2025年牛津上海版必修3物理下冊月考試卷

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年牛津上海版必修3物理下冊月考試卷30考試試卷考試范圍：全部知識點(diǎn)；考試時間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五六總分得分評卷人得分一、選擇題(共7題，共14分)1、在如圖所示電路中，電源電動勢為12V，電源內(nèi)阻為電路中的電阻為小型直流電動機(jī)M的內(nèi)阻為閉合開關(guān)S后；電動機(jī)轉(zhuǎn)動，電流表的示數(shù)為2.0A。則以下判斷中正確的是（）

A.電動機(jī)的輸出功率為14WB.電動機(jī)兩端的電壓為7.0VC.電動機(jī)產(chǎn)生的熱功率為4.0WD.電源輸出的電功率為22W2、二氧化錫傳感器的電阻隨著一氧化碳的濃度增大而減小；將其接入如圖所示的電路中，可以測量汽車尾氣一氧化碳的濃度是否超標(biāo)。當(dāng)一氧化碳濃度增大時，電壓表V和電流表A示數(shù)的變化情況可能為。

A.V示數(shù)變小，A示數(shù)變大B.V示數(shù)變大，A示數(shù)變小C.V示數(shù)變小，A示數(shù)變小D.V示數(shù)變大，A示數(shù)變大3、如圖所示，實(shí)線為電場線，虛線為一僅受電場力作用的點(diǎn)電荷在勻強(qiáng)電場中的運(yùn)動軌跡，是軌跡上的兩點(diǎn)；則下列說法正確的是。

A.電荷在點(diǎn)的電勢能大于在點(diǎn)的電勢能B.該電場的方向水平向左C.點(diǎn)的電勢高于點(diǎn)的電勢D.電荷在的動能大于在點(diǎn)的動能4、圖中虛線是某電場中的一簇等勢線。兩個帶電粒子從P點(diǎn)均沿等勢線的切線方向向上運(yùn)動；粒子運(yùn)動的部分軌跡如圖中實(shí)線所示。若粒子僅受電場力的作用，下列說法中正確的是（）

A.a、b兩點(diǎn)的電場強(qiáng)度大小關(guān)系a、b兩點(diǎn)的電勢關(guān)系B.兩個帶電粒子電性可能相同C.粒子從P運(yùn)動到a的過程中，電勢能增大D.粒子從P運(yùn)動到b的過程中，動能增大5、如圖所示，水平向右的勻強(qiáng)電場中，一根長的不可伸長的絕緣細(xì)線，一端連著一質(zhì)量的帶電小球，另一端固定于O點(diǎn)。把小球拉起至A點(diǎn)，此時細(xì)線水平，把小球從A點(diǎn)由靜止釋放，小球經(jīng)最低點(diǎn)B后到達(dá)B的另一側(cè)C點(diǎn)時速度為零，與夾角為g取則（）

A.小球一定帶負(fù)電B.小球從A點(diǎn)經(jīng)過B點(diǎn)再到C點(diǎn)的過程中，機(jī)械能先增加后減小C.細(xì)線所受的最大拉力為D.小球到達(dá)B點(diǎn)時的動能為6、下列物理量中，屬于矢量的是（）A.電勢B.電壓C.電勢能D.電場強(qiáng)度7、如圖甲所示，直線MN表示某電場中的一條電場線，a、b是線上的兩點(diǎn)。一電子只在電場力作用下從a點(diǎn)運(yùn)動到b點(diǎn)，運(yùn)動過程的v-t圖線如圖乙所示。設(shè)a、b兩點(diǎn)的電場強(qiáng)度大小分別為Ea、Eb；則有（）

A.電場方向由M指向NB.電場方向由N指向MC.D.評卷人得分二、多選題(共5題，共10分)8、兩個通電小球帶電后相互推斥，如圖所示．兩懸線跟豎直方向各有一個夾角a、，a＞且兩球在同一水平面上．則一定能判斷的是。

A.兩球的質(zhì)量大小關(guān)系B.兩球帶電量大小關(guān)系C.繩子中的拉力大小關(guān)系D.兩球帶同種電荷9、AM、BN是平行板電容器兩極板，板長為L，距離板右端L處有豎直屏PQ．若帶電，兩板之間為勻強(qiáng)電場，兩板之外電場忽略不計(jì)．一質(zhì)量為m，帶電量為+q的油滴以水平速度V0飛入電容器間，經(jīng)過一段時間油滴垂直打在屏上．下列說法正確的是（）

A.平行板電容器可能不帶電B.BN板一定帶正電，且電場強(qiáng)度大小為mg/qC.油滴在電容器間運(yùn)動過程中機(jī)械能一定增大D.油滴撞擊PQ前的瞬間速度大小仍為V010、如圖所示的電路中，電源的電動勢E和內(nèi)阻r一定，A、B為平行板電容器的兩塊正對金屬板，R1為光敏電阻（阻值隨光照強(qiáng)度的增大而減小）．當(dāng)R2的滑動觸頭P在a端時，閉合開關(guān)S，此時電流表A和電壓表V的示數(shù)分別為I和U。以下說法正確的是（）

A.若僅將R2的滑動觸頭P向b端移動，則I不變，U增大B.若僅增大B板間距離，則電容器所帶電荷量減少C.若僅用更強(qiáng)的光照射R1，則I增大，U增大，電容器所帶電荷量增加D.若僅用更強(qiáng)的光照射R1，則U變化量的絕對值與I變化量的絕對值的比值不變11、如圖所示，A、B、C三點(diǎn)組成一邊長為l的等邊三角形．該空間存在平行于ABC平面的勻強(qiáng)電場．一質(zhì)量為m、帶電量為+q的粒子僅受電場力作用依次通過A、B、C三點(diǎn)，通過A、C兩點(diǎn)的速率均為v0，通過B點(diǎn)時的速率為則該勻強(qiáng)電場場強(qiáng)E的大小和方向分別是。

A.E=B.E=C.方向垂直AC斜向上D.方向垂直AC斜向下12、如圖所示的甲、乙兩個電路，都是由一個靈敏電流計(jì)和一個變阻器組成；它們之中一個是測電壓的電壓表，另一個是測電流的電流表，那么以下結(jié)論中正確的是（）

A.甲表是電流表，增大時量程減小B.甲表是電壓表，增大時量程增大C.乙表是電流表，增大時量程增大D.乙表是電壓表，增大時量程增大評卷人得分三、填空題(共7題，共14分)13、現(xiàn)有一個電流表G，內(nèi)阻Rg=30滿偏電流Ig=1mA。

(1)把它改裝成量程為0~3V的電壓表，要________（填“串聯(lián)”或“并聯(lián)”）一個_______的電阻。

(2)把它改裝成量程為0~0.6A的電流表，要________（填“串聯(lián)”或“并聯(lián)”）一個_____的電阻。14、電源是把___________能轉(zhuǎn)化成電能的裝置，這種轉(zhuǎn)化是通過_________________做功來實(shí)現(xiàn)的15、如圖所示；帶箭頭的線表示某一電場的電場線．在電場力作用下，一帶電粒子（不計(jì)重力）經(jīng)A點(diǎn)飛向B點(diǎn)，徑跡如圖中虛線所示，試判斷：

（1）粒子帶________電；

（2）粒子在________點(diǎn)加速度大；

（3）粒子在________點(diǎn)動能大；

（4）A、B兩點(diǎn)相比，________點(diǎn)電勢高．16、等勢面。

（1）定義：電場中__________的各點(diǎn)構(gòu)成的面。

（2）等勢面的特點(diǎn)：

①在同一等勢面上移動電荷時靜電力________。

②電場線跟等勢面______，并且由電勢_____的等勢面指向電勢____的等勢面。

③兩個不同的等勢面永不_________。17、如圖是用游標(biāo)卡尺測量某金屬圓筒外徑的示意圖，由圖中可以讀出該圓筒外徑的測量值為___________mm。

18、為了研究某種化學(xué)電源的性能，設(shè)計(jì)如圖所示電路，閉合所有開關(guān)，并改變滑動變阻器阻值，觀察電壓表V1、V2示數(shù)的變化，得到如下數(shù)據(jù)：某一次的測量電壓表的讀數(shù)分別為改變滑動變阻器的滑動頭，向右滑動一段距離，發(fā)現(xiàn)電流表讀數(shù)變?yōu)?.50A，電壓表V1讀數(shù)變化了0.4V，由上面數(shù)據(jù)可求：該電源電動勢E=_________V；電源的內(nèi)阻為r=__________Ω。

19、如圖所示，電源內(nèi)阻Ω，Ω，Ω，燈L上標(biāo)有“3V、1.5W”的字樣，當(dāng)滑動變阻器R3的滑片P移到最右端時，電流表示數(shù)為1A，燈L恰能正常發(fā)光．則電源的電動勢____V；當(dāng)P移到最左端時，電流表的示數(shù)_____A.

評卷人得分四、作圖題(共2題，共20分)20、如圖所示，A、B、C為勻強(qiáng)電場中的三個點(diǎn)，已知φA=18V，φB=11V，φC=－3V。試畫出該電場的電場線；并保留作圖時所用的輔助線（用虛線表示輔助線，實(shí)線表示電場線）。

21、在如圖所示的四幅圖中；分別給出了導(dǎo)線中的電流方向或磁場中某處小磁針靜止時N極的指向或磁感線方向。請畫出對應(yīng)的磁感線（標(biāo)上方向）或電流方向。

評卷人得分五、實(shí)驗(yàn)題(共2題，共16分)22、現(xiàn)要測定一個額定電壓為3V；額定功率為1.2W的小燈泡的伏安特性曲線．要求所測電壓范圍為0～3V.現(xiàn)有器材：

直流電源E(電動勢4.5V；內(nèi)阻不計(jì))；

電壓表V1(量程3V；內(nèi)阻約為3kΩ)；

電壓表V2(量程15V；內(nèi)阻約為15kΩ)；

電流表A1(量程200mA；內(nèi)阻約為2Ω)；

電流表A2(量程400mA；內(nèi)阻約為1Ω)；

滑動變阻器R(最大阻值為20Ω)；

開關(guān)S；導(dǎo)線若干．

（1）如果既要滿足測量要求，又要測量誤差較小，應(yīng)該選用的電壓表是________（填寫V1或V2），選用的電流表是________（填寫A1或A2）；

（2）將測量小燈泡電阻的實(shí)驗(yàn)電路圖畫在答題紙的虛線框內(nèi)___________．23、傳感器在現(xiàn)代生活、生產(chǎn)和科技中有著相當(dāng)廣泛的應(yīng)用。如圖甲是一個壓力傳感器設(shè)計(jì)電路，要求從表盤上直接讀出壓力大小。其中R1是保護(hù)電阻，R2是調(diào)零電阻（總電阻100Ω），理想電流表量程為10mA，電源電動勢E=3V（內(nèi)阻不計(jì)），壓敏電阻的阻值R與所受壓力大小F的對應(yīng)關(guān)系如圖乙所示。

(1)有三個規(guī)格的保護(hù)電阻，R1應(yīng)選哪一個()；

A.25ΩB.250ΩC.2500Ω

(2)選取、安裝保護(hù)電阻后，要對壓力傳感器進(jìn)行調(diào)零。調(diào)零電阻R2應(yīng)調(diào)為____Ω；

(3)現(xiàn)對表盤進(jìn)行重新賦值。原3mA刻度線應(yīng)標(biāo)注____N；

(4)由于電池老化，電動勢降為2.8V，傳感器壓力讀數(shù)會出現(xiàn)偏差。如果某次使用時，先調(diào)零、后測量，讀出壓力為1200N，此時電流大小為____mA，實(shí)際壓力大小為____N。評卷人得分六、解答題(共1題，共6分)24、如圖所示，勻強(qiáng)電場中A、B、C三點(diǎn)構(gòu)成一個直角三角形，把電荷量q=C的點(diǎn)電荷由A點(diǎn)移到B點(diǎn)，靜電力做功4.8×10-8J，再由B點(diǎn)移到C點(diǎn)，電荷克服靜電力做功4.8×10-8J，取B點(diǎn)的電勢為零；求：

（1）A、C兩點(diǎn)的電勢；

（2）作出過B點(diǎn)的一條電場線。

參考答案一、選擇題(共7題，共14分)1、B【分析】【分析】

在計(jì)算電功率的公式中，總功率用來計(jì)算，發(fā)熱功率用來計(jì)算；如果是計(jì)算純電阻的功率，這兩個公式的計(jì)算結(jié)果是一樣的，但對于電動機(jī)等非純電阻，第一個計(jì)算的是總功率，第二個只是計(jì)算發(fā)熱功率，這兩個的計(jì)算結(jié)果是不一樣的。

對于電功率的計(jì)算；一定要分析清楚是不是純電阻電路，對于非純電阻電路，總功率和發(fā)熱功率的計(jì)算公式是不一樣的。

【詳解】

ABC．電路中電流表的示數(shù)為所以電動機(jī)的電壓為

電動機(jī)的總功率為

電動機(jī)的發(fā)熱功率為

所以電動機(jī)的輸出功率為

B正確；AC錯誤；

D．電源的輸出的功率為

D錯誤。

故選B。2、D【分析】【詳解】

當(dāng)一氧化碳濃度增大時，二氧化錫傳感器的電阻減小，由閉合電路歐姆定律知，電路中電流變大，則A示數(shù)變大；由歐姆定律知R的電壓變大；則電壓表V變大；

AC．綜上分析；電壓表示數(shù)變大，AC錯誤；

BD．綜上分析；電流表示數(shù)變小，B錯誤D正確。

故選D。3、A【分析】【詳解】

AD．勻強(qiáng)電場中電場力與電場線平行，而曲線運(yùn)動合力指向曲線的凹側(cè)一方，所以電場力一定向左，若點(diǎn)電荷從a到b點(diǎn)，電場力做負(fù)功，電勢能增加，即電荷在點(diǎn)的電勢能大于在點(diǎn)的電勢能，電場力做負(fù)功，動能減小，即電荷在a的動能大于在b點(diǎn)的動能；故A正確，D錯誤；

BC．電場力向左，但不知道電荷的電性，所以不能判斷電場方向，即不能判斷兩點(diǎn)電勢的高低，故BC錯誤．4、D【分析】【詳解】

A．由等勢面的分布可知，該電場是點(diǎn)電荷產(chǎn)生的，由場強(qiáng)公式可知，a點(diǎn)的場強(qiáng)小于b點(diǎn)的場強(qiáng)。由于中心電荷的電性無法判斷，電場線方向無法判定，則不能比較a、b的電勢高低。故A錯誤；

B．由運(yùn)動軌跡可知；兩粒子的受力方向相反，故兩個帶電粒子電性必定相反，故B錯誤；

C．電場力對兩粒子均做正功；則兩個粒子的電勢能均減小，故C錯誤；

D．粒子從P運(yùn)動到b的過程中；電場力做正功，動能增大，故D正確。

故選D。5、D【分析】【詳解】

A．對全過程；重力做正功，可知電場力做負(fù)功，可知電場力方向向右，則小球帶正電，A錯誤；

B．小球從A點(diǎn)經(jīng)過B點(diǎn)再到C點(diǎn)的過程中；電場力一直做負(fù)功，可知小球的機(jī)械能一直減小，B錯誤；

C．對全過程根據(jù)動能定理可得

解得

重力和電場力的合力

與水平方向夾角的正切值

可得

如圖所示。

此時合力方向與圓弧的焦點(diǎn)為等效最低點(diǎn)，此時繩子的拉力最大，根據(jù)動能定理

在等效最低點(diǎn)，根據(jù)牛頓第二定律

聯(lián)立解得細(xì)線所受的最大拉力

C錯誤；

D．從A到B根據(jù)動能定理可得

D正確。

故選D。6、D【分析】【詳解】

A．電勢只有大小無方向；是標(biāo)量，選項(xiàng)A錯誤；

B．電壓只有大小無方向；是標(biāo)量，選項(xiàng)B錯誤；

C．電勢能只有大小無方向；是標(biāo)量，選項(xiàng)C錯誤；

D．電場強(qiáng)度即有大小又有方向，是矢量，選項(xiàng)D正確；7、A【分析】【詳解】

AB．電子從a點(diǎn)運(yùn)動到b點(diǎn)做加速度增大的減速運(yùn)動，可知受到的電場力向左，故場強(qiáng)向右，即電場方向由M指向N；A正確，B錯誤；

CD．由于加速度增大，由

可知，場強(qiáng)變大，故

CD錯誤。

故選A。二、多選題(共5題，共10分)8、A:C:D【分析】【詳解】

D、兩個球相互排斥,故一定帶同種電荷,故D對

A、對左側(cè)小球受力分析,受重力mg,拉力T和靜電斥力F,如圖

根據(jù)平衡條件,有。

計(jì)算得：

再對右側(cè)小球受力分析,同理有。

兩個小球之間的庫侖力相等，因?yàn)閍＞，所以故A對；

B、兩個小球之間的庫侖力相等，根據(jù)則沒辦法判斷兩個小球帶電量之間的關(guān)系；故B錯；

C、根據(jù)勾股定理可知由于所以質(zhì)量大則繩子的拉力大一點(diǎn)，故C對；

故選ACD

【點(diǎn)睛】

兩球相互排斥,故帶同種電荷,根據(jù)牛頓第三定律可以知道相互排斥力相等,與帶電量無關(guān);再根據(jù)平衡條件得到排斥力的表達(dá)式進(jìn)行分析.

本題關(guān)鍵是對小球受力分析,根據(jù)平衡條件得到電場力表達(dá)式,然后再結(jié)合牛頓第三定律進(jìn)行分析判斷.9、C:D【分析】【分析】

油滴垂直打在屏上；將油滴的運(yùn)動分解為水平方向和豎直方向，知豎直方向上的分速度最終為零，油滴在電容器間受電場力和重力做類平拋運(yùn)動，出電場后僅受重力．通過油滴豎直方向分速度的變化進(jìn)行分析．

【詳解】

若電容器不帶電，則油滴只受重力作用，粒子做平拋運(yùn)動，不會垂直撞在PQ上的，故電容器一定帶電，A錯誤；油滴在極板間運(yùn)動過程中，在豎直方向上開始受重力和電場力，射出電場后僅受重力，要使能垂直撞擊在PQ上，則碰撞瞬間豎直方向上的分速度為零，而小球在水平方向上做速度大小為的勻速直線運(yùn)動，故撞擊PQ時，速度仍為要使豎直方向向上速度為零，則油滴離開電場時豎直方向的分速度方向向上，可得電場力大于重力，即故電場力方向向上，故BN板帶正電；B錯誤D正確；油滴在電容器間運(yùn)動，電場力做正功，根據(jù)除重力以外其他力做功等于機(jī)械能的增量，知機(jī)械能增大，C正確．

【點(diǎn)睛】

解決本題的關(guān)鍵通過油滴豎直方向上分速度為零，知油滴離開電容器時有豎直向上的分速度．10、B:D【分析】【詳解】

A．滑動變阻器R2處于含容支路中，相當(dāng)于導(dǎo)線，所以移動滑動觸頭，I不變，U不變；故A錯誤；

B．若僅增大A、B板間距離，由知電容器的電容減小，因板間電壓不變，再由電容的定義式可知電容器所帶電荷量減少；故B正確；

C．若僅用更強(qiáng)的光線照射的阻值變小，總電阻減小，I增大，內(nèi)電壓和的電壓均增大，則電容器板間電壓減小，電容不變，由知電容器所帶電荷量減少；故C錯誤；

D．根據(jù)閉合電路歐姆定律得

因電壓表測量為電源的路端電壓，電流表量流過電源的電流，則可得

即U變化量的絕對值與I變化量的絕對值的比值不變；故D正確；

故選BD。11、B:C【分析】【詳解】

AB.據(jù)題意可知AC為該勻強(qiáng)電場的等勢線，因從A到B電場力對粒子做負(fù)功，且粒子帶正電，可知電場方向垂直AC斜向上，據(jù)動能定理可得

解得故A錯誤B正確．

CD.據(jù)題意可知AC為該勻強(qiáng)電場的等勢線，因從A到B電場力對粒子做負(fù)功，且粒子帶正電，可知電場方向垂直AC斜向上，故C正確D錯誤．12、A:D【分析】【分析】

【詳解】

電流表是由靈敏電流計(jì)G并聯(lián)一個變阻器R組成，并聯(lián)的阻值越小，則量程越大，并聯(lián)的電阻值越大，則量程越小，而電壓表是由靈敏電流計(jì)G串聯(lián)一個變阻器R組成，串聯(lián)的阻值越大，則量程越大，所以甲表是電流表，R增大時量程減小，乙表是電壓表，R增大時量程增大；故AD正確。

故選AD。三、填空題(共7題，共14分)13、略

【分析】【詳解】

(1)[1][2]把它改裝成量程為0~3V的電壓表，要串聯(lián)一個分壓電阻，電阻大小為

(2)[3][4]把它改裝成量程為0~0.6A的電流表，要并聯(lián)一個分流電阻，其大小為【解析】串聯(lián)并聯(lián)0.0514、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1][2]電源就是把其他形式的能轉(zhuǎn)化成電能的裝置，這種轉(zhuǎn)化是通過非靜電力做功來實(shí)現(xiàn)的?！窘馕觥科渌问降姆庆o電力15、略

【分析】試題分析：根據(jù)運(yùn)動軌跡來判定電場力方向；由曲線運(yùn)動條件可知合力偏向曲線內(nèi)側(cè)，故粒子從A到B，電場力對粒子做負(fù)功，因此粒子帶負(fù)電；由于B點(diǎn)的電場線密，所以B點(diǎn)的電場力大，則B點(diǎn)的加速度較大；粒子從A到B，電場力對粒子做負(fù)功，電勢能增加，導(dǎo)致動能減少；沿著電場線電勢降低，所以A點(diǎn)的電勢高．

考點(diǎn)：電場線，電場力做功與電勢能的關(guān)系【解析】（1）負(fù)，（2）B,（3）A,（4）A16、略

【分析】【分析】

【詳解】

(1)[1]定義：電場中電勢相等的各點(diǎn)構(gòu)成的面。

(2)①[2]在同一等勢面上移動電荷時靜電力不做功。

②[3][4][5]電場線跟等勢面垂直；并且由電勢高的等勢面指向電勢低的等勢面。

③[6]兩個不同的等勢面永不相交。【解析】①.電勢相等②.不做功③.垂直④.高⑤.低⑥.相交17、略

【分析】【詳解】

[1]游標(biāo)卡尺讀數(shù)【解析】23.6018、略

【分析】【詳解】

[1]根據(jù)閉合電路歐姆定律

[2]改變滑動變阻器的滑動頭，向右滑動一段距離，外電阻減小，干路電流增大，路端電壓減小，第二次的路端電壓為

根據(jù)閉合電路歐姆定律

解得【解析】1.5119、略

【分析】【詳解】

（1）由閉合電路歐姆定律得：E=UL+IR1+Ir=3+1×2+1×1=6V

（2）當(dāng)P移到最左端時，【解析】62四、作圖題(共2題，共20分)20、略

【分析】【分析】

【詳解】

連接BC，過A點(diǎn)作BC的平行且與BC線段相等的線段AD，將AD分成兩等份，找出B點(diǎn)的等勢點(diǎn)，即E點(diǎn)，電勢為11V，連接BE，則BE為等勢線；電場線與等勢線垂直，由高電勢指向低電勢，如圖所示。

【解析】21、略

【分析】【分析】

【詳解】

（1）在圖（1）中；已知小磁針靜止時N極的指向，由直線電流的安培定則，可知直線中的電流方向向下，如圖所示。

（2）在圖（2）中；已知小磁針靜止時N極的指向，由環(huán)形電流的安培定則，可知環(huán)形電流方向從