2025年人教版高三物理上冊(cè)月考試卷

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請(qǐng)※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年人教版高三物理上冊(cè)月考試卷935考試試卷考試范圍：全部知識(shí)點(diǎn)；考試時(shí)間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級(jí)：______考號(hào)：______總分欄題號(hào)一二三四五六總分得分評(píng)卷人得分一、選擇題(共6題，共12分)1、如圖所示，面積相同、總電阻相同的單匝閉合線圈甲、乙、丙、丁繞垂直于磁場(chǎng)方向的軸在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中以角速度ω勻速轉(zhuǎn)動(dòng)，線圈甲、乙、丙、丁在轉(zhuǎn)動(dòng)過程中產(chǎn)生的電流的有效值分別為I甲、I乙、I丙、I丁，關(guān)于I甲、I乙、I丙、I丁的大小關(guān)系；下列說法正確的是（）

A.I甲＞I丙B.I丙＜I丁C.I甲=I丁D.I乙＞I丙2、如圖所示是“探究彈力和彈簧伸長(zhǎng)的關(guān)系”實(shí)驗(yàn)裝置；小東認(rèn)真操作；正確讀數(shù)后得到的數(shù)據(jù)記錄表如下．由表可知（）

。次數(shù)。

物理量1234F/N00.981.962.94l/cm12.014.016.018.0x/cm02.04.06.0A.每個(gè)鈞碼的質(zhì)量為0.98kgB.實(shí)驗(yàn)所用刻度尺的分度值是lmmC.每掛一個(gè)鉤碼，彈簧伸長(zhǎng)12.0cmD.實(shí)驗(yàn)時(shí)彈簧伸長(zhǎng)量未超過彈性限度3、物體A、B用輕繩連接，A上端與一個(gè)輕彈簧相連，彈簧上端固定在鐵架臺(tái)上，如圖所示．已知兩物體的質(zhì)量分別是mA和mB，開始時(shí)系統(tǒng)處于靜止?fàn)顟B(tài)．現(xiàn)剪斷連接A、B的細(xì)線，則B將自由下落，而A則在豎直方向做簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)．在B物體落到地面前的過程中，下面的說法中正確的是（）A.B組成的系統(tǒng)動(dòng)量守恒B.A物體的動(dòng)量變化與B物體的動(dòng)量變化大小相等、方向相反C.彈簧彈力對(duì)物體A的沖量等于物體A的動(dòng)量的增量D.彈簧彈力對(duì)物體A的沖量等于重力對(duì)B的沖量之和再加上B的動(dòng)量的增加量4、在力學(xué)理論建立的過程中，有許多偉大的科學(xué)家做出了貢獻(xiàn)．關(guān)于科學(xué)家和他們的貢獻(xiàn)，下列說法正確的是（）A.德國(guó)天文學(xué)家開普勒對(duì)他導(dǎo)師第谷觀測(cè)的行星數(shù)據(jù)進(jìn)行多年研究，得出了萬有引力定律B.英國(guó)物理學(xué)家卡文迪許利用卡文迪許扭秤首先較準(zhǔn)確的測(cè)定了靜電力常量C.牛頓最早指出力不是維持物體運(yùn)動(dòng)的原因D.古希臘學(xué)者亞里士多德認(rèn)為物體下落快慢由它們的重量決定，伽利略在他的《兩種新科學(xué)的對(duì)話》中利用邏輯推斷使亞里士多德的理論陷入了困境5、關(guān)于電磁感應(yīng)，下列敘述不正確的是（）A.發(fā)電機(jī)、變壓器都是利用電磁感應(yīng)原理制成的B.只要回路內(nèi)的磁通量發(fā)生變化，就一定要產(chǎn)生感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)C.楞次定律是能量守恒定律在電磁感應(yīng)現(xiàn)象中的體現(xiàn)D.穿過回路的磁通量越大時(shí)，產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)也一定越大6、在粗糙的水平面上滑動(dòng)的體積相同的木塊和鐵塊，具有相同的初動(dòng)能，如果二者滑行相等的距離后停止，則（）A.二者滑行的時(shí)間相等B.二者的速度變化相等C.鐵塊所受的摩擦力較大D.二者所受的摩擦阻力大小相等評(píng)卷人得分二、多選題(共5題，共10分)7、許多科學(xué)家在物理學(xué)發(fā)展過程中做出了重要貢獻(xiàn)，下列敘述中符合物理學(xué)史實(shí)的是（）A.庫侖在前人研究的基礎(chǔ)上，通過扭秤實(shí)驗(yàn)研究得出了庫侖定律B.奧斯特發(fā)現(xiàn)了電流的磁效應(yīng)，總結(jié)出了電磁感應(yīng)定律C.安培最先發(fā)現(xiàn)電流周圍存在磁場(chǎng)D.法拉第通過實(shí)驗(yàn)總結(jié)出了電磁感應(yīng)定律8、下列說法正確的是（）A.伽利略通過理想斜面實(shí)驗(yàn)，得出力不是維持物體運(yùn)動(dòng)原因的結(jié)論B.牛頓發(fā)現(xiàn)了萬有引力并測(cè)出了萬有引力常量C.安培通過油滴實(shí)驗(yàn)測(cè)量了電子所帶的電荷量D.庫侖總結(jié)并確認(rèn)了真空中兩個(gè)靜止點(diǎn)電荷之間的相互作用規(guī)律9、物理學(xué)的發(fā)展豐富了人類對(duì)物質(zhì)世界的認(rèn)識(shí)，推動(dòng)了科學(xué)技術(shù)的創(chuàng)新和革命，促進(jìn)了物質(zhì)生產(chǎn)的繁榮與人類文明的進(jìn)步，許多科學(xué)家做出了貢獻(xiàn)．下列說法正確的是（）A.奧斯特發(fā)現(xiàn)了電流磁效應(yīng)；法拉第發(fā)現(xiàn)了電磁感應(yīng)現(xiàn)象B.牛頓發(fā)現(xiàn)了萬有引力定律C.庫侖發(fā)現(xiàn)了點(diǎn)電荷的相互作用規(guī)律；密立根通過油滴實(shí)驗(yàn)測(cè)定了元電荷的數(shù)值D.法拉第發(fā)現(xiàn)了磁場(chǎng)對(duì)運(yùn)動(dòng)電荷的作用規(guī)律；洛倫茲發(fā)現(xiàn)了磁場(chǎng)對(duì)電流的作用規(guī)律10、如圖所示，兩個(gè)質(zhì)量分別為m1=3kgm2=2kg

的物體置于光滑的水平面上，中間用輕質(zhì)彈簧秤連接.

兩個(gè)大小分別為F1=30NF2=20N

的水平拉力分別作用在m1m2

上，則(

)

A.彈簧秤的示數(shù)是50N

B.彈簧秤的示數(shù)是24N

C.在突然撤去F2

的瞬間，m1

的加速度大小為2m/s2

D.在突然撤去F2

的瞬間，m2

的加速度大小為12m/s2

11、如圖所示，質(zhì)量m=2kg

的物體在水平外力的作用下在水平面上運(yùn)動(dòng)，已知物體在運(yùn)動(dòng)過程中的坐標(biāo)與時(shí)間的關(guān)系為：x=3.0t(m)y=0.2t2(m)g

取10m/s2

由下列條件可知(

)

A.物體所受的合外力大小和方向均不變B.t=10s

時(shí)物體的速度大小為3m/s

C.物體運(yùn)動(dòng)時(shí)第3

秒的速度變化量大于第1

秒的速度變化量D.t=10s

時(shí)物體的位置坐標(biāo)為(30,20)

評(píng)卷人得分三、填空題(共6題，共12分)12、一彈簧受到100N的拉力時(shí)，它的長(zhǎng)度是11cm；當(dāng)它受的拉力再增大50N，達(dá)到150N時(shí)，彈簧長(zhǎng)度是13cm，則彈簧的勁度系數(shù)是____，彈簧的原長(zhǎng)是____，如用兩手握住它的兩端，分別用100N的力向兩邊拉，則這彈簧伸長(zhǎng)____．13、（2015?綿陽模擬）用如圖所示的裝置來探究小球做圓周運(yùn)動(dòng)所需向心力的大小F與質(zhì)量m、角速度ω和半徑r之間的關(guān)系．兩個(gè)變速輪塔通過皮帶連接；轉(zhuǎn)動(dòng)手柄使長(zhǎng)槽和短槽分別隨變速輪塔勻速轉(zhuǎn)動(dòng)，槽內(nèi)的鋼球就做勻速圓周運(yùn)動(dòng)．橫臂的擋板對(duì)鋼球的壓力提供向心力，鋼球?qū)醢宓姆醋饔昧νㄟ^橫臂的杠桿作用使彈簧測(cè)力筒下降，從而露出標(biāo)尺，標(biāo)尺上的紅白相間的等分格顯示出兩個(gè)鋼球所受向心力的比值．

如圖是探究過程中某次實(shí)驗(yàn)時(shí)裝置的狀態(tài)．

①在研究向心力的大小F與質(zhì)量m關(guān)系時(shí)，要保持____相同．

A．ω和rB．ω和mC．m和rD．m和F

②圖中所示是在研究向心力的大小F與____的關(guān)系．

A．質(zhì)量mB．半徑rC．角速度ω

③若圖中標(biāo)尺上紅白相間的等分格顯示出兩個(gè)小球所受向心力的比值為1：9，與皮帶連接的兩個(gè)變速輪塔的半徑之比為____．

A.1：3B.3：1C.1：9D.9：1．14、（2007秋?松江區(qū)期末）一個(gè)小球從傾角為37°的斜面上O點(diǎn)以初速v0水平拋出，落在斜面上A點(diǎn)，如圖所示，則小球在空中的飛行時(shí)間為t=____．若第二次以水平速度v′0，從同一位置同方向拋出，小球落在斜面上B點(diǎn)，兩次落至斜面時(shí)的動(dòng)能與拋出時(shí)動(dòng)能相比，其增量之比△Ek：△E′k=2：5，則兩次拋出時(shí)的初速度大小之比為v0：v′0=____．15、【題文】一列沿著x軸正方向傳播的橫波；在t＝0時(shí)刻的波形如圖甲所示．圖甲中某質(zhì)點(diǎn)的振動(dòng)圖像如圖乙所示．

質(zhì)點(diǎn)N的振幅是________m，振動(dòng)周期為________s，圖乙表示質(zhì)點(diǎn)________(從質(zhì)點(diǎn)K、L、M、N中選填)的振動(dòng)圖像，該波的波速為________m/s.16、一質(zhì)點(diǎn)沿x軸做直線運(yùn)動(dòng)；各個(gè)時(shí)刻的位置如表所示。

。t/s012345x/m05-4-3-8-2則：第3s內(nèi)的位移是____m，前3s內(nèi)的位移為____m，前5s內(nèi)的路程為____m．17、（2016?澄城縣校級(jí)模擬）如圖所示，質(zhì)量為m的物體靜止放在水平光滑的平臺(tái)上，系在物體上的繩子跨過光滑定滑輪，在地面上的人以速度v0向右勻速行走，設(shè)人從地面上靠近平臺(tái)的邊緣處開始向右行至繩與水平方向夾角θ=45°處，則在此過程中人對(duì)物體所做的功為____．評(píng)卷人得分四、判斷題(共1題，共6分)18、矢量的運(yùn)算遵守平行四邊形法則．____．評(píng)卷人得分五、推斷題(共3題，共30分)19、化合物rm{G}是一種醫(yī)藥中間體，常用于制備抗凝血藥?？梢酝ㄟ^下圖所示的路線合成：是一種醫(yī)藥中間體，常用于制備抗凝血藥?？梢酝ㄟ^下圖所示的路線合成：已知：rm{RCOOHxrightarrow[]{PC{l}_{3}}}rm{G}rm{RCOOHxrightarrow[]{PC{l}_{3}}

}與rm{RCOCl}rm{D}與rm{FeCl}rm{RCOCl}rm{D}rm{FeCl}的反應(yīng)類型是，rm{3}的結(jié)構(gòu)簡(jiǎn)式為．rm{3}若溶液能發(fā)生顯色。請(qǐng)回答下列問題：轉(zhuǎn)化所加的試劑為銀氨溶液，則rm{(1)D隆煤E}與銀氨溶液反應(yīng)的化學(xué)方程式是。rm{D}有關(guān)rm{(2)}的下列說法正確的是。A.屬于芳香烴rm{B隆煤C}最多可以跟rm{B}反應(yīng)C.能與rm{(3)}rm{G}溶液發(fā)生顯色反應(yīng)rm{B.1molG}可以發(fā)生水解、加成、氧化、酯化等反應(yīng)rm{2molNaOH}與足量rm{FeCl}溶液充分反應(yīng)的化學(xué)方程式為。rm{3}寫出同時(shí)滿足下列條件的rm{3}的可能同分異構(gòu)體的結(jié)構(gòu)簡(jiǎn)式。rm{D.}發(fā)生水解反應(yīng)rm{(4)F}與rm{NaOH}rm{(5)}溶液能發(fā)生顯色反應(yīng)rm{E}苯環(huán)上有兩種不同化學(xué)環(huán)境的氫原子rm{壟脵}能發(fā)生銀鏡反應(yīng)rm{壟脷}已知：酚羥基一般不易直接與羧酸酯化。而苯甲酸苯酚酯rm{FeCl}rm{3}是一種重要的有機(jī)合成中間體。結(jié)合題中信息試寫出以苯酚、甲苯為原料制取該化合物的合成路線流程圖rm{3}無機(jī)原料任用rm{壟脹}注：合成路線的書寫格式參照如下示例流程圖：rm{壟脺}rm{(6)}已知：酚羥基一般不易直接與羧酸酯化。而苯甲酸苯酚酯rm{(}rm{(6)}rm{xrightarrow[;麓脽祿爐錄脕]{{O}_{2}}}rm{(}rm{)}是一種重要的有機(jī)合成中間體。結(jié)合題中信息試寫出以苯酚、甲苯為原料制取該化合物的合成路線流程圖rm{(}無機(jī)原料任用rm{)}注：合成路線的書寫格式參照如下示例流程圖：rm{)}rm{xrightarrow[脜簍脕貌脣謾]{C{H}_{3}C{H}_{2}O}}rm{(}rm{)}rm{CH}rm{CH}rm{3}rm{3}rm{CHO}20、【化學(xué)rm{隆陋隆陋}選修r(nóng)m{5}有機(jī)化學(xué)基礎(chǔ)】雙安妥明可用于降低血糖中的膽固醇，其結(jié)構(gòu)簡(jiǎn)式為：該物質(zhì)的合成路線如圖所示：Ⅲrm{.C}的密度是同溫同壓下氫氣密度的rm{28}倍，且支鏈有一個(gè)甲基；rm{I}能發(fā)生銀鏡反應(yīng)且rm{1molI}能與rm{2molH_{2}}發(fā)生加成反應(yīng)；rm{K}的結(jié)構(gòu)具有對(duì)稱性。請(qǐng)回答下列問題：rm{(1)A}的結(jié)構(gòu)簡(jiǎn)式為____，rm{J}中所含官能團(tuán)名稱為____。rm{(2)D}的名稱為____。rm{(3)}反應(yīng)rm{D隆煤E}的化學(xué)方程式為____，其反應(yīng)類型是____。rm{(4)}“rm{H+K隆煤}雙安妥明”的化學(xué)方程式為____。rm{(5)L}為比rm{H}的相對(duì)分子質(zhì)量小rm{14}的同系物的同分異構(gòu)體，苯環(huán)上有兩個(gè)取代基，苯環(huán)上一氯代物只有兩種，能與rm{FeCl_{3}}溶液發(fā)生顯色反應(yīng)，且屬于酯的有機(jī)物有____種。rm{(6)}利用上述框圖信息試由rm{CH_{3}CH_{2}CH_{2}OH}合成rm{CH_{3}CH_{2}CH_{2}OOCCH_{2}COOCH_{2}CH_{2}CH}21、五種不同元素rm{X}rm{Y}rm{Z}rm{D}rm{E}rm{F}的信息如下：。元素有關(guān)信息rm{X}元素主要常見化合價(jià)為rm{-}rm{2}和rm{-1}價(jià)，其單質(zhì)是空氣主要成分之一。rm{Y}所在主族序數(shù)與所在周期序數(shù)之差為rm{4}，其單質(zhì)是氯堿工業(yè)產(chǎn)物之一。rm{Z}原子半徑為rm{0.102nm}，核外最外層電子數(shù)是其電子層數(shù)的rm{2}倍，其氣態(tài)氫化物與rm{Y}單質(zhì)發(fā)生反應(yīng)生成淡黃色固體。rm{D}活潑金屬，最高價(jià)氧化物對(duì)應(yīng)的水化物，能電離出離子數(shù)、電子數(shù)都相等的陰、陽離子。rm{E}單質(zhì)是生活中常見金屬，其制品在潮濕空氣中易被腐蝕或損壞。rm{F}元素所在的主族序數(shù)等于周期序數(shù)。請(qǐng)回答下列問題：rm{(1)Y}元素符號(hào)是_________，rm{Z}在周期表中的位置_________，rm{D}的最高價(jià)氧化物對(duì)應(yīng)水化物的電子式為__________rm{(2)X}單質(zhì)與rm{D}單質(zhì)反應(yīng)生成的rm{D_{2}X_{2}}能和rm{H_{2}O}反應(yīng)，寫出其離子方程式為____。rm{(3)E}元素與rm{Y}元素可形成rm{EY_{2}}和rm{EY_{3}}兩種化合物，向淀粉碘化鉀溶液滴加幾滴rm{EY_{3}}的濃溶液，原無色溶液可變?yōu)樽仙?，其原因是____rm{(}用離子方程式表示rm{)}rm{(4)E}單質(zhì)在發(fā)生吸氧腐蝕時(shí)的正極反應(yīng)方程式____rm{(5)F}的一種復(fù)鹽常用作凈水劑，用離子方程式表示其凈水原理____評(píng)卷人得分六、綜合題(共4題，共16分)22、（1）（6分）P、Q是一列簡(jiǎn)諧橫波中的質(zhì)點(diǎn)，相距30m，各自的振動(dòng)圖象如圖所示．①此列波的頻率f＝________Hz.②如果P比Q離波源近，且P與Q間距離小于1個(gè)波長(zhǎng)，那么波長(zhǎng)λ＝________m.③如果P比Q離波源遠(yuǎn)，那么波長(zhǎng)λ＝________m.（2）（9分）如圖所示，半圓形玻璃磚的半徑為R，光屏PQ置于直徑的右端并與直徑垂直，一復(fù)色光與豎直方向成α＝30°角射入玻璃磚的圓心，由于色光中含有兩種單色光，故在光屏上出現(xiàn)了兩個(gè)光斑，玻璃對(duì)兩種單色光的折射率分別為n1＝和n2＝，求：①這兩個(gè)光斑之間的距離；②為使光屏上的光斑消失，復(fù)色光的入射角至少為多少23、【題文】如圖所示，線圈匝數(shù)n=100匝，面積S=50cm2，線圈總電阻r=10Ω，外電路總電阻R=40Ω，沿軸向勻強(qiáng)磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度由B=0.4T在0.1s內(nèi)均勻減小為零再反向增為B=0.1T，求（1）磁通量的變化率為多少？（2）感應(yīng)電流大小為多少？（3）線圈的輸出功率為多少？24、

(1)求圓環(huán)下落的最大速度vm(設(shè)磁場(chǎng)區(qū)域在豎直方向足夠長(zhǎng))；

(2)當(dāng)圓環(huán)下落的加速度為g/2時(shí)；求圓環(huán)的發(fā)熱功率P；

(3)已知圓環(huán)下落時(shí)間為T時(shí)，下落高度為H，其速度為v0(v0＜vm＝。若在該時(shí)間T內(nèi)，圓環(huán)內(nèi)產(chǎn)生的熱量與一恒定電流I0在該圓環(huán)內(nèi)產(chǎn)生的熱量相同，求恒定電流I0的表達(dá)式。

25、【題文】一個(gè)質(zhì)量m＝60kg的滑雪運(yùn)動(dòng)員從高h(yuǎn)＝20m的高臺(tái)上水平滑出，落在水平地面上的B點(diǎn)，由于落地時(shí)有機(jī)械能損失，落地后只有大小為10m/s的水平速度，滑行到C點(diǎn)后靜止，如圖所示。已知A與B、B與C之間的水平距離s1＝30m，s2＝40m，g＝10m/s2；不計(jì)空氣阻力。求：

（1）滑雪運(yùn)動(dòng)員在水平面BC上受到的阻力大小f＝?

（2）落地時(shí)損失的機(jī)械能△E＝?參考答案一、選擇題(共6題，共12分)1、C【分析】【分析】根據(jù)E=BSω判定出線圈產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)的關(guān)系，結(jié)合閉合電路的歐姆定律判斷出感應(yīng)電流的大小【解析】【解答】解：線圈轉(zhuǎn)動(dòng)過程中產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)Em=BSω，由于線圈面積相同，轉(zhuǎn)動(dòng)的角速度相同，故產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)相同，根據(jù)閉合回路的歐姆定律可知；產(chǎn)生的電流的有效值都相同，故C正確，ABD錯(cuò)誤；

故選：C2、D【分析】【分析】該實(shí)驗(yàn)中，彈力等于勾碼的拉力，彈簧的彈力與伸長(zhǎng)量成正比，根據(jù)胡克定律分析即可．【解析】【解答】解：A；從表格數(shù)據(jù)得到1個(gè)勾碼的重力應(yīng)該是0.98N；質(zhì)量為0.1kg，故A錯(cuò)誤；

B；長(zhǎng)度讀數(shù)要估讀；最后一位是估讀的，故最小刻度是cm，故B錯(cuò)誤；

C；彈簧的原長(zhǎng)是12cm；每掛一個(gè)鉤碼，彈簧伸長(zhǎng)2.0cm，故C錯(cuò)誤；

D；由于彈力與伸長(zhǎng)量成正比；故實(shí)驗(yàn)時(shí)彈簧伸長(zhǎng)量未超過彈性限度，故D正確；

故選：D．3、D【分析】【分析】根據(jù)動(dòng)量守恒條件；動(dòng)量定理分析答題．

動(dòng)量守恒條件：系統(tǒng)所受合外力為零；

動(dòng)量定理：動(dòng)量的變化等于合外力的沖量．【解析】【解答】解：A；剪斷細(xì)線后；A、B組成的系統(tǒng)所受合外力不為零，則系統(tǒng)動(dòng)量不守恒，故A錯(cuò)誤；

B；如果A物體的動(dòng)量變化與B物體的動(dòng)量變化大小相等、方向相反；則A、B組成的系統(tǒng)動(dòng)量變化量為零，系統(tǒng)動(dòng)量守恒，實(shí)際上系統(tǒng)所受合外力不為零，系統(tǒng)動(dòng)量不守恒，故B錯(cuò)誤；

C；物體A的動(dòng)量的增量等于彈簧彈力與重力的沖量之和；不等于彈簧彈力對(duì)物體A的沖量，故C錯(cuò)誤；

D；以A、B組成的系統(tǒng)為研究對(duì)象；在B落地前，對(duì)系統(tǒng)由動(dòng)量定理得：

I彈-（mA+mB）gt=mAvA-0+mAvA-0

I彈=（mA+mB）gt+mAvA+mAvA；

即：彈簧彈力對(duì)物體A的沖量等于重力對(duì)A；B的沖量之和再加上A、B的動(dòng)量的增加量；故D正確；

故選：D．4、D【分析】【分析】本題是物理學(xué)史問題，應(yīng)根據(jù)開普勒、牛頓、伽利略等科學(xué)家的科學(xué)成就進(jìn)行解答．【解析】【解答】解：A；德國(guó)天文學(xué)家開普勒對(duì)他導(dǎo)師第谷觀測(cè)的行星數(shù)據(jù)進(jìn)行多年研究；得出了開普勒三大定律．故A錯(cuò)誤．

B；英國(guó)物理學(xué)家卡文迪許利用卡文迪許扭秤首先較準(zhǔn)確的測(cè)定了引力常量；沒有測(cè)出靜電力常量，故B錯(cuò)誤．

C；伽利略最早指出力不是維持物體運(yùn)動(dòng)的原因；而不是牛頓最早提出的，故C錯(cuò)誤．

D；亞里士多德認(rèn)為物體下落快慢由它們的重量決定；即重物比輕物下落快，伽利略在他的《兩種新科學(xué)的對(duì)話》中利用邏輯推斷出亞里士多德理論是錯(cuò)誤的，故D正確．

故選D5、D【分析】【分析】發(fā)電機(jī)、變壓器都是利用電磁感應(yīng)原理；只要閉合電路中的磁通量發(fā)生變化，一定有感應(yīng)電流；楞次定律體現(xiàn)了其它形式能轉(zhuǎn)化為電能．【解析】【解答】解：A；發(fā)電機(jī)、變壓器都是利用電磁感應(yīng)原理制成的；故A正確；

B；回路內(nèi)的磁通量發(fā)生變化；就一定要產(chǎn)生感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)，形成感應(yīng)電流，故B正確；

C；楞次定律是能量守恒定律在電磁感應(yīng)現(xiàn)象中的體現(xiàn)；故C正確；

D；回路的磁通量越大時(shí)；但磁通量的變化率不一定越大，則產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)不一定越大，故D不正確；

本題選不正確的，故選：D．6、D【分析】【分析】由動(dòng)能定理可知影響物體前進(jìn)位移的因素，由牛頓第二定律可知加速度的大小關(guān)系，由速度位移公式可知滑行時(shí)間的關(guān)系．【解析】【解答】解：A、根據(jù)牛頓第二定律知，加速度a=μg，則t==；所以質(zhì)量不同時(shí)，二者滑行的時(shí)間不相等，故A錯(cuò)誤；

B、最后二者都停止，即末速度為零，速度變化△v=；初動(dòng)能相同，但質(zhì)量不同，故速度變化不同，故B錯(cuò)誤；

C、物塊滑行過程中，只受摩擦力作用，所以摩擦力做功等于動(dòng)能變化，Wf?S=△EK滑行距離相等；動(dòng)能變化也相同，故所受摩擦力也相等，故C錯(cuò)誤，D正確；

故選：D二、多選題(共5題，共10分)7、AD【分析】【分析】根據(jù)物理學(xué)史和常識(shí)解答，記住著名物理學(xué)家的主要貢獻(xiàn)即可【解析】【解答】解：A；庫侖受牛頓萬有引力定律的啟發(fā)；通過扭秤實(shí)驗(yàn)研究得出了庫侖定律量．故A正確．

B；1820年丹麥的物理學(xué)家奧斯特發(fā)現(xiàn)了電流的磁效應(yīng)；1831年英國(guó)物理學(xué)家法拉第總結(jié)出了電磁感應(yīng)定律．故B錯(cuò)誤，D正確．

C；奧斯特發(fā)現(xiàn)電流周圍存在磁場(chǎng)．故C錯(cuò)誤．

故選：AD8、AD【分析】【分析】對(duì)于物理中的重要規(guī)律、原理，要明確其提出者，了解所涉及偉大科學(xué)家的重要成就．【解析】【解答】解：A；伽利略通過理想斜面實(shí)驗(yàn)；得出力不是維持物體運(yùn)動(dòng)原因的結(jié)論，故A正確

B；牛頓發(fā)現(xiàn)了萬有引力定律；卡文迪許測(cè)出了引力常量．故B錯(cuò)誤．

C；密立根通過油滴實(shí)驗(yàn)測(cè)量了電子所帶的電荷量；故C錯(cuò)誤

D；庫侖總結(jié)并確認(rèn)了真空中兩個(gè)靜止點(diǎn)電荷之間的相互作用規(guī)律；故D正確

故選AD．9、ABC【分析】【分析】奧斯特發(fā)現(xiàn)了電流磁效應(yīng)；法拉第發(fā)現(xiàn)了電磁感應(yīng)現(xiàn)象．牛頓發(fā)現(xiàn)了萬有引力定律．庫侖發(fā)現(xiàn)了點(diǎn)電荷的相互作用規(guī)律；密立根通過油滴實(shí)驗(yàn)測(cè)定了元電荷的數(shù)值．洛倫茲發(fā)現(xiàn)了磁場(chǎng)對(duì)運(yùn)動(dòng)電荷的作用規(guī)律；安培發(fā)現(xiàn)了磁場(chǎng)對(duì)電流的作用規(guī)律．【解析】【解答】解；A；1820年丹麥的物理學(xué)家奧斯特發(fā)現(xiàn)了電流磁效應(yīng)；1831年英國(guó)的物理學(xué)家法拉第發(fā)現(xiàn)了電磁感應(yīng)現(xiàn)象．故A正確．

B；英國(guó)物理學(xué)家牛頓發(fā)現(xiàn)了萬有引力定律．故B正確．

C；庫侖發(fā)現(xiàn)了點(diǎn)電荷的相互作用規(guī)律庫侖定律；密立根通過油滴實(shí)驗(yàn)測(cè)定了元電荷e的數(shù)值．故C正確．

D；洛倫茲發(fā)現(xiàn)了磁場(chǎng)對(duì)運(yùn)動(dòng)電荷的作用規(guī)律；安培發(fā)現(xiàn)了磁場(chǎng)對(duì)電流的作用規(guī)律．故D錯(cuò)誤．

故選ABC10、BCD【分析】解：AB

在兩水平拉力作用下；整體向右做勻加速運(yùn)動(dòng)．

先選整體為研究對(duì)象；進(jìn)行受力分析，由牛頓第二定律得：

F1鈭?F2=(m1+m2)a

得：a=30鈭?203+2m/s2=2m/s2

對(duì)m2

受力分析：向左的F2

和向右的彈簧彈力F

由牛頓第二定律得：F鈭?F2=m2a

解得：F=F2+m2a=20+2隆脕2=24(N)

故A錯(cuò)誤，B正確．

C；在突然撤去F2

的瞬間；因?yàn)閺椈傻膹椓Σ荒馨l(fā)生突變，所以m1

的受力沒有發(fā)生變化，故加速度大小仍為2m/s2

故C正確．

D、突然撤去F2

的瞬間，m2

的受力僅剩彈簧的彈力，對(duì)m2

由牛頓第二定律得：F=m2a

解得：a=Fm2=242m/s2=12m/s2

故D正確．

故選：BCD

．

兩個(gè)大小分別為F1=30NF2=20N

的水平拉力導(dǎo)致物體受力不平衡；先選整體為研究對(duì)象進(jìn)行受力分析，由牛頓第二定律解出加速度，再隔離單獨(dú)分析一個(gè)物體，解出彈簧受力；在突然撤去F2

的瞬間，彈簧的彈力不變，對(duì)兩物塊分別列牛頓第二定律，解出其加速度．

在解決連接體問題時(shí)，注意整體法與隔離法的靈活應(yīng)用，然后分別列牛頓第二定律，解出未知量．【解析】BCD

11、AD【分析】解：A

由已知物體運(yùn)動(dòng)過程中的坐標(biāo)與時(shí)間的關(guān)系x=3.0t

知x

軸方向物體做勻速直線運(yùn)動(dòng)；y=0.2t2

知物體在y

軸方向做勻加速直線運(yùn)動(dòng)且加速度為0.4m/s2

依據(jù)運(yùn)動(dòng)的合成與分解，結(jié)合矢量合成法則，則物體所受的合外力大小和方向均不變，故A正確；

B、當(dāng)t=10s

時(shí)，x

軸方向的速度：vx=3m/sy

軸方向的速度為：vy=at=0.4隆脕10m/s=4m/s

則物體的合速度為：v=32+42m/s=5m/s

故B錯(cuò)誤．

C、因加速度恒定，依據(jù)鈻?v=a?鈻?t

因此運(yùn)動(dòng)時(shí)第3

秒的速度變化量等于第1

秒的速度變化量，故C錯(cuò)誤；

D；物體的加速度大小為：a=0.4m/s2

當(dāng)t=10s

時(shí)，物體在x

軸方向運(yùn)動(dòng)位移：x=3t=3隆脕10m=30m

物體在y

軸方向運(yùn)動(dòng)位移：y=0.2t2=0.2隆脕102m=20m

那么這時(shí)物體的位置坐標(biāo)為(30m,20m)

故D正確．

故選：AD

．

由運(yùn)動(dòng)的分解的思想得知物體的運(yùn)動(dòng)分解為x

軸方向的運(yùn)動(dòng)和y

軸方向的運(yùn)動(dòng)；由已知物體運(yùn)動(dòng)過程中的坐標(biāo)與時(shí)間的關(guān)系x=3.0t

知x

軸方向物體做勻速直線運(yùn)動(dòng)，y=0.2t2

知物體在y

軸方向做勻加速直線運(yùn)動(dòng)且加速度為0.4m/s2

然后選用運(yùn)動(dòng)學(xué)公式；牛頓第二定律、力的合成來求解.

注意求水平外力時(shí)應(yīng)是x

軸方向與y

軸方向的合力．

用分解的思想分別在x

軸、y

軸上研究物體的運(yùn)動(dòng)和受力，然后在運(yùn)用平行四邊形法則分別求合速度、求合力．【解析】AD

三、填空題(共6題，共12分)12、2500N/m0.07m0.04m【分析】【分析】在彈性限度范圍內(nèi)，彈簧的伸長(zhǎng)與受到的拉力成正比，即F=kx，其中F為彈力大小，x為伸長(zhǎng)量，k為彈簧的勁度系數(shù)．利用此求出彈簧的勁度系數(shù)和伸長(zhǎng)量．【解析】【解答】解：設(shè)彈簧的勁度系數(shù)為k；彈簧的原長(zhǎng)為L(zhǎng)，由胡克定律F=kx得：

100=k（0.11-L）①

150=k（0.13-L）②

聯(lián)立①②代入數(shù)據(jù)解之得：k=2500N/m；L=0.07m

如用兩手握住它的兩端；分別用100N的力向兩邊拉時(shí)，彈簧的彈力為：F=100N

則這彈簧伸長(zhǎng)量為：x===0.04m

故答案為：2500N/m；0.07m；0.04m．13、ACB【分析】【分析】該實(shí)驗(yàn)采用控制變量法，F(xiàn)=mω2r圖中抓住角速度不變、半徑不變，研究向心力與質(zhì)量的關(guān)系，根據(jù)向心力之比求出兩球轉(zhuǎn)動(dòng)的角速度之比，結(jié)合v=rω，根據(jù)線速度大小相等求出與皮帶連接的變速輪塔對(duì)應(yīng)的半徑之比．【解析】【解答】解：①在研究向心力的大小F與質(zhì)量m、角速度ω和半徑r之間的關(guān)系時(shí)；需先控制某些量不變，研究另外兩個(gè)物理量的關(guān)系，該方法為控制變量法．故選：A．

②圖中兩球的質(zhì)量相同；轉(zhuǎn)動(dòng)的半徑相同，則研究的是向心力與角速度的關(guān)系．故選：C．

③根據(jù)F=mω2r，兩球的向心力之比為1：9，半徑和質(zhì)量相等，則轉(zhuǎn)動(dòng)的角速度之比為1：3，因?yàn)榭科鲃?dòng)，變速輪塔的線速度大小相等，根據(jù)v=rω；知與皮帶連接的變速輪塔對(duì)應(yīng)的半徑之比為3：1．故選：B．

故答案為：①A；②C；③B．14、【分析】【分析】平拋運(yùn)動(dòng)在水平方向上做勻速直線運(yùn)動(dòng)，在豎直方向上做自由落體運(yùn)動(dòng)，抓住位移關(guān)系求出小球在空中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間．根據(jù)動(dòng)能定理，通過動(dòng)能的增加量求出下落的高度比，從而得出時(shí)間比，初速度之比．【解析】【解答】解：小球落在斜面上，有：，解得t=．

根據(jù)動(dòng)能定理知，重力做功等于動(dòng)能的增量，增量之比△Ek：△E′k=2：5，知重力做功之比為2：5，則下降的高度之比為2：5，通過h=知，t=知時(shí)間之比為．

根據(jù)知，初速度之比等于運(yùn)動(dòng)時(shí)間之比，所以兩次拋出時(shí)的初速度大小之比為v0：v′0=．

故答案為：，．15、略

【分析】【解析】從甲、乙圖可看出波長(zhǎng)λ＝2.0m，周期T＝4s，振幅A＝0.8m；乙圖中顯示t＝0時(shí)刻該質(zhì)點(diǎn)處于平衡位置向上振動(dòng)，甲圖波形圖中，波向x軸正方向傳播，則質(zhì)點(diǎn)L正在平衡位置向上振動(dòng)，波速v＝λ/T＝0.5m/s.【解析】【答案】0.84L0.516、1-326【分析】【分析】質(zhì)點(diǎn)在x軸上運(yùn)動(dòng)，質(zhì)點(diǎn)的位移等于初末坐標(biāo)之差，即△x=x2-x1．位移大小是位移的絕對(duì)值．路程是運(yùn)動(dòng)軌跡的長(zhǎng)度．【解析】【解答】解：第3s內(nèi)的位移是-3-（-4）=1m；

前3s內(nèi)的位移為-3-0=-3m；

前5s內(nèi)的路程為5+（4+5）+1+5+6=26m；

故答案為：1；-3；2617、【分析】【分析】對(duì)人運(yùn)動(dòng)的速度進(jìn)行分解，分解為沿繩子方向和垂直于繩子方向，在沿繩子方向上的分速度等于物塊的速度，根據(jù)動(dòng)能定理求出人對(duì)滑塊所做的功．【解析】【解答】解：將人的速度分解為沿繩子方向和垂直于繩子方向；在沿繩子方向的分速度等于物體的速度；

v物=v0cos45°

根據(jù)動(dòng)能定理：W==

故答案為：四、判斷題(共1題，共6分)18、√【分析】【分析】物理量按有無方向分矢量和標(biāo)量，矢量的運(yùn)算遵守平行四邊形法則．【解析】【解答】解：矢量是既有大??；又有方向的物理量，矢量的運(yùn)算遵守平行四邊形法則．故這句話是正確的．

故答案為：√五、推斷題(共3題，共30分)19、（1）取代反應(yīng)或酯化反應(yīng)

（2）CH3CHO+2Ag(NH3)2OHCH3COONH4+2Ag↓+3NH3+H2O

（3）BD

（4）+3NaOH→CH3COONa+CH3OH++H2O

（5）

（6）【分析】【分析】本題主要考查有機(jī)推斷與合成，解題的關(guān)鍵是利用官能團(tuán)的性質(zhì)與轉(zhuǎn)化，結(jié)合題中信息進(jìn)行物質(zhì)推斷，中等難度，答題時(shí)注意有機(jī)基礎(chǔ)知識(shí)的靈活運(yùn)用。根據(jù)題中各物轉(zhuǎn)化關(guān)系，結(jié)合信息rm{RCOOHoverset{PCl_{3}}{}}rm{RCOOHoverset{PCl_{3}}{

}}可知rm{RCOCl}為rm{C}由rm{CH_{3}COOH}的轉(zhuǎn)化條件可知，rm{A隆煤B隆煤C}被氧化成rm{A}rm{B}再被氧化成rm{B}所以rm{C}為rm{B}rm{CH_{3}CHO}為rm{A}根據(jù)rm{CH_{3}CH_{2}OH}的結(jié)構(gòu)可知rm{F}發(fā)生取代反應(yīng)生成rm{E}所以rm{F}為根據(jù)rm{E}的分子式和rm{D}的結(jié)構(gòu)可知，rm{E}與甲醇反應(yīng)生成rm{D}所以rm{E}的結(jié)構(gòu)簡(jiǎn)式為據(jù)此分析。【解答】根據(jù)題中各物轉(zhuǎn)化關(guān)系，結(jié)合信息rm{D}rm{xrightarrow[]{PC{l}_{3}}}rm{RCOOH}，可知rm{RCOOH}為rm{xrightarrow[]{PC{l}_{3}}

}由rm{RCOCl}的轉(zhuǎn)化條件可知，rm{RCOCl}被氧化成rm{C}rm{CH_{3}COOH}再被氧化成rm{A隆煤B隆煤C}所以rm{A}為rm{B}rm{B}為rm{C}根據(jù)rm{B}的結(jié)構(gòu)可知rm{CH_{3}CHO}發(fā)生取代反應(yīng)生成rm{A}所以rm{CH_{3}CH_{2}OH}為根據(jù)rm{F}的分子式和rm{E}的結(jié)構(gòu)可知，rm{F}與甲醇反應(yīng)生成rm{E}所以rm{D}的結(jié)構(gòu)簡(jiǎn)式為rm{E}的結(jié)構(gòu)簡(jiǎn)式為rm{D}為rm{E}是rm{D}與甲醇反應(yīng)生成rm{(1)D}所以發(fā)生的是取代反應(yīng)或酯化反應(yīng)，故答案為：取代反應(yīng)或酯化反應(yīng)；rm{E}為rm{D隆煤E}是與rm{D隆煤E}rm{CH_{3}CHO+2Ag(NH_{3})_{2}OHxrightarrow[]{脣廬脭隆錄脫脠脠}CH_{3}COONH_{4}+2Ag隆媒+3NH_{3}+H_{2}O}rm{D}rm{E}rm{CH_{3}CHO+2Ag(NH_{3})_{2}OHxrightarrow[]{脣廬脭隆錄脫脠脠}CH_{3}COONH_{4}+2Ag隆媒+3NH_{3}+H_{2}O}rm{(2)B}rm{CH_{3}CHO}銀氨溶液反應(yīng)的化學(xué)方程式是：的結(jié)構(gòu)簡(jiǎn)式可知，rm{CH_{3}CHO+2Ag(NH_{3})_{2}OH

xrightarrow[]{脣廬脭隆錄脫脠脠}CH_{3}COONH_{4}+2Ag隆媒+3

NH_{3}+H_{2}O}中有酯基、醇羥基、碳碳雙鍵、苯環(huán)，，中有氧元素，所以不屬于芳香烴，故A錯(cuò)誤；

故答案為：rm{CH_{3}CHO+2Ag(NH_{3})_{2}OH

xrightarrow[]{脣廬脭隆錄脫脠脠}CH_{3}COONH_{4}+2Ag隆媒+3

NH_{3}+H_{2}O}中有一個(gè)酯基，水解生成一個(gè)羧基和一個(gè)酚羥基，則；最多可以跟rm{(3)}反應(yīng)，故B正確；

根據(jù)rm{G}的結(jié)構(gòu)簡(jiǎn)式可知，rm{G}中有酯基、醇羥基、碳碳雙鍵、苯環(huán)，rm{G}中沒有酚羥基，所以不能與rm{G}A.rm{G}中有氧元素，所以不屬于芳香烴，故A錯(cuò)誤；溶液發(fā)生顯色反應(yīng)，故C錯(cuò)誤；rm{G}B.rm{G}中有酯基；羥基、碳碳雙鍵；可以發(fā)生水解、加成、氧化、酯化等反應(yīng)，故D正確；

rm{1molG}最多可以跟rm{2molNaOH}反應(yīng)，故B正確；rm{1molG}rm{2molNaOH}中有兩個(gè)酯基與足量C.溶液充分反應(yīng)生成酚羥基也與氫氧化鈉反應(yīng)，所以反應(yīng)的化學(xué)方程式為rm{G}rm{FeCl}rm{3}rm{3}D.rm{G}故選BD；rm{(4)}rm{F}中有兩個(gè)酯基與足量rm{NaOH}溶液充分反應(yīng)生成酚羥基也與氫氧化鈉反應(yīng)，所以反應(yīng)的化學(xué)方程式為rm{F}rm{NaOH}rm{+3NaOH隆煤CH}rm{+3NaOH隆煤CH}rm{{,!}_{3}}rm{COONa+CH}rm{COONa+CH}rm{{,!}_{3}}為rm{OH+}的同分異構(gòu)體中同時(shí)滿足下列條件rm{OH+}能發(fā)生水解反應(yīng)，說明有酯基，rm{+H}與rm{+H}rm{{,!}_{2}}rm{O}苯環(huán)上有兩種不同化學(xué)環(huán)境的氫原子，說明有兩個(gè)基團(tuán)處于苯環(huán)的對(duì)位，這樣的結(jié)構(gòu)簡(jiǎn)式有rm{O}故答案為：rm{+3NaOH隆煤CH}

rm{+3NaOH隆煤CH}甲苯氧化成苯甲酸，再酯化可得產(chǎn)品，所以該化合物的合成路線流程圖為rm{{,!}_{3}}rm{COONa+CH}rm{COONa+CH}rm{{,!}_{3}}【解析】rm{(1)}取代反應(yīng)或酯化反應(yīng)rm{(2)CH_{3}CHO+2Ag(NH_{3})_{2}OHxrightarrow[]{脣廬脭隆錄脫脠脠}CH_{3}COONH_{4}+2Ag隆媒+3NH_{3}+H_{2}O}rm{(2)CH_{3}CHO+2Ag(NH_{3})_{2}OH

xrightarrow[]{脣廬脭隆錄脫脠脠}CH_{3}COONH_{4}+2Ag隆媒+3

NH_{3}+H_{2}O}

rm{(3)BD}rm{(4)}rm{+3NaOH隆煤CH_{3}COONa+CH_{3}OH+}rm{+H_{2}O}rm{(5)}rm{(6)}20、（1）羥基和醛基（2）2?甲基?1?溴丙烷（3）取代反應(yīng)（4）（5）6（6）【分析】【分析】本題考查有機(jī)物推斷，為高頻考點(diǎn)，側(cè)重考查學(xué)生分析推斷能力，根據(jù)某些物質(zhì)分子式、結(jié)構(gòu)簡(jiǎn)式結(jié)合反應(yīng)條件、題給信息進(jìn)行推斷，正確推斷各物質(zhì)結(jié)構(gòu)簡(jiǎn)式是解本題關(guān)鍵，難點(diǎn)是同分異構(gòu)體種類判斷，題目難度中等?！窘獯稹坑呻p安妥明的結(jié)構(gòu)可知，合成雙安妥明的物質(zhì)為rm{HOCH}rm{HOCH}rm{{,!}_{2}}rm{CH}rm{CH}rm{{,!}_{2}}rm{CH}rm{CH}的分子式為rm{{,!}_{2}}rm{OH}rm{OH}，rm{I}的分子式為rm{C}rm{I}經(jīng)過系列反應(yīng)生成rm{C}rm{{,!}_{3}}的密度是同溫同壓下rm{H}rm{H}rm{{,!}_{4}}倍，rm{O}經(jīng)過系列反應(yīng)生成rm{K}rm{C}的密度是同溫同壓下rm{H}的相對(duì)分子質(zhì)量為rm{O}且支鏈有一個(gè)甲基，能發(fā)生加成反應(yīng)，則rm{K}結(jié)構(gòu)簡(jiǎn)式為rm{C}rm{H}rm{{,!}_{2}}密度的rm{28}倍，rm{CC}的相對(duì)分子質(zhì)量為rm{56}且支鏈有一個(gè)甲基，能發(fā)生加成反應(yīng)，則rm{C}結(jié)構(gòu)簡(jiǎn)式為rm{C(CH}rm{28}rm{CC}rm{56}原子數(shù)目可知，rm{C}為rm{C(CH}rm{{,!}_{3}}rm{)}rm{)}rm{{,!}_{2}}rm{=CH}rm{=CH}rm{{,!}_{2}}能發(fā)生銀鏡反應(yīng)，分子中含有；根據(jù)rm{C}原子數(shù)目可知，rm{K}為rm{HOCH}且rm{C}能與rm{K}氫氣發(fā)生加成反應(yīng)，說明分子中還含有rm{HOCH}雙鍵，故I為rm{{,!}_{2}}rm{CH}rm{CH}rm{{,!}_{2}}為rm{CH}rm{CH}rm{{,!}_{2}}rm{OH}rm{I}能發(fā)生銀鏡反應(yīng)，分子中含有rm{-CHO}且rm{1molI}能與rm{2mol}氫氣發(fā)生加成反應(yīng)，說明分子中還含有rm{C=C}雙鍵，故I為rm{CH}rm{OH}rm{I}為rm{-CHO}rm{1molI}與rm{2mol}反應(yīng)生成rm{C=C}可知，合成rm{CH}的物質(zhì)為苯酚鈉、rm{{,!}_{2}}rm{=CH-CHO}rm{J}為rm{HOCH}rm{=CH-CHO}rm{J}rm{HOCH}rm{{,!}_{2}}的分子式為rm{CH}rm{CH}rm{{,!}_{2}}rm{CHO}rm{H}為rm{CHO}根據(jù)rm{H}原子數(shù)目可知，，為rm{B}與rm{G}反應(yīng)生成rm{B}rm{G}，由反應(yīng)信息rm{i}可知，合成rm{H}的物質(zhì)為苯酚鈉、rm{BrC(CH}rm{i}故B為苯酚鈉，rm{H}與氫氧化鈉反應(yīng)生成rm{BrC(CH}故A為苯酚rm{{,!}_{3}}rm{)}在溴rm{)}紅磷作用下生成rm{{,!}_{2}}根據(jù)反應(yīng)信息rm{COOH}rm{C}的分子式為rm{C}可知rm{COOH}為rm{C}rm{C}rm{{,!}_{4}}rm{H}rm{H}rm{{,!}_{8}}連續(xù)氧化生成，經(jīng)過系列轉(zhuǎn)化生成rm{G}根據(jù)rm{C}原子數(shù)目可知，rm{G}為rm{BrC(CH}故E為rm{G}rm{C}rm{G}rm{BrC(CH}rm{{,!}_{3}}rm{)}rm{)}rm{{,!}_{2}}轉(zhuǎn)化生成rm{COOH}故B為苯酚鈉，rm{A}與氫氧化鈉反應(yīng)生成rm{B}故A為苯酚rm{COOH}為rm{A}rm{B}；rm{F}在溴rm{/}紅磷作用下生成rm{G}根據(jù)反應(yīng)信息rm{i}可知rm{F}為rm{CH(CH}rm{F}rm{/}rm{G}rm{i}由以上分析可知rm{F}的結(jié)構(gòu)簡(jiǎn)式為rm{CH(CH}為rm{{,!}_{3}}rm{)}rm{)}rm{{,!}_{2}}rm{COOH}rm{E}連續(xù)氧化生成rm{F}故E為rm{CH(CH}所含官能團(tuán)名稱為羥基和醛基，故答案為：羥基和醛基；rm{COOH}rm{E}為rm{F}rm{CH(CH}rm{{,!}_{3}}rm{)}rm{)}rm{{,!}_{2}}rm{CH}其名稱為rm{CH}甲基rm{{,!}_{2}}溴丙烷，故答案為：rm{OH}rm{D}轉(zhuǎn)化生成rm{E}rm{D}為rm{CH(CH}甲基rm{OH}溴丙烷；rm{D}rm{E}是鹵代烴，rm{D}是醇，rm{CH(CH}和氫氧化鈉的水溶液發(fā)生取代反應(yīng)生成醇，化學(xué)方程式為rm{(C{H}_{3}{)}_{2}CHC{H}_{2}Br;+;NaOHxrightarrow[]{?}(C{H}_{3}{)}_{2}CHC{H}_{2}OH;+NaBr}故答案為：rm{(C{H}_{3}{)}_{2}CHC{H}_{2}Br;+;NaOHxrightarrow[]{?}(C{H}_{3}{)}_{2}CHC{H}_{2}OH;+NaBr}取代反應(yīng)；rm{{,!}_{3}}rm{)}雙安妥明的反應(yīng)方程式為：故答案為：rm{)}rm{{,!}_{2}}為比rm{CH}的相對(duì)分子質(zhì)量小rm{CH}的同系物，rm{{,!}_{2}}rm{Br}rm{Br}rm{(1)}rm{A}的結(jié)構(gòu)簡(jiǎn)式為rm{A}rm{J}為rm{HOCH}rm{J}rm{HOCH}兩個(gè)取代基處于對(duì)位，則滿足條件的同分異構(gòu)體有rm{{,!}_{2}}種，故答案為：rm{CH}rm{CH}由rm{{,!}_{2}}合成rm{CHO}所含官能團(tuán)名稱為的路線為rm{C{H}_{3}C{H}_{2}C{H}_{2}OHxrightarrow[脩玫祿爐]{脕盧脨酶}C{H}_{3}C{H}_{2}COOHxrightarrow[潞矛脕脳]{盲氓}C{H}_{3}CH(Br)COOHxrightarrow[;脪脪麓錄]{NaOH}C{H}_{3}CHCOONaxrightarrow[鹿媒脩玫祿爐脦茂]{;;HBr;}BrC{H}_{2}C{H}_{2}COONaxrightarrow[脣廬,?]{;NaOH;;}HOC{H}_{2}C{H}_{2}COOHxrightarrow[脩玫祿爐]{脕盧脨酶}HOOCC{H}_{2}COOHxrightarrow[C{H}_{3}C{H}_{2}C{H}_{2}OH]{脜簍脕貌脣謾,?}C{H}_{3}C{H}_{2}C{H}_{2}OOCC{H}_{2}COOC{H}_{2}C{H}_{2}C{H}_{3}}故答案為：rm{C{H}_{3}C{H}_{2}C{H}_{2}OHxrightarrow[脩玫祿爐]{脕盧脨酶}C{H}_{3}C{H}_{2}COOHxrightarrow[潞矛脕脳]{盲氓}C{H}_{3}CH(Br)COOHxrightarrow[;脪脪麓錄]{NaOH}C{H}_{3}CHCOONaxrightarrow[鹿媒脩玫祿爐脦茂]{;;HBr;}BrC{H}_{2}C{H}_{2}COONa}rm{xrightarrow[脣廬,?]{;NaOH;;}HOC{H}_{2}C{H}_{2}COOHxrightarrow[脩玫祿爐]{脕盧脨酶}HOOCC{H}_{2}COOHxrightarrow[C{H}_{3}C{H}_{2}C{H}_{2}OH]{脜簍脕貌脣謾,?}C{H}_{3}C{H}_{2}C{H}_{2}OOCC{H}_{2}COOC{H}_{2}C{H}_{2}C{H}_{3}}rm{CHO}【解析】rm{(1)}羥基和醛基rm{(2)2?}甲基rm{?1?}溴丙烷rm{(3)(C{H}_{3}{)}_{2}CHC{H}_{2}Br;+;NaOHxrightarrow[]{?}(C{H}_{3}{)}_{2}CHC{H}_{2}OH;+NaBr}取代反應(yīng)rm{(3)(C{H}_{3}{)}_{2}CHC{H}_{2}Br;+;NaOH

xrightarrow[]{?}(C{H}_{3}{)}_{2}CHC{H}_{2}OH;+NaBr}rm{(4)}rm{(6)C{H}_{3}C{H}_{2}C{H}_{2}OHxrightarrow[脩玫祿爐]{脕盧脨酶}C{H}_{3}C{H}_{2}COOHxrightarrow[潞矛脕脳]{盲氓}C{H}_{3}CH(Br)COOHxrightarrow[;脪脪麓錄]{NaOH}C{H}_{3}CHCOONaxrightarrow[鹿媒脩玫祿爐脦茂]{;;HBr;}BrC{H}_{2}C{H}_{2}COONa}rm{xrightarrow[脣廬,?]{;NaOH;;}HOC{H}_{2}C{H}_{2}COOHxrightarrow[脩玫祿爐]{脕盧脨酶}HOOCC{H}_{2}COOHxrightarrow[C{H}_{3}C{H}_{2}C{H}_{2}OH]{脜簍脕貌脣謾,?}C{H}_{3}C{H}_{2}C{H}_{2}OOCC{H}_{2}COOC{H}_{2}C{H}_{2}C{H}_{3}}rm{(5)6}21、rm{(1)Cl}第三周期第Ⅵrm{A}族rm{(2)2Na_{2}O_{2}+2H_{2}O簍T4Na^{+}+4OH^{-}+O_{2}隆眉}

rm{(3)2Fe^{3+}+2I^{-}簍T2Fe^{2+}+I_{2}}

rm{(4)O_{2}+2H_{2}O+4e^{-}簍T4OH^{-}}

rm{(5)Al^{3+}+3H_{2}O?Al(OH)_{3}(}膠體rm{(5)Al^{3+}+3H_{2}O?

Al(OH)_{3}(}rm{)+3H^{+}}【分析】【分析】本題考查結(jié)構(gòu)性質(zhì)位置關(guān)系應(yīng)用，注意結(jié)合問題推斷元素，側(cè)重對(duì)化學(xué)用語的考查，注意對(duì)基礎(chǔ)知識(shí)的理解掌握，難度不大。

【解答】元素rm{X}主要常見化合價(jià)為rm{-2}和rm{-1}價(jià)，原子半徑為rm{0.074nm}則rm{X}為rm{O}元素；rm{D}的最高價(jià)氧化物對(duì)應(yīng)的水化物，能電離出離子數(shù)、電子數(shù)都相等的陰、陽離子，則rm{D}為rm{Na}元素；rm{E}的單質(zhì)是生活中常見金屬，其制品在潮濕空氣中易被腐蝕或損壞，則rm{E}為rm{Fe}rm