2025年人教版PEP選修3物理上冊月考試卷含答案

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年人教版PEP選修3物理上冊月考試卷含答案考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五六總分得分評卷人得分一、選擇題(共6題，共12分)1、如圖所示，一束單色光射入一玻璃球體，入射角為已知光線在玻璃球內(nèi)經(jīng)一次反射后，再次折射回到空氣中時與入射光線平行．此玻璃的折射率為()

A.B.1.5C.D.22、在a、b、c三種固體薄片上涂上石蠟，用燒熱的針接觸其上一點，石蠟融化的范圍分別如圖甲所示，而a、b；c三種固體在融化過程中溫度隨加熱時間變化的關(guān)系如圖乙所示；則由此可判斷出()

A.a為多晶體，b為非晶體，c為單晶體B.a為多晶體，b為單晶體，c為非晶體C.a為單晶體，b為非晶體，c為多晶體D.a為非晶體，b為多晶體，c為單晶體3、如圖所示，兩根粗細不同，兩端開口的直玻璃管A和B豎直插入同一水銀槽中，各用一段水銀柱封閉著一定質(zhì)量溫度相同的理想氣體，氣柱長度水銀柱長度今使封閉空氣降低相同的溫度（大氣壓保持不變），則兩管中空氣柱上方水銀柱的移動情況是（）

A.均向下移動，A管移動較少B.均向下移動，A管移動較多C.均向下移動，兩管移動的一樣多D.水銀柱的移動距離與管的粗細有關(guān)4、一次物理課上老師拿了一只微安表；用手左右晃動表殼，讓同學們觀察表針相對表盤擺動的情況．然后用導線把微安表的兩個接線柱連在一起，再次以同樣的方式晃動表殼，讓同學們再次觀察表針相對表盤擺動的情況，對比兩次實驗．下列判斷和解釋正確的是。

A.不連接接線柱時，晃動電表，由于表內(nèi)沒有電流，指針擺動幅度較小B.連接接線柱后，晃動電表，微安表內(nèi)會形成閉合回路，造成指針打偏、降低靈敏度、失靈等C.連接接線柱后，晃動電表，由于電磁阻尼表針晃動幅度會變小，并能較快停下D.兩次實驗指針相對于表盤擺動的情況是一樣的5、一列沿x軸方向傳播的簡諧橫波，某時刻的波形如圖所示．P為介質(zhì)中的一個質(zhì)點，從該時刻開始的一段極短時間內(nèi)，P的速度和加速度的大小變化情況是。

A.變小，變大B.變小，變小C.變大，變大D.變大，變小6、以下有關(guān)近代物理的內(nèi)容敘述正確的是A.放射性元素在發(fā)生衰變時2個中子和2個質(zhì)子結(jié)合為一個粒子，設(shè)中子、質(zhì)子和粒子的質(zhì)量分別為則B.在關(guān)于物質(zhì)波的表達式和中，能量和動量是描述物質(zhì)的波動性的重要物理量，波長和頻率是描述物質(zhì)的粒子性的典型物理量C.在原子核發(fā)生衰變后，新核往往處于不穩(wěn)定的高能級狀態(tài)，會自發(fā)地向低能級躍遷D.重核的裂變過程質(zhì)量增大，輕核的聚變過程有質(zhì)量虧損評卷人得分二、多選題(共5題，共10分)7、電磁炮是利用電磁力對彈體加速的新型武器．某小組用圖示裝置模擬研究電磁炮的原理．間距為0.1m的水平長導軌間有豎直向上的勻強磁場，磁感應(yīng)強度大小為0.5T，左端所接電池電動勢1.5V、內(nèi)阻0.5Ω．長0.1m、電阻0.1Ω的金屬桿ab靜置在導軌上．閉合開關(guān)S后，桿ab向右運動，在運動過程中受到的阻力恒為0.05N，且始終與導軌垂直且接觸良好．導軌電阻不計，則桿ab

A.先做勻加速直線運動，后做勻速直線運動B.能達到的最大速度為18m/sC.兩端的電壓始終為0.25VD.先做加速度減少的運動，后做勻速直線運動8、下列關(guān)于分子動理論的說法中正確的是（）A.分子勢能隨著分子間距離的增大，可能先減小后增大B.分子力隨著分子間距離的增大，可能先減小后增大C.物體溫度越高，該物體內(nèi)所有分子運動的速率不一定都增大D.顯微鏡下觀察到墨水中的小顆粒在不停地做無規(guī)則運動，這就是液體分子的運動9、下列說法不正確的是（）A.布朗運動證明液體中的花粉顆粒在做永不停息地無規(guī)則運動B.某些物質(zhì)能夠生成種類不同的晶體，因為它的物質(zhì)微粒能夠形成不同的空間結(jié)構(gòu)C.第二類永動機無法實現(xiàn)是因為違反了熱力學第一定律D.表面張力是液體內(nèi)部各部分之間的相互作用力10、如圖所示，一帶電小球在相互垂直的電場、磁場區(qū)域里做勻速圓周運動，電場方向豎直向下，磁場方向垂直紙面向里，則下列說法正確的是（）

A.小球一定帶正電B.小球一定帶負電C.小球逆時針旋轉(zhuǎn)D.小球順時針旋轉(zhuǎn)11、空間虛線上方存在勻強磁場，磁感應(yīng)強度為B；一群電子以不同速率v從邊界上的P點以相同的方向射入磁場．其中某一速率v0的電子從Q點射出；如圖所示．已知電子入射方向與邊界夾角為θ，則由以上條件可判斷（）

A.該勻強磁場的方向是垂直紙面向里B.所有電子在磁場中的軌跡相同C.速率大于v0的電子在磁場中運動時間長D.所有電子的速度方向都改變了2θ評卷人得分三、填空題(共9題，共18分)12、如圖所示為圓柱形區(qū)域的橫截面，在該區(qū)域加沿圓柱軸線方向的勻強磁場。帶電粒子（不計重力）第一次以速度v1沿截面直徑入射，粒子飛入磁場區(qū)域時，速度方向偏轉(zhuǎn)60°角；該帶電粒子第二次以速度v2從同一點沿同一方向入射，粒子飛出磁場區(qū)域時，速度方向偏轉(zhuǎn)90°角。則帶電粒子第一次和第二次在磁場中運動的半徑之比為_______；速度之比為__________；周期之比為_________；時間之比為__________。13、如圖所示的光電管實驗中，當用波長3.0×10-7m的光照射在陰極K上時，電流表有示數(shù)，調(diào)節(jié)滑動變阻器，當電壓表讀數(shù)為3.0V時，電流表讀數(shù)恰好為零；改用波長為1.5×10-7m的光照射在陰極K上時，調(diào)節(jié)滑動變阻器，當電壓表讀數(shù)為7.1V時，電流表讀數(shù)也恰好為零．由此可得普朗克常量為__J·s，該陰極的逸出功為__J。已知電子電量為1.6×10-19C，光速c為3×108m/s；結(jié)果保留兩位有效數(shù)字．

14、如圖為邏輯電路圖及其真值表，此邏輯電路為____________門電路，在真值表中X處的邏輯值為_________．

輸入輸出ABZ00001110X11115、如圖，左側(cè)豎直玻璃管固定，下端與汞壓強計相連，上端封有一定量的氣體。開始壓強計的U形管兩臂內(nèi)汞面一樣高，氣柱長為10cm、溫度為7℃。當氣體溫度升為27℃時：如需保持氣體壓強不變，則應(yīng)向___________（選填“上”或“下”）適當移動右管；如需保持氣體體積不變，則兩側(cè)玻璃管內(nèi)的液面高度差應(yīng)調(diào)整為___________cm（小數(shù)點后保留兩位）。（大氣壓強相當于76cm汞柱產(chǎn)生的壓強）

16、夏天的清晨在荷葉上滾動著一個個晶瑩剔透的小露珠，這是由________導致的物理現(xiàn)象。分子勢能和分子間距離r的關(guān)系圖象如圖所示，能總體上反映小水滴表面層中水分子的是圖中_______（選填“A”；“B”、或“C”）的位置。

17、如圖是一定質(zhì)量理想氣體的圖像，氣體從圖中A狀態(tài)變到狀態(tài)，設(shè)A，狀態(tài)的體積分別為內(nèi)能分別為由圖可知______________________（填“”“”或“”）。從到氣體___________熱量（填“吸收”或“放出”）。

18、如圖所示電路中，R1=100Ω，滑動變阻器的總電阻R=100Ω，A、B兩端電壓恒定，且UAB=12V．當S斷開時，滑動變阻器R滑動頭P由a移至b的過程中，R1兩端的電壓由_______V變至_______V；當S閉合時，滑動變阻器R滑動頭P由a移至b的過程中，R1兩端的電壓由______V變至________V．

19、如圖所示，小量程電流表的內(nèi)阻為滿偏電流為若把它改裝成的兩個量程的電壓表，那么____________________

20、如右圖所示，在圓心為O、半徑為r的圓形區(qū)域內(nèi)有方向垂直紙面向里的勻強磁場，一電子以速度v沿AO方向射入，后沿OB方向射出勻強磁場，若已知∠AOB=120°，則電子穿越此勻強磁場所經(jīng)歷的時間是________。評卷人得分四、作圖題(共3題，共18分)21、如圖所示，甲、乙是直線電流的磁場，丙、丁是環(huán)形電流的磁場，戊、己是通電螺線管的磁場，試在各圖中補畫出電流方向或磁感線方向．

22、示波管的內(nèi)部結(jié)構(gòu)如圖所示．如果在偏轉(zhuǎn)電極XX/、YY/之間都沒有加電壓，電子束將打在熒光屏中心．如果在偏轉(zhuǎn)電極XX/之間和YY/之間分別加上如圖所示的電壓，請畫出熒光屏上出現(xiàn)的完整掃描波形圖．

23、圖中表示某一時刻的波形圖，已知波速為0.5m/s，波沿著x軸的正方向傳播；畫出經(jīng)過7s后的波形曲線。

評卷人得分五、實驗題(共4題，共12分)24、為了既能測出電池的電動勢E和內(nèi)阻r；同時又能測出待測元件的厚度d，興趣小組用下列器材組裝成一個電路：

A.電壓表V1(量程1.5V；內(nèi)阻很大)

B.電壓表V2(量程1.5V；內(nèi)阻很大)

C.電流表A(量程0.6A；內(nèi)阻很小)

D.滑動變阻器R0(最大阻值20Ω；額定電流1A)

E.待測元件R(用電阻符號表示，電阻率ρ=3.5×10－5Ω·m)

F.電池組(電動勢E、內(nèi)阻r)

G.開關(guān)一只；導線若干。

實驗時，把待測元件(形狀和接入電路的電流方向如圖乙所示)接入電路，調(diào)節(jié)滑動變阻器的阻值，多次測量后發(fā)現(xiàn)：若電壓表V1的示數(shù)增大，則電壓表V2的示數(shù)減小(計算結(jié)果保留兩位有效數(shù)字)

(1)請將設(shè)計的實驗電路圖在圖甲的虛線方框中補充完整________________；

(2)每一次操作后，同時記錄電流表A、電壓表V1和電壓表V2的示數(shù)，組成兩個坐標點，標到U-I坐標中，經(jīng)過多次測量，最后描繪出兩條圖線，部分圖像如圖丙所示，則電池組的電動勢E=___________V，內(nèi)阻r=___________Ω．

(3)該待測元件的厚度d=___________m；若把元件替換為長和寬均為L/2，厚度仍為d的新元件，接入電路的電流方向不變，則新元件在電路中的消耗最大電功率為___________W．25、一兩端封閉的空心細長金屬管，其材料的電阻率為ρ，某學習小組為了測量其內(nèi)徑d，進行了如下實驗

（1）用刻度尺測量金屬管的長度L，用螺旋測微器測出金屬管的外徑D，示數(shù)如圖1所示，則D=_____mm．

（2）測量金屬管的電阻Rx的電路如圖2所示，其中電源為恒流電源，能為電路提供恒定的電流I0=3.00A，Rx為待測金屬管的電阻，其允許通過的最大電流為2.00A，電壓表、電流表、滑動變阻器均安全．電路接入恒流電源前，滑動變阻器的滑片應(yīng)置于_________（填“a”或“b”）端附近，當滑動變阻器的滑片向初始位置的另一端滑動時，電壓表的示數(shù)_________（填“增大”或“減小”）．該電路中_________（填“電壓表”或“電流表”）的內(nèi)阻對Rx的測量沒有影響．

（3）某次實驗中，若電壓表的示數(shù)U=1.20V，電流表示數(shù)I=1.80A，則金屬管的電阻測量值R測=___Ω．

（4）金屬管的內(nèi)徑d=____________（用ρ、L、D、R測表示）．26、某同學用如圖甲所示的實驗裝置做“用雙縫干涉測光的波長”的實驗，他用帶有游標卡尺的測量頭（如圖乙所示）測量相鄰兩條亮條紋間的距離，轉(zhuǎn)動測量頭的手輪，使分劃板的中心刻線對齊某一條亮條紋（將這一條紋確定為第一亮條紋）的中心，此時游標卡尺上的示數(shù)情況如圖丙所示；轉(zhuǎn)動測量頭的手輪，使分劃板的中心刻線對齊第6亮條紋的中心，此時游標卡尺上的示數(shù)情況如圖丁所示．則圖丙的讀數(shù)x1=_____mm；圖丁的讀數(shù)x2=______mm．實驗中所用的雙縫間的距離d=0.20mm，雙縫到屏的距離L=60cm，則實驗中計算波長的表達式=________（用題目中給出的已知量和直接測量量的符號表示）．根據(jù)以上數(shù)據(jù)，可得實驗中測出的光的波長=______nm．

27、用電流表和電壓表測定電池的電動勢和內(nèi)電阻；被測電源是兩節(jié)干電池串聯(lián)成的電池組．可供選擇的實驗器材如下：

A．電流表；量程0.6A，內(nèi)阻約為0.5Ω

B．電流表；量程100mA，內(nèi)阻約為5Ω

C．電壓表；量程3V，內(nèi)阻約為3kΩ

D．電壓表；量程15V，內(nèi)阻約為5kΩ

E．滑動變阻器；0～1000Ω，0.1A

F．滑動變阻器；0～10Ω，2A

開關(guān)一個；導線若干。

(1)為了盡量得到較準確的實驗結(jié)果，電流表應(yīng)選________，電壓表應(yīng)選________，滑動變阻器應(yīng)選________（填器材前面的選項字母）．

(2)有(甲)、(乙)兩個可供選擇的電路如圖所示，為減小實驗誤差，應(yīng)選___________電路進行實驗．

（3）如圖是根據(jù)實驗記錄數(shù)據(jù)畫出的U－I圖象，則由圖可求出該電源電動勢為___________V，該電源內(nèi)阻為______Ω（結(jié)果保留2位有效數(shù)字）．

評卷人得分六、解答題(共2題，共8分)28、如圖所示，兩根足夠長的粗糙平行直導軌與水平面成α角放置，兩導軌間距為l，軌道上端接一電容為C的電容器．導軌處于勻強磁場中，磁場的磁感應(yīng)強度大小為B，方向垂直于導軌平面斜向上．一質(zhì)量為m的金屬棒在沿平行斜面的恒力F作用下從靜止開始沿斜面向上運動．已知重力加速度大小為g，金屬棒與導軌之間的動摩擦因數(shù)為μ，忽略所有電阻，求：

(1)電容器極板上積累的電荷量與金屬棒速度大小的關(guān)系；

(2)回路中的電流強度大?。?9、如圖所示，一內(nèi)壁光滑的絕緣圓管A固定在豎直平面內(nèi)。圓環(huán)的圓心為O，D點為圓管的最低點，A、B兩點在同一水平線上，AB=2L，圓環(huán)的半徑為r=L（圓管的直徑忽略不計），過OD的虛線與過AB的虛線垂直相交于C點。在虛線AB的上方存在水平向右的、范圍足夠大的勻強電場；虛線AB的下方存在豎直向下的、范圍足夠大的勻強電場，電場強度大小等于圓心O正上方的P點有一質(zhì)量為m、電荷量為－q（q>0）的絕緣小物體（視為質(zhì)點），PC間距為L?，F(xiàn)將該小物體無初速釋放，經(jīng)過一段時間，小物體剛好沿切線從A點無碰撞地進入圓管內(nèi)，并繼續(xù)運動。重力加速度用g表示。

(1)虛線AB上方勻強電場的電場強度為多大？

(2)小物體從管口B離開后，經(jīng)過一段時間的運動落到虛線AB上的N點（圖中未標出N點），則N點距離C點多遠？

(3)小物體由P點運動到N點的總時間為多少？

參考答案一、選擇題(共6題，共12分)1、C【分析】【詳解】

作出光線在玻璃球體內(nèi)光路圖所示：

A、C是折射點，B反射點，OD平行于入射光線，由幾何知識得，∠AOD=∠COD=60°，則∠OAB=30°，即折射角r=30°，入射角i=60°，根據(jù)折射定律有：故C正確，ABD錯誤。2、A【分析】【分析】

【詳解】

單晶體是各向異性的，熔化在晶體表面的石蠟是橢圓形．非晶體和多晶體是各向同性，則熔化在表面的石蠟是圓形，因此c為單晶體，a、b可能是多晶體與非晶體，根據(jù)溫度隨加熱時間變化的關(guān)系，可知a、c為晶體，b是非晶體．故A正確，BCD錯誤.3、A【分析】【詳解】

D．因為大氣壓保持不變，封閉空氣柱均做等壓變化，放封閉空氣柱下端的水銀面高度不變，根據(jù)蓋一呂薩克定律可得

則

即

化簡得

則空氣柱長度的變化與玻璃管的粗細無關(guān)；D錯誤；

ABC．因A、B管中的封閉空氣柱初溫T相同，溫度的變化也相同，則與H成正比。又所以即A、B管中空氣柱的長度都減小，水銀柱均向下移動，因為所以

所以A管中空氣柱長度減小得較少；A正確，BC錯誤。

故選A。4、C【分析】【詳解】

A；不連接接線柱時；晃動電表，指針隨著晃動不斷擺動，晃動幅度大，擺動的幅度就大，故A錯誤；

BCD、連接接線柱后，形成閉合回路，閉合線圈在磁場中運動會產(chǎn)生感應(yīng)電流，從而出現(xiàn)安培阻力，表針晃動幅度很小，且會很快停下，這是物理中的電磁阻尼現(xiàn)象，故BD錯誤，C正確．5、D【分析】【詳解】

試題分析：由題圖可得，簡諧橫波沿x軸正方向傳播，波形向右平移，則P質(zhì)點在該時刻的運動方向沿y軸正方向運動，正靠近平衡位置，位移減小，質(zhì)點的速度變大．由知隨著位移減小，加速度a減小，故C正確．

考點：考查了橫波圖像6、C【分析】【詳解】

放射性元素在發(fā)生α衰變時2個中子和2個質(zhì)子結(jié)合為一個α粒子，有質(zhì)量虧損，即為△m=2m1+2m2-m3，故A錯誤．在關(guān)于物質(zhì)波的表達式E=hv和中，能量E和動量p是描述物質(zhì)的粒子性的重要物理量，波長λ和頻率v是描述物質(zhì)的波動性的典型物理量，故B錯誤．在原子核發(fā)生衰變后，新核往往處于不穩(wěn)定的高能級狀態(tài)，會自發(fā)地向低能級躍遷，選項C正確；重核的裂變過程和輕核的聚變過程都有能量放出，都有質(zhì)量虧損，選項D錯誤.二、多選題(共5題，共10分)7、B:D【分析】【詳解】

AD.通電瞬間安培力大于阻力，導體棒向右加速運動，隨著速度增大，產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢E′=BLv越大；感應(yīng)電動勢產(chǎn)生的電流方向與通電電流方向相反，所以電流強度逐漸減小，安培力逐漸減小，加速度逐漸減小，當安培力和阻力相等時速度最大，此時加速度為零，故A錯誤，D正確；

B.達到的最大速度時導體棒受力平衡，則有：BIL=f，解得I=1A，設(shè)此時導體棒切割磁感應(yīng)線產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢E′，則I=

解得：E′=0.9V，根據(jù)E=BLvm解得：vm=18m/s；故B正確；

C.由于桿做變加速運動，安培力變化、電流強度變化，則ab兩端的電壓發(fā)生變化；故C錯誤；

故選BD．8、A:B:C【分析】【分析】

【詳解】

A．當分子間距從平衡位置以內(nèi)增大時；分子力先做正功，后做負功，分子勢能隨著分子間距離的增大，先減小后增大，A正確；

B．當分子間距從平衡位置以內(nèi)增大時；分子力先表現(xiàn)為斥力減小，后表現(xiàn)為引力先變大后減小，選項B正確；

C．物體溫度越高；分子平均動能變大，平均速率變大，但物體內(nèi)所有分子運動的速率不一定都增大，選項C正確；

D．顯微鏡下觀察到墨水中的小顆粒在不停地做無規(guī)則運動不是液體分子的運動；只是液體分子無規(guī)則運動的表現(xiàn)，選項D錯誤。

故選ABC。9、A:C:D【分析】【分析】

【詳解】

A．花粉顆粒在液體中的布朗運動只能說明液體分子在做無規(guī)則運動；不能說明花粉分子在做無規(guī)則運動，故A錯誤，符合題意；

B．物質(zhì)能夠生成種類不同的幾種晶體；因為它們的物質(zhì)微粒能夠形成不同的空間結(jié)構(gòu)，故B正確，不符合題意；

C．第二類永動機違背熱力學第二定律；所以是制造不出來的，故C錯誤，符合題意；

D．表面張力是液體表面層分子間的作用力；故D錯誤，符合題意。

故選ACD。10、B:D【分析】【詳解】

AB．小球在豎直平面內(nèi)做勻速圓周運動；故重力和電場力平衡，重力豎直向下，則電場力豎直向上，而電場方向向下，故此小球帶負電．故A錯誤；B正確；

CD．由左手定則，磁場從掌心穿入，洛倫茲力提供向心力指向圓心，四指指向負電荷運動的反方向，可判斷小球沿順時針方向運動，故C錯誤，D正確．11、A:D【分析】【分析】

電子進入磁場后受到洛倫茲力而做勻速圓周運動，根據(jù)左手定則判斷磁場方向；電子在磁場中的軌跡與半徑有關(guān)，由半徑公式r=知；速率不同，軌跡半徑不同．電子在磁場中速度方向改變的角度等于軌跡的圓心角，而電子運動時間與軌跡的圓心角成正比，據(jù)此即可分析電子在磁場中運動的長短．

【詳解】

A．由圖知；電子在P點受到的洛倫茲力方向沿P→O，如圖，根據(jù)左手定則判斷得知：勻強磁場的方向是垂直紙面向里．故A正確．

B．電子進入磁場后受到洛倫茲力而做勻速圓周運動，由半徑公式r=知；軌跡半徑與電子的速率成正比，速率不同，軌跡半徑不同，則軌跡就不同．故B錯誤．

CD．根據(jù)圓的對稱性可知；所有電子離開磁場時速度方向與PQ線的夾角都是θ，則所有電子的速度方向都改變了2θ，由幾何知識得知，所有電子軌跡對應(yīng)的圓心角都是2θ，則所有電子在磁場中運動的時間都相同．故C錯誤，D正確．

【點睛】

本題是磁場中直線邊界問題，掌握左手定則和軌跡半徑的基礎(chǔ)上，抓住圓的對稱性，確定速度的偏向角與軌跡的圓心角，即可比較磁場中運動的時間．三、填空題(共9題，共18分)12、略

【分析】【分析】

粒子進入磁場時，受到洛倫茲力作用而做勻速圓周運動，速度的偏向角等于軌跡對應(yīng)的圓心角，再可求出軌跡對應(yīng)的圓心角由求解時間之比；根據(jù)幾何知識求出軌跡半徑之比，由半徑公式求出速度之比．

【詳解】

設(shè)圓柱形區(qū)域為R。帶電粒子第一次以速度沿直徑入射時；軌跡如圖所示：

粒子飛出此磁場區(qū)域時速度方向偏轉(zhuǎn)60°角，則知帶電粒子軌跡對應(yīng)的圓心角軌跡半徑為運動時間為帶電粒子第二次以速度沿直徑入射時，粒子飛出此磁場區(qū)域時速度方向偏轉(zhuǎn)90°角，則知帶電粒子軌跡對應(yīng)的圓心角軌跡半徑為運動時間為所以軌跡半徑之比：時間之比：根據(jù)半徑公式得速度之比：根據(jù)可知；周期之比為1：1。

【點睛】

本題關(guān)鍵要掌握推論：粒子速度的偏向角等于軌跡的圓心角，運用幾何知識求出半徑關(guān)系，就能正確解答【解析】111:12：313、略

【分析】【詳解】

[1][2]光電流恰好為零，表明光電子的最大初動能為

根據(jù)光電效應(yīng)方程，用波長的光子照射光電管，當光電管上反向電壓達3V時有

波長1.5×10-7m的光照，當電壓表讀數(shù)為7.1V時，靈敏電流表讀數(shù)為零；則有

代入數(shù)據(jù)可解得【解析】14、略

【分析】【詳解】

[1][2]該邏輯電路為或門電路，因為或門只要輸入端有一個輸入為“1”，輸出為“1”，即在真值表中X處的邏輯值為1?！窘馕觥炕?15、略

【分析】【詳解】

[1]若需保持氣體壓強不變；根據(jù)蓋—呂薩克定律可知氣體溫度升高，則體積增大，所以左側(cè)汞面下降，而汞的總體積不變，且末狀態(tài)下左；右汞面應(yīng)仍保持在同一高度，則末狀態(tài)下右側(cè)汞面應(yīng)更加靠近管口，所以應(yīng)向下適當移動右管。

[2]開始時封閉氣體的壓強和溫度分別為

末狀態(tài)下氣體溫度為

如需保持氣體體積不變，設(shè)末狀態(tài)下氣體壓強為p1，根據(jù)查理定律有

解得

根據(jù)平衡條件可知

解得兩側(cè)玻璃管中液面高度差對應(yīng)的壓強為

即兩側(cè)玻璃管內(nèi)的液面高度差應(yīng)調(diào)整為5.43cm?！窘馕觥肯?.4316、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1]小露珠由于表面張力呈現(xiàn)球形狀；能在荷葉上滾動，是因為荷葉表面的不浸潤。

[2]液體表面層分子間距離大于液體內(nèi)部分子間距離，則液體表面層分子間作用力表現(xiàn)為分子間引力，當分子間引力和斥力相等時分子勢能最小，此時分子力表現(xiàn)為引力，分子間距離應(yīng)大于最小分子勢能對應(yīng)的距離，故應(yīng)是圖像中的C點?！窘馕觥竣?表面張力/不浸潤②.C17、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1]從圖像可以看出為等容變化，所以=

[2]一定質(zhì)量的理想氣體內(nèi)能只與溫度有關(guān)所以＜

[3]從狀態(tài)A到狀態(tài)B體積不變，內(nèi)能增加，所以應(yīng)該為吸收熱量?！窘馕觥?＜吸收18、略

【分析】【分析】

當電鍵S斷開時；滑動變阻器滑片P滑到最上端時，電壓表的示數(shù)最大，等于12V，當滑片滑到最下端時，電壓表示數(shù)最小，由歐姆定律求出；

當電鍵S閉合時；電壓表示數(shù)最大值不變，滑片滑到最下端時，電壓表示數(shù)為零；

【詳解】

當電鍵S斷開時，當滑動變阻器滑片P滑到最上端時，電壓表的示數(shù)最大，等于12V，滑片滑到最下端時，變阻器與電阻串聯(lián)，電壓表示數(shù)最小，最小值為即滑動頭P由a移至b的過程中，R1兩端的電壓由變至

當電鍵S閉合時，滑片P滑到最上端時，電壓表的示數(shù)最大，等于12V；

滑片滑到最下端時，電阻R1被短路，電壓表示數(shù)為零，即滑動頭P由a移至b的過程中，R1兩端的電壓由變至．

【點睛】

本題考查對變阻器兩種接法的理解：S斷開時變阻器為限流器，S閉合時，變阻器為分壓器．運用歐姆定律求解電壓范圍．【解析】12612019、略

【分析】【詳解】

[1]由題意知量程時，由

得

[2]量程為時，由

得【解析】4500##5000##20、略

【分析】弧AB對應(yīng)的圓心角為60°，所以經(jīng)歷的時間為而粒子運動的半徑為根據(jù)幾何知識可得所以【解析】四、作圖題(共3題，共18分)21、略

【分析】【詳解】

利用右手螺旋定則；已知電流的方向可判定磁場方向，也可以通過磁場方向來確定電流的方向；

圖甲；已知磁場方向，順時針方向，則電流垂直紙面向里；

圖乙；電流右側(cè)的磁場的方向向里，左側(cè)的磁場的方向向外，則電流的方向向上；

圖丙；已知磁場方向，則可知電流方向，逆時針方向；

圖丁；環(huán)形電流從左側(cè)流入，從右側(cè)流出，所以磁場的方向向下；

圖戊；根據(jù)螺線管中電流方向，利用右手螺旋定則可以確定螺線管的磁場的方向向左；

圖已；根據(jù)螺線管中上邊的電流方向向外，下邊的電流的方向向里，利用右手螺旋定則可以確定螺線管的磁場的方向向右．如圖所示：

【解析】22、略

【分析】試題分析：A圖中；在XX′偏轉(zhuǎn)電極所加的電壓的周期為2T，即在2T的時間內(nèi)才能完成一次水平方向的掃描，而豎直方向（y方向）的周期為T，所以在水平方向的一次水平掃描的過程中，豎直方向由2個周期性的變化；y方向的電壓變化為正弦式的變化，由于電子到達熒光屏的偏轉(zhuǎn)量與偏轉(zhuǎn)電壓成正比，所以A圖中的掃描圖形如圖；

要在熒光屏上得到待測信號在一個周期內(nèi)的穩(wěn)定圖象．XX′偏轉(zhuǎn)電極要接入鋸齒形電壓；即掃描電壓．

B圖中；在XX′偏轉(zhuǎn)電極所加的電壓的周期為T，即在一個周期T的時間內(nèi)完成一次水平方向的掃描，同時豎直方向的周期為T，所以在水平方向的一次水平掃描的過程中，豎直方向也完成一個周期性的變化；y方向的電壓大小不變，方向每半個周期變化一次，結(jié)合電子到達熒光屏的偏轉(zhuǎn)量與偏轉(zhuǎn)電壓成正比，所以B圖中的掃描圖形如圖．

考點：考查了示波器的工作原理。

【名師點睛】本題關(guān)鍵要清楚示波管的工作原理，示波管的YY′偏轉(zhuǎn)電壓上加的是待顯示的信號電壓，XX′偏轉(zhuǎn)電極通常接入鋸齒形電壓，即掃描電壓，當信號電壓與掃描電壓周期相同時，就可以在熒光屏上得到待測信號在一個周期內(nèi)的穩(wěn)定圖象【解析】23、略

【分析】【分析】

【詳解】

7s波向前傳播的距離為

7s后，故x=3.5m位置的原圖中x=0位置的振動情況相同；因此作出以下圖形。

【解析】五、實驗題(共4題，共12分)24、略

【分析】【分析】

測電源電動勢與內(nèi)阻實驗時；電壓表測路端電壓，隨滑動變阻器接入電路阻值的增大，電壓表示數(shù)增大；電阻兩端電壓隨滑動變阻器阻值增大而減小；根據(jù)電壓表示數(shù)變化確定各電路元件的連接方式，然后作出實驗電路圖；電源的U-I圖象與縱軸的交點示數(shù)是電源的電動勢，圖象斜率的絕對值等于電源內(nèi)阻．

【詳解】

（1）由于電流表既要測量R的電流；又要測量干路中的電流，故滑動變阻器只能采用限流接法，如圖所示：

（2）由可得由題意可知，圖丙中傾斜向下的直線為圖像，圖像的縱截距表示電源電動勢，故E=1.5V，

（3）由題意可知，圖丙中傾斜向上的直線為圖像，由圖線可知，待測元件的電阻根據(jù)以及圖乙可知解得由于新元件電阻R與原元件R相同，當時，新元件的功率最大，此時的最大電流故最大功率

【點睛】

本題要注意圖象的應(yīng)用，明確電源的U-I圖象與縱軸的交點是電動勢，圖象斜率的絕對值等于電源內(nèi)阻，求電源內(nèi)阻時要注意看清楚縱軸坐標起點數(shù)據(jù)是多少，否則容易出錯．【解析】1.51.01.8×10-40.5025、略

【分析】【詳解】

（1）螺旋測微器的固定刻度為2.0mm；可動刻度為9.7×0.01mm=0.097mm；

所以最終讀數(shù)為2.0mm+0.0.097mm=2.097mm．

（2）為了使得通過的電流小，應(yīng)讓滑動變阻器分流大點，所以應(yīng)在b端附近；當滑動變阻器向a端移動過程中，其連入電路的電阻增大，因為干路電流恒定，流經(jīng)待測電阻的電流增大，所以并聯(lián)電路兩端電壓增大，即電壓表示數(shù)增大，因為我們需要測量兩端電壓，所以電流表的示數(shù)對的測量沒有影響；

（3）根據(jù)歐姆定律可得

（4）根據(jù)電阻定律因為解得．【解析】2.097（2.096~2.098）b增大電流表1.00

26、略

【分析】【詳解】

[1]圖丙中的主尺讀數(shù)為1mm，游標尺讀數(shù)為0.05×3mm=0.15mm，所以圖丙的讀數(shù)x1=1mm+0.05×3mm=1.15mm

[2]丁中的主尺讀數(shù)為8mm，游標尺讀數(shù)為0.05×19mm=0.95mm，所以圖丁的讀數(shù)x2=8mm+0.05×19mm=8.195mm

[3]相鄰兩個亮條紋的距離

實驗中計算波長的表達式

[4]把數(shù)據(jù)代入公式，得【解析】1.158.9552027、略

【分析】【分析】

（1）根據(jù)二節(jié)干電池的電壓約為3V；則根據(jù)電壓值及實驗中的基本要求可以選取電流表及電壓表；

（2）甲圖誤差來源于電