2024年北師大版高一物理上冊階段測試試卷

…………○…………內…………○…………裝…………○…………內…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2024年北師大版高一物理上冊階段測試試卷718考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五總分得分評卷人得分一、選擇題(共6題，共12分)1、物體做直線運動的位移s與時間t的關系為s=5t+t2，則該物體A.物體運動的初速度是5m/sB.物體運動的加速度是1m/s2C.第1s內的位移是5mD.任意相鄰1s內的位移差都是1m2、【題文】一物體向上拋出后，所受空氣阻力大小不變，從它被拋出到落回原地的過程中（）A.上升時間大于下降時間B.上升加速度大于下降加速度C.上升階段平均速度大于下降階段平均速度D.上升階段平均速度小于下降階段平均速度3、真空中相距為3a的兩個點電荷M、N，分別固定于x軸上x1=0和x2=3a的兩點上，在它們連線上各點場強E隨x變化關系如圖所示，以下判斷中正確的是（）A.點電荷M、N一定為異種電荷B.點電荷M、N所帶電荷量的絕對值之比為4：1C.x=2a處的電勢一定為零D.把一個負電荷沿x軸從x1=0移至x2=3a的過程中，電場力先做正功后做負功4、如圖所示是表示磁場B

負電荷運動方向v

和磁場對電荷作用力f

的相互關系圖，這四個圖中畫的正確的是(

圖中Bvf

兩兩垂直)(

)

A.B.C.D.5、關于參考系數，以下說法正確的是（）A.被選為參考系數的物體必須是靜止的B.除研究對象外，其他任何物體都可以被選作參考系C.選擇不同的參考系，觀察同一個物體的運動情況，其結果一定不同E.被選為參考系數的物體必須是靜止的E.被選為參考系數的物體必須是靜止的6、在行駛的汽車內，小明說：“讓我也助車一臂之力！”于是，他站在車廂里用力向前推車廂，如圖所示．若小明的質量為m，他手對車的水平推力大小為F，車廂對他的摩擦力大小為f，則在車與小明一起以加速度a向左加速行駛距離L的過程中，下列分析正確的是（）A.車對小明不做功B.車對小明做負功FLC.車對小明做正功fLD.車對小明做正功maL評卷人得分二、多選題(共9題，共18分)7、如圖所示，兩物體AB

用輕質彈簧相連靜止在光滑水平面上，現同時對AB

兩物體施加等大反向的水平恒力F1F2

使AB

同時由靜止開始運動.

在以后的運動過程中，關于AB

兩物體與彈簧組成的系統(tǒng)，下列說法正確的是(

整個過程中彈力彈簧不超過其彈性限度)()

A.由于F1F2

所做的總功為零，所以系統(tǒng)的機械能始終不變B.當AB

兩物體之間的距離增大時，系統(tǒng)的機械能增加C.當彈簧伸長到最長時，系統(tǒng)的機械能最大D.當彈簧彈力的大小與F1F2

的大小相等時，AB

兩物體速度為零8、如圖所示，兩個等量同種點電荷分別固定于光滑絕緣水平面上AB

兩點。一個帶電粒子由靜止釋放，僅受電場力作用，沿著AB

中垂線從C

點運動到D

點(CD

是關于AB

對稱的兩點)

下圖中關于粒子運動的蠀鈭?t

圖像可能正確的是()

A.B.C.D.9、如圖所示分別為物體甲的x鈭?t

圖象和物體乙的v鈭?t

圖象，兩物體的運動情況是(

)

A.甲在整個t=6s

時間內往返運動，平均速度為零B.乙在整個t=6s

時間內往返運動，平均速度為零C.甲在整個t=6s

時間內運動方向一直不變，它通過的總位移大小為4m

D.乙在整個t=6s

時間內運動方向一直不變，它通過的總位移大小為4m

10、物體做勻變速直線運動，其位移與時間關系：s=5t+4t2

則(

)

A.物體的初速度是5m/s

B.物體第2s

內的位移是17m

C.物體的加速度是8m/s2

D.物體在1s

末的速度為13m/s

11、地球“空間站”正在地球赤道平面內的圓周軌道上運行，其離地高度為同步衛(wèi)星離地高度的十分之一，且運行方向與地球自轉方向一致.

關于該“空間站”說法正確的有(

)

A.運行的加速度一定等于其所在高度處的重力加速度B.運行的速度等于同步衛(wèi)星運行速度的10

倍C.站在地球赤道上的人觀察到它向東運動D.在“空間站”工作的宇航員因受到平衡力而在其中懸浮或靜止12、下列說法正確的是（）A.電動勢由電源中非靜電力的性質決定，與其他因素無關B.在電源中，非靜電力做功，將其他形式的能轉化為電能C.在外電路中，電場力做功，將其他形式的能轉化為電能D.非靜電力把1C的正電荷從電源的正極移動到負極所做的功在數值上等于電源電動勢13、如圖所示，在高h

處有一小球A

以速度v1

水平拋出，與此同時，地面上有一小球B

以速度v2

豎直向上拋出，兩小球在空中相遇，則(

)

A.從拋出到相遇所需的時間為hv1

B.從拋出到相遇所需的時間為hv2

C.兩球拋出時的水平距離為hv1v2

D.兩球拋出時的水平距離為hv2v1

14、如圖所示，把一個架在絕緣支架上的枕形導體放在正電荷形成的電場中，導體處于靜電平衡時，下列說法正確的是(

)

A.AB

兩點場強相等，且都為零B.A

的電勢高于B

的電勢C.感應電荷產生的場強大小是|EA隆盲|>|EB隆盲|

D.當電建K

閉合時，電子從導體沿導線向大地移動15、船在靜水中的速度是1m/s

河岸筆直，河寬恒定，河水的流速為2m/s

以下說法正確的是(

)

A.因船速小于流速，船不能到達對岸B.船不能沿一直線過河C.船不能垂直過河D.船過河的最短時間是一定的評卷人得分三、填空題(共9題，共18分)16、一種氫氣燃料的汽車，質量為m=2.0×103kg，發(fā)動機的額定輸出功率為80kW，行駛在平直公路上時所受阻力恒為車重的0.1倍。若汽車從靜止開始先勻加速啟動，加速度的大小為a=1.0m/s2。達到額定輸出功率后，汽車保持功率不變又加速行駛了800m，直到獲得最大速度后才勻速行駛。汽車的最大行駛速度____m/s；汽車從靜止到獲得最大行駛速度所用的總時間____s。g=10m/s217、兩列簡諧橫波均沿x軸傳播，傳播速度v大小相等，其中一列沿正x方向傳播（如圖中實線所示），一列沿負x方向傳播（如圖中虛線所示）．這兩列波的頻率相等，振動方向均沿y軸，則圖中x=1，2，3，4，5，6，7，8各點中振幅最大的是x=____，振幅最小的是x=____．

18、如圖a

所示是“研究平拋物體的運動”的實驗裝置圖，g

取10m/s2

．(1)

圖b

是正確實驗后的數據，其中O

為拋出點，則此小球做平拋運動的初速度為____m/s.(

結果保留兩位小數)

(2)

在另一次實驗中將白紙換成方格紙，每一小方格邊長L=5cm

通過實驗，記錄了小球在運動途中的三個位置，如圖c

所示，則該小球做平拋運動的初速度為____m/s

小球通過B

點的速度為____m/s

．19、使用電火花計時器分析物體運動情況的實驗中。

(1)

在下列基本步驟中；正確的排列順序為______．

A.把電火花計時器固定在桌子上。

B.安放紙帶。

C.松開紙帶讓物體帶著紙帶運動。

D.接通220V

交流電源。

E.按下脈沖輸出開關；進行打點。

(2)

在“探究小車速度隨時間變化的規(guī)律”的實驗中；如圖給出了從O

點開始，每5

點取一個計數點的紙帶，其中0123456

都為計數點.

測得x1=1.40cmx2=1.90cmx3=2.38cmx4=2.88cmx5=3.39cmx6=3.87cm

那么：在計時器打出4

點時，小車的速度為______m/s

點2

到點4

這段時間的平均加速度為______m/s2

．

20、如圖所示，質量均為m的三個帶電小球A、B、C，放在光滑的絕緣水平面上，A與B，B與C相距均為L，A帶電QA=+2q，B帶電QB=-q．若在C上施加一水平向右的恒力，能使A、B、C三球始終保持相對靜止，則外力F的大小為______；C球帶電量QC=______（用正、負號表示電性）。21、【題文】一圓環(huán)；其圓心為O，若以它的直徑AB為軸做勻速轉動，如圖所示.

（1）圓環(huán)上P、Q兩點的線速度大小之比是____；

（2）若圓環(huán)的半徑是R，繞AB軸轉動的周期是T，則環(huán)上Q點的向心加速度大小是____；

（3）P點的向心加速度的方向是____.22、為測量國際單位制的三個力學基本量，有下列器材供選擇：A．刻度尺B．測力計C．天平D．打點計時器E．秒表．合理的選擇是______、______、______（填相應的字母）：23、如圖所示，質量均為mm的AABB兩物體用細繩懸著，跨過固定在圓盤中央光滑的定滑輪..物體AA與圓盤問的動摩擦因數為婁脤婁脤離圓盤中心距離R.R.為使物體AA與圓盤保持相對靜止，則圓盤角速度婁脴婁脴的最小值是，最大值是。若剪短細線物體AA做運動。((設最大靜摩擦力等于滑動摩擦力))

24、一導彈離地面高度為h

水平飛行.

某一時刻，導彈的速度為v

突然爆炸成質量相同的AB

兩塊，AB

同時落到地面，兩落地點相距4v2hg

兩落地點與爆炸前導彈速度在同一豎直平面內.

不計空氣阻力.

已知爆炸后瞬間，A

的動能EKA

大于B

的動能EKB

則EKAEKB=

______．評卷人得分四、實驗探究題(共2題，共8分)25、在課外活動小組進行研究性學習的過程中；某研究小組設計了一個實驗來探究求合力的方法．

（1）用兩只彈簧測力計A、B把小圓環(huán)拉到某一位置O，這是AO、BO間夾角∠AOB＜90°，如圖1所示，現不改變彈簧測力計A的拉力方向，使其拉力減小，要使小圓環(huán)仍被拉到O點，應調節(jié)彈簧測力計B的拉力大小及β角．在下列調整方法中，可行的是______．

①增大B的拉力；減小β角②增大B的拉力，β角不變。

③增大B的拉力；增大β角④B的拉力大小不變，增大β角。

（2）在這個實驗當中，有同學認為彈簧測力計的彈簧，掛鉤和連桿的重力會使讀數有誤差，如圖2所示，下列三種操作可以減小這些誤差的是圖______．

26、“探究功與速度變化的關系”的實驗裝置如下圖所示，當小車在一條橡皮筋作用下彈出時，橡皮筋對小車做的功計為W

當用2

條、3

條、4

條

完全相同的橡皮筋并在一起進行第2

次，第3

次，第4

次

實驗時，橡皮筋對小車做的功記為2W3W4W

每次實驗中小車獲得的最大速度可由打點計時器所打出的紙帶測出(1)

關于該實驗，下列說法正確的是_________(

多選)

A.為了平衡摩擦力，實驗中可以將長木板的一端適當墊高，使小車拉著穿過打點計時器的紙帶自由下滑時能保持勻速運動B.實驗儀器安裝時，可以不平衡摩擦力C.每次實驗小車必須從同一位置由靜止彈出D.實驗中要先接通打點計時器的電源再釋放小車

(2)

下圖給出了某次實驗打出的紙帶，從中截取了測量小車最大速度所用的一段紙帶，測得ABCDE

相鄰兩點間的距離分別為AB=1.48cmBC=1.60cmCD=1.62cmDE=1.62cm

已知相鄰兩點打點時間間隔為0.02s

則小車獲得的最大速度vm=

____m/s(

結果保留兩位有效數字)

評卷人得分五、推斷題(共4題，共8分)27、從鋁土礦rm{(}主要成分是rm{Al_{2}O_{3}}含rm{SiO_{2}}rm{Fe_{2}O_{3}}rm{MgO}等雜質rm{)}中提取氧化鋁的兩種工藝流程如下：rm{(1)}寫出物質的化學式rm{A}_____________，固體rm{X}__________________。____________________________rm{(2)}寫出流程甲加入鹽酸后生成rm{Al^{3+}}的離子方程式：___________________________。rm{(3)}寫出流程乙加入燒堿后生成rm{SiO}的離子方程式：___________________________。rm{(4)}為了驗證濾液rm{B}中含rm{Fe^{3+}}可取少量濾液并加入___________rm{(}填試劑名稱rm{)}rm{(5)}濾液rm{E}、rm{K}中溶質的主要成分是_____rm{(}填化學式rm{)}寫出該溶液的一種用途：_______。rm{(6)}寫出濾液rm{D}rm{Y}中與過量rm{CO_{2}}反應的化學方程式__________________________。28、（化學）某混合物A，含有KAl(SO4)2、Al2O3和Fe2O3，在一定條件下可實現下圖所示的物質之間的轉化：據此判斷：(1)固體B的化學式為________；固體E所含物質的化學式為________。(2)反應①的離子方程式為____________。____(3)沉淀Ⅰ與氫氧化鈉反應的離子方程式__________。(4)由溶液D得到固體E所需的瓷質儀器名稱：____。(5)沉淀Ⅱ的主要成分是：____，將其溶于少量稀鹽酸所得的溶液中陽離子的檢驗最好的試劑是____。29、從鋁土礦rm{(}主要成分是rm{Al_{2}O_{3}}含rm{SiO_{2}}rm{Fe_{2}O_{3}}rm{MgO}等雜質rm{)}中提取氧化鋁的兩種工藝流程如下：rm{(1)}寫出物質的化學式rm{A}_____________，固體rm{X}__________________。____________________________rm{(2)}寫出流程甲加入鹽酸后生成rm{Al^{3+}}的離子方程式：___________________________。rm{(3)}寫出流程乙加入燒堿后生成rm{SiO}的離子方程式：___________________________。rm{(4)}為了驗證濾液rm{B}中含rm{Fe^{3+}}可取少量濾液并加入___________rm{(}填試劑名稱rm{)}rm{(5)}濾液rm{E}、rm{K}中溶質的主要成分是_____rm{(}填化學式rm{)}寫出該溶液的一種用途：_______。rm{(6)}寫出濾液rm{D}rm{Y}中與過量rm{CO_{2}}反應的化學方程式__________________________。30、（化學）某混合物A，含有KAl(SO4)2、Al2O3和Fe2O3，在一定條件下可實現下圖所示的物質之間的轉化：據此判斷：(1)固體B的化學式為________；固體E所含物質的化學式為________。(2)反應①的離子方程式為____________。____(3)沉淀Ⅰ與氫氧化鈉反應的離子方程式__________。(4)由溶液D得到固體E所需的瓷質儀器名稱：____。(5)沉淀Ⅱ的主要成分是：____，將其溶于少量稀鹽酸所得的溶液中陽離子的檢驗最好的試劑是____。參考答案一、選擇題(共6題，共12分)1、A【分析】試題分析：物體做直線運動的位移s與時間t的關系為s=5t+t2，與位移與時間的關系s=v0t+at2做對比，可得出物體運動的初速度為5m/s，故A是正確的；物體運動的加速度是2m/s2，故B不對；將t=1s代入關系式中，就可以得出第1s內的位移是6m，故C不對；利用公式△s=at2，可得任意相鄰1s內的位移差都是2m，故D是不對的?？键c：勻變速直線運動中的位移與時間的關系式?！窘馕觥俊敬鸢浮緼2、B|C【分析】【解析】本題考查勻變速直線運動。因存在空氣阻力，物體回到原地的速度小于初速度，下降過程的平均速度小于上升過程的平均速度，所以下降過程時間大于上升過程的時間，A錯C對D錯；上升過程下降過程B對；選BC?！窘馕觥俊敬鸢浮緽C3、B【分析】解：A；若兩電荷為異種電荷；在x=2處，電場強度不可能為0，故兩電荷為同種電荷．故A錯誤；

B、根據點電荷的電場強度公式可得：=所以：qM：qN；=4：1，故B正確；

C；x=2a處電場強度為0；但是電勢是一個相對性的概念，即零電勢的選擇是任意的，人為的，故x=2a處的電勢可以為零，也可以不為零，故C錯誤；

D；在0到2a區(qū)間；電場強度為正，負電荷受力向左，所以-q從x=0處沿x軸移到x=2a處的過程中，電場力做正功，同理，在2a到3a區(qū)間，電場強度為負，負電荷受力向右，所以-q從x=2a處沿x軸移到x=3a處的過程中，電場力做正功，故D錯誤．

故選：B．

通過x=2a處電場強度為0；可知兩點電荷是同種電荷還是異種電荷；

根據點電荷的電場強度的表達式求得兩個點電荷的電量的關系；

電勢是一個相對性的概念；與零電勢的選擇有關；

根據電場力的方向和運動方向判斷電場力做功情況．

解決本題的關鍵根據兩點電荷連線之間某點的電場強度為0，而知道兩點電荷為同種電荷，以及知道電勢是一個相對性的概念，與零電勢的選擇有關．【解析】【答案】B4、B【分析】解：A

根據左手定則：磁感線穿入手心；四指指向電荷運動的相同，拇指指向洛倫茲力方向，可知，洛倫茲力方向向下，不符合左手定則.

故A錯誤．

B

根據左手定則：磁感線穿入手心；四指指向電荷運動的相同，拇指指向洛倫茲力方向，可知，洛倫茲力方向向左，符合左手定則.

故B正確．

C

根據左手定則：磁感線穿入手心；四指指向電荷運動的相同，拇指指向洛倫茲力方向，可知，洛倫茲力方向向左，不符合左手定則.

故C錯誤；

D

根據左手定則：磁感線穿入手心；四指指向電荷運動的相同，拇指指向洛倫茲力方向，可知，洛倫茲力方向向里，不符合左手定則.

故D錯誤．

故選：B

．

運動電荷垂直進入磁場中會受到洛倫茲力作用；磁場B

電荷速度v

和磁場對運動電荷作用力F

遵守左手定則，由左手定則判斷三者的關系是否正確．

本題運用左手定則判斷洛倫茲力方向，是磁場中的基本問題，搞清兩點是關鍵：一是什么條件下運用左手定則；二是怎樣運用左手定則．【解析】B

5、B【分析】解：A；參考系是假定不動的物體；故參考系可以選擇運動的物體也可以選擇靜止的物體，故A錯誤．

B；參考系的選擇是任意的；除研究對象外，其他任何物體都可以被選作參考系，故B正確．

C；選擇不同的參考系；觀察同一個物體的運動情況，其結果可能相同，可能不同，故C錯誤．

D；參考系的選擇是任意的；被選作參考系的物體可以與地面相關，也可以與地面無關，一般選取解答問題最方便的物體．故D錯誤．

故選：B．

描述一個物體的運動時；參考系可以任意選取，選取參考系時要考慮研究問題的方便，使之對運動的描述盡可能的簡單．在不說明參考系的情況下，通常取地面為參考系的．

參考系是在描述物體的運動時，被選定做為參考、假定為不動的其他物體．【解析】【答案】B6、D【分析】解：對小明分析可知；小明向左加速運動，則水平方向受到車對人的作用力大小為F=ma；則根據功的公式可知，車對小明所做的功為：W=maL；為正功；故D正確，ABC錯誤；

故選：D．

由運動狀態(tài)確定車廂對人做功的正負；再對人受力分析，人在車廂帶動下向左加速運動，可知車廂對人的合力向左，由牛頓第三定律知車廂對人的合力向右，故可以判定各個選項．

本題要注意明確人受力的力包括手和腳受到的力，一定要注意整體分析；用好整體分析，不要在受力分析時候單獨的對人受的各個力分析，那樣也能得結果，但是就走彎路了．【解析】【答案】D二、多選題(共9題，共18分)7、BC【分析】解：A

由題意；F1F2

等大反向，在整個拉伸的過程中，拉力一直對系統(tǒng)做正功，系統(tǒng)機械能增加，故A錯誤；

B；物體AB

均作變加速運動；速度先增加后減小，當速度減為零時，彈簧伸長最長，系統(tǒng)的機械能最大；當AB

兩物體之間的距離增大時，系統(tǒng)的機械能增加；故B正確，C正確。

D；在拉力作用下；AB

開始做加速運動，彈簧伸長，彈簧彈力變大，外力做正功，系統(tǒng)的機械能增大；當彈簧彈力等于拉力時物體受到的合力為零，速度達到最大，之后彈簧彈力大于拉力，兩物體減速運動，直到速度為零時，彈簧伸長量達最大，因此AB

先作變加速運動，當F1F2

和彈力相等時，AB

的速度最大，不為零；故D錯誤；

故選：BC

對AB

及AB

系統(tǒng)進行受力分析；根據物體的受力情況判斷物體的運動性質；根據除彈簧的彈力以外的力做功，系統(tǒng)的機械能變化，分析機械能的變化．

本題要抓住彈簧的彈力是變力，分析清楚物體的受力情況是正確解題的關鍵，緊扣動量守恒和機械能守恒的條件進行分析即可．【解析】BC

8、CD【分析】【分析】A、B

為兩個等量的同種電荷，其連線中垂線上電場強度方向若是負電荷則為C隆煤OD隆煤O

若是正電荷則為O隆煤CO隆煤D

點電荷q

僅受電場力作用從C

點到D

點運動的過程中，由于釋放位置不清楚，則電場強度大小變化情況不確定，則電荷所受電場力大小變化情況不確定，加速度變化情況不確定，因此可能加速度先增加后減小再增加最后減小，也可能先減小后增加。本題考查對等量異種電荷電場線的分布情況及特點的理解和掌握程度，要抓住電場線的對稱性?！窘獯稹績蓚€等量的同種電荷；其連線中垂線上電場強度方向，若是負電荷則電場強度方向為C隆煤OD隆煤O

若是正電荷則電場強度方向為O隆煤CO隆煤D

點電荷q

僅受電場力作用從C

點到D

點運動的過程中，當從電場強度最大的位置釋放時，則帶電粒子所受電場力先減小后增大，那么加速度也是先減小后增大，而C

選項圖象的斜率表示加速度的大小，故C正確；

若從小于電場強度最大值位置釋放；則帶電粒子所受電場力先增大后減小再增大最后減小，那么加速度也是先增大后減小再增大最后減小.

而D

選項圖象的斜率表示加速度的大小，故D正確，AB錯誤。

故選CD。

【解析】CD

9、BC【分析】解：AC

甲在0

時刻由負方向上距原點2m

處向正方向運動，6s

時達到正向的2m

處，故在整個t=6s

時間內位移為：鈻?x=x2鈭?x1=2m鈭?(鈭?2m)=4m

平均速度為v爐=鈻?x鈻?t=46m/s=0.67m/s

故A錯誤，C正確．

B、D

乙開始時速度為沿負向的勻減速直線運動，3s

后做正向的勻加速直線運動，圖象與時間軸圍成的面積為物體通過的位移，故總位移為：x=12隆脕2隆脕3m鈭?12隆脕2隆脕3m=0

所以乙在整個t=6s

時間內往返運動，平均速度為零，故B正確，D錯誤．

故選：BC

x鈭?t

圖象是位移鈭?

時間圖象；表示物體的位置隨時間變化的規(guī)律，位移等于x

的變化量，而v鈭?t

圖象是速度鈭?

時間圖象，表示速度隨時間變化的規(guī)律，速度的正負表示速度的方向，圖象與時間軸所圍的“面積”表示位移.

平均速度等于位移與時間之比．

本題考查對速度圖象和位移圖象的識別和理解能力，抓住各自的數學意義理解其物理意義，即速度圖象的“面積”大小等于位移，而位移圖象的斜率等于速度，鈻?x

表示位移．【解析】BC

10、ABCD【分析】解：A

根據x=v0t+12at2=5t+4t2

得v0=5m/s

加速度a=8m/s2.

故AC正確。

B；前2s

內的位移為：x2=5隆脕2+4隆脕22m=26m

前1s

內的位移為：x1=5隆脕1+4隆脕12m=9m

第2s

內的位移為：鈻?x=x2鈭?x1=17m

故B正確。

D；1s

末的速度為：v=v0+at=5+8隆脕1m/s=13m/s

故D正確。

故選：ABCD

根據勻變速直線運動的位移時間公式x=v0t+12at2

求出物體的初速度和加速度；第2s

內的位移為前2s

內的位移與前1s

內的位移之差，根據速度時間公式求的1s

末得速度。

解決本題的關鍵掌握勻變速直線運動的位移時間公式x=v0t+12at2

【解析】ABCD

11、AC【分析】解：A

根據GMmr2=ma=mg

知空間站的加速度等于所在高度處的重力加速度.

故A正確．

B、根據GMmr2=mv2r

解得v=GMr

因為空間站離地高度為同步衛(wèi)星離地高度的十分之一，但軌道半徑不是十分之一，則運行速度不等于同步衛(wèi)星速度的10

倍.

故B錯誤．

C、根據GMmr2=mv2r

解得v=GMr

軌道半徑越大，線速度越小，知同步衛(wèi)星的線速度小于空間站的線速度，而同步衛(wèi)星與地球角速度相等，根據v=r婁脴

知同步衛(wèi)星的線速度大于地球自轉的線速度，所以空間站的速度大于地球自轉的線速度，所以站在地球赤道上的人觀察到它向東運動.

故C正確．

D；在“空間站”工作的宇航員處于完全失重狀態(tài)；所受的力不是平衡力，僅受萬有引力，靠萬有引力提供圓周運動所需的向心力.

故D錯誤．

故選AC．

根據萬有引力提供向心力；得出線速度與軌道半徑的關系，從而知道線速度的關系.

繞地球做勻速圓周運動的衛(wèi)星中物體處于完全失重狀態(tài)．

解決本題的關鍵知道同步衛(wèi)星的特點，以及知道衛(wèi)星線速度、周期與軌道半徑的關系．【解析】AC

12、AB【分析】解：A；電動勢是由電源本身決定的；與其他因素無關；故A正確；

B；在電源中；非靜電力做功將其他形式的能轉化為電能；故B正確；

C；在外電路中；電場力做功將電能轉化為其他形式的能；故C錯誤；

D；非靜電力把1C的正電荷從電源的負極移動到正極所做的功在數值上等于電源的電動勢；故D錯誤；

故選：AB．

電動勢是描述電源將其他形式的能轉化為電能的能力；由E=可知；非靜電力把1C的正電荷從電源的正極移動到負極所做的功．

電動勢是電源本身的決定的，其大小與電路的性質無關．【解析】【答案】AB13、BC【分析】解：AB

設從拋出到相遇所需的時間為t

由v2t鈭?12gt2+12gt2=h

得t=hv2

故B正確；A錯誤；

CD

兩球的拋出點的水平距離為。

x=v1t=v1hv2

故C正確；D錯誤．

故選：BC

．

A

球做平拋運動；B

球做豎直上拋運動，根據兩球豎直方向上的位移和等于h

求出拋出到相遇所需要的時間.

平拋運動在水平方向上做勻速直線運動，求出相遇時A

球的水平位移，即為兩球拋出時的水平距離．

解決本題關鍵知道平拋運動在水平方向上做勻速直線運動，在豎直方向上做自由落體運動，以及知道兩球相遇時在豎直方向上的位移之和等于H

．【解析】BC

14、AC【分析】解：A

枕形導體在點電荷附近；出現靜電感應現象，導致電荷重新分布.

因此在枕形導體內部出現感應電荷的電場，正好與點電荷的電場疊加，內部電場強度處處為零，故A正確；

B；AB

兩點場強相等；且都為零，電勢相等，故B錯誤；

C、點電荷的產生電場在A

點的場強大于在B

點的場強，在枕形導體內部出現感應電荷的電場，正好與點電荷的電場疊加，疊加后電場為零，所以感應電荷產生的附加電場|EA隆盲|>|EB隆盲|

故C正確；

D；當電鍵S

閉合時；電子從大地沿導線移向導體中和枕形導體右端的正電荷，相當于右端正電荷流向遠端，故D錯誤．

故選：AC

枕形導體在點電荷附近；出現靜電感應現象，導致電荷重新分布.

因此在枕形導體內部出現感應電荷的電場，正好與點電荷的電場疊加，只有疊加后電場為零時，電荷才不會移動.

當點電荷移走后，電荷恢復原狀．

該題考查靜電平衡的特點，明確處于靜電感應現象的導體，內部電場強度處處為零，電荷全部分布在表面.

且導體是等勢體．【解析】AC

15、CD【分析】解：由題意可知；船在靜水中的速度小于河水流速，根據運動的合成與分解，結合平行四邊形定則，則有船不可能垂直到達對岸，但可以過河，也可能沿直線過河，若船頭垂直與河岸行駛，則渡河時間最短，與水流速度無關，故CD正確，AB錯誤；

故選：CD

．

小船在河水中參與了兩個運動；一是隨水流向下的運動，二是船在靜水中的運動，則由運動的合成與分解可確定答案．

船渡河時，當船頭正對河岸運行時渡河時間最短；而當船速大于水速時，船可以垂直河岸過河．【解析】CD

三、填空題(共9題，共18分)16、略

【分析】試題分析：汽車的最大行駛速度為勻加速運動時汽車的牽引力為汽車勻加速所能達到的最大速度為汽車從勻加速達到最大速度，到勻速運動的過程根據動能定理解得t=35s考點：機車在恒定的牽引力及恒定功率下的啟動及動能定理?！窘馕觥俊敬鸢浮?03517、略

【分析】

由題意可知；這兩列波的頻率相同，在同種均勻介質中相遇會發(fā)生干涉現象．設波長為λ，由圖看出，處于1；2、3、4、5、6、7、8位置的各質點到兩波源P、Q的距離差分別為：

質點1或7的△x1=λ-λ=λ；

質點2或6的△x2=λ-λ=λ；

質點3或5的△x3=λ-λ=λ；

質點4的△x4=λ-λ=0；

質點8的△x8=λ-λ=λ．

據干涉時振動加強區(qū)域應滿足的條件為△x=nλ（n=0；1，2），可知處于4和8位置的質點振動加強振幅最大；

振動減弱區(qū)域應滿足的條件為△x=（2n+1）（n=0；1，2），可知處于2和6位置的質點的振幅最小．

故答案為：4和8；2和6．

【解析】【答案】兩列波的頻率相等；相遇時會產生干涉，當質點到兩波源的路程差是半個波長的奇數倍時，振動減弱，振幅等于兩列單獨引起的振幅之差；當質點到兩波源的路程差是半個波長的偶數倍時，振動加強，振幅等于兩列單獨引起的振幅之和．根據路程差判斷質點振動情況，再確定振幅．

18、略

【分析】【分析】(1)O

點為平拋的起點，水平方向勻速豎直方向自由落體據此可正確求解；(2)

根據豎直方向運動特點求出物體運動時間，然后利用水平方向物體做勻速運動，可以求出其水平速度大小，利用勻變速直線運動的推論可以求出B

點的豎直分速度大小，根據速度的合成原理求出小球通過B

點的速度。本題不但考查了平拋運動的規(guī)律，還靈活運用了勻速運動和勻變速運動的規(guī)律，是一道考查基礎知識的好題目。【解答】(1)

由于O

為拋出點，所以根據平拋運動規(guī)律有：將x=32cmy=20cm

代入解得：v0=1.6m/s

(2)

由圖可知，物體由A隆煤B

和由B隆煤C

所用的時間相等，且有：由圖可知鈻?y=2L=10cm

代入解得，T=0.1s

將x=3L=15cm

代入解得：v0=1.5m/s

豎直方向自由落體運動，根據勻變速直線運動中時間中點的瞬時速度等于該過程中的平均速度有：所以故答案為(1)1.60(2)1.52.5

【解析】(1)1.60(2)1.52.5

19、略

【分析】解：(1)

實驗步驟要遵循先安裝器材后進行實驗的原則進行；注意實驗中為了使打點穩(wěn)定后再進行實驗，同時為了提高紙帶的利用率，盡量將紙帶上打滿點，要先接通電源后釋放紙帶.

要符合事物發(fā)展規(guī)律，故正確的操作步驟為：ABDEC

．

(2)

根據勻變速直線運動中時間中點的速度等于該過程中的平均速度；得：

v4=x4+x52T=2.88+3.392隆脕0.1隆脕10鈭?2隆脰0.31m/s

(2)

根據勻變速直線運動的推論公式鈻?x=aT2

可以求出加速度的大?。坏茫?/p>

a=(x4+x5+x6)鈭?(x1+x2+x3)9T2

代入數據，解得：a=(2.88+3.39+3.87)鈭?(1.40+1.90+2.38)9隆脕0攏廬12隆脕10鈭?2隆脰0.5m/s2

故答案為：(1)ABDEC(2)0.310.5

．

(1)

在具體進行實驗操作時；一般本著先安裝器材；再進行實驗、最后實驗完畢整理器材的步驟進行的，因此熟練打點計時器的應用步驟，即可正確解答；

(2)

根據勻變速直線運動中時間中點的速度等于該過程中的平均速度，可以求出打紙帶上4

與6

點時小車的瞬時速度大小；根據勻變速直線運動的推論公式鈻?s=aT2

可以求出加速度的大小．

對于基本實驗儀器；要會正確使用，了解其工作原理，為將來具體實驗打好基礎，對于實驗裝置和工作原理，我們不僅從理論上學習它，還要從實踐上去了解它，自己動手去做做；

利用勻變速直線的規(guī)律以及推論解答實驗問題的能力，在平時練習中要加強基礎知識的理解與應用，提高解決問題能力．【解析】ABDEC0.310.5

20、【分析】解：A；B、C三者作為整體為研究對象；有：

F=3ma①

所以加速度方向向右；而A帶正電，B帶負電，B若要向右加速，則C帶正電荷。

以A為研究對象，有=ma②

以B為研究對象，有=ma③

由①②③可解得：qc=qF=

故答案為：

先把A；B、C三者作為整體為研究對象；根據牛頓第二定律求出加速度，再分別以A、B為研究對象，運用靜電力公式結合牛頓第二定律即可解題。

本題主要考查了庫侖定律及牛頓第二定律的直接應用，難度不大，屬于基礎題?！窘馕觥?1、略

【分析】【解析】

試題分析：（1）由于P、Q兩點在同一圓環(huán)上，以圓環(huán)的直徑AB為軸做勻速轉動，因此P、Q兩點的角速度相同，軌跡圓的圓心不是環(huán)的圓心，在AB軸上。由幾何關系知，P、Q兩點做勻速圓周運動的半徑分別為由知，

（2）由及得：

（3）由于P；Q兩點在同一圓環(huán)上；以圓環(huán)的直徑AB為軸做勻速轉動，因此軌跡圓的圓心不是環(huán)的圓心，而在AB軸上，過P點作AB軸的垂線，交于AB軸上一點，該點為軌跡圓的圓心，向心加速度始終指向軌跡圓的圓心，所以P點的向心加速度的方向是從P點垂直指向AB。

考點：本題考查圓周運動基本公式的直接應用，意在考查考生的推理能力?！窘馕觥俊敬鸢浮浚?）1；（2）（3）從P點垂直指向AB22、略

【分析】解：力學的三個基本物理量分別為長度；質量、時間；測量儀器分別是：A刻度尺、C天平、E秒表．

故答案為：ACE

力學的三個基本物理量分別為長度；時間、質量；根據對應的物理量選擇儀器．

解決本題的關鍵知道力學的三個基本物理量以及對應的基本單位，需識記．【解析】A；C；E23、平拋運動【分析】【分析】對B

列出牛頓第二定律；對A

當拉力和摩擦力方向相同時，角速度最大，當拉力和摩擦力方向相反時，角速度最小。本題是牛頓第二定律和圓周運動相結合的題目，不難?！窘獯稹繉ξ矬wB

進行受力分析：T=mg

對A

進行受力分析可得：T鈭?婁脤mg=m婁脴12R

兩式聯立得出：mg鈭?婁脤mg=m婁脴12R

故婁脴1=g(1鈭?婁脤)R

當摩擦力方向指向圓心時，mg+婁脤mg=m婁脴22R

解得：婁脴2=g(1+婁脤)R

若剪斷細線，A

將做離心運動，脫離圓盤后后平拋運動。故填：g(1鈭?婁脤)Rg(1+婁脤)R

平拋運動【解析】g(1鈭?婁脤)Rg(1+婁脤)R

平拋運動24、略

【分析】解：爆炸后瞬間，A

的動能EKA

大于B

的動能EKB

知AB

的速度反向，根據動量守恒定律得，mv=m2vA鈭?m2vB

解得vA鈭?vB=2v

平拋運動的時間t=2hg

則(vA+vB)2hg=4v2hg

所以vA+vB=4v

聯立解得vA=3vvB=v

．

則EKAEKB=91

．

故答案為：91

根據動量守恒定律；結合平拋運動的規(guī)律求出兩物體的速度關系，從而求出兩物體爆炸瞬間動能之比．

本題考查了考查了動量守恒定律和平拋運動的規(guī)律，綜合性較強，難度不大，需加強訓練．【解析】91

四、實驗探究題(共2題，共8分)25、略

【分析】解：（1）該題本質上考查了物體的動態(tài)平衡；由題意可知：保持O點位置不動，即合力大小方向不變，彈簧測力計A的讀數不變，只要符合該條件而且能夠做出平行四邊形即可，由此可知C可以做出平行四邊形，故③正確．

（2）圖c因為是在水平方向拉伸彈簧；彈簧受力在水平方向，可以減小彈簧測力計彈簧；掛鉤、連桿的重力影響，進而減小誤差．

故答案為：（1）③；（2）C

要使結點不變；應保證合力大??；方向不變，保持A的讀數減小，方向不變，即要求一個分力方向不變，故可以根據平行四邊形定則作圖分析得出結果．

明確矢量合成的法則，熟練應用平行四邊形定則解題．【解析】③；C26、(1)ACD;

(2)0.81【分析】【分析】(1)

從實驗原理和步驟，實驗中可以適當抬高木板的一側來平衡摩擦阻力，受力平衡時，小車應該做勻速直線運動，平衡摩擦力后，橡皮筋的拉力等于合力，橡皮筋的彈性勢能轉化為小車的動能，實驗中用到多條橡皮筋，就要求每次橡皮筋相同且被拉長的一樣多，這樣橡皮筋對小車做的功才有倍數關系；?

(2)

橡皮筋對小車做的功和小車獲得的動能滿足：W=12mv2

的關系；所以當小車質量一定時：w

與v2

成正比．

實驗原理是：W=12mv2

實驗中要清楚是如何改變W

如何獲得的速度v

即可，實驗中用到多條橡皮筋，就要求每次橡皮筋相同且被拉長的一樣多，這樣橡皮筋對小車做的功才有倍數關系，難度適中．【解答】A；B.

當小車拉著穿過打點計時器的紙袋做勻速運動時；沿長木板方向的重力的分力大小等于摩擦力，即在實驗中可消除摩擦力的影響，所以實驗中可以將長木板的一端墊高，使小車拉著穿過打點計時器的紙帶自由下滑時能保持勻速運動，故A正確，B錯誤；

C.小車獲得的動能應該等于橡皮筋對其做的功；所以小車必須從同一位置由靜止彈出，故C正確．

D.使用打點計時器時都必須先接通電源再釋放小車；故D正確；

故選ACD。

(2)

從紙帶上我們可判斷出打C

點時；小車具有最大的速度。

vD

可由C

到E

的平均速度求出：

即：vD=xCE2T=0.0162+0.01620.04=0.81m/s

故答案為：(1)ACD(2)0.81

【解析】(1)ACD;

(2)0.81

五、推斷題(共4題，共8分)27、（1）SiO2MgO、Fe2O3

（2）Al2O3+6H+=2Al3++3H2O

（3）SiO2+2OH-══SiO32-+H2O

（4）硫氰化鉀

（5）NaHCO3滅火器或制糕點NaAlO2+CO2+2H2O=Al(OH)3↓+NaHCO3【分析】【分析】本題以氧化鋁提取工藝流程為載體，考查無機物推斷、元素化合物性質及相互轉化、除雜的方法、離子方程式等?！窘獯稹坑晒に嚵鞒碳卓芍X土礦與鹽酸反應得固體rm{A}和濾液rm{B}則固體rm{A}為rm{SiO_{2}}濾液rm{B}含有氯化鋁、氯化鐵、氯化鎂等，濾液中加入過量的rm{NaOH}可推知沉淀rm{C}為氫氧化鐵、氫氧化鎂，濾液rm{D}含有偏鋁酸鈉、氯化鈉，所以向濾液rm{D}中通入過量二氧化碳，生成氫氧化鋁沉淀與碳酸氫鈉，沉淀rm{F}為rm{Al(OH)_{3}}濾液rm{E}中含有rm{NaCl}rm{NaHCO_{3}}根據工藝流程乙可知，鋁土礦中的rm{Al_{2}O_{3}}rm{SiO_{2}}能和氫氧化鈉反應，可知固體rm{X}為rm{Fe_{2}O_{3}}rm{MgO}等，濾液rm{Y}為硅酸鈉、偏鋁酸鈉，濾液中通入過量二氧化碳，沉淀rm{Z}為rm{Al(OH)_{3}}硅酸，濾液rm{K}中含有rm{NaHCO_{3}}則rm{(1)}由分析可知，rm{A}為rm{SiO_{2}}固體rm{X}為rm{Fe_{2}O_{3}}rm{MgO}故答案為：rm{SiO_{2}}；rm{MgO}rm{Fe_{2}O_{3}}rm{(2)Al_{2}O_{3}}與鹽酸反應生成氯化鋁和水，氧化物不能拆，離子方程式為：rm{Al_{2}O_{3}+6H^{+}簍T2Al^{3+}+3H_{2}O}故答案為：rm{Al_{2}O_{3}+6H^{+}簍T2Al^{3+}+3H_{2}O}

rm{(3)}二氧化硅與氫氧化鈉反應生成硅酸鈉和水，二氧化硅不能拆，故離子反應方程式為：rm{SiO_{2}+2OH^{-}簍TSiO_{3}^{2-}+H_{2}O}故答案為：rm{SiO_{2}+2OH^{-}簍TSiO_{3}^{2-}+H_{2}O}

rm{(4)Fe^{3+}}與硫氰化鉀溶液反應，使溶液變紅色，檢驗濾液rm{B}中是否含rm{Fe^{3+}}離子的方法為：取少量濾液rm{B}向其中加入硫氰化鉀溶液，溶液變紅色，說明濾液中含rm{Fe^{3+}}溶液不變紅色，說明濾液中不含rm{Fe^{3+}}；故答案為：硫氰化鉀；

rm{(5)}根據工藝流程甲可知，固體rm{A}為rm{SiO_{2}}濾液rm{B}含有氯化鋁、氯化鐵、氯化鎂等，沉淀rm{C}為氫氧化鐵、氫氧化鎂，濾液rm{D}含有偏鋁酸鈉、氯化鈉，所以向濾液rm{D}中通入過量二氧化碳，反應生成氫氧化鋁沉淀與碳酸氫鈉，碳酸氫鈉可用于制純堿或做發(fā)酵粉等，故答案為：rm{NaHCO_{3}}滅火器或制糕點rm{NaAlO_{2}+CO_{2}+2H_{2}O=Al(OH)_{3}隆媒+NaHCO_{3}}

【解析】rm{(1)SiO_{2}}rm{MgO}rm{Fe_{2}O_{3;}}rm{(2)Al_{2}O_{3}+6H^{+}=2Al^{3+}+3H_{2}O}rm{(3)SiO_{2}}rm{+2OH^{-}簍T簍TSiO_{3}^{2-;}+H_{2}O}rm{(4)}硫氰化鉀rm{(5)NaHCO_{3}}滅火器或制糕點rm{NaAlO_{2}+CO_{2}+2H_{2}O=Al(OH)_{3}隆媒+NaHCO_{3}}28、略

【分析】該題是高考中的常見題型，屬于中等難度的試題。試題綜合性強，側重對學生能力的培養(yǎng)和解題方法的指導與訓練，有利于培養(yǎng)學生的邏輯推理能力，提高學生靈活運用基礎知識解決實際問題的能力。

KAl(SO4)2溶于水，Al2O3和Fe2O3均不溶于水，混合物A加水溶解后，溶液C中是KAl(SO4)2，沉淀Ⅰ是Al2O3和Fe2O3；向沉淀Ⅰ中加NaOH溶液，Fe2O3不反應，沉淀Ⅱ的主要成分是氧化鐵，其溶于少量稀鹽酸所得的溶液中還有三價鐵離子，檢驗三價鐵離子，最好用硫氰化鉀溶液；Al2O3可與NaOH溶液反應生成NaAlO2，向NaAlO2溶液中通入CO2可得Al(OH)3沉淀Ⅲ，Al(OH)3受熱分解生成固體B為Al2O3；向溶液C中加過量氨水，溶液與過量氨水反應，Al3+被沉淀，得到氫氧化鋁沉淀，溶液中剩余的是K2SO4和(NH4)2SO4，經過蒸發(fā)、結晶，得到的固體E為K2SO4和(NH4)2SO4；蒸發(fā)；結晶操作中使用到儀器：玻璃棒、鐵架臺、酒精燈、蒸發(fā)皿。

【解析】（1）Al2O3；K2SO4和(NH4)2SO4；（2）2AlO2-+CO2+3H2O=2Al(OH)3↓+CO32-或AlO2-+CO2+2H2O=Al(OH)3↓+HCO3-；（3）Al2O3+2OH-=2AlO2-+H2O；（4）蒸發(fā)皿；（5）Fe2O3；KSCN溶液29、（1）SiO2MgO、Fe2O3

（2）Al2O3+6H+=2Al3++3H2O

（3）SiO2+2OH-══SiO32-+H2O

（4）硫氰化鉀

（5）NaHCO3滅火器或