2025年上外版必修3物理下冊月考試卷

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年上外版必修3物理下冊月考試卷705考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五總分得分評卷人得分一、選擇題(共7題，共14分)1、在一段導體兩端加上電壓，已知在10s內(nèi)通過此導體橫截面的電荷量是8C，則通過這段導體的電流是（）A.40AB.0.8AC.0.4AD.14A2、如圖所示，電源內(nèi)阻為r，定值電阻可變電阻R的最大阻值為2r；當可變電阻的滑動觸頭從最左端向右端滑動過程中（）

A.電源的輸出功率一直變大B.電源的輸出功率一直變小C.當可變電阻滑到時電源的輸出功率最大D.當可變電阻滑到R=r時電源的輸出功率最大3、新型冠狀病毒在顯微鏡下的形狀如圖所示；其大小在納米（nm）的數(shù)量級，普通防塵口罩已不能有效阻止該病毒的傳播。根據(jù)我們所學內(nèi)容，下列選項中的單位均為基本單位的是（）

A.g、cm、sB.kg、nm、NC.m/s、km、sD.Ω、N、J4、某同學用一個微安表頭（量程1mA，內(nèi)阻90Ω）電阻箱R1和電阻箱R2組裝一個多用電表，有電流和電壓兩檔，改裝電路如圖所示，則R1、R2應調(diào)到多大阻值（）

A.B.C.D.5、質量為m、電荷量為的帶電小球A固定在絕緣天花板上，質量也為m的帶電小球B，在空中水平面內(nèi)繞O點做半徑為R的勻速圓周運動，如圖所示。已知小球A、B間的距離為2R，重力加速度為g，靜電力常量為k。則（）

A.B球所受合力始終指向A球B.B球所帶的電荷量C.B球轉動的角速度為D.天花板對A球的作用力大小為2mg6、如圖，A、B為水平放置的平行金屬板，下板B接地，R為滑動變阻器，電源內(nèi)阻不可忽略。閉合開關與S；電路穩(wěn)定后，A；B之間一帶電液滴P恰好靜止。則（）

A.僅使A板水平向左移動一小段距離，液滴將向下運動B.僅使變阻器滑片向下滑動，液滴將向上運動，電阻R功率增大C.斷開僅使A板豎直向上移動一小段距離，液滴將向上運動D.斷開僅使B板豎直向下移動一小段距離，液滴的電勢能將減小7、如圖所示的電路中，是平行板電容器的兩塊極板，兩極板與水平方向間夾角為30°，為可調(diào)電阻，為定值電阻，開關閉合后，兩板間有一帶電小球通過絕緣細線懸掛；靜止時細線與極板平行，則下列說法正確的是（）

A.小球帶負電B.保持閉合，增大小球將向下運動C.斷開僅增大間距離，小球將向下運動D.若小球質量為兩板間電壓為距離為則小球所帶電荷量大小為評卷人得分二、多選題(共9題，共18分)8、如圖所示，平行板電容器傾斜放置，兩正對極板跟水平面成角，極板間存在電場強度為的勻強電場。有一質量為的帶電小球由極板間某處靜止釋放后沿平行于極板方向運動，最后飛出電場。已知重力加速度為下列說法正確的是（）

A.小球帶負電B.小球的帶電量為C.小球運動的加速度為D.電場力對小球做負功9、如圖所示，足夠大的絕緣水平面上有一質量為m、電荷量為的小物塊（視為質點），從A點以初速度水平向右運動，物塊與水平面間的動摩擦因數(shù)為在距離A點L處有一寬度為L的勻強電場區(qū)，電場強度方向水平向右，已知重力加速度為g，場強大小為則下列說法正確的是（）

A.適當選取初速度小物塊有可能靜止在電場區(qū)B.適當選擇初速度小物塊可能回到A點C.要使小物塊穿過電場區(qū)域，初速度的大小應大于D.若小物塊能穿過電場區(qū)域，小物塊在穿過電場區(qū)的過程中，機械能減少10、把一個3pF的平行板電容器接在9V的電池上，則（）A.保持與電池的連接，穩(wěn)定后，電容器所帶的電荷量為2.7×10-11CB.保持與電池的連接，若兩極板的距離減小，則極板上的電荷量減少C.電容器與電池斷開后，兩極板的距離減小，極板間的電勢差減小D.電容器與電池斷開后，兩極板的距離減小，極板間的電勢差增大11、如圖所示，真空中的為兩個等大的均勻帶電圓環(huán)，其圓心分別為帶電量分別為將它們平行放置，連線垂直于圓環(huán)平面，為的中點，現(xiàn)有質量為帶電量為的微粒（重力不計）從左方沿連線方向射入，到點時速度到點時速度取無窮遠處為電勢零點，點電荷的電勢公式為式中為靜電力常量，為點電荷的電量，為到點電荷的距離；則（）

A.微粒從至做加速運動，且B.微粒越過點后先做加速運動，后做減速運動C.微粒將以為中心做往返運動D.微粒在整個運動過程中的最終速度為12、如圖所示，電路中定值R的阻值大于電源內(nèi)阻r的阻值，開關S閉合，將滑動變阻器滑片向下滑動，理想電壓表V1、V2、V3的示數(shù)變化量的絕對值分別為理想電流表示數(shù)變化量的絕對值為下列說法正確的是（）

A.理想電壓表V3的示數(shù)變大B.電源的效率增大C.D.13、如圖所示，電荷量為的點電荷固定在O點，三點共面，其中則下列說法正確的是（）

A.P點的場強小于Q點的場強B.P點的電勢高于Q點的電勢C.電子在P點的電勢能比其在Q點的電勢能小D.將一正試探電荷由P點移到Q點，電場力做負功14、如圖所示，等邊三角形處于勻強電場中，電場強度為E，方向與平行，水平向右。在B、C兩點分別固定電荷量為和的點電荷，D點為的中點，已知A點電場強度大小為2E。下列說法正確的是（）

A.D點的電場強度水平向右，大小為2EB.D點的電場強度水平向右，大小為9EC.把一正點電荷自A點沿直線移動到D點，電場力做正功D.把一正點電荷自A點沿直線移動到D點，電場力不做功15、如圖所示，粗糙絕緣的水平面附近存在一個平行于水平面的電場，其中某一區(qū)域的電場線與x軸平行，在x軸上的電勢與坐標x的關系用圖中曲線表示，圖中斜線為該曲線過點（0.15，3）的切線?，F(xiàn)有一個質量為0.20kg、電荷量為+2.0×10-8C的滑塊P（可看做質點），從x=0.10m處由靜止釋放，其與水平面的動摩擦因數(shù)為0.02。取重力加速度g=10m/s2。則下列說法正確的是（）

A.x=0.15m處的場強大小為2.0×105N/CB.滑塊開始運動的一段時間加速度先逐漸減小后增大C.滑塊運動的最大速度為0.414m/sD.滑塊最終不可能在0.3m處停下16、在傾角為的光滑固定絕緣足夠長的斜面上有兩個用絕緣輕彈簧連接的物塊A和B，它們的質量分別為m和3m，彈簧的勁度系數(shù)為k，C為一固定擋板，開始未加電場，系統(tǒng)處于靜止狀態(tài)，A帶正電，B不帶電，現(xiàn)加一沿斜面向上的勻強電場，物塊A沿斜面向上運動，當B剛離開C時，A的速度為v，之后兩個物體運動中，當A的加速度為0時，B的加速度大小為a；方向沿斜面向上，則下列正確的是（）

A.未加電場時，擋板C對物塊B的作用力大小為B.從加電場后到B剛離開C的過程中，A發(fā)生的位移大小為C.B剛離開C時，電場力對A做功的瞬時功率為D.從加電場后到B剛離開C的過程中，物塊A的機械能和電勢能之和保持不變評卷人得分三、填空題(共6題，共12分)17、在同一平面內(nèi)有四根彼此絕緣的通電直導線，如圖所示四根導線中電流要使O點磁場增強，應切斷電流_______.

18、把帶電荷量的正點電荷從無限遠處移到電場中點，要克服電場力做功若把該電荷從無限遠處移到電場中點，需克服電場力做功取無限遠處電勢為零．則點的電勢為__________；若把的負電荷由點移到點電場力做功大小為__________．19、某實驗小組計劃用一個表頭G（滿偏電流Ig=100μA，內(nèi)阻Rg=900Ω），改裝成1mA和10mA的雙量程電流表和一個大量程的電壓表，已知R2=90Ω，R3=2910Ω；如圖所示。

（1）選接________（填“1”或“2”）是10mA的電流表，可算得R1應為________Ω；

（2）選接3時，改裝電壓表的量程是________V。

20、左圖讀數(shù)為___________cm；右圖讀數(shù)為___________mm。

21、A、B是某電場中的一條電場線上兩點，一正電荷僅在電場力作用下沿電場線從A點到B點運動過程中的v—t圖象如上圖所示．比較A、B兩點電勢φ的高低和場強E的大小：φA________φB，EA________EB．22、如圖，A、B是真空中的兩塊面積很大的平行金屬板，已知B板的電勢為零，A板電勢UA隨時間變化的規(guī)律如圖所示，其中UA的最大值為U0，最小值為-2U0；在A、B的正中央處有一個離子源P，P距離A、B板的距離均為l，離子源P可以源源不斷地產(chǎn)生電荷量為q、質量為m的帶負電的微粒，已知各個時刻產(chǎn)生帶電微粒的機會均等。這種微粒產(chǎn)生后，從靜止出發(fā)在電場力的作用下運動，設微粒一旦碰到金屬板，它就附在板上不再運動，且其電荷同時消失，不影響A、B板的電壓。已知上述的T、U0、l、q和m等各量的值正好滿足等式：l2=如果在A板電壓變化的每個周期T內(nèi)；平均產(chǎn)生320個上述微粒，則可求出：

(1)在t=0到的這段時間內(nèi)產(chǎn)生的微粒中，有____個微?？傻竭_A板。（不計重力；不考慮微粒之間的相互作用）

(2)在到t=T的這段時間內(nèi)產(chǎn)生的微粒中，有____個微?？傻竭_A板。（不計重力；不考慮微粒之間的相互作用）

評卷人得分四、作圖題(共4題，共24分)23、如圖所示，磁感應強度大小為的勻強磁場僅存在于邊長為的正方形范圍內(nèi)，左右各一半面積的范圍內(nèi)，磁場方向相反。有一個邊長為的正方形導線框垂直磁感線方向以速度勻速通過磁場。從邊進入磁場算起；規(guī)定剛開始時磁通量為正值，畫出穿過線框的磁通量隨時間的變化圖像。

24、在“用電流和電壓傳感器研究電容器的放電”實驗中；某同學按照圖所示連接電路。實驗時，先將開關S擲向1，一段時間后，將開關擲向2，傳感器將信息傳入計算機屏幕上，顯示出電流或電壓隨時間變化的圖線。

（1）由圖可知，傳感器1應為________（選填選項前的字母）

A．電流傳感器B．電壓傳感器。

（2）用q表示電容器上極板所帶的電荷量，UR表示滑動變阻器兩端的電壓，UC表示電容器兩端的電壓，I表示電路中的電流，關于電容器在整個放電過程中的圖像變化正確的有________。

A．B．

C．D．

（3）若已知電源電動勢E，但其內(nèi)阻和電阻箱阻值均未知，根據(jù)已知條件和傳感器顯示的圖像中的數(shù)據(jù)信息，下列判斷正確的是________；

A．可知該電容器的電容。

B．可知此時電阻箱阻值大小。

C．若只增大電阻箱R的阻值；電容器放電的時間將變短。

D．若只減小電容器的電容大小，電容器放電的時間將變短25、如圖所示是某電場中的電場線，請畫出點a點的場強方向和電荷-q在b點所受電場力的方向。

26、如圖1所示，用電動勢為E、內(nèi)阻為r的電源，向滑動變阻器R供電。改變變阻器R的阻值，路端電壓U與電流I均隨之變化。

（1）以U為縱坐標，I為橫坐標，在圖2中畫出變阻器阻值R變化過程中U-I圖像的示意圖，并說明U-I圖像與兩坐標軸交點的物理意義。

（2）請在圖2畫好的U-I關系圖線上任取一點；畫出帶網(wǎng)格的圖形，以其面積表示此時電源的輸出功率。

評卷人得分五、實驗題(共1題，共5分)27、若電壓傳感器的紅、黑探針分別接觸圖中d、f兩點（f、d連線與A、B連線垂直）時，示數(shù)小于零．為使示數(shù)為零，應保持紅色探針與d點接觸，而將黑色探針____（選填：“向左”或“向右”）移動．

參考答案一、選擇題(共7題，共14分)1、B【分析】【詳解】

通過這段導體的電流

故B正確；ACD錯誤。

故選B。2、C【分析】【分析】

對于電源；當電源的內(nèi)外電阻越接近，電源的輸出功率越大，相等時，電源的輸出功率最大．

【詳解】

由題意知，電源的內(nèi)阻為r，當可變電阻的滑動觸頭從最左端向右端滑動過程中，外電阻從到變化，根據(jù)上述結論可知，電源的輸出功率先增大后減小，當時電源的輸出功率最大；C正確，ABD錯誤。

故選C。3、A【分析】【詳解】

國際計量大會規(guī)定了七個基本物理量；分別為長度；質量、時間、熱力學溫度、電流、發(fā)光強度、物質的量，它們的單位均為基本單位，而由物理量之間的關系式推導出來的單位叫做導出單位。

故選A。4、B【分析】【詳解】

當接o、a接線柱時改裝為電流表，根據(jù)并聯(lián)電路特點得

代入數(shù)據(jù)解得

當接o、b接線柱時改裝為電壓表，根據(jù)串聯(lián)電路特點得

解得

故選B。5、C【分析】【分析】

【詳解】

A．B球在水平面做勻速圓周運動，所以其合力指向圓心O。A錯誤；

B．對B球，受力分析得

解得

B錯誤；

C．對B球，根據(jù)牛頓第二定律得

解得

C正確；

D．天花板對A球的作用力大小為

D錯誤。

故選C。6、D【分析】【詳解】

A．因為電容器與滑動變阻器并連，僅使A板水平向左移動，滑動變阻器的阻值不變，其滑動變阻器兩端電壓不變，即電容器兩端的電壓不變，所以電容器內(nèi)部的場強根據(jù)公式

其場強也不變；即液滴所受電場力不變，所以液滴的合力依然為零，即液滴靜止，故A項錯誤；

B．滑動變阻器的滑片向下移動，其接入電路的阻值變小，根據(jù)電路的串并聯(lián)規(guī)律可知，電路中的總電阻減小，閉合電路歐姆定律可知，其電路中的總電流變大，根據(jù)

可知路端電壓變小，即滑動變阻器兩端電壓變小，因為滑動變阻器與電容器并聯(lián)，所以電容器兩端的電壓減小。根據(jù)公式

所以電容器內(nèi)部的場強變小，根據(jù)

可知；液滴受到的電場力變小，所以液滴的合力向下，即液滴向下運動。根據(jù)電源輸出功率的知識可知，若滑動變阻器的阻值比電源的內(nèi)阻小，則隨著阻值變小，其功率也變?。蝗羝渥柚荡笥陔娫吹膬?nèi)阻，在其未與內(nèi)阻相等時，隨著電阻減小，其功變大。因為不知道滑動變阻器的阻值與電源內(nèi)阻的關系，所以無法判斷電阻的功率變大還是變小，故B項錯誤；

C．斷開電容器所帶的電荷量不會發(fā)生變化，僅使A板豎直向上移動一小段距離，其電容器的板間距變大，有

整理有

所以電容器內(nèi)部的場強不變；即液滴合力仍然為零，液滴將靜止，故C項錯誤；

D．斷開電容器所帶的電荷量不會發(fā)生變化，僅使B板豎直向下移動一小段距離，其電容器的板間距變大，由之前的分析可知，板間的電場強度不變，液滴仍然靜止在P點。對于PB有

因為B板接地，所以B板的電勢為零，因為B板下移所以PB之間的距離變大，所以P點的電勢變大。由題意可知，液滴初始受豎直向下的重力和豎直向上的電場力，結合題圖可知，A板帶正電，所以液滴帶負電。根據(jù)公式

所以液滴的電勢能變?。还蔇項正確。

故選D。7、D【分析】【詳解】

A．由電路圖可知板帶正電；則由受力平衡可知，小球受電場力垂直板向上，則小球帶正電，則A錯誤；

B．若保持閉合，由于電容器斷路，則調(diào)節(jié)不改變兩板間任何物理量；小球仍靜止，則B錯誤；

C．若斷開；則兩板電荷量不變，改變兩板間距離，板間電場強度大小不變，小球仍靜止，則C錯誤；

D．由平衡條件可得

解得

則D正確。

故選D。二、多選題(共9題，共18分)8、A:C【分析】【詳解】

AB．分析帶電小球的受力如圖所示；由于上極板帶正電，故小球帶負電。

小球受到的電場力為

解得

故A正確；B錯誤；

C．由受力分析可得根據(jù)牛頓第二定律得

故C正確；

D．小球的運動方向跟電場力方向垂直；所以電場力對小球不做功，故D錯誤。

故選AC。9、C:D【分析】【分析】

【詳解】

AB．由已知條件。

解得。

電場力大于摩擦力；小物塊不能靜止在電場區(qū)域，一定返回，由于有摩擦力，必然損失機械能，物塊不可能回到出發(fā)點，AB錯誤；

C．由動能定理。

解得。

要使小物塊穿過電場區(qū)域，初速度的大小應大于C正確；

D．小物塊在穿過電場區(qū)的過程中；機械能減少為。

解得。

D正確。

故選CD。10、A:C【分析】【分析】

【詳解】

A．保持與電池的連接，穩(wěn)定后，電容器所帶的電荷量為

故A正確；

B．保持與電池的連接，電容器電壓不變，若兩極板的距離減小，根據(jù)

則電容增大；則電荷量增大，故B錯誤；

CD．電容器與電池斷開后，電容器電荷量不變，根據(jù)Q=CU

兩極板的距離減小；則電容增大，則電勢差減小，故C正確，D錯誤。

故選AC。11、A:B:D【分析】【詳解】

A．由題意可知由至電場向右，微粒所受電場力向右，故從到微粒做加速運動，由對稱性可知，粒子由至與由至電場力做的功相同，故動能的變化量相同，故有

代入數(shù)據(jù)可得故A正確；

B．根據(jù)電場分布的特點可知微粒越過點后開始階段電場力向右；微粒做加速運動；后面電場力向左，微粒做減速運動，故B正確；

CD．由對稱性可知，整個圖形的中垂線為等勢線，取無窮遠處為零勢點時此線即為零勢線，粒子由點運動到無窮遠處，電勢未發(fā)生變化，電場力做功為零，故粒子最終的速率與點的速率相等，即為最終速度為微粒不會返回B點；故C錯誤，D正確。

故選ABD。12、C:D【分析】【詳解】

A．理想電壓表內(nèi)阻無窮大，相當于斷路，理想電流表內(nèi)阻為零，相當于短路，所以R與變阻器串聯(lián)，電壓表V1、V2、V3分別測量R、路端電壓和變阻器兩端的電壓，當滑動變阻器滑片向下滑動時，接入電路的電阻減小，電路中電流增大，則A的示數(shù)增大，電路中電流增大，電源的內(nèi)電壓增大，則路端電壓減小，理想電壓表V2的示數(shù)變小，R兩端的電壓增大，理想電壓表V1的示數(shù)變大，所以滑動變阻器兩端電壓減小，所以理想電壓表V3的示數(shù)變小；故A錯誤；

B．電源的效率

路端電壓減小；所以電源效率減小，故B錯誤；

C．由題意可得

則有

所以電源內(nèi)阻

故CD正確；

故選CD。13、B:C【分析】【詳解】

A.由點電荷場強

可知，離點電荷越近，場強越大，故P點的場強大于Q點的場強；A錯誤；

B.正點電荷電場中離點電荷越近，電勢越高，故P點的電勢高于Q點的電勢；B正確；

C.由電勢能公式

由于電子帶負電，且故電子在P點的電勢能比其在Q點的電勢能?。籆正確;

D.將一正試探電荷由P點移到Q點，電場力做功

由于故電場力做正功，D錯誤；

故選BC14、B:D【分析】【分析】

【詳解】

AB．由平行四邊形定則可知，B、C兩點的點電荷在A點產(chǎn)生的電場強度的大小為

B、C兩點的點電荷在D點產(chǎn)生的電場強度的大小

合成后

選項A錯誤；B正確；

CD．在勻強電場中為等勢線，在等量異種電荷形成的電場中也為等勢線，疊加后為等勢線，因此沿移動電荷；電場力不做功，選項C錯誤，D正確。

故選BD。

【命題意圖】

本題考查點電荷電場和電場疊加原理，考查理解能力、推理論證能力，體現(xiàn)物理觀念、科學思維。15、B:D【分析】【詳解】

AB．電勢φ與位移x圖線的斜率表示電場強度，則處的場強

此時的電場力

滑動摩擦力大小

在前，電場力大于摩擦力，做加速運動，加速度逐漸減小，后電場力小于摩擦力；做減速運動，加速度逐漸增大，故A錯誤，B正確；

C．在時，電場力等于摩擦力，速度最大，根據(jù)動能定理得

因為0.10m和0.15m處的電勢差大約為代入求解，最大速度大約為0.1m/s，故C錯誤；

D．滑塊最終在處停下則滿足

處的電勢

故從到過程中，電勢差

電場力做

摩擦力做功

則

故滑塊不能滑到處；故D正確。

故選BD。16、B:C【分析】【詳解】

A．開始未加電場，系統(tǒng)處于靜止狀態(tài)，擋板C對物塊B的作用力大小為A和B的總重力在沿斜面方向上的分力為

故A錯誤；

B．從加電場時，彈簧處于壓縮狀態(tài)，對物塊A受力分析，根據(jù)平衡條件有

解得

物塊B剛要離開C時，彈簧處于拉伸狀態(tài)，對B由平衡條件可得3mgsinθ=kx2

解得

B剛離開C的過程中，A發(fā)生的位移大小為

故B正確；

C．設A所受的電場力大小為F，由題知當A的加速度為零時，B的加速度大小為a，方向沿斜面向上，根據(jù)牛頓第二定律對A有

對B有

故有

當B剛離開C時，A的速度為v，則電場力對A做功的瞬時功率為

故C正確；

D．對A；B和彈簧組成的系統(tǒng)；從加電場后到B剛離開C的過程中，物塊A的機械能、電勢能與彈簧的彈性勢能之和保持不變，彈簧的彈性勢能先減小后增大，故物塊A的機械能和電勢能之和先增大后減小，故D錯誤。

故選BC。三、填空題(共6題，共12分)17、略

【分析】【詳解】

[1]根據(jù)右手螺旋定則來確定通電導線周圍磁場的分布，導線1在O點產(chǎn)生的磁場的方向向里，導線2在O點產(chǎn)生的磁場的方向向里，導線3在O點產(chǎn)生的磁場的方向向里，導線4在O點產(chǎn)生的磁場的方向向外。由于所以合磁場的方向向里，根據(jù)磁場的疊加可知，要使O的磁場增強，應切斷【解析】18、略

【分析】【分析】

根據(jù)電勢差公式分別求出A；B兩點與無窮遠間的電勢差；再求出這兩點的電勢．根據(jù)電場力做功公式求出電場力做功．

【詳解】

根據(jù)得而由題解得：根據(jù)得而由題解得：則把的負電荷由點移到點電場力做功大小為．

【點睛】

本題考查運用物理公式處理基本問題的能力．求電勢往往先求電勢差，再求電勢．【解析】400V；19、略

【分析】【詳解】

（1）[1]選接1時電流表的量程為

選接2時電流表的量程為

可看出I1m>I2m；則選接1是10mA的電流表，選接2是1mA的電流表。

[2]根據(jù)選接2時電流表的量程，代入數(shù)據(jù)，可計算出R1=10Ω

（2）[3]選接3時，改裝電壓表的量程是Um=IgRg＋I2mR3

代入數(shù)據(jù)有Um=3V【解析】110320、略

【分析】【詳解】

[1]由左圖可知，游標卡尺為十分度游標卡尺，則讀數(shù)為

[2]由右圖可知，螺旋測微器讀數(shù)為【解析】1.141.73021、略

【分析】【分析】

【詳解】

從v-t圖象可以知道正電荷僅在電場力作用下沿電場線從A點到B點做加速度不斷減小的減速運動，故電荷在A點受到的電場力大于電荷在B點的電場力，故A點的場強大于B點的場強；

由于電荷做減速運動，故電場力與速度方向相反，即電場力由B指向A，故電場線由B指向A，故B點電勢較高；【解析】＜＞22、略

【分析】【詳解】

（1）由于在t=0到的這段時間內(nèi)，A板的電勢高，所以從P點發(fā)出的帶負電的微粒會加速向A板移動，加速度的大小為a=

設粒子距離為l，則根據(jù)l=

需要的時間t=

再把l2=

代入到上式中，得t=

因為t<說明粒子發(fā)出后一直做勻加速直線運動到達A板；

但是在t=0到t=T/2內(nèi)發(fā)射的粒子，并不一定都打到A上，在接近T/2時刻，發(fā)射的粒子加速時間短，再減速后有可能到達不了A板，我們設粒子發(fā)射后加速△t時間，再減速通過的距離是l；

由于減速時的加速度大小為a＇=

則可求加速通過的距離x1==

末速度v1=a△t=

減速通過的距離x2=

故l=x1+x2

即l=+

解之得△t=

再把l2=

代入到上式中得△t=

由于每個周期內(nèi)平均產(chǎn)生320個微粒，則單位時間內(nèi)產(chǎn)生的微粒為λ=

所以在t=0到t=T/2的這段時間內(nèi)產(chǎn)生的微粒中，到達A板的微粒數(shù)為N1=（-△t）λ=80

（2）在t=T/2到t=T的這段時間內(nèi)產(chǎn)生的微粒中，A板的電勢低，負電荷會加速向B板運動，能到達A板的粒子應該是向左加速一段時間后，再向左減速，當粒子減速到零時，再反方向加速，減速和反方向加速的時間總時間是最后再向右減速，最終到達A板，在這些粒子中，最先到達A板的粒子的速度是零。設最初向左加速的時間為△t＇，則向左加速的位移x1＇=

末速度v1＇=a＇△t＇

然后粒子向左減速，到減到速度為0后再反方向加速，這段時間為通過的總位移為x2＇=-v1＇×+

末速度為v2＇=-v1＇+a×

最后向右減速到零的距離x3＇=

因為a＇=2a，故l=x2＇-x1＇+x3＇

聯(lián)立以上方程解之得△t＇=

故這段時間的粒子數(shù)為N2==30個【解析】8030四、作圖題(共4題，共24分)23、略

【分析】【分析】