2025年滬科版高二物理上冊月考試卷含答案

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年滬科版高二物理上冊月考試卷含答案考試試卷考試范圍：全部知識點(diǎn)；考試時間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五六總分得分評卷人得分一、選擇題(共9題，共18分)1、某課外活動小組將鋅片和銅片插入一個西紅柿中，用電壓表測量銅片和鋅片間電壓為0.30V.然后又將同樣的10個西紅柿電池串聯(lián)成電池組(n個相同電池串聯(lián)時，總電動勢為nE，總電阻為nr)，與一個額定電壓為1.5V、額定功率為1W的小燈泡相連接，小燈泡不發(fā)光，測得小燈泡兩端的電壓為0.2V.對此現(xiàn)象以下解釋正確的是:A.西紅柿電池組的電動勢大于小燈泡的額定電壓，小燈泡已經(jīng)燒毀B.西紅柿電池組不可能提供電能C.西紅柿電池組提供的電功率太小D.西紅柿電池組的內(nèi)阻遠(yuǎn)小于小燈泡的電阻2、如圖所示，由于地球的自轉(zhuǎn)，地球表面上P

、Q

兩物體均繞地球自轉(zhuǎn)軸做勻速圓周運(yùn)動，對于P

、Q

兩物體的運(yùn)動，下列說法正確的是()

A.P

、Q

兩物體的角速度大小相等B.P

、Q

兩物體的線速度大小相等C.P

物體的線速度比Q

物體的線速度大D.P

、Q

兩物體均受重力和支持力兩個力作用3、如圖所示，當(dāng)滑動變阻器R2

的滑動片P

向下移動時，兩電表的示數(shù)變化情況為(

)

A.電流表示數(shù)減小，電壓表示數(shù)增大B.電流表示數(shù)增大，電壓表示數(shù)減小C.兩電表的示數(shù)均增大D.兩電表的示數(shù)均減小4、如圖；無窮大勻強(qiáng)磁場垂直線圈所在平面，則下列情況能使線圈里有感應(yīng)電流的是（）

A.線圈垂直紙面向外運(yùn)動。

B.線圈垂直磁場上下運(yùn)動。

C.線圈垂直磁場左右運(yùn)動。

D.線圈繞某一條邊勻速轉(zhuǎn)動。

5、如圖所示，一質(zhì)點(diǎn)做簡諧運(yùn)動，先后以相同的速度依次通過M、N兩點(diǎn)，歷時1s，質(zhì)點(diǎn)通過N點(diǎn)后再經(jīng)過1s又第2次通過N點(diǎn)，在這2s內(nèi)質(zhì)點(diǎn)通過的總路程為12cm.則質(zhì)點(diǎn)的振動周期和振幅分別為()A.3s,6cmB.4s,6cmC.4s,9cmD.2s,8cm6、下列說法中，正確的是（）A.沿著電場線的方向場強(qiáng)一定越來越弱B.沿著電場線的方向電勢一定越來越低C.正點(diǎn)電荷的電場中，一定有場強(qiáng)大小相等、方向相同的兩點(diǎn)D.勻強(qiáng)電場中各點(diǎn)的電勢一定相等7、矩形線圈的匝數(shù)為50

匝，在勻強(qiáng)磁場中繞垂直于磁場的軸勻轉(zhuǎn)動時，穿過線圈的磁通量隨時間的變化規(guī)律如圖所示，下列結(jié)論正確的是(

)

A.在t=0.1s

和t=0.3s

時，電動勢最大B.在t=0.2s

和t=0.4s

時，電動勢改變方向C.電動勢的最大值是50婁脨V

D.在t=0.4s

時，磁通量變化率最大，其值為100婁脨Wb/s

8、用控制變量法，可以研究影響平行板電容器電容的因素(

如圖所示).

設(shè)兩極板正對面積為S

極板間的距離為d

靜電計(jì)指針偏角為婁脠

實(shí)驗(yàn)中，極板所帶電荷量不變，若()

A.保持S

不變，增大d

則婁脠

變大B.保持S

不變，增大d

則婁脠

變小C.保持d

不變，減小S

則婁脠

變小D.保持d

不變，減小S

則婁脠

不變9、質(zhì)量為m

的小球A

在光滑的水平面上以速度v0

與質(zhì)最為3m

的靜止小球B

發(fā)生正碰，碰撞后A

球的速度大小變?yōu)樵瓉淼?3

則碰后小球B

的速度大小可能為(

)

A.2v09

B.v03

C.2v03

D.4v09

評卷人得分二、填空題(共8題，共16分)10、如圖所示為奧斯特在1820年做過的一個實(shí)驗(yàn)，他將一根直導(dǎo)線平行地放在小磁針的上方，當(dāng)在導(dǎo)線中通以電流時，小磁針發(fā)生如圖所示的偏轉(zhuǎn)（N極向外），則導(dǎo)線中的電流方向?yàn)檠貙?dǎo)線向____（填“左”“右”）．

11、如圖所示為金屬A

和B

的遏止電壓Uc

和入射光頻率婁脥

的關(guān)系圖象，由圖可知金屬A

的截止頻率________(

選填“大于”“小于”或“等于”)

金屬B

的截止頻率；如果用頻率為5.5隆脕1014Hz

的入射光照射兩種金屬，從金屬________(

選填“A

”或“B

”)

逸出光電子的最大初動能較大．12、人們知道鴿子有很強(qiáng)的返巢能力，有人猜想鴿子體內(nèi)可能有______，通過地磁場對它的作用來辨認(rèn)方向。為了證實(shí)這個假設(shè)，在鴿子翅膀下系上一小塊______，以擾亂鴿子對地磁場的“感覺”，結(jié)果鴿子不能飛回家了。由此，猜想得到了證實(shí)。13、有一電容器，帶電荷量為2×10-4C時，兩板間電勢差為200V，若使其電荷量增加一倍，這時它的電容量為____F，兩板間的電勢差為____．14、共振是一種受迫振動，共振時，驅(qū)動力的頻率等于做受迫振動物體的______，物體的振幅______，微波爐就是利用______工作的，它工作頻率與______頻率相同．15、兩金屬棒ab和cd連成一回路，分別放在兩個方向相反的勻強(qiáng)磁場中，如圖所示，現(xiàn)要使cd向右運(yùn)動，那么cd中電流方向______，ab應(yīng)向______運(yùn)動．16、1911

年盧瑟福依據(jù)婁脕

粒子散射實(shí)驗(yàn)中極少數(shù)婁脕

粒子發(fā)生了______(

選填“大”或“小”)

角度散射現(xiàn)象；實(shí)驗(yàn)結(jié)果表明______

A.原子還可再分B.

原子核還可再分。

C.原子具有核式結(jié)構(gòu)D.

原子核由質(zhì)子和中子組成．17、下列說法正確的是__________E.浸潤現(xiàn)象是分子間作用力引起的評卷人得分三、判斷題(共6題，共12分)18、電場線與等勢面相互垂直，沿著同一等勢面移動電荷時靜電力不做功．（判斷對錯）19、只有沿著電場線的方向電勢才會降低，所以電勢降低的方向就一定是電場強(qiáng)度的方向．（判斷對錯）20、空間兩點(diǎn)放置兩個異種點(diǎn)電荷a、b，其所帶電荷量分別為qa和qb，其產(chǎn)生的電場的等勢面如圖所示，且相鄰等勢面間的電勢差均相等，電場中A、B兩點(diǎn)間的電勢大小的關(guān)系為φA＞φB，由此可以判斷出a為正電荷，且有qa＜qb．________（判斷對錯）

21、電場線與等勢面相互垂直，沿著同一等勢面移動電荷時靜電力不做功．（判斷對錯）22、空間兩點(diǎn)放置兩個異種點(diǎn)電荷a、b，其所帶電荷量分別為qa和qb，其產(chǎn)生的電場的等勢面如圖所示，且相鄰等勢面間的電勢差均相等，電場中A、B兩點(diǎn)間的電勢大小的關(guān)系為φA＞φB，由此可以判斷出a為正電荷，且有qa＜qb．________（判斷對錯）

23、如圖所示為某示波管內(nèi)的聚焦電場，實(shí)線和虛線分別表示電場線和等勢線．兩電子分別從a、b兩點(diǎn)運(yùn)動到c點(diǎn)．設(shè)電場力對兩電子做的功分別為Wa和Wb，a、b點(diǎn)的電場強(qiáng)度大小分別為Ea和Eb，則Wa=Wb，Ea＞Eb．________（判斷對錯）

評卷人得分四、作圖題(共1題，共8分)24、20、如圖所示，L為垂直于紙面的通電直導(dǎo)線（通有垂直于紙面向里的電流I），放在水平向左的勻強(qiáng)磁場B中，請用箭頭在圖中標(biāo)出通電直導(dǎo)線L所受安培力方向（用F表示）評卷人得分五、計(jì)算題(共3題，共30分)25、如圖所示；圖甲是一列簡諧橫波在t=0

時刻的波形圖，P

點(diǎn)是此時處在平衡位置的一個質(zhì)點(diǎn).

圖乙是質(zhì)點(diǎn)P

的振動圖象．

(1)

判斷這列波的傳播方向；

(2)

經(jīng)過時間t1=6s

質(zhì)點(diǎn)P

通過的路程s

(3)

經(jīng)過t2=30s

波向前傳播的距離x

．26、受動畫片《四驅(qū)兄弟》的影響，越來越多的小朋友喜歡上了玩具賽車．某玩具賽車充電電池的輸出功率P隨電流I變化的圖象如圖所示。(1)求該電池的電動勢E和內(nèi)阻r；(2)求該電池的輸出功率最大時對應(yīng)的外電阻R(純電阻)；(3)由圖象可以看出，同一輸出功率P可對應(yīng)兩個不同的電流I1、I2，即對應(yīng)兩個不同的外電阻(純電阻)R1、R2，試確定r、R1、R2三者間的關(guān)系。27、如圖所示，兩個邊長均為l

的正方形區(qū)域ABCD

和EFGH

內(nèi)有豎直向上的勻強(qiáng)電場，DH

上方有足夠長的豎直向下的勻強(qiáng)電場.

一帶正電的粒子，質(zhì)量為m

電荷量為q

以速度v

從B

點(diǎn)沿BC

方向射入勻強(qiáng)電場，已知三個區(qū)域內(nèi)的場強(qiáng)大小相等，且E=mv2ql

今在CDHE

區(qū)域內(nèi)加上合適的垂直紙面向里的勻強(qiáng)磁場，粒子經(jīng)過該磁場后恰能從DH

的中點(diǎn)豎直向上射入電場，粒子的重力不計(jì)，求：

(1)

所加磁場的寬度DH爐

(2)

所加磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小；(3)

粒子從B

點(diǎn)射入到從EFGH

區(qū)域電場射出所經(jīng)歷的時間．評卷人得分六、推斷題(共4題，共32分)28、下表為元素周期表的一部分，針對表中rm{壟脵隆蘆壟脼}元素，回答下列問題。rm{壟脵}rm{壟脷}rm{壟脹}rm{壟脺}rm{壟脻}rm{壟脼}rm{(1)壟脵}元素在周期表中的位置是第二周期_____________族。rm{(2)壟脷}和rm{壟脻}兩種元素中原子半徑較大的是__________rm{(}填元素符號rm{)}rm{壟脻}和rm{壟脼}兩種元素的最高價氧化物對應(yīng)水化物中酸性較強(qiáng)的是________rm{(}填化學(xué)式rm{)}rm{(3)}寫出rm{壟脹壟脺}兩種元素的最高價氧化物對應(yīng)水化物反應(yīng)的離子方程式_______________。29、是合成高聚酚酯的原料，其合成路線rm{(}部分反應(yīng)條件略去rm{)}如下圖所示：

rm{(1)A}的結(jié)構(gòu)簡式為____，rm{B}分子中最多有____個原子共面。rm{(2)}反應(yīng)rm{壟脵}的反應(yīng)條件____。rm{(3)}由rm{C}生成rm{D}的化學(xué)方程式為____。rm{(4)}與rm{D}互為同分異構(gòu)體且含有碳碳雙鍵和rm{-COO-}的苯的二元取代物有____種，其中核磁共振譜為rm{5}組峰，且峰面積比為rm{2:1:2:2:1}的結(jié)構(gòu)簡式為____rm{(}任寫一種rm{)}rm{(5)}寫出以rm{C_{2}H_{5}OH}為原料合成乳酸rm{(}rm{)}的路線rm{(}其他試劑任選，合成路線常用的表示方式為目標(biāo)產(chǎn)物rm{)}30、根據(jù)下面的反應(yīng)路線及所給信息；回答下列問題：

rm{(1)11.2L(}標(biāo)準(zhǔn)狀況rm{)}的烴rm{A}在氧氣中充分燃燒可以產(chǎn)生rm{88gCO_{2}}和rm{45gH_{2}O}rm{A}的分子式是___________________rm{(2)A}有支鏈，rm{B}和rm{C}均為一氯化烴，它們的結(jié)構(gòu)簡式分別為____________，_____________rm{(3)D}的系統(tǒng)命名法名稱__________________________rm{(4)壟脵}rm{壟脹}的反應(yīng)類型依次是___________________，__________________rm{(5)}寫出rm{壟脷}rm{壟脹}的反應(yīng)化學(xué)方程式______________________________________rm{(6)}rm{A}的同分異構(gòu)體的一種二氯代物rm{G}其核磁共振氫譜圖上有兩組峰，且峰面積之比為rm{1:1}rm{G}在足量的rm{NaOH}的醇溶液中加熱，充分反應(yīng)后生成rm{H}rm{H}的結(jié)構(gòu)簡式為_________________請寫出rm{H}發(fā)生加聚反應(yīng)的化學(xué)方程式__________________31、元素rm{H}rm{C}rm{N}rm{O}rm{F}都是重要的非金屬元素，rm{Fe}rm{Cu}是應(yīng)用非常廣泛的金屬．

rm{(1)Fe}元素基態(tài)原子的核外電子排布式為____．

rm{(2)C}rm{H}元素形成的化合物分子中共有rm{16}個電子，該分子中rm{婁脪}鍵與rm{婁脨}鍵的個數(shù)比為____

rm{(3)C}rm{N}rm{O}三種元素的第一電離能由大到小的順序?yàn)閞m{(}用元素符號表示rm{)}____

rm{(3)}在測定rm{HF}的相對分子質(zhì)量時，實(shí)驗(yàn)測得值一般高于理論值，其主要原因是____

rm{(5)C}rm{N}兩元素形成的化合物rm{C_{3}N_{4}}形成的原子晶體，結(jié)構(gòu)類似金剛石，甚至硬度超過金剛石，其原因是____

rm{(6)}如圖為石墨晶胞結(jié)構(gòu)示意圖，該晶胞中含有rm{C}原子的個數(shù)為____．參考答案一、選擇題(共9題，共18分)1、C【分析】【解析】試題分析：由題可知，小燈泡兩端的電壓為0.2V，小于燈泡的額定電壓1.5V，燈泡不可能燒毀．故A錯誤．由題，將鋅片和銅片插入西紅柿中，用電壓表測量銅片和鋅片間電壓為0.30V，說明西紅柿電池組能提供電能．故B錯誤．燈泡不發(fā)光，燈泡的實(shí)際功率過小，不足以發(fā)光，說明西紅柿電池組輸出的電功率過?。禖正確．燈泡不發(fā)光，流過燈泡的電流遠(yuǎn)小于燈泡的額定電流，10個西紅柿電池串聯(lián)成電池組電動勢約為3V，串聯(lián)內(nèi)阻增大，根據(jù)歐姆定律可知，由于電池組的內(nèi)阻遠(yuǎn)大于小燈泡的電阻，燈泡分擔(dān)的電壓太小．故D錯誤．故選C考點(diǎn)：本題考查理論聯(lián)系實(shí)際的能力，【解析】【答案】C2、A【分析】P

、Q

兩物體都是繞地軸做勻速圓周運(yùn)動，角速度相等，即婁脴P

=

婁脴Q

，選項(xiàng)A對；根據(jù)圓周運(yùn)動線速度v

=

婁脴R

，P

、Q

兩物體做勻速圓周運(yùn)動的半徑不等，即P

、Q

兩物體做圓周運(yùn)動的線速度大小不等，選項(xiàng)B錯；Q

物體到地軸的距離遠(yuǎn)，圓周運(yùn)動半徑大，線速度大，選項(xiàng)C錯；P

、Q

兩物體均受到萬有引力和支持力作用，重力只是萬有引力的一個分力，選項(xiàng)D錯?！窘馕觥緼

3、B【分析】解：由電路圖可知，滑動變阻器的滑片P

向下移動時，滑動變阻器接入電路的阻值減小，外電路的總電阻減小，電源的電動勢不變，由閉合電路歐姆定律可知，電路總電流I

增大，路端電壓U=E鈭?Ir

則U

減小，電壓表V

示數(shù)減??；

路端電壓減??；電阻R1

的電流減小，而總電流增大，則電流表示數(shù)增大.

故B正確．

故選：B

．

根據(jù)滑片的移動方向判斷出滑動變阻器接入電路的阻值如何變化；然后由串并聯(lián)電路特點(diǎn)及歐姆定律分析答題．

本題是一道閉合電路的動態(tài)分析題，要掌握動態(tài)電路動態(tài)分析題的解題思路與方法：局部隆煤

整體隆煤

局部，記住這個結(jié)論可提高分析的速度：變阻器電阻增大，所在電路的電流減小，與之并聯(lián)的電路電流增大．【解析】B

4、D【分析】

A；根據(jù)感應(yīng)電流產(chǎn)生的條件；當(dāng)線圈繞垂直紙面向外運(yùn)動，垂直磁場上下運(yùn)動，或線圈垂直磁場左右運(yùn)動時，穿過線圈的磁通量均不發(fā)生變化，因此都不產(chǎn)生感應(yīng)電流，故ABC錯誤；

D；線圈繞某一條邊勻速轉(zhuǎn)動；穿過線圈的磁通量變化，導(dǎo)致感應(yīng)電流產(chǎn)生，故D正確；

故選D

【解析】【答案】根據(jù)感應(yīng)電流產(chǎn)生的條件：只要穿過閉合導(dǎo)體回路的磁通量發(fā)生變化；閉合導(dǎo)體回路中就有感應(yīng)電流．磁通量Φ=BS，變化量△Φ．

5、B【分析】以相同的速度依次通過M、N兩點(diǎn)畫出軌跡圖如圖所示，質(zhì)點(diǎn)由M到O，由O到N運(yùn)動時間相同，均為1s，可見周期為4s，振幅為6cm，B對；【解析】【答案】B6、B【分析】解：

A；電場的強(qiáng)弱可由電場線的疏密表示；沿著電場線的方向電場線不一定越來越疏，所以場強(qiáng)不一定越來越弱，故A錯誤．

B；沿著電場線的方向電勢一定降低；故B正確．

C、依據(jù)點(diǎn)電荷電場強(qiáng)度公式E=一定有場強(qiáng)大小相等的兩點(diǎn)，但方向不相同，故C錯誤．

D；勻強(qiáng)電場中；各點(diǎn)的電勢不一定相等，順著電場線方向電勢會逐漸降低，故D錯誤．

故選：B．

本題根據(jù)電場線的兩個物理意義進(jìn)行分析：電場線的疏密表示電場強(qiáng)度的相對大??；順著電場線方向電勢逐漸降低；勻強(qiáng)電場中場強(qiáng)處處相同，而點(diǎn)電荷電場強(qiáng)度大小相等，但方向不同．

解答本題關(guān)鍵要理解并掌握電場線的兩個方面的物理意義．知道電場線可以形象表示電場的強(qiáng)弱和方向：電場線的疏密表示電場強(qiáng)度的相對大小，切線方向表示電場的方向．順著電場線方向電勢逐漸降低．【解析】【答案】B7、C【分析】解：A

在t=0.1s

和t=0.3s

時；磁通量最大，線圈位于中性面位置，感應(yīng)電動勢為零，故A錯誤；

B；在t=0.2s

和t=0.4s

時；磁通量為零，線圈垂直于中性面，感應(yīng)電動勢最大，故B錯誤；

C、根據(jù)婁碌鈭?t

圖象，BS=0.2WbT=0.4s

故電動勢的最大值：Em=NBS婁脴=NBS?2婁脨T=50隆脕0.2隆脕2婁脨0.4=50婁脨V

故C正確；

D、在t=0.4s

時，磁通量為零，線圈垂直于中性面，感應(yīng)電動勢最大，故磁通量變化率最大，其值為婁脨Wb/s

故D錯誤；

故選：C

交變電流產(chǎn)生過程中；線圈在中性面上時，穿過線圈的磁通量最大，感應(yīng)電動勢最小，線圈與中性面垂直時，通過的磁通量最小，電動勢為大；結(jié)合婁碌鈭?t

圖象分析答題．

要掌握交流電產(chǎn)生過程特點(diǎn)，特別是兩個特殊位置：中性面和垂直中性面時，掌握電流產(chǎn)生過程即可正確解題．【解析】C

8、A【分析】【分析】靜電計(jì)測定電容器極板間的電勢差，電勢差越大，指針的偏角越大.

根據(jù)電容的決定式C=婁脜S4婁脨kd

分析極板間距離、正對面積變化時電容的變化情況，由于極板所帶電荷量不變，再由電容的定義式C=QU

分析板間電勢差的變化；即可再確定靜電計(jì)指針的偏角變化情況。

本題是電容動態(tài)變化分析問題，關(guān)鍵抓住兩點(diǎn)：一是電容器的電量不變；二是掌握電容的兩個公式：電容的決定式C=婁脜S4婁脨kd

和C=QU

【解答】AB.

根據(jù)電容的決定式C=婁脜S4婁脨kd

得知，電容與極板間距離成反比，當(dāng)保持S

不變，增大d

時，電容減小，電容器的電量Q

不變，由電容的定義式C=QU

分析可知板間電勢差增大；則靜電計(jì)指針的偏角婁脠

變大；反之，保持S

不變，減小d

則婁脠

減小.

故A正確，B錯誤；

CD.

根據(jù)電容的決定式C=婁脜S4婁脨kd

得知，電容與極板的正對面積成正比，當(dāng)保持d

不變，減小S

時，電容減小，電容器極板所帶的電荷量Q

不變，則由電容的定義式C=QU

分析可知板間電勢差增大；靜電計(jì)指針的偏角婁脠

變大；反之，保持d

不變，增大S

則婁脠

減小，故C錯誤，D錯誤。

故選A?！窘馕觥緼

9、D【分析】解：若碰后A

球速度方向和原來一致；則根據(jù)動量守恒得：mv0=mv1+3mv2

將v1=v03

帶入得v2=2v09v1>v2

因此將發(fā)生第二次碰撞，故這種情況不可能，碰后A

球速度將發(fā)生反向．

所以有：mv0=mv1+3mv2

將v1=鈭?v03

帶入公式得：v2=4v09

故ABC錯誤，D正確．

故選D．

碰撞過程中動量守恒；本題的難點(diǎn)在于判斷碰撞后A

球的速度方向，注意碰撞滿足的條件：動量守恒，碰撞是一次性的不能重復(fù)碰撞，碰后動能小于等于碰前動能．

本題容易錯選AD，做題過程中注意滿足數(shù)學(xué)關(guān)系，不一定滿足物理規(guī)律或?qū)嶋H情況，注意發(fā)生碰撞條件的靈活應(yīng)用．【解析】D

二、填空題(共8題，共16分)10、略

【分析】

小磁針N極向外偏轉(zhuǎn)；說明導(dǎo)線下方的磁場方向向外，上方向里，如圖：

利用右手螺旋定則可判斷出導(dǎo)線內(nèi)電流的方向向左．

故填：左。

【解析】【答案】小磁針發(fā)生如圖所示的偏轉(zhuǎn)（N極向外）；所以通電導(dǎo)線產(chǎn)生的磁場向外，再應(yīng)用右手螺旋定則判斷．

11、小于A【分析】【分析】根據(jù)光電效應(yīng)方程得出遏止電壓與入射光頻率的關(guān)系，題圖可知；Uc=0

對應(yīng)的頻率即為截止頻率，用同一種光照射兩種金屬，極限頻率越小，則初動能最大。

解決本題的關(guān)鍵掌握光電效應(yīng)方程以及最大初動能與遏止電壓的關(guān)系，注意單位的統(tǒng)一?！窘獯稹扛鶕?jù)光電效應(yīng)方程得，Ekm=h婁脥鈭?W0=h婁脥鈭?h婁脥0

又EEkm=eU=eUC

解得：Uc=he婁脥鈭?he婁脥0，

由題圖可知，UUc=0=0對應(yīng)的頻率即為截止頻率，則由圖知金屬AA的截止頻率小于金屬BB的截止頻率，用同一種光照射兩種金屬，則AA逸出光電子的最大初動能較大。故填：小于；A

【解析】小于AA12、生物磁體磁石【分析】解：鴿子依靠地球磁場的磁力線來定位；可以猜想鴿子體內(nèi)可能存在類似于小磁極的物質(zhì)生物磁體，驗(yàn)證假設(shè)時在鴿子身上綁上小磁鐵已達(dá)到干擾鴿子對地球磁場的判斷的目的，這樣鴿子如果迷失方向了，就驗(yàn)證了實(shí)驗(yàn)猜想；

故答案為：生物磁體；磁石。

這個實(shí)驗(yàn)說明；鴿子所以能夠從陌生的地方飛回來，是依靠地球磁場的磁力線來定向的，一旦在翅膀上給它系上一塊磁石，就擾亂了它對地球磁場的“感覺”，而使它迷失了方向。

此題是一個假設(shè)猜想然后驗(yàn)證猜想的實(shí)驗(yàn)題，屬于基礎(chǔ)性理論，不難。【解析】生物磁體磁石13、略

【分析】

電容器的電容C==F．電容不變，電荷量增加一倍，根據(jù)U=知兩板間的電勢差變?yōu)樵瓉淼?倍；為400V．

故本題答案為：1×10-6；400V．

【解析】【答案】根據(jù)電容的定義式C=求出電容器的電容，電容器的電容由本身的性質(zhì)決定，與所帶的電量無關(guān)．根據(jù)U=求出兩板間的電勢差．

14、略

【分析】解：共振是一種受迫振動；共振時，驅(qū)動力的頻率等于做受迫振動物體的固有頻率，物體的振幅最大，微波爐就是利用共振工作的，它工作頻率與水分子或食物分子的固有頻率相同．

故答案為：固有頻率；最大，共振，水分子或食物分子的固有。

受迫振動的頻率等于驅(qū)動力的頻率；當(dāng)受迫振動中的固有頻率等于驅(qū)動力頻率時；出現(xiàn)共振現(xiàn)象．

微波遇到含水的食品；能夠被其大量吸收，引起食品內(nèi)部分子發(fā)生劇烈的振動，達(dá)到加熱食品的目的；

此題涉及到受迫振動的特點(diǎn)與電磁波的速度、電磁波傳播的特點(diǎn)，綜合性較強(qiáng)，屬于中檔題．【解析】固有頻率；最大；共振；水分子或食物分子的固有15、略

【分析】解：要使cd向右運(yùn)動；則cd應(yīng)受向右的安培力，根據(jù)左手定則可知，電流應(yīng)由d到c，方向向上；

由電路規(guī)律可知ab中電流由b到a，則由右手定則可知，ab應(yīng)向上運(yùn)動；

故答案為：上；上。

根據(jù)cd中的運(yùn)動可確定受力方向，再根據(jù)左手定則可明確cd中的電流方向，再對ab由右手定則分析ab的運(yùn)動方向．

本題考查左手定則和右手定則的應(yīng)用，要特別注意左手定則和右手定則的應(yīng)用，明確它們的區(qū)別，注意左手定則應(yīng)用在“因電而動”而右手定則應(yīng)用在“因動而電”．【解析】上；上16、略

【分析】解：婁脕

粒子散射實(shí)驗(yàn)中極少數(shù)婁脕

粒子發(fā)生了大角度散射現(xiàn)象；是因?yàn)樵谠又袠O小的區(qū)域內(nèi)集中著對婁脕

粒子產(chǎn)生庫侖力的正電荷，受到的斥力比較大，實(shí)驗(yàn)結(jié)果表明原子具有核式結(jié)構(gòu)．

故答案為：大；C

．

婁脕

粒子散射實(shí)驗(yàn)的內(nèi)容是：絕大多數(shù)婁脕

粒子幾乎不發(fā)生偏轉(zhuǎn)；少數(shù)婁脕

粒子發(fā)生了較大的角度偏轉(zhuǎn)；極少數(shù)婁脕

粒子發(fā)生了大角度偏轉(zhuǎn)(

偏轉(zhuǎn)角度超過90鈭?

有的甚至幾乎達(dá)到180鈭?

被反彈回來)

明確婁脕

粒子散射實(shí)驗(yàn)現(xiàn)象的內(nèi)容以及造成這種現(xiàn)象的原因，正確利用物體受力和運(yùn)動的關(guān)系判斷。

對于婁脕

粒子散射實(shí)驗(yàn)要明確其實(shí)驗(yàn)現(xiàn)象和結(jié)論，了解產(chǎn)生這種現(xiàn)象的原因是什么，難度不大，屬于基礎(chǔ)題．【解析】大；C

17、B:C:E【分析】【詳解】

分子在永不停息的做無規(guī)則運(yùn)動，則零攝氏度的物體的內(nèi)能也不為零，選項(xiàng)A錯誤；氣體如果失去了容器的約束會散開，這是因?yàn)闅怏w分子熱運(yùn)動的結(jié)果，選項(xiàng)B正確；溫度是分子平均動能的標(biāo)志，則溫度相同的氧氣和臭氧氣體，分子平均動能相同，選項(xiàng)C正確；理想氣體分子之間距離大于10r0可認(rèn)為分子之間的引力、斥力為零，選項(xiàng)D錯誤；浸潤現(xiàn)象是分子間作用力引起的，選項(xiàng)E正確；故選BCE.三、判斷題(共6題，共12分)18、A【分析】【解答】解：根據(jù)電場線的特點(diǎn)可知；沿電場線的方向電勢降低；電場線垂直于等勢面、同一等勢面移動電荷電場力不做功．

故答案為：正確．

【分析】解決本題要根據(jù)：電場線是人為假想的曲線，從正電荷或無限遠(yuǎn)出發(fā)，終止于無限遠(yuǎn)或負(fù)電荷，不閉合，電場線疏密描述電場強(qiáng)弱，電場線密的地方，電場強(qiáng)度大，疏的地方電場強(qiáng)度弱，沿電場線的方向電勢降低．19、B【分析】【解答】解：沿著電場線方向；電勢降低，且降低最快；

那么電勢降低最快的方向才是電場線的方向；但電勢降低的方向不一定是電場線的方向，故錯誤；

故答案為：錯誤．

【分析】電場強(qiáng)度和電勢這兩個概念非常抽象，借助電場線可以形象直觀表示電場這兩方面的特性：電場線疏密表示電場強(qiáng)度的相對大小，切線方向表示電場強(qiáng)度的方向，電場線的方向反映電勢的高低．20、B【分析】【解答】解：若把該圖象與等量異種點(diǎn)電荷電場中的部分等勢面圖比較；可以得到：靠近正電荷的點(diǎn)電勢高，靠近負(fù)電荷的點(diǎn)，電勢較低．所以，a處為正電荷．

等量異種點(diǎn)電荷電場中的部分等勢面圖象中的等勢面左右對稱；無窮遠(yuǎn)處的電勢為0．該圖象的左側(cè)的等勢線比較密，無窮遠(yuǎn)處的電勢為0，所以無窮遠(yuǎn)處到兩點(diǎn)之間的電勢差相比，與a點(diǎn)之間的電勢差比較大，所以a點(diǎn)所帶的電量就多．

故答案為：錯誤．

【分析】若把該圖象與等量異種點(diǎn)電荷電場中的部分等勢面圖比較，很容易得出正確的結(jié)論．21、A【分析】【解答】解：根據(jù)電場線的特點(diǎn)可知；沿電場線的方向電勢降低；電場線垂直于等勢面、同一等勢面移動電荷電場力不做功．

故答案為：正確．

【分析】解決本題要根據(jù)：電場線是人為假想的曲線，從正電荷或無限遠(yuǎn)出發(fā)，終止于無限遠(yuǎn)或負(fù)電荷，不閉合，電場線疏密描述電場強(qiáng)弱，電場線密的地方，電場強(qiáng)度大，疏的地方電場強(qiáng)度弱，沿電場線的方向電勢降低．22、B【分析】【解答】解：若把該圖象與等量異種點(diǎn)電荷電場中的部分等勢面圖比較；可以得到：靠近正電荷的點(diǎn)電勢高，靠近負(fù)電荷的點(diǎn)，電勢較低．所以，a處為正電荷．

等量異種點(diǎn)電荷電場中的部分等勢面圖象中的等勢面左右對稱；無窮遠(yuǎn)處的電勢為0．該圖象的左側(cè)的等勢線比較密，無窮遠(yuǎn)處的電勢為0，所以無窮遠(yuǎn)處到兩點(diǎn)之間的電勢差相比，與a點(diǎn)之間的電勢差比較大，所以a點(diǎn)所帶的電量就多．

故答案為：錯誤．

【分析】若把該圖象與等量異種點(diǎn)電荷電場中的部分等勢面圖比較，很容易得出正確的結(jié)論．23、A【分析】【解答】解：圖中a、b兩點(diǎn)在一個等勢面上；

故Uac=Ubc，根據(jù)W=qU，有Wa=Wb；

a位置的電場強(qiáng)度較密集，故Ea＞Eb；

故答案為：正確．

【分析】圖中a、b兩點(diǎn)在一個等勢面上，根據(jù)W=qU判斷電場力做功的大小，根據(jù)電場線的疏密程度判斷電場強(qiáng)度的大?。摹⒆鲌D題(共1題，共8分)24、略

【分析】【解析】試題分析：判斷安培力的方向利用左手定則，本題中由于電流方向與磁場方向垂直，所以磁場垂直手心穿過，四指指向電流方向，大拇指指向安培力方向考點(diǎn)：考查對左手定則的應(yīng)用【解析】【答案】五、計(jì)算題(共3題，共30分)25、解：（1）由圖乙知；t=0時刻質(zhì)點(diǎn)P正向上振動，所以根據(jù)波形平移法知，該波沿x軸正方向傳播．

（2）從圖乙可知振動周期為T=4s，一個周期內(nèi)質(zhì)點(diǎn)通過的路程為4A，則經(jīng)過時間t1=6s=1.5T；質(zhì)點(diǎn)P通過的路程為：s=1.5×4A=6×2cm=12cm

（3）波速為：v===2m/s

經(jīng)過t2=30s，波向前傳播的距離x=vt2=2×30m=40m

答：（1）這列波的傳播方向沿x軸正方向；

（2）經(jīng)過時間t1=6s；質(zhì)點(diǎn)P通過的路程s是12cm；

（3）經(jīng)過t2=30s，波向前傳播的距離x是60m．【分析】

(1)

根據(jù)振動圖象判斷出t=0

時刻P

點(diǎn)的振動方向；再判斷波的傳播方向．

(2)

圖乙讀出周期；由周期與時間的關(guān)系，結(jié)合題意，即可求解P

點(diǎn)通過的路程．

(3)

由公式v=婁脣T

求出波速；由x=vt

求解波傳播的距離．

本題的關(guān)鍵要把握振動圖象和波動圖象的內(nèi)在聯(lián)系.

要注意兩種圖象判斷質(zhì)點(diǎn)振動方向方法的區(qū)別，波動圖象常用波形平移法判斷質(zhì)點(diǎn)的振動方向.

而振動圖象常用斜率分析質(zhì)點(diǎn)的振動方向．【解析】解：(1)

由圖乙知；t=0

時刻質(zhì)點(diǎn)P

正向上振動，所以根據(jù)波形平移法知，該波沿x

軸正方向傳播．

(2)

從圖乙可知振動周期為T=4s

一個周期內(nèi)質(zhì)點(diǎn)通過的路程為4A

則經(jīng)過時間t1=6s=1.5T

質(zhì)點(diǎn)P

通過的路程為：s=1.5隆脕4A=6隆脕2cm=12cm

(3)

波速為：v=婁脣T=84=2m/s

經(jīng)過t2=30s

波向前傳播的距離x=vt2=2隆脕30m=40m

答：(1)

這列波的傳播方向沿x

軸正方向；

(2)

經(jīng)過時間t1=6s

質(zhì)點(diǎn)P

通過的路程s

是12cm

(3)

經(jīng)過t2=30s

波向前傳播的距離x

是60m

．26、略

【分析】試題分析：(1)由與當(dāng)外阻R等于內(nèi)阻r時電源輸出功率最大，故有①，由圖可知當(dāng)I2＝4A時，輸出功率為零，此時電源被短路，故有②，聯(lián)立①②代入數(shù)值有E＝2V，r＝0.5Ω。(2)由于當(dāng)外阻R等于內(nèi)阻r時電源輸出功率最大，故R＝r＝0.5Ω。(3)由于輸出功率相同故有化簡整理得考點(diǎn)：本題考查了電源的電動勢、電源的功率等【解析】【答案】(1)2V，0.5Ω，(2)0.5Ω，(3)27、解：（1）粒子在ABCD區(qū)域做類平拋運(yùn)動；

水平方向：l=vt；

加速度：a==

豎直方向：d=at2=（）2=l；

粒子射出ABCD區(qū)域時沿場強(qiáng)方向的速度：vy=at=×=v；

速度偏向角：tanθ==1，θ=

粒子從中點(diǎn)豎直向上射入電場；由幾何知識得：

=l，+=R2；

解得：R=

R=

解得：=（-1）l；

（2）粒子射入磁場的速度大?。簐′=v；

粒子在磁場中做勻速圓周運(yùn)動，洛倫茲力提供向心力，由牛頓第二定律得：qv′B=m

解得：B=

（3）粒子在左電場中偏轉(zhuǎn)的運(yùn)動時間：t1=

粒子在磁場中向上偏轉(zhuǎn)的運(yùn)動時間：t2=T=×=

粒子在上方電場中減速到零的勻速時間：t3=

粒子運(yùn)動軌跡如圖所示；根據(jù)對稱性可知，粒子運(yùn)動的總時間：

t=2（t1+t2+t3）=（1++）；

答：（1）所加磁場的寬度為：（-1）l；

（2）所加磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)變大小為：

（3）粒子從B點(diǎn)射入到從EFGH區(qū)城電場射出所經(jīng)歷的時間為：（1++）?！痉治觥?/p>

(1)

粒子在ABCD

中做類平拋運(yùn)動；應(yīng)用類平拋運(yùn)動軌跡可以求出磁場寬度。

(2)

粒子在磁場中做勻速圓周運(yùn)動；洛倫茲力提供向心力，由牛頓第二定律可以求出磁感應(yīng)強(qiáng)度大小。

(3)

分別求出粒子在電場；磁場中的運(yùn)動時間；然后求出粒子總的運(yùn)動時間。

本題考查了粒子在電場與磁場中的運(yùn)動，粒子運(yùn)動過程復(fù)雜，分析清楚粒子運(yùn)動過程、作出粒子運(yùn)動軌跡是解題的前提，作出粒子運(yùn)動軌跡后，應(yīng)用類平拋運(yùn)動規(guī)律與牛頓第二定律可以解題，解題時注意幾何知識的應(yīng)用。

【解析】解：(1)

粒子在ABCD

區(qū)域做類平拋運(yùn)動；

水平方向：l=vt

加速度：a=qEm=v2l

豎直方向：d=12at2=12v2l(lv)2=12l

粒子射出ABCD

區(qū)域時沿場強(qiáng)方向的速度：vy=at=v2l隆脕lv=v

速度偏向角：tan婁脠=vyv=1婁脠=婁脨4

粒子從DH爐

中點(diǎn)豎直向上射入電場；由幾何知識得：

OD爐=12lOD爐2+(l2)2=R2

解得：R=22l

R=OD爐+12DH爐

解得：DH爐=(2鈭?1)l

(2)

粒子射入磁場的速度大?。簐隆盲=2v

粒子在磁場中做勻速圓周運(yùn)動，洛倫茲力提供向心力，由牛頓第二定律得：qv隆盲B=mv隆盲2R

解得：B=2mvql

(3)

粒子在左電場中偏轉(zhuǎn)的運(yùn)動時間：t1=lv

粒子在磁場中向上偏轉(zhuǎn)的運(yùn)動時間：t2=婁脠2蟺T=婁脨42婁脨隆脕2婁脨mqB=婁脨l8v

粒子在上方電場中減速到零的勻速時間：t3=2va

粒子運(yùn)動軌跡如圖所示；根據(jù)對稱性可知，粒子運(yùn)動的總時間：

t=2(t1+t2+t3)=2lv(1+2+婁脨8)

答：(1)

所加磁場的寬度DH爐

為：(2鈭?1)l

(2)

所加磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)變大小為：2mvql

(3)

粒子從B

點(diǎn)射入到從EFGH

區(qū)城電場射出所經(jīng)歷的時間為：2lv(1+2+婁脨8)

六、推斷題(共4題，共32分)28、rm{(1)}Ⅳrm{A}

rm{(2)S}

rm{(3)HClO_{4}}

rm{(4)OH^{-}+Al(OH)_{3}}rm{=AlO_{2}^{-}+2H_{2}O}【分析】【分析】本題考查了元素周期律和元素周期表的應(yīng)用。掌握元素周期律：同周期元素從左至右原子半徑逐漸減小，金屬性逐漸減弱，最高價氧化物對應(yīng)水化物的堿性逐漸減弱；同主族元素從上至下原子半徑逐漸增大是解答本題的關(guān)鍵。該題是高考常見題型，試題難易適中，側(cè)重對學(xué)生基礎(chǔ)知識的鞏固和訓(xùn)練，有利于提高學(xué)生的邏輯推理能力和應(yīng)試能力?！窘獯稹扛鶕?jù)元素周期表的結(jié)構(gòu)可知rm{壟脵}為rm{C}rm{壟脷}為rm{O}rm{壟脹}為rm{Na}rm{壟脺}為rm{Al}rm{壟脻}為rm{S}rm{壟脼}為rm{Cl}據(jù)此分析：rm{(1)壟脵}元素是rm{C}在元素周期表中位于元素是rm{(1)壟脵}在元素周期表中位于第二周期、第Ⅳrm{C}族，故答案為：Ⅳrm{A}rm{A}rm{(2)}為rm{(2)}rm{壟脷}為rm{O}rm{壟脻}和rm{S}位于同一主族，從上至下原子半徑逐漸增大，所以原子半徑較大的為rm{O}和rm{S}位于同一主族，從上至下原子半徑逐漸增大，所以原子半徑較大的為rm{S}故答案為：rm{S}故答案為：rm{O}rm{S}rm{S}rm{S}的最高價氧化物對應(yīng)的水化物分別為硫酸和高氯酸，同周期元素從左至右原子半徑逐漸減小，非金屬性逐漸正確，最高價氧化物對應(yīng)水化物的酸性逐漸正確，rm{(3)S}的非金屬性比rm{(3)S}弱，所以酸性性較強(qiáng)的為和故答案為：rm{Cl}的最高價氧化物對應(yīng)的水化物分別為硫酸和高氯酸，。rm{Cl}氫氧化鈉和氫氧化鋁反應(yīng)的離子方程式為rm{S}的非金屬性比rm{S}rm{Cl}弱，所以酸性性較強(qiáng)的為rm{HClO_{4}}rm{Cl}rm{HClO_{4}}rm{HClO_{4}}rm{(4)}氫氧化鈉和氫氧化鋁反應(yīng)的離子方程式為【解析】rm{(1)}Ⅳrm{A}rm{(2)S}rm{(3)HClO_{4}}rm{(4)OH^{-}+Al(OH)_{3}}rm{=AlO_{2}^{-}+2H_{2}O}29、（1）HCHO15（2）NaOH醇溶液加熱（3）+H2O（4）6(5)【分析】【分析】本題考查有機(jī)物推斷和有機(jī)合成，為高頻考點(diǎn)，側(cè)重考查學(xué)生分析推斷及知識綜合應(yīng)用能力，明確有機(jī)物官能團(tuán)及其性質(zhì)、有機(jī)反應(yīng)類型及反應(yīng)條件是解本題關(guān)鍵，難點(diǎn)是根據(jù)反應(yīng)物和生成物采用知識遷移的方法進(jìn)行有機(jī)合成，題目難度中等?！窘獯稹扛鶕?jù)流程圖知，rm{壟脵}為消去反應(yīng)、rm{壟脷}為加成反應(yīng)，則rm{A}為rm{HCHO}rm{B}為rm{B}發(fā)生信息rm{ii}的反應(yīng)，rm{C}結(jié)構(gòu)簡式為rm{C}發(fā)生縮聚反應(yīng)生成rm{E}rm{E}結(jié)構(gòu)簡式為rm{C}發(fā)生消去反應(yīng)生成rm{D}rm{D}結(jié)構(gòu)簡式為rm{D}和苯酚發(fā)生酯化反應(yīng)生成

rm{(1)A}為甲醛，結(jié)構(gòu)簡式為rm{HCHO}rm{B}為與苯環(huán)直接相連的原子和苯環(huán)碳原子共面，且單鍵可以旋轉(zhuǎn)，通過旋轉(zhuǎn)醛基三個原子可以旋轉(zhuǎn)到苯環(huán)平面上，所以rm{B}分子中最多有rm{15}個原子共面，故答案為：rm{HCHO}rm{15}

rm{(2)}由rm{C}生成rm{D}的反應(yīng)類型為生成rm{C}的反應(yīng)類型為是鹵代烴的消去反應(yīng)，反應(yīng)條件為rm{D}醇溶液加熱，故答案為：rm{NaOH}醇溶液加熱；

rm{NaOH}在濃硫酸條件下發(fā)生消去反應(yīng)生成rm{(3)C}rm{D}結(jié)構(gòu)簡式為化學(xué)方程式為：rm{D}rm{xrightarrow[?]{脜簍脕貌脣謾}}

故答案為：rm{+H_{2}O}rm{xrightarrow[?]{脜簍脕貌脣謾}}rm{+H}rm{2}rm{2}滿足rm{O}的苯的二元取代物的rm{(4)}的同分異構(gòu)體有：含有含有碳碳雙鍵和rm{-COO-}的苯的二元取代物的和rm{-COO-}鄰間對rm{D}種，含有rm{-CH=CH_{2}}和rm{-COOH(}鄰間對rm{)3}種，所以共rm{-CH=CH_{2}}種，rm{-OOCH(}組峰，且峰面積比為rm{)3}的結(jié)構(gòu)簡式為：

故答案為：rm{3+3=6}其中核磁共振譜為rm{5}組峰，且峰面積比為rm{2:1:2:2:1}的結(jié)構(gòu)簡式為：被催化氧化生成rm{5}rm{2:1:2:2:1}和rm{6}發(fā)生加成反應(yīng)生成rm{(5)CH_{3}CH_{2}OH}該物質(zhì)發(fā)生水解反應(yīng)生成rm{CH_{3}CHO}其合成路線為故答案為：rm{CH_{3}CHO}【解析】rm{(1)HCHO}rm{15}rm{(2)NaOH}醇溶液加熱rm{(3)}rm{xrightarrow[?]{脜簍脕貌脣謾}}rm{+H}rm{2}rm{2}rm{O}rm{(4)6}rm{(5)}30、（1）C4H10

（2）

（3）2-甲基-1-丙烯

（4）消去反應(yīng)，水解反應(yīng)（取代反應(yīng)）

（5）

（6）CH2=CH-CH=CH2

【分析】【分析】本題考查有機(jī)化合物的推斷和有機(jī)反應(yīng)類型的判斷，同分異構(gòu)體等，題目難度中等?！窘獯稹縭m{(1)}rm{11.2L(}標(biāo)準(zhǔn)狀況rm{)}的烴rm{A}物質(zhì)的量為rm{0.5mol}在氧氣中充分燃燒可以產(chǎn)生rm{88gCO}標(biāo)準(zhǔn)狀況rm{11.2L(}的烴rm{)}物質(zhì)的量為rm{A}在氧氣中充分燃燒可以產(chǎn)生rm{0.5mol}rm{88gCO}rm{{,!}_{2}(2mol)}和rm{45gH}rm{45gH}rm{{,!}_{2}}則證明rm{O}當(dāng)中含有rm{O}個碳原子，rm{(2.5mol)}個氫原子，則rm{A}是rm{4}故答案為：rm{10}rm{A}rm{C_{4}H_{10}}有支鏈，則rm{C_{4}H_{10}}是異丁烷，在光照下和氯氣反應(yīng)生成的一氯代烴rm{(2)}和rm{A}有支鏈，則rm{A}是異丁烷，在光照下和氯氣反應(yīng)生成的一氯代烴rm{B}和rm{C}分別是：分別是：和故答案為：和rm{A}rm{A}分別和氫氧化鈉醇溶液發(fā)生消去反應(yīng)生成烯烴rm{B}rm{C}的系統(tǒng)命名名稱是：rm{(3)B}甲基rm{C}丙烯，故答案為：rm{CH_{2}=C(CH_{3})_{2}}甲基rm{D}丙烯；rm{2-}反應(yīng)rm{-1-}是氯代烴的消去反應(yīng)；反應(yīng)rm{2-}是氯代烴的水解反應(yīng)，故答案為：消去反應(yīng)，水解反應(yīng)rm{-1-}取代反應(yīng)rm{(4)}rm{1}反應(yīng)rm{3}是rm{(}與溴的四氯化碳溶液發(fā)生加成反應(yīng)，反應(yīng)方程式為：反應(yīng)rm{)}是反應(yīng)rm{(5)}的產(chǎn)物rm{壟脷}是與氫氧化鈉水溶液發(fā)生的取代反應(yīng)生成醇類，反應(yīng)方程式為：故答案為：rm{壟脷}根據(jù)rm{CH_{2}=C(CH_{3})_{2}}的分子式及結(jié)構(gòu)簡式可知，其同分異構(gòu)體為正丁烷，正丁烷的二氯代物rm{壟脹}有兩種等效氫，且峰面積之比為rm{壟脷}的結(jié)構(gòu)為：rm{E}rm{(6)}在足量的rm{A}的醇溶液中加熱，充分反應(yīng)后生成rm{G}發(fā)生的是消去反應(yīng)，rm{1:1}為：rm{CH_{2}ClCH_{2}CH_{2}CH_{2}Cl}rm{G}在足量的rm{NaOH}的醇溶液中加熱，充分反應(yīng)后生成rm{H}發(fā)生的是消去反應(yīng)，rm{H}為：中含雙鍵，可以發(fā)生加聚反應(yīng)的化學(xué)方程式：rm{G}rm{NaOH}故答案為：rm{H}；

rm{H}【解析】rm{(1)C_{4}H_{10}}rm{(2)}rm{(3)2-}甲基rm{-1-}丙烯rm{(4)}消去反應(yīng)，水解反應(yīng)rm{(}取代反應(yīng)rm{)}rm{(5)}rm{(6)CH_{2}=CH-CH=CH_{2;;;;;;;;;;}}rm{{,!}}rm{{,!}}31、1s22s22p63s23p63d64s2;5：1;N＞O＞C;F元素電負(fù)性很大，分子之間形成氫鍵，以形成締合分子