2025年人教版選修3物理下冊(cè)月考試卷

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請(qǐng)※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁(yè)，總=sectionpages22頁(yè)第=page11頁(yè)，總=sectionpages11頁(yè)2025年人教版選修3物理下冊(cè)月考試卷651考試試卷考試范圍：全部知識(shí)點(diǎn)；考試時(shí)間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級(jí)：______考號(hào)：______總分欄題號(hào)一二三四五總分得分評(píng)卷人得分一、選擇題(共5題，共10分)1、如圖所示的電路；閉合開(kāi)關(guān)后，滑動(dòng)變阻器的滑片P向右滑動(dòng)，則（）

A.電流表示數(shù)變小B.電流表示示數(shù)不變C.電壓表示數(shù)變大D.電壓表示數(shù)變小2、在如圖所示的邏輯電路中，當(dāng)A端和B端都輸入電信號(hào)“1”時(shí)，則在C和D端輸出的電信號(hào)分別為（）

A.1和0B.0和0C.0和1D.1和13、下列說(shuō)法中正確的有（）A.分子間的距離越小，分子勢(shì)能越小B.分子直徑的數(shù)量級(jí)是10-7mmC.分子間的距離越小，分子引力減小D.物體吸熱，內(nèi)能一定增加4、物理研究中，粒子回旋加速器起著重要作用，下左圖為它的示意圖．它由兩個(gè)鋁制的D形盒組成，兩個(gè)D形盒正中間開(kāi)有一條狹縫．兩個(gè)D形盒處在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中并接有高頻交變電壓．右圖為俯視圖，在D形盒上半面中心S處有一正粒子源，它發(fā)出的正粒子，經(jīng)狹縫電壓加速后，進(jìn)入D形盒中．在磁場(chǎng)力的作用下運(yùn)動(dòng)半周，再經(jīng)狹縫電壓加速．如此周而復(fù)始，最后到達(dá)D形盒的邊緣，獲得最大速度，由導(dǎo)出裝置導(dǎo)出．已知正離子電荷量為q，質(zhì)量為m，加速時(shí)電極間電壓大小為U，磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B，D形盒的半徑為R。每次加速的時(shí)間極短，可忽略不計(jì)。正粒子從離子源出發(fā)時(shí)的初速度為零，不計(jì)粒子所受重力，則（）

A.高頻交變電壓變化的周期為B.粒子可能獲得的最大動(dòng)能為C.粒子第1次與第n次在下半盒中運(yùn)動(dòng)的軌道半徑之比為D.粒子在回旋加速器中的總的時(shí)間為5、如圖甲所示，光滑導(dǎo)軌水平放置在豎直方向的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，勻強(qiáng)磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度B隨時(shí)間的變化規(guī)律如圖乙所示（規(guī)定向下為正方向），導(dǎo)體棒ab垂直導(dǎo)軌放置，除電阻R的阻值外，其余電阻不計(jì)，導(dǎo)體棒ab在水平外力F的作用下始終處于靜止?fàn)顟B(tài)．規(guī)定a→b的方向?yàn)殡娏鞯恼较?，水平向右的方向?yàn)橥饬Φ恼较?，則在0～2t0時(shí)間內(nèi)，能正確反映流過(guò)導(dǎo)體棒ab的電流與時(shí)間及外力F與時(shí)間t的關(guān)系圖線是（）

A.B.C.D.評(píng)卷人得分二、多選題(共6題，共12分)6、下列說(shuō)法中正確的是（）A.一定量氣體膨脹對(duì)外做功100J，同時(shí)從外界吸收120J的熱量，則它的內(nèi)能增大20JB.在使兩個(gè)分子間的距離由很遠(yuǎn)（r>10-9m）減小到很難再靠近的過(guò)程中，分子間作用力先減小后增大，分子勢(shì)能不斷增大C.由于液體表面層分子間距離大于液體內(nèi)部分子間距離，故液體表面存在張力E.空氣相對(duì)濕度越大時(shí)，空氣中水蒸氣壓強(qiáng)越接近同溫度下水的飽和汽壓，水蒸發(fā)得就越慢E.空氣相對(duì)濕度越大時(shí)，空氣中水蒸氣壓強(qiáng)越接近同溫度下水的飽和汽壓，水蒸發(fā)得就越慢7、下列說(shuō)法中正確的是（）A.不可能從單一熱源吸收能量，使之完全變成功，而不產(chǎn)生其他影響B(tài).農(nóng)民鋤松土壤，是為了破壞土壤里的毛細(xì)管，保存土壤里的水分C.隨著分子間距增大，分子間的引力和斥力都減小，但斥力減小更快，合力表現(xiàn)為引力E.對(duì)某種氣體而言，已知阿伏伽德羅常數(shù)、氣體的摩爾質(zhì)量和密度，可計(jì)算出該種氣體分子間的平均距離E.對(duì)某種氣體而言，已知阿伏伽德羅常數(shù)、氣體的摩爾質(zhì)量和密度，可計(jì)算出該種氣體分子間的平均距離8、____的桌面有垂直桌面向下的勻強(qiáng)磁場(chǎng)B；一L×2L的線圈一半在桌面上，AB（長(zhǎng)L）邊和桌邊平行，以AB邊為軸旋轉(zhuǎn)線圈，關(guān)于線圈的說(shuō)法正確的有（）

A.線圈沒(méi)有旋轉(zhuǎn)時(shí)的磁通量等于BL2B.線圈旋轉(zhuǎn)600時(shí)的磁通量等于BL2C.線圈從開(kāi)始到旋轉(zhuǎn)1200的過(guò)程中磁通量沒(méi)有變化D.線圈從開(kāi)始到旋轉(zhuǎn)1800的過(guò)程中磁通量的變化等于3BL29、如圖所示；在光滑水平面內(nèi)，虛線右側(cè)存在勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁場(chǎng)方向垂直紙面向外，一正方形金屬線框質(zhì)量為n，電阻為R，邊長(zhǎng)為L(zhǎng)，從虛線處進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)開(kāi)始計(jì)時(shí)，在外力作用下，線框由靜止開(kāi)始，以垂直于磁場(chǎng)變化的恒定加速度a進(jìn)入磁場(chǎng)區(qū)域，t1時(shí)刻線框全部進(jìn)入磁場(chǎng)，規(guī)定順時(shí)針?lè)较驗(yàn)楦袘?yīng)電流I的正方向，外力大小為F，線框中電功率的瞬時(shí)值為P，通過(guò)導(dǎo)體橫截面的電荷量為q，其中P-t和q-t圖像均為拋物線，則這些量隨時(shí)間變化的圖像正確的是。

A.B.C.D.10、下列說(shuō)法中正確的是A.單晶體的某些物理性質(zhì)呈現(xiàn)各向異性，是因?yàn)榻M成它們的原子（分子、離子）在空間上的排列是雜亂無(wú)章的B.在熔化過(guò)程中，晶體要吸收熱量，溫度保持不變，但內(nèi)能增加C.液體表面張力產(chǎn)生的原因是液體表面層分子間距比較大，分子力表現(xiàn)為引力D.若把氫氣和氧氣看做理想氣體，則質(zhì)量和溫度均相同的氫氣和氧氣內(nèi)能相等11、下列說(shuō)法正確的是。

E．布朗運(yùn)動(dòng)與溫度有關(guān)，所以布朗運(yùn)動(dòng)是分子的熱運(yùn)動(dòng)A.只要知道水的摩爾質(zhì)量和水分子的質(zhì)量，就可以計(jì)算出阿弗加多羅常數(shù)B.擴(kuò)散現(xiàn)象和布朗運(yùn)動(dòng)都與溫度有關(guān)，所以擴(kuò)散現(xiàn)象和布朗運(yùn)動(dòng)都是分子的熱運(yùn)動(dòng)C.彩色液晶顯示器利用了液晶的光學(xué)性質(zhì)具有各向異性的特點(diǎn)D.氣體對(duì)容器的壓強(qiáng)是大量氣體分子對(duì)容器的碰撞引起的，它跟氣體分子密度，氣體分子的平均動(dòng)能有關(guān)評(píng)卷人得分三、填空題(共5題，共10分)12、某金屬導(dǎo)體，若30s內(nèi)有36C的電荷量通過(guò)導(dǎo)體的橫截面，則每秒鐘內(nèi)有______個(gè)自由電子通過(guò)該導(dǎo)體的橫截面，導(dǎo)體中的電流為_(kāi)_______A。（電子的電荷量為1.6×10-19C）13、一卡諾熱機(jī)，工作在300K的高溫?zé)嵩春?00K的低溫?zé)嵩粗g，則此熱機(jī)的效率η=__________________。若在等溫膨脹過(guò)程中此熱機(jī)吸熱2×105J，則在每一循環(huán)中對(duì)外所作的功W=_______________。14、兩塊非常長(zhǎng)的光滑擋板圍成一個(gè)夾角為10°的三角形區(qū)域，一小球沿著角平分線方向的初速度入射，設(shè)球與擋板間的碰撞是彈性的，則球與擋板一共會(huì)發(fā)生___________次碰撞。

15、陰極射線管的上方有一根固定的導(dǎo)線AB，如圖所示，當(dāng)導(dǎo)線中通一如圖所示的電流時(shí)，陰極射線管的電子流將向__________偏轉(zhuǎn)。（填“下”或“上”）16、已知質(zhì)子的質(zhì)量為m1，中子的質(zhì)量為m2，碳核（）的質(zhì)量為m3，則碳核（）的比結(jié)合能為_(kāi)____，碳-14是碳的一種具有放射性的同位素，研究發(fā)現(xiàn)外來(lái)的宇宙射線與大氣作用產(chǎn)生宇宙射線中子，宇宙射線中子和大氣中氮核（）起核反應(yīng)產(chǎn)生碳-14，請(qǐng)寫(xiě)出核反應(yīng)方程__________．評(píng)卷人得分四、作圖題(共3題，共21分)17、如圖所示，甲、乙是直線電流的磁場(chǎng)，丙、丁是環(huán)形電流的磁場(chǎng)，戊、己是通電螺線管的磁場(chǎng)，試在各圖中補(bǔ)畫(huà)出電流方向或磁感線方向．

18、示波管的內(nèi)部結(jié)構(gòu)如圖所示．如果在偏轉(zhuǎn)電極XX/、YY/之間都沒(méi)有加電壓，電子束將打在熒光屏中心．如果在偏轉(zhuǎn)電極XX/之間和YY/之間分別加上如圖所示的電壓，請(qǐng)畫(huà)出熒光屏上出現(xiàn)的完整掃描波形圖．

19、圖中表示某一時(shí)刻的波形圖，已知波速為0.5m/s，波沿著x軸的正方向傳播；畫(huà)出經(jīng)過(guò)7s后的波形曲線。

評(píng)卷人得分五、解答題(共4題，共20分)20、麥克斯韋在1865年發(fā)表的《電磁場(chǎng)的動(dòng)力學(xué)理論》一文中揭示了電、磁現(xiàn)象與光的內(nèi)在聯(lián)系及統(tǒng)一性，即光是電磁波．

①某單色光波在折射率為的玻璃磚介質(zhì)中傳播，某時(shí)刻電場(chǎng)橫波圖象如圖1所示，已知：c=3×108m/s求該光波的頻率．(結(jié)果可用分?jǐn)?shù)表示)

②折射率為的玻璃磚的截面為等腰梯形，如圖2所示，其中上、下兩面平行，底角45°，現(xiàn)將①中的單色光以寬度為d的光束平行于CD邊入射到AC界面上，a、b是光束的邊界．光線a在玻璃磚中的光路已給出且恰好從D點(diǎn)射出．畫(huà)出光線b從玻璃磚中首次出射的光路圖．并求出玻璃磚中有光射出部分的長(zhǎng)度L以及出射光線與界面的夾角θ．

21、一傾角為的光滑絕緣斜面體固定在水平面上；整個(gè)裝置處于垂直紙面向里的磁場(chǎng)中，如圖所示．一質(zhì)量為m，電荷量為q的帶正電小球從斜面上由靜止釋放．已知磁感應(yīng)強(qiáng)度為B，重力加速度為g．求：

（1）小球離開(kāi)斜面時(shí)的速率；

（2）小球在斜面上滑行的位移大?。?2、如圖所示，兩根相距L＝1m的足夠長(zhǎng)的光滑金屬導(dǎo)軌，一組導(dǎo)軌水平，另一組導(dǎo)軌與水平面成37°角，拐角處連接一阻值R＝1Ω的電阻．質(zhì)量均為m＝2kg的金屬細(xì)桿ab、cd與導(dǎo)軌垂直接觸形成閉合回路，導(dǎo)軌電阻不計(jì)，兩桿的電阻均為R＝1Ω.整個(gè)裝置處于磁感應(yīng)強(qiáng)度大小B＝1T、方向垂直于導(dǎo)軌平面的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中．當(dāng)ab桿在平行于水平導(dǎo)軌的拉力作用下沿導(dǎo)軌向右勻速運(yùn)動(dòng)時(shí)，cd桿靜止．g＝10m/s2；sin37°＝0.6，cos37°＝0.8，求：

(1)水平拉力的功率；

(2)現(xiàn)讓cd桿靜止，求撤去拉力后ab桿產(chǎn)生的焦耳熱23、如圖所示，寬L=2m、足夠長(zhǎng)的金屬導(dǎo)軌MN和M′N′固定在水平面上，在導(dǎo)軌的兩端各連接一個(gè)R=2.0Ω的定值電阻（右端沒(méi)有畫(huà)出），在AA′處放置一根與導(dǎo)軌垂直、質(zhì)量m=2.0kg、電阻r=1.0Ω的金屬桿，金屬桿與導(dǎo)軌之間的動(dòng)摩擦因數(shù)為0.5，導(dǎo)軌電阻不計(jì)，導(dǎo)軌處于磁感應(yīng)強(qiáng)度B=1.0T、方向垂直于導(dǎo)軌平面向上的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中．用輕繩與桿的中點(diǎn)相連，輕繩沿水平方向，用外力牽引桿由AA′處經(jīng)時(shí)間t=2S運(yùn)動(dòng)到OO′處，外力的功率恒為P=60W，當(dāng)桿運(yùn)動(dòng)到OO′時(shí)速度大小為5m/s，AA′與OO′之間的距離d=4m，g取10m/s2．求：

（1）當(dāng)桿運(yùn)動(dòng)到OO′時(shí)，流過(guò)桿的電流大小及方向

（2）桿由AA′處運(yùn)動(dòng)到OO′處過(guò)程中，一個(gè)定值電阻R的平均發(fā)熱功率參考答案一、選擇題(共5題，共10分)1、D【分析】【詳解】

滑動(dòng)變阻器的滑片P向右滑動(dòng)時(shí)；阻值變小，電路總電阻變小，則根據(jù)閉合電路的歐姆定律可知，電路的總電流變大，電流表示數(shù)變大；內(nèi)阻上電壓變大，則路端電壓變小，即電壓表示數(shù)變小，故C錯(cuò)誤，D正確；故選D.

【點(diǎn)睛】

此題是動(dòng)態(tài)電路的分析問(wèn)題，知道用“局部-整體-局部”的分析思路進(jìn)行分析.2、A【分析】【分析】

【詳解】

正確認(rèn)識(shí)門(mén)電路的符號(hào)，“≥1”為或門(mén)，“1”為非門(mén)，其真值為：B端1輸入，則D端0輸出，或門(mén)為“0，1”輸入，則C端輸出1．

故選A。3、B【分析】【分析】

【詳解】

A．當(dāng)分子間表現(xiàn)為斥力時(shí)；分子距離減小時(shí)，分子力做負(fù)功，則分子勢(shì)能變大，A錯(cuò)誤；

B．分子直徑的數(shù)量級(jí)是10-7mm；B正確；

C．分子間的距離越??；分子引力增加，C錯(cuò)誤；

D．物體吸熱；若對(duì)外放熱，則內(nèi)能不一定增加，D錯(cuò)誤。

故選B。4、C【分析】【詳解】

A．加速電場(chǎng)變化的周期與粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)周期相等才能持續(xù)為粒子加速，所以加速電場(chǎng)變化的周期與粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)周期相等，則有

故A錯(cuò)誤；

B．粒子在磁場(chǎng)中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，根據(jù)洛倫茲力提供向心力

解得

粒子獲得的最大動(dòng)能

故B錯(cuò)誤；

C．粒子在電場(chǎng)中第一次加速，則有

解得

則粒子以第一次在下半盒中運(yùn)動(dòng)，根據(jù)洛倫茲力提供向心力

解得

粒子在第n次進(jìn)入下半盒運(yùn)動(dòng)前，已在電場(chǎng)中加速了（2n-1）次，則有

解得

則半徑為

故半徑之比為

故C正確；

D．粒子在加速器中運(yùn)動(dòng)的總時(shí)間為

故D錯(cuò)誤。

選選C。5、D【分析】【詳解】

由可知，電動(dòng)勢(shì)保持不變，則電路中電流不變，則AB錯(cuò)誤；由安培力F=BtIL可知，電路中安培力隨B的變化而變化，當(dāng)B為負(fù)值時(shí)，安培力的方向?yàn)樨?fù)，B為正值時(shí)，安培力為正值，故C錯(cuò)誤，D正確；二、多選題(共6題，共12分)6、A:C:E【分析】【詳解】

A．根據(jù)熱力學(xué)第一定律知：△U=W+Q=-100+120=20J；故A正確；

B．在使兩個(gè)分子間的距離由很遠(yuǎn)（r＞10-9m）減小到很難再靠近的過(guò)程中；分子間作用力先增大后減小，再增大，分子勢(shì)能先減小后增大，故B錯(cuò)誤；

C．由于液體表面層分子間距離大于液體內(nèi)部分子間距離；液體表面存在張力，故C正確；

D．用油膜法測(cè)出油分子的直徑后；要測(cè)定阿伏加德羅常數(shù)，只需再知道油的摩爾體積即可，故D錯(cuò)誤；

E．空氣相對(duì)濕度越大時(shí)；空氣中水蒸氣壓強(qiáng)越接近同溫度水的飽和汽壓，水蒸發(fā)越慢，故E正確。

故選ACE．7、A:B:E【分析】【分析】

【詳解】

A．根據(jù)熱力學(xué)第二定律；不可能從單一熱源吸收能量，使之完全變成功，而不產(chǎn)生其他影響，故A正確；

B．鋤松土壤可以破壞土壤里的毛細(xì)管；可以保存土壤里的水分，故B正確；

C．當(dāng)分子距離小于時(shí)表現(xiàn)為斥力，大于時(shí)表現(xiàn)為引力；所以隨著分子間距離的增大，合力是有時(shí)表現(xiàn)為斥力，有時(shí)表現(xiàn)為引力，且引力和斥力都減小，故C錯(cuò)誤；

D．溫度是分子的平均動(dòng)能的標(biāo)志；是大量分子做無(wú)規(guī)則運(yùn)動(dòng)的統(tǒng)計(jì)規(guī)律，溫度升高，分子的平均動(dòng)能增大，但不是每個(gè)分子熱運(yùn)動(dòng)的動(dòng)能越大，故D錯(cuò)誤；

E．知道阿伏伽德羅常數(shù)；氣體的摩爾質(zhì)量和密度；可求出氣體的摩爾體積，然后求出每個(gè)氣體分子占據(jù)的空間大小，從而能求出氣體分子的平均距離，故E正確。

故選ABE。8、A:B:D【分析】【分析】

根據(jù)φ=BScosθ求解磁通量；根據(jù)?φ=φ2-φ1求解磁通量的變化量。

【詳解】

根據(jù)φ=BS可知，線圈沒(méi)有旋轉(zhuǎn)時(shí)的磁通量等于BL2，選項(xiàng)A正確；線圈旋轉(zhuǎn)600時(shí)的磁通量：B?L?2Lcos600=BL2，選項(xiàng)B正確；線圈從開(kāi)始到旋轉(zhuǎn)1200的過(guò)程中磁通量變化了：B?L?2Lcos600-(-BL2)=2BL2，選項(xiàng)C錯(cuò)誤；線圈從開(kāi)始到旋轉(zhuǎn)1800的過(guò)程中磁通量的變化等于B?L?2L-(-BL2)=3BL2，選項(xiàng)D正確；故選ABD.9、C:D【分析】【詳解】

A、線框切割磁感線，則有運(yùn)動(dòng)速度v=at，產(chǎn)生感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)E=BLv，所以產(chǎn)生感應(yīng)電流故A錯(cuò)誤；

B、對(duì)線框受力分析，由牛頓第二定律，則有解得：故B錯(cuò)誤；

C、由功率表達(dá)式P與t是二次函數(shù)，圖象為拋物線，故C正確；

D、由電量表達(dá)式，則有q與t是二次函數(shù)，圖象為拋物線，故D正確；

故選CD．

【點(diǎn)睛】電磁感應(yīng)的圖象問(wèn)題．10、B:C【分析】【詳解】

A；單晶體的某些物理性質(zhì)呈現(xiàn)各向異性；是因?yàn)榻M成它們的原子（分子、離子）在空間上的排列是有序的，A錯(cuò)誤。

B；晶體吸熱熔化過(guò)程中；溫度不變，內(nèi)能卻增大。是因?yàn)橥ㄟ^(guò)熱傳遞使內(nèi)能增大，而熱傳遞則可以吸收熱量，吸收的熱量并不用來(lái)升溫，而是用來(lái)減小分子之間的束縛，也就是增大分子的勢(shì)能。B正確。

C；凡作用于液體表面；使液體表面積縮小的力，稱為液體表面張力。它產(chǎn)生的原因是液體跟氣體接觸的表面存在一個(gè)薄層，叫做表面層，表面層里的分子比液體內(nèi)部稀疏，分子間的距離比液體內(nèi)部大一些，分子間的相互作用表現(xiàn)為引力。C正確。

D、若把氫氣和氧氣看做理想氣體，溫度相同則分子平均動(dòng)能相等，但由于氫氣和氧氣的摩爾質(zhì)量不相等，所以摩爾數(shù)不相等，分子勢(shì)能不相等，D錯(cuò)誤11、A:C:D【分析】試題分析：摩爾質(zhì)量是1摩爾分子的質(zhì)量；故只要知道水的摩爾質(zhì)量和水分子的質(zhì)量，就可以計(jì)算出阿伏伽德羅常數(shù)，故A正確；布朗運(yùn)動(dòng)是懸浮在液體中的固體小顆粒的無(wú)規(guī)則運(yùn)動(dòng)，不是分子的運(yùn)動(dòng)；而熱運(yùn)動(dòng)是指分子的無(wú)規(guī)則的運(yùn)動(dòng)，故B錯(cuò)誤；彩色液晶顯示器利用了液晶的光學(xué)性質(zhì)具有各向異性的特點(diǎn)，故C正確；根據(jù)壓強(qiáng)的微觀意義可知，跟氣體分子在單位時(shí)間內(nèi)對(duì)單位面積上的碰撞次數(shù)；分子對(duì)器壁的平均碰撞力有關(guān)，即跟氣體分子的密度，以及氣體分子的平均動(dòng)能有關(guān)，故D正確；布朗運(yùn)動(dòng)與溫度有關(guān)，但是布朗運(yùn)動(dòng)是固體顆粒的運(yùn)動(dòng)，但不是分子的熱運(yùn)動(dòng)，選項(xiàng)E錯(cuò)誤；故選ACD。

考點(diǎn)：分子動(dòng)理論；布朗運(yùn)動(dòng)；晶體；

【名師點(diǎn)睛】本題考查了阿伏加德羅常數(shù)、壓強(qiáng)的微觀意義、布朗運(yùn)動(dòng)、液晶等，知識(shí)點(diǎn)多，難度小，關(guān)鍵多看書(shū)，多加積累。三、填空題(共5題，共10分)12、略

【分析】【詳解】

金屬靠自由電子導(dǎo)電，電子帶負(fù)電，其電荷量大小為所以在每秒鐘內(nèi)通過(guò)該導(dǎo)體橫截面的自由電子數(shù)為導(dǎo)體中的電流為．【解析】7.5×10181.213、略

【分析】【詳解】

[1]卡諾熱機(jī)的效率

[2]由

可得【解析】33.3%6.67×104J14、略

【分析】【分析】

【詳解】

如圖所示。

小球第一次碰撞后與角的另一邊的夾角為15°；如下圖所示；

第二次碰后與角的另一邊夾角為25°；可得每一次碰撞后下一次碰與角的一邊的夾角為增加10°，碰撞第8次和第9次，如下圖所示。

可得第9次后與角的邊的夾角為85°；第10次碰后如下圖所示。

可得碰后與角的邊的夾角為75°；每碰撞一次，角度減少10°，當(dāng)碰撞16次后，如下圖所示。

小碰撞第17次后，路徑沿水平向右，不會(huì)再發(fā)生碰撞，所以則球與擋板一共會(huì)發(fā)生17次碰撞?！窘馕觥?715、略

【分析】根據(jù)安培定則判斷可知：通電導(dǎo)線在陰極射線管處產(chǎn)生的磁場(chǎng)方向垂直紙面向里；電子帶負(fù)電，向右運(yùn)動(dòng)，由左手定則判斷得知電子流所受的洛倫茲力方向向下，所以陰極射線向下偏轉(zhuǎn)．

【點(diǎn)睛】本題關(guān)鍵要掌握兩大定則：安培定則和左手定則，要明確兩個(gè)問(wèn)題：一是什么條件用什么定則，二是怎樣用定則．【解析】下16、略

【分析】【詳解】

此核反應(yīng)方程為故碳核（）的結(jié)合能為因核子數(shù)為12，則比結(jié)合能為根據(jù)電荷數(shù)守恒、質(zhì)量數(shù)守恒，得核反應(yīng)方程為．

【點(diǎn)睛】本題關(guān)鍵是掌握愛(ài)因斯坦質(zhì)能方程以及比結(jié)合能的計(jì)算公式，知道核反應(yīng)過(guò)程中，電荷數(shù)守恒、質(zhì)量數(shù)守恒；先求出質(zhì)量虧損．核反應(yīng)中質(zhì)量虧損等于反應(yīng)前后質(zhì)量之差，再根據(jù)愛(ài)因斯坦質(zhì)能方程求結(jié)合能，結(jié)合能與核子數(shù)之比等于比結(jié)合能，根據(jù)電荷數(shù)守恒、質(zhì)量數(shù)守恒寫(xiě)出核反應(yīng)方程．【解析】四、作圖題(共3題，共21分)17、略

【分析】【詳解】

利用右手螺旋定則；已知電流的方向可判定磁場(chǎng)方向，也可以通過(guò)磁場(chǎng)方向來(lái)確定電流的方向；

圖甲；已知磁場(chǎng)方向，順時(shí)針?lè)较?，則電流垂直紙面向里；

圖乙；電流右側(cè)的磁場(chǎng)的方向向里，左側(cè)的磁場(chǎng)的方向向外，則電流的方向向上；

圖丙；已知磁場(chǎng)方向，則可知電流方向，逆時(shí)針?lè)较颍?/p>

圖??；環(huán)形電流從左側(cè)流入，從右側(cè)流出，所以磁場(chǎng)的方向向下；

圖戊；根據(jù)螺線管中電流方向，利用右手螺旋定則可以確定螺線管的磁場(chǎng)的方向向左；

圖已；根據(jù)螺線管中上邊的電流方向向外，下邊的電流的方向向里，利用右手螺旋定則可以確定螺線管的磁場(chǎng)的方向向右．如圖所示：

【解析】18、略

【分析】試題分析：A圖中；在XX′偏轉(zhuǎn)電極所加的電壓的周期為2T，即在2T的時(shí)間內(nèi)才能完成一次水平方向的掃描，而豎直方向（y方向）的周期為T(mén)，所以在水平方向的一次水平掃描的過(guò)程中，豎直方向由2個(gè)周期性的變化；y方向的電壓變化為正弦式的變化，由于電子到達(dá)熒光屏的偏轉(zhuǎn)量與偏轉(zhuǎn)電壓成正比，所以A圖中的掃描圖形如圖；

要在熒光屏上得到待測(cè)信號(hào)在一個(gè)周期內(nèi)的穩(wěn)定圖象．XX′偏轉(zhuǎn)電極要接入鋸齒形電壓；即掃描電壓．

B圖中；在XX′偏轉(zhuǎn)電極所加的電壓的周期為T(mén)，即在一個(gè)周期T的時(shí)間內(nèi)完成一次水平方向的掃描，同時(shí)豎直方向的周期為T(mén)，所以在水平方向的一次水平掃描的過(guò)程中，豎直方向也完成一個(gè)周期性的變化；y方向的電壓大小不變，方向每半個(gè)周期變化一次，結(jié)合電子到達(dá)熒光屏的偏轉(zhuǎn)量與偏轉(zhuǎn)電壓成正比，所以B圖中的掃描圖形如圖．

考點(diǎn)：考查了示波器的工作原理。

【名師點(diǎn)睛】本題關(guān)鍵要清楚示波管的工作原理，示波管的YY′偏轉(zhuǎn)電壓上加的是待顯示的信號(hào)電壓，XX′偏轉(zhuǎn)電極通常接入鋸齒形電壓，即掃描電壓，當(dāng)信號(hào)電壓與掃描電壓周期相同時(shí)，就可以在熒光屏上得到待測(cè)信號(hào)在一個(gè)周期內(nèi)的穩(wěn)定圖象【解析】19、略

【分析】【分析】

【詳解】

7s波向前傳播的距離為

7s后，故x=3.5m位置的原圖中x=0位置的振動(dòng)情況相同；因此作出以下圖形。

【解析】五、解答題(共4題，共20分)20、略

【分析】【詳解】

①設(shè)光在介質(zhì)中的傳播速度為v，波長(zhǎng)為λ.頻率為f；由圖1得。

光在介質(zhì)中的速度v=

光波的頻率為

代入數(shù)據(jù)求得Hz

②光路圖如下：

可得L=θ=45°【解析】①②L=；θ=45°21、略

【分析】(1)小球在斜面上運(yùn)動(dòng),當(dāng)FN=0時(shí)；離開(kāi)斜