2025年人教A新版必修3物理上冊階段測試試卷

…………○…………內…………○…………裝…………○…………內…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年人教A新版必修3物理上冊階段測試試卷198考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五六總分得分評卷人得分一、選擇題(共5題，共10分)1、如圖所示，在真空中相距為L的a、b兩點分別放置電荷量大小均為Q的正、負電荷，那么在離a、b兩點距離都等于L的點的電場強度的方向和該點的場強大小為（）

A.沿a到b方向，B.沿b到a方向，C.方向沿ab中垂線向外，D.方向沿ab中垂線向里，2、如圖所示，直角三角形ABC，∠A=60°，AD=DC，B、C兩點在同一水平線上，垂直紙面的直導線置于B、C兩點，通有大小相等、方向向里的恒定電流，D點的磁感應強度大小為B0。若把置于C點的直導線的電流反向，大小保持不變，則變化后D點的磁感應強度（）

A.大小為B0，方向水平向左B.大小為B0，方向水平向右C.大小為B0，方向豎直向下D.大小為2B0，方向豎直向下3、已知表頭的內阻為200Ω，滿偏電流Ig為2mA，現(xiàn)將表頭改裝為量程為0-3V和0-10V的雙量程電壓表如圖甲及量程為0-0.1A和的雙量程電流表如圖乙；則下列說法正確的是（）

A.圖甲中使用A、B兩個端點時，量程為0-10V，使用A、C兩個端點時，量程為0-3VB.C.圖乙中使用A、B兩個端點時，量程為0-1A；使用A、C兩個端點時，量程為0-0.1AD.4、請用學過的電學知識判斷下列說法不正確的是（）A.高壓輸電導線表面要很光滑，以避免因尖端放電而損失電能B.避雷針避雷是將云層中積聚的電荷導入大地或將大地的負電荷與其中和C.接觸帶有精密電子元件的電路板時，最好先用手接觸一下金屬水管或其它接地金屬D.雷雨天，武當山金殿的屋頂常出現(xiàn)“雷火煉殿”的奇觀，這是靜電屏蔽的原因5、如圖，電荷量分別為q和–q（q>0）的點電荷固定在正方體的兩個頂點上，a、b是正方體的另外兩個頂點。則下列說法不正確的是（）

A.a點和b點的電勢相等B.a點和b點的電場強度大小相等C.a點和b點的電場強度方向相同D.將負電荷從a點移到b點，電勢能減少評卷人得分二、多選題(共9題，共18分)6、勻強電場中有相距cm的a、b兩點，電勢差V，在該電場中電荷量C的帶電粒子受到的電場力大小可能為（）A.0.03NB.0.30NC.3.0ND.4.0N7、如圖所示，小球A固定在絕緣支架上，電荷量為Q，小球B用絲線懸掛，電荷量為+q，B偏轉后兩球距離為r，A、B均視為點電荷。下列說法正確的是（）

A.A帶負電B.B對A的作用力F大小為C.減小B的電荷量，絲線與豎直方向的夾角變大D.減小B的電荷量，絲線與豎直方向的夾角變小8、如圖所示為一塊多用電表；用這一多用電表歐姆擋測電阻時，下列說法正確的是（）

A.換用不同倍率的歐姆擋后不需進行歐姆調零B.選擇適當倍率的歐姆擋，使測量時表針落在刻度盤的中間區(qū)域，測量較為準確C.測量時應該用兩手分別將兩表筆與待測電阻兩端緊緊捏一起D.使用完畢應當拔出表筆，并把選擇開關旋轉到“OFF”位置9、D是一只理想二極管（a正極：電流只能從a流向b，而不能從b流向a）。平行板電容器A、B兩極板間有一電荷在P點處于靜止。以E表示兩極板間電場強度，U表示兩極板間電壓，Ep表示電荷在P點電勢能。若保持極板B不動；將極板A稍向上平移則（）

A.E變小B.U變大C.Ep不變D.電荷仍保持靜止10、如圖所示，光滑水平桌面上固定一光滑擋板ABCD，構成小球的運動軌道。其中AB段直軌道與半徑為R的半圓軌道BCD在B處相切，BD為半圓軌道直徑。整個軌道都處在大小為E、方向水平且與AB垂直的勻強電場中。一質量為m、帶電荷量為+q的小球靜止在擋板內側A處，小球大小可以忽略。現(xiàn)給小球沿AB方向的瞬時沖量，使小球開始運動，經(jīng)過D處時剛好對擋板無壓力。已知重力加速度為g，則小球（）

A.經(jīng)過D處時速度的大小為B.經(jīng)過B處時速度的大小為C.在B處對擋板壓力的大小為6qED.在A處受到瞬時沖量的大小為11、如圖所示，兩條完全相同的圓弧形材料AOB和COD，圓弧對應的圓心角都為120°，圓弧AOB在豎直平面內，圓弧COD在水平面內，以O點為坐標原點、水平向右為x軸正方向，兩弧形材料均勻分布正電荷，P點為兩段圓弧的圓心，已知P點處的電場強度為E0、電勢為φ0，設圓弧AO在圓心P處產生的電場強度大小為E，產生的電勢為φ；選無窮遠的電勢為零，以下說法正確的是（）

A.B.C.將質子（比荷）從P點無初速度釋放，則質子的最大速度為D.若兩段弧形材料帶上的是等量異種電荷，x軸上各點電場強度為零，電勢為012、真空中，兩個相距L的固定點電荷E、F所帶電荷量大小分別是QE和QF，在它們共同形成的電場中，有一條電場線如圖中實線所示，實線上的箭頭表示電場線的方向．電場線上標出了M、N兩點，其中N點的切線與EF連線平行，且∠NEF＞∠NFE．則（）

A.E帶正電，F(xiàn)帶負電，且QE＜QFB.在M點由靜止釋放一帶正電的檢驗電荷，檢驗電荷將沿電場線運動到N點C.過N點的等勢面與過N點的切線垂直D.負檢驗電荷在M點的電勢能大于在N點的電勢能13、某同學將一直流電源的總功率PE、輸出功率PR和電源內部的發(fā)熱功率Pr隨電流I變化的圖線畫在了同一坐標上，如圖中的a、b、c所示．以下判斷正確的是()

A.直線a表示電源的總功率B.曲線c表示電源的輸出功率C.電源的電動勢E＝3V，內電阻r＝1ΩD.電源的最大輸出功率Pm＝9W14、如圖所示的是一個電容式傳感器，在金屬a的外面涂一層絕緣的電介質后放在導電液體中構成一個電容器，a與導電液體就是該電容器的兩極，今使該電容器充電后與電源斷開，并將a與靜電計的導體球相連，插入導電液體中的電極b與靜電計外殼相連，則當導電液體深度h變大時

A.引起兩極間正對面積變大B.電容器的電容將變小C.電容器兩極間的電壓將變大D.靜電計指針偏角將減小評卷人得分三、填空題(共9題，共18分)15、勻強電場的方向平行于平面，平面內a、b、c三點的位置如圖所示，三點的電勢分別為完成下列填空：

（1）電場強度的大小為______

（2）坐標原點處的電勢為_________V；

（3）電子在a點的電勢能比在b點的高_________

（4）電子從b點運動到c點，電場力做功為________16、如圖所示的實驗裝置為庫侖扭秤。細銀絲的下端懸掛一根絕緣棒，棒的一端是一個帶電的金屬小球A，另一端有一個不帶電的球B，B與A所受的重力平衡，當把另一個帶電的金屬球C插入容器并使它靠近A時，A和C之間的作用力使懸絲扭轉，通過懸絲扭轉的角度可以比較力的大小，便可找到力F與距離r和電荷量q的關系。這一實驗中用到了下列什么方法？__________、____________（微元法；微小量放大法、極限法、控制變量法、逐差法、估算法）

17、在探究“電阻定律”實驗時，某同學猜想電阻R可能與材料、長度、橫截面積、溫度等有關。為完成實驗，該同學通過__________（選填“控制變量法”或“等效法”）實驗探究導體電阻與決定因素的關系得出電阻定律，并總結表達式__________。18、下圖游標卡尺讀數(shù)分別為左圖_________mm，右圖_________mm。

19、請完成下列各表的讀數(shù)；把答案填在圖下的橫線上。

（1）量程為0~3V和0~3A的電表。讀數(shù)___________，讀數(shù)___________

（2）量程為0~15V的電壓表讀數(shù)。讀數(shù)___________，讀數(shù)___________，讀數(shù)___________

（3）量程為0~0.6A的電流表讀數(shù)。讀數(shù)___________，讀數(shù)___________，讀數(shù)___________，讀數(shù)___________

20、如圖所示，電流表A的量程為0-0.6A,表盤均勻劃分為30個小格，每一小格表示0.02A,R1的阻值等于電流表內阻的的阻值等于電流表內阻的2倍.若用電流表A的表盤刻度表示流過接線柱1的電流值；則。

(1)將接線柱1、2接入電路時,每一小格表示_____A.

(2)將接線柱1、3接入電路時,每一小格表示______A.21、如圖所示為伏打電池示意圖，由于化學反應，在A、B兩電極附近產生了很薄的兩個帶電接觸層a、b。

（1）說明銅板帶正電、鋅板帶負電的原因是什么______？

（2）在電源內部的a、b兩個區(qū)域，電荷如何被搬運到極板上______？

（3）在正常工作的閉合電路中，靜電力對做定向運動的電子做______（選填“正”或“負”）功，使電子向電勢______（選填“升高”或“降低”）的方向運動，電子的電勢能______（選填“增加”或“減少”）；非靜電力對做定向運動的電子做______（選填“正”或“負”）功，使電子向電勢______（選填“升高”或“降低”）的方向運動，電子的電勢能______（選填“增加”或“減少”）．

（4）沿電流方向繞電路一周，非靜電力做功的區(qū)域是()

A．RB．bC．rD．a

（5）在圖中閉合回路的各區(qū)域內，電勢升高的總和等于電源的______。

（6）沿電流方向繞電路一周，在什么地方電勢降低______？在什么地方電勢升高______？22、通電螺線管內有一在磁場力作用下處于靜止的小磁針，小磁針的指向如圖所示，則螺線管的端為_______（選填“”或“”）極，接電源的_____（選填“正”或“負”）極。

23、如圖所示，平行板電容器板間距離d=20cm，與一個直流電源連接，電源電壓為10V，N板接地，取大地電勢為零.兩板間有一點P，P點距上極板M10cm，把K閉合給電容器充電，然后再斷開，P點場強大小為_________，電勢為_________，若把N板向下移動20cm，則P點場強大小為__________，電勢為_________.

評卷人得分四、作圖題(共2題，共10分)24、在如圖所示的四幅圖中；分別給出了導線中的電流方向或磁場中某處小磁針靜止時N極的指向或磁感線方向。請畫出對應的磁感線（標上方向）或電流方向。

25、由電流產生的磁場方向如圖所示；請在圖中標出線圈中的電流方向.

評卷人得分五、實驗題(共4題，共12分)26、某實驗小組要描繪標有“3.8V0.32A”字樣的小燈泡L的伏安特性曲線；可供選用的器材除了開關；導線外，還有：

A.電壓表V1（量程0~3V，內阻等于3kΩ）B.電壓表V2（量程0~15V；內阻等于15kΩ）

C.電流表A1（量程0~400mA，內阻約等于1.0Ω）D.電流表A2（量程0~3A；內阻約等于0.1Ω）

E.滑動變阻器R1（0~10Ω，額定電流2A）F.滑動變阻器R2（0~1kΩ；額定電流0.5A）

G.定值電阻R3（阻值等于1Ω）H.定值電阻R4（阻值等于1kΩ）

I.電源E（E=6V；內阻不計）

（1）實驗要求小燈泡兩端的電壓從零開始變化并能進行多次測量，電流表應選用_________；電壓表應選用__________；滑動變阻器應選用__________；定值電阻應選用_________。（均填儀器前的字母）

（2）請在給定的虛線方框內畫出實驗電路圖，并將所選各元件字母代碼標在該元件的符號旁_________。

（3）實驗測得該小燈泡伏安特性曲線如圖甲所示，將該小燈泡跟標有“6.0V1.80W”的小電動機和另一電源E。（內阻r=0.33Ω）連接成圖乙所示的電路時，小電動機恰好正常轉動，則此時小燈泡的實際功率為__________W，電源E0的電動勢為__________V。（結果均保留兩位小數(shù)）27、如圖甲所示為一個小燈泡的兩端電壓與通過它的電流的變化關系曲線。

（1）若把三個相同這樣的燈泡串聯(lián)后，接到電壓恒定的12V電源上，由圖甲可知流過小燈泡的電流為______________A，小燈泡的電阻為___________

（2）如圖乙所示，將同種規(guī)格的兩個這樣的小燈泡并聯(lián)后再與10的定值電阻串聯(lián)，接在電壓恒定的8V的電源上，則電流表的示數(shù)為_________A，小燈泡的電阻為__________28、某實驗小組測定一電流表的內阻實驗室提供如下器材：

A.待測電流表（量程為內阻約）；

B.電阻箱（最大阻值為）；

C.滑動變阻器（最大阻值額定電流）；

D.滑動變阻器（最大阻值額定電流）;

E.電源（電動勢約內阻不計）；

F.開關兩個；導線若干。

設計了如圖甲所示的電路圖；實驗步驟如下：

①根據(jù)實驗設計的電路圖連接好電路，正確調節(jié)滑動變阻器

②先閉合使保持斷開狀態(tài)，調節(jié)滑動變阻器滑片的位置，使得待測電流表示數(shù)達到滿偏電流

③保持滑動變阻器滑片的位置不動，閉合并多次調節(jié)變阻箱記下電流表的示數(shù)和對應的電阻箱的阻值

④以為縱坐標，為橫坐標作出了圖線；如圖乙所示；

⑤根據(jù)圖線的相關數(shù)據(jù)求解電流表的內阻回答下列問題：

(1)實驗中應選擇滑動變阻器_____（填“”或“”），實驗前，先將滑動變阻器滑片移到____（填“”或“”）端；

(2)在調節(jié)電阻箱過程中干路電流幾乎不變，則與的關系式為______（用題中所給出物理量的字母表示），根據(jù)圖象中的數(shù)據(jù)求出電流表的內阻_____（結果保留兩位有效數(shù)字）；

(3)用這種方法測量出的電流表內阻比電流表內阻的真實值_____（填“偏大”“相等”或“偏小”）。29、為了測一個自感系數(shù)很大的線圈L的直流電阻R；實驗室提供以下器材：

待測線圈L（阻值約為5Ω）；電流表A1（量程3.0A，內阻r1約為0.2Ω）；電流表A2（量程0.6A，內阻r2=1.0Ω）；滑動變阻器R1（0~10Ω）；電壓表V（3V量程，約為2kΩ）；電阻箱R2（0~99.9Ω）；電源E（電動勢E約為3V，內阻很?。粏蔚秵螖S開關S1、S2；導線若干。

(1)某實驗小組按如圖（a）所示的電路測量線圈L的直流電阻RL。實驗主要步驟如下：

①按電路圖連接好電路，斷開開關S1、S2，滑動變阻器R1的滑片移動___（填“左”或者“右"）端；

②閉合開關S1、S2，移動滑動變阻器R的滑片至適當位置，記下電流表A2的示數(shù)為I2，電壓表V的示數(shù)為U，線圈L的直流電阻的測量值的計算式為RL=_____；

③測量完后，應先斷開開關S2，再斷開開關S1，其理由是_________。

(2)若只提供一個開關S1，為避免自感現(xiàn)象對電表的影響，經(jīng)討論，同學們認為可以利用兩個電流表和一個電阻箱達到測量的目的。圖（b）方框中已畫了部分電路，請根據(jù)你的設計，在方框中完成電路圖________。

評卷人得分六、解答題(共1題，共9分)30、如圖所示，勻強電場的場強E=4×104N/C，沿電場線方向有A、B兩點，A、B兩點間的距離d=0.2m。將電荷量q=+2×10﹣8C的點電荷從A點移至B點。求：

（1）電荷所受電場力F的大??；

（2）A、B兩點間電勢差U；

（3）電荷從A點移至B點的過程中，電場力所做的功W。

參考答案一、選擇題(共5題，共10分)1、A【分析】【詳解】

兩個等量異種點電荷在B兩點距離都等于L的點產生的電場強度大小相等；方向如圖．

大小為E1＝E2＝則合場強為：E＝．方向由a指向b；故選A.

【點睛】

解決本題的關鍵掌握點電荷的場強公式E＝以及知道場強是矢量，合成分解遵循平行四邊形定則．2、C【分析】【分析】

【詳解】

如圖所示。

由幾何關系知θ=60°，設每根導線在D點產生的磁感強度為B，據(jù)平行四邊形定則有

若把置于C點的直導線電流反向，據(jù)幾何知識可得α=30°

D點合磁感強度大小為

方向豎直向下；C正確。

故選C。3、C【分析】【詳解】

A．圖甲中使用A、C兩個端點時，量程為0-10V，使用A、B兩個端點時；量程為0-3V，故A錯誤；

B．根據(jù)

解得

根據(jù)

得

故B錯誤；

C．圖乙中使用A、B兩個端點時，量程為0-1A；使用A、C兩個端點時；量程為0-0.1A，故C正確；

D．根據(jù)

解得

故D錯誤。

故選C。4、D【分析】【詳解】

A．高壓輸電導線表面要很光滑；以避免因尖端放電而損失電能，A正確；

B．避雷針避雷是將云層中積聚的電荷導入大地或將大地的負電荷與其中和；B正確；

C．接觸帶有精密電子元件的電路板時；最好先用手接觸一下金屬水管或其它接地金屬，C正確；

D．“雷火煉殿”是奇特的閃電現(xiàn)象；非靜電屏蔽，D錯誤。

本題選不正確項，故選D。5、A【分析】【詳解】

A．等量異號電荷形成的電場線和等勢面如圖所示

結合圖中對應的幾何關系可知，a靠近負電荷，而b靠近正電荷，則可知a點電勢一定小于b點電勢；故A錯誤；

BC．a、b兩點是兩電荷單獨在兩點形成的電場強度的疊加，如圖所示

由圖可知，兩點處的兩分場強恰好相同，故a點和b點的電場強度大小相等；電場強度方向相同，故B；C正確；

D．由于a點電勢小于b點電勢，根據(jù)可知將負電荷從a點移到b點的過程中電勢能減小；故D正確；

故錯誤的選A。二、多選題(共9題，共18分)6、C:D【分析】【分析】

【詳解】

在勻強電場中，若a、b兩點在同一電場線，由

解得

則帶電粒子受到的電場力

若a、b兩點不在同一電場線，由

則

即

故選CD。7、B:D【分析】【詳解】

A．因為同種電荷相斥，異種電荷相吸，B帶正電，兩者相互排斥，所以A帶正電；A錯誤；

B．根據(jù)庫侖定律

B對A的作用力大小為B正確；

CD．小球B受重力mg，繩的拉力，庫侖力F，繩與豎直方向夾角為

當減小B的電荷量；依據(jù)庫侖定律可知，庫侖力減小，則有絲線與豎直方向的夾角變小，C錯誤，D正確。

故選BD。8、B:D【分析】【分析】

【詳解】

A．每換一次擋位；都要進行一次歐姆調零，故A錯誤；

B．用歐姆表測電阻；指針越接近刻度盤中央時，誤差越小，故B正確；

C．人是導體；人與導體接觸時，人與導體并聯(lián)，并聯(lián)阻值小于電阻阻值，用歐姆表測電阻時，不應用兩手將表筆和待測電阻兩端捏緊，故C錯誤；

D．多用電表使用完畢；應把選擇開關置于OFF擋或交流電壓最高擋上，故D正確。

故選BD。9、B:C:D【分析】【詳解】

將極板A稍向上平移，板間距離增大，根據(jù)電容的決定式得知，電容C減小，而電容器的電壓不變，則電容器所帶電量將要減小，由于二極管具有單向導電性，電容器上電荷放不掉，電荷不能流回電源，所以電容器的電量保持不變，根據(jù)可知U變大；根據(jù)可知

即電量不變時兩板間場強與兩板間距無關，則板間場強E不變，而電荷所受的電場力不變，仍保持靜止狀態(tài)；P與B板間電勢差UPB=EdPB，E、dPB都不變，UPB保持不變，P點的電勢保持不變，則電荷在P點電勢能Ep不變.

故選BCD。10、B:C:D【分析】【詳解】

A．在D點由牛頓第二定律有

解得

故A錯誤；

BC．從B到D由動能定理得

解得

在B點由牛頓第二定律有

聯(lián)立解得

由牛頓第三定律可知，在B處對擋板壓力的大小為6qE。故BC正確；

D．小球在A處獲得的速度

由動量定理可知小球在A處受到瞬時沖量的大小為

故D正確。

故選BCD。11、B:D【分析】【詳解】

AB．根據(jù)電場強度的疊加有

所以

故A錯誤；B正確；

C．將質子從P點無初速度釋放，根據(jù)動能定理可得

解得

故C錯誤；

D．若兩段弧形材料帶上的是等量異種電荷，根據(jù)對稱性，x軸上各點電場強度為零；電勢為0，故D正確。

故選BD。12、A:C【分析】【詳解】

A.根據(jù)電場線的指向知E帶正電，F(xiàn)帶負電；N點的場強是由E、F兩電荷在N點產生場強的疊加，電荷E在N點電場方向沿EN向上，電荷F在N點產生的場強沿NF向下，合場強水平向右，且∠NEF＞∠NFE，可知F電荷在N點產生的場強大于E電荷在N點產生的場強，而NF＞NE，所以由點電荷場強公式知QE＜QF．故A正確；

B.只有電場線是直線，且初速度為0或初速度的方向與電場平行時，帶電粒子的運動軌跡才與電場線重合．而該電場線是一條曲線，所以運動軌跡與電場線不重合．故在M點由靜止釋放一帶正電的檢驗電荷，不可能沿電場線運動到N點．故B錯誤．

C.因為電場線和等勢面垂直，所以過N點的等勢面與過N點的切線垂直．故C正確．

D.沿電場線方向電勢逐漸降低，φM＞φN，再根據(jù)Ep＝qφ，q為負電荷，知EpM＜EpN．故D錯誤；13、A:B:C【分析】【詳解】

A．閉合電路中電動勢E和內電阻r不變，外電阻的變化引起電路中的電流I發(fā)生變化．電路中消耗的總功率PE＝IE，E一定時，PE與I成正比，故直線a表示電源的總功率與電流的關系，且a圖線的斜率大小為電源電動勢E＝3V．

B．電源內電阻消耗的功率：

r一定時，Pr與I2成正比，所以拋物線b表示電源內電阻消耗的功率與電流的關系；外電阻上消耗的功率：

故拋物線c表示外電阻消耗的功率與電流的關系；選項A；B正確；

C．圖線a、b的交點表示此時外電阻消耗功率為0，R＝0，則：

所以內阻：r＝1Ω

選項C正確；

D．圖線b、c的交點也是拋物線c的頂點，該處縱坐標表示外電阻消耗功率的最大值，此時：R＝r

選項D錯誤．14、A:D【分析】【詳解】

A、由圖可知，液體與芯柱構成了電容器，兩板間距離不變；液面變化時只有正對面積發(fā)生變化；當液面升高時，只能是正對面積S增大；故A正確.

B、由可知電容增大；B錯誤.

C、D、因電容器充電后與電源斷開，則電容器的總電荷量Q不變，依據(jù)因此電勢差減小，而靜電計指針的偏角反映電容器的電壓大小，即靜電計的指針偏角變??；C錯誤，D正確.

故選AD.

【點睛】

本題考查平行板電容器在生產生活中的應用，是電容器的電何量不變?yōu)榍疤岬膭討B(tài)分析．三、填空題(共9題，共18分)15、略

【分析】【分析】

【詳解】

（1）[1]沿x方向的場強大小為

沿y方向的場強大小為

故該電場的電場強度為

（2）[2]在勻強電場中，相互平行的等距離兩點間的電勢差相等，即為

所以原點O的電勢為

（3）[3]根據(jù)電勢能的定義可知，電子在a點的電勢能為

電子在b點的電勢能為

則電子在a點的電勢能比在b點的高

（4）[4]電子從b點運動到c點，電場力做功為【解析】①.2.5②.4③.7④.916、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1][2]當小球C靠近小球A時，旋轉小角度，因此通過微小量放大，能比較準確的測出轉動角度；同時體現(xiàn)了控制變量法，控制電荷量，去研究庫侖力與距離的關系；控制距離，去研究庫侖力與電荷量的關系?！窘馕觥竣?微小量放大法②.控制變量法17、略

【分析】【詳解】

[1][2]在探究電阻R與材料、長度、橫截面積、溫度等有關的實驗中，為完成實驗，應控制單個變量，其他物理量保持不變，即采用控制變量法；再綜合結論可得出電阻定律，為

其中S為導體橫截面積，L為導體長度，ρ為比例系數(shù)，且由導體材料和溫度決定?！窘馕觥靠刂谱兞糠?8、略

【分析】【詳解】

[1]游標卡尺的主尺讀數(shù)為游標尺上第0個刻度和主尺上某一刻度對齊，所以游標尺讀數(shù)為所以最終讀數(shù)為

[2]游標卡尺的主尺讀數(shù)為0mm，游標尺上第15個刻度和主尺上某一刻度對齊，所以游標尺讀數(shù)為所以最終讀數(shù)為【解析】20.000.7519、略

【分析】【詳解】

（1）[1][2]量程為0-3V的電壓表；分度值為0.1V，由圖可知，其讀數(shù)為0.90V；量程為0-3A的電壓表，分度值為0.1A，故其讀數(shù)為1.90A。

（2）[3][4][5]量程為0~15V的電壓表；分度值為0.5V。由圖可知，讀數(shù)分別為10.0V；10.5V、10.2V。

（2）[6][7][8][9]量程為0~0.6A的電流表；分度值為0.02A。由圖可知，讀數(shù)分別為0.40A；0.50A、0.22A、0.52A。

【點睛】

確認所用電表對應量程的分度值，再根據(jù)表盤指針所指位置進行讀數(shù)即可?！窘馕觥?.90V1.90A10.0V10.5V10.2V##10.3V0.40A0.50A0.22A0.52A20、略

【分析】【詳解】

（1）[1]．當接線柱1、2接入電路時，電流表A與R1并聯(lián)，根據(jù)串并聯(lián)電路規(guī)律可知，R1分流為1.2A；故量程為1.2A+0.6A=1.8A；故每一小格表示0.06A；

（2）[2]．當接線柱1、3接入電路時，A與R1并聯(lián)后與R2串聯(lián)，電流表的量程仍為1.8A，故每一小格表示0.06A；【解析】0.06A0.06A21、略

【分析】【分析】

【詳解】

(1)[1]鋅失去電子后，鋅離子進入溶液中與硫酸根離子結合成硫酸鋅，鋅原子將電子留在鋅板上，使鋅板帶負電，硫酸根離子與鋅結合后，導致電解液與b之間處的電勢升高，對于銅板，由于還原反應，硫酸中的氫離子從銅板上得到電子變成氫氣，使銅板帶正電，由于氫離子與銅板上的電子結合導致a與電解液處的電勢降低；

(2)[2]在電源內部的a、b兩個區(qū)域，非靜電力做功，在a區(qū)域，氫離子被搬運到銅板上；在b處；硫酸根離子被搬到鋅板上；

(3)[3][4][5]在正常工作的閉合電路中；靜電力對做定向運動的電子做正功，電勢能減少，所以電子向電勢升高的方向運動；

[6][7][8]電源內部；從負極到正極電勢升高，所以非靜電力把電子從正極搬運到負極，對做定向運動的電子做正功，即電子向電勢降低的方向運動，所以電子的電勢能增加；

(4)[9]在電源的內阻和外電阻上，電荷移動過程中是靜電力做功，r區(qū)域是內阻區(qū)域，由題意可知，“在A、B兩電極附近產生了很薄的兩個帶電接觸層a、b”則該區(qū)域即為非靜電力作用的范圍；也是沿著電流方向電勢升高的范圍，故BD正確，AC錯誤；

故選BD；

(5)[10]依據(jù)電動勢定義可知；電勢升高的總和等于電源的電動勢；

(6)[11][12]ab區(qū)域為非靜電力作用的范圍，電勢升高，R為外電阻，r為內阻，在電阻上，沿電流方向電勢降低?！窘馕觥夸\失去電子后，鋅離子進入溶液中與硫酸根離子結合成硫酸鋅，鋅原子將電子留在鋅板上，使鋅板帶負電，硫酸根離子與鋅結合后，導致電解液與b之間處的電勢升高。對于銅板，由于還原反應，硫酸中的氫離子從銅板上得到電子變成氫氣，使銅板帶正電，由于氫離子與銅板上的電子結合導致a與電解液處的電勢降低在a區(qū)域，氫離子被搬運到銅板上；在b處，硫酸根離子被搬到鋅板上正升高減少正降低增加BD電動勢電勢兩次降低即電流流過外電阻和內電阻時，電勢降低電勢兩次升高即通過兩個極板和電解液接觸層a、b時電勢升高22、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1][2]由題圖可知，小磁針靜止時極指向端，則通電螺線管的端為極，通電螺線管的端為極，根據(jù)安培定則判斷出電流的方向：從端流進，從端流出，接電源的正極，接電源的負極?！窘馕觥竣?②.正23、略

【分析】【詳解】

(1)電容器接電源充電后U=10V，根據(jù)勻強電場的場強公式因P點距N板10cm，且N板電勢為零，則

(2)若把N板向下移動20cm，而電容器已斷開，根據(jù)公式可知，電場強度與間距無關，則P點的場強大小為

故

【點睛】

考查勻強電場強度與電勢差的關系，掌握求解電勢的方法，注意電勢與零電勢選取有關，而電勢差與零電勢無關，同時掌握平衡條件的運用，注意電容器斷開后，電容器的電量不變，沒有斷開前，電容器極板電壓不變．【解析】50V/m-5V50V/m-15V四、作圖題(共2題，共10分)24、略

【分析】【分析】

【詳解】

（1）在圖（1）中；已知小磁針靜止時N極的指向，由直線電流的安培定則，可知直線中的電流方向向下，如圖所示。

（2）在圖（2）中；已知小磁針靜止時N極的指向，由環(huán)形電流的安培定則，可知環(huán)形電流方向從左向右看是順時針方向，如圖所示。

（3）在圖（3）中；已知螺線管內小磁針靜止時N極的指向，由通電螺線管的右手螺旋定則可知，螺線管中的電流方向從左端導線流入，右端導線流出，如圖所示。

（4）在圖（4）中，已知磁感線的方向，由安培定則可知，環(huán)形電流方向沿逆時針方向，如圖所示?！窘馕觥?5、略

【分析】【詳解】

第一幅圖中線圈內部磁場垂直紙面向外；根據(jù)右手定則可以判斷，電流為逆時針；第二幅圖中，磁場向上，根據(jù)右手定則可以判斷，左端電流垂直紙面向外，右端電流垂直紙面向里。

【解析】第一幅圖中電流為逆時針；第二幅圖左端電流垂直紙面向外；右端電流垂直紙面向里。

五、實驗題(共4題，共12分)26、略

【分析】【分析】

【詳解】

（1）[1][2][3][4]小燈泡的額定電流為0.32A，電流表A1的量程為0~400mA，滿足測量要求，故電流表應選用C；小燈泡的額定電壓為3.8V，電壓表V1量程為0~3V，內阻等于3kΩ，由于

可以將電壓表V1與定值電阻R4串聯(lián)；改裝成量程為0~4V的電壓表，故電壓表應選用A，定值電阻應選用H；滑動變阻器應該采用分壓式接法，為了便于調節(jié)和控制電壓變化，應選擇最大阻值較小的滑動變阻器，故滑動變阻器應選用E。

（2）[5]滑動變阻器用分壓