2025年滬教版高三物理上冊階段測試試卷含答案

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年滬教版高三物理上冊階段測試試卷含答案考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五總分得分評卷人得分一、選擇題(共7題，共14分)1、遠距離輸電線路示意圖如圖所示，變壓器均為理想變壓器，發(fā)電機的輸出電壓及輸電線的電阻均不變．則（）A.用戶負載增加時，升壓變壓器的原線圈中電流不變B.降壓變壓器的原線圈中電流較小，用較粗的導線繞制成C.因為先升壓后又要降壓，所以不用變壓器直接輸電更節(jié)約電能D.當用戶用電器的總電阻增大時，輸電線上損失的功率減小2、光子的能量為hν，動量的大小為．如果一個靜止的放射性元素的原子核在發(fā)生γ衰變時只發(fā)出一個γ光子，則衰變后的原子核是（）A.仍然靜止B.沿著與光子運動方向相同的方向運動C.沿著與光子運動方向相反的方向運動D.可能向任何方向運動3、分別以p、V、T表示氣體的壓強、體積、溫度．一定質(zhì)量的理想氣體，其初始狀態(tài)表示為（p、V、T）．若分別經(jīng)歷如下兩種變化過程：

①從（p、V、T）經(jīng)等溫膨脹變?yōu)椋╬1、V1、T1）

②從（p、V、T）經(jīng)等壓膨脹變?yōu)椋╬2、V2、T2）

在上述兩種變化過程中，如果V1=V2；則下列判斷正確的是（）

A.p1＜p2，T1＜T2

B.由于在兩種變化過程中氣體的體積變化相同；氣體對外界做功一定相等。

C.氣體的內(nèi)能變化一定相等。

D.過程②中氣體從外界吸收的熱量一定大于過程①中氣體從外界吸收的熱量。

4、【題文】如圖所示的直線為某靜電場中的一條電場線；A；B為直線上的兩個點，則下列判斷正確的是（）

A.正電荷沿該電場線由A移動到B.受到的電場力可能先增大后減小。

B；正電荷沿該電場線由A移動到B；受到的電場力可能減小后增大。

C.A點的電勢一定高于B點的電勢。

D.負電荷在B點的電勢能比在A點的小5、在磁場中，關于某平面的磁通量，下列說法正確的是（）A.穿過某平面的磁通量越大，則該處的磁感應強度一定越大B.在勻強磁場中，穿過某平面的磁感線的條數(shù)越多，則穿過該平面的磁通量越大C.穿過某平面的磁通量為零，則該平面一定平行于磁場方向D.將一個平面置于勻強磁場中的任何位置，穿過該平面的磁通量總是相等的6、關于如圖所示的實驗；下列說法正確的是（）

A.它首先是由法拉第完成的B.他證明了運動的磁針能產(chǎn)生感應電流C.它揭示了電與磁之間存在相互作用D.以上說法都對7、關于電阻率，下列說法中正確的是（）A.電阻率是表征材料導電性能好壞的物理量，電阻率越大，其導電性能越好B.各種材料的電阻率大都與溫度有關，金屬的電阻率隨溫度升高而減小C.所謂超導體，是當其溫度降低到接近絕對零度的某個臨界溫度時，它的電阻率突然變?yōu)闊o窮大D.某些合金的電阻率幾乎不受溫度變化的影響，通常都用它們制作標準電阻評卷人得分二、多選題(共7題，共14分)8、如圖所示，兩個質(zhì)量分別為m1=2kg、m2=3kg的物體置于光滑的水平面上，中間用輕質(zhì)彈簧秤連接．兩個大小分別為F1=20N、F2=10N的水平拉力分別作用在m1、m2上，則（）A.彈簧秤的示數(shù)是16NB.彈簧秤的示數(shù)是20NC.在突然撤去F2的瞬間，m1的加速度大小為10m/s2D.在突然撤去F1的瞬間，m1的加速度大小為8m/s29、關于加速度，下列的說法中正確的是（）A.加速度越大，則物體的速度變化越大B.加速度越大，則物體的速度變化越快C.物體做減速運動，若加速度增大，則物體的速度也隨之增大D.物體做加速運動，若加速度變?yōu)榱悖瑒t物體的速度達到最大值10、甲、乙兩球在光滑的水平面上，沿同一直線同一方向運動，它們的動量分別為p甲=10kg?m/s，p乙=14kg?m/s，已知甲的速度大于乙的速度，當甲追上乙發(fā)生碰撞后，乙球的動量變?yōu)?0kg?m/s，則甲、乙兩球的質(zhì)量m甲：m乙的關系可能是（）A.3：10B.1：10C.1：4D.1：611、圖中的實線表示電場線，虛線表示只受電場力作用的帶電粒子從M點運動到N點的軌跡．可以判定（）A.粒子帶負電B.M點的電勢高于N點的電勢C.粒子在M點受到的電場力大于在N點受到的電場力D.粒子在M點的動能小于在N點的動能12、下列有關熱現(xiàn)象的說法正確的是（）A.分子力隨分子間距離增大而增大B.沒有摩擦的理想熱機也不可能把吸收的能量全部轉(zhuǎn)化為機械能C.已知某物質(zhì)的摩爾質(zhì)量和密度，可求出阿伏加德羅常數(shù)E.瓶中充滿某理想氣體，且瓶內(nèi)壓強高于外界壓強，在緩慢漏氣過程中內(nèi)外氣體的溫度均不發(fā)生改變．則瓶內(nèi)氣體在吸收熱量且分子平均動能不變E.瓶中充滿某理想氣體，且瓶內(nèi)壓強高于外界壓強，在緩慢漏氣過程中內(nèi)外氣體的溫度均不發(fā)生改變．則瓶內(nèi)氣體在吸收熱量且分子平均動能不變13、如圖所示，LC振蕩電路的導線及自感線圈的電阻忽略不計，某瞬間回路中電流方向如箭頭所示，且此時電容器的極板A帶正電荷，則該瞬間（）A.電流i正在增大B.電流i正在減小C.電容器帶電量正在減小D.電容器帶電量正在增大14、下列說法中正確的是（）A.攝像機實際上是一種將光信號轉(zhuǎn)變?yōu)殡娦盘柕难b置B.電磁波中電場能量最大時，磁場能量為零；磁場能量最大時，電場能量為零C.攝像機在1s內(nèi)要傳送25幅畫面D.電視機實際上是一種將電信號轉(zhuǎn)變?yōu)楣庑盘柕难b置評卷人得分三、填空題(共9題，共18分)15、兩行星的質(zhì)量分別為m1和m2，繞太陽運行的軌道半徑分別是r1和r2，若它們只有萬有引力作用，那么這兩個行星的向心加速度之比為____．16、真空中兩個帶電量為Q和-2Q的兩個相同金屬小球，當距離為R時靜電力為F；使兩個小球相互接觸后分開，當距離為時，兩球的靜電力大小變?yōu)開___F．17、兩平行金屬板A板帶正電，B板帶負電，板間產(chǎn)生勻強電場，兩板間距是5cm，兩板間電壓是60V，則兩板間的電場強度____，電場中有P1和P2兩點，P1點離A板0.5cm，P2點離B板也是0.5cm，若將B板接地，P1電勢____，P2電勢____．18、（2016?棲霞市模擬）用如圖所示的裝置可以測定棱鏡的折射率，其中ABC表示待測直角棱鏡的橫截面，棱鏡的兩個銳角α和β都是已知的，緊貼直角邊AC的是一塊平面鏡，將束光線SO入射到棱鏡的AB面上，適當調(diào)整SO的入射方向，使從AB面出射的光線與入射光線SO恰好重合，在這種情況下，僅需要測出一個物理量____就可以算出該棱鏡的折射率，則計算折射率的表達式為n=____．19、某同學設計了一個用打點計時器探究碰撞過程中不變量的實驗：如圖1在小車A的前端粘有橡皮泥，推動小車A使之做勻速運動．然后與原來靜止在前方的小車B相碰并粘合成一體，繼續(xù)做勻速運動，他設計的具體裝置如圖所示．在小車A后連著紙帶，電磁打點計時器電源頻率為50Hz，長木板下墊著小木片用以平衡摩擦力．若已得到打點紙帶如圖2所示，并將測得的各計數(shù)點間距離標在圖上，A點是運動起始的第一點，已測得小車A的質(zhì)量m1=0.40kg，小車B的質(zhì)量m2=0.20kg，由以上測量結(jié)果可得：碰后mAv+mBv=______kg?m/s（保留三位有效數(shù)字）．

20、同一平面內(nèi)的三個力，大小分別為6N、7N、8N，若三力同時作用于某一物體，則該物體所受三力合力的最小值和最大值分別為____N和____N．21、一輛遙控小車原來勻速行駛，按下剎車鍵時速度隨時間的變化關系為v=（2-0.5t）m/s，則小車剎車時的加速度大小為____m/s2，從剎車到停止運動需要____s．22、一物體在地球表面重16N，它在以5m/s2的加速度加速上升的火箭中的視重為9N，（g=10m/s2）則此時火箭離地面的距離為地球半徑的____倍．23、（2013春?迎澤區(qū)校級月考）如圖，在兩根平行長直導線M、N中，通入相同方向、相同大小的電流，導線框abcd和兩導線在同一平面內(nèi)，線框沿著與兩導線垂直的方向，自右向左在兩導線間勻速移動，在移動過程中，線框中感應電流的方向為____，線框所受安培力合力的方向____．評卷人得分四、判斷題(共3題，共15分)24、當溫度升高時，物體內(nèi)部所有分子的動能都增加．____．（判斷對錯）25、只要知道兩個物體的質(zhì)量和兩個物體之間的距離．就可以由F=G計算物體間的萬有引力____（判斷對錯）26、質(zhì)點就是體積很小的物體．____（判斷對錯）評卷人得分五、解答題(共3題，共24分)27、如圖所示，被一細繩系住的小球質(zhì)量為50g，小球在水平面內(nèi)做勻速圓周運動，半徑r=0.2m，小球轉(zhuǎn)速為120r/min．求小球受到的向心力的大?。⒒卮疬@一向心力是由什么力提供的．28、某工廠由于生產(chǎn)需要用一部直流電動機提升重物，裝置如圖所示，重物質(zhì)量m為50kg．電源電動勢E為110V，（內(nèi)阻不計），電動機以0.85m/s的恒定速度向上平穩(wěn)提升重物，電路中的電流強度為5A，不計摩擦阻力，g取10m/s2．求：

（1）電動機1分鐘內(nèi)消耗的電能是多少？

（2）電動機線圈的電阻R是多少？29、質(zhì)量為M的斜劈放在粗糙水平地面上；斜劈傾角為θ=30°，當斜劈上輕輕放上一個質(zhì)量為m的物塊時，物塊恰好能做勻速運動．

（1）求斜劈受到地面的支持力和地面的摩擦力；

（2）若給物塊一個水平向右的力，使得物塊沿著斜面向上勻速運動，求這個力的大小．求此時地面受到的摩擦力．參考答案一、選擇題(共7題，共14分)1、D【分析】【分析】根據(jù)變壓器的特點：電壓比等于匝數(shù)比，電流之比等于匝數(shù)反比，輸入功率等于輸出功率去分析【解析】【解答】解：A；用戶增多時；電流增大，則根據(jù)電流之比等于匝數(shù)的反比可知，輸入電流增大；故A錯誤；

B；降壓變壓器電壓較?。还势潆娏鬏^大，故B錯誤；

C；因為采用高壓輸電時；導線上電流較小，故可以減小導線上的功率損耗；故采用變壓器輸電能節(jié)約電能；故C錯誤；

D；當用戶用電器的電阻增大時；電流減小，輸電線上損失的功率將減??；故D正確；

故選：D．2、C【分析】【分析】γ射線無靜止質(zhì)量，但有運動質(zhì)量，在衰變過程釋放出來時要考慮其動量，把它看做一個粒子，動量守恒．【解析】【解答】解：本題涉及原子核放射現(xiàn)象且放射出一個γ光子；γ光子是一種電磁波，但在電磁波與微觀粒子作用時，要考慮它的粒子性．從題意來看已給出了光子能量式和動量式，故本題中核放射性問題可看作一個粒子變成光子和另一粒子的過程，只不過前后兩種粒子基本性質(zhì)完全相同．但因光子有動量，故另一粒子必有相反動量，因為作用前后動量是守恒的．故C正確．

故選C3、A【分析】

從（p、V、T）變?yōu)椋╬1、V1、T1）的過程中，溫度保持不變（T1=T）；

根據(jù)氣體狀態(tài)方程=C得：

=T1=T；

由于氣體膨脹即V1＞V；

所以P1＜P．

從（p、V、T）變?yōu)椋╬2、V2、T2）的過程中；

根據(jù)氣體狀態(tài)方程可得：=

由于是等壓膨脹，所以P2=P，V2＞V；

所以T2＞T=T1；

因為P1＜P=P2．

所以p1＜p2，T1＜T2；所以A正確；

B、雖然兩種變化過程中氣體的體積變化相同，但是兩次的變化的氣體的壓強不同，所以氣體對外做的功W2＞W(wǎng)1；所以氣體對外界做功不相等，所以B錯誤；

C、由于最后的氣體的溫度T1＜T2，由于氣體的溫度不同，所以氣體的內(nèi)能變化不同，E2＞E1；所以C錯誤；

D、由于最后的氣體的內(nèi)能E2＞E1，在變化的過程中p2＞p1，所以氣體對外做的功W2＞W(wǎng)1；根據(jù)熱力學第一定律E=W+Q可得，過程②中氣體從外界吸收的熱量一定大于過程①中氣體從外界吸收的熱量，所以D正確．

故選A．

【解析】【答案】對于一定質(zhì)量的理想氣體；根據(jù)初末狀態(tài)的狀態(tài)參量，第一次做等溫變化，第二次做等壓變化，根據(jù)氣體狀態(tài)方程可以求得壓強和溫度的關系；

根據(jù)熱力學第一定律可知分析氣體的內(nèi)能的變化情況．

4、A|B|C【分析】【解析】略【解析】【答案】ABC5、B【分析】【分析】穿過任一平面的磁通量越大；該處的磁感應強度不一定越大，也可能平面在磁場垂直方向投影的面積大．故A錯誤．穿過磁通量可以用穿過線圈磁感線條數(shù)來表示，所以在勻強磁場中，穿過某平面的磁感線的條數(shù)越多，則穿過該平面的磁通量越大，B正確，因為如果設從外到里的磁感線為正，從里到外的磁感線為負，就有可能“出”等于“入”，即整體磁通量顯示為零。所以該平面不一定平行于磁場方向，C錯誤，當平面垂直放入勻強磁場時，穿過平面的磁通量最大，當平面平行放置于磁場中時，磁通量為零，D錯誤。

【點評】在研究磁通量時需要根據(jù)公式分析。6、C【分析】【分析】首先發(fā)現(xiàn)通電導線周圍存在磁場的物理學家是奧斯特，揭示了電與磁存在相互作用．【解析】【解答】解：首先發(fā)現(xiàn)通電導線周圍存在磁場的物理學家是丹麥的物理學家奧斯特；奧斯特實驗的內(nèi)容是在平行直導線下方平行地放置著小磁針，當導線中有電流通過時，小磁針發(fā)生偏轉(zhuǎn)，說明小磁針受到磁力的作用．因此說明通電導線周圍存在著磁場，揭示了電與磁之間存在相互作用，故C正確，ABD錯誤．

故選：C．7、D【分析】【分析】電阻率是描述材料導電能力的物理量，材料的電阻率由材料本身性質(zhì)決定，與材料長度和橫截面積無關，受溫度影響．【解析】【解答】解：A；電阻率是表征材料導電性能好壞的物理量；電阻率越大，材料的導電性能越不好，故A錯誤；

B；電阻率表征了導體材料導電能力的強弱；由導體的材料決定，與溫度有關，金屬導體的電阻率隨溫度的升高而增大，故B錯誤；

C；所謂超導體；是當其溫度降低到接近絕對零度的某個臨界溫度時，它的電阻率突然減為零的現(xiàn)象，故C錯誤；

D；某些合金的電阻率幾乎不受溫度變化的影響；常用來制作標準電阻，故D正確；

故選：D．二、多選題(共7題，共14分)8、AD【分析】【分析】以兩物體組成的系統(tǒng)為研究對象，由牛頓第二定律求出系統(tǒng)的加速度，然后以其中一個物體為研究對象，由牛頓第二定律求出彈簧稱的示數(shù)；彈簧的彈力不能突變，分析彈力撤去后物體的受力情況，然后根據(jù)物體的受力情況是否變化，進一步判斷物體加速度是否變化．【解析】【解答】解：A、B、以兩物體組成的系統(tǒng)為研究對象，由牛頓第二定律可知，系統(tǒng)的加速度：a=，方向水平向右；設彈簧秤的拉力是F，以m1為研究對象，由牛頓第二定律得：F1-F=m1a，則F=F1-m1a=20-2×2=16N；故A正確，B錯誤；

C、在突然撤去F2的瞬間，彈簧的彈力不變，m1的加速度不變，仍為2m/s2；故C錯誤；

D、在突然撤去F1的瞬間，m1的加速度：；故D正確；

故選：AD．9、BD【分析】【分析】加速度是描述速度變化快慢的物理量，加速度大表示速度變化快，加速度小表示速度變化慢，減速運動，加速度增大，速度減小，加速運動，加速度減小時，速度增大，當加速度減為0時，速度達到最大值．【解析】【解答】解：A；加速度越大；速度變化不一定大，還要看時間，故A錯誤；

B；加速度是描述速度變化快慢的物理量；加速度大表示速度變化快，故B正確；

C；減速運動；加速度增大，但速度減小，故C錯誤；

D；加速運動；加速度減小時，速度增大，當加速度減為0時，速度達到最大值，故D正確．

故選：BD10、AC【分析】【分析】兩球碰撞過程動量守恒，由動量守恒定律列方程，然后求出兩球的質(zhì)量之比．【解析】【解答】解：動量P=mv，球的速度v=；甲球速度大于乙球速度；

則有＞，得到＜=；

根據(jù)動量守恒得，p甲+p乙=p甲′+p乙′；

代入解得p甲′=2kg?m/s．

據(jù)碰撞過程總動能不增加得到：

+≥+；

代入解得：＜

碰撞后兩球同向運動；甲的速度不大于乙的速度；

則≤，代入解得≥；

所≤≤；

故選：AC．11、BD【分析】【分析】根據(jù)粒子的彎曲方向判斷粒子所受電場力方向，確定電場力做功的正負，根據(jù)電勢能的變化和動能的變化．根據(jù)電場線的疏密判斷電場強度大小，確定電場力的大?。窘馕觥俊窘獯稹拷猓?/p>

A；粒子從M點運動到N點；軌跡向下彎曲，粒子所受的電場力方向沿電場線的切線向下，與電場方向相同，則粒子帶正電．故A錯誤．

B；順著電場線方向；電勢降低，則知，M點的電勢高于N點的電勢．故B正確．

C；N處電場線比M處電場線疏；則M處電場強度小于N處電場強度，所以粒子在M點受到的電場力小于在N點受到的電場力．故C錯誤．

D；粒子從M到N過程；電場力做正功，根據(jù)動能定理，動能增大，即粒子在M點的動能小于在N點的動能．故D正確．

故選BD12、BDE【分析】【分析】要知道：分子力隨著分子間距的增加而先增加后減小，把吸收的能量全部轉(zhuǎn)化為機械能是不可能實現(xiàn)的，由物質(zhì)的摩爾質(zhì)量和密度，不可求出阿伏加德羅常數(shù)，內(nèi)能與溫度、體積、物質(zhì)的多少等因素有關，而分子平均動能只與溫度有關，故內(nèi)能不同的物體，它們分子熱運動的平均分子動能可能相同，由于瓶內(nèi)氣體緩慢流出過程中氣體積增大，氣體對外做功，由于瓶內(nèi)外溫度始終相等，沒有熱量的交換，根據(jù)熱力學第一定律可知：氣體需要吸收熱量．【解析】【解答】解：A；分子間同時存在引力和斥力；都隨分子間距離的增大而減小，隨分子間距離的減小而增大，但分子斥力變化更快；當分子間距小于平衡距離時，合力隨著分子間距的減小而增加；當分子間距大于平衡距離時，合力隨著分子間距的增加而先增加后減??；故A錯誤。

B；把不可能把吸收的能量全部轉(zhuǎn)化為機械能；則B正確。

C；物質(zhì)的摩爾質(zhì)量和密度；可求得摩爾體積，但與出阿伏加德羅常數(shù)無關，則C錯誤。

D；內(nèi)能與溫度、體積、物質(zhì)的多少等因素有關；而分子平均動能只與溫度有關，則D正確。

E；瓶內(nèi)氣體緩慢流出過程中氣體積體積增大；氣體對外做功，而溫度始終相等，則氣體需要吸收熱量．因溫度是分子平均動能的標志，則分子的平均動能不變，則E正確．

故選：BDE13、BD【分析】【分析】在LC振蕩電路中，當電容器充電時，電流在減小，電容器上的電荷量增大，磁場能轉(zhuǎn)化為電場能；當電容器放電時，電流在增大，電容器上的電荷量減小，電場能轉(zhuǎn)化為磁場能．【解析】【解答】解：A；根據(jù)圖示電路知；該LC振蕩電路正在充電，電流在減小，磁場能轉(zhuǎn)化為電場能．故A錯誤．

B、電容器的帶電量在增大，根據(jù)U=；知電容器兩極板間的電壓正在增大．故B正確；

D；充電的過程；電量在增加；磁場能轉(zhuǎn)化為電場能，電流在減小，所以線圈中電流產(chǎn)生的磁場的磁感應強度正在減小．故C錯誤D正確．

故選：BD．14、ACD【分析】【分析】傳感器是指：能感受規(guī)定的被測量件并按照一定的規(guī)律（數(shù)學函數(shù)法則）轉(zhuǎn)換成可用信號的器件或裝置，通常由敏感元件和轉(zhuǎn)換元件組成．【解析】【解答】解：A；攝像機實際上是一種光電傳感器；是一種能將光信號轉(zhuǎn)變?yōu)殡娦盘柕难b置，故A正確；

B；電磁波是電磁場在空間的傳播；能量并不是相互轉(zhuǎn)化的，故B錯誤；

C；攝像機在1s內(nèi)可以傳送25幅畫面；播放時利用人體的視覺暫留效應得到動態(tài)圖畫，故C正確；

D；電視機實際上是一種將電信號轉(zhuǎn)變?yōu)楣庑盘柡吐曅盘柕难b置；故D正確；

故選ACD．三、填空題(共9題，共18分)15、【分析】【分析】行星繞太陽圓周運動的向心力由萬有引力提供，根據(jù)半徑關系求得向心加速度和周期之比．【解析】【解答】解：萬有引力提供行星圓周運動的向心力即：

可得行星的向心加速度a=，所以=

故答案為：16、【分析】【分析】由庫侖定律可得出兩球在接觸前后的庫侖力表達式，則根據(jù)電量的變化可得出接觸后的作用力與原來作用力的關系．【解析】【解答】解：由庫侖定律可得：

F=k；

而兩球接觸后再分開平分總電量，故分開后兩球的帶電量為；

則庫侖力F′=k=k=F；

故答案為：．17、1200V/m54V6V【分析】【分析】（1）根據(jù)E=求解電場強度；

（2）B板接地，電勢為零，P1和P2兩點的電勢等于其與電勢零點的電勢差．【解析】【解答】解：（1）根據(jù)公式E=V/m．

（2）P1沿電場方向到B的距離：

d1=5cm-0.5cm=4.5cm

由公式φ1-φB=Ed1B=1200×（4.5×10-2）V=54V得：

φ1=54V．

同理：φ2-φB=Ed2B=1200×0.5×10-2V=6V

得φ2=6V．

故答案為：1200V/m；54V，6V18、∠SOB或入射角i或．【分析】【分析】題意可知從AB面出射的光線與入射光線SO恰好重合，因此根據(jù)光路可逆可知SO的折射光線是垂直于AC的，然后根據(jù)折射定律即可求解【解析】【解答】解：若使從AB面出射的光線與入射光線SO恰好重合；根據(jù)光路可逆可知SO的折射光線應與AC垂直，光路圖如圖所示：

設∠SOB=γ．

根據(jù)幾何關系可知：入射角為i=90°-γ，折射角為r=α．

故其折射率為：n====

所以僅需要測出一個物理量：∠SOB或入射角i就可以算出該棱鏡的折射率．

故答案為：∠SOB或入射角i；或．19、略

【分析】解：由于碰撞之后共同勻速運動的速度小于碰撞之前A獨自運動的速度；故AC應在碰撞之前，DE應在碰撞之后．

推動小車由靜止開始運動；故小車有個加速過程，在碰撞前做勻速直線運動，即在相同的時間內(nèi)通過的位移相同，故BC段為勻速運動的階段，故選BC計算碰前的速度；

碰撞過程是一個變速運動的過程；而A和B碰后的共同運動時做勻速直線運動，故在相同的時間內(nèi)通過相同的位移，故應選DE段來計算碰后共同的速度．

由圖示紙帶可知：DE=6.95cm=0.0695m，碰后的總動量：P2=（m1+m2）v2=（m1+m2）=（0.40+0.20）×=0.417kg?m/s；

故答案為：0.417．

碰撞之后共同勻速運動的速度小于碰撞之前A獨自運動的速度；確定AC應在碰撞之前，DE應在碰撞之后，在勻速運動時在相同的時間內(nèi)通過的位移相同，所以BC應為碰撞之前勻速運動階段，DE應為碰撞之后勻速運動階段．

物體發(fā)生的位移與發(fā)生這些位移所用時間的比值等于勻速運動的物體在該段時間內(nèi)的速度．P=mv=m．

根據(jù)碰撞之后共同勻速運動的速度小于碰撞之前A獨自運動的速度，確定AC應在碰撞之前，DE應在碰撞之后，是解決本題的突破口．【解析】0.41720、021【分析】【分析】當這三個力作用在同一物體上，并且作用在同一直線上，方向相同，三個力的合力最大．如果三個力不在同一直線上，夾角可以變化，當兩個較小力的合力大小等于第三個力，方向相反時，合力為零，此時三個力的合力的最?。窘馕觥俊窘獯稹拷猓寒斎齻€力作用在同一直線；同方向時；三個力的合力最大，即F=6N+7N+8N=21N．

當三個力作用在一個物體上；不在一條直線，并且夾角可以改變，6N在7N與8N的合力最大值15N，最小值1N之間，故此時三個力的合力為零，即它們合力的最小值為0．

故答案為：0，21．21、0.54【分析】【分析】根據(jù)勻變速直線運動的速度時間公式求出火車剎車時的初速度和加速度，結(jié)合速度時間公式求出剎車到停止的時間．【解析】【解答】解：根據(jù)v=v0+at=2-0.5t得，初速度v0=2m/s，加速度大小a=0.5m/s2；

則剎車到停止的時間t=．

故答案為：0.5，4．22、3【分析】【分析】對靜止在地球表面的物體進行受力分析；得出物體在地球表面的重力．該物體放在火箭中，對物體進行受力分析，注意此時物體所受的重力與在地球表面不相等．

運用牛頓第二定律求出在火箭中，物體的重力．由于不考慮地球自轉(zhuǎn)的影響，根據(jù)萬有引力等于重力求出此時火箭距地面的高度．【解析】【解答】解：對靜止在地球表面的物體進行受力分析；物體受重力和彈簧的拉力F．

G0=mg=F=16N．

其中g(shù)為地球表面的重力加速度，取g=10m/s2

得出物體質(zhì)量m=1.6kg．

該物體放在火箭中；對物體進行受力分析，物體受重力和彈簧的拉力T．

火箭中以a=5m/s2的加速度勻加速豎直向上；根據(jù)牛頓第二定律得：

N-mg′=ma

解得：g′=-a=-5=

由于不考慮地球自轉(zhuǎn)的影響；根據(jù)萬有引力等于重力得出：

在地球表面：G0==mg

在航天器中：G′==mg′

則==

所以r=4R

即此時火箭距地高度為h=r-R=3R．即此時火箭離地面的距離為地球半徑的3倍．

故答案為：323、adcba（逆時針）向右【分析】【分析】兩根平行長直導線M、N中，通以同方向同強度的電流，產(chǎn)生磁場，根據(jù)安培定則和磁場的疊加原理可知，在中線OO′右側(cè)磁場向外，左側(cè)磁場向里．當導線框向左運動時，磁通量變化，產(chǎn)生感應電流，根據(jù)楞次定律判斷感應電流方向．【解析】【解答】解：根據(jù)安培定則和磁場的疊加原理判斷得知；在中線OO′右側(cè)磁場向外，左側(cè)磁場向里．

當導線框位于中線OO′右側(cè)運動時，磁場向外，磁通量減小，根據(jù)楞次定律可知，感應電流方向為adcba；

當導線框經(jīng)過中線OO′，磁場方向先向外，后向里，磁通量先減小，后增加，根據(jù)楞次定律，可知感應電流方向為adcba；

當導線框位于中線OO′左側(cè)運動時，磁場向里，磁通量增加，根據(jù)楞次定律可知，感應電流方向為adcba．

根據(jù)左手定則；與越靠近導線的磁場越強相結(jié)合，線框在中線右側(cè)時，由于磁場向外，而線框電流為逆時針方向，則有線框受到的安培力向右，同理，可知，線框受到的安培力方向向右；

故答案為：adcba，向右．四、判斷題(共3題，共15分)24、×【分析】【分析】溫度是分子的平均動能的標志，是大量分子運動的統(tǒng)計規(guī)律，由此分析解答即可．【解析】【解答】解：