2025年滬教版高三物理下冊月考試卷含答案

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年滬教版高三物理下冊月考試卷含答案考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五六總分得分評卷人得分一、選擇題(共8題，共16分)1、下列圖象與橫軸所圍的面積不可以表示相應(yīng)的作用力做功大小的是（）A.B.C.D.2、2013年6月20日，我國宇航員王亞平在天宮授課時，利用質(zhì)量測量儀粗略測出了聶海勝的質(zhì)量．若聶海勝受到恒力F從靜止開始運動，經(jīng)時間t移動的位移為S，則聶海勝的質(zhì)量為（）A.B.C.D.3、甲、乙、丙三個小球分別位于如圖所示的豎直平面內(nèi)，甲、乙在同一條豎直線上，甲、丙在同一條水平線上，水平面上的P點在丙的正下方，在同一時刻甲、乙、丙開始運動，甲以初速度Vo做平拋運動，乙以水平速度Vo沿光滑水平面向右做勻速直線運動，丙做自由落體運動．則（）A.若甲、乙、丙三球同時相遇，則一定發(fā)生在P點B.若甲、丙兩球在空中相遇，此時乙球不一定在P點C.若只有甲、乙兩球在水平面上相遇，此時丙球還未著地D.無論初速度Vo大小如何，甲、乙、丙三球一定會同時在P點相遇4、質(zhì)點做直線運動的位移x和時間的平方t2的關(guān)系圖象如圖所示；則該質(zhì)點（）

A.加速度為1m/s2B.前2s的位移是2mC.第2s內(nèi)的平均速度為2m/sD.1s末的速度是2m/s5、一臺國產(chǎn)封閉型貯水式電熱水器的銘牌上所列的主要技術(shù)參數(shù)如表所示．根據(jù)表中提供的數(shù)據(jù)；計算出此電熱水器在額定電壓下處于加熱狀態(tài)時，通過電熱水器的電流約為（）

。額定容量54L最高水溫75℃額定功率1200W額定壓力0.7MPa額定電壓220V電器類別Ⅰ類A.6.8AB.0.15AC.5.45AD.0.23A6、質(zhì)量為m的物塊，沿著半徑為R的半球形金屬殼內(nèi)壁滑下，半球形金屬殼豎直放置，開口向上，滑到最低點時速度大小為V，若物體與球殼之間的摩擦因數(shù)為μ，則物體在最低點時，下列說法正確的是（）A.受到向心力為mg+μmB.受到的摩擦力為μmC.受到的摩擦力為μmgD.受到的合力方向斜向左上方7、一枚火箭由地面豎直向上發(fā)射；其v-t圖象如圖所示，由圖可知（）

A.tb時刻火箭離地面最遠(yuǎn)B.tc時刻火箭回到地面C.tc時刻火箭離地面最遠(yuǎn)D.在0～tb時間內(nèi)火箭是上升的，在tb～tc時間內(nèi)火箭是下落的8、長度為20cm的通電直導(dǎo)線放在勻強磁場中，電流的強度為1A，受到磁場作用力的大小為2N，則磁感應(yīng)強度B（）A.B=10TB.B≥10TC.B≤10TD.不能確定評卷人得分二、多選題(共6題，共12分)9、甲；乙兩個質(zhì)量相同的物體；用大小相等的力F分別拉兩個物體在水平面上從靜止開始移動相同的距離s．如圖所示，甲在光滑面上，乙在粗糙面上，則下面的說法中正確的是（）

A.力F對甲、乙兩個物體做的功一樣多B.力對甲做功多C.力F對甲、乙的功率相同D.力F對甲的功率大10、如圖所示，導(dǎo)熱的氣缸固定在水平地面上，用活塞把一定質(zhì)量的理想氣體封閉在氣缸中，氣缸的內(nèi)壁光滑．現(xiàn)用水平外力F作用于活塞桿，使活塞緩慢地向右移動，由狀態(tài)①變化到狀態(tài)②，在此過程中，如果環(huán)境溫度保持不變，下列說法正確的是：（）A.氣體分子平均動能不變B.氣體內(nèi)能減少C.氣體吸收熱量E.氣體是從單一熱源吸熱，全部用來對外做功，但此過程不違反熱力學(xué)第二定律E.氣體是從單一熱源吸熱，全部用來對外做功，但此過程不違反熱力學(xué)第二定律11、如圖所示，電梯質(zhì)量為M

地板上放置一質(zhì)量為m

的物體，鋼索拉著電梯由靜止開始向上做加速運動，當(dāng)上升高度為H

時，速度達到v

則(

)

A.地板對物體的支持力做的功等于12mv2

B.地板對物體的支持力做的功等于mgH+12mv2

C.鋼索的拉力做的功等于12Mv2+MgH

D.合力對電梯M

做的功等于12Mv2

12、簡諧運動的振動圖線可用下述方法畫出：如圖（甲）所示，在彈簧振子的小球上安裝一支繪圖筆P，讓一條紙帶在與小球振動方向垂直的方向上勻速運動，筆P在紙帶上畫出的就是小球的振動圖象．取振子水平向右的方向為振子離開平衡位置的位移正方向，紙帶運動的距離代表時間，得到的振動圖線如圖乙所示．則下列說法中正確的是（）A.彈簧振子的周期為4sB.彈簧振子的振幅為10cmC.t=17s時振子相對平衡位置的位移是10cmE.2.5s時振子正在向x軸正方向運動E.2.5s時振子正在向x軸正方向運動13、如圖的四個v-t圖象中，表示物體做勻加速運動的是（）A.B.C.D.14、半圓柱形玻璃磚的圓心在O點，一束紅光和一束紫光從不同角度對準(zhǔn)O點射向玻璃磚，如圖所示．結(jié)果兩種色光都沿OC方向射出，則（）A.AO是紅光，BO是紫光B.AO和BO穿過玻璃磚所用時間相同C.在玻璃中AO比BO的波長大D.在真空中AO比BO的速度大評卷人得分三、填空題(共6題，共12分)15、完成單位換算：72km/h=____m/s．16、（2015秋?吉林校級月考）在場強為E的勻強電場中，放一個電量為Q的點電荷，并以它為圓心在平行于電場線的平面內(nèi)做一個圓．過圓心的電場線和圓交于A、B兩點，A、B的垂直平分線交圓于C、D，如圖所示．A點的電場強度是零．電荷帶____電，圓的半徑R=____，B點的合場強大小是____，C點的合場強大小是____．17、打開地球衛(wèi)星上的發(fā)動機使其速率增大，待它運動到距離地面的高度比原來大的位置，再定位使它繞地球做勻速圓周運動，成為另一個軌道的衛(wèi)星，則此時的衛(wèi)星與原來相比，周期____，速率____，機械能____．18、如圖所示．質(zhì)量為M的滑塊正沿著光滑水平地面向右滑動，一質(zhì)量為m的小球水平向右飛行，以速度v1（對地）與滑塊斜面相碰，碰后直向上彈起，速率為v2（對地）；若碰撞時間為△t．試計算：

（1）滑塊速度增量的大小____．

（2）此過程中滑塊對地的平均作用力____．19、一個有一定厚度的圓盤；可以繞通過中心垂直于盤面的水平軸轉(zhuǎn)動，用下面的方法測量它勻速轉(zhuǎn)動時的角速度．

實驗器材：電磁打點計時器；米尺、紙帶、復(fù)寫紙片．

實驗步驟：

（1）如圖1所示；將電磁打點計時器固定在桌面上，將紙帶的一端穿過打點計時器的限位孔后，固定在待測圓盤的側(cè)面上，使得圓盤轉(zhuǎn)動時，紙帶可以卷在圓盤側(cè)面上．

（2）啟動控制裝置使圓盤轉(zhuǎn)動；同時接通電源，打點計時器開始打點．

（3）經(jīng)過一段時間；停止轉(zhuǎn)動和打點，取下紙帶．

①若打點周期為T，圓盤半徑為r，X1，X2是紙帶上選定的兩點分別對應(yīng)的米尺上的刻度值，n為選定的兩點間的打點數(shù)（含兩點），則圓盤角速度的表達式為ω=____．

②若交流電源的頻率為50Hz，某次實驗測得圓盤半徑r=0.055m，得到紙帶的一段如圖2所示，則角速度為____rad/s（結(jié)果保留三位有效數(shù)字）．

20、（2012秋?東陽市校級月考）如圖所示，半徑為r的硬質(zhì)橡膠圓環(huán)帶有均勻分布的正電荷，單位長度的帶電量為q，這些電荷在圓心O處產(chǎn)生的場強矢量和為零．現(xiàn)截去一小段圓弧AB，設(shè)AB=L，且L《r，那么剩余部分電荷在O點處產(chǎn)生的場強方向____，大小為____．評卷人得分四、判斷題(共3題，共21分)21、只要溫度不變且處處相等，系統(tǒng)就一定處于平衡態(tài)．____．（判斷對錯）22、電荷所受的洛倫茲力方向不一定與磁場方向垂直____．（判斷對錯）23、質(zhì)點就是體積很小的物體．____（判斷對錯）評卷人得分五、實驗題(共3題，共9分)24、（1）打點計時器是一種計時儀器，常用的電磁打點計時器使用的是交流電源．當(dāng)電源頻率為60Hz時，它每隔____s打一個點．

（2）接通打點計時器電源和讓紙帶開始運動，這兩個操作之間的時間順序關(guān)系是____

A．先接通電源；后讓紙帶運動。

B．先讓紙帶運動；再接通電源。

C．讓紙帶運動的同時接通電源。

D．先讓紙帶運動或先接通電源都可以．25、【題文】(9分)某同學(xué)在研究性學(xué)習(xí)中充分利用打點計時器針對自由落體運動進行了如下三個問題的深入研究：

(1)當(dāng)?shù)氐闹亓铀俣仁嵌嗌伲?/p>

(2)如何測定物體下落過程中某一位置的速度？

(3)下落過程中機械能是否守恒？

此同學(xué)依據(jù)這些問題設(shè)計了如下實驗方案：

如圖9甲所示；將打點計時器(頻率為f)固定在鐵架臺上，先打開電源而后釋放重物，重物帶動紙帶從靜止開始下落，打出幾條紙帶并在其中選出一條比較理想的紙帶如圖乙所示．在紙帶上取出若干計數(shù)點，其中每兩個計數(shù)點之間有四個點未畫出．

圖9

①（2分）所需器材有打點計時器(帶導(dǎo)線)、紙帶、復(fù)寫紙、帶鐵夾的鐵架臺和帶夾子的重物，此外還需________(填字母代號)中的器材．。A．交流電源、天平及毫米刻度尺B．交流電源、毫米刻度尺C．交流電源、毫米刻度尺及砝碼D．交流電源、天平及砝碼②（2分）計算當(dāng)?shù)刂亓铀俣萭＝________.(用f、x2、x5表示)

③（3分）為了提高實驗的準(zhǔn)確程度；該同學(xué)用圖象法剔除偶然誤差較大的數(shù)據(jù)，為使圖線的斜率等于重力加速度，除做v－t圖象外，還可作________圖象，其縱軸表示的是________，橫軸表示的是________．

④（2分）如圖乙所示，打計數(shù)點5時重物的速度v5＝________.(用f、x3、x4、x5表示)26、（2014春?龍華區(qū)校級期中）在做“研究平拋物體的運動”的實驗中，為了確定小球在不同時刻在空中所通過的位置．實驗時用了如圖所示的裝置．先將斜槽軌道的末端調(diào)整水平，在一塊平整的木板表面釘上白紙和復(fù)寫紙．將該木板豎直立于水平地面上甲處，使小球從斜槽上緊靠擋板處由靜止釋放，小球撞到木板并在白紙上留下痕跡A；將木板向遠(yuǎn)離槽口平移距離x到乙處，再使小球從斜槽上緊靠擋板處由靜止釋放，小球撞在木板上得到痕跡B；又將木板再向遠(yuǎn)離槽口平移距離x到丙處，小球再從斜槽上緊靠擋板處由靜止釋放，再得到痕跡C．若測得木板每次移動距離x=10cm，A、B間距離y1=15cm，B、C間距離y2=25cm．請回答以下問題（g=10m/s2；）：

①為什么每次都要使小球從斜槽上緊靠擋板處由靜止釋放？

答：____

②根據(jù)以上直接測量的物理量來求得小球初速度的表達式為v0=____（用題中所給字母表示）．

③木板在甲處時距斜槽軌道末端的水平距離是：____cm．評卷人得分六、簡答題(共1題，共10分)27、如圖甲所示；水平傳送帶以5.0m/s恒定的速率運轉(zhuǎn)，兩皮帶輪之間的距離l=6.0m，皮帶輪的半徑大小可忽略不計．沿水平傳送帶的上表面建立xOy坐標(biāo)系，坐標(biāo)原點O在傳送帶的最左端．半徑為R的光滑圓軌道ABC的最低點A點與C點原來相連，位于豎直平面內(nèi)（如圖乙所示），現(xiàn)把它從最低點處切開，并使C端沿y軸負(fù)方向錯開少許，把它置于水平傳送帶的最右端，A點位于x軸上且與傳送帶的最右端之間的距離可忽略不計，軌道的A；C兩端均位于最低點，C端與一水平直軌道平滑連接．由于A、C兩點間沿y軸方向錯開的距離很小，可把ABC仍看作位于豎直平面內(nèi)的圓軌道．

將一質(zhì)量m=1.0kg的小物塊P（可視為質(zhì)點）沿x軸輕放在傳送帶上某處，小物塊隨傳送帶運動到A點進入光滑圓軌道，恰好能夠通過圓軌道的最高點B，并沿豎直圓軌道ABC做完整的圓周運動后由C點經(jīng)水平直軌道滑出．已知小物塊與傳送帶間的動摩擦因數(shù)μ=0.50，圓軌道的半徑R=0.50m，取重力加速度g=10m/s2．求：

（1）物塊通過圓軌道最低點A時對軌道壓力的大小；

（2）輕放小物塊位置的x坐標(biāo)應(yīng)滿足什么條件；才能完成上述運動；

（3）傳送帶由電動機帶動，其與輪子間無相對滑動，不計輪軸處的摩擦．若將小物塊輕放在傳送帶上O點，求為將小物塊從O點運送至A點過程中電動機多做的功．參考答案一、選擇題(共8題，共16分)1、D【分析】【分析】明確做功的必要條件，即為有力且在力的方向上由位移，抓住不同圖象所圍面積的乘積分析即可【解析】【解答】解：在A圖象為力F與位移間的圖象其中所圍面積為△F?△x即為拉力做功．

B；在B圖象中；為壓強體積圖象，所圍面積為△P?△V=△P?△Sh即為壓力做功。

C；在C圖象中；為功率與時間圖象，所圍面積為△P?△t即為拉力做功；

D；D圖象為力速度圖象；所圍面積為功率；

本題選不可以表示相應(yīng)的作用力做功大小的，故選：D2、D【分析】【分析】根據(jù)位移時間公式求出宇航員的加速度，結(jié)合牛頓第二定律求出宇航員的質(zhì)量．【解析】【解答】解：根據(jù)得，a=．

根據(jù)牛頓第二定律得，F(xiàn)=ma，解得m=．故D正確；A；B、C錯誤．

故選：D．3、A【分析】【分析】平拋運動在水平方向做勻速直線運動，豎直方向上做自由落體運動，兩個分運動具有等時性．【解析】【解答】解：甲做平拋運動；在水平方向上做勻速直線運動，所以在在未落地前任何時刻，甲乙兩球都在一豎直線上，最后在地面上相遇，可能在P點前，也可能在P點后；甲在豎直方向上做自由落體運動，所以在未落地前的任何時刻，甲丙兩球在同一水平線上，兩球相遇點可能在空中，可能在P點．所以，若三球同時相遇，則一定在P點，若甲丙兩球在空中相遇，乙球一定在P點，若甲乙兩球在水平面上相遇，丙球一定落地．故A正確，B；C、D錯誤．

故選A．4、D【分析】解：A、根據(jù)x和時間平方t2的關(guān)系圖象得出位移時間關(guān)系式為：x=t2，對照勻變速直線運動的位移時間公式x=v0t+t2，知物體的初速度為0，加速度為a=2m/s2．且加速度恒定不變；故A錯誤．

B、0～2s內(nèi)的位移為：x=t2=22m=4m；故B錯誤．

C、物體第3s內(nèi)的位移為：x2=22-12=3m，平均速度為：===3m/s．故C錯誤；

D；1s末的速度為：v=at=2×1=2m/s；故D正確．

故選：D．

根據(jù)x和時間平方t2的關(guān)系圖象寫出函數(shù)關(guān)系式；進而求出加速度，位移等，平均速度等于位移除以時間．

本題的關(guān)鍵要能根據(jù)圖象寫出函數(shù)表達式，通過比對的方法求出加速度，能根據(jù)勻變速直線運動的運動學(xué)公式求解相關(guān)量．【解析】【答案】D5、C【分析】【分析】由熱水器銘牌可知，加熱時的額定功率是1200W，額定電壓是220V，由電功率變形公式可以求出加熱時的電流．【解析】【解答】解：加熱時的額定功率是1200W；額定電壓是220V，電熱水器加熱時的電流：

I==≈5.45A；

故選：C．6、D【分析】【分析】根據(jù)牛頓第二定律求出小球所受的支持力，根據(jù)滑動摩擦力公式求出摩擦力的大小，從而確定合力的大致方向．【解析】【解答】解：A、向心力的大小Fn=m．故A錯誤．

B、根據(jù)牛頓第二定律得：N-mg=m，則有：N=mg+m．所以滑動摩擦力為：f=μN=μ（mg+m）．故B錯誤；C也錯誤．

D；由于重力支持力的合力方向豎直向上；滑動摩擦力方向水平向左，則物體合力的方向斜向左上方．故D正確．

故選：D．7、C【分析】【分析】由v-t圖；速度的正負(fù)表示方向，故知道其運動方向何時改變，可以判定A，B；

v-t圖象上部面積代表的位移為正；下部面積代表的位移為負(fù)，由此可以位移變化，判定C；

由于圖象的斜率表示加速度，可以判定D．【解析】【解答】解：A、由圖象上部面積代表的位移為正，下部面積代表的位移為負(fù)，可知由o到c位移一直在增大，故b不是最高點；c才是最高點，故AB錯誤C正確；

D、速度的正負(fù)表示方向，故可oa段和bc段方向是一樣的；故都是上升的，故D錯誤；

故選：C．8、B【分析】【分析】當(dāng)磁場的方向與通電導(dǎo)線方向垂直時所受安培力最大F=BIL，若受到磁場作用力的大小為2N時導(dǎo)線與磁場垂直此時B有最小值．【解析】【解答】解：根據(jù)安培力公式：F=BILsinθ

得：B==?=10?

因為sinθ≤1；所以B≥10T；

故選：B．二、多選題(共6題，共12分)9、AD【分析】【分析】根據(jù)功的公式，可以知道拉力F對物體做功的情況，再根據(jù)動能定理可以判斷物體的動能的情況【解析】【解答】解：A；由W=Fs知；拉力的大小相同，物體的位移也相同，所以拉力對兩物體做的功一樣多，所以A正確，B錯誤；

C；由動能定理可以知道；在光滑水平面上的木塊，拉力對物體做的功等于物體的動能變化，在粗糙水平面上的木塊，拉力對物體做正功的同時，摩擦力對物體做了負(fù)功，所以在光滑水平面上的物體獲得的動能要大于在粗糙水平面上物體的動能，故C錯誤，D正確．

故選：AD．10、ACE【分析】【分析】封閉氣體等溫膨脹過程，溫度是分子平均動能的標(biāo)志且理想氣體的內(nèi)能只與溫度有關(guān)，以活塞為研究對象根據(jù)受力平衡判斷水平外力F的變化．【解析】【解答】解：

A；環(huán)境溫度保持不變；由于氣缸導(dǎo)熱，氣缸內(nèi)氣體溫度不變，所以氣缸內(nèi)的氣體發(fā)生等溫膨脹，溫度是分子熱運動平均動能的標(biāo)志，故分子熱運動的平均動能不變，故A正確；

B；一定質(zhì)量的理想氣體的內(nèi)能只跟溫度有關(guān)；溫度不變，則氣體分子的內(nèi)能不變，B錯誤；

C；溫度不變；內(nèi)能不能，體積膨脹時對外做功，根據(jù)熱力學(xué)第一定律得知氣體一定吸熱，故C正確．

D；氣體內(nèi)能不變；對外做功，從外界吸收熱量，不違反熱力學(xué)第一定律，可以實現(xiàn)．D錯誤；

E；由熱力學(xué)第二定律知不可能從單一熱源吸熱全部用來做功而不引起其它變化．該氣體是從單一熱源吸熱；全部用來對外做功，是在外界的影響下發(fā)生的，所以不違反熱力學(xué)第二定律．故E正確．

故選：ACE11、BD【分析】解：電梯由靜止開始向上做加速運動；設(shè)加速度的大小為a

由速度和位移的關(guān)系式可得；V2=2aH

所以a=V22H

對電梯由牛頓第二定律可得；

FN鈭?mg=ma

所以FN=mg+ma=mg+mV22H

地板對物體的支持力做的功為W=FNH=(mg+ma)H=mgH+12mv2

所以A錯誤，B正確．

對于整體由牛頓第二定律可得；

F鈭?(M+m)g=(M+m)a

所以鋼索的拉力為F=(M+m)g+(M+m)a

鋼索的拉力做的功等于FH=(M+m)gH+12(M+m)v2

所以C錯誤．

根據(jù)動能定理可得，合力對電梯M

做的功等于電梯的動能的變化即為12Mv2

所以D正確．

故選BD．

根據(jù)電梯的運動情況；可以求得電梯的加速度的大小，再有牛頓第二定律可以求得電梯對物體的支持力的大小，從而可以求得功的大小．

解決本題的關(guān)鍵是對物體的受力分析，再根據(jù)功的公式可以逐個來求得每個力的功．【解析】BD

12、ABD【分析】【分析】彈簧振子的周期和振幅由圖乙直接讀出．根據(jù)周期性分析t=17s時振子相對平衡位置的位移．紙帶勻速運動，由s=vt求其位移．根據(jù)圖象的斜率分析振子的速度方向．【解析】【解答】解：A；周期是振子完成一次全振動的時間；由圖知，彈簧振子的周期為T=4s，故A正確．

B；振幅是振子離開平衡位置的最大距離；由圖知，彈簧振子的振幅為10cm，故B正確．

C；振子的周期為4s；由周期性知，t=17s時振子相對平衡位置的位移與t=1s時振子相對平衡位置的位移相同，為0．故C錯誤．

D；若紙帶運動的速度為2cm/s；振動圖線上1、3兩點間的距離是s=vt=2cm/s×2s=4cm．故D正確．

E；圖象的斜率表示速度；斜率正負(fù)表示速度的方向，則知2.5s時振子的速度為負(fù)，正在向x軸負(fù)方向運動，故E錯誤．

故選：ABD13、AC【分析】【分析】v-t圖象中，與時間軸平行的直線表示做勻速直線運動，傾斜的直線表示勻變速直線運動，斜率表示加速度．【解析】【解答】解：v-t圖象中；與時間軸平行的直線表示做勻速直線運動，傾斜的直線表示勻變速直線運動，斜率表示加速度，所以AC表示勻加速直線運動，B表示勻速運動，D表示勻減速直線運動，故AC正確．

故選：AC14、AC【分析】【分析】各種色光中紅光的波長最長，頻率最小，波速最大；紫光的波長最小，頻率最大，波速最小；故紅光在玻璃中折射率小于紫光的折射率，由光路圖及折射定律可得知哪個光線是紅光，并能得出傳播時間．【解析】【解答】解：由圖看出兩光束的折射角相同，因紅光的折射率較小，由折射定律=；故紅光的入射角應(yīng)大于紫光的入射角，故AO為紅光BO紫光，故A正確；

B、由v=知；紅光在玻璃磚中傳播較大，而在玻璃中兩光的光程相等，故紅光穿過玻璃磚所需時間短．故B錯誤；

C；由前面分析紅光在玻璃磚中傳播較大；且紅光的波動周期T較大，根據(jù)λ=vT，紅光的波長較長，即AO光波長較長，故C正確；

D；真空中各種色光的傳播速度都是c；相同，故D錯誤；

故選：AC．三、填空題(共6題，共12分)15、20【分析】【分析】此題考查速度不同單位間的換算，運用不同單位間的具體關(guān)系，利用數(shù)學(xué)上的運算就可解答．【解析】【解答】解：72km/h=72×=72×m/s=20m/s；

故答案為：20．16、負(fù)2EE【分析】【分析】該題中ABCD四個點的場強實際上是勻強電場與點電荷的電場的疊加，要用矢量合成的方法來判斷．根據(jù)A點的電場強度為零可知，點電荷的帶電．從而即可解題．【解析】【解答】解：根據(jù)題意可知；A點的電場強度為零，則點電荷產(chǎn)生的場強在A點的方向向左，大小等于E；點電荷的帶負(fù)電；

由點電荷的電場強度的定義式E=；解得：R=；

因此ABCD四個點的場強實際上是勻強電場與點電荷的會聚狀的電場的疊加；

對于B點兩個電場在此處疊加；它們的場強大小相等，方向相同，故B的合電場強度大小為2E；

對于C點兩個電場在此處疊加，它們的場強大小相等，方向相互垂直，故C的合電場強度大小為Ec==E；

故答案為：負(fù)；；2E；E17、增大減小增加【分析】【分析】本題為衛(wèi)星變軌問題，要注意衛(wèi)星由低軌道向高軌道運動時，軌道半徑增大，由萬有引力公式可知其周期、線速度、角速度的變化，則可判斷機械能的變化．【解析】【解答】解：衛(wèi)星在向高軌道運動時；軌道半徑增加；但仍然是萬有引力充當(dāng)向心力；

即：=m=mr；

v=，T=2π；

則可知其線速度減??；周期增大；由于衛(wèi)星在上升過程中發(fā)動機做正功，故機械能增加；

故答案為：增大，減小，增加．18、【分析】【分析】（1）水平方向合外力為零；系統(tǒng)在水平方向動量守恒，根據(jù)動量守恒定律列式求解；

（2）豎直方向，根據(jù)動量定理求出斜面對小球的作用力，再對滑塊受力分析求出滑塊對地的平均作用力．【解析】【解答】解：（1）水平方向合外力為零；系統(tǒng)在水平方向動量守恒，以向右為正，根據(jù)動量守恒定律得：

mv1+Mv=0+Mv2

解得：

（2）豎直方向；滑塊對小球的彈力豎直向上，根據(jù)動量定理得：

Ny△t=mv2-0

解得：

滑塊對地面的平均作用力豎直向下；則有：

N=Mg+Ny=

故答案為：；19、6.82【分析】【分析】通過紙帶打點的時間間隔和位移，求出圓盤的線速度，根據(jù)ω=得出角速度的表達式，代入數(shù)據(jù)求出角速度的大小．【解析】【解答】解：①若打點周期為T，圓盤半徑為r，x1，x2是紙帶上選定的兩點分別對應(yīng)的米尺上的刻度值；

n為選定的兩點間的打點數(shù)（含初；末兩點）；所以選定的兩點時間間隔是（n-1）T；

所以紙帶的速度v=，則圓盤的角速度ω==．

②從圖中可知第一個點到最后一個點共有n=16個點；其總長度L=11.30cm．

代入數(shù)據(jù)解得：ω=6.82rad/s．

故答案為：；6.82rad/s（6.75～6.84都對）20、豎直向上【分析】【分析】若是一完整的橡膠圓環(huán)，則圓心0點的電場強度為零，則切去一小段L后在圓心O點的場強與L段產(chǎn)生的場強大小相等，方向相反，根據(jù)E=進行求解．【解析】【解答】解：AB段的長度為L，由于L＜＜r，相對于O點AB段可看成點電荷，AB段的電荷量Q=qL，則AB段在O點產(chǎn)生的電場強度大小為：E==；方向指向豎直向下．

由于完整的圓環(huán)在O處的合場強為0，則剩余部分在O點產(chǎn)生的場強與AB段產(chǎn)生的場強大小相等、方向相反，所以剩余部分在O點產(chǎn)生的場強大小為：E′=E=；方向豎直向上．

故答案為：豎直向上，．四、判斷題(共3題，共21分)21、×【分析】【分析】首先知道平衡態(tài)和熱平衡的定義，知道影響的因素是不同；知道溫度是判斷系統(tǒng)熱平衡的依據(jù)；據(jù)此分析判斷即可．【解析】【解答】解：一般來說；平衡態(tài)是針對某一系統(tǒng)而言的，描述系統(tǒng)狀態(tài)的參量不只溫度一個，還與體積壓強有關(guān)，當(dāng)溫度不變時，系統(tǒng)不一定處于平衡態(tài)．所以該說法是錯誤的．

故答案為：×22、×【分析】【分析】電荷的定向移動叫做電流；根據(jù)左手定則判斷磁場力方向；

左手定則：伸開左手，使拇指與其余四個手指垂直，并且都與手掌在同一平面內(nèi)；讓磁感線從掌心進入，并使四指指向電流的方向，這時拇指所指的方向就是通電導(dǎo)線在磁場中所受安培力的方向．【解析】【解答】解：根據(jù)左手定則；洛倫茲力方向垂直于電荷運動方向與磁場方向構(gòu)成的平面，即洛倫茲力方向一定與磁場方向垂直；

故答案為：×．23、×【分析】【分析】當(dāng)物體的形狀、大小對所研究的問題沒有影響時，我們就可以把它看成質(zhì)點，根據(jù)把物體看成質(zhì)點的條件來判斷即可．【解析】【解答】解：能否看成質(zhì)點；與質(zhì)量；體積大小無關(guān)，質(zhì)量、體積很大的物體也能看成質(zhì)點，比如地球公轉(zhuǎn)時的地球可以看成質(zhì)點，故錯誤．

故答案為：×五、實驗題(共3題，共9分)24、A【分析】【分析】解決實驗問題首先要掌握該實驗原理，了解實驗的儀器、操作步驟和數(shù)據(jù)處理以及注意事項，明確周期和頻率的關(guān)系．【解析】【解答】解：（1）頻率和周期互為倒數(shù)關(guān)系，因此當(dāng)電源頻率為60Hz時，打點周期為．

（2）開始記錄時；應(yīng)先給打點計時器通電打點，然后釋放紙帶讓紙帶（隨物體）開始運動，如果先放開紙帶開始運動，再接通打點計時時器的電源，由于重物運動較快，不利于數(shù)據(jù)的采集和處理，會對實驗產(chǎn)生較大的誤差；同時先打點再釋放紙帶，可以使打點穩(wěn)定，提高紙帶利用率，可以使紙帶上打滿點，故BCD錯誤，A正確．

故選：A

故答案為：（1）；（2）A．25、略

【分析】【解析】（1）根據(jù)實驗的要求需要交流電源；毫米刻度尺；選項B正確；

(2)根據(jù)得a=

(3)重物下落至某一位置速度的平方從計時起重物下落的高度的2倍

（4）根據(jù)中間時刻的瞬時速度等于這段時間的平均速度，有：聯(lián)立解得：v5=【解析】【答案】（1）B（2）（3）26、為了保證小球每次做平拋運動的初速度相同x10【分析】【分析】小球離開斜槽后做平拋運動，要保證小球的初速度相等；平拋運動可以分解為水平方向的勻速直線運動與豎直方向的自由落體運動；根據(jù)豎直方向運動特點△h=gt2，求出物體運動時間，然后利用水平方向物體做勻速運動，可以求出其水平速度大小；由平拋運動規(guī)律求出木板距甲處的水平距離．【解析】【解答】