2025年魯教版高三物理上冊月考試卷

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年魯教版高三物理上冊月考試卷404考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五六總分得分評卷人得分一、選擇題(共7題，共14分)1、取水平地面為重力勢能零點．一物塊從某一高度水平拋出，在拋出點其動能為重力勢能的3倍．不計空氣阻力，該物塊落地時的速度方向與水平方向的夾角為（）A.B.C.D.2、物體受到三個共點力的作用，當(dāng)這三個力的取值為下列那組時物體不可能處于平衡狀態(tài)（）A.3N、4N、5NB.3N、4N、7NC.3N、4N、9ND.3N、3N、3N3、如圖甲所示，單匝導(dǎo)線框abcd固定于勻強磁場中；規(guī)定磁場垂直紙面向里為正方向．從t=0時刻開始磁場隨時間變化，若規(guī)定順時針方向為電流的正方向，現(xiàn)線框中感應(yīng)電流隨時間變化規(guī)律如圖乙所示，則下列各圖中，能正確反映磁場隨時間變化規(guī)律的是（）

A.B.C.D.4、某物體沿水平方向做直線運動；其v-t圖象如圖所示，規(guī)定向右為正方向，下列判斷正確的是（）

A.在0s～1s內(nèi)，物體做曲線運動B.在ls～2s內(nèi)，物體向左運動，且速度大小在減小C.在1s～3s內(nèi)，物體的加速度方向向左，大小為4m/s2D.在3s末，物體處于出發(fā)點左側(cè)5、如圖所示，實線為方向未知的三條電場線，a、b兩帶電粒子從電場中的O點以相同的初速度飛出．僅在電場力作用下；兩粒子的運動軌跡如圖中虛線所示，則（）

A.a一定帶正電，b一定帶負(fù)電。

B.a加速度減小，b加速度增大。

C.a電勢能減小，b電勢能增大。

D.a和b的動能一定都增大。

6、氘和氚發(fā)生聚變釋放能量H+H→He+n+17.6Mev，若2克氘完全聚變釋放的能量是（N是阿佛加得羅常數(shù)）（）

A.N×17.6MeV

B.2N×17.6MeV

C.3N×17.6MeV

D.5N×17.6MeV

7、利用發(fā)波水槽得到的水面波形如a,b所示；則（）

A.圖a、b均顯示了波的干涉現(xiàn)象B.圖a、b均顯示了波的衍射現(xiàn)象C.圖a顯示了波的干涉現(xiàn)象，圖b顯示了波的衍射現(xiàn)象D.圖a顯示了波的衍射現(xiàn)象，圖b顯示了波的干涉現(xiàn)象評卷人得分二、填空題(共6題，共12分)8、（2013秋?大理州校級期末）在“探究力的平行四邊形定則”的實驗中；用圖釘把橡皮條的一端固定在板上的A點，在橡皮條的另一端拴上兩條細(xì)繩，細(xì)繩另一端系著繩套B；C（用來連接彈簧測量力計）．其中A為固定橡皮筋的圖釘，O為橡皮筋與細(xì)繩的結(jié)點，OB和OC為細(xì)繩．

①在實驗中；如果只將細(xì)繩換成橡皮筋，其它步驟沒有改變，那么實驗結(jié)果是否會發(fā)生變化？

答：____．（選填“變”或“不變”）

②本實驗采用的科學(xué)方法是____．

A．理想實驗法。

B．等效替代法。

C．控制變量法。

D．建立物理模型法．9、如圖所示為一磁流體發(fā)電機示意圖，A、B是平行正對的金屬板，等離子體（電離的氣體，由自由電子和陽離子構(gòu)成，整體呈電中性）從左側(cè)進(jìn)入，在t時間內(nèi)有n個自由電子落在B板上（電子電量為e），則R中的電流大小為____方向為____．

10、如圖甲所示為研究發(fā)生光電效應(yīng)時通過光電管上的電流隨電壓變化的電路；用頻率為婁脭

的單色光照射陰極K

時，能發(fā)生光電效應(yīng)，改變光電管兩端的電壓，測得電流隨電壓變化的圖象如圖乙所示，已知電子的帶電荷量為鈭?e

真空中的光速為c

普朗克常量為h

．

壟脵

從陰極K

逸出光電子的最大初動能Ek=

______；陰極K

的極限頻率婁脭0=

______；

壟脷

若用上述單色光照射一群處于基態(tài)的氫原子，恰能使氫原子躍遷到n=4

的激發(fā)態(tài)，氫原子處于基態(tài)時的能量E1=

______(

已知氫原子n

級上的能量En

與基態(tài)的能量滿足En=E1婁脨2).

11、某質(zhì)點做勻變速直線運動，由A到B和B到C所用的時間均為2s，且前2s和后2s的位移分別是8m、12m，則質(zhì)點運動的加速度為____m/s2，到達(dá)A時的速度為____m/s．到達(dá)C時的速度為____m/s．12、（2015?廣安模擬）在探究物體做勻速圓周運動的向心力時；用一根細(xì)繩，栓一小物體，在光滑桌面上掄動細(xì)繩，使小物體做勻速圓周運動，如圖所示．

探究①：可以感受到細(xì)繩對手的拉力方向____（選填“沿繩指向圓心”或“沿繩背離圓心”）；由此推斷細(xì)繩對小物體的拉力方向____（選填“沿繩指向圓心”或“沿繩背離圓心”）；

探究②：若小物體不變；旋轉(zhuǎn)半徑不變，增加單位時間內(nèi)轉(zhuǎn)過的圈數(shù)，可以感受到拉力變大；

探究③：若小物體不變；單位時間內(nèi)轉(zhuǎn)過的圈數(shù)不變，增大旋轉(zhuǎn)半徑，可以感受到拉力變大；

在探究②③中，用到的科學(xué)方法是____（選填“類比法”、“演繹法”、“控制變量法”或“等效替代法”）13、氫原子中電子僅受庫侖力繞核做勻速圓周運動，當(dāng)電子運動軌道半徑增大時（仍然做勻速圓周運動），電子的向心力____；電勢能____；電子的動能____，運動周期____．（填增大、減小、不變）評卷人得分三、判斷題(共6題，共12分)14、太陽發(fā)出的能量來自內(nèi)部發(fā)生的化學(xué)反應(yīng)釋放的化學(xué)能．____．（判斷對錯）15、穿過閉合導(dǎo)體回路所包圍面積的磁通量為零時，回路中感應(yīng)電流就一定為零．____（判斷對錯）16、當(dāng)溫度升高時，物體內(nèi)部所有分子的動能都增加．____．（判斷對錯）17、電場線真實地存在于電場中．____．（判斷對錯）18、非晶體的結(jié)構(gòu)跟液體非常相似，可以看成是黏滯性極大的液體．____．（判斷對錯）19、沿電場線的方向，電勢逐點降低．____（判斷對錯）評卷人得分四、作圖題(共2題，共12分)20、畫出下列各圖中的光滑球的受力圖；各圖中的球均處于靜止?fàn)顟B(tài)．

21、如圖所示，ABC是固定在絕緣水平面上的光滑金屬導(dǎo)軌，長度AB=BC=L，夾角為60°，且單位長度的電阻均為r，導(dǎo)軌處于磁感應(yīng)強度大小為B，方向垂直紙面向里的勻強磁場中，MN是一根金屬桿，長度大于L，電阻忽略不計．現(xiàn)MN在外力作用下以速度v0在ABC上勻速滑行；始終與導(dǎo)軌接觸良好，并且與AC確定的直線保持平行．求：（1）在導(dǎo)軌上滑行過程中MN受安培力F與滑行位移x的關(guān)系表達(dá)式并畫出F-x圖象；

（2）滑行全過程中構(gòu)成回路所產(chǎn)生的焦耳熱Q和通過B點截面的電量q．評卷人得分五、解答題(共4題，共12分)22、如圖所示；寬度為L的足夠長的平行金屬導(dǎo)軌固定在絕緣水平面上，導(dǎo)軌的兩端連接阻值R的電阻．導(dǎo)軌所在空間存在豎直向下的勻強磁場，磁感應(yīng)強度為B，一根質(zhì)量m的導(dǎo)體棒MN放在導(dǎo)軌上與導(dǎo)軌接觸良好，導(dǎo)體棒的有效電阻也為R，導(dǎo)體棒與導(dǎo)軌間的動摩擦因數(shù)為μ，設(shè)最大靜摩擦力等于滑動摩擦力．導(dǎo)體棒MN的初始位置與導(dǎo)軌最左端距離為L，導(dǎo)軌的電阻可忽略不計．

（1）若用一平行于導(dǎo)軌的恒定拉力F拉動導(dǎo)體棒沿導(dǎo)軌向右運動；在運動過程中保持導(dǎo)體棒與導(dǎo)軌垂直，求導(dǎo)體棒最終的速度；

（2）若導(dǎo)體棒的初速度為v0；導(dǎo)體棒向右運動L停止，求此過程導(dǎo)體棒中產(chǎn)生的焦耳熱；

（3）若磁場隨時間均勻變化，磁感應(yīng)強度B=B0+kt（k＞0），開始導(dǎo)體棒靜止，從t=0時刻起，求導(dǎo)體棒經(jīng)過多長時間開始運動以及運動的方向．23、學(xué)校物理興趣小組設(shè)計了一種可粗略測量磁感應(yīng)強度的實驗，其實驗裝置如圖所示．在該裝置中磁鐵通過細(xì)線豎直懸掛在力傳感器下面，磁鐵兩極之間的磁場可視為水平勻強磁場，其余區(qū)域磁場很弱可忽略不計，此時力傳感器讀數(shù)為F1．細(xì)直金屬棒PQ作的兩端通過導(dǎo)線與一阻值為R的電阻連接形成閉合回路，金屬棒電阻為r，導(dǎo)線電阻不計．若讓金屬棒水平且垂直于磁場以速度v豎直向下勻速運動，此時力傳感器示數(shù)為F2．已知金屬棒在磁場中的長度為d．

（1）判斷通過細(xì)直金屬棒PQ中的電流方向和它受到的安培力方向；

（2）求出磁鐵兩極之間磁場的磁感應(yīng)強度大?。?4、根據(jù)液晶的什么性質(zhì)既可以探測溫度，又可以檢查腫瘤？25、（選修模塊3-5）

（1）關(guān)于光電效應(yīng)現(xiàn)象；下列說法中正確的是______

A．在光電效應(yīng)現(xiàn)象中；入射光的強度越大，光電子的最大初動能越大。

B．在光電效應(yīng)現(xiàn)象中；光電子的最大初動能與照射光的頻率成正比。

C．對于任何一種金屬都存在一個“最大波長”；入射光的波長必須小于此波長，才能產(chǎn)生光電效應(yīng)。

D．對于某種金屬；只要入射光的強度足夠大，就會發(fā)生光電效應(yīng)。

（2）處于激發(fā)狀態(tài)的原子，在入射光的電磁場的影響下，從高能態(tài)向低能態(tài)躍遷，兩個狀態(tài)之間的能量差以輻射光子的形式發(fā)射出去，這種輻射叫做受激輻射．原子發(fā)生受激輻射時，發(fā)出的光子頻率、發(fā)射方向等，都跟入射光子完全一樣，這樣使光得到加強，這就是激光產(chǎn)生的機理．那么，發(fā)生受激輻射時，產(chǎn)生激光的原子的總能量En、電勢能Ep、電子動能Ek的變化情況是______

A．Ep增大、Ek減小、En減小。

B．Ep減小、Ek增大、En減小。

C．Ep增大、Ek增大、En增大。

D．Ep減小、Ek增大、En不變。

（3）如圖所示，質(zhì)量為m的小球B連接著輕質(zhì)彈簧，靜止在光滑水平面上．質(zhì)量為m的小球A以某一速度向右運動，與彈簧發(fā)生碰撞，當(dāng)A、B兩球距離最近時彈簧的彈性勢能為EP，則碰撞前A球的速度v大小為多少？

評卷人得分六、畫圖題(共2題，共20分)26、圖所示為一列向左傳播的簡諧波在某一時刻的波形圖，若波速是0.5m/s，試在圖上畫出經(jīng)7s時的波形圖。（提示：若用平移法，由于∴λ=2m故只需平移=1.5m）27、在圖示中，物體A處于靜止?fàn)顟B(tài)，請畫出各圖中A物體所受的彈力．參考答案一、選擇題(共7題，共14分)1、B【分析】【分析】根據(jù)機械能守恒定律，以及已知條件：拋出時動能恰好是重力勢能的3倍，分別列式即可求出落地時速度與水平速度的關(guān)系，從而求出物塊落地時的速度方向與水平方向的夾角．【解析】【解答】解：設(shè)拋出時物體的初速度為v0；高度為h，物塊落地時的速度大小為v，方向與水平方向的夾角為α．根據(jù)機械能守恒定律得：

=mv2

據(jù)題有：

=3mgh

聯(lián)立解得：

v=

則cosα==

可得α=

故選：B2、C【分析】【分析】物體處于平衡狀態(tài)時，合力為零，任意兩個力的合力與第三個力大小相等，確定出任意兩個力的合力范圍，判斷第三個力能否與之大小，即可判斷三個力能否平衡．【解析】【解答】解：A、3N與4N的合力范圍為1N≤F合≤7N；5N在這合力范圍內(nèi)，三個力的合力可能為零，物體能處于平衡狀態(tài)．

B、3N與4N的合力范圍為1N≤F合≤7N；7N在這合力范圍內(nèi)，三個力的合力可能為零，物體能處于平衡狀態(tài)．

C、3N與4N的合力范圍為1N≤F合≤7N；9N不在這合力范圍內(nèi)，三個力的合力不可能為零，不能使物體處于平衡狀態(tài)．

D、3N與3N的合力范圍為0N≤F合≤6N；3N在這合力范圍內(nèi)，三個力的合力可能為零，物體能處于平衡狀態(tài)．

本題選擇不能的，故選：C．3、D【分析】【分析】根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律判斷感應(yīng)電動勢的大小，根據(jù)楞次定律判斷感應(yīng)電流的方向．【解析】【解答】解：因為每一段時間內(nèi)的電流為一定值，根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律；知磁感應(yīng)強度是均勻變化的．0到1s內(nèi)的電流方向逆時針方向，根據(jù)楞次定律知，0到1s內(nèi)的磁場方向為垂直紙面向里且增大，而不是垂直紙面向外且增大．故A；B、C錯誤，D正確．

故選D．4、C【分析】【分析】在速度時間圖象中，某一點代表此時刻的瞬時速度，時間軸上方速度是正數(shù)，時間軸下方速度是負(fù)數(shù)；切線表示加速度，向右上方傾斜，加速度為正，向右下方傾斜加速度為負(fù)；圖象與坐標(biāo)軸圍成面積代表位移，時間軸上方位移為正，時間軸下方位移為負(fù)．【解析】【解答】解：A；在速度時間圖象中；某一點代表此時刻的瞬時速度，時間軸上方速度是正數(shù)，時間軸下方速度是負(fù)數(shù)；所以在在0s～1s內(nèi)，物體的速度為正數(shù)，一直向正方向做直線運動，故A錯誤．

B；在ls～2s內(nèi)；物體的速度為正數(shù)，一直向正方向（右）做直線運動，斜率不變，加速度也不變，故B錯誤．

C、在速度時間圖象中，切線表示加速度，向右上方傾斜，加速度為正，向右下方傾斜加速度為負(fù)；在1s～3s內(nèi)，物體的加速度方向向左，為負(fù)值，大小a==為4m/s2；，故C正確．

D；在速度時間圖象中；圖象與坐標(biāo)軸圍成面積代表位移，時間軸上方位移為正，時間軸下方位移為負(fù)；在3s末，物體總位移為正數(shù)，處于出發(fā)點右側(cè)，故D錯誤．

故選C5、B|D【分析】

A、由運動軌跡如圖可知，a、b做曲線運動，由于電場線方向未知，故a、b電性不能確定；故A錯誤。

B、根據(jù)a、b兩粒子做曲線運動軌跡彎曲程度即電場線的疏密可知，b所處的電場線變密；電場強度變強，所受的電場力在增大，加速度在增大；a所處的電場線變疏，電場強度變?nèi)?，所受的電場力在減小，加速度在減小，故B正確。

C、根據(jù)圖知a、b兩粒子的電場力；速度的夾角為銳角；電場力對電荷做正功，電勢能減小，故C錯誤。

D、根據(jù)圖知a、b兩粒子的電場力；速度的夾角為銳角；電場力對電荷做正功，電勢能減小，動能增加，故D正確。

故選BD．

【解析】【答案】物體做曲線運動的條件：力與速度不共線；要明確力；速度和運動軌跡三者的位置關(guān)系，電場力做功與電勢能、動能的關(guān)系，電場線與電場強度的關(guān)系．

6、A【分析】

氘核的原子質(zhì)量是2g即1摩爾，所以2克氘有一摩爾的氘核，有N個氘核，則釋放的能量為N×17.6MeV．故A正確；B；C、D錯誤．

故選A．

【解析】【答案】求出2g氘的物質(zhì)的量；從而求出2克氘完全聚變釋放的能量．

7、D【分析】【分析】波繞過障礙物繼續(xù)傳播的現(xiàn)象就是波的衍射現(xiàn)象；當(dāng)頻率相同的兩列波相遇時有的地方振動減弱；有的地方振動加強，且加強和減弱的區(qū)域交替出現(xiàn)說明發(fā)生了干涉現(xiàn)象。

波繞過障礙物繼續(xù)傳播的現(xiàn)象就是波的衍射現(xiàn)象；故圖a說明發(fā)生了明顯的衍射現(xiàn)象。

當(dāng)頻率相同的兩列波相遇時當(dāng)波程差為波長的整數(shù)倍時振動加強，當(dāng)波程差為半個波長的奇數(shù)倍時振動減弱，使有的地方振動加強有的地方振動減弱，且加強和減弱的區(qū)域交替出現(xiàn)，故圖b是發(fā)生了干涉現(xiàn)象。

故D正確；故選D。

【點評】掌握干涉和衍射的圖樣的特點和發(fā)生條件是解決此類題目的關(guān)鍵所在。二、填空題(共6題，共12分)8、不變B【分析】【分析】（1）在實驗中注意細(xì)線的作用是提供拉力；采用橡皮筋同樣可以做到；

（2）本實驗中采用了兩個力合力與一個力效果相同來驗證的平行四邊形定則，因此采用“等效法”，注意該實驗方法的應(yīng)用；【解析】【解答】解：（1）細(xì)繩的作用是確定兩個力的方向；換成橡皮筋也可以確定兩個力的方向，故如果只將細(xì)繩換成橡皮筋，其它步驟沒有改變，那么實驗結(jié)果不會發(fā)生變化；

（2）實驗中兩次要求效果相同；故實驗采用了等效替代的方法，故ACD錯誤，B正確．

故選：B．

故答案為：（1）不變；（2）B9、略

【分析】

在t時間內(nèi)有n個自由電子落在B板上（電子電量為e），則電流的大小I=．因為電子打在B板上；所以B板帶負(fù)電，A板帶正電，流過電阻R的電流方向從上向下．

故答案為：從上向下．

【解析】【答案】根據(jù)左正電荷和負(fù)電荷的偏轉(zhuǎn)方向；從而得出AB板的極性，確定出流過R的電流方向，根據(jù)電流的定義式求出電流的大?。?/p>

10、略

【分析】解：壟脵

由圖乙；根據(jù)動能定理可知鈭?eUC=0鈭?Ek

解得：Ek=eUC

根據(jù)愛因斯坦光電效應(yīng)有：Ek=h婁脭鈭?W0

又W0=hv0

解得：v0=v鈭?eUCh

．

壟脷

在原子躍遷過程中；根據(jù)能量守恒定律有：

hv=鈻?E=E4鈭?E1=(142鈭?1)E

解得：E1=1615hv

．

故答案為：壟脵eUCv鈭?eUCh壟脷1615hv

壟脵

根據(jù)圖乙可知遏止電壓；結(jié)合動能定理求出光電子的最大初動能，根據(jù)光電效應(yīng)方程求出陰極K

的極限頻率．

壟脷

根據(jù)吸收的能量等于兩能級間的能級差；求出氫原子處于基態(tài)的能量．

本題考查了光電效應(yīng)和能級躍遷的綜合運用，知道光電子最大初動能與遏止電壓的關(guān)系，掌握光電效應(yīng)方程，明確能級躍遷輻射或吸收的能量等于兩能級間的能級差即可輕松解答．【解析】eUCv鈭?eUCh1615hv

11、137【分析】【分析】根據(jù)連續(xù)相等時間內(nèi)的位移之差是一恒量求出加速度的大小，根據(jù)某段時間內(nèi)的平均速度等于中間時刻的瞬時速度．【解析】【解答】解：根據(jù)△x=aT2解得：

a=．

根據(jù)某段時間內(nèi)的平均速度等于中間時刻的瞬時速度；知B的速度為：

vB=

初速度為：vA=vB-at=5-1×2=3m/s

末速度為：vC=vB+at=5+1×2=7m/s

故答案為：1，3，712、沿繩背離圓心沿繩指向圓心控制變量法【分析】【分析】勻速圓周運動的向心力是合外力提供向心力，圖中由細(xì)繩的拉力提供向心力，細(xì)繩對手的拉力可感覺到．運用控制變量法分析和探究．【解析】【解答】解：小物體做勻速圓周運動時；豎直方向受到重力與支持力，二力平衡，所需要的向心力由繩子的拉力提供．

探究①：可以感受到細(xì)繩對手的拉力方向沿繩背離圓心；由此推斷細(xì)繩對小物體的拉力方向沿繩指向圓心．

在探究②③中；用到的科學(xué)方法是控制變量法．

故答案為：沿繩背離圓心，沿繩指向圓心，控制變量法．13、減小增大減小增大【分析】【分析】電子繞核運動時，半徑增大，電場力做負(fù)功，電勢能增大，動能減??；根據(jù)庫侖力提供向心力可分析周期的變化；和衛(wèi)星繞地球運動類似．【解析】【解答】解：電子運動軌道半徑增大時，電場力做負(fù)功，電勢能增大，動能減??；根據(jù)K=mr；可知半徑越大，向心力減小，周期越大．

故答案為：減小，增大，減小，增大．三、判斷題(共6題，共12分)14、×【分析】【分析】太陽輻射的能量主要來自太陽內(nèi)部的聚變反應(yīng)，由此分析即可．【解析】【解答】解：根據(jù)目前的認(rèn)識；太陽輻射的能量主要來自太陽內(nèi)部的聚變反應(yīng)．所以以上的說法是錯誤的．

故答案為：×15、×【分析】【分析】結(jié)合產(chǎn)生感應(yīng)電流的條件：閉合回路的磁通量發(fā)生變化即可正確判定．【解析】【解答】解：產(chǎn)生感應(yīng)電流的條件是閉合回路的磁通量發(fā)生變化；題目中穿過閉合導(dǎo)體回路所包圍面積的磁通量為零時，沒有說明磁通量是否變化，所以不能判斷出沒有感應(yīng)電流產(chǎn)生．所以以上說法是錯誤的．

故答案為：×16、×【分析】【分析】溫度是分子的平均動能的標(biāo)志，是大量分子運動的統(tǒng)計規(guī)律，由此分析解答即可．【解析】【解答】解：溫度是分子的平均動能的標(biāo)志；是大量分子運動的統(tǒng)計規(guī)律，對單個的分子沒有意義；當(dāng)溫度升高時，物體內(nèi)的分子的平均動能增加，不是物體內(nèi)部所有分子的動能都增加．所以該說法是錯誤的．

故答案為：×17、×【分析】【分析】為了研究的方便引入了電場線，實際不存在，電場線從正電荷或無限遠(yuǎn)出發(fā)，終止于無限遠(yuǎn)或負(fù)電荷，不相交不閉合，電場線疏密描述電場強弱，電場線密的地方，電場強度大，疏的地方電場強度弱．【解析】【解答】解：為了研究的方便引入了電場線；實際不存在．所以該說法是錯誤的．

故答案為：×18、√【分析】【分析】液體微觀結(jié)構(gòu)理論：

（1）液體分子的排列更接近于固體；是密集在一起的，因而液體具有一定的體積，不易被壓縮。

（2）液體分子之間的相互作用不像固體中的微粒那樣強；液體分子只在很小的區(qū)域內(nèi)做有規(guī)則的排列，這種區(qū)域是暫時形成的，邊界和大小隨時改變，有時瓦解，有時又重新形成，液體由大量的這種暫時形成的小區(qū)域構(gòu)成，這種小區(qū)域雜亂無章地分布著，因而液體表現(xiàn)出各向同性。

（3）液體分子的熱運動與固體類似，主要表現(xiàn)為在平衡位置附近做微小的振動，但液體分子沒有長期固定的平衡位置，在一個平衡位置附近振動一小段時間以后，又轉(zhuǎn)移到另一個平衡位置附近去振動，即液體分子可以在液體中移動，這就是液體具有流動性的原因．【解析】【解答】解：由液體的結(jié)構(gòu)知非晶體的結(jié)構(gòu)進(jìn)行比較可知；二者在很多的方面非常類似，可以看作是粘滯性極大的液體．該說法是正確的；

故答案為：√19、√【分析】【分析】本題根據(jù)電場線的物理意義分析場強與電勢的關(guān)系；根據(jù)沿電場線的方向，電勢逐點降低即可解答．【解析】【解答】解：根據(jù)電場線的物理意義：順著電場線方向；電勢降低．故該說法是正確的．

故答案為：√四、作圖題(共2題，共12分)20、略

【分析】【分析】由于各圖中小球是光滑的，則小球不受摩擦力，然后依據(jù)各球所處的狀態(tài)，結(jié)合各種情況下彈力的方向與受力分析的基本步驟，即可畫出．【解析】【解答】解：由題可知；小球光滑，所以各接觸面上沒有摩擦力；

由圖可知；在1；2、3、4、5、76個圖中，除重力外，只能受到水平面的支持力，另一個接觸面沒有力的作用，否則小球?qū)⑦\動．如圖；

圖6中；假設(shè)斜面對小球有支持力，則支持力沿水平方向有一分力，則繩子不能保持豎直方向．所以小球只能受到重力和支持力．如圖；

圖8；9，10，11，12，16中，小球受到重力和兩個接觸面的彈力，才能保持平衡，所以它們的受力如圖；

圖13；14，15中，小球除受到重力和繩子的拉力外，必須受到接觸面的支持力才能平衡，所以它們的受力如圖．

答：如圖21、略

【分析】【分析】（1）MN切割磁感線；運用法拉第電磁感應(yīng)定律求出感應(yīng)電動勢的表達(dá)式．應(yīng)用閉合電路歐姆定律求出感應(yīng)電流的表達(dá)式．由公式F=BIL求解安培力F與x的表達(dá)式，再畫出圖象．

（2）由圖象求克服安培力做功，由功能關(guān)系求出回路所產(chǎn)生的焦耳熱．回路中感應(yīng)電流不變，由q=It求電量q．【解析】【解答】解：（1）滑行距離x時金屬桿產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢為。

E=B（2xtan30°）v0=Bxv0；

閉合回路的總電阻R=r=xr

金屬桿上的安培力

圖象如圖。

（2）由圖象圍成“面積”表示金屬桿克服安培力做功，等于回路產(chǎn)生的焦耳熱，則焦耳熱為Q==

回路中電流；保持不變。

則通過B點截面的電量

答：

（1）在導(dǎo)軌上滑行過程中MN受安培力F與滑行位移x的關(guān)系表達(dá)式為F=x（0＜x＜L）；畫出F-x圖象如圖；

（2）滑行全過程中構(gòu)成回路所產(chǎn)生的焦耳熱Q為，通過B點截面的電量q是．五、解答題(共4題，共12分)22、略

【分析】【分析】（1）有法拉第電磁感應(yīng)定律E=BLv和歐姆定律I=，結(jié)合F安=BIL及牛頓第二定律求解．

（2）有能量守恒定律求解．

（3）有法拉第電磁感應(yīng)定律求得感應(yīng)電動勢E=BLv，再由歐姆定律求得電流I=，導(dǎo)體棒開始運動棒所受安培力和摩擦力相等，再由右手定則判定電流方向，由左手定則判定運動的方向．【解析】【解答】解：（1）導(dǎo)體棒最終勻速運動，設(shè)最終速度為v，由法拉第電磁感應(yīng)定律得：E=BLv，歐姆定律得：；由牛頓第二定律：F=μmg+BIL；

解得：；

（2）由能量守恒定律得：

回路中產(chǎn)生的總焦耳熱；

根據(jù)串并聯(lián)電路特點；棒上焦耳熱和電阻上焦耳熱相等；

解得：

（3）磁感應(yīng)強度B=B0+kt，由法拉第電磁感應(yīng)定律得：，歐姆定律得：=

導(dǎo)體棒恰好運動時，由牛頓第二定律（B0+kt）IL=μmg，即：

解得：

由楞次定律得導(dǎo)體棒將向左運動。

答：（1）導(dǎo)體棒最終的速度為；

（2）此過程導(dǎo)體棒中產(chǎn)生的焦耳熱為；

（3）導(dǎo)體棒經(jīng)過時間開始向左運動．23、略

【分析】【分析】（1）由右手定則可以判斷出電流方向；由左手定則可以判斷出安培力方向．

（2）由E=BLv求出感應(yīng)電動勢，由歐姆定律求出電流，由安培力公式求出安培力，由平衡條件列方向，然后求出磁感應(yīng)強度．【解析】【解答】解：（1）由右手定則可知；流過PQ的電流從Q流向P；

由左手定則可知；PQ受到的安培力方向：豎直向上；

（2）感應(yīng)電動勢：E=Bdv；

由閉合電路歐姆定律得：I=；

安培力：F安=BId；

金屬棒不動時，對磁鐵由平衡條件得：F1=mg；

金屬棒向下運動時，對磁鐵有：F2=mg+F安；

由牛頓第三定律可知，金屬棒受到的安培力大小為：F安；

解得：B=；

答：（1）通過細(xì)直金屬棒PQ中的電流方向：由Q流向P；它受到的安培力方向：豎直向上；

（2）磁鐵兩極之間磁場的磁感應(yīng)強度大小為．24、略

【分析】【分析】有一種液晶，溫度改變時會改變顏色，隨著溫度的逐漸升高，液晶的顏色就發(fā)生改變，溫度降低，又按相反順序改變顏色，液晶的這種性質(zhì)，在工業(yè)上可以用來探測溫度．在醫(yī)學(xué)上用來