2025年外研版三年級起點高一物理上冊階段測試試卷

…………○…………內…………○…………裝…………○…………內…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年外研版三年級起點高一物理上冊階段測試試卷458考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五總分得分評卷人得分一、選擇題(共7題，共14分)1、如圖，在光滑水平面上，放著兩塊長度相同，質量分別為M1和M2的木板，在兩木板的左端各放一個大小、形狀、質量完全相同的物塊．開始時，各物均靜止，今在兩物體上各作用一水平恒力F1、F2，當物塊和木板分離時，兩木板的速度分別為v1和v2；物體和木板間的動摩擦因數(shù)相同，下列說法正確的是（）

A.若F1=F2，M1＞M2，則v1＞v2

B.若F1=F2，M1＜M2，則v1＞v2

C.若F1＞F2，M1=M2，則v1＞v2

D.若F1＜F2，M1=M2，則v1＞v2

2、據(jù)媒體報道，嫦娥一號衛(wèi)星環(huán)月工作軌道為圓軌道，軌道高度200km

運用周期127

分鐘.

若還知道引力常量和月球平均半徑，僅利用以上條件不能求出的是(

)

A.月球表面的重力加速度B.月球對衛(wèi)星的吸引力C.衛(wèi)星繞月球運行的速度D.衛(wèi)星繞月運行的加速度3、如圖所示，半徑為R

內經很小的光滑半圓軌道豎直放置，質量為m

的小球以某一速度進入管內，小球通過最高點P

時，對管壁的壓力為0.4mg

則小球落地點到P

點的水平距離可能為(

)

A.125R

B.65R

C.205R

D.145R

4、如圖是做直線運動的甲；乙兩個物體的位移鈭?

時間圖象；由圖象所給信息可知(

)

A.乙開始運動時，兩物體相距30m

B.在20s

末，兩物體間的距離最大，在30s

時相遇C.甲物體比乙物體運動的快D.因甲、乙的運動圖線都在t

軸上方，說明兩物體運動方向相同5、如圖所示；光滑水平面上有一小車，車上有一木塊，當水平恒力F作用在木塊上時，小車和木塊開始運動，且小車和木塊間無相對滑動，小車質量為M，木塊質量為m，它們共同加速度為a，木塊與小車間的動摩擦因數(shù)為μ，則在運動過程中（）

A.木塊受到的摩擦力一定是μmg

B.木塊所受各力的合力為F

C.小車受到的摩擦力為

D.小車所受各力的合力為

6、物理學的發(fā)展豐富了人類對物質世界的認識，推動了科學技術的創(chuàng)新和革命，促進了物質生產的繁榮與人類文明的進步，下列說法中正確的是（）A.牛頓根據(jù)扭秤實驗測出了萬有引力常量GB.開普勒通過對行星觀測記錄的研究發(fā)現(xiàn)了萬有引力定律C.牛頓通過“月-地檢驗”，證明地面物體受地球的引力，與太陽、行星間的引力都遵從相同規(guī)律D.由萬有引力定律的表達式可推得，當r趨近于零時，萬有引力趨近于無窮大7、下列說法中正確的是(

)

A.靜止的物體有可能受到滑動摩擦力的作用B.由婁脤=fN

可知，動摩擦因數(shù)與滑動摩擦力成正比，與正壓力成反比C.摩擦力的方向總是與物體的運動方向相反D.摩擦力總是對物體的運動起阻礙作用評卷人得分二、多選題(共7題，共14分)8、如圖所示，質量為M

的電梯的水平地板上放置一質量為m

的物體，電梯在鋼索的拉力作用下由靜止開始豎直向上加速運動.

當上升高度為H

時，電梯的速度達到v

則在這段過程中，下列說法中正確的是(

)

A.電梯地板對物體的支持力所做的功等于12mv2+mgH

B.電梯地板對物體的支持力所做的功等于mv22

C.鋼索的拉力所做的功等于mv22+MgH

D.鋼索的拉力所做的功大于mv22+MgH

9、如圖甲為應用于機場和火車站的安全檢查儀，用于對旅客的行李進行安全檢查.

其傳送裝置可簡化為如圖乙的模型，緊繃的傳送帶始終保持v=1m/s

的恒定速率運行.

旅客把行李無初速度地放在A

處，設行李與傳送帶之間的動摩擦因數(shù)婁脤=0.1AB

間的距離為2mg

取10m/s2.

若乘客把行李放到傳送帶的同時也以v=1m/s

的恒定速率平行于傳送帶運動到B

處取行李，則(

)

A.乘客與行李同時到達B

處B.乘客提前0.5s

到達B

處C.行李提前0.5s

到達B

處D.若傳送帶速度足夠大，行李最快也要2s

才能到達B

處10、下列關于曲線運動的說法中，正確的是()A.速度方向總是沿著位移的方向B.各種曲線運動都是變速運動C.加速度的方向與速度的方向總是在一條直線D.做曲線運動的物體，其加速度不可能為零11、一個物體做自由落體運動，重力加速度取10m/s2

該物體()

A.第1s

末的速度大小為10m/s

B.第2s

末的速度大小為20m/s

C.在前1s

內下落的距離為10m

D.在前2s

內下落的距離為15m

12、在圓軌道上運動的國際空間站里，一宇航員A

靜止(

相對空間艙)

“站”于艙內朝向地球一側的“地面”B

上，如圖下列說法不正確的是()A.宇航員不受地球引力作用。

B.宇航員受到地球的引力.

“地面”對他的支持力和重力三個力的作用。

C.宇航員與“地面”之間無彈力作用。

D.若宇航員將手中一小球無初速度(

相對空間艙)

釋放，該小球將落到“地面”上13、關于天然放射性，下列說法正確的是(

)

A.任何金屬都存在一個“極限頻率”，入射光的頻率大于這個頻率，才能產生光電效應B.重核裂變過程生成中等質量的核，反應前后質量數(shù)守恒，質量守恒C.放射性元素與別的元素形成化合物時仍具有放射性E.婁脕婁脗

和婁脙

三種射線中，婁脙

射線的穿透能力最強E.婁脕婁脗

和婁脙

三種射線中，婁脙

射線的穿透能力最強14、一個質量為2kg的物體同時受到兩個力的作用，這兩個力的大小分別為2N和6N，當這兩個力的方向發(fā)生變化時，物體的加速度大小可能為（）A.1m/s2B.5m/s2C.3m/s2D.4m/s2評卷人得分三、填空題(共7題，共14分)15、某同學利用重物自由下落來“驗證機械能守恒定律”的實驗裝置如圖（甲）所示．

（1）請指出實驗裝置中存在的明顯錯誤：____．

（2）進行實驗時，為保證重錘下落時初速為零，應____（選填A或B）．

A．先接通電源；再釋放紙帶。

B．先釋放紙帶；再接通電源。

（3）根據(jù)打出的紙帶，選取紙帶上連續(xù)打出的1、2、3、4四個點如圖（乙）示．已測出點1、2、3、4到打出的第一個點O的距離分別為h1、h2、h3、h4，打點計時器的打點周期為T．若代入所測數(shù)據(jù)能滿足表達式gh3=____；則可驗證重錘下落過程機械能守恒（用題目中已測出的物理量表示）．

16、【題文】在足球賽中，紅隊球員在白隊禁區(qū)附近主罰定位球，并將球從球門右上角擦著橫梁踢進球門。球門高度為h，足球飛入球門的速度為v，足球的質量m，則紅隊球員將足球踢出時的速度v0=____，該隊員踢球時對足球做功W=____。（不計空氣阻力）17、某同學用如圖1

所示裝置探究小車的加速度與力；質量的關系．

(1)

探究加速度與力；質量這三者之間的關系；我們所采用的實驗方法是______

(2)

調節(jié)滑輪位置；使拉小車的細線與長木板平行，當滿足______時，我們可把砝碼與盤的重力當作小車受到的細線的拉力．

(3)

保持小車質量不變；改變砝碼的質量，多次實驗，通過分析紙帶，我們可得到小車的加速度a

和所受拉力F

的關系.

如圖2

所示為某同學所畫的加速度與力的關系；請你分析為何直線不通過原點？

______

(4)

小車從靜止開始運動；利用打點計時器在紙帶上記錄小車的運動情況，如圖3

所示，其中O

點為紙帶上記錄到的第一點.ABC

是該同學在紙帶上所取的一些點，圖中所標明的數(shù)據(jù)為ABC

各點到O

點的距離，已知打點計時器所用交流電源頻率f=50Hz(

以下計算結果均保留兩位有效數(shù)字)

木塊運動的加速度a=

______m/s2.

小車在經歷計數(shù)點B

點時的速度為vB=

______m/s

．

(5)

如果猜想F

一定時，加速度a

與質量M

成反比，對此猜想進行驗證，應畫______圖象．18、如圖所示，質量分別為m

和2m

的AB

兩小球連在彈簧兩端，細線一端連接B

球，另一端固定在傾角30鈭?

的光滑斜面的頂端，若不計彈簧質量，在線被剪斷瞬間，兩球的加速度分別為aA=

______m/s2aB=

______m/s2(g=10m/s2).

19、升降機地板上放一臺秤，臺秤的盤中放一質量為10kg的物體．升降機運動中，某時刻，臺秤的讀數(shù)為8kg，則此時物體處于______填“超重”或“失重”狀態(tài)，若重力加速度g取其加速度的大小為______．20、質量為m=2Kg的物體在粗糙水平地面上滑行，其動能與位移的關系如圖所示，則物體與地面間的滑動摩擦系數(shù)μ為____，滑行時間為____．

21、一質點做直線運動，其速度一時間圖象如圖所示，在0隆蘆30s

內表示質點沿______(

正、負)

方向做______(

勻加速、勻減速)

直線運動，它的初速度為______m/s

加速度大小為______m/s2

加速度方向沿______(

正、負)

方向．評卷人得分四、解答題(共4題，共8分)22、從離地面80m的空中自由落下一個小球，g取10m/s2；求：

（1）經過多長時間落到地面？

（2）自開始下落計時；在第1s內的位移大??；最后1s內的位移大?。?/p>

（3）下落時間為總時間的一半時的位移大小和速度大?。?/p>

23、在測定勻變速直線運動的加速度的實驗中。

①將下列步驟排成合理的順序為______（填寫字母代號）．

A．把一條細繩系在小車上；細繩繞過滑輪，下端掛合適鉤碼，紙帶穿過打點計時器，固定在小車后面。

B．換紙帶反復做三次；選擇一條比較理想的紙帶使用。

C．把小車停在靠近打點計時器處；接通電源，放開小車。

D．斷開電源；取下頭帶。

②如圖所示是一個同學某次實驗中打出的紙帶，設打點周期為0.02s，A、B、C、D、E為每隔5個計時點的計數(shù)點，則B點的速度大小為______m/s，從紙帶分析中可以得出物體作______運動，其加速度大小為______m/s2．

24、一輛汽車從O點靜止開始做勻加速直線運動；已知在2s內經過相距27m的A；B兩點，汽車經過B點時的速度為15m/s．如圖所示，求：

（1）汽車經過A點的速度；

（2）A點與出發(fā)點間的距離．

25、“嫦娥一號”的成功發(fā)射；為實現(xiàn)中華民族幾千年的奔月夢想邁出了重要的一步．已知“嫦娥一號”繞月飛行軌道近似為圓形，距月球表面高度為H，飛行周期為T，月球的半徑為R，引力常量為G．求：

（1）“嫦娥一號”繞月飛行時的線速度大??；

（2）月球的質量．

評卷人得分五、推斷題(共1題，共2分)26、A、rm{B}rm{C}rm{D}均為中學化學常見物質，且均含有同一種元素，它們之間有如下轉化關系，其中rm{A}是單質。

rm{(1)}若rm{A}是一種淡黃色固體，rm{B}是氣態(tài)氫化物，rm{C}rm{D}為氧化物，rm{C}是形成酸雨的主要物質。請寫出rm{C}與rm{B}反應的化學方程式_____________。rm{(2)}若rm{B}是氣態(tài)氫化物，rm{C}rm{D}為氣態(tài)氧化物，且rm{C}rm{D}是形成光化學煙霧的一個重要原因。請寫出反應rm{壟脹}的化學方程式_________________。實驗室中檢驗氣體rm{B}用的試劑或用品為________________。rm{(3)}若rm{B}rm{D}既能溶于強酸溶液，又能溶于強堿溶液，反應rm{壟脷壟脹}均需要強堿性溶液，反應rm{壟脺}可以通過滴加少量稀鹽酸實現(xiàn)。據(jù)此判斷rm{A}元素是__________。請寫出rm{壟脷}的離子方程式__________________。rm{(4)}若rm{C}是一種淡黃色固體，常用于呼吸面具中的供氧劑，rm{D}是一種強堿。則rm{C}作供氧劑時氧化產物和還原產物的物質的量之比為_____________；焰色反應時，rm{D}的火焰呈_______色。參考答案一、選擇題(共7題，共14分)1、B|D【分析】

A、B：首先看F1=F2時情況：

由題很容易得到兩物塊所受的摩擦力大小是相等的，因此兩物塊的加速度相同，我們設兩物塊的加速度大小為a，

對于M1、M2，滑動摩擦力即為它們的合力，設M1的加速度大小為a1，M2的加速度大小為a2；

根據(jù)牛頓第二定律得：

因為a1=a2=其中m為物塊的質量．

設板的長度為L，它們向右都做勻加速直線運動，當物塊與木板分離時：

物塊與M1的相對位移L=at12-a1t12

物塊與M2的相對位移L=at22-a2t22

若M1＞M2，a1＜a2

所以得：t1＜t2

M1的速度為v1=a1t1，M2的速度為v2=a2t2

則v1＜v2；故A錯誤．

若M1＜M2，a1＞a2

所以得：t1＞t2

M1的速度為v1=a1t1，M2的速度為v2=a2t2

則v1＞v2；故B正確．

C、D：若F1＞F2、M1=M2；根據(jù)受力分析和牛頓第二定律的：

則M1上的物塊的加速度大于M2上的物塊的加速度，即aa＞ab

由于M1=M2，所以M1、M2加速度相同，設M1、M2加速度為a．

它們向右都做勻加速直線運動，當物塊與木板分離時：

物塊與M1的相對位移L=aat12-at12

物塊與M2的相對位移L=abt22-at22

由于aa＞ab

所以得：t1＜t2

則v1＜v2；故C錯誤．

若F1＜F2、M1=M2，aa＜ab

則v1＞v2；故D正確．

故選BD．

【解析】【答案】本題中涉及到兩個物體；所以就要考慮用整體法還是隔離法，但題中研究的是兩物體的相對滑動，所以應該用隔離法．板和物體都做勻變速運動，牛頓定律加運動學公式和動能定理都能用，但題中“當物體與板分離時”隱含著在相等時間內物體的位移比板的位移多一個板長，也就是隱含著時間因素，所以不方便用動能定理解了，就要用牛頓定律加運動公式解．

2、B【分析】解：A

繞月衛(wèi)星繞月球做勻速圓周運動，根據(jù)萬有引力提供向心力，設衛(wèi)星的質量為m

軌道半徑為r

月球質量為M

有。

GMm(R脭脗+h)2=m(2婁脨T)2(R脭脗+h)

地球表面重力加速度公式。

g脭脗=GMR脭脗2

聯(lián)立壟脵壟脷

可以求解出。

g脭脗=4婁脨2(R脭脗+h)3R脭脗2T2

即可以求出月球表面的重力加速度；

由于衛(wèi)星的質量未知；故月球對衛(wèi)星的吸引力無法求出；

由v=2婁脨rT

可以求出衛(wèi)星繞月球運行的速度；

由a=(2婁脨T)2(R脭脗+h)

可以求出衛(wèi)星繞月運行的加速度；

本題要選不能求出的；故選B．

本題關鍵根據(jù)萬有引力提供繞月衛(wèi)星做圓周運動的向心力；以及月球表面重力加速度的表達式，列式求解分析．

本題關鍵根據(jù)繞月衛(wèi)星的引力提供向心力列式，再結合月球表面重力等于萬有引力列式求解．【解析】B

3、A【分析】解：根據(jù)2R=12gt2

得，t=4Rg

若球對管壁的壓力方向向上，根據(jù)牛頓第二定律得，mg+N=mv2R

解得v=1.4gR

則水平位移x=vt=1.4gR鈰?4Rg=285R

若球對管壁的壓力方向向下，根據(jù)牛頓第二定律得，mg鈭?N=mv2R

解得v=0.6gR

則水平位移x=vt=0.6gR隆脕4Rg=125R.

故A正確；BC

D錯誤．

故選：A

．

根據(jù)牛頓第二定律求出小球在最高點P

的速度；根據(jù)高度求出平拋運動的時間，從而結合初速度和時間求出水平位移，注意在最高點球對管壁的壓力可能向上，可能向下．

本題考查了圓周運動和平拋運動的綜合運用，知道平拋運動在水平方向和豎直方向上的運動規(guī)律，以及圓周運動向心力的來源是解決本題的關鍵．【解析】A

4、A【分析】解：A

由圖可知；乙開始運動時，甲在x=0

處，乙在x=30m

所以兩物體相距30m

故A正確；

B；在0隆蘆5s

時間內；甲保持靜止，乙沿負向運動.

在5s

以后時間內，甲沿正向運動，乙沿負向運動，兩者間距逐漸減小，t=20s

兩者相遇.20鈭?30s

內，兩者間距增大.

故B錯誤；

C；位移圖象的斜率表示物體的速度；斜率大小越大，速度越大，則知乙的速度比甲的大，所以乙物體比甲物體運動的快，故C錯誤．

D；斜率的正負表示速度的方向.

可知兩物體運動方向相反；故D錯誤。

故選：A

位移時間圖象表示物體的位置隨時間的變化；圖象上的任意一點表示該時刻的位置，圖象的斜率表示該時刻的速度，斜率的正負表示速度的方向．

讀圖時，要注意圖象上的任意一點表示該時刻的位置坐標，明確位移圖象的斜率大小表示速度大小，斜率的符號表示速度的方向．【解析】A

5、D【分析】

A；對物體受力分析；在水平方向上由F-f=ma，所以f=F-ma，由于物體并沒有滑動，所以摩擦力不一定是μmg，所以A錯誤．

B；木塊受拉力F還有摩擦力f的作用；合力的大小為F-f=ma，所以B錯誤．

C、對整體由F=（M+m）a，對小車由f=Ma，所以小車受到的摩擦力為F；所以C錯誤．

D、小車在豎直方向上的合力為零，在水平方向上只有木塊對車的摩擦力的作用，所以小車受到的合力為f，大小為F；所以D正確．

故選D．

【解析】【答案】對車和物體受力分析；由于小車和木塊間無相對滑動，它們有共同的加速度，由牛頓第二定律可以求得木塊與小車間的作用力的大?。?/p>

6、C【分析】解：A；牛頓發(fā)出了萬有引力定律；但沒有測出引力常量G，是卡文迪許測出了引力常量G的數(shù)值，故A錯誤；

B；開普勒通過對行星觀測記錄的研究發(fā)現(xiàn)了行星運動定律；牛頓發(fā)現(xiàn)了萬有引力定律，故B錯誤；

C；牛頓通過“月-地檢驗”；證明地面物體受地球的引力，與太陽、行星間的引力都遵從相同規(guī)律，故C正確．

D、萬有引力定律表達式只適用于質點間的引力計算，當r趨近于零時，物體不能看成質點，該定律不再適用，所以當r趨近于零時；不能得出萬有引力趨近于無窮大的結論，故D錯誤．

故選：C．

根據(jù)物理學史和常識解答；記住著名物理學家的主要貢獻即可解答．

本題考查物理學史，是常識性問題，對于物理學上重大發(fā)現(xiàn)、發(fā)明、著名理論要加強記憶，這也是考試內容之一．【解析】【答案】C7、A【分析】解：A

滑動摩擦力的大小和接觸面的粗糙程度以及壓力的大小有關；因此在接觸面粗糙程度不變時，壓力越大，滑動摩擦力越大，在接觸面粗糙程度不變時，壓力越大，滑動摩擦力越大，故A正確；

B；滑動摩擦力的大小和接觸面的粗糙程度；以及壓力的大小有關，和接觸面的大小，以及相對運動的速度無關，故B錯誤。

C；滑動摩擦力總是阻礙物體之間的相對運動的方向；可能與物體的運動方向相同；故C錯誤；

D；靜摩擦力阻礙的是物體之間相對運動的趨勢；不一定對物體的運動起阻礙；故D錯誤；

故選：A

要解答本題需掌握：滑動摩擦力的大小與接觸面的粗糙程度和壓力的大小有關．

本題考查摩擦力的性質及作用效果，要注意摩擦力阻礙的是相對運動(

相對運動的趨勢)

不一定是對地運動．【解析】A

二、多選題(共7題，共14分)8、AD【分析】解：AB

對物體，受到重力和支持力，根據(jù)動能定理得，WN鈭?mgH=12mv2

解得：WN=mgH+12mv2>12mv2.

故A正確；B錯誤．

CD

對整體分析，根據(jù)牛頓第二定律得：WF鈭?(M+m)gH=12(M+m)v2

解得鋼索拉力做功為：WF=(M+m)gH+12(M+m)v2>12Mv2+MgH.

故C錯誤；D正確．

故選：AD

．

對物體受力分析；根據(jù)動能定理求出支持力做功的大??；對整體分析，根據(jù)動能定理求出拉力做功的大?。?/p>

本題考查動能定理的應用；運用動能定理解題，關鍵選擇好合適的研究對象和研究過程，分析過程中有哪些力做功，然后根據(jù)動能定理列式求解．【解析】AD

9、BD【分析】解：ABC

由牛頓第二定律；得婁脤mg=ma

得a=1m/s2.

設行李做勻加速運動的時間為t

行李加速運動的末速度為v=1m/s.

由v=at1

代入數(shù)值，得t1=1s

勻加速運動的位移大小為。

x=12at12=0.5m

勻速運動的時間為t2=L鈭?xv=1.5s

行李從A

到B

的時間為t=t1+t2=2.5s

．

而乘客一直做勻速運動，從A

到B

的時間為t脠脣=LV=2s.

故乘客提前0.5s

到達B.

故A；C

均錯誤；B正確；

D、若行李一直做勻加速運動時，運動時間最短.

由L=12atm2

解得，最短時間tm=2s.

故D正確．

故選：BD

．

行李在傳送帶上先加速運動；然后再和傳送帶一起勻速運動，由牛頓第二定律和運動學公式求出時間.

若行李一直做勻加速運動時，運動時間最短．

該題考查是的傳送帶問題，行李在傳送帶上先加速運動，然后再和傳送帶一起勻速運動，若要時間最短，則行李一直做勻加速運動．【解析】BD

10、BD【分析】【分析】

物體做曲線運動的條件是合力與速度不在同一條直線上；合外力方向不一定變化，既然是曲線運動，它的速度的方向必定是改變的，所以曲線運動一定是變速運動。

本題考查學生對物體做曲線運動的條件；圓周運動特點的理解；涉及的知識點較多，難度不大。

【解答】

A.曲線運動的速度方向為其切線方向；不是沿著位移方向，故A錯誤；

B.曲線運動的速度方向不斷發(fā)生變化，故曲線運動是變速運動，故B正確；C.物體做曲線運動的條件是合力與速度不在同一條直線上，即加速度的方向與速度方向不在一條直線上，故C錯誤；D.合力不為0

即加速度不為0

是物體做曲線運動的條件，故D正確。故選BD。【解析】BD

11、AB【分析】【分析】由物體做自由落體運動的速度公式和位移公式得到物體1s

和2

秒的速度以及1s

和2

秒下落的高度。本題考查自由落體運動的基本公式，難度不大。【解答】AB.

由v=gt

得物體1

秒末的速度為10m/s

和2

秒末的速度為20m/s

故AB正確；CD.

由h=12gt2

得物體1

秒內下落的高度是5m22秒內下落的高度是20m20m故CD錯誤。故選AB。【解析】AB

12、ABD【分析】【分析】國際空間站繞地球做勻速圓周運動，宇航員受力不平衡.

根據(jù)萬有引力定律分析引力與地面重力的關系。國際空間站處于完全失重狀態(tài)?？康厍虻娜f有引力提供向心力，做圓周運動。解決本題的關鍵是理解宇宙員處于完全失重狀態(tài)，靠地球的萬有引力提供向心力，做圓周運動?！窘獯稹緼.宇航員隨國際空間站繞地球做勻速圓周運動；受到地球的吸引力，地球的萬有引力提供向心力，沒有支持力，故A錯誤，B

也錯誤；

C.國際空間站處于完全失重狀態(tài)；則宇航員A

與“地面”B

之間無彈力作用，故C正確；

D.宇航員相對于太空艙無初速釋放小球；小球受地球的萬有引力提供向心力，做圓周運動，故D錯誤。

本題選擇錯誤的，故選ABD。

【解析】ABD

13、ACE【分析】解：A

根據(jù)光電效應的條件可知；任何金屬都存在一個“極限頻率”，入射光的頻率大于這個頻率，才能產生光電效應，故A正確．

B；重核裂變過程生成中等質量的核；反應前后質量數(shù)守恒；由于該裂變的過程中釋放核能，有質量虧損，質量不守恒，故B錯誤．

C；放射性元素的半衰期由原子核決定；與物理、化學狀態(tài)無關，故C正確．

D；盧瑟福通過婁脕

粒子散射實驗否定了湯姆生的棗糕模型；建立了原子核式結構模型，故D錯誤．

E；婁脕婁脗

和婁脙

三種射線中；婁脙

射線的穿透能力最強，故E正確．

故選：ACE

．

根據(jù)光電效應的條件分析；裂變的過程中釋放核能；有質量虧損；半衰期與元素的物理；化學狀態(tài)無關；盧瑟福通過婁脕

粒子散射實驗建立了原子核式結構模型；根據(jù)婁脙

射線的特點判定．

本題考查了婁脕

粒子散射實驗、光電效應發(fā)生條件、影響半衰期的因素等基礎知識點，關鍵要熟悉教材，牢記這些基礎知識點．【解析】ACE

14、CD【分析】解：兩個力的大小分別為2N和6N；合力范圍為：8N≥F≥4N

根據(jù)牛頓第二定律F=ma；故加速度的范圍為：

4m/s2≥a≥2m/s2

故AB錯誤；CD正確；

故選：CD。

先根據(jù)平行四邊形定則求出兩個力的合力的范圍；再根據(jù)牛頓第二定律求出加速度的范圍．

本題關鍵先求出合力范圍，再根據(jù)牛頓第二定律確定加速度范圍．【解析】CD三、填空題(共7題，共14分)15、略

【分析】

（1）打點計時器不能使用直流電源；應使用交流電源．

（2）當先接通電源后；紙帶釋放，打出紙帶的初速度才能為零；

（3）3點的速度等于DF段的平均速度，所以v3=則此處的動能為

只有當gh3=時；才可驗證下落過程中，機械能是否守恒．

答案為：（1）打點計時器不能接“直流電源”（或打點計時器應接“交流電源”）

（2）A

（3）

【解析】【答案】打點計時器應使用交流電源；重物釋放時應緊靠打點計時器．

先接通電源后；釋放紙帶，確保重鍾下落時初速度為零．

根據(jù)某段時間內的平均速度等于中間時刻的瞬時速度求出3點的速度；再由減小的重力勢能轉化動能來驗證是否守恒．

16、略

【分析】【解析】略【解析】【答案】17、略

【分析】解：(1)

當F=0

時；a鈮?0.

也就是說當繩子上沒有拉力時小車就有加速度，該同學實驗操作中平衡摩擦力過大，即傾角過大.

故B正確．

故選B

(2)

根據(jù)勻變速直線運動中時間中點的速度等于該過程中的平均速度得：

vB=xACtAC=0.8573鈭?0.70182脳0.02脳5m/s=0.78m/s

設兩個計數(shù)點之間的位移分別為：sBCsAB

根據(jù)a=鈻?xT2

得：

a=sBC鈭?sABT2=0.39m/s2

故答案為：

(1)

控制變量法；(2)m<<M(3)

沒有(

完全)

平衡摩擦力；

(4)0.39m/s20.78m/s(5)a鈭?1M

解決實驗問題首先要掌握該實驗原理，了解實驗的操作步驟和數(shù)據(jù)處理以及注意事項.

根據(jù)勻變速直線運動中時間中點的速度等于該過程中的平均速度，可以求出打紙帶上記數(shù)點時的瞬時速度大小，根據(jù)鈻?x=aT2

求加速度．

教科書本上的實驗，我們要從實驗原理、實驗儀器、實驗步驟、實驗數(shù)據(jù)處理、實驗注意事項這幾點去搞清楚．【解析】控制變量法；m<<M

沒有(

完全)

平衡摩擦力；0.39m/s20.78m/sa鈭?1M

18、略

【分析】解：對A

球分析，開始處于靜止，則彈簧的彈力F=mgsin30鈭?

剪斷細線的瞬間，彈簧的彈力不變，對A

所受的合力為零，則A

的加速度為0

對B

分析可知；B

受重力；支持力和彈簧的拉力作用，沿斜面方向上合力為：F潞脧=F+2mgsin婁脠

根據(jù)牛頓第二定律得：aB=F+2mgsin30鈭?2m=7.5m/s2

．

故答案為：07.5

當兩球處于靜止時；根據(jù)共點力平衡求出彈簧的彈力，剪斷細線的瞬間，彈簧的彈力不變，根據(jù)牛頓第二定律分別求出AB

的加速度大?。?/p>

本題考查牛頓第二定律的瞬時值問題，抓住剪斷細線的瞬間，彈簧的彈力不變，結合牛頓第二定律進行求解即可．【解析】07.5

19、略

【分析】【詳解】

某時刻，臺秤的讀數(shù)為8kg，則此時物體對地板的壓力為小于物體的真實的重力，所以物體受到的合力的方向應該是向下的，有向下的加速度，處于失重狀態(tài)；由牛頓第二定律可得：所以【解析】失重20、略

【分析】

根據(jù)動能定理得：

EK2-EK1=-fx

EK2=EK1-fx

結合動能隨位移變化的情況得：初動能EK1=50J，初速度v=5m/s

f=5N=μmg

μ=0.25

a==2.5m/s2

t==2s

故答案為：0.25，2．

【解析】【答案】運用動能定理把動能和位移的關系表示出來．

把物理表達式與圖象結合起來；根據(jù)圖象中的數(shù)據(jù)求出未知物理量．

21、略

【分析】解：在0隆蘆30s

內質點的速度為正值，速度均勻減小，表示質點沿正方向做勻減速直線運動，它的初速度為30m/s

加速度大小為a=|鈻?v鈻?t|=30鈭?030=1m/s2

加速度方向沿負方向．

故答案為：正；勻減速，301

負．

根據(jù)圖象的形狀分析質點的運動情況.

由圖直接讀出速度；由圖象的斜率求加速度．

本題的關鍵是通過圖象得到物體的運動規(guī)律，要注意圖線的斜率表示物體運動的加速度．【解析】正；勻減速；301

負四、解答題(共4題，共8分)22、略

【分析】

（1）由

得物體下落到地面的時間為

（2）在第1s內的位移

最后1s內的位移等于總位移減去前3s的位移，即h第4秒=h總-h3=80-45m=35m

（3）下落時間為總時間的一半t2=2s時的位移大小h'和速度大小υ'分別為：

υ'=gt=10×2m/s=20m/s

答：（1）經過4s鐘小球落到地面；（2）第1s內的位移為5m；最后1s內的位移為35m；（3）下落時間為總時間的一半時的位移大小為20m、速度大小為20m/s．

【解析】【答案】（1）自由落體運動的物體；下落時間由高度決定與其它因素無關；

（2）第一秒；最后一秒都是指一秒鐘的時間；這段時間內的位移可以由位移時間公式直接求解；

（3）總時間可以通過高度求出；下落時間為總時間的一半時的位移大小和速度大小可以通過自由落體運動的基本公式求解．

23、略

【分析】

①在測定勻變速直線運動的加速度的實驗中；具體的實驗步驟為：將紙帶固定在小車尾部，并穿過打點計時器的限位孔，用一條細繩拴住小車，細繩跨過定滑輪，下面吊適當?shù)你^碼，拉住紙帶，將小車移到靠近打點計時處，先接通電源，然后放開紙帶，斷開電源取下紙帶，換上新的紙帶，再重復做三次．

故答案為：ACDB

②每隔5個計時點的計數(shù)點；相鄰的計數(shù)點的時間間隔是0.1s

由圖可知；O；A、B、C、D、E四點對應的刻度分別是2.00cm、2.80cm、3.90cm、5.30cm、7.00cm、9.00cm；

根據(jù)勻變速直線運動特點；可知C點的瞬時速度為：

vB==0.125m/s

由圖中數(shù)據(jù)可知；物體在連續(xù)相等時間內的位移差為常數(shù)，因此物體做勻加速直線運動．

根據(jù)△x=aT2；

將△x=0.3cm和T=0.1s帶入解得：a=0.3m/s2．

故答案為：①ACDB②0.125勻加速直線0.3

【解析】【答案】在測定勻變速直線運動的加速度的實驗中；結合做實驗的步驟把順序排列．

知道毫米刻度尺讀數(shù)時要進行估讀．根據(jù)勻變速直線運動中時間中點的速度等于該過程中的平均速度；可以求出打紙帶上B點時小車的瞬時速度大小．

根據(jù)勻變速直線運動的推論公式△x=aT2可以求出加速度的大?。?/p>

24、略

【分析】

（1）汽車在AB間的平均速度為：v平=

由勻變速直線運動公式得：v平=

代入數(shù)據(jù)得，vA=12m/s

（2）由加速度公式得：a=

從O到A過程，設OA間位移為x′有運動學公式得：=2ax′

代入數(shù)據(jù)得x′=48m

答（1）經過A點的速度為12m/s

（2）A點與出發(fā)點間的距離48m

【解析】【答案】（1）由27m和2s；可求汽車在AB間運動的平均速度，由勻變速運動的規(guī)律：平均速度等于初末速度的和的一半，可求經過A時的速度（2）利用AB兩點的瞬時速度間的關系，可求加速度，應用位移速度關系式解得OA間的距離。

25、略

【分析】

（1）根據(jù)線速度與周期的關系得；

“嫦娥一號”運行的線速度v=．

（2）設月球質量為M；“嫦娥一號”的質量為m，根據(jù)萬有引力定律和牛頓第二定律，對“嫦娥一號”繞月飛行的過程有。

解得．

答：（1）“嫦娥一號”繞月飛行時的線速度大小v=．

（2）月球的質量．

【解析】【答案】（1）根據(jù)線速度與軌道半徑和周期