2025年北師大新版必修3物理下冊階段測試試卷

…………○…………內…………○…………裝…………○…………內…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年北師大新版必修3物理下冊階段測試試卷31考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五六總分得分評卷人得分一、選擇題(共8題，共16分)1、如圖所示，在水平向右的勻強電場中，一根不可伸長的絕緣細繩一端固定在O點，另一端拴一個質量為m、帶電荷量為q的小球。把細繩拉到豎直狀態(tài)，小球從最低點A由靜止釋放后沿圓弧運動，當細繩剛好水平時，小球到達位置B且速度恰好為零。已知重力加速度為g；不計空氣阻力，則（）

A.小球最終將靜止在B點B.小球運動到B點時，細繩的拉力為0C.在此過程中，小球的電勢能一直增加D.勻強電場的電場強度大小為2、如圖所示，雷雨天帶有負電的烏云飄過一棟建筑物上空時，在避雷針周圍形成電場，電場的等勢面a、b、c、d分布情況如圖所示，在等勢面中有A、B、C三點。下列說法中正確的是（）

A.避雷針附近的電場是勻強電場B.A點的電場強度比B點小C.a、b、c、d等勢面中a的電勢最低D.有一帶負電的雨點從烏云中下落，電場力做正功3、多用電表調到歐姆擋時，其內部等效電路是下列圖中的（）A.B.C.D.4、如圖甲所示，兩根材料相同的均勻導體柱a和b，a長為l，b長為2l，串聯在電路中時，沿x軸方向電勢變化φ－x圖象如圖乙所示，選取x＝3l處電勢為零，則導體柱a、b的橫截面積之比為()

A.B.C.D.5、如圖所示，接通電鍵燈泡都正常發(fā)光。某時刻由于電路故障兩燈突然熄滅。若故障只有一處；則下列說法正確的是（）

A.如果將電壓表并聯在兩端有示數，說明間完好B.如果將電壓表并聯在兩端示數為0，說明間斷路C.如果將電流表并聯在兩端示數為0，說明間完好D.如果將電壓表并聯在兩端有示數，并聯兩端示數為0，說明間斷路6、如圖所示電路中，A、B兩燈均正常發(fā)光，R為一滑動變阻器，若將滑動片P向下滑動，則（）

A.A燈變亮B.B燈變亮C.總電流變小D.R1上消耗功率變大7、下列物理量中，是矢量的是（）A.質量B.磁感應強度C.功D.周期8、如圖所示；光滑固定金屬導軌M；N水平放置，兩根導體棒P、Q平行放于導軌上，形成一個閉合回路。當一條形磁鐵從高處下落接近回路的過程中，下列說法正確的是。

A.P、Q將保持不動B.P、Q將相互遠離C.磁鐵的加速度小于gD.磁鐵的加速度仍為g評卷人得分二、多選題(共7題，共14分)9、如圖，真空中固定有兩個靜止的等量同種正點電荷A與B,電荷量均為Q,AB連線長度為2L,中點為O點，在AB連線的中垂線上距O點為L的C點放置一試探電荷q（對AB電荷產生的電場無影響），電荷電性未知，現將B電荷移動到O點并固定，若取無窮遠處為電勢零點，靜電力常量為K，不考慮運動電荷產生的磁場，則B電荷運動過程中下列說法正確的是（）

A.C點的電場強度先增大后減小B.由于試探電荷q的電性未知，故C點的電勢可能減小C.若試探電荷q帶正電，則其電勢能一定增大D.B電荷移動到O點時，C點的電場強度大小為10、一平行板電容器始終與電池相連，現將一塊均勻的電介質板插進電容器恰好充滿兩極板間的空間，與未插電介質時相比（）A.電容器所帶的電荷量增大B.電容器的電容增大C.兩極板間各處電場強度減小D.兩極板間的電勢差減小11、如圖所示，在豎直平面內有－豎直向上的勻強電場，電場強度大小為E，M點與N點的連線垂直電場線，兩個完全相同的帶等量正電荷的粒子，以相同大小的初速度v分別從M和N點沿不同方向開始運動，之后都能到達電場中的P點；粒子的重力不計，則兩帶電粒子（）

A.到達P點所用的時間可能相等B.到達P點時的速度大小一定相等C.整個運動過程機械能的增加量一定相等D.在P點時的動能可能小于在各自初始點的動能12、如圖所示,放在絕緣臺上的金屬網罩B內放有一個不帶電的驗電器C,若把一帶有正電荷的絕緣體A移近金屬罩B,則())

A.在BB.的外表面出現感應電荷在BC.的內表面出現正電荷D.驗電器的金屬箔片將張開B的左右兩側電勢相等13、如圖甲所示，AB是某電場中的一條電場線，有一電子僅在電場力作用下，以某一初速度沿AB由A點運動到B點，該電子所經位置的電勢能EP，隨它與A點的距離x的變化規(guī)律如圖乙所示；下列說法正確的是（）

A.電場線的方向由A指向BB.A點的電場強度比B點的大C.A點的電勢比B點的低D.該電子在A點時的速度比它在B點時的大14、如圖甲所示，兩平行金屬板的板長和板間距離相等，板間存在如圖乙所示的隨時間周期性變化的電場，電場方向與兩板垂直，在時刻，一不計重力的帶電粒子沿板間中線垂直電場方向射入電場，粒子射入電場時的速度為時刻粒子剛好沿板右邊緣射出電場。則（）

A.該粒子射出電場時的速度大小為B.該粒子在t＝時刻，速度大小為C.若該粒子在t＝時刻以速度進入電場，則粒子會打在板上D.若該粒子在時刻以速度進入電場，則該粒子沿兩極板中線水平射出15、一電爐的電阻絲和一臺電動機線圈電阻相同，現將它們以串聯方式聯接，接通合適的電源后，電動機正常運轉，下列說法正確的是（）A.電爐和電動機的熱功率相等B.電動機消耗的電功率大于電爐消耗的電功率C.電爐兩端電壓小于電動機兩端電壓D.電爐和電動機兩端電壓相等評卷人得分三、填空題(共8題，共16分)16、正離子A（質量為m、電荷量為q）和正離子B（質量為2m、電荷量為q）由靜止開始經相同電加速后，如圖所示垂直電場線射入兩塊平行帶電金屬板間，從兩板間射出時（重力不計）A、B側移之比yA：yB=______________；A、B動能增量之比△EkA：△EkB=______________。

17、如圖所示，三根彼此絕緣的無限長直導線的一部分ab、cd、ef構成一個等邊三角形，O為三角形的中心，M、N分別為O關于導線ab、cd的對稱點，當三根導線中通以大小相等，方向如圖的電流時，O點磁感應強度大小為B1，M點磁感應強度的大小為B2，則N點磁感應強度的大小為________；若將導線ef中的電流撤去，而保持另兩根導線中的電流不變，則N點磁感應強度的大小為________．

18、一矩形線圈面積S＝10cm2，它和勻強磁場方向之間的夾角θ1＝30°，穿過線圈的磁通量Ф＝2×10－4Wb，則磁場的磁感應強度B＝______________；若線圈以一條邊為軸轉180°，則穿過線圈的磁通量的變化量為____________；若線圈平面和磁場方向之間的夾角變?yōu)棣?＝0°，則Ф0＝________________。19、尖端放電和靜電屏蔽。

（1）電離：導體尖端的電荷密度很大，附近的電場強度___________，空氣中的帶電粒子劇烈運動，使空氣分子被撞“散”而使正、負電荷___________的現象。

（2）尖端放電：導體尖端的強電場使附近的空氣電離，電離后的異種離子與尖端的電荷___________；相當于導體從尖端失去電荷的現象。

（3）靜電屏蔽：靜電平衡時，導體殼內空腔里的電場___________；外電場對殼內不會產生影響。

（4）尖端放電和靜電屏蔽的應用；防止。

a.尖端放電。

①應用：___________是利用尖端放電避免雷擊的一種設施。

②防止：高壓設備中導體的表面盡量___________；減少電能的損失。

b.靜電屏蔽的應用。

①電學儀器和電子設備外面會有金屬罩；通訊電纜外面包一層鉛皮，可以防止外電場的干擾。

②電工進行高壓帶電作業(yè)時，穿戴金屬絲網制成的衣、帽、手套、鞋子，可以對人體起到靜電屏蔽作用，使人安全作業(yè)。20、如圖是雙量程電壓表的原理圖，它有兩個量程分別為3V和15V，則使用圖的a、b兩端時量程應為_____，使用圖的a、c兩端時量程為____，已知表頭內阻為15Ω，滿偏電流為1mA，則R1=____，R2=____。

21、如圖所示，電源電壓一定時，已知燈泡L標有“6V7.2W”字樣（燈絲電阻不受溫度影響），R2=10Ω。當S、S1閉合，且滑片P在a端時，燈正常發(fā)光；當S、S2閉合，且P在滑動變阻器中點處時，電流表示數為0.2A，燈泡L的阻值為_______Ω。通過對S、S1、S2的控制和調節(jié)滑動變阻器，可使電路消耗的總功率最小，電路總功率的最小值為_______。

22、如圖所示，電源電動勢為E、內阻為r，外電阻分別為閉合電鍵S，當滑動變阻器的觸頭，P向下滑動時，四個理想電表A、的示數都將發(fā)生變化，電表的示數分別用I、和表示，電表示數變化量分別用和表示。

（1）示數和其中一定變小的是_________。

（2）表達式其中一定變小的是__________。

（3）變化量和其中絕對值最大的是___________。

（4）用r表示下列比值，注意結果的正負___________：。________________________________

（5）若的調節(jié)范圍為為了讓電阻消耗功率最大，則應取______為了讓電阻消耗功率最大，則應取______為了讓電阻消耗的總功率最大，則應取_____23、勻強磁場。

（1）概念：各點的磁感應強度的____相等、_____相同的磁場。

（2）磁感線特點：勻強磁場的磁感線是間隔____的平行直線。評卷人得分四、作圖題(共4題，共8分)24、在如圖所示的四幅圖中；分別給出了導線中的電流方向或磁場中某處小磁針靜止時N極的指向或磁感線方向。請畫出對應的磁感線（標上方向）或電流方向。

25、在“用電流和電壓傳感器研究電容器的放電”實驗中；某同學按照圖所示連接電路。實驗時，先將開關S擲向1，一段時間后，將開關擲向2，傳感器將信息傳入計算機屏幕上，顯示出電流或電壓隨時間變化的圖線。

（1）由圖可知，傳感器1應為________（選填選項前的字母）

A．電流傳感器B．電壓傳感器。

（2）用q表示電容器上極板所帶的電荷量，UR表示滑動變阻器兩端的電壓，UC表示電容器兩端的電壓，I表示電路中的電流，關于電容器在整個放電過程中的圖像變化正確的有________。

A．B．

C．D．

（3）若已知電源電動勢E，但其內阻和電阻箱阻值均未知，根據已知條件和傳感器顯示的圖像中的數據信息，下列判斷正確的是________；

A．可知該電容器的電容。

B．可知此時電阻箱阻值大小。

C．若只增大電阻箱R的阻值；電容器放電的時間將變短。

D．若只減小電容器的電容大小，電容器放電的時間將變短26、以下是幾種點電荷的電場線的分布情況；請標出圖中各電荷的電性。

27、試畫出點電荷、等量異種點電荷、等量同種點電荷及勻強電場的電場線。評卷人得分五、實驗題(共3題，共9分)28、某實驗小組測定一節(jié)新型電池的電動勢(約為3V)和內阻，現要選取一個定值電阻R0當作保護電阻．

（1）首先為了準確測量定值電阻R0的阻值；在操作臺上準備了如下實驗器材：

A．電壓表V(量程3V，電阻約為4kΩ)；B．電流表A2(量程3A；內阻約0.5Ω)；

C．電流表A1(量程1A，內阻約0.5Ω)；D．定值電阻R0(阻值約為3Ω)；

E．滑動變阻器R(0～10Ω)；F．開關S一個；導線若干．

根據上述器材，在測量R0阻值時應選擇的電流表為________(填序號)，其實驗電路圖應選擇以下哪種接法______(填字母)，經測量定值電阻R0阻值為2.9Ω．

（2）之后為了測量該新型電池的電動勢和內阻，設計了如下實驗，在圖中將所選器材進行連接_____．

（3）根據實驗記錄做出U-I圖線如圖所示，從中可以求出待測新型電池的內阻為______Ω，電池電動勢為_____V．(以上兩空均保留兩位有效數字)．29、學校實驗室購買了一捆銅導線，某同學想通過實驗測定Rx來求得導線長度，該同學首先用多用電表粗測阻值約為1.7Ω，再利用圖甲所示電路精確測量銅導線的電阻Rx。

可供使用的器材有：

電流表：量程0.6A；內阻約為0.2Ω

電壓表：量程3V；內阻約為9kΩ

滑動變阻器R1：最大阻值5Ω

滑動變阻器R2：最大阻值20Ω

定值電阻：R0＝3Ω

電源：電動勢6V；內阻可不計。

開關；導線若干。

回答下列問題：

（1）實驗中滑動變阻器應選______（選填“R1”或“R2”），閉合開關S前應將滑片移至______（選填“a”或“b”）端。

（2）調節(jié)滑動變阻器，當電流表的讀數為0.51A，電壓表示數如圖乙所示，其讀數為______V。

（3）導線Rx實際阻值為______（保留2位有效數字）。30、LED；即發(fā)光二極管，是一種固態(tài)的半導體器件，它可以直接把電轉化為光。其以高效；節(jié)能、安全、長壽、小巧、清晰光線等技術特點，已經成為新一代照明市場的主力產品。某同學想要描繪某發(fā)光二極管的伏安特性曲線，實驗室提供了以下器材：

A.電壓表（量程0~3V；量程0~15V）

B.電流表（量程0~50mA；量程0~0.6A）

C.滑動變阻器（阻值范圍0~20Ω）

D.電源（電動勢6V；內阻不計）

F.開關；導線若干。

（1）如圖甲中的實物連線已經連了部分電路，請你選擇電壓表的合適量程后用電流表外接法將實物圖中的連線補充完整___________。

（2）閉合開關前，滑動變阻器滑片應滑到___________（選填“M端”或“N端”）

（3）如圖乙所示為該發(fā)光二極管的伏安特性曲線?，F將此發(fā)光二極管與電動勢為3V、內阻r=5Ω的電池組相連，則還需串聯一個電阻R=___________Ω，才能使通過它的電流為10mA。（結果保留3位有效數字）評卷人得分六、解答題(共4題，共16分)31、如圖所示為示波管的結構原理圖，加熱的陰極K發(fā)出的電子（初速度可忽略不計）經電勢差為的兩金屬板間的加速電場加速后，從一對水平放置的平行正對帶電金屬板的左端中心點沿中心軸線射入金屬板間（垂直于熒光屏M），兩金屬板間偏轉電場的電勢差為U，電子經偏轉電場偏轉后打在右側豎直的熒光屏M上。整個裝置處在真空中，加速電場與偏轉電場均視為勻強電場，忽略電子之間的相互作用力，不考慮相對論效應。已知電子的質量為m，電荷量為e；加速電場的金屬板間距離為偏轉電場的金屬板長為板間距離為d，其右端到熒光屏M的水平距離為電子所受重力可忽略不計。求：

(1)電子從加速電場射入偏轉電場時的速度大小

(2)電子打在熒光屏上的位置與O點的豎直距離y；

(3)在偏轉電場中；若單位電壓引起的偏轉距離稱為示波管的靈敏度，該值越大表示示波管的靈敏度越高。在示波管結構確定的情況下，為了提高示波管的靈敏度，請分析說明可采取的措施。

32、如圖所示的電路中，輸入電壓U恒為12V；燈泡L上標有“6V12W”字樣，電動機M的電阻為0.5Ω，若燈泡恰好正常發(fā)光，求：

（1）電動機兩端的電壓；

（2）電動機的輸入功率；

（3）電動機的輸出功率；

33、如圖所示，電源的電動勢內阻電阻為直流電動機，其電阻電動機正常工作時，其兩端所接理想電壓表讀數為求：

（1）流過電動機的電流；

（2）電動機輸出的機械功的功率。

34、如圖所示，線段A為某電源的U-I圖線，線段B為某電阻的U-I圖線；當上述電源和電阻組成如圖閉合電路時，求：

(1)電源電動勢和內阻各是多大？

(2)電源的輸出功率P是多大？

(3)若要獲得電源的最大輸出功率，要并聯一個多大的電阻？電源最大輸出功率多大？參考答案一、選擇題(共8題，共16分)1、D【分析】【分析】

【詳解】

A．小球在B點時，受到豎直向下的重力和水平向右的電場力，水平向左的拉力，合力不為0，故不可能靜止在B點；故A錯誤；

B．小球作圓周運動，其在B點速度為0；故向心力為0，故。

故B錯誤；

C．小球從A到B的過程中；電場力做正功，電勢能減小，故C錯誤；

D．從A到B；由動能定理可得。

故。

故D正確。

故選D。2、D【分析】【詳解】

A．勻強電場的等勢線應是一簇平行線；由圖可知避雷針附近的電場顯然不是勻強電場，故A錯誤；

B．等勢線越密集的位置電場強度越大，所以A點的電場強度比B點大；故B錯誤；

C．烏云帶負電，則電場線終止于烏云，根據沿電場線方向電勢降低可知a、b、c、d等勢面中a的電勢最高；故C錯誤；

D．有一帶負電的雨點從烏云中下落；雨點所受電場力方向與速度方向夾角小于90°，電場力做正功，故D正確。

故選D。3、C【分析】【詳解】

A.多用電表的歐姆擋內部必須有電源；故A錯誤；

BC.多用電表的歐姆擋內部表頭的正負極應與內部電源的正負極形成通路；故B錯誤，C正確；

D.多用電表的歐姆擋內部要滑動變阻器用于歐姆調零，故D錯誤．4、A【分析】【詳解】

由圖象可知導體柱a電壓為6V，導體柱b電壓為4V．導體柱a與導體柱b串聯，故電壓之比等于電阻之比，a、b的長度之比為1:2，由電阻定律可以求出截面積之比為1：3．故選A．5、C【分析】【分析】

【詳解】

電路故障分為斷路和短路；故障只有一處，假設發(fā)生了短路，如果是某盞燈短路，該燈熄滅，而另一盞燈應該變亮，如果是兩盞燈以外的元件短路，則兩盞燈均變亮，故假設不成立。電路故障應為斷路。

A．電壓表并聯在兩端有示數，說明間發(fā)生了斷路；A錯誤；

B．電壓表并聯在兩端示數為0，說明部分以外的電路發(fā)生了斷路，而間電路完好；B錯誤；

C．電流表并聯在兩端示數為0，說明部分以外的電路發(fā)生了斷路，而間電路完好；C正確；

D．電壓表并聯在兩端有示數，說明段發(fā)生了斷路，并聯兩端示數為0，說明部分以外的電路發(fā)生了斷路，故綜合以上兩點，應是間斷路；D錯誤。

故選C。6、D【分析】【詳解】

將滑動片向下滑動時，變阻器接入電路的電阻減小，外電路總電阻減小，根據閉合電路歐姆定律得知，總電流I增大，則R1上消耗功率變大，路端電壓I增大，U減小，則A燈變暗，B燈與變阻器并聯的電壓I增大，則U并減?。凰訠燈變暗，故D正確，ABC錯誤；

故選D．

【點睛】對于電路中動態(tài)變化分析問題，一般先確定局部電阻的變化，再確定總電阻的變化，到總電流、總電壓的變化，再回到局部電路研究電壓、電流的變化．7、B【分析】【詳解】

A.質量只有大??；沒有方向，是標量，故A錯誤。

B.磁感應強度既有大小又有方向；是矢量，故B正確。

CD.功和周期都只有大小，沒有方向，是標量，故CD錯誤。8、C【分析】【分析】

當一條形磁鐵從高處下落接近回路時；穿過回路的磁通量增加，根據楞次定律：感應電流的磁場總是阻礙磁通量的變化，分析導體的運動情況．

【詳解】

當一條形磁鐵從高處下落接近回路時；穿過回路的磁通量增加，根據楞次定律：感應電流的磁場總是阻礙磁通量的變化，可知，P；Q將互相靠攏，回路的面積減小一點，使穿過回路的磁場減小一點，起到阻礙原磁通量增加的作用。故AB錯誤。由于磁鐵受到向上的安培力作用，所以合力小于重力，磁鐵的加速度一定小于g，故C正確，D錯誤。故選C。

【點睛】

本題直接用楞次定律判斷電磁感應現象中導體的運動方向，抓住導體總是反抗原磁通量的變化是關鍵．楞次定律的另一結論：增反減同．二、多選題(共7題，共14分)9、C:D【分析】【詳解】

AD、根據可知電荷在點的水平電場強度大小為在點的豎直電場強度大小為電荷在點的水平電場強度大小為在C點的豎直電場強度大小為其中從增加到根據矢量疊加原理可得點的電場強度大小為化簡得由于從增加到所以一直增大，當電荷移動到點時，解得點的電場強度大小為故選項A錯誤，D正確；

BC、根據離正電荷越近的地方電勢越高，離負電荷越近的地方電勢越低可知，電荷運動過程中，點的電勢增加，根據可知帶正電試探電荷在點電勢能一定增大，故選項B錯誤，C正確；10、A:B【分析】【分析】

【詳解】

AB．在空氣平行板電容器兩極板間插入電介質，根據電容的決定式

可知電容C增大，而板間電壓U一定，由電容的定義式

可知兩極板所帶電荷量Q增加；故AB正確；

C．電壓不變，兩板間的距離不變，由

可知電場強度不變；故C錯誤；

D．由題知；一平行板電容器始終與電池相連，故兩極板間的電勢差不變，故D錯誤。

故選AB。11、B:C【分析】【詳解】

A．因為兩帶電粒子完全相同，故產生的豎直向上方向的加速度相同，而M點粒子與N點粒子豎直初速度不同；故根據勻變速方程可知，運動時間不同，A錯誤；

BC．因為只有電場力做功，根據題意可知，M點與N點在同一等勢面上，故有

且電場力做功為

則電場力做功相同，則到達P點的動能相同；速度大小相同，而電場力做功等于機械能增加量，故機械能的增加量一定相等，BC正確；

D．因為從M、N點到P點；電勢減小，則電場力做正功，動能增大，D錯誤。

故選BC。12、A:D【分析】【詳解】

A、B、由于金屬網罩的靜電屏蔽作用，B的內表面不帶電，金屬網罩表面的自由電子重新分布，根據“近異遠同”的結論，B的右側外表面帶正電荷，B的左側外表面負電荷；故A正確，B錯誤；

C；由于金屬網罩的靜電屏蔽作用；B的內部電場強度處處為零，故驗電器的金箔不張開，故C錯誤；

D；金屬網罩處于靜電平衡狀態(tài)；是等勢體，故其左右兩側電勢相等，故D正確；

故選AD.

【點睛】

靜電屏蔽的意義：屏蔽使金屬導體殼內的儀器或工作環(huán)境不受外部電場影響，也不對外部電場產生影響.13、B:C【分析】【詳解】

ABC．由圖乙可知電子的電勢能Ep隨它與A點的距離x的增大而減小，根據

可知電子所在位置的電勢逐漸升高，電場線的方向由B指向A。圖乙的斜率為電場力，斜率變小，電場力變小，則電場強度變小，即A點的電場強度比B點的大；A錯誤，BC正確；

D．電勢能減小，則電場力做正功，動能增大，電子在A點時的速度比它在B點時的速度??；D錯誤。

故選BC。14、B:D【分析】【詳解】

A．粒子射入電場在水平方向上做勻速直線運動，在豎直方向上前半個周期內先做勻加速直線運動，電場力做正功；在后半個周期內做勻減速直線運動，電場力做負功，豎直速度又減小為零，所以時刻粒子射出電場時，豎直方向的速度為0，故從邊緣離開電場時速度是水平方向的，大小為故A錯誤；

B．在時刻，粒子在水平方向上的分速度為因為兩平行金屬板的板長和板間距離相等，則有：

解得：

則時刻，根據平行四邊形定則知，粒子的速度為：

故B正確；

C．由于水平方向做勻速直線運動，所以粒子無論什么時候進入電場，運動的時間都是一個周期內電場力做功都為零，粒子在時刻以速度進入電場，只是豎直方向先向下加速后向上減速為零，粒子的水平速度為從邊緣離開電場；故C錯誤；

D．由于水平方向做勻速直線運動，所以粒子無論什么時候進入電場，運動的時間都是一個周期內電場力做功都為零，粒子在時刻以速度進入電場，豎直方向先向上加速再減速為零，再向下加速后減速為零；一個周期內豎直方向的位移為零，下一個周期重復這一過程，所以粒子沿兩極板中線水平射出，故D正確。

故選BD。15、A:B:C【分析】【詳解】

A.電爐電路和電動機電路焦耳定律都適用．根據焦耳定律:

得電爐和電動機的電阻相同；電流相同，則在相同的時間內電爐和電動機產生的電熱相等．故A正確．

B.電動機消耗的電能一部分轉化為內能；另一部分轉化為機械能，電爐消耗的電能全部轉化為內能，而相等時間內它們產生的熱量相等，則在相同的時間內，電動機消耗的電能大于電爐消耗的電能，電動機消耗的功率大于電爐消耗的功率．故B正確．

CD.設電流為I，則電爐兩端電壓：

電動機兩端電壓所以即電動機兩端電壓大于電爐兩端電壓．故C正確，D錯誤．三、填空題(共8題，共16分)16、略

【分析】【詳解】

[1]離子在電場中加速，設末速度為v0，據動能定理得

離子穿出偏轉電場的時間為

偏轉電場的加速度為

離開偏轉電場時側移量

即側移量與電荷的電量與質量均無關，則A、B側移之比yA：yB=1:1

[2]根據動能定理

則A、B動能增量之比△EkA：△EkB=1:1【解析】1：11：117、略

【分析】【詳解】

無限長直導線ab、cd、ef，構成一個等邊三角形，且三根導線中通以大小相等、方向如圖所示的電流，O為三角形的中心，且O點磁感應強度大小為B，因為直導線ab、cd關于O點對稱，所以這兩導線在O點的磁場為零，則磁感應強度大小B1是由直導線ef產生的，而直導線ab、ef關于N點對稱，所以這兩根直導線的磁場為零，因此N點的磁感應強度大小為B1．因為M點的磁感應強度為B2=Bef+Bcd+Bab，由安培定則可知，各電流在M點的磁場的方向相同，又因為Bab=B1，Bef與Bcd大小相等，故．當撤去導線ef，其余兩根導線在N點的磁感應強度的方向都向里，大小為：

【點睛】

此題根據通電導線周圍的磁場對稱性、方向性，去確定合磁場大?。译x導線越遠場強越弱．磁場不但有大小而且方向，方向相同則相加，方向相反則相減.【解析】B1（B2+B1）/218、略

【分析】【詳解】

[1]磁感應強度為

[2]線圈以一條邊為軸轉過180°，穿過線圈的磁能量的變化為

[3]若線圈平面和磁場方向之間的夾角變?yōu)棣?=0°，則Φ=0?！窘馕觥?.4T4×10－4Wb019、略

【分析】【分析】

【詳解】

略【解析】很強分離中和處處為零避雷針光滑20、略

【分析】【詳解】

[1]改裝后電壓表的量程為

故串聯的電阻越大，量程越大，接a、b時，為靈敏電流計與R1串聯；量程為3V。

[2]接a、c時，為靈敏電流計與R1和R2串聯；量程為15V。

[3]由題可知，滿偏電壓

則R1兩端的電壓為

則

[4]由題可知，則

解得【解析】3V15V2985Ω12000Ω21、略

【分析】【詳解】

［1］由電功率公式得

［2］當閉合，且滑片在端時，燈正常發(fā)光，可知電源電壓與小燈泡的額定電壓相等，即為

當閉合，且在滑動變阻器中點處時，定值電阻與滑動變阻器串聯，此時滑動變阻器在電路的電阻為其最大電阻的倍，電流表示數為則滑動變阻器接入電路的電阻為

則滑動變阻器的最大電阻為

當閉合，打開，并將滑動變阻器的滑片移到最右端電路消耗的總功率最小，此時電路的總功率的最小值為【解析】50.72W22、略

【分析】【詳解】

（1）[1]當滑動變阻器的滑動觸頭P向下滑動時，R2變大，外電路總電阻變大，由閉合電路歐姆定律，可知電流I變小U1=IR1

變小，路端電壓U3=E-Ir

則知U3變大。因U3=U1+U2

U1變小，則U2變大，即一定減小的是U1。

（2）[2]表達式其中

則一定減?。缓投疾荒艽_定；

（3）[3]因為U3=U1+U2

U1變小，U2變大，U3變大，則△U2＞△U1△U2＞△U3

則變化量和其中絕對值最大的是

（4）[4]用r表示下列比值如下。

（5）[5]若的調節(jié)范圍為為了讓電阻消耗功率最大，則電路中電流應該最大，則應取0

[6]當外電路電阻等于內阻時電源輸出功率最大，為了讓電阻消耗功率最大，可將R1等效為內電路電阻，則時電阻消耗功率最大；

[7]同理，為了讓電阻消耗的總功率最大，則應該

即R2應取3【解析】U1見解析07323、略

【解析】①.大?、?方向③.相等四、作圖題(共4題，共8分)24、略

【分析】【分析】

【詳解】

（1）在圖（1）中；已知小磁針靜止時N極的指向，由直線電流的安培定則，可知直線中的電流方向向下，如圖所示。

（2）在圖（2）中；已知小磁針靜止時N極的指向，由環(huán)形電流的安培定則，可知環(huán)形電流方向從左向右看是順時針方向，如圖所示。

（3）在圖（3）中；已知螺線管內小磁針靜止時N極的指向，由通電螺線管的右手螺旋定則可知，螺線管中的電流方向從左端導線流入，右端導線流出，如圖所示。

（4）在圖（4）中，已知磁感線的方向，由安培定則可知，環(huán)形電流方向沿逆時針方向，如圖所示?！窘馕觥?5、略

【分析】【詳解】

（1）[1]傳感器1串聯在電路中；因此應為電流傳感器。

故選A。

（2）[2]ABC．電容器在整個放電過程中，電容器的電荷量q、電流I、電壓UC均隨時間減?。贿x項AC錯誤，選項B正確；

D．由于放電電流I減小，根據可知電阻箱R的電壓UR減?。贿x項D正確。

故選BD。

（3）[3]A．根據電流傳感器顯示的I-t圖像中的面積可求出電容器的電荷量，根據電壓傳感器可知電阻箱兩端的電壓，若已知電源電動勢E，則可知電容器的電壓，根據可求出該電容器的電容；選項A正確；

B．根據電流傳感器和電壓傳感器可知電阻箱的電流和兩端的電壓；因此可知此時電阻箱阻值大小，選項B正確；

C．電源不變，電容器的充電電壓不變，電荷量不變，若只增大電阻箱R的阻值；電容器放電的電流將變小，因此放電時間將變長，選項C錯誤；

D．電源不變，電容器的充電電壓不變，若只減小電容器的電容大小，根據可知電容器的電荷量將變??；放電的時間將變短，選項D正確。

故選ABD。【解析】ABDABD26、略

【分析】【分析】

【詳解】

根據電場線從正電荷出發(fā)；終止與負電荷及等量同種，等量異種點電荷電場線的分布特點，可標出電荷的電性如圖所示。

【解析】見解析27、略

【分析】【詳解】

根據電荷屬性；點電荷；等量異種點電荷、等量同種點電荷及勻強電場的電場線如下所示。

【解析】五、實驗題(共3題，共9分)28、略

【分析】【詳解】

（1）定值電阻約為3Ω，電動勢約為3V，則最大電流約為1A，則電流表應選擇C；因電阻較小，為了精確測量，應采用電流表外接法，故選B；

（2）根據原理圖可得出對應的實物圖；

（3）根據U=E-I（r+R0）可知，從圖中取兩點（2.5V，0.1A），（1