2025年教科新版選修3物理上冊階段測試試卷

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年教科新版選修3物理上冊階段測試試卷782考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五六總分得分評卷人得分一、選擇題(共8題，共16分)1、每個光子的能量取決于光的（）A.振幅B.波長C.頻率D.速度2、下列各圖中，運動電荷的速度方向、磁感應強度方向和電荷的受力方向之間的關系正確的是()A.B.C.D.3、如圖所示為一定質(zhì)量的理想氣體狀態(tài)的兩段變化過程，一個從c到b，另一個是從a到b，其中c與a的溫度相同；比較兩段變化過程，則（）

A.c到b過程氣體放出熱量較多B.a到b過程氣體放出熱量較多C.c到b過程內(nèi)能減少較多D.a到b過程內(nèi)能減少較多4、一個帶電粒子沿垂直于磁場的方向射入一勻強磁場；粒子的一段軌跡如圖所示，軌跡上的每一小段都可近似看成圓弧。由于帶電粒子使沿途的空氣電離，粒子的能量逐漸減?。◣щ姾闪坎蛔儯?，則從圖中情況可以確定（）

A.粒子從a到b，帶正電B.粒子從a到b，帶負電C.粒子從b到a，帶正電D.粒子從b到a，帶負電5、如圖a，理想變壓器原、副線圈的匝數(shù)比為2∶1，與副線圈相連的兩個燈泡完全相同、電表都為理想電表，原線圈接上如圖b所示的正弦交流電；電路正常工作，閉合開關后()

A.電壓表示數(shù)增大B.電流表示數(shù)增大C.變壓器的輸入功率增大D.經(jīng)過燈泡的電流頻率為25Hz6、如圖所示，A1、A2為電流表，V為電壓表，C為電容器，R1為滑動變阻器，R2為定值電阻，電源電動勢為E，內(nèi)阻為r．現(xiàn)將開關S閉合，當滑動變阻器滑片P向右移動過程中；下列結(jié)論正確的是。

A.電壓表V示數(shù)變小B.電流表A1示數(shù)變小C.電流表A2示數(shù)變大D.電容器C上電荷量增大7、關于波長,下列說法中正確的是（?）A.橫波的兩個波峰之間的距離等于一個波長B.一個周期內(nèi)介質(zhì)質(zhì)點通過的路程是一個波長C.橫波上相鄰的波峰和波谷間的距離等于一個波長D.波源開始振動后，在振動的一個周期里波傳播的距離等于一個波長8、放射性元素U的衰變途徑有多種可能，其中一種途徑為下列關于該種衰變途徑的說法正確的是A.衰變式中的X=234，Y=235B.h衰變的實質(zhì)是核內(nèi)的一個中子轉(zhuǎn)化成了一個質(zhì)子C.衰變的實質(zhì)是核內(nèi)的一個中子轉(zhuǎn)化成了一個質(zhì)子D.衰變過程中電荷數(shù)和質(zhì)量數(shù)守恒，但能量不守恒評卷人得分二、多選題(共5題，共10分)9、圖所示，電源的電動勢為E，內(nèi)阻為r，R1為定值電阻，R2為滑動變阻器，C為電容器，L為小燈泡，電表均為理想電表，閉合開關S后，若滑動變阻器的觸頭P向下滑動時，則()

A.小燈泡的功率增大B.電壓表的示數(shù)增大C.電容器上的電荷量增加D.兩表示數(shù)變化量的比值不變10、一定質(zhì)量的理想氣體由狀態(tài)變化的圖像如圖所示．下列說法正確的是（）

A.過程中氣體的內(nèi)能不斷增大B.過程中氣體向外界放熱C.過程中氣體與外界始終沒有熱交換D.過程中氣體分子的平均動能保持不變11、關于熱學相關規(guī)律，下列說法正確的是（）A.當分子間作用力表現(xiàn)為斥力時，分子勢能隨分子間距的減小而減小B.氣體壓強由氣體分子碰撞器壁產(chǎn)生，大小由氣體分子數(shù)密度和溫度決定C.單晶體具有規(guī)則的幾何外形是由于它內(nèi)部的微粒按一定規(guī)律排列E.未來科技進步了，人類就可以將散失在空氣中的內(nèi)能全部重新收集起來加以利用E.未來科技進步了，人類就可以將散失在空氣中的內(nèi)能全部重新收集起來加以利用12、絕緣光滑斜面與水平面成α角，質(zhì)量m、帶電荷量為-q（q>0）的小球從斜面上的h高度處釋放，初速度為v0（v0>0）方向與斜面底邊MN平行；如圖所示，整個裝置處在勻強磁場B中，磁場方向平行斜面向上．如果斜面足夠大，且小球能夠沿斜面到達底邊MN．則下列判斷正確的是（）

A.小球在斜面做變加速曲線運動B.小球到達底邊MN的時間C.勻強磁場磁感應強度的取值范圍為D.勻強磁場磁感應強度的取值范圍為13、隨著我國人民生活水平的不斷提高，家庭中使用的電器越來越多．下列電器中主要應用電流熱效應的是（）A.電風扇B.電飯煲C.電暖器D.電視機評卷人得分三、填空題(共8題，共16分)14、上午教室內(nèi)的溫度是空氣的相對濕度是60%，已知時飽和汽壓是則絕對濕度為___________如果教室內(nèi)絕對濕度不變，下午溫度升高到則相對濕度________________（選填“變大”或“不變”或“變小”）。15、圖中虛線a、b、c、d、f代表勻強電場內(nèi)間距相等的組等勢面，已知平面b上的電勢為2V．一電子經(jīng)過a平面時的動能為10eV，從a到d的過程中克服電場力所做的功為6eV．則電勢為零的等勢面是_____，電子經(jīng)過c平面時的動能為_____eV．

16、A、B、C、D、E、F分別是正六邊形的六個頂點，各頂點到正六邊形中心O的距離為a，現(xiàn)只在F處放一電量為-Q的點電荷，則中心O處的電場強度的大小為____；若再在A、B、C、D、E處各放一電量為+Q的點電荷，則中心O處的電場強度的大小變?yōu)開___。

17、已知熱力學溫標與攝氏溫標之間的關系為：T＝t＋273.15K?；卮鹣铝袉栴}：

（1）冰的熔點為即為______K。

（2）如果物體的溫度升高那么，物體的溫度將升高______K。18、判斷下列說法的正誤：

（1）一定質(zhì)量的某種氣體，在壓強不變時，若溫度升高，則體積減小。（____）

（2）“拔火罐”時，火罐冷卻，罐內(nèi)氣體的壓強小于大氣的壓強，火罐就被“吸”在皮膚上。（____）

（3）一定質(zhì)量的氣體，等容變化時，氣體的壓強和溫度不一定成正比。（____）

（4）查理定律的數(shù)學表達式＝C，其中C是一個與氣體的質(zhì)量、壓強、溫度、體積均無關的恒量。（____）19、在北方寒冷的冬天，有時會出現(xiàn)“多個太陽”的“幻日”奇觀，這時由于空氣中的水蒸氣在大氣里凝結(jié)成了小冰晶，太陽通過冰晶折射的緣故。如圖所示為太陽光照射到六角冰晶上折射的光路圖，a、b是太陽光中的兩種單色光，由此可以判斷，冰晶對單色光a的折射率_________（填“大于”或“小于”）冰晶對單色光b的折射率，單色光a在冰晶中的傳播速度比單色光b在冰晶中的傳播速度_________（填“大”或“小”）

20、如圖所示的電路中，E、r、R1已知，可變電阻R2的最大值

（1）當R2=______時，R1的電功率P1有最大值，最大值為______；

（2）當R2=______時，R2的電功率P2有最大值，最大值為______；

（3）當R2=______時，電源功率PE有最大值，最大值為______；

（4）當R2=______時，電源內(nèi)部消耗的功率有最小值，最小值為______

（5）當R2=______時，電源輸出功率P出有最大值，最大值為______21、小涵站在平面鏡前0.5m處觀察自己在鏡中的像，像到平面鏡的距離是______m，她向后退的過程中，像的大小______（選填“變大”、“變小”或“不變”）。評卷人得分四、作圖題(共3題，共27分)22、如圖所示，甲、乙是直線電流的磁場，丙、丁是環(huán)形電流的磁場，戊、己是通電螺線管的磁場，試在各圖中補畫出電流方向或磁感線方向．

23、示波管的內(nèi)部結(jié)構如圖所示．如果在偏轉(zhuǎn)電極XX/、YY/之間都沒有加電壓，電子束將打在熒光屏中心．如果在偏轉(zhuǎn)電極XX/之間和YY/之間分別加上如圖所示的電壓，請畫出熒光屏上出現(xiàn)的完整掃描波形圖．

24、圖中表示某一時刻的波形圖，已知波速為0.5m/s，波沿著x軸的正方向傳播；畫出經(jīng)過7s后的波形曲線。

評卷人得分五、實驗題(共2題，共6分)25、用電流表和電壓表測定電池的電動勢和內(nèi)電阻；被測電源是兩節(jié)干電池串聯(lián)成的電池組．可供選擇的實驗器材如下：

A．電流表；量程0.6A，內(nèi)阻約為0.5Ω

B．電流表；量程100mA，內(nèi)阻約為5Ω

C．電壓表；量程3V，內(nèi)阻約為3kΩ

D．電壓表；量程15V，內(nèi)阻約為5kΩ

E．滑動變阻器；0～1000Ω，0.1A

F．滑動變阻器；0～10Ω，2A

開關一個；導線若干。

(1)為了盡量得到較準確的實驗結(jié)果，電流表應選________，電壓表應選________，滑動變阻器應選________（填器材前面的選項字母）．

(2)有(甲)、(乙)兩個可供選擇的電路如圖所示，為減小實驗誤差，應選___________電路進行實驗．

（3）如圖是根據(jù)實驗記錄數(shù)據(jù)畫出的U－I圖象，則由圖可求出該電源電動勢為___________V，該電源內(nèi)阻為______Ω（結(jié)果保留2位有效數(shù)字）．

26、某同學在做“利用單擺測重力加速度”實驗中；先測得擺線長為97.50cm，擺球直徑為2.0cm，然后用秒表記錄了單擺振動50次所用的時間為99.9s．則。

(1)該擺擺長為_______cm．

(2)如果他測得的g值偏小，可能的原因是()

A.測擺線長時擺線拉得過緊。

B.擺線上端未牢固地系于懸點；振動中出現(xiàn)松動，使擺線長度增加了。

C.開始計時；秒表過遲按下。

D.實驗中誤將49次全振動數(shù)為50次。

(3)為了提高實驗的準確度，在實驗中可改變幾次擺長L并測出相應的周期T，從而得出幾組對應的L和T的數(shù)值，再以L為橫坐標、T2為縱坐標將所得數(shù)據(jù)連成直線（如圖），并求得該直線的斜率K．則重力加速度g=_______（用k表示），若某同學不小心每次都把小球直徑當作半徑代入來計算擺長，則用此表達式計算得到的g值會_______（選填“偏大”；“偏小”或“不變”）．

評卷人得分六、解答題(共4題，共24分)27、如圖所示，空間存在方向與平面垂直、范圍足夠大的勻強磁場。在區(qū)域，磁感應強度大小為方向向里；區(qū)域，磁感應強度大小為方向向外。某時刻，一個質(zhì)量為電荷量為的帶電粒子從軸上點以速度垂直于軸射入第一象限磁場；不計粒子的重力。求：

（1）粒子在兩個磁場中運動軌跡的半徑；

（2）粒子離開點后經(jīng)過多長時間第二次到達軸。

28、當把它立即放入40℃的水中時，你又看到什么現(xiàn)象？為什么？29、如圖所示，空間充滿了磁感應強度為B的勻強磁場其方向垂直紙面向里．在平面內(nèi)固定放置一絕緣材料制成的邊長為L的剛性等邊三角形框架△DEF，DE邊中點S處有一帶正電的粒子，電量為q，質(zhì)量為m，現(xiàn)給粒子一個垂直于DE邊向下的速度，若粒子每一次與三角形框架的碰撞時速度方向垂直于被碰的邊，且碰撞均為彈性碰撞，當速度的大小取某些特殊數(shù)值時可使由S點發(fā)出的粒子最終又回到S點．求：

（1）若粒子只與三角形框架碰撞兩次就回到S點；粒子的速度大?。?/p>

（2）若S點不在DE邊的中點，而是距D點的距離DS＝L/4，仍然使粒子能回到S點，求滿足條件的粒子的速度大?。?0、一束初速度不計的電子流在經(jīng)U＝5000V的加速電壓加速后在距兩極板等距處垂直進入平行板間的勻強電場，如圖所示，若板間距離d＝1.0cm，板長＝5.0cm，電子電量e＝C；那么。

（1）電子經(jīng)過加速電場加速后的動能為多少?

（2）要使電子能從平行板間飛出；兩個極板上最多能加多大的電壓?

參考答案一、選擇題(共8題，共16分)1、C【分析】【詳解】

根據(jù)可判斷出光子的能量只與與光子的頻率因素有關，與振幅、波長和速度均無關．2、B【分析】【詳解】

帶電粒子在磁場中運動時；所受洛倫茲力方向由左手定則進行判斷．

根據(jù)左手定則可知：

A．圖中洛倫茲力方向應該向上；錯誤。

B．圖中電荷的速度方向；磁場方向和電荷的受力方向之間的關系符合左手定則；正確。

CD．圖中電荷運動方向與磁場方向在一條線上；不受洛倫茲力；錯誤。

【點睛】

本題考查判斷洛倫茲力的方向，容易題．注意帶電粒子在磁場中的運動受洛倫茲力的條件及安培定則的應用．3、B【分析】【詳解】

CD．到過程與到過程理想氣體的溫度降低相同；所以內(nèi)能減少相同，故CD錯誤；

AB．到過程壓強不變，氣體溫度降低，氣體體積減小，外界對氣體做功，到過程氣體體積不變，外界對氣體不做功，根據(jù)熱力學第一定律

可知到過程氣體放出熱量較多；故B正確，A錯誤。

故選B。4、C【分析】【詳解】

由于帶電粒子使沿途的空氣電離，粒子的能量逐漸減小，速度逐漸減小，根據(jù)粒子在磁場中運動的半徑公式可知，粒子的半徑逐漸的減小，所以粒子的運動方向是從b到a，在根據(jù)左手定則可知，粒子帶正電，故C正確,ABD錯誤。

故選C。5、C【分析】【詳解】

AB．原線圈輸入電壓不變；線圈匝數(shù)不變，則副線圈電壓不變，即電壓表示數(shù)不變，燈泡電阻不變，則電流表示數(shù)不變，故AB錯誤；

C．當K接通后；兩個燈泡并聯(lián)，增加一個負載，則副線圈功率增大，所以變壓器的輸入功率增大，故C正確；

D．根據(jù)b圖可知，周期為T=0.02s

則頻率為

故D錯誤。

故選C。6、A【分析】【分析】

局部電阻的變??；會引起全電路電阻的變小，根據(jù)閉合電路歐姆定律，可得到干路電流的變化情況，路端電壓的變化情況；根據(jù)串并聯(lián)電流電壓的特點，可以判斷各支路電表示數(shù)的變化情況．

【詳解】

ABC、將開關S閉合，當滑動變阻器滑片P向右移動過程中，滑動變阻器接入電路的電阻減小，導致路端總電阻變小，根據(jù)可知，干路電流增大，即電流表A1示數(shù)變大；又因為則路端電壓減小，則電壓表V的示數(shù)變?。籖2為定值電阻，故流過R2的電流減小，即電流表A2示數(shù)變??；故A正確；BC錯誤；

D、因電容器跟電阻R2并聯(lián)，故電容器兩端的電壓為U，因可知，電容器上的帶電量減小，故D錯誤．

故選A．

【點睛】

熟練掌握閉合電路歐姆定律及其變形表達式，清楚串并聯(lián)電路電流電壓的關系，是解決問題的關鍵．7、D【分析】【詳解】

橫波的兩個波峰之間的距離等于若干個波長，只有相鄰兩個波峰之間的距離等于一個波長，故A錯誤；質(zhì)點只在自由的平衡位置附近做簡諧運動，通過一個周期內(nèi)介質(zhì)質(zhì)點通過的路程是四個振幅，與波長沒有關系，故B錯誤；橫波上相鄰的波峰和波谷間的距離等于半個波長，故C錯誤；波源開始振動后，在振動的一個周期里波傳播的距離等于一個波長，故D正確。所以D正確，ABC錯誤。8、C【分析】【詳解】

A項：由質(zhì)量數(shù)，電荷數(shù)守恒可得：故A錯誤；

B項：衰變的實質(zhì)是產(chǎn)生了粒子；故B錯誤；

C項：衰變的實質(zhì)是核內(nèi)的一個中子轉(zhuǎn)化成了一個質(zhì)子；故C正確；

D項：衰變過程中電荷數(shù)與質(zhì)量數(shù)守恒；能量也守恒，故D錯誤．

故選C．二、多選題(共5題，共10分)9、A:B:D【分析】【分析】

分析電路結(jié)構，當滑動變阻器的觸頭P向下滑動時，電阻R2減?。环治鲭娐分锌傠娮璧淖兓儆砷]合電路歐姆定律可分析電路中電流及電壓的變化，從而判斷電容器電量的變化．根據(jù)歐姆定律分析兩表示數(shù)變化量的比值．

【詳解】

由圖可知,L和R2串聯(lián)后和C并聯(lián)，再與R1串聯(lián)；電容器在電路穩(wěn)定時相當于斷路；

A.當滑動變阻器的觸頭P向下滑動時，電阻R2減??；電路的總電阻減小，總電流I增大，流過小燈泡的電流增大，則小燈泡的功率增大，故A正確；

B.由歐姆定律知；電壓表的示數(shù)增大，故B正確；

C.電容器板間電壓UC=E?I(R1+r)，I增大，則UC減小；電容器上的電荷量減少，故C錯誤；

D.|△U/△I|=R1；保持不變，故D正確．

故選ABD10、A:B【分析】【詳解】

A．過程氣體做等壓變化，體積變大，根據(jù)

可知溫度升高；則內(nèi)能增大，A正確；

B．過程中，根據(jù)理想氣體狀態(tài)方程

可知氣體溫度降低；內(nèi)能減少，外界對氣體做正功，根據(jù)熱力學第一定律可知氣體向外界放熱，B正確；

C．過程中根據(jù)理想氣體狀態(tài)方程

可知氣體溫度先升高后降低，兩點溫度相等；內(nèi)能相等，外界對氣體做正功，可知氣體放熱，C錯誤；

D．過程中根據(jù)理想氣體狀態(tài)方程

可知氣體溫度先升高后降低；氣體分子的平均動能先增大后減小，D錯誤。

故選AB。11、B:C:D【分析】【詳解】

A．當分子間作用力表現(xiàn)為斥力時；分子間距離減小，分子力做負功，分子勢能增大，則A錯誤；

B．氣體壓強由氣體分子碰撞器壁產(chǎn)生；大小由氣體分子數(shù)密度和溫度決定，則B正確；

C．晶體內(nèi)部微粒排列的空間結(jié)構決定著晶體的物理性質(zhì)；正是由于它內(nèi)部的微粒按一定規(guī)律排列，才使單晶體具有規(guī)則的幾何形狀，則C正確；

D．溫度是分子平均動能的標志；溫度較高的物體分子的平均動能就一定比溫度低的物體大，則D正確；

E．能量轉(zhuǎn)化過程中；存在能量散失，不能使散失在環(huán)境中的內(nèi)能全部重新收集起來加以利用，故E錯誤。

故選BCD。12、B:D【分析】【詳解】

試題分析：小球在斜面上運動時；一定受到豎直向下的重力和垂直斜面向上的洛倫茲力，可能受到垂直斜面向上彈力；小球能夠沿斜面到達底邊MN，說明垂直斜面的合力為0，洛倫茲力小于重力垂直斜面的分力．

小球合力是重力沿斜面向下的分力；因此小球合力恒定，故小球做勻變速曲線運動，故A錯誤；

小球做類平拋運動；沿著斜面方向做初速度為零的勻加速直線運動；

則小球的加速度再由運動學公式可得所以球到達底邊MN的時間。

故B正確；帶電荷量帶負電，由左手定則，根據(jù)左手定則可知，小球受到的洛倫茲力的方向垂直于斜面向上；盡管小球做勻變速曲線運動，但垂直磁場的方向速度不變，故洛倫茲力小于重力垂直于斜面向下的分力mgcosθ；也就是解得磁感應強度的取值范圍為故C錯誤；D正確．本題選BD

點睛：本題的關鍵是小球沿光滑斜面運動，合力為重力沿斜面的分力，是恒力；其次洛倫茲力也是恒力，因為盡管小球的速度在變，但垂直磁場方向的速度沒有變．13、B:C【分析】試題分析：應用電流熱效應工作；即用電流產(chǎn)生的熱為主要用途的，電風扇主要是利用電能轉(zhuǎn)化為機械能工作的，電飯煲和電暖氣都是利用電能轉(zhuǎn)化為熱能工作的，電視機是利用電能轉(zhuǎn)化為光信號工作的，故BC正確；

考點：考查了電流的熱效應。

【名師點睛】電流流過導體時，導體要發(fā)熱，這種現(xiàn)象是電流的熱效應．產(chǎn)生電流的熱效應時，電能轉(zhuǎn)化為內(nèi)能三、填空題(共8題，共16分)14、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1]．24.11℃時飽和汽壓3.0kPa；相對濕度是60%，絕對濕度為。

P=3.0×0.6=1.8kPa[2]．因為絕對濕度=相對濕度×飽和氣壓，則絕對濕度不變時，溫度升高，則飽和氣壓變大，相對濕度變小?！窘馕觥?.8變小15、略

【分析】【分析】

根據(jù)只有電場力做功；動能與電勢能之和不變，當電場力做負功時，動能轉(zhuǎn)化為電勢能，在電勢為零處，電勢能為零，從而即可求解．

【詳解】

虛線a、b、c、d、f代表勻強電場內(nèi)間距相等的一組等勢面，一電子經(jīng)過a時的動能為10eV，從a到d的過程中克服電場力所做的功為6eV，動能減小了6eV，電勢能增加了6eV，因此a、d的電勢差為6V；等勢面間的電勢差為2V，因平面b上的電勢為2V，由于電子的電勢能增加，等勢面由a到f是降低的，因此平面c上的電勢為零；在平面b上電勢為2V；則電子的電勢能為-2eV，動能為8eV，電勢能與動能之和為6eV，當電子經(jīng)過平面c時，其電勢能為0，動能為6eV；

【點睛】

考查電場力做功與電勢能變化的關系，掌握電勢能與動能之和不變，理解電勢為零處的電勢能為零是解題的關鍵．【解析】C616、略

【分析】【分析】

根據(jù)電場強度的疊加原理和點電荷場強公式求解。

【詳解】

[1]根據(jù)點電荷場強公式得：只在F處放一電量為-Q的點電荷，則中心O處的電場強度的大小

[2]若再在A、B、C、D、E處各放一電量為+Q的點電荷，根據(jù)電場強度的疊加原理得B和E的疊加后場強為零，A和D的疊加后場強為零，所以中心O處的電場強度的大小等于F和C的場強疊加，即

【點睛】

本題運用電場強度的疊加，及幾何圖形的對稱性來結(jié)合求解?！窘馕觥?7、略

【分析】【分析】

【詳解】

（1）根據(jù)。

冰的熔點為即為273.15K

（2）根據(jù)。

所以當t由增加到時，T就由。

增加到。

顯然物體的溫度升高了溫度升高了1K【解析】273.15118、略

【分析】【分析】

【詳解】

略【解析】錯誤正確正確錯誤19、略

【分析】【詳解】

[1]單色光a的偏向角小于單色光b的偏向角，所以冰晶對單色光a的折射率小于冰晶對單色光b的折射率；

[2]由。

解得。

【解析】小于大20、略

【分析】【詳解】

（1）[1][2]當

時，R1的電功率有最大值，為

（2）[3][4]當

時，有

（3）[5][6]當

時，有

（4）[7][8]當

時，有

（5）[9][10]當

時，有

【點睛】

本題考查電路中的定值電阻電功率、可變電阻電功率、電源內(nèi)阻電功率、電源輸出功率的計算，注意各種電功率的處理方法?！窘馕觥?0R2max21、略

【分析】【詳解】

小涵站在平面鏡前0.5m；小涵在平面鏡中成像，小涵的像和小涵到平面鏡的距離相等，所以小涵的像到平面鏡的距離也是0.5m。小涵后退遠離平面鏡，小涵像的大小跟小涵的大小有關，跟到平面鏡的距離無關，所以小涵的像大小不變。

【點睛】

物體在平面鏡中成像，像的大小只跟物體大小有關，跟平面鏡大小，跟物體到平面鏡的距離無關。但是我們遠離平面鏡時，看到自己在平面鏡中的像變小，是因為眼睛看像的視角變小，產(chǎn)生了錯覺，像的實際大小是沒有發(fā)生變化的?！窘馕觥?.5；不變；四、作圖題(共3題，共27分)22、略

【分析】【詳解】

利用右手螺旋定則；已知電流的方向可判定磁場方向，也可以通過磁場方向來確定電流的方向；

圖甲；已知磁場方向，順時針方向，則電流垂直紙面向里；

圖乙；電流右側(cè)的磁場的方向向里，左側(cè)的磁場的方向向外，則電流的方向向上；

圖丙；已知磁場方向，則可知電流方向，逆時針方向；

圖??；環(huán)形電流從左側(cè)流入，從右側(cè)流出，所以磁場的方向向下；

圖戊；根據(jù)螺線管中電流方向，利用右手螺旋定則可以確定螺線管的磁場的方向向左；

圖已；根據(jù)螺線管中上邊的電流方向向外，下邊的電流的方向向里，利用右手螺旋定則可以確定螺線管的磁場的方向向右．如圖所示：

【解析】23、略

【分析】試題分析：A圖中；在XX′偏轉(zhuǎn)電極所加的電壓的周期為2T，即在2T的時間內(nèi)才能完成一次水平方向的掃描，而豎直方向（y方向）的周期為T，所以在水平方向的一次水平掃描的過程中，豎直方向由2個周期性的變化；y方向的電壓變化為正弦式的變化，由于電子到達熒光屏的偏轉(zhuǎn)量與偏轉(zhuǎn)電壓成正比，所以A圖中的掃描圖形如圖；

要在熒光屏上得到待測信號在一個周期內(nèi)的穩(wěn)定圖象．XX′偏轉(zhuǎn)電極要接入鋸齒形電壓；即掃描電壓．

B圖中；在XX′偏轉(zhuǎn)電極所加的電壓的周期為T，即在一個周期T的時間內(nèi)完成一次水平方向的掃描，同時豎直方向的周期為T，所以在水平方向的一次水平掃描的過程中，豎直方向也完成一個周期性的變化；y方向的電壓大小不變，方向每半個周期變化一次，結(jié)合電子到達熒光屏的偏轉(zhuǎn)量與偏轉(zhuǎn)電壓成正比，所以B圖中的掃描圖形如圖．

考點：考查了示波器的工作原理。

【名師點睛】本題關鍵要清楚示波管的工作原理，示波管的YY′偏轉(zhuǎn)電壓上加的是待顯示的信號電壓，XX′偏轉(zhuǎn)電極通常接入鋸齒形電壓，即掃描電壓，當信號電壓與掃描電壓周期相同時，就可以在熒光屏上得到待測信號在一個周期內(nèi)的穩(wěn)定圖象【解析】24、略

【分析】【分析】

【詳解】

7s波向前傳播的距離為

7s后，故x=3.5m位置的原圖中x=0位置的振動情況相同；因此作出以下圖形。

【解析】五、實驗題(共2題，共6分)25、略

【分析】【分析】

（1）根據(jù)二節(jié)干電池的電壓約為3V；則根據(jù)電壓值及實驗中的基本要求可以選取電流表及電壓表；

（2）甲圖誤差來源于電流表的分壓作用；乙圖誤差來源與電壓表的分流作用，相比較，電流表分壓作用引起的誤差更大；

（3）U-I圖中圖象與縱坐標的交點為是電源的電動勢；根據(jù)斜率表示內(nèi)電阻求解電源內(nèi)阻．

【詳解】

（1）因二節(jié)干電池的電動勢約為3V，故電壓表的測量量程不能太大，由題意可知，電壓表只能選3V量程的C；通過電源的電流不能太大，故量程0～3A的電流表太大，無法準確測量，故電流表應選量程為0.6A的A；滑動變阻器選擇F即可；

（2）甲圖誤差來源于電流表的分壓作用，可以將電流表的內(nèi)阻歸結(jié)到電源中，故電動勢測量值不變，內(nèi)電阻測量值變大；乙圖中誤差來源與電壓表的分流作用，由于電壓表內(nèi)電阻達到幾千歐姆，誤差較小，故選擇乙方案；

（3）U-I圖中圖象與縱坐標的交點為是電源的電動勢，故電動勢為3.0V；根據(jù)斜率表示內(nèi)電阻求解電源內(nèi)阻，故內(nèi)電阻為．

【點睛】

中學實驗中選擇儀表是常見的一種題型，要求學生能按照安全性和準確性的要求進行分析，先確定出必須用到的器材，再去根據(jù)題目中給出的條件去判斷電流表和電壓表．一定要注意判斷圖象與橫軸的交點的橫坐標是不是短路電流．【解析】A；C；F；乙；3.0；1.0；26、略

【分析】【分析】

（1）擺長的大小等于擺線的長度加上擺球的半徑．

（2）根據(jù)單擺的周期公式得出重力加速度的表達式；從而確定重力加速度偏小的原因．

（3）根據(jù)單擺的周期公式求出T2-L的關系式；結(jié)合圖線斜率求出重力加速度，抓住圖線斜率不變，分析g值的變化．

【詳解】