2025年冀教版選修3物理上冊月考試卷含答案

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年冀教版選修3物理上冊月考試卷含答案考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五總分得分評卷人得分一、選擇題(共8題，共16分)1、下列關(guān)于布朗運動的說法中正確的是A.布朗運動是指在顯微鏡下觀察到的組成懸浮顆粒的固體分子的無規(guī)則運動；B.布朗運動是指在顯微鏡下觀察到的懸浮固體顆粒的無規(guī)則運動；C.布朗運動是指液體分子的無規(guī)則運動；D.布朗運動是指在顯微鏡下直接觀察到的液體分子的無規(guī)則運動。2、如圖所示；兩平行金屬板中有相互垂直的勻強電場和勻強磁場，一個α粒子從兩板正中央垂直電場；磁場入射，它在金屬板間運動軌跡如圖中曲線所示，則在α粒子飛躍金屬板間區(qū)域過程中（）

A.α粒子的動能增大B.α粒子的電勢能增大C.電場力對α粒子做負功D.磁場力對α粒子做負功3、如圖所示，兩個頻率、振動方向、初始相位均相同的波源是兩個相干波源，由它們發(fā)出的波相互疊加，實線表示波峰，虛線表示波谷．則下列對三點振動情況的判斷中；正確的是（）

A.處始終是波峰與波峰相遇B.處的振動始終互相減弱C.處的振動既不增強也不減弱D.處的振動始終互相減弱4、“回熱式熱機”的熱循環(huán)過程可等效為如圖所示a→b→c→d→a的曲線，一定質(zhì)量的理想氣體在a→b、c→d為等溫過程，b→c、d→a為等容過程；則（）

A.a狀態(tài)氣體分子平均動能比c狀態(tài)小B.a狀態(tài)下單位時間與器壁單位面積碰撞的氣體分子數(shù)與d狀態(tài)相同C.a→b的過程氣體放出熱量D.在一次循環(huán)過程中，氣體從外界吸收的熱量大于放出的熱量。5、北半球地磁場的豎直分量向下．如圖所示，在北京某中學(xué)實驗室的水平桌面上，放置邊長為L的正方形閉合導(dǎo)體線圈abcd，線圈的ab邊沿南北方向；ad邊沿東西方向．下列說法中正確的是（）

A.若使線圈向東平動，則b點的電勢比a點的電勢低B.若使線圈向北平動，則a點的電勢比b點的電勢低C.若以ab為軸將線圈向上翻轉(zhuǎn)，則線圈中感應(yīng)電流方向為a→d→c→d→aD.若以ab為軸將線圈向上翻轉(zhuǎn)，則線圈中感應(yīng)電流方向為a→b→c→d→a6、如圖；一理想變壓器原副線圈的匝數(shù)比為1：2；副線圈電路中接有燈泡，燈泡的額定電壓為220V，額定功率為22W；原線圈電路中接有電壓表和電流表．現(xiàn)閉合開關(guān)，燈泡正常發(fā)光．若用U和I分別表示此時電壓表和電流表的讀數(shù)，則。

A.U=110V，I=0.2AB.U=110V，I=0.05AC.U=110V，I=0.2AD.U=110V，I=0.2A7、如圖所示，圖中虛線為某靜電場中的等差等勢線，實線為某帶電粒子在該靜電場中運動的軌跡，a、b；c為粒子的運動軌跡與等勢線的交點；粒子只受電場力作用，下列說法正確的是（）

A.a點的電勢高于b點的電勢B.粒子在a點的加速度比在b點的加速度小C.粒子在a點的動能比在b點的動能大D.粒子在b點的電勢能比在c點時的電勢能小8、如圖所示，用“電流表內(nèi)接”的方法測量Rx阻值；測量出的阻值大于電阻的真實值,分析誤差產(chǎn)生的原因是。

A.電壓表測量值大于Rx兩端的電壓值B.電壓表測量值小于Rx兩端的電壓值C.電流表測量值大于流經(jīng)Rx的電流值D.電流表測量值小于流經(jīng)Rx的電流值評卷人得分二、多選題(共7題，共14分)9、如圖所示，虛線EF的下方存在著正交的勻強電場和勻強磁場，電場強度為E，磁感應(yīng)強度為B.一帶電微粒自離EF為h的高處由靜止下落，從B點進入場區(qū)，做了一段勻速圓周運動，從D點射出.下列說法正確的是（）

A.A；電場力的方向一定豎直向上。

B.微粒做圓周運動的半徑為B.微粒做圓周運動的半徑為C.從B點運動到D點的過程中微粒的電勢能和動能之和先增大后減小D.10、下列四幅圖對應(yīng)的說法中正確的有_________。

A.圖甲是玻璃管插入某液體中的情形，表明該液體能夠浸潤玻璃B.圖乙是干濕泡溫度計，若發(fā)現(xiàn)兩溫度計的讀數(shù)差正在變大，說明空氣相對濕度正在變大C.圖丙中玻璃管鋒利的斷口在燒熔后變鈍，原因是玻璃是非晶體加熱后變成晶體E.液體浸潤細管壁或者不浸潤細管壁都能產(chǎn)生毛細現(xiàn)象E.液體浸潤細管壁或者不浸潤細管壁都能產(chǎn)生毛細現(xiàn)象11、一定質(zhì)量的理想氣體從狀態(tài)A變化到狀態(tài)B，其圖像如圖所示。已知的反向延長線過原點，則在這一過程中（）

A.氣體對外做功B.氣體對外不做功C.氣體吸收的熱量小于增加的內(nèi)能D.氣體吸收的熱量等于增加的內(nèi)能12、如圖所示；向一個空的鋁制飲料罐中插入一根粗細均勻透明吸管，接口用蠟密封，在吸管內(nèi)引入一小段油柱（長度可忽略）。如果不計大氣壓的變化，該裝置就是一支簡易的氣溫計。關(guān)于該氣溫計的說法正確的是（）

A.氣溫計刻度是均勻的，左大右小B.讀數(shù)變大過程，罐中氣體壓強增大C.讀數(shù)變大過程，罐中氣體對外做功，內(nèi)能增大D.讀數(shù)變小過程，罐中氣體放出的熱量大于外界對其做的功13、下列說法正確的是____A.一定質(zhì)量的0℃冰熔化成0℃水，其分子勢能減少B.用NA表示阿伏加德羅常數(shù)，M表示銅的摩爾質(zhì)量，表示實心銅塊的密度，那么銅塊中一個銅原子所占空間的體積可表示為C.脫脂棉脫脂的目的在于使它從不被水浸潤變?yōu)榭梢员凰?，以便吸取藥液E.恒溫水池中，小氣泡由底部緩慢上升過程中，氣泡中的理想氣體內(nèi)能不變，對外做功，吸收熱量E.恒溫水池中，小氣泡由底部緩慢上升過程中，氣泡中的理想氣體內(nèi)能不變，對外做功，吸收熱量14、兩粗細相同的同種金屬電阻絲的電流I和電壓U的關(guān)系圖象如圖所示；可知。

A.兩電阻的大小之比為1B.兩電阻的大小之比為3C.兩電阻絲長度之比為3D.兩電阻絲長度之比為115、如圖所示，兩根間距為d的光滑金屬導(dǎo)軌，平行放置在傾角為的斜面上，導(dǎo)軌的右端接有電阻R，整個裝置放在磁感應(yīng)強度大小為B的勻強磁場中，磁場方向與導(dǎo)軌平面垂直．導(dǎo)軌上有一質(zhì)量為m、電阻也為R的金屬棒與兩導(dǎo)軌垂直且接觸良好，金屬棒以一定的初速度v0在沿著導(dǎo)軌上滑一段距離L后返回，不計導(dǎo)軌電阻及感應(yīng)電流間的相互作用．下列說法正確的是（））

A.導(dǎo)體棒返回時先做加速運動，最后做勻速直線運動B.導(dǎo)體棒沿著導(dǎo)軌上滑過程中通過RC.的電量導(dǎo)體棒沿著導(dǎo)軌上滑過程中克服安培力做的功D.導(dǎo)體棒沿著導(dǎo)軌上滑過程中電阻R上產(chǎn)生的熱量評卷人得分三、填空題(共9題，共18分)16、在電解液中，(1)若5s內(nèi)沿相反方向通過某截面的正、負離子的電荷量均為5C，則電解液中的電流為_______A；(2)若5s內(nèi)到達陽極的負離子和到達陰極的正離子均為5C，則電流為_______A．17、一定量的理想氣體從狀態(tài)開始，經(jīng)歷等溫或等壓過程回到原狀態(tài)，其圖像如圖所示。其中對角線的延長線過原點氣體從狀態(tài)變化到狀態(tài)的過程，氣體對外做的功___________（選填“大于”、“等于”或“小于”）氣體從外界吸收的熱量。氣體在狀態(tài)的體積___________（選填“大于”、“等于”或“小于”）氣體在狀態(tài)的體積。氣體從狀態(tài)變化到狀態(tài)外界對氣體做的功___________（選填“大于”、“等于”或“小于”）氣體從狀態(tài)變化到狀態(tài)氣體對外界做的功。

18、如圖所示，一定質(zhì)量的理想氣體在狀態(tài)A時壓強為經(jīng)歷A→B→C→A的過程，C→A過程中，氣體壓強______（填“增加”、“減小”或“不變”）；整個過程中與外界交換的熱量相當于放出61.4J。該氣體在A→B過程中對外界所做的功為______J。

19、如圖所示，一邊長為0.1m的單匝正方形線圈從左側(cè)勻速進入勻強磁場，磁場的磁感應(yīng)度B＝2T．從ab邊開始進入磁場至cd邊恰好進入磁場的過程中，線圈的磁通量變化了________Wb；若上述過程所經(jīng)歷的時間為0.2s，則線圈中產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢為________V.

20、已知地球大氣層的厚度h遠小于地球半徑R，空氣平均摩爾質(zhì)量為M，阿伏加德羅常數(shù)為NA，地面大氣壓強為P0，重力加速度大小為g.由此可以估算出，地球大氣層空氣分子總數(shù)為________，空氣分子之間的平均距離為________．21、一列波沿x軸正方向傳播的簡諧波，在t=0時刻的波形圖如圖所示，已知這列波在P出現(xiàn)兩次波峰的最短時間是0.4s；根據(jù)以上可知：

(1)這列波的波速是____m/s；

(2)再經(jīng)過___s質(zhì)點R才能第一次到達波峰；

(3)這段時間里R通過的路程為___cm。22、如圖所示，兩端開口的圓筒內(nèi)嵌有一凸透鏡，透鏡主光軸恰好與圓筒中軸線重合。為了測出該透鏡的焦距以及透鏡在圓筒內(nèi)的位置，小李同學(xué)做如下實驗：在圓筒左側(cè)凸透鏡的主光軸上放置一點光源S，在圓筒右側(cè)垂直凸透鏡的主光軸固定一光屏，點光源S與光屏的距離為L。左右移動圓筒，當圓筒左端面距離點光源S為a時，恰好在光屏上成一個清晰的像；將圓筒向右水平移動距離b，光屏上又出現(xiàn)了一個清晰的像。則凸透鏡和圓筒左端面的距離x為____________，該透鏡的焦距f為__________。

23、如圖所示，在光滑的水平面上放置一質(zhì)量為m的小車，小車上有一半徑為R的光滑的弧形軌道，設(shè)有一質(zhì)量為m的小球，以v0的速度，方向水平向左沿圓弧軌道向上滑動，達到某一高度h后，又沿軌道下滑，試求h=______，小球剛離開軌道時的速度為______．24、質(zhì)量為m1=0.1kg的物塊A在光滑的水平面上以0.3m/s的速率向右運動,恰遇上質(zhì)量m2=0.5kg的物塊B以0.1m/s的速率向左運動,兩物塊正碰后,物塊B恰好停止,那么碰撞后物塊A的速度大小是____,方向____(填“向左”或“向右”)評卷人得分四、作圖題(共3題，共9分)25、如圖所示，甲、乙是直線電流的磁場，丙、丁是環(huán)形電流的磁場，戊、己是通電螺線管的磁場，試在各圖中補畫出電流方向或磁感線方向．

26、示波管的內(nèi)部結(jié)構(gòu)如圖所示．如果在偏轉(zhuǎn)電極XX/、YY/之間都沒有加電壓，電子束將打在熒光屏中心．如果在偏轉(zhuǎn)電極XX/之間和YY/之間分別加上如圖所示的電壓，請畫出熒光屏上出現(xiàn)的完整掃描波形圖．

27、圖中表示某一時刻的波形圖，已知波速為0.5m/s，波沿著x軸的正方向傳播；畫出經(jīng)過7s后的波形曲線。

評卷人得分五、實驗題(共3題，共12分)28、在“測定金屬絲電阻率”的實驗中需要測出其長度L；直徑d和電阻R

（1）用螺旋測微器測金屬絲直徑時讀數(shù)如圖甲，則金屬絲的直徑為_____mm．

（2）若用圖乙測金屬絲的電阻，則測量結(jié)果將比真實值_____．（選填“偏大”或“偏小”）

（3）用電壓表和電流表測金屬絲的電壓和電流時讀數(shù)如圖丙、丁，則電壓表的讀數(shù)為_____V，電流表的讀數(shù)為_____A．29、如圖所示為某同學(xué)曾經(jīng)組裝好的一只歐姆表．各元件的參數(shù)有部分已經(jīng)看不清楚；但知道電源的電動勢大約為3V；內(nèi)阻很小可忽略，微安表的滿偏電流為300μA、內(nèi)阻未知．他想利用該裝置比較準確地測量電源的電動勢和微安表的內(nèi)阻．

實驗步驟如下：

①將R調(diào)到最大值；歐姆表的兩表筆用導(dǎo)線短接；

②將電阻箱阻值調(diào)到R；記錄此時微安表的示數(shù)Ⅰ；

③重復(fù)第②步；得到六組數(shù)據(jù)；

④以R為橫坐標，為縱坐標，描點連線后得到一條傾斜的直線．進一步求出該直線的斜率為0.34V－1，縱截距為2.00×102A－1．

(1)根據(jù)以上信息，電源的電動勢為_____________；微安表的內(nèi)阻為_____________(結(jié)果保留三位有效數(shù)字)．

(2)實驗中使用的電阻箱為_____________．

A.最大阻值為9999ΩB.最大阻值為99999Ω30、李華同學(xué)用圖甲所示裝置探究一定質(zhì)量的氣體等溫變化的規(guī)律。

（1）關(guān)于該實驗下列說法正確的是_____。

A．應(yīng)快速推拉柱塞。

B．為方便推拉柱塞；應(yīng)用手握緊注射器再推拉柱塞。

C．注射器旁的刻度尺只要刻度分布均勻即可；可以不標注單位。

D．為保證封閉氣體的氣密性；應(yīng)在柱塞與注射器壁間涂上潤滑油。

（2）測得多組空氣柱的壓強p和體積V的數(shù)據(jù)后，為直觀反映壓強與體積之間的關(guān)系，以p為縱坐標，以為橫坐標在坐標系中描點作圖。某小組用上述方法作出的圖線如圖乙所示，圖像出現(xiàn)彎曲的原因可能是_______。

A．實驗過程中注射器漏氣了。

B．實驗過程中注射器進氣了。

C．實驗過程溫度溫度升高了。

（3）為了更準確地測出氣體的壓強，李華改用如圖丙實驗裝置來進行研究，若考慮到連接注射器與傳感器的軟管內(nèi)氣體體積不可忽略，則封閉氣體的真實體積為下列圖像中可以正確反應(yīng)p、V關(guān)系的是_______。

參考答案一、選擇題(共8題，共16分)1、B【分析】【詳解】

布朗運動是在顯微鏡下觀察到的懸浮微粒的無規(guī)則運動，而組成小顆粒的分子有成千上萬個，顆粒的運動是大量分子集體的運動，并不是顆粒分子的無規(guī)則運動，布朗運動是液體分子無規(guī)則運動的反映。故ACD錯誤，B正確。2、A【分析】【分析】

【詳解】

對α粒子在電場、磁場中進行受力分析，受到豎直向上的洛倫茲力和豎直向下的電場力．運動過程中，洛倫茲力不做功，由圖中給出的α粒子的運動軌跡可知電場力對其做正功，因此α粒子的電勢能減?。儆蓜幽芏ɡ砜芍亮Ｗ拥膭幽茉龃螅虼薃正確、BCD錯誤．3、D【分析】A：處是振動加強點；該點位移也是呈周期性變化，不會總是波峰與波峰相遇，故A項錯誤。

B：處是波谷與波谷相遇；振動加強點永遠加強，故B錯誤；

CD：處是振動減弱點；其位移永遠為零，振動能量永遠減弱，故C錯誤，D正確．

點睛：波干涉的條件：兩列波(源)的頻率以及振動方向必須相同并且有固定的相位差。如果兩列波的頻率不同或者兩個波源沒有固定的相位差(相差)，相互疊加時波上各個質(zhì)點的振幅是隨時間而變化的，沒有振動總是加強或減弱的區(qū)域，因而不能產(chǎn)生穩(wěn)定的干涉現(xiàn)象，不能形成干涉圖樣。4、D【分析】【分析】

【詳解】

A．根據(jù)氣態(tài)方程。

a狀態(tài)氣體分子的溫度比c狀態(tài)大，故a狀態(tài)氣體分子平均動能比c狀態(tài)大；A錯誤；

B．d→a為等容過程，根據(jù)氣態(tài)方程可知，a狀態(tài)氣體分子的溫度比c狀態(tài)大，故a狀態(tài)下單位時間與器壁單位面積碰撞的氣體分子數(shù)與d狀態(tài)不相同；B錯誤；

C．a(chǎn)→b為等溫過程；體積增大，故氣體吸收熱量，C錯誤；

D．根據(jù)。

可知，壓強體積圖像包圍的面積表示做功，由于a→b過程中氣體對外界做功，c→d的過程外界對氣體做功；根據(jù)面積關(guān)系可知，整個過程中氣體對外界做功，即。

而整個過程中。

根據(jù)熱力學(xué)第一定律。

可知。

即氣體吸熱；故在一次循環(huán)過程中，氣體從外界吸收的熱量大于放出的熱量，D正確。

故選D。5、D【分析】【分析】

首先要明確磁場方向；我省位于北半球，地磁場的豎直分量向下．線圈運動時，切割磁感線，產(chǎn)生感應(yīng)電動勢，由右手定則判斷電勢高低和感應(yīng)電流方向．當線圈轉(zhuǎn)動時，根據(jù)楞次定律判斷感應(yīng)電流方向．

【詳解】

北京位于北半球，地磁場的豎直分量向下．若使線圈向東平動，地磁場的豎直分量向下，由右手定則判斷可知，a點的電勢比b點的電勢低，A錯誤；若使線圈向北平動，地磁場的豎直分量向下，線圈的磁通量沒有變化，沒有感應(yīng)電流產(chǎn)生，ab沒有切割磁感線，不產(chǎn)生感應(yīng)電動勢，a點的電勢與b點的電勢相等，B錯誤；若以ab為軸將線圈向上翻轉(zhuǎn)，地磁場的豎直分量向下，線圈的磁能量減小，根據(jù)楞次定律判斷則知線圈中感應(yīng)電流方向為abcda；C錯誤D正確．

【點睛】

本題運用右手定則和楞次定律判斷電勢高低和感應(yīng)電流方向，關(guān)鍵明確兩個條件：一是磁場的方向，二是磁通量的變化情況．6、A【分析】【詳解】

燈正常發(fā)光時，加在燈兩端的電壓為220V，流過燈的電流I=0.1A，根據(jù)可知電壓表讀數(shù)根據(jù)可得電流表示數(shù)

A.答案與解析相符；選項A符合題意；

BCD.答案與解析不相符，選項BCD不符合題意；7、D【分析】由于粒子性質(zhì)和電場方向未知，故不能判斷電勢高低，A錯誤；因a點處的等勢面密集，故a點的電場強度大，故電荷在a點受到的電場力大于b點受到的電場力，結(jié)合牛頓第二定律可知，粒子在a點的加速度比在b點的加速度大，B錯誤；由粒子運動的軌跡彎曲的方向可知，粒子受到的電場力指向右側(cè)，則從a到b電場力做正功，粒子動能增大，b點的動能大于a點的動能，粒子受到的電場力指向右側(cè)，則從b到c電場力做負功，粒子的電勢能增大，所以粒子在b點的電勢能比在c點時的電勢能?。籆錯誤D正確；

【點睛】本題中解題的關(guān)鍵在于曲線的彎曲方向的判斷，應(yīng)掌握根據(jù)彎曲方向判斷受力方向的方法：即合力總是指向軌跡的內(nèi)側(cè)；本題中告訴的是等勢面，很多同學(xué)由于思維定勢當成了電場線從而出現(xiàn)錯解。8、A【分析】A、電壓表測量的是安培表和電阻二者電壓之和，即電壓表測量值大于兩端的電壓值；故選項A正確，選項B錯誤；

C、由于電流表與串聯(lián)，故二者電流相等，即電流表測量值等于流經(jīng)Rx的電流值，故選項CD錯誤。二、多選題(共7題，共14分)9、A:B:D【分析】【分析】

帶電微粒進入正交的勻強電場和勻強磁場中；受到重力；電場力和洛倫茲力而做勻速圓周運動，可知電場力與重力平衡．由洛倫茲力提供向心力，可求出微粒做圓周運動的半徑．根據(jù)電場力做功正負，判斷電勢能的變化；由能量守恒判斷兩個能量之和的變化．

【詳解】

A；由題；帶電微粒進入正交的勻強電場和勻強磁場中做勻速圓周運動，電場力與重力必定平衡，則微粒受到的電場力的方向一定豎直向上;故A正確.

B、由平衡知識有：mg=qE①

由洛倫茲力提供向心力，則有：②

又③

聯(lián)立三式得，微粒做圓周運動的半徑為：故B正確.

C、由于電場力方向豎直向上，則微粒從B點運動到D點的過程中；電場力先做負功后做正功，則其電勢能先增大后減小;故C錯誤.

D；根據(jù)能量守恒定律得知：微粒在運動過程中電勢能、動能、重力勢能三者之和一定；因重力勢能先減小后增大，則知微粒的電勢能和動能之和先增大后減?。还蔇正確.

故選ABD.

【點睛】

本題解題關(guān)鍵是分析微粒做勻速圓周運動的受力情況，根據(jù)合力提供向心力進行判斷．10、A:D:E【分析】【分析】

【詳解】

A．液體在毛細管中上升；為液體能夠浸潤玻璃，故A正確；

B．干濕泡溫度計讀數(shù)差越大說明濕泡蒸發(fā)較快；空氣較干燥，相對濕度變小，故B錯誤；

C．玻璃為非晶體；熔化再凝固仍為非晶體，其原因時熔化后液體的表面張力使玻璃管變鈍，故C錯誤；

D．液體表面張力形成的原因是液體表面層的分子間距離大于液體內(nèi)部分子間的距離；故D正確；

E．液體浸潤細管壁或者不浸潤細管壁都能產(chǎn)生毛細現(xiàn)象；故E正確；

故選ADE。11、B:D【分析】【詳解】

AB．根據(jù)圖像可知氣體是等容變化；因此氣體對外不做功，A錯誤，B正確；

CD．氣體從狀態(tài)A變化到狀態(tài)B溫度升高，內(nèi)能增大，因氣體對外不做功，根據(jù)熱力學(xué)第一定律可得

C錯誤；D正確。

故選BD。12、C:D【分析】【詳解】

A．由題意可知，罐內(nèi)氣體做等壓變化，由蓋?呂薩克定律可知；當罐內(nèi)氣體溫度升高時，氣體的體積增大，吸管內(nèi)的油柱向右移動，則吸管上的溫度刻度值左小右大，A錯誤；

B．吸管內(nèi)的油柱受內(nèi)外氣壓的作用處于平衡狀態(tài)；所以溫度升高時，即讀數(shù)變大過程，罐中氣體做等壓變化，壓強不變，B錯誤；

C．讀數(shù)變大過程，罐內(nèi)氣體溫度升高，內(nèi)能增大，由熱力學(xué)第一定律可知，則氣體對外做功W小于氣體向外界吸收的熱量Q；C正確；

D．讀數(shù)變小過程，罐內(nèi)氣體溫度降低，內(nèi)能減小，由熱力學(xué)第一定律可知；因此罐中氣體放出的熱量大于外界對其做的功，D正確。

故選CD。13、B:C:E【分析】【分析】

【詳解】

A．一定質(zhì)量的0℃冰熔化成0℃水；需要吸收熱量，內(nèi)能增加，而溫度不變分子平均動能不變，所以分子勢能增加，選項A錯誤；

B．NA表示阿伏加德羅常數(shù)，M表示銅的摩爾質(zhì)量，表示實心銅塊的密度；那么銅塊中一個銅原子所占空間的體積可表示為。

選項B正確；

C．脫脂棉脫脂的目的在于使它從不被水浸潤變?yōu)榭梢员凰?；以便吸取藥液，選項C正確；

D．用燒熱的針尖接觸涂有蜂蠟薄層的云母片背面；熔化的蜂蠟呈橢圓形，是由于云母片具有各向異性的原因，說明云母片是晶體，選項D錯誤；

E．恒溫水池中；小氣泡由底部緩慢上升過程中，溫度不變，氣泡中的理想氣體內(nèi)能不變，但隨著液體壓強的減小，小氣泡體積增大，對外做功，吸收熱量，選項E正確。

故選BCE。14、B:C【分析】【詳解】

AB：由圖可知，當電壓為1V時，的電流為3A，而的電流為1A；由可知，3．故A項錯誤；B項正確．

CD：由電阻定律可知，電阻與導(dǎo)線長度成正比，與橫截面積成反比；因粗細相同，則兩同種金屬電阻絲長度之比3．故C項正確，D項錯誤．15、A:B:C【分析】【詳解】

導(dǎo)體棒返回時隨著速度的增大，導(dǎo)體棒產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢增大，感應(yīng)電流增大，棒受到的安培力增大，加速度減小，所以導(dǎo)體棒先做加速度減小的變加速運動，最后做勻速直線運動，故A正確．導(dǎo)體棒沿著導(dǎo)軌上滑過程中通過R的電量為：故B正確．導(dǎo)體棒沿著導(dǎo)軌上滑過程中克服安培力做的功等于回路中產(chǎn)生的總熱量，由能量守恒定律得：W=Q=（mv02-mgLsin30°）=（mv02-mgL），故C正確．根據(jù)能量守恒定律，導(dǎo)體棒沿著導(dǎo)軌上滑過程中電阻R上產(chǎn)生的熱量為：QR=×（mv02-mgLsin30°）=（mv02-mgL）；故D錯誤．故選ABC．

【點睛】

本題是電磁感應(yīng)與力學(xué)的綜合，關(guān)鍵是正確地進行受力分析和能量轉(zhuǎn)化情況的分析，要記牢感應(yīng)電荷量經(jīng)驗公式q=注意式中R是電路的總電阻．三、填空題(共9題，共18分)16、略

【分析】【詳解】

(1)[1]若5s內(nèi)沿相反方向通過某截面的正、負離子的電荷量均為5C，則電解液中的電流

(2)[2]若5s內(nèi)到達陽極的負離子為5C，則電流【解析】2117、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1]氣體從狀態(tài)變化到狀態(tài)的過程中，溫度不變，內(nèi)能不變；壓強減小，根據(jù)理想氣體狀態(tài)方程

可知體積增大，對外做功，根據(jù)熱力學(xué)第一定律

可知

即氣體從狀態(tài)a變化到狀態(tài)b的過程；氣體對外做的功等于氣體從外界吸收的熱量。

[2]由圖可知a、c均在過原點的直線上，P-T圖像的斜率為體積的倒數(shù)，所以氣體在狀態(tài)a的體積等于氣體在狀態(tài)b的體積；

[3]在bc過程中，等壓變化，溫度降低，內(nèi)能減小△U＜0

溫度降低，體積減小，外界對氣體做功，根據(jù)

可得

bc過程中外界對氣體做功Wbc=p△Vbc=C△Tbc

da過程中，氣體對外界做功

所以

在bc過程中外界對氣體做的功等于在da過程中氣體對外界做的功?！窘馕觥康扔诘扔诘扔?8、略

【分析】【詳解】

[1]C→A過程中，圖線是過原點的直線，根據(jù)

可得

可知C→A過程中氣體壓強不變；

[2]整個過程中與外界交換的熱量相當于放出61.4J，而整個過程中內(nèi)能不變，則外界對氣體做功為W=61.4J

其中A→B過程氣體體積變大，對外做功W1；B→C過程體積不變，W2=0；從C→A過程等壓壓縮，外界對氣體做功

則由W=W1+W2+W3

解得W1=-138.6J

即氣體在A→B過程中對外界所做的功為138.6J?！窘馕觥坎蛔?38.619、略

【分析】【詳解】

從ab邊開始進入磁場至cd邊恰好進入磁場的過程中，線圈的磁通量變化了線圈中產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢．【解析】0.020.120、略

【分析】設(shè)大氣層中氣體的質(zhì)量為m，由大氣壓強產(chǎn)生即

分子數(shù)

假設(shè)每個分子占據(jù)一個小立方體，各小立方體緊密排列，則小立方體邊長即為空氣分子平均間距，設(shè)為a，大氣層中氣體總體積為V，而所以

點睛：對于氣體分子間平均距離的估算，常常建立這樣的模型；假設(shè)每個分子占據(jù)一個小立方體，各小立方體緊密排列，所有小立方體體積之和等于氣體的體積。【解析】21、略

【分析】【分析】

【詳解】

(1)依題；P點兩次出現(xiàn)波峰的最短時間是0.4s，所以這列波的周期T=0.4s。由波速公式得。

(2)由t=0時刻到R第一次出現(xiàn)波峰；波移動的距離s=7m

則

(3)在上述時間內(nèi)，R實際振動時間

因此R通過的路程為

故本題答案是：(1)10；(2)0.7；(3)6【解析】100.7622、略

【分析】【分析】

掌握凸透鏡成像的規(guī)律，根據(jù)光路的可逆性，兩次成像的物距和像距正好相反，即第一次的物距等于第二次的像距，第一次的像距等于第二次的物距，從而可以計算出距離x的值；根據(jù)凸透鏡成像的原理；由點S發(fā)出的光經(jīng)過凸透鏡后會聚到像點，并結(jié)合平行于主光軸的光線過焦點分析焦距的大小。

【詳解】

[1]根據(jù)光路的可逆性，第一次的物距等于第二次的像距，第一次的像距等于第二次的像距，第一次的物距

圓筒向右移動b，則凸透鏡也會向右移動b，則第二次的像距為

則有

解得

[2]光源S所成像應(yīng)在S′處，若物體為AS，則成像應(yīng)為A′S′；根據(jù)成像原理，成像光路圖如圖所示：

又像高與物體高度正比等于像距與物距之比，則有

由圖知，△A′S′F∽△BOF，則

又AS=BO

聯(lián)立以上幾式得【解析】23、略

【分析】【詳解】

小球從進入軌道；到上升到h高度時為過程第一階段，這一階段類似完全非彈性的碰撞，動能損失轉(zhuǎn)化為重力勢能（而不是熱能）．

小球到達最大高度h時；小球與小車的速度相同，在小球從滑上小車到上升到最大高度過程中，系統(tǒng)水平方向動量守恒，以水平向左方向為正方向，在水平方向，由動量守恒定律得：

mv0=（m+m）v

系統(tǒng)的機械能守恒，則得：mv02=（m+m）v2+（m+m）gh

解得：h=

小球從進入到離開，整個過程屬彈性碰撞模型，又由于小球和車的等質(zhì)量，由彈性碰撞規(guī)律可知，兩物體速度交換，故小球離開軌道時速度為零．【解析】024、略

【分析】設(shè)向右為正方向,由動量守恒定律得代入數(shù)據(jù)解得負號表示方向向左。【解析】0.2m/s向左四、作圖題(共3題，共9分)25、略

【分析】【詳解】

利用右手螺旋定則；已知電流的方向可判定磁場方向，也可以通過磁場方向來確定電流的方向；

圖甲；已知磁場方向，順時針方向，則電流垂直紙面向里；

圖乙；電流右側(cè)的磁場的方向向里，左側(cè)的磁場的方向向外，則電流的方向向上；

圖丙；已知磁場方向，則可知電流方向，逆時針方向；

圖??；環(huán)形電流從左側(cè)流入，從右側(cè)流出，所以磁場的方向向下；

圖戊；根據(jù)螺線管中電流方向，利用右手螺旋定則可以確定螺線管的磁場的方向向左；

圖已；根據(jù)螺線管中上邊的電流方向向外，下邊的電流的方向向里，利用右手螺旋定則可以確定螺線管的磁場的方向向右．如圖所示：

【解析】26、略

【分析】試題分析：A圖中；在XX′偏轉(zhuǎn)電極所加的電壓的周期為2T，即在2T的時間內(nèi)才能完成一次水平方向的掃描，而豎直方向（y方向）的周期為T，所以在水平方向的一次水平掃描的過程中，豎直方向由2個周期性的變化；y方向的電壓變化為正弦式的變化，由于電子到達熒光屏的偏轉(zhuǎn)量與偏轉(zhuǎn)電壓成正比，所以A圖中的掃描圖形如圖；

要在熒光屏上得到待測信號在一個周期內(nèi)的穩(wěn)定圖象．XX′偏轉(zhuǎn)電極要接入鋸齒形電壓；即掃描電壓．

B圖中；在XX′偏轉(zhuǎn)電極所加的電壓的周期為T，即在一個周期T的時間內(nèi)完成一次水平方向的掃描，同時豎直方向的周期為T，所以在水平方向的一次水平掃描的過程中，豎直方向也完成一個周期性的變化；y方向的電壓大小不變，方向每半個周期變化一次，結(jié)合電子到達熒光屏的偏轉(zhuǎn)量與偏轉(zhuǎn)電壓成正比，所以B圖中的掃描圖形如圖．

考點：考查了示波器的工作原理。

【名師點睛】本題關(guān)鍵要清楚示波管的工作原理，示波管的YY′偏轉(zhuǎn)電壓上加的是待顯示的信號電壓，XX′偏轉(zhuǎn)電極通常接入鋸齒形電壓，即掃描電壓，當信號電壓與掃描電壓周期相同時