2024年北師大版必修3物理上冊(cè)階段測(cè)試試卷

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請(qǐng)※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2024年北師大版必修3物理上冊(cè)階段測(cè)試試卷482考試試卷考試范圍：全部知識(shí)點(diǎn)；考試時(shí)間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級(jí)：______考號(hào)：______總分欄題號(hào)一二三四五總分得分評(píng)卷人得分一、選擇題(共6題，共12分)1、如圖電路中，電源電動(dòng)勢(shì)為E、內(nèi)阻為r，R0為定值電阻，電容器的電容為C．閉合開關(guān)S，增大可變電阻R的阻值，電壓表示數(shù)的變化量為ΔU，電流表示數(shù)的變化量為ΔI，則下列說法錯(cuò)誤的是。

A.變化過程中ΔU和ΔI的比值保持不變B.電壓表示數(shù)變大，電流表示數(shù)變小C.電阻R0兩端電壓減小，減小量為ΔUD.電容器的帶電量增大，增加量為CΔU2、諾萊特讓700個(gè)修道士手拉手做“電震”實(shí)驗(yàn)(如圖所示).實(shí)驗(yàn)中裝水的大玻璃罐起到了儲(chǔ)存電荷的作用,其實(shí)裝水的大玻璃罐相當(dāng)于()

A.變阻器B.電容器C.變壓器D.傳感器3、如圖所示，其中電流表A的量程為0.6A，表盤均勻劃分為30個(gè)小格。每一小格表示0.02A；R1的阻值等于電流表內(nèi)阻的R2的阻值等于電流表內(nèi)阻的4倍。若用電流表A的表盤刻度表示流過接線柱1的電流值；則下列分析正確的是（）

A.將按線柱1、2接入電路時(shí)，每一小格表示0.04AB.將接線柱1、2接入電路時(shí)，每一小格表示0.06AC.將接線柱1、3接入電路時(shí)，每一小格表示0.02AD.將接線柱1、3接入電路時(shí)，每一小格表示0.10A4、如圖所示，在光滑絕緣水平面上，兩個(gè)帶等量正電的點(diǎn)電荷M、N，分別固定在A、B兩點(diǎn)，O為AB連線的中點(diǎn)，CD為AB的垂直平分線上關(guān)于AB連線對(duì)稱的兩點(diǎn)，在CO之間的F點(diǎn)由靜止釋放一個(gè)帶負(fù)電的小球P（設(shè)不改變?cè)瓉淼碾妶?chǎng)分布），在以后的一段時(shí)間內(nèi)，P在CD連線上做往復(fù)運(yùn)動(dòng)；則（）

A.A、B兩點(diǎn)電荷產(chǎn)生的電場(chǎng)在中垂線上合場(chǎng)強(qiáng)從C至D一定先減小后增大B.小球P的帶電量緩慢減小，則它往復(fù)運(yùn)動(dòng)過程中每次經(jīng)過O點(diǎn)時(shí)的速率不斷增大C.點(diǎn)電荷M、N的帶電量同時(shí)等量地緩慢增大，則小球P往復(fù)運(yùn)動(dòng)過程中周期不斷減小D.點(diǎn)電荷M、N的帶電量同時(shí)等量地緩慢增大，C、D兩點(diǎn)的電勢(shì)差UCD不斷變大5、一帶負(fù)電的粒子只在電場(chǎng)力作用下沿x軸正方向運(yùn)動(dòng)，其電勢(shì)能Ep隨位移x變化的關(guān)系如圖所示，其中O~x2段是關(guān)于直線x=x1對(duì)稱的曲線，x2~x3段是直線；則下列說法正確的是（）

A.x1處電場(chǎng)強(qiáng)度最小，但不為零B.粒子在O~x2段做勻變速運(yùn)動(dòng)，x2~x3段做勻速直線運(yùn)動(dòng)C.在O、x1、x2、x3處電勢(shì)φ0、φ1、φ2、φ3的關(guān)系為φ1>φ2=φ0>φ3D.0~x2段的電場(chǎng)強(qiáng)度大小、方向均不變6、如圖，∠M是銳角三角形PMN最大的內(nèi)角，電荷量為q(q<0)的點(diǎn)電荷固定在P點(diǎn)。下列說法正確的是（）

A.沿MN邊，從M點(diǎn)到N點(diǎn)，電場(chǎng)強(qiáng)度的大小逐漸增大B.沿MN邊，從M點(diǎn)到N點(diǎn)，電勢(shì)先增大后減小C.正電荷在M點(diǎn)的電勢(shì)能比其在N點(diǎn)的電勢(shì)能小D.將正電荷從M點(diǎn)移動(dòng)到N點(diǎn)，電場(chǎng)力所做的總功為正評(píng)卷人得分二、多選題(共9題，共18分)7、如圖所示，a、b是兩個(gè)帶有同種電荷的小球，用絕緣絲線懸掛于同一點(diǎn)，兩球靜止時(shí)，它們距水平面的高度相等，繩與豎直方向的夾角分別為α、β，且β>α。若同時(shí)剪斷兩根細(xì)線；空氣阻力不計(jì)，兩球帶電荷量不變，則（）

A.a球的質(zhì)量比b球的大B.a、b兩球同時(shí)落地C.a球的電荷量比b球的大D.a、b兩球飛行的水平距離相等8、如圖所示，平行板電容器與電動(dòng)勢(shì)為的直流電源（內(nèi)阻不計(jì)）連接，電容器上極板與一靜電計(jì)相連，下極板接地，靜電計(jì)所帶電荷量很少，可被忽略。一質(zhì)量為m的帶電微粒靜止于電容器的中點(diǎn)P，P點(diǎn)與上、下極板間距離均為d，重力加速度為g；下列說法正確的是（）

A.微粒一定帶正電B.若電容器上極板豎直向下移動(dòng)一小段距離，電容器電容增大，靜電計(jì)指針張角變小C.若先把電容器上極板豎直向下移動(dòng)后，再將微粒由靜止釋放，經(jīng)過時(shí)間微粒到達(dá)上極板D.若先把電容器上極板豎直向下移動(dòng)后，再將微粒由靜止釋放，微粒運(yùn)動(dòng)一段時(shí)間后打在極板上并被捕獲，微粒與極板作用過程中所受合外力的沖量大小為9、如圖，水平放置的平行板電容器與直流電源連接，下極板接地．一帶電質(zhì)點(diǎn)恰好靜止于電容器中的P點(diǎn)．現(xiàn)將平行板電容器的下極板向上移動(dòng)一小段距離；則。

A.電容器的電容將減小，極板所帶電荷量將增大B.帶電質(zhì)點(diǎn)將沿豎直方向向上運(yùn)動(dòng)C.P點(diǎn)的電勢(shì)將降低D.若將帶電質(zhì)點(diǎn)固定，則其電勢(shì)能不變10、如圖，質(zhì)量分別為mA和mB的兩小球帶有同種電荷，電荷最分別為qA和qB，用絕緣細(xì)線懸掛在天花板上．平衡時(shí)，兩小球恰處于同一水平位置，細(xì)線與豎直方向間夾角分別為θ1與θ2（θ1＞θ2）．兩小球突然失去各自所帶電荷后開始擺動(dòng)，最大速度分別vA和vB，最大動(dòng)能分別為EkA和EkB．則（）

A.mA一定小于mBB.qA一定大于qBC.vA一定大于vBD.EkA一定大于EkB11、如圖所示，一圓環(huán)水平放置，圓心為O，其上放置四個(gè)電荷量相等的點(diǎn)電荷，這四個(gè)點(diǎn)電荷處于互相垂直的兩直徑的兩端，一直徑兩端的電荷均為正電荷，另一直徑兩端的電荷均為負(fù)電荷。直線O1O2為圓環(huán)的中軸線，且O1、O2兩點(diǎn)關(guān)于O點(diǎn)對(duì)稱。下列說法中正確的是（）

A.O點(diǎn)處的電場(chǎng)強(qiáng)度為零B.O1O2上各點(diǎn)的電勢(shì)均相等C.電子從O1點(diǎn)沿直線移至O點(diǎn)過程中電勢(shì)能減小D.質(zhì)子從O1點(diǎn)沿直線移至O點(diǎn)過程中所受電場(chǎng)力一直減小12、如圖所示，a、b、c、d分別是一個(gè)菱形的四個(gè)頂點(diǎn)，∠abc＝120°.現(xiàn)將三個(gè)等量的正點(diǎn)電荷＋Q分別固定在a、b、c三個(gè)頂點(diǎn)上，將一個(gè)電量為＋q的點(diǎn)電荷依次放在菱形中心O點(diǎn)和另一個(gè)頂點(diǎn)d點(diǎn)處；兩點(diǎn)相比：

A.d點(diǎn)電場(chǎng)強(qiáng)度的方向由O指向dB.＋q在d點(diǎn)所具有的電勢(shì)能較大C.d點(diǎn)的電勢(shì)小于O點(diǎn)的電勢(shì)D.d點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度小于O點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度13、關(guān)于物理學(xué)思想方法下列敘述中正確的是（）A.伽利略開創(chuàng)的研究物理規(guī)律的科學(xué)方法——抽象思維、數(shù)學(xué)推導(dǎo)和科學(xué)實(shí)驗(yàn)相結(jié)合，這種方法是物理學(xué)最基本的研究方法B.對(duì)物理問題建立理想化模型是物理學(xué)中經(jīng)常采用的一種科學(xué)研究方法，質(zhì)點(diǎn)、時(shí)間間隔和時(shí)刻等就是典型的物理模型C.運(yùn)用類比的方法定義物理量是物理學(xué)中定義物理量常用方法之一，比如根據(jù)定義電勢(shì)能的方法定義動(dòng)能、彈性勢(shì)能等D.數(shù)學(xué)極限思想是物理學(xué)中常用的方法之一，比如當(dāng)時(shí)間趨向于無窮小時(shí)，我們把t到時(shí)間間隔內(nèi)的平均速度近似等于物體在t時(shí)刻的瞬時(shí)速度就是這種方法的應(yīng)用14、如圖所示，傾角為θ的光滑足夠長斜面固定在水平面上，勁度系數(shù)為k的輕質(zhì)彈簧一端連在斜面底端的擋板上，另一端連接一質(zhì)量為m，帶電量為q的絕緣小球，裝置處于靜止?fàn)顟B(tài)。現(xiàn)在在空間增加一水平向右的勻強(qiáng)電場(chǎng)，場(chǎng)強(qiáng)E=則下列判斷正確的是（）

A.小球沿斜面向上做加速度減小的加速運(yùn)動(dòng)B.小球運(yùn)動(dòng)過程中，小球和彈簧組成的系統(tǒng)機(jī)械能不守恒C.小球沿斜面運(yùn)動(dòng)到最遠(yuǎn)點(diǎn)時(shí)的加速度為D.小球在運(yùn)動(dòng)過程中，電場(chǎng)力做功的最大值為15、在“用多用表測(cè)電阻、電流和電壓”的實(shí)驗(yàn)中，下列說法正確的是（）A.在測(cè)量電阻時(shí)，更換倍率后必須重新進(jìn)行調(diào)零B.在測(cè)量電流時(shí)，更換量程后必須重新進(jìn)行調(diào)零C.在測(cè)量未知電阻時(shí)，必須先選擇倍率最大擋進(jìn)行試測(cè)D.在測(cè)量未知電流時(shí)，必須先選擇電流最大量程進(jìn)行試測(cè)評(píng)卷人得分三、填空題(共6題，共12分)16、如圖所示，三根彼此絕緣的無限長直導(dǎo)線的一部分構(gòu)成一個(gè)等邊三角形，O為三角形的中心，M、N分別為O關(guān)于導(dǎo)線的對(duì)稱點(diǎn)，當(dāng)三根導(dǎo)線中通以大小相等、方向如圖的電流時(shí)，O點(diǎn)的磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小為B，M點(diǎn)磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小為則N點(diǎn)磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小為_________；若將導(dǎo)線中的電流撤去，而保持另兩根導(dǎo)線中的電流不變，則N點(diǎn)的磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小變?yōu)開_________．

17、串聯(lián)電路；并聯(lián)電路的特點(diǎn)。

。

串聯(lián)電路。

并聯(lián)電路。

電流關(guān)系。

各處電流相等，即I=___________

總電流等于各支路電流___________，即I=___________

電壓關(guān)系。

總電壓等于各部分電壓___________，即U=___________

各支路兩端電壓___________，即U=___________

電阻關(guān)系。

總電阻等于各部分電阻___________，即R=___________

總電阻的倒數(shù)等于各支路電阻___________，即=＋＋＋

18、密立根實(shí)驗(yàn)：電子電荷的精確測(cè)定是由密立根通過著名的“油滴實(shí)驗(yàn)”做出的，目前公認(rèn)的電子電荷的值為e=______（保留兩位有效數(shù)字）。19、為了探究影響電荷間相互作用力的因素，某老師做了如下實(shí)驗(yàn)：把一個(gè)帶正電荷的導(dǎo)體球A固定在絕緣支架上，然后把系在絕緣絲線上的帶電小球先后掛在圖中位置，使帶電小球與導(dǎo)體球A的球心在同一水平線上，小球靜止時(shí)的狀態(tài)如圖所示?？梢耘袛嘟z線上的小球帶______（選填“正”或“負(fù)”）電荷，兩個(gè)電荷之間的作用力大小隨它們之間距離的增大而______（選填“增大”或“減小”）。

20、一充電后的平行板電容器與電源斷開后，若只將電容器兩板間距離增大，電容器所帶電荷量Q將____，電容C將___，電容器兩極板間的電勢(shì)差U將______。（三空均選填“增大”、“減小”或“不變”）21、請(qǐng)讀出下列儀器顯示的示數(shù)：

（1）螺旋測(cè)微器示數(shù)（2）電壓表示數(shù)（3）毫安表示數(shù)。

（1）螺旋測(cè)微器的示數(shù)為_______________mm；

（2）當(dāng)選擇量程時(shí)，電壓表的示數(shù)為_______________V；

（3）當(dāng)選擇量程時(shí)，毫安表的示數(shù)為_______________mA。評(píng)卷人得分四、實(shí)驗(yàn)題(共1題，共5分)22、某同學(xué)用量程為1mA、內(nèi)阻為120Ω的表頭按圖（a）所示電路改裝成量程分別為1V和1A的多用電表．圖中R1和R2為定值電阻；S為開關(guān)．回答下列問題：

（1）根據(jù)圖（a）所示的電路，在圖（b）所示的實(shí)物圖上連線．___________

（2）開關(guān)S閉合時(shí)，多用電表用于測(cè)量_________（填“電流”、“電壓，或“電阻”）；開關(guān)S斷開時(shí)，多用電表用于測(cè)量_________（填“電流”；“電壓”或“電阻”）．

（3）表筆A應(yīng)為__________色（填“紅”或“黑”）．

（4）定值電阻的阻值R1=____Ω，R2=____Ω．（結(jié)果取3位有效數(shù)字）評(píng)卷人得分五、解答題(共3題，共6分)23、三個(gè)相同的金屬小球A、B、C均帶電，其中A和B所帶的電荷量分別為q、二者分別與兩根等長的絕緣細(xì)線一端相連，兩細(xì)線的另一端固定在同一點(diǎn)O，平衡時(shí)連接小球的細(xì)線與豎直方向的夾角均為如圖所示，現(xiàn)用小球C先與A接觸，再與B接觸，然后移開C（過程中A、B之間未接觸），A和B再次平衡后，兩細(xì)線之間的夾角變?yōu)榍蟪跏紩r(shí)小球C所帶的電荷量。

24、如圖所示；在桌上放兩摞書，把一塊潔凈的玻璃墊起來，使玻璃離開桌面20~30cm。在寬0.5cm的紙條上畫出各種舞姿的人形，用剪刀把它們剪下來，放在玻璃下面，然后用一塊硬泡沫塑料在玻璃上擦，就可以看到小紙人翩翩起舞了。

（1）為什么小紙人會(huì)翩翩起舞？

（2）如果實(shí)驗(yàn)前用一根火柴把“跳舞區(qū)”烤一烤；實(shí)驗(yàn)效果會(huì)更好，此現(xiàn)象說明了什么？

（3）如果向“跳舞區(qū)”哈一口氣；小紙人跳得就不活躍了，此現(xiàn)象說明了什么？

25、如圖所示，光滑絕緣斜面高度h＝0.45m，斜面底端與光滑絕緣水平軌道圓弧連接，水平軌道邊緣緊靠平行板中心軸線．平行板和三個(gè)電阻構(gòu)成如圖所示電路，平行板板長為l＝0.9m，板間距離d＝0.6m，R1＝3Ω，R2＝3Ω，R3＝6Ω．可以看為質(zhì)點(diǎn)的帶電小球，電量q＝－0.01C，質(zhì)量m＝0.03kg；從斜面頂端靜止下滑．

（1）若S1、S2均斷開，小球剛好沿平行板中心軸線做直線運(yùn)動(dòng)，求電源電動(dòng)勢(shì)E．

（2）若S1斷開，S2閉合，小球離開平行板右邊緣時(shí)，速度偏向角tanθ＝求電源內(nèi)阻r．

（3）若S1、S2均閉合；判斷小球能否飛出平行板？

參考答案一、選擇題(共6題，共12分)1、C【分析】【詳解】

A．根據(jù)閉合電路歐姆定律得：U=E-I（R0+r）

由數(shù)學(xué)知識(shí)得知

保持不變．故A正確；不符合題意．

B．合開關(guān)S，增大可變電阻R的阻值后，電路中電流減小，電流表示數(shù)變?。挥蓺W姆定律分析得知，電阻R0兩端的電壓減小，R兩端的電壓增大；即電壓表示數(shù)變大，選項(xiàng)B正確，不符合題意；

C．因它們的總電壓即路端電壓增大，R兩端的電壓增大，所以電阻R0兩端的電壓減小量小于△U；選項(xiàng)C錯(cuò)誤，符合題意．

D．電容器兩極板間的電壓等于R兩端的電壓，可知電容器板間電壓增大，帶電量增大，增大量為C△U，選項(xiàng)D正確，不符合題意．2、B【分析】【分析】

【詳解】

裝水的大玻璃罐起到了儲(chǔ)存電荷的作用；能容納電荷，實(shí)質(zhì)是一個(gè)電容器。

故選B。3、D【分析】【詳解】

AB．當(dāng)接線柱1、2接入電路時(shí)，電流表A與R1并聯(lián)，根據(jù)串并聯(lián)電路規(guī)律可知，R1分流為2.4A，故量程為2.4A+0.6A=3A

故每一小格表示0.10A；故AB錯(cuò)誤；

CD．當(dāng)接線柱1、3接入電路時(shí)，A與R1并聯(lián)后與R2串聯(lián)；電流表的量程仍為3A，故每一小格表示0.10A，故C錯(cuò)誤D正確。

故選D。4、C【分析】【分析】

本題考查等量同種電荷的電場(chǎng)線分布規(guī)律。

【詳解】

A.等量同種點(diǎn)電荷中垂線上的場(chǎng)強(qiáng)從中點(diǎn)向兩側(cè)先增大后減??；故A錯(cuò)誤；

B.若小球P的帶電量緩慢減小，它在電場(chǎng)中某點(diǎn)的電場(chǎng)力在不斷地減小，由平衡位置向最大位移運(yùn)動(dòng)時(shí)，動(dòng)能向電勢(shì)能轉(zhuǎn)化時(shí)，克服電場(chǎng)力做功需要經(jīng)過更長的距離，所以它往復(fù)運(yùn)動(dòng)過程中的在振幅不斷增大，由最大位移返回平衡位置時(shí)，電場(chǎng)力做的功在不斷地減小，它往復(fù)運(yùn)動(dòng)過程中每次經(jīng)過O點(diǎn)時(shí)的速率不斷減??；故B正確；

C.若M、N的帶電荷量等量緩慢增大，則小球P所受電場(chǎng)力產(chǎn)生的加速度在同一位置時(shí)將更大；速度變化將更快，即周期將變小，故C正確；

D.雖然點(diǎn)電荷M、N的帶電量同時(shí)等量地緩慢增大，但C、D兩點(diǎn)的電勢(shì)總是相等的，則C、D兩點(diǎn)的電勢(shì)差始終為零；故D錯(cuò)誤。

故選C。5、C【分析】【詳解】

A．Ep-x圖像的斜率表示粒子所受電場(chǎng)力F，根據(jù)F=qE可知x1處電場(chǎng)強(qiáng)度最小；為零，故A錯(cuò)誤；

B．O~x1段，場(chǎng)強(qiáng)減小，電勢(shì)能減小，帶負(fù)電粒子做加速度減小的加速運(yùn)動(dòng)，x1~x2段，場(chǎng)強(qiáng)增大，電勢(shì)能增大，粒子做加速度增大的減速運(yùn)動(dòng)，x2~x3段；場(chǎng)強(qiáng)不變，電勢(shì)能增大，粒子做勻減速直線運(yùn)動(dòng)，故B錯(cuò)誤；

C．帶負(fù)電的粒子在O、x1、x2、x3處電勢(shì)能Ep0、Ep1、Ep2、Ep3的關(guān)系為Ep1<Ep2=Ep0<Ep3

由

可知φ0、φ1、φ2、φ3的關(guān)系為φ1>φ2=φ0>φ3

故C正確；

D．O~x1段，電場(chǎng)方向水平向左，x1~x3電場(chǎng)方向水平向右；故D錯(cuò)誤。

故選C。6、C【分析】【詳解】

A．點(diǎn)電荷的電場(chǎng)以點(diǎn)電荷為中心；向四周呈放射狀，如圖所示。

∠M是最大內(nèi)角，所以PN＞PM，因?yàn)椤鱌MN是銳角三角形，過P點(diǎn)作MN上的高線為P到線段MN的最短距離，所以點(diǎn)P到線段MN上的點(diǎn)的距離先減小后變大，即r先減小后變大，根據(jù)點(diǎn)電荷的場(chǎng)強(qiáng)公式可知，從M點(diǎn)到N點(diǎn)電場(chǎng)強(qiáng)度先增大后減??；故A錯(cuò)誤；

B．電場(chǎng)線與等勢(shì)面（圖中虛線）處處垂直，沿電場(chǎng)線方向電勢(shì)降低，所以從M→N電勢(shì)先減小后增大；故B錯(cuò)誤；

C．兩點(diǎn)的電勢(shì)大小關(guān)系為

根據(jù)電勢(shì)能的公式Ep=qφ可知正電荷在M點(diǎn)的電勢(shì)能小于在N點(diǎn)的電勢(shì)能；故C正確；

D．正電荷從M點(diǎn)移動(dòng)到N點(diǎn)；電勢(shì)能增大，電場(chǎng)力所做的總功為負(fù)功，故D錯(cuò)誤。

故選C。二、多選題(共9題，共18分)7、A:B【分析】【分析】

【詳解】

A．對(duì)小球受力分析；有。

由于β>α；所以。

故A正確；

B．從上面的分析可知，因此水平方向上，a的加速度小于b的加速度；豎直方向上作自由落體運(yùn)動(dòng)，根據(jù)運(yùn)動(dòng)的獨(dú)立性可知，兩球同時(shí)落地，故B正確；

C．因?yàn)閍、b兩球之間的庫侖力是相互作用力，一直是等大的，所以a球的電荷量和b球的電量大小無法判斷；故C錯(cuò)誤；

D．從上面的分析可知，a的水平加速度小于b的水平加速度，又因?yàn)樗鼈兤綊佭\(yùn)動(dòng)的時(shí)間相等，因此a球水平飛行的距離比b球小；故D錯(cuò)誤。

故選AB。8、C:D【分析】【詳解】

A．由題圖可知，平行板電容器間電場(chǎng)方向向下，微粒靜止在P點(diǎn)滿足

可知微粒受到的電場(chǎng)力方向豎直向上；故微粒一定帶負(fù)電，故A錯(cuò)誤；

B．若平行板電容器的上極板豎直向下移動(dòng)一小段距離，兩板的間距變小，可知電容器的電容增大；因?yàn)殪o電計(jì)指針張角的變化表征電容器兩極板間的電勢(shì)差變化，圖中兩板間電勢(shì)差U為電源的電動(dòng)勢(shì)不變；所以靜電計(jì)指針的張角不變，故B錯(cuò)誤；

C．電容器上極板豎直向下移動(dòng)兩極板間場(chǎng)強(qiáng)大小由

變?yōu)?/p>

微粒所受電場(chǎng)力大小變?yōu)?/p>

微粒向上運(yùn)動(dòng)，加速度大小為

由

得

故C正確；

D．設(shè)微粒與上極板作用過程中所受合外力的沖量大小為I，自微粒開始運(yùn)動(dòng)到被捕獲這一過程，由動(dòng)量定理有

解得

故D正確。

故選CD。9、B:C【分析】【詳解】

A.下極板向上移動(dòng)時(shí)，板間距減小，根據(jù)可知，電容減增大，因U不變，由Q=UC可知；電量將增大，故A錯(cuò)誤；

B.開始時(shí)電場(chǎng)力與重力平衡，合力為零；下極板上移時(shí)，因U不變，根據(jù)E=U/d可知；電場(chǎng)強(qiáng)度增大，電場(chǎng)力增大，粒子將向上運(yùn)動(dòng)，故B正確；

C.場(chǎng)強(qiáng)E增大，而P點(diǎn)與上極板間的距離不變，則由公式U=Ed分析可知，P點(diǎn)與上極板間電勢(shì)差將增大，上極板的電勢(shì)等于電源的電動(dòng)勢(shì)，保持不變，而P點(diǎn)的電勢(shì)高于下極板的電勢(shì)，則知P點(diǎn)的電勢(shì)將降低．故C正確；

D.電場(chǎng)力向上，故粒子一定帶負(fù)電，P點(diǎn)的電勢(shì)降低，則其電勢(shì)能將增大，故D錯(cuò)誤．10、A:C:D【分析】【分析】

設(shè)兩個(gè)球間的靜電力為F；分別對(duì)兩個(gè)球受力分析，求解重力表達(dá)式后比較質(zhì)量大??；

根據(jù)機(jī)械能守恒定律列式求解后比較最低點(diǎn)速度大小；再進(jìn)一步比較動(dòng)能大??；

本題關(guān)鍵分別對(duì)兩個(gè)小球受力分析；然后根據(jù)平衡條件列方程；再結(jié)合機(jī)械能守恒定律列方程分析求解．

【詳解】

對(duì)小球A受力分析；受重力；靜電力、拉力，如圖：

根據(jù)平衡條件，有：故：

同理，有：由于故故A正確；

兩球間的庫侖力是作用力與反作用力；一定相等，與兩個(gè)球是否帶電量相等無關(guān)，故B錯(cuò)誤；

小球擺動(dòng)過程機(jī)械能守恒，有解得由于A球擺到最低點(diǎn)過程，下降的高度較大；故A球的速度較大，故C正確；

小球擺動(dòng)過程機(jī)械能守恒，有故：

其中相同，根據(jù)數(shù)學(xué)中的半角公式，得到：

其中相同，故越大越大，動(dòng)能越大，故一定大于故D正確．

【點(diǎn)睛】11、A:B【分析】【分析】

【詳解】

A．由對(duì)稱性可知；4個(gè)點(diǎn)電荷在O處的合場(chǎng)強(qiáng)為0，故A正確；

B．以為例，正電荷附近的電勢(shì)為正，負(fù)電荷附近的電勢(shì)為負(fù)，由于電勢(shì)是標(biāo)量，到各點(diǎn)電荷的距離相等，所以4個(gè)點(diǎn)電荷在處的合電勢(shì)為0，同理可推導(dǎo)出之間的電勢(shì)相等；，故B正確；

C．由于之間的電勢(shì)相等，電子從點(diǎn)沿直線移至O點(diǎn)過程中電勢(shì)能不變；故C錯(cuò)；

D．由對(duì)稱性可知，兩個(gè)正電荷在處合場(chǎng)強(qiáng)向上，負(fù)電荷在處合場(chǎng)強(qiáng)向下，大小相等則

故從到點(diǎn)E不變，所以F也不變；故D錯(cuò)誤。

故選AB。12、A:C:D【分析】【詳解】

試題分析：根據(jù)電場(chǎng)的疊加，分析d點(diǎn)電場(chǎng)強(qiáng)度的方向；O點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度等于b處+Q在O處產(chǎn)生的電場(chǎng)強(qiáng)度大?。鶕?jù)順著電場(chǎng)線方向電勢(shì)降低；分析d點(diǎn)與O點(diǎn)電勢(shì)關(guān)系．正電荷在高電勢(shì)高處電勢(shì)能大．

解：A；由電場(chǎng)的疊加原理可知；d點(diǎn)電場(chǎng)方向由O指向d，A正確；

B；由O到d合場(chǎng)強(qiáng)方向均沿Od；故d點(diǎn)電勢(shì)小于O點(diǎn)電勢(shì)，+q在O點(diǎn)具有的電勢(shì)能較大，故B錯(cuò)誤，C正確；

D、設(shè)菱形的邊長為r，根據(jù)公式E=k分析可知三個(gè)點(diǎn)電荷在D產(chǎn)生的場(chǎng)強(qiáng)大小E相等，由電場(chǎng)的疊加可知，d點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)大小為Ed=2k．O點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)大小為EO=4k可見，d點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度小于O點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)，即Ed＜EO；故D正確．

故選ACD．

【點(diǎn)評(píng)】

本題關(guān)鍵要抓住對(duì)稱性，由電場(chǎng)的疊加分析場(chǎng)強(qiáng)大小和電場(chǎng)線的方向，再判斷電場(chǎng)力大小和電勢(shì)能的高低．13、A:D【分析】【詳解】

A．伽利略對(duì)自由落體運(yùn)動(dòng)的研究；開創(chuàng)了研究物理規(guī)律的科學(xué)方法——抽象思維；數(shù)學(xué)推導(dǎo)和科學(xué)實(shí)驗(yàn)相結(jié)合，是物理學(xué)乃至整個(gè)自然科學(xué)最基本的研究方法，選項(xiàng)A正確；

B．時(shí)間間隔和時(shí)刻是物理量；選項(xiàng)B錯(cuò)誤；

C．運(yùn)用類比的方法定義物理量是物理學(xué)中定義物理量常用方法之一；根據(jù)定義重力勢(shì)能的方法定義了彈性勢(shì)能和電勢(shì)能等，選項(xiàng)C錯(cuò)誤；

D．當(dāng)極小時(shí)，就可以表示物體在t時(shí)刻的瞬時(shí)速度；該定義運(yùn)用了極限的思想方法，選項(xiàng)D正確。

故選AD。14、B:D【分析】【詳解】

A．小球所受的電場(chǎng)力沿斜面方向的分力大小為

所以小球相當(dāng)于只受彈簧的彈力；小球沿斜面做簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)，所以小球沿斜面向上先做加速度減小的加速運(yùn)動(dòng)，后做加速度反向增大的減速運(yùn)動(dòng)，A錯(cuò)誤；

B．小球運(yùn)動(dòng)過程中；由于電場(chǎng)力做功，小球和彈簧組成的系統(tǒng)機(jī)械能不守恒，B正確；

C．根據(jù)對(duì)稱性可知，小球沿斜面運(yùn)動(dòng)到最遠(yuǎn)點(diǎn)時(shí)的加速度與剛開始運(yùn)動(dòng)時(shí)加速度大小相等，為

C錯(cuò)誤；

D．原來彈簧的壓縮量為

則簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)的振幅

電場(chǎng)力做功的最大值為

D正確。

故選BD。15、A:D【分析】【詳解】

A．多用電表測(cè)量電阻時(shí)；更換倍率后都必須重新進(jìn)行歐姆調(diào)零，選項(xiàng)A正確；

B．測(cè)量電流前需要進(jìn)行機(jī)械調(diào)零；更換量程時(shí)不需要進(jìn)行再次調(diào)零，選項(xiàng)B錯(cuò)誤；

C．在測(cè)量未知電阻時(shí)；必須先用電壓表測(cè)試電阻內(nèi)是否帶有電源，再大致估計(jì)電阻大小選擇大致倍率，故選項(xiàng)C錯(cuò)誤；

D．在測(cè)量未知電流時(shí)；必須選擇電流最大量程進(jìn)行試測(cè)，避免電表燒壞，故選項(xiàng)D正確。

故選AD。

【點(diǎn)睛】三、填空題(共6題，共12分)16、略

【分析】【詳解】

[1]．無限長直導(dǎo)線ab、cd、ef，構(gòu)成一個(gè)等邊三角形，且三根導(dǎo)線中通以大小相等、方向如圖所示的電流，O為三角形的中心，且O點(diǎn)磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B，因?yàn)橹睂?dǎo)線ab、cd關(guān)于O點(diǎn)對(duì)稱，所以這兩導(dǎo)線在O點(diǎn)的磁場(chǎng)為零，則磁感應(yīng)強(qiáng)度大小B是由直導(dǎo)線ef產(chǎn)生的，而直導(dǎo)線ab、ef關(guān)于N點(diǎn)對(duì)稱，所以這兩根直導(dǎo)線的磁場(chǎng)為零，因此N點(diǎn)的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B．

[2]．因?yàn)镸點(diǎn)的磁感應(yīng)強(qiáng)度為B′=Bef+Bcd+Bab，又因?yàn)锽ab=B，Bef與Bcd大小相等．當(dāng)撤去導(dǎo)線ef，其余兩根導(dǎo)線在N點(diǎn)的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為：Bab+Bcd=．【解析】B17、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1]串聯(lián)電路；電流關(guān)系，各處電流相等，即。

[2][3]并聯(lián)電路；電流關(guān)系，總電流等于各支路電流之和，即。

[4][5]串聯(lián)電路；電壓關(guān)系，總電壓等于各支路電壓之和，即。

[6][7]并聯(lián)電路；電壓關(guān)系，各支路兩端電壓相等，即。

[8][9]串聯(lián)電路；電阻關(guān)系，總電阻等于各部分電阻，即。

[10]并聯(lián)電路，電阻關(guān)系，總電阻的倒數(shù)等于各支路電阻的倒數(shù)之和。【解析】之和之和相等之和倒數(shù)之和18、略

【分析】【分析】

【詳解】

略【解析】1.6×10－19C19、略

【分析】【詳解】

[1]由電荷間相互作用規(guī)律知；同種電荷相互排斥。現(xiàn)導(dǎo)體球A固定，通過圖中細(xì)線偏轉(zhuǎn)的角度，可以判斷小球受到導(dǎo)體球A向右的排斥力，故絲線上的小球帶正電；

[2]帶電小球靜止時(shí)，有

可見:帶電小球偏轉(zhuǎn)角度越大，受到的作用力越大，由圖可知懸掛的小球離帶正電的A球越遠(yuǎn)，受到的作用力越小，故兩個(gè)電荷之間的作用力大小隨它們之間距離的增大而減小?！窘馕觥空郎p小20、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1]充電后的平行板電容器與電源斷開；則可知電容器所帶電荷量將保持不變；

[2]根據(jù)平行板電容器的決定式，可得

將電容器兩板間距離d增大,易知該電容器的電容將減?。?/p>

[3]根據(jù)電容器電容的定義式，可得

電容器電荷量不變，當(dāng)電容減小時(shí)，兩極板間的電勢(shì)差U將增大。【解析】①.不變②.減?、?增大21、略

【分析】【詳解】

（1）[1]螺旋測(cè)微器的示數(shù)為0.5mm+0.142mm=0.642mm；

（2）[2]電壓表選擇量程時(shí)；最小分度為0.1V，所以需要再向后估讀一位，示數(shù)為1.80V；

（3）[3]毫安表選擇量程時(shí)，最小分度為0.5mA，只讀到小數(shù)點(diǎn)后一位，示數(shù)為12.0mA?！窘馕觥竣?0.642（0.641~0.643皆可）②.1