2025年蘇人新版選修3物理下冊階段測試試卷

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年蘇人新版選修3物理下冊階段測試試卷193考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五六總分得分評卷人得分一、選擇題(共7題，共14分)1、信用卡的磁條中有一個個連續(xù)的相反極性的磁化區(qū)；每個磁化區(qū)代表了二進制數(shù)1或0，用以儲存信息．刷卡時，當磁條以某一速度拉過信用卡閱讀器的檢測頭時，在檢測頭的線圈中會產(chǎn)生變化的電壓（如圖1所示）．當信用卡磁條按圖2所示方向以該速度拉過閱讀檢測頭時，在線圈中產(chǎn)生的電壓隨時間的變化關(guān)系正確的是。

A.B.C.D.2、如圖所示，豎直放置的兩端開口的U形管，一段空氣柱被水銀柱a和水銀柱b封閉在右管內(nèi)，水銀柱b的兩個水銀面的高度差為h。現(xiàn)將U形管放入熱水槽中；則系統(tǒng)再度達到平衡的過程中（水銀沒有溢出，外界大氣壓保持不變）（）

A.空氣柱的長度不變B.空氣柱的壓強不變C.水銀柱b左邊液面要上升D.水銀柱b的兩個水銀面的高度差h變大3、有一種在超市中常見的“強力吸盤掛鉤”如圖甲所示。圖乙；圖丙是其工作原理示意圖。使用時；按住鎖扣把吸盤緊壓在墻上（如圖乙），然后把鎖扣扳下（如圖丙），讓鎖扣以盤蓋為依托把吸盤向外拉出，使吸盤牢牢地被固定在墻壁上，若吸盤內(nèi)氣體可視為理想氣體，且溫度始終保持不變。則此過程中（）

A.吸盤內(nèi)氣體要吸收熱量B.吸盤內(nèi)氣體分子的密度增大C.吸盤被向外拉出過程中，吸盤內(nèi)氣體不對外界做功D.吸盤內(nèi)氣體壓強增大4、在圖所示的電路中，電源的電動勢E=3.0V，內(nèi)阻r=1.0Ω；電阻R=5.0Ω，不計電路中的其他電阻．閉合開關(guān)S后，通過電阻R的電流為（）

A.3.0AB.2.0AC.1.0AD.0.50A5、如圖所示，將一個鋁框放在蹄形磁鐵的兩個磁極間，鋁框可以繞豎直軸線自由轉(zhuǎn)動．轉(zhuǎn)動磁鐵，會發(fā)現(xiàn)靜止的鋁框也會發(fā)生轉(zhuǎn)動．下列說法正確的是

A.鋁框與磁極轉(zhuǎn)動方向相反B.鋁框始終與磁極轉(zhuǎn)動的一樣快C.鋁框是因為磁鐵吸引鋁質(zhì)材料而轉(zhuǎn)動的D.鋁框是因為受到安培力而轉(zhuǎn)動的6、某交流發(fā)電機產(chǎn)生的電流隨時間變化的關(guān)系如圖所示．由圖像可知該交流電的。

A.頻率為50HzB.頻率為25HzC.電流有效值為10AD.電流有效值為5A7、電源、開關(guān)S、定值電阻R1和R3、光敏電阻R2、燈泡以及電容器連接成如圖所示電路，電容器的兩平行板水平放置。當開關(guān)S閉合，并且無光照射光敏電阻R2時，一帶電液滴恰好靜止在電容器兩板間的M點。當用強光照射光敏電阻R2時；光敏電阻的阻值變小，則()

A.電容器所帶電荷量減少B.燈泡變暗C.電容器兩極板間電壓變大D.液滴向下運動評卷人得分二、多選題(共8題，共16分)8、關(guān)于物態(tài)變化，下列說法正確的是（）A.液體的飽和氣壓越大，該液體越不容易揮發(fā)B.密閉容器中的水蒸氣達到飽和時，水蒸氣的密度不再發(fā)生變化C.密閉容器中的水蒸氣達到飽和時，沒有水分子離開水面E.空氣中的水蒸氣壓強越接近此溫度時的飽和氣壓，人感覺越潮濕E.空氣中的水蒸氣壓強越接近此溫度時的飽和氣壓，人感覺越潮濕9、如圖所示，電源電動勢為E內(nèi)阻為r，當滑動變阻器R2滑動端向右滑動后，理想電流表A1、A2的示數(shù)變化量的絕對值分別為ΔI1、ΔI2，理想電壓表示數(shù)變化量的絕對值為ΔU．下列說法中正確的是（）

A.電壓表V的示數(shù)變大B.電流表A2的示數(shù)變小C.ΔU與ΔI1比值一定小于電源內(nèi)阻rD.ΔU與ΔI2比值一定小于電源內(nèi)阻r10、如圖，電源電動勢為E，內(nèi)阻為r，不管如何移動滑動變阻器，燈泡L、電表V1、V2、A均不會被燒壞，若將滑動變阻器的滑片P向上端移動時，則下列說法正確的是（）

A.A的示數(shù)增大，燈泡L變暗B.V1的示數(shù)增大，燈泡L變暗C.V2增大，燈泡變亮D.電源的總功率變小11、下列說法中正確的是（）A.封閉容器中的理想氣體，若溫度不變，體積減半，則單位時間內(nèi)氣體分子在容器壁單位面積上碰撞的次數(shù)加倍，氣體的壓強加倍B.液體表面張力是液體表面層分子間距離小，分子力表現(xiàn)為斥力所致C.隨著分子間距增大，分子間引力和斥力均減小，分子勢能不一定減小D.導熱性能各向同性的固體，可能是單晶體12、如圖所示的電路中，理想變壓器原、副線圈的匝數(shù)比n1∶n2＝22∶5，電阻R1＝R2＝25Ω，D為理想二極管，原線圈接u＝220sin(100πt)V的交流電，則()

A.交流電的頻率為100HzB.通過R2的電流為1AC.通過副線圈的電流為3.414AD.變壓器的輸入功率為150W13、如圖所示為研究決定平行板電容器電容大小因素的實驗裝置．兩塊相互靠近的等大正對的平行金屬板M；N組成電容器；板N固定在絕緣座上并與靜電計中心桿相接，板M和靜電計的金屬殼都接地，板M上裝有絕緣手柄，可以執(zhí)手柄控制板M的位置．在兩板相距一定距離時，給電容器充電，靜電計指針張開一定角度．在整個實驗過程中，保持電容器所帶電荷量不變，對此實驗過程的描述正確的是（）

A.只將板M從圖示位置稍向左平移，靜電計指針張角變大B.只將板M從圖示位置沿垂直紙面向外的方向稍微平移，靜電計指針張角變大C.只將板M從圖示位置稍向上平移，靜電計指針張角減小D.只在M、N之間插入云母板，靜電計指針張角變大14、在如圖所示電路中；閉合開關(guān)S，當滑動變阻器的滑動觸頭P向下滑動時，四個理想電表的示數(shù)都發(fā)生變化，下列判斷正確的是。

A.電流表A的示數(shù)變大B.電壓表V1的所示變大C.電壓表V2的示數(shù)變大D.電壓表V3的示數(shù)變化量小于電壓表V2的示數(shù)變化量15、在冰壺比賽中，某隊員利用紅壺去碰撞對方的藍壺，兩者在大本營中心發(fā)生對心碰撞如圖(a)所示，碰后運動員用冰壺刷摩擦藍壺前進方向的冰面來減小阻力，碰撞前后兩壺運動的v-t圖線如圖(b)中實線所示，其中紅壺碰撞前后的圖線平行，兩冰壺質(zhì)量均為19kg，則

A.碰后藍壺速度為0.8m／sB.碰后藍壺移動的距離為2.4mC.碰撞過程兩壺損失的動能為7.22JD.碰后紅、藍兩壺所受摩擦力之比為5：4評卷人得分三、填空題(共8題，共16分)16、平靜的水面上，有一條質(zhì)量M=100kg長度為3m的小船浮于水面，船上一個質(zhì)量m=50kg的人勻速從船頭走到船尾，不計水的阻力，人相對水面走了_____m，船相對水位移為_____m．17、實驗發(fā)現(xiàn)，二氧化碳氣體在水深170m處將會變成液體?，F(xiàn)用一活塞將一定量的二氧化碳氣體封入某導熱容器中，并將該容器沉入海底。已知隨著深度的增加，海水溫度逐漸降低，則在容器下沉過程中，容器內(nèi)氣體的密度將會________（選填“增大”、“減小”或“不變”），氣體的飽和汽壓將會____（選填“增大”、“減小”或“不變”）。18、熱平衡的性質(zhì)：達到熱平衡的系統(tǒng)都具有相同的_______。19、一定質(zhì)量的理想氣體，狀態(tài)從A→B→C→D→A的變化過程可用如圖所示的p－V圖線描述，其中D→A為等溫線，氣體在狀態(tài)A時溫度為t＝27℃，則氣體在狀態(tài)B時的溫度為________K，氣體從A到C過程對外做了_______J的功，氣體在C狀態(tài)時的溫度為________℃。

20、如圖，一定質(zhì)量的理想氣體先從狀態(tài)a沿直線變化到狀態(tài)b，該過程中氣體的溫度______（填“升高”或“降低”），氣體______（填“吸熱”或“放熱”）。

21、反射定律：反射光線與入射光線、法線處在______內(nèi)，反射光線與入射光線分別位于______；反射角______入射角．22、某物理興趣小組用實驗探究光的色散規(guī)律，他們將半圓形玻璃磚放在豎直面內(nèi)，在其左方豎直放置一個很大的光屏P，讓一復色光束SA射向玻璃磚的圓心O后，有a和b兩束單色光射向光屏P，如圖所示．他們根據(jù)實驗現(xiàn)象提出了以下五個猜想，你認為不正確的是_______

A．單色光a的波長小于單色光b的波長

B．在玻璃中單色光a的傳播速度大于單色光b的傳播速度

C．單色光a通過玻璃磚所需的時間大于單色光b通過玻璃磚所需的時間

D．在光束SA繞圓心O逆時針轉(zhuǎn)動的過程中，在光屏P上最早消失的是a光

E．單色光a比單色光b更容易發(fā)生明顯衍射23、如下左圖所示，楔形木塊A固定在水平放置壓力傳感器上，A的斜面是光滑的．某同學將質(zhì)量不同的小鋼球從斜面頂端靜止釋放，記錄小鋼珠在斜面上運動時壓力傳感器的示數(shù)．重力加速度g="9.8"m/s2.記錄實驗數(shù)據(jù)后；根據(jù)數(shù)據(jù)做出F-m圖像，如下右圖．

（1）由圖像知，木塊A的質(zhì)量M=____kg（保留小數(shù)點后一位）

（2）若斜面傾角為θ，由圖像知，_____（保留小數(shù)點后兩位）

（3）不同質(zhì)量的小鋼珠在斜面上運動的時間______________（填“相同”或“不相同”）

評卷人得分四、作圖題(共3題，共24分)24、如圖所示，甲、乙是直線電流的磁場，丙、丁是環(huán)形電流的磁場，戊、己是通電螺線管的磁場，試在各圖中補畫出電流方向或磁感線方向．

25、示波管的內(nèi)部結(jié)構(gòu)如圖所示．如果在偏轉(zhuǎn)電極XX/、YY/之間都沒有加電壓，電子束將打在熒光屏中心．如果在偏轉(zhuǎn)電極XX/之間和YY/之間分別加上如圖所示的電壓，請畫出熒光屏上出現(xiàn)的完整掃描波形圖．

26、圖中表示某一時刻的波形圖，已知波速為0.5m/s，波沿著x軸的正方向傳播；畫出經(jīng)過7s后的波形曲線。

評卷人得分五、實驗題(共4題，共16分)27、如圖所示為一個多量程電壓表的電路，其表頭為動圈式直流電流計，量程Ig=10mA、內(nèi)阻Rg=200R1、R2為可調(diào)電阻．

（1）可調(diào)電阻應調(diào)為R1=______R2=_______

（2）現(xiàn)發(fā)現(xiàn)表頭電流計已燒壞，我們要修復該電壓表，手邊只有一個“量程為2mA、內(nèi)阻為40”的電流計和一個電阻為10的定值電阻R3．要使修復后電壓表的滿偏電流仍為10mA，請在虛框內(nèi)畫出該電壓表的修復電路___．

（3）修復后的電路中，可調(diào)電阻R2應重新調(diào)為:=______

（4）接著用如圖的電路對修復電壓表的3V量程表進行校對,V0為標準電壓表、V1為修復電壓表．發(fā)現(xiàn)修復電壓表V1的讀數(shù)始終比標準電壓表V0略大．應用以下哪種方法進行微調(diào)______．

A.只把R1略微調(diào)?。籅.只把R1略微調(diào)大；28、電動自行車已成為大眾化的一種交通工具.小天同學利用自家的電動自行車的鉛蓄電池做了一些實驗．

(1)小天同學先用多用電表粗測此電池的電動勢．把多用電表的選擇開關(guān)撥到直流電壓50V擋，將兩只表筆與電池兩極接觸，此時多用電表的指針位置如圖甲所示，讀出該電池的電動勢為________________V.

(2)再用圖乙所示裝置進一步測量.多用電表的選擇開關(guān)撥向合適的直流電流擋，閉合開關(guān)，改變電阻箱的阻值R，得到不同的電流值I，根據(jù)實驗數(shù)據(jù)作出圖象如圖丙所示.已知圖中直線的斜率為k，縱軸截距為b，則此電池的電動勢E=_______，內(nèi)阻r=______.（結(jié)果用含字母k、b的式子表示；不計電流表的內(nèi)阻）

(3)小天用如圖丁所示的電路測量電阻Rx的阻值（幾百歐）R是滑動變阻器，R0是電阻箱，S2是單刀雙擲開關(guān)；部分器材規(guī)格圖丁中已標出．

①正確連接電路后，斷開S1、S2，使用多用電表，在正確操作情況下，粗測出Rx的阻值為R1.

②將滑動變阻器的滑片P移到圖丁中滑動變阻器的左端．閉合S1，將S2撥至1，調(diào)節(jié)變阻器的滑片P至某一位置；使電壓表滿偏．

③調(diào)節(jié)電阻箱R0，使其阻值大于R1.

④將S2撥至2，保持變阻器滑片P的位置不變，調(diào)節(jié)電阻箱的阻值，使電壓表再次滿偏，此時電阻箱示數(shù)為R2，則Rx=________________.29、在“油膜法估測油酸分子的大小”實驗中；有下列實驗步驟：

a．用注射器將事先配好的油酸酒精溶液滴一滴在水面上；待油膜形狀穩(wěn)定。

b．將畫有油膜形狀的玻璃板平放在坐標紙上；計算出油膜的面積，根據(jù)油酸的體積和面積計算出油酸分子直徑的大小。

c．往淺盤里倒入約2cm深的水；待水面穩(wěn)定后將適量的痱子粉均勻地撒在水面上。

d．將玻璃板放在淺盤上；然后將油膜的形狀用彩筆描繪在玻璃板上。

①上述步驟中；正確的操作順序是__________。（填寫步驟前面的字母）

②某同學做完實驗后，發(fā)現(xiàn)自己所測的分子直徑明顯偏大。出現(xiàn)這種情況的原因可能是________。A．將滴入的油酸酒精溶液體積作為油酸體積進行計算B．水面上痱子粉撒得太多，油膜沒有充分展開C．計算油膜面積時，將不完整的方格均視為完整方格處理30、根據(jù)單擺周期公式可以通過實驗測定當?shù)氐闹亓铀俣?，實驗裝置如圖甲所示．

(1)某次實驗用游標卡尺測量小鋼球直徑，示數(shù)如圖乙所示，讀數(shù)為________mm．

(2)以下是實驗過程中的一些做法，其中正確的有________．(多選)

A.擺線要選擇細些的；伸縮性小些的；并且適當長一些。

B.擺球盡量選擇質(zhì)量大些；體積小些的。

C.為了使擺的周期大一些；以方便測量；開始時拉開擺球，使擺線相距平衡位置有較大的角度。

D.拉開擺球，使擺線偏離平衡位置大于5度，在釋放擺球的同時開始計時，當擺球回到開始位置時停止計時，此時間間隔Δt即為單擺周期T

E.拉開擺球，使擺線偏離平衡位置不大于5度，釋放擺球，當擺球振動穩(wěn)定后，從平衡位置開始計時，記下擺球做50次全振動所用的時間Δt，則單擺周期評卷人得分六、解答題(共2題，共20分)31、氣象探測氣球是進行高空氣象觀測的重要工具。在某次氣象探測中，地表溫度為在地面將探測氣球充滿氦氣后，緩慢上升至距離地面的高空，此時其體積為在氣球上升過程中，氣球內(nèi)部因啟動一持續(xù)加熱裝置而維持氣體的溫度不變。氣球到達目標高度后停止加熱，氣球保持高度不變，氣球內(nèi)的氦氣溫度逐漸減小到此高度處的氣溫，已知此高度處大氣壓為海拔每升高氣溫下降求：

（1）氦氣最終的體積多大？

（2）停止加熱后氦氣溫度逐漸減小的過程中大氣對氣球做的功。

32、在現(xiàn)代科學實驗和技術(shù)設備中經(jīng)常用電場或磁場控制帶電粒子的運動．如圖甲所示的裝置由兩部分構(gòu)成，電子槍部分實現(xiàn)對電子加速，由偏轉(zhuǎn)電場實現(xiàn)對電子的偏轉(zhuǎn)．金屬絲附近的電子被加速后，沿著中心線OO′進入偏轉(zhuǎn)場．已知電子的質(zhì)量為m，電荷量為e；不計電子重力及電子間的相互作用力，設電子剛剛離開金屬絲時的速度為零．

(1)電子槍的加速電壓為求電子從金屬板小孔穿出時的速度v0的大??；

(2)設平行板兩板間距為d，兩板長度均為L，兩平行板板間所加電壓為求電子射出偏轉(zhuǎn)電場時在垂直于板面方向偏移的距離

(3)如何實現(xiàn)對電子精準控制；是設計者十分關(guān)心的問題．請你回答。

①如果只改變偏轉(zhuǎn)電場的電壓能使電子穿過平行板，分析電壓的取值范圍；

②如果在兩板間加磁場控制該電子(如圖乙所示)，仍能使電子穿過平行板，分析所加勻強磁場的磁感應強度B取值范圍．參考答案一、選擇題(共7題，共14分)1、B【分析】【詳解】

由圖1可知，當“1”區(qū)經(jīng)過閱讀器的檢測頭時，產(chǎn)生正向電壓，當“0”區(qū)經(jīng)過閱讀器的檢測頭時，產(chǎn)生負向電壓，可見B正確．2、B【分析】【詳解】

B．空氣柱的壓強其中為a水銀柱的高度，由于的大小不變；故空氣柱的壓強不變，故B正確；

A．被封閉氣體做等壓變化，由于氣體溫度升高，根據(jù)蓋—呂薩克定律可得；氣體的體積增大，故空氣柱的長度增大，故A錯誤；

CD．被封閉氣體的壓強可知，h不變，水銀柱b的兩個水銀面的高度差h不變，水銀柱b左邊液面不變；故CD錯誤。

故選B。3、A【分析】【分析】

【詳解】

AC．吸盤內(nèi)氣體體積增大，氣體對外做功，W<0，由于氣體溫度不變，氣體內(nèi)能不變，?U=0；由熱力學第一定律。

?U=W+Q可知。

Q=?U?W>0吸盤內(nèi)氣體要吸收熱量；A正確，C錯誤；

B．吸盤內(nèi)氣體分子數(shù)不變；而氣體體積變大，則吸盤內(nèi)氣體分子的密度減小，B錯誤；

D．吸盤內(nèi)氣體溫度不變而體積變大，由玻意耳定律PV=C可知；吸盤內(nèi)氣體壓強減小，D錯誤。

故選A。4、D【分析】【分析】

本題是閉合電路問題；根據(jù)閉合電路歐姆定律列式求電路中的電流I．

【詳解】

根據(jù)閉合電路歐姆定律得故D正確；ABC錯誤．

故選D．

【點睛】

本題關(guān)鍵要掌握電路中的基本規(guī)律：閉合電路歐姆定律，并能正確計算即可求解．5、D【分析】AB；根據(jù)楞次定律可知；為阻礙磁通量增加，則導致鋁框與磁鐵轉(zhuǎn)動方向相同，但快慢不一，故AB錯誤；

CD；轉(zhuǎn)動磁鐵時；導致鋁框的磁通量增加，從而產(chǎn)生感應電流，出現(xiàn)安培力，導致鋁框轉(zhuǎn)動，所以鋁框是因為受到安培力而轉(zhuǎn)動的，故C錯誤，D正確；

故選D．6、B【分析】【分析】

從圖象中可以求出該交流電的最大電壓以及周期等物理量,然后根據(jù)最大值與有效值以及周期與頻率關(guān)系求解.

【詳解】

AB；由圖可以知道,交流電的周期T=0.04s；所以頻率為25Hz，故A錯；B對；

CD、從圖像上可以看出電流的最大值為10A，根據(jù)正弦交流電有效值的求法可以電流的有效值為故CD錯誤；

故選B7、C【分析】【詳解】

根據(jù)閉合電路歐姆定律：光敏電阻的阻值變小，回路電流增大，燈泡電流變大，燈泡變亮；R1兩端電壓：電壓變大，所以電容器兩極板電壓變大，電容器電荷量變大；板間場強變大，初態(tài)電場力與重力平衡，現(xiàn)在場強變大，電場力變大，液滴合力向上，向上運動，ABD錯誤C正確。二、多選題(共8題，共16分)8、B:D:E【分析】【分析】

【詳解】

A．飽和氣壓是物質(zhì)的一個重要性質(zhì)；它的大小取決于物質(zhì)的本性和溫度，飽和氣壓越大，表示該物質(zhì)越容易蒸發(fā)，故A錯誤；

B．密閉容器中的水蒸氣達到飽和時；水蒸氣的壓強不再變化，密度也不再發(fā)生變化，故B正確；

C．密閉容器中的水蒸氣達到飽和時；水中仍然會有水分子離開水面，只是水中水分子離開水面與進入水面的是平衡的，故C錯誤；

D．溫度越高；分子平均速率越大，而且液體分子越易離開液面，分子數(shù)密度越大，故D正確；

E．空氣相對濕度越大時；空氣中的水蒸氣壓強越接近此溫度時的飽和氣壓，人感覺越潮濕，故E正確。

故選BDE。9、A:B:C【分析】【分析】

當滑動變阻器滑動端向右滑動后，分析變阻器接入電路的電阻如何變化，分析外電路總電阻如何變化，確定總電流的變化情況，即可知電流表A2的示數(shù)變化情況．根據(jù)串聯(lián)電路的特點分析并聯(lián)部分電壓的變化情況，確定電流表A1的示數(shù)變化情況，根據(jù)并聯(lián)電路的電流規(guī)律，分析A1與A2的變化量大?。鶕?jù)閉合電路歐姆定律分析△U與△I1比值．

【詳解】

A、B項：當滑動變阻器滑動端向右滑動后，變阻器接入電路的電阻增大，外電路總電阻增大，則總電流減?。噪娏鞅鞟2的示數(shù)減?。?/p>

根據(jù)串聯(lián)電路分壓的特點分析可知；并聯(lián)部分電壓增大，即電壓表V的示數(shù)增大，故A；B正確；

C項：根據(jù)并聯(lián)電路的電流規(guī)律I2=I1+I，A2的示數(shù)I2變小，通過定值電阻R1的電流增大，則A1的示數(shù)I1變小，所以△I1一定大于△I2．

電壓表測量路端電壓，根據(jù)閉合電路歐姆定律U=E-I2r可知而△I1大于△I2，所以故D錯誤；C正確．

故選ABC．

【點睛】

本題是一道閉合電路的動態(tài)分析題，分析清楚電路結(jié)構(gòu)、明確電表所測電壓，關(guān)鍵能根據(jù)閉合電路歐姆定律分析電壓與電流變化的比值，即可正確解題．10、B:D【分析】【詳解】

B．將滑動變阻器的滑片P向上端移動時，滑動變阻器接入電路的阻值變大，外電路總電阻變大，根據(jù)閉合電路歐姆定律可知，干路電流I減少，所以電燈L變暗，由

可知，路端電壓增大，即V1的示數(shù)增大；B正確；

AC．由于干路電流減少，內(nèi)電壓和燈泡L兩端的電壓減小，所以R2與滑動變阻器并聯(lián)部分電壓增大（即V2增大），所以通過R2的電流增大；則A的示數(shù)減少，AC錯誤；

D．根據(jù)P=EI可知電源的總功率變少；D正確。

故選BD。11、A:C:D【分析】【詳解】

A．由可知，當溫度不變，體積減半，則氣體壓強p加倍；即單位時間內(nèi)氣體分子在容器壁單位面積上碰撞的次數(shù)加倍，故A正確；

B．液體表面層分子間的距離大于平衡距離；液體表面層內(nèi)分子間的作用力表現(xiàn)為引力，從宏觀上表現(xiàn)為液體的表面張力，故B錯誤；

C．隨分子間距離增大；分子間引力以斥力均減小，當分子間距離為平衡距離時分子勢能最小，如果分子間距離小于平衡距離，隨分子間距增大，分子勢能減小，如果分子間距大于平衡距離，隨分子間距增大，分子勢能增大，因此隨分子間距離增大，分子勢能不一定減小，故C正確；

D．單晶體只是某些物理性質(zhì)具有各向異性；并不是所有的性質(zhì)都具有各向異性，所以導熱性質(zhì)表現(xiàn)為各向同性的物質(zhì)也有可能是單晶體，故D正確。

故選ACD。12、C:D【分析】【詳解】

根據(jù)表達式可知ω=100π，根據(jù)ω=2πf得：交流電的頻率為：故A錯誤；原線圈電壓有效值為則根據(jù)變壓器匝數(shù)比可得副線圈電壓為根據(jù)歐姆定律得通過R1的電流為：二極管具有單向?qū)щ娦裕鬟^二極管中的交流電只有半個周期可以通過，根據(jù)電流的熱效應得：解得：U′=25V，根據(jù)歐姆定律得通過R2的電流為：則通過副線圈的電流為(2+)A=3.414A，故C正確，B錯誤；電阻R1消耗功率為PR1＝IR12R1＝22×25W＝100W，電阻R2消耗功率為PR2＝IR22R2＝2×25W＝50W，則原線圈輸入功率為P=P1＝PR1+PR2＝100+50W＝150W，故D正確；故選CD．13、A:B【分析】試題分析：A、只將板M從圖示位置稍向左平移，d增大，根據(jù)C=知，電容減小，根據(jù)U=知電勢差增大，則靜電計指針張角變大，故A正確．B、只將板M從圖示位置沿垂直紙面向外的方向稍微平移，正對面積S變小，根據(jù)C=知，電容減小，根據(jù)U=知電勢差增大，則靜電計指針張角變大，故B正確．C、只將板M從圖示位置稍向上平移，正對面積S變小，根據(jù)C=知，電容減小，根據(jù)U=知電勢差增大，則靜電計指針張角變大．故C錯誤．D、只在M、N之間插入云母板，介電常數(shù)變大，根據(jù)C=知，電容增大，根據(jù)U=知電勢差減??；則靜電計指針張角變小．故D錯誤．故選AB．

考點：電容器的動態(tài)分析．14、C:D【分析】【詳解】

A．P下滑，R2增加則總電阻增加，則I減?。患措娏鞅淼氖緮?shù)變?。还蔄錯誤；

B．由

I減小，V1表的示數(shù)變?。还蔅錯誤；

C．由

知V2表的示數(shù)變大；故C正確；

D、由

可知V2的增加量加上V1的減少量等于V3的增加量；故D正確。

故選CD。15、A:D【分析】【詳解】

由圖可知碰撞前后紅壺的速度為和由動量守恒可得解得碰后藍壺速度為由數(shù)學關(guān)系可得紅冰壺如果不發(fā)生碰撞有故藍色冰壺停止運動得時間為t=5s，碰后藍壺移動的距離為碰撞過程兩壺損失的動能為紅壺所受摩擦力藍壺所受摩擦力，碰后紅、藍兩壺所受摩擦力之比為故AD正確，BC錯誤；

故選AD．

【點睛】

由動量守恒可得碰后藍壺速度大小，碰撞過程兩壺損失的動能為初末動能之差，碰后紅、藍兩壺所受摩擦力之比由牛頓運動定律求出．三、填空題(共8題，共16分)16、略

【分析】試題分析：和小船組成的系統(tǒng)動量守恒；根據(jù)動量守恒定律求出船移動的位移大?。?/p>

船和人組成的系統(tǒng)，在水平方向上動量守恒，人在船上行進，船向右退，則有人從船頭走到船尾，設船相對水的位移為x，則人相對于水的位移為．

解得【解析】2m1m17、略

【分析】【詳解】

[1]隨著深度的增加，海水溫度逐漸降低，壓強也增大，由理想氣體狀態(tài)方程

二氧化碳的體積減?。欢|(zhì)量不變，則密度一定增大；

[2]隨著溫度的降低，飽和汽壓會減小?！窘馕觥吭龃鬁p小18、略

【分析】【分析】

【詳解】

略【解析】溫度19、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1]A到B過程氣體做等壓變化，則TA＝27℃＋273K＝300K

解得TB＝750K

[2]從A到B過程氣體對外界做功W＝pΔV＝6×105J

從B到C過程體積不變，所以外界對氣體不做功，所以氣體從A到C過程氣體對外界做功為6×105J；

[3]氣體在C狀態(tài)壓強為B時的一半，則溫度也為B時的一半，即tC＝375K＝102℃【解析】7506×10510220、略

【分析】【詳解】

[1][2]由圖像可知，氣體先從狀態(tài)a沿直線變化到狀態(tài)b，pV值變大，根據(jù)

可知，溫度T升高，氣體內(nèi)能變大，即?U>0

氣體體積變大，對外做功，即W<0

根據(jù)熱力學第一定律可知?U=W+Q

可知Q>0

即氣體吸熱?！窘馕觥可呶鼰?1、略

【分析】【分析】

【詳解】

略【解析】同一平面法線的兩側(cè)等于22、A:C:D【分析】【詳解】

A、由圖知，a光的偏折程度小于b光，所以a光的折射率小于b光的折射率，則a光的波長大于b光的波長；故A錯誤；

BC、由知，b光在玻璃磚中傳播速度較??；時間較長，故B正確，C錯誤；

D、由知a光的臨界角較大，b光的臨界角較小，則當光束SA繞圓心O逆時針轉(zhuǎn)動過程中，在光屏P上最早消失的是b光；D錯誤；

E、a光的波長大于b光的波長，a光波動性強，相同條件下，a光比b光容易發(fā)生衍射，故E正確；

不正確的是故選ACD．

【點睛】

根據(jù)光線的偏折程度，比較光的折射率大小，從而得出頻率的大小關(guān)系；由比較光在玻璃磚中傳播速度的大小，即可比較時間的長短；由比較臨界角的大小，臨界角小的光最先消失；折射率越小，波長越長，越容易發(fā)生衍射．23、略

【分析】【詳解】

試題分析：（1）當m=0時，傳感器的示數(shù)即為木塊A的重力，則有：Mg=4.80N，解得：

（2）對小球受力分析；根據(jù)平衡條件可知，A對小球的支持力N=mgcosθ；

根據(jù)牛頓第三定律可知；小球?qū)的壓力為mgcosθ；

對A受力分析可知；傳感器對A的支持力F=Mg+mgcosθcosθ；

則傳感器的示數(shù)為F=Mg+mgcos2θ

則F-m圖象的斜率k=gcos2θ；

則有：

解得：cos2θ=0.82

（3）根據(jù)牛頓第二定律得小球下滑的加速度為：a＝gsinθ；則不同質(zhì)量的小鋼珠在斜面上運動情況完全相同，所以運動的時間也相同．

考點：研究加速度與物體質(zhì)量；受力的關(guān)系.

【名師點睛】

本題考查研究加速度與物體質(zhì)量、受力的關(guān)系實驗；解題的關(guān)鍵是搞清實驗的原理及分別對小球和A受力分析，求出傳感器的示數(shù)F與m的表達式，注意F-m圖象斜率和截距所表示的含義，難度適中．【解析】0.50.80（0.77~0.83）相同四、作圖題(共3題，共24分)24、略

【分析】【詳解】

利用右手螺旋定則；已知電流的方向可判定磁場方向，也可以通過磁場方向來確定電流的方向；

圖甲；已知磁場方向，順時針方向，則電流垂直紙面向里；

圖乙；電流右側(cè)的磁場的方向向里，左側(cè)的磁場的方向向外，則電流的方向向上；

圖丙；已知磁場方向，則可知電流方向，逆時針方向；

圖??；環(huán)形電流從左側(cè)流入，從右側(cè)流出，所以磁場的方向向下；

圖戊；根據(jù)螺線管中電流方向，利用右手螺旋定則可以確定螺線管的磁場的方向向左；

圖已；根據(jù)螺線管中上邊的電流方向向外，下邊的電流的方向向里，利用右手螺旋定則可以確定螺線管的磁場的方向向右．如圖所示：

【解析】25、略

【分析】試題分析：A圖中；在XX′偏轉(zhuǎn)電極所加的電壓的周期為2T，即在2T的時間內(nèi)才能完成一次水平方向的掃描，而豎直方向（y方向）的周期為T，所以在水平方向的一次水平掃描的過程中，豎直方向由2個周期性的變化；y方向的電壓變化為正弦式的變化，由于電子到達熒光屏的偏轉(zhuǎn)量與偏轉(zhuǎn)電壓成正比，所以A圖中的掃描圖形如圖；

要在熒光屏上得到待測信號在一個周期內(nèi)的穩(wěn)定圖象．XX′偏轉(zhuǎn)電極要接入鋸齒形電壓；即掃描電壓．

B圖中；在XX′偏轉(zhuǎn)電極所加的電壓的周期為T，即在一個周期T的時間內(nèi)完成一次水平方向的掃描，同時豎直方向的周期為T，所以在水平方向的一次水平掃描的過程中，豎直方向也完成一個周期性的變化；y方向的電壓大小不變，方向每半個周期變化一次，結(jié)合電子到達熒光屏的偏轉(zhuǎn)量與偏轉(zhuǎn)電壓成正比，所以B圖中的掃描圖形如圖．

考點：考查了示波器的工作原理。

【名師點睛】本題關(guān)鍵要清楚示波管的工作原理，示波管的YY′偏轉(zhuǎn)電壓上加的是待顯示的信號電壓，XX′偏轉(zhuǎn)電極通常接入鋸齒形電壓，即掃描電壓，當信號電壓與掃描電壓周期相同時，就可以在熒光屏上得到待測信號在一個周期內(nèi)的穩(wěn)定圖象【解析】26、略

【分析】【分析】

【詳解】

7s波向前傳播的距離為

7s后，故x=3.5m位置的原圖中x=0位置的振動情況相同；因此作出以下圖形。

【解析】五、實驗題(共4題，共16分)27、略

【分析】【分析】

【詳解】

（1）由電路結(jié)構(gòu)可得：

（2）將電流計和電阻為10的定值電阻R3并聯(lián)，此時的滿偏電流為