2025年冀教新版高二物理上冊階段測試試卷含答案

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年冀教新版高二物理上冊階段測試試卷含答案考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五總分得分評卷人得分一、選擇題(共8題，共16分)1、如圖；一顆衛(wèi)星先后在低空軌道A和高空軌道B繞地球做圓周運動．則衛(wèi)星在軌道A上運行時（）

A.所需向心力比在軌道B的小。

B.線速度比在軌道B的大。

C.周期比在軌道B的長。

D.線速度大于第一宇宙速度。

2、有一個多用電表，其歐姆擋的四個量程分別為：“×1”“×10”“×100”“×1k”，某同學把選擇開關旋到“×100”擋測量一未知電阻時，發(fā)現(xiàn)指針偏轉(zhuǎn)角很大，為了減小誤差，它應該()A.換用“×1k”擋，不必重新調(diào)整調(diào)零旋鈕B.換用“×10”擋，不必重新調(diào)整調(diào)零旋鈕C.換用“×1k”擋，必須重新調(diào)整調(diào)零旋鈕D.換用“×10”擋，必須重新調(diào)整調(diào)零旋鈕3、如圖所示，圖中v1v2

和v3

分別為第一、第二和第三宇宙速度.

三個飛行器abc

分別以第一、第二和第三宇宙速度從地面上發(fā)射.

三個飛行器中能夠克服地球的引力，永遠離開地球的是

A.只有a

B.只有b

C.只有c

D.b

和c

4、兩個直徑為r

的帶電球，當它們相距100r

時的作用力為F

當它們相距r

時的作用力為(

)

A.1100F

B.104F

C.100F

D.以上均不對5、如圖所示，兩塊較大的平行金屬板A、B水平放置，并通過電阻R與電源相連，電源的電動勢為E，閉合電鍵S，兩板間有一帶電油滴處于靜止狀態(tài)。下列說法正確的是（）A.油滴帶負電B.B兩板電壓小于EC.若將A板向上平移一小段距離，則油滴向下加速D.若將B板向左平移一小段位移，則油滴向下加速6、在某電解質(zhì)溶液中，如果每秒鐘共有0.3C的正電荷和0.6C的負電荷相向通過某一橫截面，則通過電解質(zhì)溶液的電流是（）A.0.2AB.0.3AC.0.6AD.0.9A7、如圖所示，輕繩的兩端分別系在圓環(huán)A

和小球B

上，圓環(huán)A

套在粗糙的水平橫桿MN

上，現(xiàn)用水平力F

拉著繩子上一點O

使小球B

從圖中實線位置緩慢上升到虛線位置，但圓環(huán)A

始終保持在原位置不動，則在這一過程中，環(huán)對桿的摩擦力f

和環(huán)對桿的壓力N

的變化情況是()A.f

不變，N

不變B.f

不變，N

減小C.f

增大，N

減小D.f

增大，N

不變8、如圖所示，物塊AB

放在光滑的水平地面上，其質(zhì)量之比mA隆脙mB=2隆脙1

現(xiàn)用3N

的水平拉力作用在物體A

上，則A

對B

的拉力等于(

)

A.1N

B.1.5N

C.2N

D.3N

評卷人得分二、多選題(共9題，共18分)9、一負電荷僅受電場力的作用，從電場中的A點運動到B點，在此過程中該電荷做初速度為零的勻加速直線運動，則A、B兩點電場強度EA、EB及電勢φA、φB之間的關系為（）A.EA=EBB.EA＜EBC.φA＜φBD.φA＞φB10、銅的摩爾質(zhì)量是M，密度為ρ，阿伏加德羅常數(shù)為NA，以上說法正確的是（）A.單位體積銅中所含原子數(shù)目是ρB.單位質(zhì)量中所含原子數(shù)目是ρNAC.單個銅原子質(zhì)量是D.單個銅原子占有的體積是11、氫原子的能級如圖所示，已知可見光的光子能量范圍約為1.62?3.11eV，則（）A.處于n=3能級的氫原子可以吸收任意頻率的紫外線，并發(fā)生電離B.大量氫原子從高能級向n=3能級躍遷時，發(fā)出的光具有顯著的熱效應C.處于n=4能級的一個氫原子向低能級躍遷時，可能發(fā)出6種不同頻率的光子D.大量處于n=4能級的氫原子向低能級躍遷時，可能發(fā)出3種不同頻率的可見光12、如圖是某金屬在光的照射下產(chǎn)生的光電子的最大初動能Ek與入射光頻率的關系圖象；由圖象可知（）

A.該金屬的逸出功等于EB.入射光的頻率為時，產(chǎn)生的光電子的最大初動能為C.入射光的頻率為2ν0時，產(chǎn)生的光電子的最大初動能為3ED.該金屬的逸出功等于hν013、如圖所示，甲帶正電，乙是不帶電的絕緣物塊，甲、乙疊放在一起，置于粗糙的固定斜面上，地面上方空間有垂直紙面向里的勻強磁場，現(xiàn)用平行于斜面的恒力F

拉乙物塊，在使甲、乙一起無相對滑動沿斜面向上加速運動的階段中(

)

A.甲、乙兩物塊間的摩擦力不斷增大B.甲、乙兩物塊間的摩擦力保持不變C.甲、乙兩物塊間的摩擦力不斷減小D.乙物塊與斜面之間的摩擦力不斷減小14、兩個等量異種電荷的連線的垂直平分線上有A、B、C三點，如圖所示，下列說法正確的是（）A.a、b兩點的場強方向相同，b點場強比a點大B.a點電勢比b點高C.a、b、c三點和無窮遠處等電勢D.一個電子在a點無初速釋放，則它將在c點兩側(cè)往復振動15、如圖所示，一豎直放置開口向上質(zhì)量為m

的均勻玻璃管內(nèi)用質(zhì)量也為m

水銀柱封有一定質(zhì)量的理想氣體，水銀與玻璃管間摩擦力不計，開始時玻璃管處于靜止狀態(tài)，當玻璃管豎直下落時，下列說法中正確的是()

A.當玻璃管剛開始下落瞬時，玻璃管的加速度2g

B.玻璃管最初下落的短時間內(nèi)，水銀的加速度在逐漸變大C.玻璃管最初下落的短時間內(nèi)，玻璃管的加速度在逐漸變大D.玻璃管最初下落的短時間內(nèi)，水銀將相對玻璃管下移16、氫原子的核外電子由離原子核較遠的軌道躍遷到離核較近的軌道上時，下列說法中正確的是(

)

A.氫原子的能量增加B.氫原子的能量減少C.減小的電勢能大于增加的動能D.減少的電勢能小于增加的動能17、關于晶體和非晶體的性質(zhì)，下列說法正確的是（）A.同種元素的固體，可能由于原子的排列方式不同而成為不同的晶體B.晶體熔化時，分子平均動能保持不變C.單晶體的所有物理性質(zhì)均呈現(xiàn)很顯著的各向異性D.熔化熱是某種晶體熔化過程中所需的能量評卷人得分三、填空題(共7題，共14分)18、如圖所示，木塊在水平桌面上移動的速度是v，跨過滑輪的繩子向下移動的速度是____．（繩與水平方向之間的夾角為α）

19、在“測定金屬的電阻率”的實驗中；用螺旋測微器測量金屬絲直徑時的刻度位置如圖所示，用米尺測量金屬絲的長度l=0.810m．金屬絲的電阻大約為4Ω．先用伏安法測出金屬絲的電阻，然后根據(jù)電阻定律計算出該金屬材料的電阻率．

（1）從圖中讀出金屬絲的直徑為____．

（2）在用伏安法測定金屬絲的電阻時；除被測的電阻絲外，還有如下供選擇的實驗器材：

直流電源：電動勢約4.5V；內(nèi)阻很??；

電流表A1：量程0～0.6A；內(nèi)阻0.125Ω；

電流表A2：量程0～3.0A；內(nèi)阻0.025Ω；

電壓表V：量程0～3V；內(nèi)阻3kΩ；

滑動變阻器R1：最大阻值10Ω；

滑動變阻器R2：最大阻值50Ω；

開關；導線等．

在可供選擇的器材中，應該選用的電流表是____，應該選用的滑動變阻器是____．

（3）根據(jù)所選的器材；畫出實驗電路圖．

（4）若根據(jù)伏安法測出電阻絲的電阻為RX=4.1Ω，則這種金屬材料的電阻率為____Ω?m．（保留二位有效數(shù)字）

20、電子所帶的電荷量是e=1.6×10﹣19C，實驗指出，所有帶電物體的電荷量都是____e（填“等于”或“不等于”），或者是e的____倍．21、已知一電流表的滿偏電流為3mA

其內(nèi)阻為120婁賂

要把它改裝成量程為6V

的電壓表應______聯(lián)(

串聯(lián)還是并聯(lián))

的電阻值R=

______.

若將其改裝量程為3A

的電流表，應當對原電流表______聯(lián)(

串聯(lián)還是并聯(lián))

的電阻值R=

______．22、某電解池，如果在1s鐘內(nèi)共有5×1018個二價正離子和1.0×1019個一價負離子通過某截面，那么通過這個截面的電流是____．23、劈尖干涉是一種薄膜干涉，其裝置如圖1所示。將一塊厚為d平板玻璃放置在另一平板玻璃之上，在一端夾入的兩張紙片，從而在兩玻璃表面之間形成一個劈形空氣薄膜。當光垂直入射后，從上往下看到的干涉條紋如圖2所示。設每張紙片厚度為x，平板玻璃左端離紙片距離為L，現(xiàn)若將頻率為的可見光垂直入射到圖1裝置后，相鄰兩亮條紋之間的距離為____。24、如圖所示，一質(zhì)量為2m

的圓筒A

圓筒內(nèi)外皆光滑，將A

置于光滑水平面上，圓筒半徑為R

現(xiàn)有一質(zhì)量也為m

的光滑小球B(

可視為質(zhì)點)

由靜止從圓筒的水平直徑處沿筒壁滑下，不計空氣阻力，圓筒的位移為______．評卷人得分四、判斷題(共2題，共10分)25、如圖所示，有一水平方向的勻強電場，場強大小為9000N/C，在電場內(nèi)一水平面上作半徑為10cm的圓，圓上取A、B兩點，AO沿E方向，BO⊥OA，另在圓心處放一電量為10﹣8C的正點電荷，則A處場強大小EA為零．________（判斷對錯）

26、如圖所示為某示波管內(nèi)的聚焦電場，實線和虛線分別表示電場線和等勢線．兩電子分別從a、b兩點運動到c點．設電場力對兩電子做的功分別為Wa和Wb，a、b點的電場強度大小分別為Ea和Eb，則Wa=Wb，Ea＞Eb．________（判斷對錯）

評卷人得分五、證明題(共2題，共12分)27、如圖，兩根勁度系數(shù)分別為K1、K2的輕質(zhì)彈簧與小球相連結，另外一端固定不動。整個裝置位于光滑的水平地面上。當小球位于O點時，兩彈簧均處于原長狀態(tài)。今把小球沿彈簧軸線方向拉離O一小段距離后放手。證明小球此后的運動為簡諧運動。28、如圖，兩根勁度系數(shù)分別為K1、K2的輕質(zhì)彈簧與小球相連結，另外一端固定不動。整個裝置位于光滑的水平地面上。當小球位于O點時，兩彈簧均處于原長狀態(tài)。今把小球沿彈簧軸線方向拉離O一小段距離后放手。證明小球此后的運動為簡諧運動。參考答案一、選擇題(共8題，共16分)1、B【分析】

A、根據(jù)F=可知：A的半徑比B軌道半徑??；所以所需向心力比在軌道B的大，故A錯誤；

B、根據(jù)得：v=A的半徑比B軌道半徑小，線速度比在軌道B的大．故B正確；

C、根據(jù)得：T=A的半徑比B軌道半徑小，周期比在軌道B的短，故C錯誤；

D；第一宇宙速度是衛(wèi)星繞地球運動的最大速度；所以A的線速度小于第一宇宙速度，故D錯誤．

故選B

【解析】【答案】根據(jù)萬有引力提供向心力比較線速度；向心力、周期等物理量．

2、D【分析】【解析】試題分析：用多用電表的歐姆擋測未知電阻時，指針偏轉(zhuǎn)角很大，說明該待測電阻的阻值相對該擋比較小，為了提高測量精確度，應換低率“×10Ω”的擋來測量，換擋之后，必須重新調(diào)零。故選D考點：歐姆表的使用【解析】【答案】D3、D【分析】【分析】

本題考查三個宇宙速度。

第一宇宙速度(V1):

航天器沿地球表面作圓周運動時必須具備的速度；也叫環(huán)繞速度。

第二宇宙速度(V2):

當航天器超過第一宇宙速度V1

達到一定值時；它就會脫離地球的引力場而成為圍繞太陽運行的人造行星，這個速度。

就叫做第二宇宙速度；亦稱逃逸速度。

第三宇宙速度(V3):

從地球表面發(fā)射航天器；飛出太陽系，到浩瀚的銀河系中漫游所需要的最小速度，就叫做第三宇宙速度。

解題的關鍵是了解三個宇宙速度。

【解答】

以第一宇宙速度發(fā)射飛行器，它將成為人造衛(wèi)星，繞地球轉(zhuǎn)動。以第二宇宙速射飛行器，它將脫離地球引力，成為繞太陽運行的行星。以第三宇宙速度從地面上發(fā)射，將飛出太陽系，能夠克服地球的引力，永遠離開地球的是bbcc故D正確，ABC錯誤。故選D。

【解析】D

4、D【分析】解：當兩個直徑為r

的帶電球相距100r

時，兩電荷可以看成點電荷，庫侖定律適用.

但當它們相距r

時，不能看成點電荷，庫侖定律不適用，無法用比例法求解它們相距r

時的作用力.

故D正確．

故選D

根據(jù)庫侖定律適用的條件：真空中兩個點電荷間的作用力來分析判斷．

本題考查對庫侖定律適用的條件理解能力．【解析】D

5、C【分析】解：A；下極板B帶正電；而電場力與重力平衡，則油滴帶正電，故A錯誤；

B；電容器與直流電源（內(nèi)阻不計）連接；電壓即等于E，故B錯誤；

C；由于電壓不變；若將A板向上平移一小段距離，即板間距離增大，場強減小，油滴受到的電場力減小，帶點油滴向下加速運動，故C正確；

D、若將B板向左平移一小段位移，依據(jù)電容的定義式C=再結合C=并由E=則由電場強度公式E=可知，電場強度增強，則電場力增大，則油滴向上加速，故D錯誤。

故選：C。

根據(jù)電場力與重力平衡，則可確定油滴的電性，因電容器與直流電源（內(nèi)阻不計）連接，電壓不變，即為E，A極板豎直向上平移一小段距離，依據(jù)電容的定義式C=分析電容變化，再結合C=并由E=分析板間場強變化，從而即可分析該點油滴的運動情況。

本題是電容器動態(tài)變化分析問題，考查分析和判斷能力，掌握電容的定義式與決定式的區(qū)別，注意理解電容器的電壓不變與電量不變的情況?！窘馕觥緾6、D【分析】解：電流的定義式是I=在導電液中，q指正負電荷絕對值的加和，所以I==0.9A；故D正確，ABC錯誤．

故選：D

根據(jù)電流的定義：單位時間內(nèi)通過導體橫截面的電荷量；注意同時有正負電荷通過時，電量是正負電荷絕對值的和．

本題需要注意的是對于電解液導電，通過某一橫截面的電荷是正負電荷絕對值的和．【解析】【答案】D7、D【分析】【分析】物體處于動態(tài)平衡狀態(tài)；對物體進行受力分析，找出其中不變的力，再根據(jù)其它的力與這個力的關系就可以求出。

本題是動態(tài)平衡問題，采用隔離法和整體法相結合進行研究?！窘獯稹恳訠

為研究對象；小球受到重力；水平力F

和輕繩的拉力T

如圖1

所示。

由平衡條件得：F=mgtan婁脕婁脕

增大，則F

增大；再以整體為研究對象，力圖如圖2

所示，根據(jù)平衡條件得：f=F

則f

逐漸增大N=(M+m)gN

保持不變，故D正確，ABC錯誤。

故選D。

【解析】D

8、A【分析】【分析】對AB

整體分析，根據(jù)牛頓第二定律求出整體的加速度，隔離分析B

由牛頓第二定律求出A

對B

的拉力。本題是連接體問題；要抓住兩個物體的加速度相同，能靈活選擇研究對象.

對加速度，往往采用整體法研究比較簡便。

【解答】

對AB

整體分析，由牛頓第二定律得：a=FmA+mB=F3mB

隔離對B

分析，則A

對B

的拉力T=mBa=F3=1N

故A正確，BCD錯誤。故選A。

【解析】A

二、多選題(共9題，共18分)9、AC【分析】解：AB、由于電荷做勻加速直線運動，所以根據(jù)Eq=ma可知，電場強度不變，即EA=EB；故A正確，B正確。

CD、電荷做初速度為零的勻加速直線運動，且只受電場力，因此電場力做正功，電勢能減小，所以EPA＞EPB，因為是負電荷，所以φA＜φB；故C正確，D錯誤。

故選：AC

根據(jù)受力特點可以判斷A；B兩點電場強度的大小；根據(jù)電場力做功的正負判斷A、B兩點電勢能的高低。

本題比較簡單，基礎性強；要加強理解電場力和電場強度關系，電勢能和電場力做功關系【解析】【答案】AC10、ACD【分析】解：A、銅的密度為ρ，故單位體積銅的質(zhì)量為ρ，故摩爾數(shù)為：n=

單位體積銅中所含原子數(shù)目是：N=n?NA=ρ故A正確；

B、銅的摩爾質(zhì)量是M，單位質(zhì)量的摩爾數(shù)為：n=

單位質(zhì)量中所含原子數(shù)目是：N=n?NA=故B錯誤；

C、銅的摩爾質(zhì)量是M，單個銅原子質(zhì)量是故C正確；

D、銅的摩爾質(zhì)量是M，摩爾體積為單個銅原子占有的體積是故D正確；

故選：ACD．

阿伏加德羅常數(shù)是聯(lián)系宏觀與微觀的橋梁，一摩爾的任何物質(zhì)所含有的該物質(zhì)的單位微粒數(shù)叫阿伏伽德羅常數(shù)，NA值為6.02×1023．

解決本題關鍵是要明確：（1）摩爾質(zhì)量=摩爾體積×密度；（2）質(zhì)量=摩爾質(zhì)量×物質(zhì)的量；（3）體積=摩爾體積×物質(zhì)量．【解析】【答案】ACD11、AB【分析】解：A；處于n=3能級的氫原子能量為-1.51eV；紫外線的光子能量大于3.11eV，則吸收任意頻率的紫外線都會發(fā)生電離．故A正確．

B；從高能級向n=3能級躍遷時；輻射的光子能量小于1.51eV，最小光子能量為1.51-0.85eV=0.66eV，該光子能量為紅外線的光子能量，紅外線具有顯著的熱效應．故B正確．

C、處于n=4能級的大量氫原子向低能級躍遷時，根據(jù)數(shù)學組合公式知，=6；可能發(fā)出6種不同頻率的光子，但是只有一個氫原子，發(fā)出的光子頻率沒有6種．故C；D錯誤．

故選AB．

當吸收能量后能量大于0；則氫原子發(fā)生電離，能級間躍遷吸收和輻射光子的能量等于兩能級間的能級差．

解決本題的關鍵知道能級間躍遷時輻射和吸收光子能量與能級差相等，即Em-En=hv．【解析】【答案】AB12、AD【分析】解：AD、根據(jù)光電效應方程有：EK=hv-W

其中W為金屬的逸出功：W=hv0

所以有：EK=hv-hv0，由此結合圖象可知，該金屬的逸出功為E，或者W=hv0；故AD正確；

BC、當入射光的頻率為2v0時；帶入方程可知產(chǎn)生的光電子的最大初動能為E；

若入射光的頻率為時；小于極限頻率，不能發(fā)生光電效應，故BC錯誤．

故選：AD．

根據(jù)光電效應方程寫出最大初動能和入射光的頻率關系式即可正確求解．

本題考查了光電效應方程的理解和應用，對于圖象問題可以寫出函數(shù)關系式結合數(shù)學知識求解．【解析】【答案】AD13、AD【分析】解：對整體；分析受力情況：重力；斜面的支持力和摩擦力、洛倫茲力，洛倫茲力方向垂直于斜面向上，則由牛頓第二定律得：

m脳脺gsin婁脕鈭?f=ma壟脵

FN=m脳脺gcos婁脕鈭?F脗氓壟脷

隨著速度的增大；洛倫茲力增大，則由壟脷

知：FN

減小，乙所受的滑動摩擦力f=婁脤FN

減小，故D正確；

以乙為研究對象；有：

m脪脪gsin婁脠鈭?f=m脪脪a壟脹

由壟脵

知；f

減小，加速度增大，因此根據(jù)壟脹

可知，甲乙兩物塊之間的摩擦力不斷增大，故A正確，BC錯誤；

故選：AD

．

先以整體為研究對象；分析受力情況，根據(jù)牛頓第二定律求出加速度，分析斜面對乙的摩擦力如何變化，再對甲分析，由牛頓第二定律研究甲；乙之間的摩擦力、彈力變化情況．

解決本題運用整體法和隔離法結合研究，關鍵是抓住洛倫茲力隨速度而增大的特點進行分析【解析】AD

14、AC【分析】解：A、a、b兩點的場強方向都與垂直平分線垂直向右，方向相同．由于b處電場線密；電場強度大于a處電場強度；故A正確；

B、C、a、b；c是兩個等量異種電荷連線的垂直平分線的三點；電勢相等，而且與無窮遠處電勢相等；故B錯誤，C正確；

D；一個電子在a點受到的電場方向垂直于垂直平分線向左；無初速釋放后，將向左下方運動，不可能到達c點；故D錯誤；

故選：AC．

兩個等量異種電荷連線的垂直平分線是一條等勢線；電場強度方向與等勢面方向垂直；而且指向電勢低的方向．根據(jù)電子的受力情況，分析電子的運動情況．

對于等量異種電荷和等量同種電荷連線和垂直平分線的特點要掌握，抓住電場線和等勢面的對稱性進行記憶．【解析】【答案】AC15、AB【分析】【分析】

對水銀柱和玻璃管分別受力分析；然后根據(jù)牛頓第二定律分析即可；

本題關鍵在氣體膨脹前后；分別對水銀柱和玻璃管受力分析，根據(jù)牛頓第二定律判斷加速度變化情況，不難。

【解答】

A.玻璃管受重力；向下的大氣壓力、向上的大氣壓力、手的托力(

等于玻璃管和水銀柱整體的重力)

四力平衡；剛放手瞬間，手的托力減為零，其余力都不變，故水銀柱的合力為零，加速度為零，玻璃管的合力為(m+m)g

根據(jù)牛頓第二定律，故加速度等于2g

故A正確；

BD.

開始時；水銀柱受重力；向下的大氣壓力、向上的大氣壓力，三力平衡；由于放手后，短時間內(nèi)，氣體等溫膨脹，水銀將相對玻璃管上移，氣體壓強減小，故水銀柱受到的合力增加，故加速度增加，故B正確，D錯誤；

C.由于放手后；氣體等溫膨脹，氣體壓強減小，氣體對玻璃管向下的壓力減小，故玻璃管受到的合力減小，加速度減小，故C錯誤；

故選AB。

【解析】AB

16、BC【分析】解：氫原子的核外電子由離原子核較遠的軌道躍遷到離核較近的軌道上時；能級降低，則氫原子能量減小，則向外輻射光子.

原子核的庫侖引力對電子做正功，電勢能減少，動能增加，因向外輻射光子，所以電勢能的減少量大于增加量，故BC正確，AD錯誤．

故選：BC

．

氫原子的核外電子由離原子核較遠的軌道躍遷到離核較近的軌道上時；原子能量減小，減小的能量以電子的形式輻射出來．

解決本題的關鍵知道能級間躍遷輻射的光子能量等于兩能級間的能級差，關鍵知道從高能級向低能級躍遷，輻射光子，從低能級向高能級躍遷，吸收光子．【解析】BC

17、AB【分析】解：A；由同種元素構成的固體；可能會由于原子的排列方式不同而成為不同的晶體，例如石墨和金剛石。故A正確；

B；晶體具有固定的熔點；在晶體熔化時，溫度不變，所以分子平均動能一定保持不變。故B正確；

C；單晶體的一部分的物理性質(zhì)呈現(xiàn)各向異性；不是所有物理性質(zhì)均呈現(xiàn)各向異性。故C錯誤；

D；熔化熱是1kg晶體完全熔化所需的能量；故D錯誤；

故選：AB。

晶體是具有一定的規(guī)則外形；各項異性，具有固定的熔點；非晶體沒有固定的熔點，沒有規(guī)則的幾何外形，表現(xiàn)各項同性，由此可判斷各選項的正誤。

解答該題要熟練的掌握晶體和非晶體的特性；對于晶體有一下特點：

1；晶體有整齊規(guī)則的幾何外形；

2；晶體有固定的熔點；在熔化過程中，溫度始終保持不變；

3；單晶體有各向異性的特點；但不是所有物理性質(zhì)均呈現(xiàn)各向異性。

非晶體是指組成物質(zhì)的分子（或原子、離子）不呈空間有規(guī)則周期性排列的固體。它沒有一定規(guī)則的外形，如玻璃、松香、石蠟等。它的物理性質(zhì)在各個方向上是相同的，叫“各項同性”。它沒有固定的熔點?！窘馕觥緼B三、填空題(共7題，共14分)18、略

【分析】

物塊實際的速度等于沿繩子收縮的速度和繞滑輪擺動速度這兩個速度的合速度，根據(jù)平行四邊形定則得，v1=vcosα．

故本題答案為：vcosα．

【解析】【答案】連接物塊的繩子端點既參與了繩子的收縮；又參與了繞定滑輪擺動，物塊實際的速度等于兩個速度的合速度，根據(jù)平行四邊形定則求出跨過滑輪的繩子向下移動的速度．

19、略

【分析】

（1）；金屬絲的直徑為d=0.5mm+2.0×0.01mm=0.520mm．

（2）、因伏安法測定金屬絲的電阻時的電流不能太大，否則由于隨著溫度升高電阻會增大而測不準，故應選電流表A1，由閉合電路歐姆定律及電流表讀數(shù)要求應滿足：≤≤11.25≤≤22.5Ω，所以若滑動變阻器采用限流式接法，變阻器阻值范圍是7.25Ω≤≤18.25Ω，可見應選用滑動變阻器金屬絲電阻很小，故電流表可采用外接法．

（3）；實驗電路圖如圖。

（4）、根據(jù)電阻定律R=其中S=ρ=代入數(shù)據(jù)求得電阻率為ρ=1.1╳Ωm（保留二位有效數(shù)字）．

故答案為（1）0.520mm

（2）

（3）如圖。

（4）1.1╳Ωm

【解析】【答案】螺旋測微器讀數(shù)時要先讀整數(shù)；再讀小數(shù)，注意半毫米刻度線，要估讀；

20、等于整數(shù)【分析】【解答】人們把最小電荷叫做元電荷，所帶電荷量大小為：e=1.60×10﹣19C；任何帶電體所帶電荷都是e的整數(shù)倍，或等于e．

故答案為：等于；整數(shù)．

【分析】各種帶電微粒中，電子電荷量的大小是最小的，人們把最小電荷叫做元電荷，所帶電荷量大小為：e=1.60×10﹣19C，任何帶電體所帶電荷都是e的整數(shù)倍21、略

【分析】解：改裝成電壓表要串聯(lián)電阻分壓串阻值為：

R=UIg鈭?Rg=60.003鈭?120=1880婁賂

改裝成電流表要并聯(lián)電阻分流；并聯(lián)電阻阻值為：

R=IgRgI鈭?Ig=0.003隆脕1203鈭?0.003隆脰0.12婁賂

故答案為：串；1880

并，0.12

．

電流表改裝成電壓表要串聯(lián)電阻分壓，串聯(lián)的阻值為R=UIg鈭?RgU

為改裝后的量程.

改裝成電流表要并聯(lián)電阻分流，并聯(lián)電阻阻值為R=IgRgI鈭?Ig

．

考查的電壓表的改裝原理，明確串聯(lián)電阻的分壓作用，會求串聯(lián)電阻阻值；考查的電流表的改裝原理，明確分流與電阻成反比，電阻大，分流小，反之電阻小則分流大．【解析】串；1880

并；0.12

22、略

【分析】

由題，1s內(nèi)通過截面正離子的電