2025年冀教版高三物理上冊階段測試試卷含答案

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年冀教版高三物理上冊階段測試試卷含答案考試試卷考試范圍：全部知識點(diǎn)；考試時間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五六總分得分評卷人得分一、選擇題(共7題，共14分)1、關(guān)于安培力和洛倫磁力，下列說法正確的是（）A.洛倫磁力和安培力是性質(zhì)完全不同的兩種力B.洛倫磁力和安培力其本質(zhì)都是磁場對運(yùn)動電荷的作用力C.洛倫磁力就是安培力，而這是等價(jià)的D.安培力能對通電導(dǎo)體做功，洛倫磁力能對運(yùn)動電荷做功2、在如圖所示傾角為θ的光滑斜面上，存在著兩個磁感應(yīng)強(qiáng)度大小均為B的勻強(qiáng)磁場，區(qū)域I的磁場方向垂直斜面向上，區(qū)域Ⅱ的磁場方向垂直斜面向下，磁場的寬度均為L．一質(zhì)量為m、電阻為R、邊長為的正方形導(dǎo)線框，在沿平行斜面向下的拉力F作用下由靜止開始沿斜面下滑，當(dāng)ab邊剛越過GH進(jìn)入磁場I時，恰好做勻速直線運(yùn)動，下列說法中正確的有（重力加速度為g）（）A.從線圈的ab邊剛進(jìn)入磁場I到線圈的dc邊剛要離開磁場II的過程中，線圈ab邊中產(chǎn)生的感應(yīng)電流先沿b→a方向再沿a→b方向B.線圈進(jìn)入磁場I過程和離開磁場II過程所受安培力方向相反C.線圈ab邊剛進(jìn)入磁場I時的速度大小為D.線圈進(jìn)入磁場I做勻速運(yùn)動的過程中，拉力F所做的功等于線圈克服安培力所做的功3、關(guān)于磁通量，下列說法正確的是（）A.磁通量是矢量B.在國際單位制中，磁通量的單位是韋伯C.磁通量大，則磁感應(yīng)強(qiáng)度大D.通過某個面的磁通量變化，則該面所在處的磁感應(yīng)強(qiáng)度發(fā)生變化4、假如一人造地球衛(wèi)星做勻速圓周運(yùn)動的軌道半徑增大到原來的2倍，仍做勻速圓周運(yùn)動．則（）A.根據(jù)公式V=rω可知衛(wèi)星的線速度將增大到原來的2倍B.根據(jù)公式F=mv2/r，可知衛(wèi)星所受的向心力將變?yōu)樵瓉淼腃.根據(jù)公式F=GMm/r2，可知地球提供的向心力將減少到原來的D.根據(jù)萬有引力提供向心力，可知衛(wèi)星運(yùn)動的線速度將減少到原來的/25、如圖所示的實(shí)驗(yàn)裝置為庫侖扭秤．細(xì)銀絲的下端懸掛一根絕緣棒，棒的一端是一個帶電的金屬小球A，另一端有一個不帶電的球B，B與A所受的重力平衡，當(dāng)把另一個帶電的金屬球C插入容器并使它靠近A時，A和C之間的作用力使懸絲扭轉(zhuǎn)，通過懸絲扭轉(zhuǎn)的角度可以比較力的大小，便可找到力F與距離r和電量q的關(guān)系．這一實(shí)驗(yàn)中用到了下列哪些方法（）

A.微小量放大法。

B.極限法。

C.控制變量法。

D.逐差法。

6、如圖所示為一物體做直線運(yùn)動時的圖象；但縱坐標(biāo)表示的物理量未標(biāo)出．已知物體在前2s內(nèi)向東運(yùn)動，則以下判斷正確的是（）

A.若縱坐標(biāo)表示速度；則物體在4s內(nèi)的位移為零。

B.若縱坐標(biāo)表示速度；則物體在4s內(nèi)的加速度大小不變，方向始終向西。

C.若縱坐標(biāo)表示位移；則物體在4s內(nèi)的運(yùn)動方向始終向東。

D.若縱坐標(biāo)表示位移；則物體在4s內(nèi)的位移為零。

7、如圖所示，該圖是一正弦式交流電的電壓隨時間變化的圖象，下列說法正確的是（）A.它的頻率是100HZB.電壓的有效值為311VC.線圈轉(zhuǎn)動的角速度為314πrad/sD.電壓的瞬時表達(dá)式是u=311sin314tv評卷人得分二、填空題(共7題，共14分)8、（2015?海南）如圖所示，小球A固定在絕緣支架上，小球B用絲線懸掛，靜止時小球B處于圖示的位置，由此可知，A、B兩球帶____（填“同種”或“異種”）電荷；現(xiàn)將A向右移近B，觀察到絲線與豎直方向的夾角____（填“增大”、“減小”或“不變”），這表明電荷間的作用力隨距離的減小而____（填“減小”或“增大”）9、（2015春?武漢校級期中）某同學(xué)為了測定一根輕彈簧壓縮到最短時具有的彈性勢能的大??；將彈簧的一端固定在光滑水平桌面上，如圖所示，用已知質(zhì)量為m的鋼球?qū)椈蓧嚎s至最短，而后突然釋放，彈簧的彈性勢能轉(zhuǎn)化為鋼球的動能，鋼球?qū)⒀厮椒较蝻w出桌面，實(shí)驗(yàn)時：

（1）還需要測定的物理量及物理量的符號是____，____；

（2）計(jì)算彈簧最短時彈性勢能的關(guān)系式是Ep=____．10、甲、乙、丙三個LC回路，甲和乙線圈的電感相同，甲電容是乙電容的100倍，乙和丙的電容相同，丙線圈的電感是乙的36倍．那么，甲、乙、丙三個振蕩回路中，振蕩電流的頻率之比為____．11、如圖所示，AB為長l=30km的光導(dǎo)纖維，一束激光從端面A射入，最后從端面B射出．已知光導(dǎo)纖維的折射率n=1.35，光從纖維內(nèi)側(cè)面向外射出時，臨界角的正弦值為0.9．求這束光從端面A傳播到端面B所用時間的最大值為____，最小值為____．（光在真空中的速度c=3×108m/s）12、rm{a}、rm、rm{c}、rmgikqmqu、rm{e}、rm{f}是前四周期原子序數(shù)依次增大的rm{6}種元素。rm{a}元素的基態(tài)原子核外rm{s}能級上的電子數(shù)是rm{p}能級上電子數(shù)的rm{2}倍；rm{c}元素所組成的單質(zhì)和氫化物中分別有一種具有漂白性；rmquiekyk是地殼中含量最高的金屬元素；rm{e}的正三價(jià)基態(tài)離子的rmisycie6能級為半充滿結(jié)構(gòu)；rm{f}的基態(tài)原子最外層只有一個電子，且內(nèi)層電子排布均為全充滿結(jié)構(gòu)。rm{(1)}rm元素基態(tài)原子的價(jià)電子排布圖為_________________。rm{(2)}rm{a}、rm、rm{c}三種元素的第一電離能由大到小的順序?yàn)開___。rm{(}用元素符號回答，下同rm{)}rm{(3)}rm與rm{c}組成的一種分子中有rm{16}個價(jià)電子，其結(jié)構(gòu)式為_____，其分子中含____個rm{婁脪}鍵，____個rm{婁脨}鍵。rm{(4)}rm{c}的氫化物中，電子總數(shù)為rm{18}的分子是______，中心原子的雜化方式為______，它是______分子rm{(}填“極性”或“非極性”rm{)}rm{(5)}已知rm{c}、rm{f}能形成兩種化合物，其晶胞如圖所示，甲的化學(xué)式為_______，乙的化學(xué)式為________；高溫時，甲易轉(zhuǎn)化為乙的原因?yàn)開________________________。rm{(6)}rm{e}元素對應(yīng)的單質(zhì)在形成晶體時，采用如下圖所示的堆積方式。則這種堆積模型的配位數(shù)為_______，如果rm{e}的原子半徑為rm{r}rm{pm}阿伏加德羅常數(shù)的值為rm{N}rm{{,!}_{A}}計(jì)算此單質(zhì)的密度表達(dá)式為_______rm{g/cm^{3}(}不必化簡rm{)}13、一物體由靜止開始做勻加速直線運(yùn)動，運(yùn)動位移為4m

時立即改做勻減速直線運(yùn)動直至靜止，若物體運(yùn)動總位移為12m

全過程所用時間為6s

物體在加速階段速度為______m/s2

物體在減速階段加速度為______m/s2

．14、四個共點(diǎn)力的大小分別為2N、3N、4N、6N，它們的合力最小值為____．評卷人得分三、判斷題(共6題，共12分)15、液晶分子在特定方向排列比較整齊，但不穩(wěn)定．____．（判斷對錯）16、較大的顆粒不做布朗運(yùn)動是因?yàn)楦w粒碰撞的分子數(shù)較多，多方面的撞擊導(dǎo)致受力平衡．因?yàn)榉肿記_擊力小，不易改變大顆粒的運(yùn)動狀態(tài)．____．（判斷對錯）17、電子手表中的液晶在外加電壓的影響下能夠發(fā)光．____．（判斷對錯）18、物體的運(yùn)動狀態(tài)發(fā)生了變化，一定受到外力的作用．____（判斷對錯）19、太陽輻射的能量主要來自太陽內(nèi)部的核聚變反應(yīng)____（判斷對錯）20、永磁體在受到加熱或敲打后，磁性不會發(fā)生改變____．（判斷對錯）評卷人得分四、計(jì)算題(共3題，共15分)21、【題文】如圖所示，電源電動勢E=8V，內(nèi)電阻為r=0.5Ω，“3V,3W”的燈泡L與電動機(jī)M串聯(lián)接在電源上，燈泡剛好正常發(fā)光，電動機(jī)剛好正常工作，電動機(jī)的線圈電阻R0=1.5Ω。

求：（1）通過電動機(jī)的電流。

（2）電源的輸出功率。

（3）電動機(jī)的輸出功率22、如圖所示，傾角婁脠=37鈭?

的斜面AB

與水平面平滑連接于B

點(diǎn)；AB

兩點(diǎn)之間的距離s0=3m

質(zhì)量m=3kg

的小物塊與斜面及水平面間的動摩擦因數(shù)均為婁脤=0.4.

當(dāng)小物塊從A

點(diǎn)由靜止開始沿斜面下滑的同時，對小物塊施加一個水平向左的恒力F.

取g=10m/s2

．

(1)

若F=10N

小物塊從A

點(diǎn)由靜止開始沿斜面運(yùn)動到B

點(diǎn)時撤去恒力F

求小物塊在水平面上滑行的距離s.(sin37鈭?=0.6cos37鈭?=0.8)

(2)

為確保小物塊不離開斜面，該恒力的最大值為多大？23、火車進(jìn)站關(guān)閉發(fā)動機(jī)做勻減速運(yùn)動，當(dāng)滑行x1=30m時，速度恰好減為初速度的一半，接著又滑行了t2=20s才停止．求：

（1）火車關(guān)閉發(fā)動機(jī)時的初速度v0；

（2）滑行的總時間t；

（3）總位移x．評卷人得分五、識圖作答題(共4題，共16分)24、【生物—選修3：現(xiàn)代生物科技專題】人的血清白蛋白在臨床上需求量很大，通常從人血中提取。由于艾滋病病毒（HIV）等人類感染性病原體造成的威脅與日俱增，使人們對血液制品顧慮重重。如果應(yīng)用一定的生物工程技術(shù)，將人的血清白蛋白基因轉(zhuǎn)入奶牛細(xì)胞中，利用牛的乳腺細(xì)胞生產(chǎn)血清白蛋白就成為可能。大致過程如下：a．將人體血清白蛋白基因?qū)搿按菩阅膛Ｅ咛ァ钡募?xì)胞中，形成重組細(xì)胞①；b．取出重組細(xì)胞①的細(xì)胞核，注入去核牛卵細(xì)胞中，形成重組細(xì)胞②；c．電脈沖刺激重組細(xì)胞②促使其形成早期胚胎；d．將胚胎移植到母牛的子宮內(nèi)，最終發(fā)育成轉(zhuǎn)基因小牛。請回答下列問題：（1）重組細(xì)胞①和②中___________（①／②）實(shí)現(xiàn)了基因的重組。（2）在實(shí)驗(yàn)過程a中要選擇_______________奶牛的胚胎（3）實(shí)驗(yàn)過程a人血清白蛋白基因需要與_____________的啟動子等調(diào)控組件重組在一起，選擇這些調(diào)控組件的目的是________________________。（4）若將早期胚胎分離成若干個胚胎細(xì)胞，讓其分別發(fā)育成小牛，這些小牛的基因型（相同／不同）_______，理由是_________________。（5）運(yùn)用細(xì)胞培養(yǎng)技術(shù)可以從哺乳動物的早期胚胎中獲得胚胎干細(xì)胞（ES細(xì)胞），培養(yǎng)如下：早期胚胎→內(nèi)細(xì)胞團(tuán)→胚胎干細(xì)胞。在培養(yǎng)過程中，可以用_____________處理內(nèi)細(xì)胞團(tuán)，使之分散成單個細(xì)胞。在飼養(yǎng)層上培養(yǎng)或在___________________培養(yǎng)液中可維持細(xì)胞(只增殖)不分化狀態(tài)。25、請仔細(xì)分析下列各圖，根據(jù)所學(xué)知識回答問題（1）圖甲代表某植物在一天內(nèi)吸收CO2變化情況，若C、F時間所合成的葡萄糖速率相等，均為30mg/dm2·h，則A、C、F三點(diǎn)的呼吸強(qiáng)度的比較結(jié)果是__________（2）圖乙中光照強(qiáng)度為b時，該葉肉細(xì)胞光合作用速率_________（填＜、＝、＞）呼吸作用速率，光照強(qiáng)度為c時，單位時間內(nèi)該葉肉細(xì)胞從周圍吸收_________單位CO2。（3）某同學(xué)研究甲湖泊中x深度生物光合作用和有氧呼吸。具體操作如下：取三個相同的透明玻璃瓶a、b、c，將a先包以黑膠布，再包以鉛箔。用a、b、c三瓶從待測水體深度取水，測定瓶中水內(nèi)氧容量。將a瓶、b瓶密封再沉入待測水體深度，經(jīng)24小時取出，測兩瓶氧含量，結(jié)果如圖丙。則24小時待測深度水體中生物光合作用制造的氧氣量是每瓶__________（4）景天科植物A有一個很特殊的CO2同化方式：夜間氣孔開放，吸收的CO2生成蘋果酸儲存在液泡中（如下圖一所示）；白天氣孔關(guān)閉，液泡中的蘋果酸經(jīng)脫羧作用釋放CO2用于光合作用（如下圖二所示）。十字花科植物B的CO2同化過程如下圖三所示，請回答：

白天植物A進(jìn)行光合作用所需的CO2的來源有_________。在上午10:00點(diǎn)時，突然降低環(huán)境中CO2濃度后的一小段時間內(nèi)，植物A和植物R細(xì)胞中C3含量的變化分別是________、________；將植物B放入密閉的玻璃置內(nèi)，置于室外進(jìn)行培養(yǎng)，用CO2濃度測定儀測得了該玻璃罩內(nèi)CO2濃度的變化情況，繪成上圖四的曲線。B～D段CO2相對含量下降的原因是__________。26、在很多淡水湖泊中，藻類是鯉魚及沼蝦的食物來源，其中沼蝦也是鯉魚的食物。下圖表示該湖泊中不同體長鯉魚的食性比例?；卮鹣铝袉栴}：（1）從能量流動的角度看，湖泊中以藻類為代表的生態(tài)系統(tǒng)成分，在生態(tài)系統(tǒng)中的作用是___________________________。按照圖中的食性比例分析，若體長為4.2cm的鯉魚群體增加100kJ的能量，理論上至少需要藻類提供_____kJ的能量。（2）生態(tài)系統(tǒng)自我調(diào)節(jié)能力的基礎(chǔ)是___________________。為了治理湖水的富營養(yǎng)化，可先養(yǎng)殖藻類吸收水體中的N、P等元素，再養(yǎng)殖鯉魚快速去除藻類，若要讓藻類的能量更多更快流向鯉魚，據(jù)圖分析，投放到湖泊中的鯉魚對體長的要求應(yīng)該是___________________________，理由是______________________________________________________________。27、（8分）請分析回答某湖泊生態(tài)系統(tǒng)的相關(guān)問題：(1)湖泊群落的____是區(qū)別不同湖泊群落的重要特征。沉水植物生長于湖泊的中央?yún)^(qū)域，挺水植物生長于近岸區(qū)域，喜濕的植物生長于岸邊，旱生植物分布于離岸較遠(yuǎn)處，這種分布主要體現(xiàn)了群落的____（填“水平”或“垂直”）結(jié)構(gòu)。(2)湖泊中的腐生細(xì)菌和真菌將動物糞便、動植物殘?bào)w分解成的無機(jī)物可供植物再利用，它們所屬的生態(tài)系統(tǒng)成分是____，這主要體現(xiàn)了生態(tài)系統(tǒng)具有____功能。(3)附近的某飼料廠將少量污水排入湖中，但該湖泊生態(tài)系統(tǒng)的結(jié)構(gòu)沒有發(fā)生明顯的改變，這是因?yàn)樯鷳B(tài)系統(tǒng)____。評卷人得分六、作圖題(共2題，共10分)28、請做出靜止物體A的受力示意圖．

29、畫出下列各圖中指定物體的受力示意圖．

（1）如圖1；靜止在水平面上的A物體。

（2）分析圖2中球的受力（不考慮墻的摩擦）

（3）如圖3在水平斜向上的外力F作用下；勻速運(yùn)動的物體A

（4）如圖4球靜止；兩個接觸面光滑。

（5）如圖5放在斜面上靜止的A物體．參考答案一、選擇題(共7題，共14分)1、B【分析】【分析】通電導(dǎo)線在磁場中受到力為安培力，而運(yùn)動電荷在磁場中受到力為洛倫茲力．它們均屬于磁場力，本質(zhì)上是一種力，方向都由左手定則來確定，由于洛倫茲力始終與速度垂直，所以洛倫茲力不做功．【解析】【解答】解：ABC；安培力是大量運(yùn)動電荷所受洛倫茲力的宏觀表現(xiàn)；洛倫茲力是安培力的微觀形式，故安培力和洛倫茲力是性質(zhì)相同的力，本質(zhì)上都是磁場對運(yùn)動電荷的作用力，故AC錯誤、B正確．

D；洛倫茲力始終與運(yùn)動方向垂直；對運(yùn)動電荷不做功，故D錯誤．

故選：B．2、C【分析】【分析】1；根據(jù)右手定則判斷感應(yīng)電流的方向；

2；由左手定則判斷安培力方向；

3、當(dāng)ab邊剛越過GH進(jìn)入磁場I時做勻速直線運(yùn)動，安培力、拉力與重力的分力平衡，由平衡條件和安培力公式結(jié)合求解線圈ab邊剛進(jìn)入磁場I時的速度大小；

4、線圈進(jìn)入磁場I做勻速運(yùn)動的過程中，分析線框的受力情況，由動能定理研究拉力F所做的功與線圈克服安培力所做的功的關(guān)系．【解析】【解答】解；A、從線圈的ab邊進(jìn)入磁場I過程：由右手定則判斷可知，ab邊中產(chǎn)生的感應(yīng)電流方向沿b→a方向．由左手定則可知，ab邊所受安培力方向平行斜面向上；

dc邊剛要離開磁場II的過程中：由右手定則判斷可知，cd邊中產(chǎn)生的感應(yīng)電流方向沿d→c方向，ab邊中感應(yīng)電流方向沿b→a方向．由左手定則可知，ab邊所受安培力方向平行斜面向上；故AB錯誤．

C、線圈ab邊剛進(jìn)入磁場I時，線圈做勻速直線運(yùn)動，由平衡條件得：F+mgsinθ=BI?L，I=，聯(lián)立解得，v=．故C正確．

D；線圈進(jìn)入磁場I做勻速運(yùn)動的過程中；線圈受到重力、拉力F、斜面的支持力和安培力，支持力不做功，根據(jù)動能定理得知：拉力F和重力所做的功之和等于線圈克服安培力所做的功．故D錯誤．

故選：C．3、B【分析】【分析】磁通量只有大小，沒有方向；磁通量的國際單位是韋伯；根據(jù)?=BS的成立條件是B與S垂直，磁通量與磁場沒有直接關(guān)系．【解析】【解答】解：A；磁通量是標(biāo)量；故A錯誤；

B、在國際單位制中，磁通量的單位是韋伯，符號Wb；故B正確；

C；根據(jù)?=BS的成立條件是B與S垂直；磁通量大，則磁感應(yīng)強(qiáng)度可能不變，故C錯誤；

D；而某個面的磁通量變化；則該面所在處的磁感應(yīng)強(qiáng)度可能不發(fā)生變化，比如：線圈的面積變化，故D錯誤；

故選：B．4、D【分析】【分析】人造衛(wèi)星做圓周運(yùn)動，萬有引力提供向心力，當(dāng)軌道半徑變化時，萬有引力變化，衛(wèi)星的線速度、角速度、周期隨著變化，所以，不能用向心力的表達(dá)式來討論一些物理量的變化．注意理解控制變量法．【解析】【解答】解：A、當(dāng)軌道半徑變化時，萬有引力變化，衛(wèi)星的角速度ω=隨著變化，所以，不能用公式v=rω討論衛(wèi)星的線速度變化；故選項(xiàng)A錯誤．

B、當(dāng)軌道半徑變化時，萬有引力變化，衛(wèi)星的線速度v=隨著變化，所以，不能用公式F=m討論衛(wèi)星的向心力變化；故選項(xiàng)B錯誤．

C、人造衛(wèi)星的軌道半徑增大到原來的2倍，由公式F=G可知地球提供的向心力將減小到原來的；故選項(xiàng)C錯誤．

D、根據(jù)萬有引力提供向心力，衛(wèi)星的線速度v=；

可知衛(wèi)星運(yùn)動的線速度將減少到原來的；故D正確．

故選D．5、A|C【分析】

當(dāng)小球C靠近小球A時；旋轉(zhuǎn)小角度，因此通過微小放大，能比較準(zhǔn)確的測出轉(zhuǎn)動角度．同時體現(xiàn)了控制變量法，即控制了電荷量，去研究庫侖力與間距的關(guān)系．

故選：AC

【解析】【答案】絕緣棒兩端固定一個帶電另一個不帶電質(zhì)量相同的小球；處于平衡狀態(tài)時，讓一帶電小球C靠近，通過懸絲旋轉(zhuǎn)角度可比較力的大小，從而得出力與距離和電量的關(guān)系．

6、A|B|C【分析】

A．若縱坐標(biāo)表示速度；圖象與坐標(biāo)軸圍成的面積表示位移，在時間軸上方位移為正，下方位移為負(fù)，由圖象可知，正負(fù)位移相等，故總位移為零，故A正確；

B．若縱坐標(biāo)表示速度；傾斜的直線表示勻加速直線運(yùn)動，斜率表示加速度，有圖可知斜率為正，而初速度為負(fù)，故加速度方向與初速度方向相反，故加速度方向向西，故B正確；

C．若縱坐標(biāo)表示位移；傾斜的直線表示勻速直線運(yùn)動，初速度向東運(yùn)動，所以物體一直向東運(yùn)動，則物體在4s內(nèi)的運(yùn)動方向始終向東．故C正確；

D．若縱坐標(biāo)表示位移；則物體在4s內(nèi)的位移為圖象縱坐標(biāo)對應(yīng)的值，不為零．故D錯誤．

故選ABC．

【解析】【答案】（1）若縱坐標(biāo)表示位移；該圖象為位移--時間圖象，傾斜的直線表示勻速直線運(yùn)動，傾斜角越大表示速度越大，縱坐標(biāo)對應(yīng)的值表示物體的位移．

（2）若縱坐標(biāo)表示速度；該圖象為速度--時間圖象，傾斜的直線表示勻加速直線運(yùn)動，傾斜角越大表示加速度越大，圖象在時間軸下方表示物體的位速度是負(fù)值，有圖可知初速度的方向是負(fù)值，2s以后速度方向改變，加速度的方向與初速度方向相反，圖象與坐標(biāo)軸圍成的面積表示位移．

7、D【分析】【分析】根據(jù)圖象可知交流電的最大值以及周期等物理量，然后進(jìn)一步可求出其瞬時值的表達(dá)式以及有效值等．【解析】【解答】解：A、由圖可知，T=2×10-2s，故f==50Hz；故A錯誤；

B、由圖象可知交流電的最大值為Um=311V，因此其有效值為：U==220V；故B錯誤；

C、線圈轉(zhuǎn)動的角速度為ω==314rad/s；故C錯誤；

D、Um=311V；所以其表達(dá)式為：u=311sin314t（V），故D正確；

故選：D．二、填空題(共7題，共14分)8、同種增大增大【分析】【分析】同種電荷相互排斥、異種電荷相互吸引；絲線與豎直方向的夾角增大，說明電荷間的作用力增大，故AB電荷間的庫侖力隨距離減小而增大．【解析】【解答】解：A球與B球相互排斥；說明A；B兩球帶同種電荷；

將A向右移近B；距離減小，靜電力增加，故可以觀察到絲線與豎直方向的夾角增加；

表明電荷間的作用力隨距離的減小而增大；

故答案為：同種，增大，增大．9、桌面高度h鋼球落地點(diǎn)與桌面邊緣的水平距離S【分析】【分析】（1）彈簧壓縮最短；儲存的彈性勢能最大，釋放小球后，小球在彈簧的彈力作用下加速，彈簧與小球系統(tǒng)機(jī)械能守恒，通過測量小球的動能來求解彈簧的最大彈性勢能，小球離開桌面后，做平拋運(yùn)動，根據(jù)平拋運(yùn)動的知識可以求平拋的初速度，根據(jù)以上原理確定待測量即可；

（2）根據(jù)平拋運(yùn)動的知識先求平拋的初速度，求出初動能就得到彈簧壓縮最短時儲存的彈性勢能大小．【解析】【解答】解：（1）釋放彈簧后；彈簧儲存的彈性勢能轉(zhuǎn)化為小球的動能。

Ep=mv2①；

故需測量最大速度；

小球接下來做平拋運(yùn)動；要測量初速度，還需要測量測量平拋的水平位移和高度；

故答案為：小球平拋運(yùn)動的水平位移s和高度h．

（2）對于平拋運(yùn)動，有：s=vt②，h=gt2③；

由①②③式可解得：Ep=

故答案為：（1）桌面高度h；鋼球落地點(diǎn)與桌面邊緣的水平距離s．

（2）10、3：30：5【分析】【分析】LC振蕩電路產(chǎn)生的振蕩電流是正弦式交變電流，頻率為f=．【解析】【解答】解：LC振蕩電路產(chǎn)生的振蕩電流頻率f=．

有甲、乙兩個LC振蕩電路，線圈的自感系數(shù)相同，甲的電容是乙的100倍，故甲、乙兩振蕩電路的振蕩頻率之比是

乙和丙的電容相同，丙線圈的電感是乙的36倍，故乙、丙兩振蕩電路的振蕩頻率之比是．

所以：f1：f2：f3=3：30：5

故答案為：3：30：511、1.5×10-4s1.35×-4s．【分析】【分析】由v=求出光在透明體中的傳播速度．當(dāng)光垂直A端面射入時，通過的光程最短，所用時間最短；光以接近平行于A端面的方向射入時，折射角最大為臨界角C，α最小，光在透明體里通過的光程最長，時間最長．由幾何知識求出光在透明體里通過的路程S，由t=解時間．【解析】【解答】解：光在透明體中的傳播速度為v==≈2.22×108m/s

垂直射入時，所用時間最短，為tmin=1.35×10-4s

近平行于A端面的方向射入時；折射角最大為臨界角C，α最小；

∵sinC=

光線恰好發(fā)生全反射，所需的時間最長，為tmax==1.5×-4s．

故答案為：1.5×10-4s；1.35×-4s．12、（1）（2）N>O>C（3）N=N=O22（4）H2O2(雙氧水或過氧化氫也可)sp3雜化極性（5）CuOCu2OCu2O中Cu的3d能級為全充滿狀態(tài)，較穩(wěn)定（6）8【分析】【分析】本題考查物質(zhì)結(jié)構(gòu)知識，涉及價(jià)電子排布圖、第一電離能、結(jié)構(gòu)式、共價(jià)鍵數(shù)目判斷、雜化軌道理論和晶胞計(jì)算等知識，難度一般。

【解答】rm{a}元素的基態(tài)原子核外rm{s}能級上的電子數(shù)是rm{p}能級上電子數(shù)的rm{2}倍，則rm{a}是碳元素；rm{c}元素所組成的單質(zhì)和氫化物中分別有一種具有漂白性，則rm{c}元素為氧元素，rm元素為氮元素；rmwkymau6是地殼中含量最高的金屬元素，則rmk86cqmq為鋁元素；rm{e}的正三價(jià)基態(tài)離子的rmycecqek能級為半充滿結(jié)構(gòu)，則rm{e}為鐵元素；rm{f}的基態(tài)原子最外層只有一個電子，且內(nèi)層電子排布均為全充滿結(jié)構(gòu)，則rm{f}為銅元素；元素的基態(tài)原子核外rm{a}能級上的電子數(shù)是rm{s}能級上電子數(shù)的rm{p}倍，則rm{2}是碳元素；rm{a}元素所組成的單質(zhì)和氫化物中分別有一種具有漂白性，則rm{c}元素為氧元素，rm{c}元素為氮元素；rm是地殼中含量最高的金屬元素，則rm6es8g86為鋁元素；rmi6w8o0k的正三價(jià)基態(tài)離子的rm{e}能級為半充滿結(jié)構(gòu)，則rmweagci8為鐵元素；rm{e}的基態(tài)原子最外層只有一個電子，且內(nèi)層電子排布均為全充滿結(jié)構(gòu)，則rm{f}為銅元素；

rm{f}為氮元素，原子核內(nèi)質(zhì)子數(shù)為rm{(1)b}為氮元素，原子核內(nèi)質(zhì)子數(shù)為rm{7}基態(tài)原子的價(jià)電子排布式為rm{2s}基態(tài)原子的價(jià)電子排布式為rm{(1)b}rm{7}rm{2s}rm{{,!}^{2}}rm{2p}故答案為：

rm{2p}rm{{,!}^{3}}，則價(jià)電子排布圖為三種元素的第一電離能呈增大的趨勢，但rm{(2)C}rm{N}rm{O}三種元素的第一電離能呈增大的趨勢，但rm{N}元素的rm{2p}軌道為半充滿結(jié)構(gòu)，相對穩(wěn)定，第一電離能大，則三種元素第一電離能由大到小的順序?yàn)閞m{N>O>C}元素的rm{(2)C}軌道為半充滿結(jié)構(gòu)，相對穩(wěn)定，第一電離能大，則三種元素第一電離能由大到小的順序?yàn)閞m{N}rm{O}rm{N}

rm{2p}原子核外價(jià)電子數(shù)為rm{N>O>C}故答案為：原子核外價(jià)電子數(shù)為rm{N>O>C}則rm{(3)N}原子核外價(jià)電子數(shù)為rm{5}rm{O}原子核外價(jià)電子數(shù)為rm{6}則rm{N}與rm{O}組成的有rm{16}個價(jià)電子的分子為rm{N}與rm{(3)N}組成的有rm{5}個價(jià)電子的分子為rm{O}rm{6}rm{N}其結(jié)構(gòu)式為rm{O}rm{16}因雙鍵中有一個是rm{N}鍵，另一個是rm{{,!}_{2}}鍵，則其分子中含rm{O}其結(jié)構(gòu)式為rm{N=N=O}rm{"}因雙鍵中有一個是rm{婁脪}鍵，另一個是rm{婁脨}鍵，則其分子中含rm{2}個rm{婁脪}鍵，rm{2}個rm{婁脨}鍵，個rm{O}鍵，rm{N=N=O}個rm{"}鍵，rm{婁脪}rm{婁脨}rm{2}rm{婁脪}

rm{2}的氫化物中，電子總數(shù)為rm{婁脨}的分子是故答案為：rm{N=N=O}rm{2}rm{2}rm{(4)O}的氫化物中，電子總數(shù)為rm{18}的分子是rm{H}個共價(jià)單鍵且含有兩個孤電子對，所以rm{(4)O}原子的雜化軌道形式為rm{18}rm{H}rm{{,!}_{2}}rm{O}rm{O}rm{{,!}_{2}}，分子中心原子氧原子含有rm{2}個共價(jià)單鍵且含有兩個孤電子對，所以rm{O}原子的雜化軌道形式為rm{sp}rm{2}rm{O}rm{sp}雜化；極性；

rm{{,!}^{3}}晶胞甲中，rm{H}原子數(shù)目為rm{H}rm{{,!}_{2}}rm{O}原子數(shù)目為rm{O}則化學(xué)式為rm{{,!}_{2}}晶胞乙中分子中正負(fù)電荷重心不重合，所以該分子屬于極性分子，原子數(shù)目為故答案為：rm{H_{2}O_{2}}rm{sp^{3}}rm{(5)}晶胞甲中rm{O}原子數(shù)目為rm{8隆脕dfrac{1}{8}}原子數(shù)目為rm{(5)}則化學(xué)式為rm{O}rm{8隆脕dfrac{1}{8}}rm{+4隆脕dfrac{1}{4}+2=4}rm{Cu}原子數(shù)目為rm{4}則化學(xué)式為rm{CuO}晶胞乙中rm{O}原子數(shù)目為rm{8隆脕}因rm{+4隆脕dfrac{1}{4}+2=4}rm{Cu}rm{4}中rm{CuO}的rm{O}能級為全充滿狀態(tài)，較穩(wěn)定，故高溫時，rm{8隆脕}易轉(zhuǎn)化為rm{dfrac{1}{8}}rm{+1=2}rm{Cu}原子數(shù)目為rm{4}則化學(xué)式為rm{Cu}rm{+1=2}rm{Cu}rm{4}rm{Cu}rm{{,!}_{2}}中rm{O}因rm{Cu}的rm{O}能級為全充滿狀態(tài)，較穩(wěn)定；rm{Cu}元素對應(yīng)的單質(zhì)在形成晶體時，采用如圖rm{{,!}_{2}}所示的堆積方式，則這種堆積模型為體心立方堆積，即在立方體的中心有一個鐵原子，與這個鐵原子距離最近的原子位于立方體的rm{O}中rm{Cu}的rm{3d}能級為全充滿狀態(tài)，較穩(wěn)定，故高溫時，rm{CuO}易轉(zhuǎn)化為rm{Cu}個頂點(diǎn)，所以鐵的配位數(shù)為rm{O}rm{Cu}rm{3d}每個立方體中含有的鐵原子數(shù)為rm{CuO}rm{Cu}rm{{,!}_{2}}每個立體體的質(zhì)量為rm{O}rm{O}如果故答案為：的原子半徑為rm{CuO}rm{Cu_{2}O}rm{Cu_{2}O}則立方體的邊長為rm{dfrac{4r隆脕{10}^{-10}}{sqrt{3}}cm}對應(yīng)的體積為rm{Cu}rm{dfrac{4r隆脕{10}^{-10}}{sqrt{3}}}rm{3d}rm{(6)Fe}元素對應(yīng)的單質(zhì)在形成晶體時，采用如圖rm{2}所示的堆積方式，則這種堆積模型為體心立方堆積，即在立方體的中心有一個鐵原子，與這個鐵原子距離最近的原子位于立方體的rm{8}個頂點(diǎn)，所以鐵的配位數(shù)為rm{8隆脕}rm{(6)Fe}rm{2}，所以鐵單質(zhì)的密度表達(dá)式為rm{dfrac{2隆脕56}{{N}_{A}(dfrac{4r隆脕{10}^{-10}}{sqrt{3}}{)}^{3}}}rm{8}rm{dfrac{2隆脕56}{{N}_{A}(dfrac{4r隆脕{10}^{-10}}{sqrt{3}}{)}^{3}}}rm{8隆脕}【解析】rm{(1)}rm{(2)N>O>C}rm{(3)N=N=O}rm{2}rm{2}rm{(4)H_{2}O_{2}(}雙氧水或過氧化氫也可rm{)}rm{sp^{3}}雜化極性rm{(5)CuO}rm{Cu_{2}O}rm{Cu_{2}O}中rm{Cu}的rm{3d}能級為全充滿狀態(tài)，較穩(wěn)定rm{(6)8}rm{dfrac{2隆脕56}{{N}_{A}(dfrac{4r隆脕{10}^{-10}}{sqrt{3}}{)}^{3}}}rm{dfrac{2隆脕56}{{N}_{A}(

dfrac{4r隆脕{10}^{-10}}{sqrt{3}}{)}^{3}}}13、略

【分析】解：(1)

設(shè)勻加速運(yùn)動的末速度為v

根據(jù)平均速度公式，勻加速運(yùn)動的位移為：x1=v2t1

勻減速運(yùn)動的位移為：x2=v2t2

總位移為：x=x1+x2=v2(t1+t2)=v2t

所以有：v=2xt=2隆脕126m/s=4m/s

．

根據(jù)勻變速直線運(yùn)動的速度位移公式v2鈭?v02=2ax1

得：a1=v22x1=422隆脕4m/s2=2m/s2

故物體在加速階段的加速度大小為0.5m/s2

．

減速階段，根據(jù)速度位移公式有：鈭?v2=2ax2

得：a2=0鈭?v22x2=0鈭?422隆脕8m/s2=鈭?1m/s2

故答案為：2鈭?1

物體由靜止開始做勻加速直線運(yùn)動，然后再做勻減速直線運(yùn)動，已知加速的位移和總位移，以及運(yùn)動總時間求加速和減速運(yùn)動的加速度和物體運(yùn)動的最大速度，主要根據(jù)勻變速直線運(yùn)動的平均速度v爐=xt=v+v02

根據(jù)相應(yīng)關(guān)系求解即可．

解決本題的關(guān)鍵掌握勻變速直線運(yùn)動的平均速度v爐=xt=v+v02

本題用平均速度的方法解決比較方便．【解析】2鈭?1

14、0【分析】【分析】分別兩兩進(jìn)行合成，若合力的范圍，出現(xiàn)重疊，則四個力的合力的最小值為零．【解析】【解答】解：2N；3N兩個力的合力范圍為1N≤F≤5N；4N、6N兩個力的合力范圍為2N≤F≤10N；

兩級合力范圍出現(xiàn)重疊現(xiàn)象；則合力最小值為0．

故答案為：0．三、判斷題(共6題，共12分)15、√【分析】【分析】人們熟悉的物質(zhì)狀態(tài)（又稱相）為氣、液、固，較為生疏的是電漿和液晶，液晶像液體一樣可以流動，又具有某些晶體結(jié)構(gòu)特征的一類物質(zhì)．液晶是介于液態(tài)與結(jié)晶態(tài)之間的一種物質(zhì)狀態(tài)．【解析】【解答】解：液晶像液體一樣可以流動；又具有某些晶體結(jié)構(gòu)特征的一類物質(zhì)，所以液晶分子在特定方向排列比較整齊，但不穩(wěn)定．故該說法是正確的．

故答案為：√16、×【分析】【分析】懸浮在液體（或氣體）中固體小顆粒的無規(guī)則運(yùn)動是布朗運(yùn)動，固體顆粒越小、液體（或氣體）溫度越高，布朗運(yùn)動越明顯；布朗運(yùn)動是液體（或氣體）分子無規(guī)則運(yùn)動的反應(yīng)．【解析】【解答】解：較大的顆粒不做布朗運(yùn)動是因?yàn)楦w粒碰撞的分子數(shù)較多；多方面的撞擊導(dǎo)致受力平衡．因?yàn)楦鱾€方向的分子沖擊力比較均衡，所以不易改變大顆粒的運(yùn)動狀態(tài)，不是因?yàn)榉肿拥臎_擊力?。砸陨系恼f法是錯誤的．

故答案為：×．17、×【分析】【分析】液晶像液體一樣可以流動，又具有某些晶體結(jié)構(gòu)特征的一類物質(zhì)．液晶是介于液態(tài)與結(jié)晶態(tài)之間的一種物質(zhì)狀態(tài)；液晶在外加電壓的影響下并不發(fā)光，而是由于液晶通電時，排列變得有秩序，使光線容易通過．【解析】【解答】解：液晶在外加電壓的影響下并不發(fā)光；而是由于液晶通電時，排列變得有秩序，使光線容易通過．所以該說法是錯誤的．

故答案為：×18、√【分析】【分析】根據(jù)牛頓第一定律，力是改變物體運(yùn)動狀態(tài)的原因，而物體的運(yùn)動狀態(tài)發(fā)生改變，則物體的加速度a不為0，故力是產(chǎn)生加速度的原因．【解析】【解答】解：根據(jù)牛頓第一定律；力是改變物體運(yùn)動狀態(tài)的原因，而物體的運(yùn)動狀態(tài)發(fā)生改變，一定受到外力的作用．以上說法是正確的；

故答案為：√19、√【分析】【分析】根據(jù)核反應(yīng)的種類可知，太陽輻射的能量是核聚變反應(yīng)．【解析】【解答】解：太陽輻射的能量主要來源于輕核聚變．所以以上的說法是正確的．

故答案為：√20、×【分析】【分析】永磁體在受到加熱或敲打后，磁性會減弱或消失，這種現(xiàn)象叫退磁．鐵磁性的物質(zhì)與磁鐵接觸后會顯示出磁性，這種現(xiàn)象叫磁化．【解析】【解答】解：永磁體在受到加熱或敲打后；磁性會減弱或消失，這種現(xiàn)象叫退磁．所以這種說法是錯誤的．

故答案為：（×）四、計(jì)算題(共3題，共15分)21、略

【分析】【解析】

試題分析：（1）燈泡L正常發(fā)光

2分。

（2）外電壓：2分。

電源的輸出功率：2分。

（3）電動機(jī)兩端的電壓2分。

電動機(jī)的輸出功率2分。

考點(diǎn)：本題考查了電功率的計(jì)算；

點(diǎn)評：對于電動機(jī)電路，要正確區(qū)分是純電阻電路還是非純電阻電路：當(dāng)電動機(jī)正常工作時，是非純電阻電路；當(dāng)電動機(jī)被卡住不轉(zhuǎn)時，是純電阻電路．【解析】【答案】（1）1A（2）7.5W（3）3W22、略

【分析】

(1)

對整個過程；運(yùn)用動能定理列式，可求得小物塊在水平面上滑行的距離s

．

(2)

當(dāng)恒力垂直于斜面的分力小于等于重力沿斜面的分力時小物塊不離開斜面.

由此解答．

本題涉及力的空間的積累效果，要優(yōu)先考慮動能定理，運(yùn)用動能定理時要靈活選取研究的過程，本題也可以采用分段法列式研究．【解析】解：(1)

小物塊從A

點(diǎn)開始沿ABC

路徑運(yùn)動到C

停止的過程中；由動能定理可得。

Fs0cos婁脠+mgs0sin婁脠鈭?fs0鈭?婁脤mgs=0

又f=婁脤FN

FN+Fsin婁脠=mgcos婁脠

代入數(shù)據(jù)解得s=4.7m

(2)

若小物塊不離開斜面；根據(jù)題意有。

Fsin37鈭?鈮?mgcos37鈭?

代入數(shù)據(jù)解得F鈮?40N

即恒力的最大值為40N

．

答：

(1)

小物塊在水平面上滑行的距離s

是4.7m

．

(2)

為確保小物塊不離開斜面，該恒力的最大值為40N

．23、略

【分析】【分析】設(shè)初速度為v0，加速度為a，根據(jù)勻減速直線運(yùn)動的基本公式聯(lián)立方程即可求解．【解析】【解答】解：設(shè)初速度為v0；加速度大小為a，則速度恰好減為初速度的一半的過程中有：

；

后一半過程中有：

帶入數(shù)據(jù)解得：v0=2m/s，a=-0.05m/s2，t1=20s

所以總時間為：t=t1+t2=40s

總位移為：

答：（1）火車關(guān)閉發(fā)動機(jī)時的初速度v0為2m/s；

（2）滑行的總時間t為40s；

（3）總位移x為40m．五、識圖作答題(共4題，共16分)24、（1）①

（2）“雌性”

（3）乳腺蛋白基因使人血清白蛋白基因能在乳腺細(xì)胞中得到表達(dá)

（4）相同它們來自同一個受精卵有絲分裂

（5）胰蛋白酶（或膠原蛋白酶）添加抑制因子【分析】【分析】本題考查動物細(xì)胞培養(yǎng)、基因工程、核移植等的相關(guān)知識，意在考查考生能理解所學(xué)知識的要點(diǎn)，把握知識間的內(nèi)在聯(lián)系；理論聯(lián)系實(shí)際，綜合運(yùn)用所學(xué)知識解決自然界和社會生活中的一些生物學(xué)問題的能力和從題目所給的圖形中獲取有效信息的能力。【解答】（1）將人體血清白蛋白基因?qū)搿按菩阅膛Ｅ咛ァ钡募?xì)胞中，形成重組細(xì)胞①，進(jìn)行的是基因工程的導(dǎo)入程序，原理是基因重組，因此重組細(xì)胞①和②中①實(shí)現(xiàn)了基因的重組。（2）在實(shí)驗(yàn)過程a中要選擇雌性奶牛的胚胎，目的是雌性轉(zhuǎn)基因牛進(jìn)入泌乳期后，可以從其乳汁中獲得血清白蛋白。（3）實(shí)驗(yàn)過程a人血清白蛋白基因需要與乳腺蛋白基因的啟動子等調(diào)控組件重組在一起，選擇這些調(diào)控組件的目的是使人血清白蛋白基因能在乳腺細(xì)胞中得到表達(dá)。（4）若將早期胚胎分離成若干個胚胎細(xì)胞，讓其分別發(fā)育成小牛，這些小牛的基因型相同，原因是它們來自同一個受精卵。（5）運(yùn)用細(xì)胞培養(yǎng)技術(shù)可以從哺乳動物的早期胚胎中獲得胚胎干細(xì)胞（ES細(xì)胞），培養(yǎng)如下：早期胚胎→內(nèi)細(xì)胞團(tuán)→胚胎干細(xì)胞。在培養(yǎng)過程中，可以用胰蛋白酶（或膠原蛋白酶）處理內(nèi)細(xì)胞團(tuán)，使之分散成單個細(xì)胞。在飼養(yǎng)層上培養(yǎng)或在添加抑制因子培養(yǎng)液中可維持細(xì)胞(只增殖)不分化狀態(tài)?！窘馕觥浚?）①

（2）“雌性”（3）乳腺蛋白基因使人血清白蛋白基因能在乳腺細(xì)胞中得到表達(dá)（4）相同它們來自同一個受精卵有絲分裂（5）胰蛋白酶（或膠原蛋白酶）添加抑制因子25、（1）F＞C＝A

（2）＜0

（3）k-vmol

（4）蘋果酸經(jīng)脫羧作用釋放的和呼吸作用產(chǎn)生的A基本不變B下降植物的細(xì)胞呼吸速率小于光合作用速率【分析】【分析】

本題考查光合作用和呼吸作用的相關(guān)知識，意在考查學(xué)生能運(yùn)用所學(xué)知識與觀點(diǎn)，通過比較、分析與綜合等方法對某些生物學(xué)問題進(jìn)行解釋、推理，做出合理的判斷或得出正確的結(jié)論?！窘獯稹浚?）據(jù)圖分析，圖中A點(diǎn)呼吸速率（CO2釋放速率）為8mg/dm2·h，根據(jù)題意，C、F時間所合成的葡萄糖速率相等，均為30mg/dm2·h，即總光合作用吸收CO2速率為mg/dm2·h，據(jù)圖分析可知，圖中，C點(diǎn)凈光合作用吸收CO2速率為36mg/dm2·h，F(xiàn)點(diǎn)凈光合作用吸收CO2速率為32，則C、F兩點(diǎn)的呼吸強(qiáng)度（CO2釋放速率）分別為44-36=8mg/dm2·h、44-32=12mg/dm2·h，所以A、C、F三點(diǎn)的呼吸強(qiáng)度的比較結(jié)果是F＞C＝A。（2）據(jù)圖分析，圖乙中光照強(qiáng)度為b時，葉肉細(xì)胞CO2釋放量大于0，說明該葉肉細(xì)胞光合作用速率小于呼吸作用速率，光照強(qiáng)度為c時，葉肉細(xì)胞O2產(chǎn)生總量與呼吸作用CO2釋放量相同，即光合速率等于呼吸速率，即單位時間內(nèi)該葉肉細(xì)胞從周圍吸收0單位CO2。（3）某同學(xué)研究甲湖泊中x深度生物光合作用和有氧呼吸。具體操作如下：取三個相同的透明玻璃瓶a、b、c，將a先包以黑膠布，再包以鉛箔。用a、b、c三瓶從待測水體深度取水，測定瓶中水內(nèi)氧容量。將a瓶、b瓶密封再沉入待測水體深度，經(jīng)24小時取出，測兩瓶氧含量，結(jié)果如圖丙。則24小時待測深度水體中生物光合作用制造的氧氣量是每瓶k-vmol。

（4）根據(jù)題意，景天科植物A有一個很特殊的CO2同化方式：夜間氣孔開放，吸收的CO2生成蘋果酸儲存在液泡中（如下圖一所示）；白天氣孔關(guān)閉，液泡