與坐標軸所圍面積不變，故AB錯誤．將滑片P向右移動時，變阻器接入電路的電阻增大，由閉合電路歐姆定律知，將開關擲向2時電容器開始放電的電流減小，則曲線與縱軸交點的位置將向下移動，故C正確，D錯誤．故選C．二、多選題(共7題，共14分)9、C:D【分析】【詳解】

AC．滑片P向b端移動，滑動變阻器阻值變小，電路總電阻變小，根據(jù)閉合電路歐姆定律：

可知干路電流增大，上分壓增大，電壓表示數(shù)變大，和構成的并聯(lián)電路分壓減小，通過的電流減小，則通過的電流增大，電流表示數(shù)增大，根據(jù)電功率：

可知上消耗的功率變??；A錯誤，C正確；

B．輸出功率與外電路電阻的關系如圖所示：

因為所以總電阻減小，根據(jù)圖像可知電源的輸出功率變大，B錯誤；

D．電容器和并聯(lián)，電容器兩端電壓與兩端電壓相等，根據(jù)上述分析可知電容器兩端電壓減小，根據(jù)電容的定義：

不變，減小，帶電量減小，平行板電容器之間為勻強電場，根據(jù)：

可知電場強度減??；液滴受到豎直向上的電場力減小，豎直向下的重力不變，液滴加速向下運動，D正確。

故選CD。10、B:C【分析】【分析】

【詳解】

當可變電阻的滑動觸頭右移時，滑動變阻器的阻值減小，電路的總電阻減小，總電流變大，則L3變亮；內阻及L3上的電壓變大，則L1和L2并聯(lián)支路的電壓減小，L1變暗；L1電流減小，則L2電流變大，L2燈變亮。

故選BC。11、A:B【分析】【詳解】

A．圖線上的點與原點O連線的斜率的倒數(shù)表示電阻值；由圖可知隨著所加電壓的增大，圖線斜率減小，故小燈泡的電阻增大，A正確；

BC．由歐姆定律可得，對應P點，小燈泡的電阻為

B正確；C錯誤；

D．對應P點，小燈泡的功率為P=U1I2

與題圖中PQOM所圍的面積相等；D錯誤。

故選AB。12、B:D【分析】【分析】

【詳解】

AB．若開關S1和S2都閉合，則電流計G與分流電阻R2并聯(lián)；則它是一個電流表，選項A錯誤，B正確；

CD．若開關S1和S2都斷開，則電流計G與電阻R1串聯(lián)；則它是一個電壓表，選項C錯誤，D正確；

故選BD。13、A:B:D【分析】【詳解】

A．體液中含有鈉離子、鉀離子等離子存在，因此容易導電，而脂肪不容易導電，體型相近的兩人相比，肥胖人體的脂肪比較瘦人的脂肪所占比例較大，肥胖的人體比較瘦的人體電阻較大，測試時，肥胖人體接在電路中的電阻R1較大，由閉合電路的歐姆定律可知

電路中的電流較??；因此電流表示數(shù)小，A正確；

BCD．由路端電壓U=E?Ir

可知，電流I較小，電源內阻電壓Ir較小，路端電壓U較大，由題圖乙可知R1電阻較大；電壓表的示數(shù)較大，BD正確，C錯誤。

故選ABD14、B:D【分析】【分析】

【詳解】

A．定值電阻R0的功率為。

對于電流有。

可知當R1為0時，定值電阻R0功率最大；A錯誤；

B．電源的輸出功率為。

當外電阻和電源內阻相同時；電源輸出功率最大，則有。

故。

B正確；

CD．根據(jù)題意有；電源的輸出功率為。

對R2有。

代入數(shù)據(jù)整理有。

將R2代入到P3中；代入相關數(shù)據(jù)整理得到。

想要P3達到最大，I2取將I2代入R2中；得到。

C錯誤；D正確。

故選BD。15、B:D【分析】【詳解】

AB段的電量則AB段在O點產生的電場強度為：方向指向AB，所以剩余部分在O點產生的場強大小等于方向背離AB．故B,D正確;A,C錯誤.故選BD.

【點睛】

解決本題的關鍵掌握點電荷的場強公式，以及知道AB段與剩余部分在O點產生的場強大小相等，方向相反．三、填空題(共8題，共16分)16、略

【分析】【詳解】

（1）[1]．當接線柱1、2接入電路時，電流表A與R1并聯(lián)，根據(jù)串并聯(lián)電路規(guī)律可知，R1分流為1.2A；故量程為1.2A+0.6A=1.8A；故每一小格表示0.06A；

（2）[2]．當接線柱1、3接入電路時，A與R1并聯(lián)后與R2串聯(lián)，電流表的量程仍為1.8A，故每一小格表示0.06A；【解析】0.06A0.06A17、略

【分析】【詳解】

當滑動變阻器的滑動觸頭P向下滑動時，R2變大，外電路總電阻變大，由歐姆定律，I變小，U1=IR1變小，故V1逐漸減??；因R1、R3為定值電阻，故由歐姆定律U2＝E?I(R1+R3+r)可知，電壓表V2示數(shù)的變化量絕對值與電流表A示數(shù)的變化量比值等于R1+R3+r，故．【解析】減小ΔI(R3+R1+r)18、略

【分析】【詳解】

[1][2]．若按常規(guī)解法，需先設未知電動勢E，內阻r及未知電阻R1、R2,再列方程求解，這樣不僅方程結構龐大，且解題費時繁難.若把虛線框內的電路結構看作一個等效電源，其電動勢和內阻分別設為E′、r′，由題意a、b間接入電阻R1=10Ω時，電流表示數(shù)I1=1A，接入電阻R3=18Ω時，電流表示數(shù)I3=0.6A，設接入電阻Rx時，電流表示數(shù)I3=0.1A；則由閉合電路的歐姆定律有：

E′=I1(R1+r′)E′=I3(R3+r′)即。

E′=1×(10+r′)E′=0.6×(18+r′)解得。

E′=12Vr′=2Ω同理可以解得。

Rx=118ΩI2=0.5A.【解析】0.5A118Ω19、略

【分析】【詳解】

[1]．黑體也向外輻射電磁波，且向外輻射電磁波的強度按波長的分布與溫度有關，故原題說法錯誤?！窘馕觥垮e誤20、略

【分析】【分析】

【詳解】

定義。

（1）[1]串聯(lián)電路:把幾個導體（用電器）依次首尾連接；接入電路的連接方式。如圖甲所示。

（2）[2][3]并聯(lián)電路:把幾個導體（用電器）的一端連在一起，另一端也連在一起，再將兩端接入電路的連接方式。如圖乙所示。【解析】①.依次首尾②.連在一起③.也連在一起21、略

【分析】【詳解】

根據(jù)可知因為若則該負電荷在A處的電勢能為．

【點睛】在使用公式時一定要將公式中字母的正負號代入計算，不能忽略．【解析】1.2×105V，-3.0×10-3J；22、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1]．如果電壓表讀數(shù)變化不明顯而安培表變化明顯，則說明電流表的分壓作用較小，即電流表內阻較小，由于電流表內阻越小時，電流表采用內接法時誤差較小，所以S應接在b處．

[2]．根據(jù)歐姆定律和串并聯(lián)規(guī)律可知，若電流表示數(shù)沒有顯著變化，而電壓表變化明顯，則說明電壓表的分流作用較小，即電壓表的內阻很大，由于電壓表內阻越大時采用電流表外接法誤差較小，所以電流表應采用外接法，即S應接在a處；【解析】ba23、略

【分析】【詳解】

試題分析：電源的U-I圖像，縱軸截距為電源電動勢，由圖可得電池電動勢為1.40V；電池內電阻為

考點：測定電池的電動勢和內電阻。

點評：容易題．本題要特別注意縱坐標沒有由零開始，計算內電阻時不能用．【解析】1.401.0四、作圖題(共4題，共12分)24、略

【分析】【分析】

【詳解】

（1）在圖（1）中；已知小磁針靜止時N極的指向，由直線電流的安培定則，可知直線中的電流方向向下，如圖所示。

（2）在圖（2）中；已知小磁針靜止時N極的指向，由環(huán)形電流的安培定則，可知環(huán)形電流方向從左向右看是順時針方向，如圖所示。

（3）在圖（3）中；已知螺線管內小磁針靜止時N極的指向，由通電螺線管的右手螺旋定則可知，螺線管中的電流方向從左端導線流入，右端導線流出，如圖所示。

（4）在圖（4）中，已知磁感線的方向，由安培定則可知，環(huán)形電流方向沿逆時針方向，如圖所示?！窘馕觥?5、略

【分析】【分析】

【詳解】

根據(jù)電場線從正電荷出發(fā)；終止與負電荷及等量同種，等量異種點電荷電場線的分布特點，可標出電荷的電性如圖所示。

【解析】見解析26、略

【分析】【詳解】

因為1；2接線柱之間的電阻與2、3接線柱之間的電阻之和等于1、3接線柱之間的電阻；所以2為中間的結點，又因為2、3接線柱之間的電阻與1、2接線柱之間的電阻的差等于1、2接線柱之間的電阻的一半，故2、3之間有兩個電阻井聯(lián)，后再與第三個電阻串聯(lián)，每個電阻均為1Ω，連接方式如圖所示。

【解析】27、略

【分析】【詳解】

（1）由閉合電路歐姆定律可知

所以圖像與縱軸交點的坐標值為電源電動勢；與橫軸交點的坐標值為短路電流，如圖所示。