2025年人教B版選修3物理下冊(cè)階段測(cè)試試卷

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請(qǐng)※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁(yè)，總=sectionpages22頁(yè)第=page11頁(yè)，總=sectionpages11頁(yè)2025年人教B版選修3物理下冊(cè)階段測(cè)試試卷126考試試卷考試范圍：全部知識(shí)點(diǎn)；考試時(shí)間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級(jí)：______考號(hào)：______總分欄題號(hào)一二三四五六總分得分評(píng)卷人得分一、選擇題(共7題，共14分)1、在進(jìn)行光電效應(yīng)實(shí)驗(yàn)時(shí)，用黃光照射某金屬表面時(shí)發(fā)生光電效應(yīng)現(xiàn)象，并產(chǎn)生了光電流，則（）A.若增大黃光的照射強(qiáng)度，光電子的最大初動(dòng)能將增大B.若改用藍(lán)光照射該金屬，飽和光電流一定增大C.若改用紅光照射該金屬，一定能產(chǎn)生電效應(yīng)現(xiàn)象D.若增大黃光的照射強(qiáng)度，單位時(shí)間內(nèi)出射的電子數(shù)目將增多2、若采用下圖中甲、乙兩種實(shí)驗(yàn)裝置來(lái)驗(yàn)證動(dòng)量守恒定律（圖中小球半徑相同、質(zhì)量均已知，且mA>mB，B、B′兩點(diǎn)在同一水平線上）；下列說(shuō)法正確的是。

A.采用圖甲所示的裝置，必需測(cè)量OB、OM、OP和ON的距離B.采用圖乙所示的裝置，必需測(cè)量OB、B′N、B′P和B′M的距離C.采用圖甲所示的裝置，若mA?ON=mA?OP+mB?OM，則表明此碰撞動(dòng)量守恒D.采用圖乙所示的裝置，若則表明此碰撞機(jī)械能也守恒3、為了節(jié)約用電，一種新型雙門電冰箱安裝了如下控制裝置：只要有一扇門沒(méi)有關(guān)緊，報(bào)警器就鳴響。如果規(guī)定：門關(guān)緊時(shí)輸入信號(hào)為“1”，未關(guān)緊時(shí)輸入信號(hào)為“0”；當(dāng)輸出信號(hào)為“1”時(shí)，報(bào)警器就鳴響，輸出信號(hào)為“0”時(shí)，報(bào)警器就不鳴響。則能正確表示該控制裝置工作原理的邏輯門是（）A.與門B.或門C.非門D.與非門4、下列科技常識(shí)判斷正確的是（）A.同種物質(zhì)只能以晶體形態(tài)出現(xiàn)，不能以非晶體形態(tài)出現(xiàn)B.液晶是一種特殊物質(zhì)，它既具有液體的流動(dòng)性，又像某些晶體具有光學(xué)各向同性C.表面張力使液面具有收縮的趨勢(shì)D.粉筆能吸干紙上的墨水——浸潤(rùn)現(xiàn)象5、如圖所示，一定質(zhì)量的理想氣體，從圖示A狀態(tài)開(kāi)始，經(jīng)歷了B、C狀態(tài)，最后到D狀態(tài)，下列判斷中正確的是()

A.A→B溫度升高，壓強(qiáng)變大B.B→C體積不變，壓強(qiáng)不變C.B→C體積不變，壓強(qiáng)變小D.C→D體積變小，壓強(qiáng)變小6、已知電流表的內(nèi)阻約為0.1Ω，電壓表內(nèi)阻約為10kΩ，若待測(cè)電阻約為5Ω，用伏安法測(cè)其電阻，則（）A.應(yīng)采用電流表內(nèi)接法，測(cè)量值偏大B.應(yīng)采用電流表內(nèi)接法，測(cè)量值偏小C.應(yīng)采用電流表外接法，測(cè)量值偏大D.應(yīng)采用電流表外接法，測(cè)量值偏小7、如圖所示，一束復(fù)色可見(jiàn)光入射到三棱鏡后，出射時(shí)分成了兩束光a和b，則下列說(shuō)法中正確的是())

A.兩束光通過(guò)同一裝置進(jìn)行雙縫干涉實(shí)驗(yàn)時(shí)，b光的相鄰亮條紋中心間距比a光大B.兩束光入射到同一金屬板上，如果b光能發(fā)生光電效應(yīng)，那么a光也一定能發(fā)生C.按照玻爾理論，兩束光如果都是由高能級(jí)躍遷回n=2能級(jí)產(chǎn)生的，那么b光可能是n=3能級(jí)向下躍遷產(chǎn)生的D.兩束光從水中折射到空氣中發(fā)生全反射時(shí)，a光的臨界角比b光大評(píng)卷人得分二、多選題(共7題，共14分)8、a、b兩種單色光以相同的入射角從半圓形玻璃磚的圓心O射向空氣；其光路圖如圖所示．下列說(shuō)法正確的是。

A.由玻璃射向空氣發(fā)生全反射時(shí)玻璃對(duì)a光的臨界角較大B.玻璃對(duì)a光的折射率較大C.a光在玻璃中傳播的波長(zhǎng)較短D.b光的光子能量較大9、如圖所示為一定質(zhì)量的某種氣體等容變化的圖線；下列說(shuō)法中正確的有（）

A.不管體積如何，圖線只有一條B.圖線1和圖線2體積不同且有V1>V2C.兩圖線氣體體積V2>V1D.兩圖線必交于t軸上的同一點(diǎn)10、下列說(shuō)法正確的是____________。A.氣體很容易充滿整個(gè)容器，這是分子間存在斥力的宏觀表現(xiàn)B.若兩個(gè)分子間的勢(shì)能增大，則一定是克服分子間的相互作用力做功C.兩個(gè)物體的內(nèi)能相同，則它們的溫度一定相同E.由于液體表面層分子間距離大于液體內(nèi)部分子間的距離，液體表面層分子間表現(xiàn)為引力，所以液體表面具有收縮的趨勢(shì)E.由于液體表面層分子間距離大于液體內(nèi)部分子間的距離，液體表面層分子間表現(xiàn)為引力，所以液體表面具有收縮的趨勢(shì)11、下列說(shuō)法中正確的是____。A.液晶的光學(xué)性質(zhì)具有各向異性的特點(diǎn)B.只要知道某種晶體的密度，摩爾質(zhì)量和阿伏伽德羅常數(shù)，就可以算出該晶體分子的體積C.不可能從單一熱源吸收熱量，使之完全變成功E.白天感覺(jué)干燥，是因?yàn)榭諝庵兴魵獾姆謿鈮号c同溫度下的飽和汽壓差距大E.白天感覺(jué)干燥，是因?yàn)榭諝庵兴魵獾姆謿鈮号c同溫度下的飽和汽壓差距大12、關(guān)于不確定性關(guān)系有以下幾種理解，其中錯(cuò)誤的是（）A.微觀粒子的動(dòng)量不可能確定B.微觀粒子的坐標(biāo)不可能確定C.微觀粒子的動(dòng)量和坐標(biāo)不可能同時(shí)確定D.h是普朗克常量13、裝有一定量液體的玻璃管豎直漂浮在水中，水面足夠大，如圖甲所示．把玻璃管向下緩慢按壓4cm后放手，忽略運(yùn)動(dòng)阻力，玻璃管的運(yùn)動(dòng)可以視為豎直方向的簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)，測(cè)得振動(dòng)周期為0.5s．豎直向上為正方向，某時(shí)刻開(kāi)始計(jì)時(shí)，其振動(dòng)圖象如圖乙所示，其中A為振幅．對(duì)于玻璃管，下列說(shuō)法正確的是（）

A.回復(fù)力等于重力和浮力的合力B.位移滿足函數(shù)式C.振動(dòng)頻率與按壓的深度有關(guān)D.在時(shí)間t1～t2內(nèi)，位移減小，加速度減小，速度增大14、下列關(guān)于原子和原子核的說(shuō)法正確的是______________；E.結(jié)合能越大表示核子結(jié)合得越牢固，原子核越穩(wěn)定A.α粒子散射實(shí)驗(yàn)中，少數(shù)α粒子發(fā)生了較大偏轉(zhuǎn)是由于庫(kù)侖斥力的影響B(tài).由波爾理論可知，氫原子的核外電子由較高能級(jí)躍遷到較低能級(jí)時(shí)，要輻射一定頻率的光子，同時(shí)電子的動(dòng)能增大，電勢(shì)能減小，周期變小C.原子核能發(fā)生β衰變說(shuō)明原子核內(nèi)存在電子D.放射性元素的半衰期與它所處環(huán)境的溫度和壓強(qiáng)無(wú)關(guān)評(píng)卷人得分三、填空題(共8題，共16分)15、如圖所示，正、負(fù)電子垂直磁場(chǎng)方向沿與邊界成θ＝30°角的方向射入勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，不計(jì)重力，那么在磁場(chǎng)中正、負(fù)電子的運(yùn)動(dòng)時(shí)間之比為_(kāi)_______16、如圖所示，R1＝2Ω，R2＝3Ω，滑動(dòng)變阻器最大值R3＝5Ω，則當(dāng)滑動(dòng)觸頭從a滑到b的過(guò)程中，電流表示數(shù)的變化情況是______________________________．

17、如圖為簡(jiǎn)易測(cè)溫裝置，玻璃管中一小段水銀封閉了燒瓶?jī)?nèi)一定質(zhì)量的氣體，當(dāng)外界溫度升高時(shí)，瓶?jī)?nèi)氣體的密度_____________（選填“不變”“增大”或“減小”），瓶?jī)?nèi)氣體分子的平均動(dòng)能________（選填“增大”或“減小”）。

18、如圖所示，一定質(zhì)量的理想氣體從狀態(tài)依次經(jīng)狀態(tài)和后回到狀態(tài)圖中曲線為反比例函數(shù)圖線，直線平行于軸，直線平行于軸。該理想氣體經(jīng)過(guò)的的四個(gè)過(guò)程中，氣體對(duì)外放熱的過(guò)程有_________；氣體對(duì)外做功的過(guò)程有________；氣體內(nèi)能增加的過(guò)程有___________。19、質(zhì)子和α粒子以相同的動(dòng)能垂直磁場(chǎng)方向射入同一勻強(qiáng)磁場(chǎng)，它們運(yùn)動(dòng)軌跡半徑之比Rp:Rα=_________,運(yùn)動(dòng)周期之比Tp:Tα=_________.20、如圖所示，導(dǎo)線圈A水平放置，條形磁鐵從其正上方向下移近(未插入)導(dǎo)線圈的過(guò)程中，導(dǎo)線圈A對(duì)水平面的壓力將________．導(dǎo)線圈的面積有______趨勢(shì)．（填“增大”,“不變”或“減小”）

21、如圖所示，真空中有一對(duì)相距為d的平行金屬板A和B，兩板間電勢(shì)差為U，兩板間的電場(chǎng)為勻強(qiáng)電場(chǎng)．若一個(gè)質(zhì)量為m、電荷量為q的粒子，僅在靜電力的作用下由靜止開(kāi)始從A板向B板做勻加速直線運(yùn)動(dòng)并到達(dá)B板，則粒子在運(yùn)動(dòng)過(guò)程中加速度大小a=________，粒子到達(dá)B板時(shí)的速度大小v=________．

22、研究光電效應(yīng)電路如圖甲所示，用頻率都為強(qiáng)度不同的兩束光B、C分別照射密封真空管的鈉極板（陰極K），鈉極板發(fā)射出的光電子（帶電荷量為e）被陽(yáng)極A吸收，在電路中形成光電流，其光電流I與A、K之間的電壓UAK的關(guān)系如圖所示，可知B光的強(qiáng)度________C光的強(qiáng)度（選填“大于”、“等于”或“小于”），金屬鈉的逸出功為_(kāi)__________（已知普郎克常量為h）。

評(píng)卷人得分四、作圖題(共3題，共24分)23、如圖所示，甲、乙是直線電流的磁場(chǎng)，丙、丁是環(huán)形電流的磁場(chǎng)，戊、己是通電螺線管的磁場(chǎng)，試在各圖中補(bǔ)畫出電流方向或磁感線方向．

24、示波管的內(nèi)部結(jié)構(gòu)如圖所示．如果在偏轉(zhuǎn)電極XX/、YY/之間都沒(méi)有加電壓，電子束將打在熒光屏中心．如果在偏轉(zhuǎn)電極XX/之間和YY/之間分別加上如圖所示的電壓，請(qǐng)畫出熒光屏上出現(xiàn)的完整掃描波形圖．

25、圖中表示某一時(shí)刻的波形圖，已知波速為0.5m/s，波沿著x軸的正方向傳播；畫出經(jīng)過(guò)7s后的波形曲線。

評(píng)卷人得分五、實(shí)驗(yàn)題(共2題，共16分)26、（1）空氣壓縮機(jī)在一次壓縮過(guò)程中，活塞對(duì)氣缸中的氣體做功為2.0×105J，同時(shí)氣體的內(nèi)能增加了1.5×105J。試問(wèn)：此壓縮過(guò)程中，氣體___________(填“吸收”或“放出”)的熱量等于____________J。

（2）若一定質(zhì)量的理想氣體分別按下圖所示的三種不同過(guò)程變化。

其中表示等壓變化的是________(填“A”、“B”或“C”)，該過(guò)程中氣體的內(nèi)能__(填“增加”；“減少”或“不變”)。

（3）設(shè)想將1g水均勻分布在地球表面上，估算1cm2的表面上有多少個(gè)水分子。(已知1mol，水的質(zhì)量為18g，地球的表面積約為5×1014m2，結(jié)果保留一位有效數(shù)字)____27、采用如圖所示的電路“測(cè)定電池的電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻”。

（1）除了選用照片中的部分器材外，填選項(xiàng)()

A．還需要電壓表。

B．還需要電流表。

C．還需要學(xué)生電源。

D．不在需要任何器材。

（2）測(cè)量所得數(shù)據(jù)如下。測(cè)量次數(shù)

物理量123456R/Ω1.21.00.80.60.40.2I/A0.600.700.800.891.001.20U/V0.900.780.740.670.620.43

用作圖法求得電池的內(nèi)阻r=___________；

（3）根據(jù)第5組所測(cè)得的實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)，求得電流表內(nèi)阻RA=___________。評(píng)卷人得分六、解答題(共4題，共32分)28、如圖所示，AB兩金屬板與電路良好接觸，兩板間距為d，兩板之間有垂直于紙面向里的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B；一束粒子流（不計(jì)重力）以速度v0從S1孔平行于金屬板射入，恰好沿直線運(yùn)動(dòng)從S2孔射出，已知電源的電動(dòng)勢(shì)為E，內(nèi)阻為r,定值電阻為R0；求：

（1）AB兩板之間的電勢(shì)差；

（2）此時(shí)滑動(dòng)變阻器R接入電路的阻值.29、如圖所示，長(zhǎng)為的絕緣細(xì)線一端懸于點(diǎn)，另一端系一質(zhì)量為電荷量為的小球．現(xiàn)將此裝置放在水平向右的勻強(qiáng)電場(chǎng)中，小球靜止在點(diǎn)，此時(shí)細(xì)線與豎直方向成角．重力加速度為．

（1）判斷小球的帶電性質(zhì)．

（2）求該勻強(qiáng)電場(chǎng)的電場(chǎng)強(qiáng)度的大小．

（3）若將小球向左拉起至與點(diǎn)處于同一水平高度且細(xì)繩剛好張緊；將小球由靜止釋放，求小球運(yùn)動(dòng)至最低點(diǎn)時(shí)的速度大小．

30、如圖所示，光滑絕緣曲面與水平傳送帶固定在一豎直平面內(nèi)，且在B處平滑連接，整個(gè)裝置處在豎直向下的勻強(qiáng)電場(chǎng)中．水平傳送帶長(zhǎng)為L(zhǎng)＝10m，且以v＝5m/s的恒定速度勻速逆時(shí)針?lè)较蜣D(zhuǎn)動(dòng)．一質(zhì)量為m＝0.2kg，電荷量為q＝0.2C的帶電的小物體從距傳送帶某一高度的A點(diǎn)由靜止滑下，滑過(guò)B點(diǎn)后經(jīng)時(shí)t＝2s恰好運(yùn)動(dòng)到傳送帶最后端C處，不考慮滑塊與傳送帶摩擦?xí)r的電量損失，已知小物體與傳送帶之間的動(dòng)摩擦因數(shù)為μ＝0.25，取g＝10m/s2；求：

(1)勻強(qiáng)電場(chǎng)的電場(chǎng)強(qiáng)度E；

(2)小物體再次經(jīng)過(guò)B點(diǎn)后滑上曲面時(shí)離傳送帶的最大豎直高度；

(3)從小物體滑上傳送帶到再次經(jīng)過(guò)B點(diǎn)的過(guò)程中，小物體與傳送帶間因摩擦而產(chǎn)生的熱量．31、在平面直角坐標(biāo)系xOy中，第Ⅰ象限存在沿y軸負(fù)方向的勻強(qiáng)電場(chǎng)，第Ⅳ象限存在垂直于坐標(biāo)平面向外的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁感應(yīng)強(qiáng)度為B．一質(zhì)量為m、電荷量為q的帶正電的粒子從y軸正半軸上的M點(diǎn)以速度v0垂直于y軸射入電場(chǎng)，經(jīng)x軸上的N點(diǎn)與x軸正方向成θ＝60°角射入磁場(chǎng)，最后從y軸負(fù)半軸上的P點(diǎn)垂直于y軸射出磁場(chǎng)；如圖所示．不計(jì)粒子重力，求。

（1）M、N兩點(diǎn)間的電勢(shì)差UMN；

（2）粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的軌道半徑r；

（3）粒子從M點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到P點(diǎn)的總時(shí)間t．參考答案一、選擇題(共7題，共14分)1、D【分析】【詳解】

A.根據(jù)可知；最大初動(dòng)能與強(qiáng)度無(wú)關(guān)，只與頻率有關(guān)，A錯(cuò)誤．

B.飽和電流與光強(qiáng)成正比；不確定光強(qiáng)的關(guān)系，無(wú)法比較飽和電流，B錯(cuò)誤．

C.因?yàn)榧t光的頻率低與黃光的頻率；黃光的頻率大于截止頻率，但是紅光的頻率不一定大于截止頻率，所以紅光不一定能發(fā)生光電效應(yīng)，C錯(cuò)誤．

D.單位時(shí)間內(nèi)出射的電子數(shù)目與光強(qiáng)成正比，所以增大光強(qiáng)，單位時(shí)間出射電子數(shù)目增多，D正確．2、D【分析】【詳解】

A.如果采用圖甲所示裝置，由于小球平拋運(yùn)動(dòng)的時(shí)間相等，故可以用水平位移代替速度進(jìn)行驗(yàn)證，不需要測(cè)量OB的長(zhǎng)度，故A錯(cuò)誤；

B.如果采用圖乙所示裝置時(shí)，利用水平距離相等，根據(jù)下落的高度可確定飛行時(shí)間，從而根據(jù)高度可以表示出對(duì)應(yīng)的水平速度，從而確定動(dòng)量是否守恒，故不需要測(cè)量OB的距離，故B錯(cuò)誤；

C.采用圖甲所示裝置，一個(gè)球時(shí)水平距離為OP，兩球相碰時(shí)，A球距離為OM，B球?yàn)镺N，則根據(jù)動(dòng)量守恒定律有：因下落時(shí)間相同,則兩端同時(shí)乘以t后有則表明此碰撞動(dòng)量守恒，故C錯(cuò)誤；

D.小球碰后做平拋運(yùn)動(dòng)，速度越快，下落高度越小，單獨(dú)一個(gè)球下落時(shí)，落點(diǎn)為P，兩球相碰后，落點(diǎn)分別為M和N，根據(jù)動(dòng)量守恒定律有而速度根據(jù)可得則可解得：代入動(dòng)量守恒表達(dá)式,消去公共項(xiàng)后，有機(jī)械能守恒定律可知：聯(lián)立動(dòng)量表達(dá)式和機(jī)械能表達(dá)式可知：故可以根據(jù)該式表明此碰撞機(jī)械能守恒，故D正確；

故選D．

【點(diǎn)睛】?jī)裳b置均是利用平拋運(yùn)動(dòng)規(guī)律驗(yàn)證動(dòng)量守恒，利用平拋運(yùn)動(dòng)規(guī)律得出速度的表達(dá)式，再根據(jù)機(jī)械能守恒定律分析機(jī)械能守恒的表達(dá)式，根據(jù)表達(dá)式分析應(yīng)測(cè)量的數(shù)據(jù)，同時(shí)得出對(duì)應(yīng)的表達(dá)式．3、D【分析】【分析】

【詳解】

兩個(gè)門均關(guān)緊時(shí)；輸入兩個(gè)“1”，則報(bào)警器不鳴響，即輸出為“0”；兩個(gè)門只有一個(gè)門關(guān)緊時(shí)，輸入一個(gè)“1”和一個(gè)“0”，則報(bào)警器鳴響，即輸出為“1”；兩個(gè)門均未關(guān)緊時(shí)，輸入兩個(gè)“0”，則報(bào)警器鳴響，即輸出為“1”，符合以上邏輯關(guān)系的邏輯門是與非門。

故選D。4、C【分析】【分析】

【詳解】

A．同種物質(zhì)也可能以晶體和非晶體兩種不同的形態(tài)出現(xiàn)；如石墨和金剛石，組成它們的物質(zhì)都是碳，是微粒排列結(jié)構(gòu)不同造成的，A錯(cuò)誤；

B．液晶是一種特殊物質(zhì)；它既具有液體的流動(dòng)性，又像某些晶體具有光學(xué)各向異性，B錯(cuò)誤；

C．液體表面張力使液面具有收縮趨勢(shì)；因?yàn)樵谝后w表面層內(nèi)分子間的作用力表現(xiàn)為引力，C正確；

D．粉筆能吸干紙上的墨水；是毛細(xì)現(xiàn)象，D錯(cuò)誤。

故選C。5、C【分析】【詳解】

由圖象可知，由A→B過(guò)程中，溫度升高體積變大，體積與熱力學(xué)溫度成正比，由可知，氣體壓強(qiáng)不變，是等壓變化，故A錯(cuò)誤；由圖象可知，在B→C過(guò)程中，氣體體積不變溫度降低，由可知，氣體壓強(qiáng)變小，故B錯(cuò)誤，C正確；由圖象可知，在C→D過(guò)程中，氣體溫度不變體積減小，由可知，壓強(qiáng)變大，故D錯(cuò)誤．6、D【分析】【詳解】

電流表的內(nèi)阻約為0.1Ω，電壓表內(nèi)阻約為10kΩ，待測(cè)電阻約為5Ω，電壓表內(nèi)阻是待測(cè)電阻的2000倍，待測(cè)電阻阻值是電流表內(nèi)阻的50倍，由此可見(jiàn)電壓表內(nèi)阻遠(yuǎn)大于待測(cè)電阻阻值，應(yīng)采用電流表的外接法；在電流表的外接法中，由于電壓表的分流作用，電流表的測(cè)量值I大于真實(shí)值，由可知，電阻的測(cè)量值小于電阻的真實(shí)值，D正確．7、D【分析】【詳解】

由光路圖可知，a光的偏折程度小于b光的偏折程度，所以三棱鏡對(duì)a光的折射率小，對(duì)b光的折射率大，則a光的頻率小于b光的頻率，根據(jù)知，a光的波長(zhǎng)大于b光的波長(zhǎng)，而雙縫干涉條紋間距與波長(zhǎng)成正比，所以a光的相鄰亮條紋中心間距比b光大，故A錯(cuò)誤．a(chǎn)光的頻率小于b光的頻率，如果b光能發(fā)生光電效應(yīng)，那么a光不一定能發(fā)生，故B錯(cuò)誤．a(chǎn)光的頻率小于b光的頻率，按照玻爾理論兩束光如果都是由高能級(jí)躍遷向n=2能級(jí)產(chǎn)生的，那么a光可能是n=3能級(jí)向下躍遷產(chǎn)生的，而b光不可能是n=3能級(jí)向下躍遷產(chǎn)生的，故C錯(cuò)誤．三棱鏡對(duì)a光的折射率小，由臨界角公式可知a光的臨界角比b光的大．故D正確．故選D．

【點(diǎn)睛】先根據(jù)折射定律比較折射率大小，根據(jù)頻率大的單色光折射率也大，分析頻率關(guān)系，根據(jù)判斷光的波長(zhǎng)大小，再結(jié)合雙縫干涉條紋間距與波長(zhǎng)成正比，分析相鄰亮條紋中心間距的大?。畬?duì)照光電效應(yīng)的條件分析a光能否發(fā)生光電效應(yīng)．根據(jù)分析臨界角的大小．結(jié)合玻爾理論分析．二、多選題(共7題，共14分)8、A:D【分析】【詳解】

A、B項(xiàng)：由光路圖可知，a、b光入射角相同，在分界面上a光發(fā)生反射及折射，而b光發(fā)生全反射，可知b光的臨界角小于a光的臨界角，根據(jù)知a光的折射率小于b光折射率；故A正確，B錯(cuò)誤；

C項(xiàng)：由公式可知，a光在玻璃中的傳播速度較大，再由公式可知，a光在玻璃中的波長(zhǎng)較長(zhǎng)；故C錯(cuò)誤；

D項(xiàng)：b光的折射率大，知b光的頻率大，根據(jù)E=hv知，b光的光子能量大，故D正確．9、C:D【分析】【分析】

【詳解】

ABC．一定質(zhì)量的氣體的等容線；體積不同，圖線不同，在圖線1；2上取溫度相同的兩點(diǎn)，可得。

則。

所以C正確；AB錯(cuò)誤；

D．圖線1、2都交于t軸上處；即熱力學(xué)溫度0K處，故D正確。

故選CD。10、B:D:E【分析】A：氣體很容易充滿整個(gè)容器；這是分子熱運(yùn)動(dòng)的宏觀表現(xiàn)。故A項(xiàng)錯(cuò)誤。

B：若兩個(gè)分子間的勢(shì)能增大；一定是克服分子間的相互作用力做功。故B項(xiàng)正確。

C：物體的內(nèi)能是物體內(nèi)所有分子無(wú)規(guī)則熱運(yùn)動(dòng)的分子動(dòng)能和分子勢(shì)能的總和；宏觀上影響內(nèi)能的因素是物質(zhì)的量；物體的體積和物體的溫度。兩個(gè)物體內(nèi)能相同；則它們的溫度不一定相同。故C項(xiàng)錯(cuò)誤。

D：密度為ρ(kg/m3)的1m3的銅，質(zhì)量所含原子數(shù)故D項(xiàng)正確。

E：由于液體表面分子間距離大于液體內(nèi)部分子間的距離，液面分子間表現(xiàn)為引力，所以液體表面具有收縮的趨勢(shì)。故E項(xiàng)正確。11、A:B:E【分析】【詳解】

A．液晶像液體一樣可以流動(dòng)；又具有某些晶體結(jié)構(gòu)特征的一類物質(zhì)．所以液晶的光學(xué)性質(zhì)與某些晶體相似，具有各向異性，故A正確；

B．由密度和摩爾質(zhì)量可得出摩爾體積；再由摩爾體積和阿伏伽德羅常數(shù)可求出分子體積，故B正確；

C．根據(jù)熱力學(xué)第二定律可知；不可能從單一熱源吸收熱量，使之完全用來(lái)做功,而不產(chǎn)生其他變化，故C錯(cuò)誤；

D．0的水結(jié)成0的冰時(shí)要放熱量；分子勢(shì)能減小，故D錯(cuò)誤；

E．白天感覺(jué)干燥；是因?yàn)榭諝庵兴魵獾姆謿鈮号c同溫度下的飽和汽壓差距大，故E正確。

故選ABE。12、A:B【分析】【詳解】

位置的不確定性與動(dòng)量的不確定性遵守不等式

其中h是普朗克常量；不確定性原理表明，粒子的位置與動(dòng)量不可同時(shí)被確定，故AB符合題意，CD不符合題意。

故選AB。13、A:B:D【分析】【詳解】

A.裝有一定量液體的玻璃管只受到重力和液體的浮力；所以裝有一定量液體的玻璃管做簡(jiǎn)諧振動(dòng)的回復(fù)力等于重力和浮力的合力．故A正確；

B.振動(dòng)的周期為0.5s，則角速度為：ω=2π/T=2π/0.5=4πrad/s，由圖可知振動(dòng)的振幅為A，由題可知，A=4cm；

t=0時(shí)刻：x0=?=A?sinφ0

結(jié)合t=0時(shí)刻玻璃管振動(dòng)的方向向下，可知φ0=π；則玻璃管的振動(dòng)方程為：

x=A?sin(ωt+φ0)=4sin(4πt+π)cm=4sin(4πt?π)cm；故B正確；

C.由于玻璃管做簡(jiǎn)諧振動(dòng)；與彈簧振子的振動(dòng)相似，結(jié)合簡(jiǎn)諧振動(dòng)的特點(diǎn)可知，該振動(dòng)的周期與振幅無(wú)關(guān)．故C錯(cuò)誤；

D.由圖可知，在t1～t2時(shí)間內(nèi)，位移減小，回復(fù)力：f=?kx減小，加速度a=f/m=?kx/m減小；在t1～t2時(shí)間內(nèi)；玻璃管向著平衡位置做加速運(yùn)動(dòng)，所以速度增大．故D正確．

故選ABD14、A:B:D【分析】A；α粒子散射實(shí)驗(yàn)中；α粒子帶正電，原子核質(zhì)量很大也帶正電，它們接近時(shí)就表現(xiàn)出很大的庫(kù)侖斥力作用，使α粒子產(chǎn)生大角度偏轉(zhuǎn)，故A正確；

B；由玻爾理論可知；氫原子的核外電子由較高能級(jí)躍遷到較低能級(jí)時(shí)，要釋放一定頻率的光子，同時(shí)電子的動(dòng)能增大，電勢(shì)能減小，周期變小，故B正確；

C；衰變反應(yīng)發(fā)生在原子核內(nèi)部；原子核由質(zhì)子和中子組成，故C錯(cuò)誤；

D；放射性元素的半衰期與核內(nèi)部自身因素有關(guān)；與原子所處的化學(xué)狀態(tài)和外部條件都無(wú)關(guān)，與它所處環(huán)境的溫度和壓強(qiáng)無(wú)關(guān)，故D正確；

E；原子核的比結(jié)合能越大；核子結(jié)合得就越牢固，原子核越穩(wěn)定，而不是原子核的結(jié)合能越大，故E錯(cuò)誤；

故選ABD。

【點(diǎn)睛】α粒子散射實(shí)驗(yàn)中，使少數(shù)α粒子產(chǎn)生大角度偏轉(zhuǎn)的力是原子核對(duì)粒子的庫(kù)侖斥力，氫原子在輻射出一個(gè)光子后，向低能級(jí)躍遷，核外電子的動(dòng)能增大，放射性元素的半衰期與它所處環(huán)境的溫度和壓強(qiáng)無(wú)關(guān)，原子核的比結(jié)合能越大，核子結(jié)合得就越牢固，原子核越穩(wěn)定。三、填空題(共8題，共16分)15、略

【分析】設(shè)正離子軌跡的圓心角為α；負(fù)離子軌跡的圓心角為β，由幾何知識(shí)得到；

α=2π-2θ；β=2θ

正離子運(yùn)動(dòng)的時(shí)間為負(fù)離子運(yùn)動(dòng)的時(shí)間為而正、負(fù)離子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的周期相同，所以時(shí)間之比【解析】1:5；16、略

【分析】【詳解】

由電路的組成可知，R1和R3的上半部分串聯(lián)，R2和R3的下半部分串聯(lián)，然后再并聯(lián)．只要求出P由a向b滑動(dòng)過(guò)程中電阻的變化，就可求得電流的變化．設(shè)P、a間電阻為Ra；則混聯(lián)電路的電阻為。

上式中分子里兩個(gè)因式之和為定值，則當(dāng)時(shí)當(dāng)時(shí)，R＝1.6Ω，I1＝≈3.94A

當(dāng)時(shí)，R＝2.1Ω，I2＝3A

故當(dāng)滑動(dòng)觸頭P從a端滑動(dòng)到b端的過(guò)程中；電流表示數(shù)變化：從3.94A減小到2.52A再增大到3A.

【點(diǎn)睛】

本題正確列出并聯(lián)電路電阻表達(dá)式，再根據(jù)數(shù)學(xué)關(guān)系，即可正確解題．【解析】從3.94A減小到2.52A再增大到3A17、略

【分析】【詳解】

[1][2]當(dāng)外界溫度升高時(shí)，瓶?jī)?nèi)氣體體積增大，質(zhì)量不變，瓶?jī)?nèi)氣體的密度減小；由于熱傳遞，瓶?jī)?nèi)氣體溫度升高，瓶?jī)?nèi)氣體分子的平均動(dòng)能增大?！窘馕觥繙p小增大18、略

【分析】【分析】

【詳解】

A→B為等溫變化，△U=0；體積減小，外界對(duì)氣體做功W＞0；根據(jù)熱力學(xué)第一定律W+Q=△U得：Q＜0；氣體對(duì)外放熱。

B→C為等壓變化過(guò)程，體積增大，氣體對(duì)外界做功W＜0；再根據(jù)理想氣體狀態(tài)方程知，溫度T升高，內(nèi)能增大△U＞0；據(jù)熱力學(xué)第一定律知；氣體從外界吸熱。

C→D為等溫變化過(guò)程，△U=0；體積增大，氣體對(duì)外界做功W＜0，根據(jù)熱力學(xué)第一定律W+Q=△U得：Q＞0；氣體從外界吸熱。

D→A為等容變化過(guò)程，氣體不做功W=0；壓強(qiáng)減小，再根據(jù)理想氣體狀態(tài)方程知，溫度T下降，內(nèi)能減小△U＜0；據(jù)熱力學(xué)第一定律W+Q=△U得：Q＜0；氣體對(duì)外放熱。

[1]氣體對(duì)外放熱的過(guò)程有：A→B，D→A；

[2]氣體對(duì)外做功的過(guò)程有：B→C，C→D；

[3]氣體內(nèi)能增加的過(guò)程有：B→C?！窘馕觥?9、略

【分析】【分析】

【詳解】

質(zhì)子和α粒子以相同的動(dòng)能垂直進(jìn)入同一勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，均做勻速圓周運(yùn)動(dòng)．洛倫茲力提供向心力，由牛頓第二定律得：動(dòng)能：EK=mv2，則軌跡的半徑為：因質(zhì)子的質(zhì)量數(shù)是1，α粒子的質(zhì)量數(shù)是4，所以：mα=4mP，質(zhì)子帶1個(gè)單位的正電荷，α粒子帶兩個(gè)單位的正電荷，則：粒子在磁場(chǎng)中做圓周運(yùn)動(dòng)的周期：【解析】1:11:220、略

【分析】【詳解】

條形磁鐵從其正上方向下移近時(shí)；穿過(guò)線圈A的磁通量會(huì)增加，根據(jù)楞次定律知：線圈有向下運(yùn)動(dòng)的趨勢(shì)，所以對(duì)地面的壓力將增加，由于穿過(guò)線圈A的磁通量，根據(jù)楞次定律知道，此時(shí)線圈A的面積有減小的趨勢(shì)，用來(lái)阻礙磁通量的增加．

綜上所述本題答案是：增大；減小【解析】增大減小21、略

【分析】【詳解】

粒子從靜止開(kāi)始運(yùn)動(dòng)，只受電場(chǎng)力，有：U=Ed；F=qE；

聯(lián)立解得：

根據(jù)速度位移關(guān)系公式，有：v2=2ad

解得：

點(diǎn)睛：本題電荷在電場(chǎng)中加速問(wèn)題，求解速度通常有兩種思路：一是動(dòng)能定理；二是牛頓第二定律與運(yùn)動(dòng)學(xué)公式結(jié)合．【解析】22、略

【分析】【詳解】

[1]由圖像可知，B光的飽和光電流大于A光，所以B光的強(qiáng)度大于C光的強(qiáng)度；

[2]由圖像可知，反向截止電壓為則光電子的最大初動(dòng)能為由光電效應(yīng)方程可知，金屬鈉的逸出功為【解析】大于四、作圖題(共3題，共24分)23、略

【分析】【詳解】

利用右手螺旋定則；已知電流的方向可判定磁場(chǎng)方向，也可以通過(guò)磁場(chǎng)方向來(lái)確定電流的方向；

圖甲；已知磁場(chǎng)方向，順時(shí)針?lè)较?，則電流垂直紙面向里；

圖乙；電流右側(cè)的磁場(chǎng)的方向向里，左側(cè)的磁場(chǎng)的方向向外，則電流的方向向上；

圖丙；已知磁場(chǎng)方向，則可知電流方向，逆時(shí)針?lè)较颍?/p>

圖?。画h(huán)形電流從左側(cè)流入，從右側(cè)流出，所以磁場(chǎng)的方向向下；

圖戊；根據(jù)螺線管中電流方向，利用右手螺旋定則可以確定螺線管的磁場(chǎng)的方向向左；

圖已；根據(jù)螺線管中上邊的電流方向向外，下邊的電流的方向向里，利用右手螺旋定則可以確定螺線管的磁場(chǎng)的方向向右．如圖所示：

【解析】24、略

【分析】試題分析：A圖中；在XX′偏轉(zhuǎn)電極所加的電壓的周期為2T，即在2T的時(shí)間內(nèi)才能完成一次水平方向的掃描，而豎直方向（y方向）的周期為T，所以在水平方向的一次水平掃描的過(guò)程中，豎直方向由2個(gè)周期性的變化；y方向的電壓變化為正弦式的變化，由于電子到達(dá)熒光屏的偏轉(zhuǎn)量與偏轉(zhuǎn)電壓成正比，所以A圖中的掃描圖形如圖；

要在熒光屏上得到待測(cè)信號(hào)在一個(gè)周期內(nèi)的穩(wěn)定圖象．XX′偏轉(zhuǎn)電極要接入鋸齒形電壓；即掃描電壓．

B圖中；在XX′偏轉(zhuǎn)電極所加的電壓的周期為T，即在一個(gè)周期T的時(shí)間內(nèi)完成一次水平方向的掃描，同時(shí)豎直方向的周期為T，所以在水平方向的一次水平掃描的過(guò)程中，豎直方向也完成一個(gè)周期性的變化；y方向的電壓大小不變，方向每半個(gè)周期變化一次，結(jié)合電子到達(dá)熒光屏的偏轉(zhuǎn)量與偏轉(zhuǎn)電壓成正比，所以B圖中的掃描圖形如圖．

考點(diǎn)：考查了示波器的工作原理。

【名師點(diǎn)睛】本題關(guān)鍵要清楚示波管的工作原理，示波管的YY′偏轉(zhuǎn)電壓上加的是待顯示的信號(hào)電壓，XX′偏轉(zhuǎn)電極通常接入鋸齒形電壓，即掃描電壓，當(dāng)信號(hào)電壓與掃描電壓周期相同時(shí)，就可以在熒光屏上得到待測(cè)信號(hào)在一個(gè)周期內(nèi)的穩(wěn)定圖象【解析】25、略

【分析】【分析】

【詳解】

7s波向前傳播的距離為

7s后，故x=3.5m位置的原圖中x=0位置的振動(dòng)情況相同；因此作出以下圖形。

【解析】五、實(shí)驗(yàn)題(共2題，共16分)26、略

【分析】【分析】

【詳解】

(1)[1][2]由熱力學(xué)第一定律△U=W＋Q

代入數(shù)據(jù)得：1.5×105=2.0×105＋Q，解得Q=－5×104J；負(fù)號(hào)表示放出熱量。所以第一空填“放出”，第二空填“5×104J”。

(2)由

壓強(qiáng)不變時(shí)，V隨溫度T的變化是一次函數(shù)關(guān)系；故選擇C圖。從狀態(tài)1到狀態(tài)2，溫度升高，內(nèi)能增加。

(3)1g水的分子數(shù)

地球表面積

1cm2的分子數(shù)

n≈7×103（6×103～7×103都算對(duì)）?！窘馕觥竣?放出②.5×104③.C④.增加⑤.7×103（6×103～7×103都算對(duì)）27、略

【分析】【詳解】

（1）[1]根據(jù)題中電路圖可知；此實(shí)驗(yàn)需要電壓表；電流表、電阻箱、干電池、電鍵等，缺少的是電壓表。

故選A。

（2）[2]題中表格數(shù)據(jù)描述的是電路中電源路端電壓和干路電流的對(duì)應(yīng)值，根據(jù)表格數(shù)據(jù)，描點(diǎn)、連線作出電源外特征曲線U-I圖像如圖：

圖像的斜率物理意義即電源的內(nèi)阻，即（都正確）

（3）[3]根據(jù)部分電路歐姆定律有

代入第5組數(shù)據(jù)，可得

【點(diǎn)睛】

本題考查了測(cè)定電源電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻實(shí)驗(yàn)、閉合電路歐姆定律等知識(shí)。旨在考查學(xué)生的實(shí)驗(yàn)探究能力以及推理問(wèn)題的能力?！窘?/p>