2025年滬科版必修1物理下冊(cè)月考試卷

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請(qǐng)※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年滬科版必修1物理下冊(cè)月考試卷583考試試卷考試范圍：全部知識(shí)點(diǎn)；考試時(shí)間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級(jí)：______考號(hào)：______總分欄題號(hào)一二三四五總分得分評(píng)卷人得分一、選擇題(共9題，共18分)1、一個(gè)長(zhǎng)度為L(zhǎng)的輕彈簧，將其上端固定，下端掛一個(gè)質(zhì)量為m的小球時(shí)，彈簧的總長(zhǎng)度變?yōu)?L．現(xiàn)將兩個(gè)這樣的彈簧按如圖所示方式連接，A、B兩小球的質(zhì)量均為m，則兩小球平衡時(shí)，B小球距懸點(diǎn)O的距離為(不考慮小球的大??；且彈簧都在彈性限度范圍內(nèi))()

A.3LB.4LC.5LD.6L2、如圖所示，水平放置的兩根固定光滑硬桿OA、OB夾角為θ，在兩桿上各套輕環(huán)P、Q，兩環(huán)用輕繩相連，現(xiàn)用恒力F沿OB桿方向向右拉環(huán)Q；當(dāng)兩環(huán)穩(wěn)定時(shí)，繩的拉力大小為（）

A.B.C.FsinθD.Fcosθ3、有一種精神叫“女排精神”，中國(guó)女排能始終屹立在世界之顛，與她們科學(xué)而又刻苦的訓(xùn)練是分不開的。當(dāng)女排運(yùn)動(dòng)員進(jìn)行原地起跳攔網(wǎng)訓(xùn)練時(shí)，某質(zhì)量為60kg的運(yùn)動(dòng)員原地靜止站立（不起跳）雙手?jǐn)r網(wǎng)高度為2.10m，在訓(xùn)練中，該運(yùn)動(dòng)員先下蹲使重心下降0.5m，然后起跳（從開始上升到腳剛離地的過程），最后腳離地上升到最高點(diǎn)時(shí)雙手?jǐn)r網(wǎng)高度為2.90m。若運(yùn)動(dòng)員起跳過程視為勻加速直線運(yùn)動(dòng)，忽略空氣阻力影響，取g＝10m/s2，則（）A.運(yùn)動(dòng)員起跳過程屬于失重狀態(tài)B.起跳過程中加速度大小為16m/s2C.從開始起跳到離地上升到最高點(diǎn)需要0.4sD.起跳過程中運(yùn)動(dòng)員對(duì)地面的壓力為960N4、揮桿套馬是我國(guó)蒙古族傳統(tǒng)體育項(xiàng)目，烈馬從騎手身邊奔馳而過時(shí)，騎手持6m長(zhǎng)的套馬桿，由靜止開始催馬追趕，最終套住烈馬。整個(gè)過程二者的v-t圖像如圖所示；則下列說法正確的是（）

A.騎手追趕烈馬過程中二者之間的最大距離為40mB.t=9s時(shí)騎手剛好追上烈馬C.騎手在t=8s時(shí)揮桿，能套到烈馬D.8-9s內(nèi)烈馬的加速度小于0-6s內(nèi)騎手的加速度5、在研發(fā)無人駕駛汽車的過程中；對(duì)比甲.乙兩輛車的運(yùn)動(dòng)，兩車在計(jì)時(shí)起點(diǎn)時(shí)剛好經(jīng)過同一位置沿同一方向做直線運(yùn)動(dòng)，它們的速度隨時(shí)間變化的關(guān)系如圖所示，由圖可知。

A.甲車任何時(shí)刻加速度大小都不為零B.在t＝3s時(shí)，兩車第一次相距最遠(yuǎn)C.在t＝6s時(shí)，兩車又一次經(jīng)過同一位置D.甲車在t＝6s時(shí)的加速度與t＝9s時(shí)的加速度相同6、兩個(gè)共點(diǎn)力同向時(shí)合力為a，反向時(shí)合力為b，當(dāng)兩個(gè)力垂直時(shí)合力大小為A.B.C.D.7、如圖所示，中間有孔的物塊A套在光滑的豎直桿上，某人通過光滑滑輪，用不可伸長(zhǎng)的輕繩拉著物塊A勻速向上運(yùn)動(dòng)，則關(guān)于拉力F及桿對(duì)物塊水平的彈力FN；下列說法正確的是（）

A.F不變B.F增大C.FN不變D.FN減小8、人站在力傳感器上完成下蹲和站起動(dòng)作，傳感器記錄的力隨時(shí)間變化圖像（圖）如圖所示，則（）

A.下蹲過程中最大加速度為6m/s2B.人在下蹲過程中，力的示數(shù)先變大，后變小C.人在站起過程中，先失重后超重D.人在8s內(nèi)完成了兩次下蹲和兩次站起動(dòng)作9、將一光滑輕桿固定在地面上，桿與地面間夾角為θ，一光滑輕環(huán)套在桿上．一個(gè)大小和質(zhì)量都不計(jì)的滑輪用輕繩OP懸掛在天花板上，用另一輕繩通過滑輪系在輕環(huán)上，用手拉住輕繩另一端并使OP恰好在豎直方向，如圖所示．現(xiàn)水平向右拉繩，當(dāng)輕環(huán)重新靜止不動(dòng)時(shí)OP繩與天花板之間的夾角為（）

A.90°B.θC.45°+θD.45°-θ評(píng)卷人得分二、多選題(共7題，共14分)10、如圖所示；質(zhì)量分別為m和M的兩物體用輕繩連接，在M上施加恒力F，使兩物體一起沿恒力F方向做勻加速直線運(yùn)動(dòng)（輕繩與恒力F方向平行），分析對(duì)比下列四種情況下兩物體間輕繩的張力大小T和兩物體的加速度大小a，正確的是。

A.四種情況中(3)的加速度一定大于其他三種情況B.四種情況中(4)的加速度一定小于其他三種情況C.四種情況中(3)的輕繩張力一定小于其他三種情況D.四種情況輕繩的張力一定一樣大11、在物理學(xué)的探索和發(fā)現(xiàn)過程中，科學(xué)家們運(yùn)用了許多研究方法。以下關(guān)于物理學(xué)研究方法的敘述中正確的是（）A.在不需要考慮物體本身的大小和形狀時(shí)，用質(zhì)點(diǎn)來代替物體的方法是假設(shè)法B.根據(jù)速度定義式v=當(dāng)Δt→0時(shí)，就可以表示物體在t時(shí)刻的瞬時(shí)速度，運(yùn)用了極限法C.伽利略研究落體運(yùn)動(dòng)時(shí)，做的“沖淡重力”斜面實(shí)驗(yàn)是運(yùn)用了合理外推的邏輯思想方法D.在推導(dǎo)勻變速直線運(yùn)動(dòng)位移公式時(shí)，把整個(gè)運(yùn)動(dòng)過程劃分成很多小段，每一小段近似看作勻速直線運(yùn)動(dòng)，再把各小段位移相加，這里運(yùn)用了微元法12、某同學(xué)利用阿特伍德機(jī)研究超重和失重現(xiàn)象，其研究步驟如下：如圖所示，輕質(zhì)定滑輪左側(cè)懸掛質(zhì)量為m的物塊，右側(cè)懸掛質(zhì)量為2m的物塊，彈簧測(cè)力計(jì)示數(shù)為mg，不計(jì)一切阻力，則（）

A.若在右側(cè)懸掛的物塊上再增加質(zhì)量為m的物塊，彈簧測(cè)力計(jì)的讀數(shù)是B.若在右側(cè)懸掛的物塊上再增加質(zhì)量為m的物塊，彈簧測(cè)力計(jì)的讀數(shù)是C.若在左側(cè)懸掛的物塊上再增加質(zhì)量為m的物塊，彈簧測(cè)力計(jì)的讀數(shù)是D.若在左側(cè)懸掛的物塊上再增加質(zhì)量為m的物塊，彈簧測(cè)力計(jì)的讀數(shù)是13、如圖所示，質(zhì)量為的物塊A和質(zhì)量為的物塊B通過輕繩和輕彈簧相連，A與B、B與地面間的動(dòng)摩擦因數(shù)均為兩根彈簧的勁度系數(shù)均為最大靜摩擦力等于滑動(dòng)摩擦力，物塊B在F的作用下勻速運(yùn)動(dòng)的位移為（物塊A仍在物塊B上）；不計(jì)滑輪的重力和摩擦，則下列說法正確的是（??）

A.物塊B與地面間摩擦力的大小為B.兩根彈簧的最大形變量均為C.兩根彈簧的最大形變量均為D.若物塊A與物塊B發(fā)生相對(duì)滑動(dòng)，則相對(duì)位移大小為14、如圖所示，天花板上懸掛一輕質(zhì)彈簧，彈簧下端栓接質(zhì)量為m的小球A，A球通過輕桿連接質(zhì)量為的小球B，重力加速度為g；下列說法正確的是（）

A.剪斷彈簧瞬間，輕桿上彈力不為0B.剪斷彈簧瞬間，B球加速度均為gC.剪斷輕桿瞬間，B球加速度大小均為gD.剪斷輕桿瞬間，A球加速度大小為B球加速度大小為g15、如圖所示，小球A置于固定在水平面上的光滑半圓柱體上，小球B用水平輕彈簧拉著系于豎直板上，兩小球A、B通過光滑滑輪O（可視為質(zhì)點(diǎn)）用輕質(zhì)細(xì)線相連，兩球均處于靜止?fàn)顟B(tài)，已知B球質(zhì)量為m，O點(diǎn)在半圓柱體圓心O1的正上方，OA與豎直方向成30°角，OA長(zhǎng)度與半圓柱體半徑相等，OB與豎直方向成45°角，則下列敘述正確的是()

A.球A質(zhì)量為mB.若將輕質(zhì)細(xì)線剪斷的瞬間，球B的加速度為gC.若將輕質(zhì)細(xì)線剪斷的瞬間，球B的加速度為gD.光滑半圓柱體對(duì)A球支持力的大小為mg16、一個(gè)物體在直線上運(yùn)動(dòng)，下列圖象能反映此物體0~2s內(nèi)的平均速度為零的是A.B.C.D.評(píng)卷人得分三、填空題(共5題，共10分)17、在光滑水平面上以水平恒力F拉動(dòng)小車和木塊，一起做無相對(duì)滑動(dòng)的加速運(yùn)動(dòng)，若小車質(zhì)量為M，木塊質(zhì)量為m，木塊和小車間的動(dòng)摩擦因數(shù)為μ.則小車與物塊之間的摩擦力大小為____.

18、升降機(jī)提升重物時(shí)重物運(yùn)動(dòng)的v-t圖像如圖所示，在0~2s與5s~8s內(nèi)的加速度大小之比是________，在0~8s內(nèi)的位移是___________m。

19、根據(jù)重力的作用效果分解重力并寫出分力的表達(dá)式（已知G、θ）

(1)_____

(2)______20、“大洋一號(hào)”配備有一種聲吶探測(cè)系統(tǒng)，用它可測(cè)量海水的深度．其原理是：用超聲波發(fā)生器垂直向海底發(fā)射超聲波，超聲波在海底會(huì)反射回來，若已知超聲波在海水中的波速，通過測(cè)量從發(fā)射超聲波到接收到反射波的時(shí)間，就可推算出船所在位置的海水深度．現(xiàn)已知超聲波在海水中的波速為1500m/s，船靜止時(shí)，測(cè)量從發(fā)射超聲波到接收到反射波的時(shí)間為8s，則該船所在位置的海水深度是________m.21、如圖所示，物體A和B的重力分別為10N和4N，不計(jì)彈簧測(cè)力計(jì)和細(xì)線的重力和一切摩擦，則彈簧測(cè)力計(jì)讀數(shù)大小為______N，地面對(duì)A的支持力為______N。

評(píng)卷人得分四、作圖題(共2題，共12分)22、將圖中物體的重力按力的實(shí)際作用效果進(jìn)行分解。

23、規(guī)范完成下列問題：

(1)小球A的重力為20N；在圖甲中畫出該重力的圖示；

(2)在乙圖中畫出鋼管B所受彈力的示意圖。評(píng)卷人得分五、解答題(共4題，共36分)24、請(qǐng)?jiān)谌鐖D所示的時(shí)間軸上指出下列時(shí)刻或時(shí)間（填相應(yīng)的字母）：

（1）第1s末；第3s初，第2個(gè)兩秒的中間時(shí)刻；

（2）第2s內(nèi)；第5s內(nèi)，第8s內(nèi)；

（3）2s內(nèi)，頭5s內(nèi)，前9s內(nèi)；25、物體從某一高處自由下落，經(jīng)過10s后著地，（g取10m/s2）求：

(1)物體落地時(shí)的速度；

(2)物體下落的高度；

(3)物體落體前1s下落的高度。26、如圖所示，質(zhì)量為M的木楔傾角為在水平面上保持靜止，當(dāng)將一質(zhì)量為m的木塊放在木楔斜面上時(shí)，它正好勻速下滑。如果用與木楔斜面成角的力F拉著木塊；木塊能勻速上升，已知木楔在整個(gè)過程中始終靜止。

（1）當(dāng)為多大時(shí)，F(xiàn)有最小值，求此時(shí)的大小及F的最小值；

（2）當(dāng)＝時(shí)；木楔對(duì)水平面的摩擦力是多大？

27、如圖所示，位于水平桌面上的物塊P，由跨過定滑輪的輕繩與物塊Q相連，從滑輪到P和到Q的兩段繩都是水平的，已知Q與P之間以及P與桌面之間的動(dòng)摩擦因數(shù)都為μ＝0.4，物塊P重為40N，物塊Q重為20N，滑輪的質(zhì)量、滑輪軸上的摩擦都不計(jì)，若用一水平向右的力F拉P使它做勻速運(yùn)動(dòng)；求：

（1）物塊Q所受到的滑動(dòng)摩擦力的大小和方向；

（2）物塊P所受地面的滑動(dòng)摩擦力的大小和方向；

（3）拉動(dòng)物塊P所需的力F為多大。

參考答案一、選擇題(共9題，共18分)1、C【分析】試題分析：當(dāng)掛一個(gè)小球時(shí)，根據(jù)胡克定律，有：mg=k?△x=kL；當(dāng)掛兩個(gè)小球時(shí)，上面彈簧，有：2mg=k?△x1；下面彈簧，有：mg=k?△x2；故B球距懸點(diǎn)O的距離為：x=2L+△x=2L+△x1+△x2=5L；故ABD錯(cuò)誤；C正確；故選C．

考點(diǎn)：胡克定律。

【名師點(diǎn)睛】本題關(guān)鍵是根據(jù)胡克定律列式求出彈簧的伸長(zhǎng)量，對(duì)兩個(gè)彈簧串聯(lián)的問題，要能夠求解出各個(gè)彈簧的彈力．2、A【分析】【詳解】

以P為研究對(duì)象；穩(wěn)定時(shí)，P環(huán)受到輕繩的張力和桿的支持力，桿的支持力方向與桿垂直，則根據(jù)平衡條件得知，穩(wěn)定時(shí)輕繩與桿垂直，再以Q為研究對(duì)象，分析受力如圖所示。

根據(jù)平衡條件得Tsinθ＝F，解得：輕繩的拉力為A正確，BCD錯(cuò)誤。

故選A。3、B【分析】【分析】

【詳解】

A．運(yùn)動(dòng)員起跳過程先向上加速后減速；則先超重后失重，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；

B．離地速度

起跳過程中加速度大小為

選項(xiàng)B正確；

C．從開始起跳到離地上升到最高點(diǎn)需要

選項(xiàng)C錯(cuò)誤；

D．起跳過程中根據(jù)牛頓第二定律

運(yùn)動(dòng)員對(duì)地面的壓力為

根據(jù)牛頓第三定律可知；起跳過程中運(yùn)動(dòng)員對(duì)地面的壓力為1560N，選項(xiàng)D錯(cuò)誤。

故選B。4、C【分析】【詳解】

A．當(dāng)騎手和烈馬速度相同時(shí)二者間距最大，由v-t圖像圖線與坐標(biāo)軸所圍的面積表示位移，可得

A錯(cuò)誤；

B．由圖形所圍的面積可以算出0~9s內(nèi)，烈馬的位移為

騎手0~9s內(nèi)位移

因x1>x2

因此t=9s時(shí)騎手未追上烈馬；B錯(cuò)誤；

C．由圖形所圍的面積可以算出0~8s內(nèi)，烈馬的位移為

騎手的位移為

套馬桿長(zhǎng)l=6mx4+l>x3

所以騎手在8s時(shí)刻揮桿；能套到烈馬，故C正確；

D．由加速度定義式

知8~9s內(nèi)烈馬加速度

0~6s內(nèi)騎手的加速度

故D錯(cuò)誤。

故選C。5、B【分析】【分析】

【詳解】

A.根據(jù)速度時(shí)間圖象的斜率等于加速度；可知，甲車的加速度可以為零．故A錯(cuò)誤．

B.在前3s內(nèi)，甲的速度比乙的大，兩者出發(fā)點(diǎn)相同，則甲在乙的前方，兩者間距逐漸增大．3-6s內(nèi)，乙的速度比甲的大，兩者間距逐漸減小，所以在t=3s時(shí)；兩車第一次相距最遠(yuǎn)．故B正確．

C.根據(jù)“面積”表示位移，可知前6s內(nèi)，乙的位移比甲的大，則在t=6s時(shí)；兩車不在同一位置，故C錯(cuò)誤．

D.根據(jù)斜率表示加速度，斜率的正負(fù)表示加速度的方向，則知甲車在t=6s時(shí)的加速度與t=9s時(shí)的加速度不同，故D錯(cuò)誤．6、A【分析】【詳解】

兩力同向時(shí)，有：F1+F2=a；

兩力反向時(shí)，有：F1-F2=b；

解得：F1=F2=

兩個(gè)力垂直時(shí)，有：

解得：F=

故選A．7、B【分析】【詳解】

設(shè)繩子與豎直方向上的夾角為θ，因?yàn)锳做勻速直線運(yùn)動(dòng)，在豎直方向上合力為零，有

因?yàn)棣仍龃螅瑒tF增大，水平方向合力為零，有

F增大，F(xiàn)N增大。

故選B。8、A【分析】【詳解】

A．由圖可知，傳感器的最小壓力約為200N，則根據(jù)牛頓第二定律得最大加速度為

故A正確；

B．人在下蹲過程中；先加速下降再減速下降，所以力的示數(shù)先變小，后變大，故B錯(cuò)誤；

C．人在站起過程中；先加速起立再減速起立，所以先超重后失重，故C錯(cuò)誤；

D．人在下蹲過程中；力的示數(shù)先變小，后變大，人在站起過程中，力的示數(shù)先變大，后變小，所以動(dòng)作人在8s內(nèi)完成了一次下蹲和一次站起動(dòng)作，故D錯(cuò)誤。

故選A。9、C【分析】【詳解】

對(duì)輕環(huán)Q進(jìn)行受力分析如圖1，則只有繩子的拉力垂直于桿的方向時(shí)，繩子的拉力沿桿的方向沒有分力；由幾何關(guān)系可知，繩子與豎直方向之間的夾角是θ；

對(duì)滑輪進(jìn)行受力分析如圖2，由于滑輪的質(zhì)量不計(jì)，則OP對(duì)滑輪的拉力與兩個(gè)繩子上拉力的和大小相等方向相反，所以O(shè)P的方向一定在兩根繩子之間的夾角的平分線上，由幾何關(guān)系得OP與豎直方向之間的夾角：則OP與天花板之間的夾角為：90°-β=45°+θ；故選C．

【點(diǎn)睛】

該題考查共點(diǎn)力的平衡與矢量的合成，解答的關(guān)鍵是只有繩子的拉力垂直于桿的方向時(shí)，即繩子的拉力沿桿的方向沒有分力時(shí)，光滑輕環(huán)才能靜止．二、多選題(共7題，共14分)10、A:D【分析】【詳解】

（1）中加速度滿足：對(duì)m：解得

（2）中加速度滿足：對(duì)m：解得

（3）中加速度滿足：對(duì)m：解得

（4）中加速度滿足：對(duì)m：解得

由以上分析可知，選項(xiàng)AD正確，BC錯(cuò)誤；故選AD.11、B:C:D【分析】【詳解】

A．在不需要考慮物體本身的大小和形狀時(shí)；用質(zhì)點(diǎn)來代替物體的方法是理想模型法，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；

B．根據(jù)速度定義式v=當(dāng)Δt→0時(shí)，就可以表示物體在t時(shí)刻的瞬時(shí)速度；運(yùn)用了極限法，選項(xiàng)B正確；

C．伽利略研究落體運(yùn)動(dòng)時(shí)；做的“沖淡重力”斜面實(shí)驗(yàn)是運(yùn)用了合理外推的邏輯思想方法，選項(xiàng)C正確；

D．在推導(dǎo)勻變速直線運(yùn)動(dòng)位移公式時(shí)；把整個(gè)運(yùn)動(dòng)過程劃分成很多小段，每一小段近似看作勻速直線運(yùn)動(dòng)，再把各小段位移相加，這里運(yùn)用了微元法，選項(xiàng)D正確。

故選BCD。12、B:C【分析】【詳解】

AB.若在右側(cè)懸掛的物塊上再增加質(zhì)量為m的物塊，對(duì)整體根據(jù)牛頓第二定律得：

對(duì)左側(cè)物塊根據(jù)牛頓第二定律得：

解得：

所以彈簧測(cè)力計(jì)的讀數(shù)是選項(xiàng)B正確A錯(cuò)誤；

CD.若在左側(cè)懸掛的物塊上再增加質(zhì)量為m的物塊，對(duì)整體根據(jù)牛頓第二定律得：

對(duì)左側(cè)物塊根據(jù)牛頓第二定律得：

解得：

所以彈簧測(cè)力計(jì)的讀數(shù)是選項(xiàng)C正確D錯(cuò)誤。13、A:B:D【分析】【詳解】

A．物塊B與地面間摩擦力的大小為

故A正確；

BC．對(duì)A，根據(jù)平衡條件，彈簧彈力大小

兩根彈簧通過輕繩相連，則兩根彈簧彈力大小相等，兩根彈簧的形變量均為

故B正確；C錯(cuò)誤；

D．物塊B的位移為

物塊A的位移為

則相對(duì)位移大小為

故D正確。

故選ABD。14、B:D【分析】【詳解】

AB．剪短彈簧瞬間，以A、B以及桿整體作為研究對(duì)象，整體做自由落體運(yùn)動(dòng)，加速度為再隔離B；根據(jù)牛頓第二定律可知，小球B做自由落體運(yùn)動(dòng)，桿對(duì)B的力必須為零，故A錯(cuò)誤，B正確；

CD．剪斷輕桿瞬間，B球加速度大小為g；做自由落體運(yùn)動(dòng)；為剪短輕桿前對(duì)A進(jìn)行受力分析如下。

根據(jù)平衡條件有

當(dāng)剪短輕桿后，對(duì)球A，除了桿的力消失意外，其他力沒有發(fā)生變化，根據(jù)牛頓第二定律有

得

加速度方向豎直向上；故C錯(cuò)誤，D正確。

故選BD。15、A:B【分析】【詳解】

AD、隔離對(duì)B分析；根據(jù)共點(diǎn)力平衡得：

水平方向有：TOBsin45°=F

豎直方向有：TOBcos45°=mg；

則TOB=mg，彈簧彈力F=mg；

根據(jù)定滑輪的特性知：TOA與TOB相等；

對(duì)A分析，如圖所示，由幾何關(guān)系可知拉力TOA和支持力N與水平方向的夾角相等，夾角為60°；

則N和TOA相等，有：2TOAsin60°=mAg；

解得mA=m，N=TOA=mg；故A正確，D錯(cuò)誤；

BC.對(duì)B球受力分析可知，在剪斷瞬間B受到的合力：FB=mg；

根據(jù)牛頓第二定律可知：aB=FB/m=g；故B正確，C錯(cuò)誤；

故選AB16、A:C:D【分析】【詳解】

位移時(shí)間圖象反映了物體各個(gè)不同時(shí)刻的位置坐標(biāo)情況，從圖中可以看出物體沿x軸正方向前進(jìn)2m后又返回，根據(jù)平均速度公式：可求得平均速度大小為零，故A正確；速度時(shí)間圖象反映了物體的速度隨時(shí)間的變化情況，圖線與時(shí)間軸包圍的面積表示位移的大小，從圖中可以看出位移為2m，根據(jù)平均速度公式：可求得平均速度大小不為零，故B錯(cuò)誤；速度時(shí)間圖象反映了物體的速度隨時(shí)間的變化情況，圖線與時(shí)間軸包圍的面積表示位移的大小，從圖中可以看出第一秒物體前進(jìn)1m，第二秒物體后退1m，總位移為零，根據(jù)平均速度公式：可求得平均速度大小為零，故C正確；圖線與時(shí)間軸包圍的面積表示位移的大小，從圖中可以看出第一秒物體前進(jìn)2m，第二秒物體后退2m，總位移為零，根據(jù)平均速度公式：可求得平均速度大小為零，故D正確．所以ACD正確，B錯(cuò)誤．三、填空題(共5題，共10分)17、略

【分析】【詳解】

[1]由牛頓第二定律，對(duì)小車與木塊組成的系統(tǒng)有：F=(M+m)a①

對(duì)木塊：f=ma②

由①②聯(lián)立解得：f=ma=【解析】18、略

【分析】【詳解】

[1]v-t圖像的斜率絕對(duì)值表示物體的加速度大小，所以在0~2s內(nèi)的加速度為m/s2

5s~8s內(nèi)的加速度大小為m/s2

所以

[2]圖像圍成的面積表示位移，所以m【解析】3：227.519、略

【分析】【詳解】

(1)[1]

把球的重力沿垂直于斜面和垂直于檔板的方向分解為力F3和F4，如圖所示，其中F3＝F4＝Gtanθ

(2)[2]

把物塊的重力沿垂直于斜面和垂直于檔板的方向分解為力F1和F2，如圖所示F1=GcosθF2=Gsinθ【解析】

F3＝

F4＝Gtanθ

F1=Gcosθ

F2=Gsinθ20、略

【分析】【詳解】

試題分析：聲音的反射產(chǎn)生回聲；聲吶發(fā)出后8s收到信號(hào)說明單程時(shí)間是4s，再根據(jù)速度公式來計(jì)算路程即可．

根據(jù)題意，超聲波以恒定的速度來回傳播，得【解析】600021、略

【分析】【詳解】

物體B懸空靜止，繩中張力滿足

由此可知彈簧測(cè)力計(jì)的讀數(shù)大小為

左側(cè)拉A的繩子繩中張力為

物體A處于平衡狀態(tài)，地面都A的支持力為則有

解得【解析】46四、作圖題(共2題，共12分)22、略

【分析】【分析】

【詳解】

如圖：

【點(diǎn)睛】

本題考查了力的分解、求分力，要根據(jù)力的實(shí)際作用