2025年岳麓版高三物理上冊月考試卷

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年岳麓版高三物理上冊月考試卷808考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五六總分得分評卷人得分一、選擇題(共8題，共16分)1、兩個等量異種電荷的連線的垂直平分線上有a、b；c三點；如圖所示，下列說法正確的是（）

A.a、b兩點的場強方向相同，b點場強比a點大B.a點電勢比b點高C.a、b、c三點電勢和無限遠處不相等D.一個電子在a點無初速釋放，則它將在c點兩側(cè)往復振動2、如圖所示，一個帶正電的粒子在垂直于勻強磁場的平面內(nèi)做圓周運動，當磁感應強度均勻增大時，此粒子的動能將（）A.增大B.減少C.不變D.以上情況都有可能3、室內(nèi)有幾種用電器：1.5kW的電飯煲、200W的電燈、750W的取暖器、250W的電視機和2kW的空調(diào)器．如果進線處只有13A的保險絲，供電電壓為220V，為用電安全，下列情況下不能同時使用的是（）A.電飯煲和電燈B.取暖器和空調(diào)囂C.電飯煲和空調(diào)器D.電燈、電視機和空調(diào)器4、遠距離關(guān)電輸送的電功率為P，輸送電壓為U，輸電導線的電阻率為ρ，導線橫截面各為S，導線總長為L，輸電線損失的電功率為P1，用戶得到電功率為P2，則（）A.P1=B.P1=P-C.P2=D.P2=P-5、關(guān)于角速度和線速度，下列說法正確的是[]A.半徑一定，角速度與線速度成反比B.半徑一定，角速度與線速度成正比C.線速度一定，角速度與半徑成正比D.角速度一定，線速度與半徑成反比6、【題文】在通電螺線管內(nèi)部中縱軸線上有一點A,通過A點的磁感線方向一定是（）A.從螺線管的N極指向S極B.放在該點的小磁針北極受力的方向C.從螺線管的S極指向N極D.放在該點的小磁針的南極受力的方向7、如圖所示，物體受到了三個共點力F1、F2和F3的作用，圖中F1和F2是一平行四邊形的邊，而F3是平行四邊形的對角線，由圖示可知（）A.F2、F3的合力等于F1B.F1、F3的合力等于F2C.F1、F2的作用效果與F3的作用效果相同D.這三個力的合力大小等于3F38、如圖所示，一小球用兩根輕繩掛于天花板上，球靜止，繩1傾斜，繩2恰豎直．則小球所受的作用力有（）A.1個B.2個C.3個D.4個評卷人得分二、填空題(共8題，共16分)9、（2014秋?龍子湖區(qū)校級月考）如圖，a、b、c、d是勻強電場中的四個點，它們正好是一個梯形的四個頂點，電場線與梯形所在的平面平行．a(chǎn)b平行cd，且cd邊長為ab邊長的三倍，己知a點的電勢是2V，b點的電勢是6V，c點的電勢是20V．由此可知，d點的電勢為____．10、有一種游標卡尺，它的主尺的最小分度為1mm，游標尺上有20個等分刻度，則此游標尺的精度為____mm，測量某物體寬度時，游標的零刻度線在20mm到21mm之間，游標尺的第11條刻度線與主尺上____mm刻度線對齊，此物體的寬度為____mm．11、（2012秋?文登市校級期中）如圖所示，將燒瓶內(nèi)水沸騰時所產(chǎn)生的水蒸氣通入試管A中，試管A放在裝冷水的容器B內(nèi)，過一段時間，觀察到試管A中產(chǎn)生的現(xiàn)象是____，同時看到溫度計C的示數(shù)升高，這個實驗說明了____．12、（2005?棗莊一模）在做“研究平拋物體的運動”的實驗時，讓小球多次沿同一軌道運動，通過描點法畫小球做平拋運動的軌跡．有人記錄到如右圖所示的軌跡點A、B、C、D．如果每一正方形小格的邊長均為L=1.25cm，則小球做平拋運動的初速度v0=____（用L、g表示）；其值是____（g取9.8m/s2）．13、（2012?全南縣校級模擬）（1）（3-4）一列簡諧橫波沿繩子傳播，振幅為0.2m，傳播速度為1m/s，頻率為0.5Hz，在t0時刻，質(zhì)點a正好經(jīng)過平衡位置，沿著波的傳播方向，則____

A．在t0時刻；距a點2m處的質(zhì)點，離開其平衡位置的距離為0.2m

B．在（t0+1s）時刻；距a點1.5m處的質(zhì)點離開其平衡位置的距離為0.2m

C．在（t0+2s）時刻；距a點1m處的質(zhì)點離開其平衡位置的距離為0.2m

D．在（t0+3s）時刻；距a點1.5m處的質(zhì)點離開其平衡位置的距離為0.2m

（2）為從軍事工事內(nèi)部觀察外面的目標，在工事壁上開一長方形孔．設(shè)工事壁厚d=34.64cm，孔的寬度L=20cm，孔內(nèi)嵌入折射率n=的玻璃磚如圖所示；試問：

（1）嵌入玻璃后；工事內(nèi)部人員觀察到外界的視野的最大張角為多少？

（2）要想外界180°范圍內(nèi)景物全被觀察到，應嵌入多大折射率的玻璃磚？14、（2013春?福清市校級期中）如圖所示為某正弦交變電流的圖象，其最大值為____A，周期為____S，線圈轉(zhuǎn)動的角速度為____rad/s．15、安培力、電流、磁感應強度這三者的方向關(guān)系可以用____判斷．其內(nèi)容如下：伸開左手，使拇指與其余四個手指____，并且都與手掌在____，讓四指指向____方向，讓磁感線____．16、在沒有自然下雪的天氣里，為了營造完美的滑雪體驗，采用人工制造雪，造雪機銷售廠家了解到，1t水可以造2m3雪．由此可知，人工造出“雪”的密度約為____Kg/m3．評卷人得分三、判斷題(共8題，共16分)17、在磁場中，粒子的比荷之比與軌道半徑之比成反比____（判斷對錯）18、太陽發(fā)出的能量來自內(nèi)部發(fā)生的化學反應釋放的化學能．____．（判斷對錯）19、布朗運動是微觀粒子的運動，其運動規(guī)律不遵循牛頓第二定律．____．（判斷對錯）20、穿過閉合導體回路所包圍面積的磁通量為零時，回路中感應電流就一定為零．____（判斷對錯）21、在磁場中任一點，小磁針北極的受力方向為該點的磁場方向．____．（判斷對錯）22、不論用什么方法，只要穿過閉合電路的磁通量發(fā)生變化，閉合電路中就有電流產(chǎn)生．____（判斷對錯）23、如果通電的金屬棒在磁場中不受力的作用，則該處的磁感應強度一定為零．____．（判斷對錯）24、公式E=和對于任何靜電場都是適用的．____．（判斷對錯）評卷人得分四、畫圖題(共2題，共10分)25、圖所示為一列向左傳播的簡諧波在某一時刻的波形圖，若波速是0.5m/s，試在圖上畫出經(jīng)7s時的波形圖。（提示：若用平移法，由于∴λ=2m故只需平移=1.5m）26、在圖示中，物體A處于靜止狀態(tài)，請畫出各圖中A物體所受的彈力．評卷人得分五、解答題(共4題，共24分)27、某物體的位移圖象如圖所示，若規(guī)定向東為正方向，試求物體在OA、AB、BC、CD、DE各階段的速度．28、如圖所示，兩同心圓半徑分別為r1=R和r2=（+1）R．環(huán)形區(qū)域內(nèi)存在垂直于圓面的勻強磁場．一質(zhì)量為m；電荷量為q的帶電粒子從圓心處以速率v出發(fā)沿圓面運動而恰好不能穿越大圓所包圍的區(qū)域；不計重力．則。

（1）環(huán)形區(qū)域內(nèi)勻強磁場的磁感應強度是多大？

（2）該粒子的運動周期是多大？29、某公園內(nèi)有一水池，在水面下m深處有一點光源．已知水的折射率為，求點光源照亮的水面面積．30、如圖所示；一長為L的絲線上端固定，下端拴一質(zhì)量為m的帶電小球，將它置于一水平向右的勻強電場E中，當細線偏角為θ時，小球處于平衡狀態(tài)，試問：

（1）小球的電荷量q多大？電性如何？

（2）若細線的偏角從θ增加到φ，然后由靜止釋放小球，φ為多大時才能使細線到達豎直位置時小球速度恰好為零？（已知tan=）

（3）若由靜止釋放小球時，細線的偏角為φ，則小球擺動過程中的最大速度是多少？評卷人得分六、識圖作答題(共4題，共20分)31、某植物是一種雌雄同株的二倍體（2n＝20）植物，花的顏色與細胞中的色素有關(guān)，當細胞中含有甲物質(zhì)時呈紫色，含有乙物質(zhì)時呈紅色，無甲和乙時呈白色。與這些色素合成有關(guān)的部分酶和基因情況如下表所示（注：顯性基因?qū)﹄[性基因完全顯性，生長發(fā)育過程中不發(fā)生基因突變且在形成配子過程中不發(fā)生交叉互換），請回答下列問題：。色素丁→丙→乙→甲酶1酶2酶3酶控制酶合成的基因ABD相應的等位基因abd基因所在的染色體9號10號10號（1）現(xiàn)有純合紅花植株，請在下圖框中畫出三對基因在染色體上可能的位置關(guān)系。（注：方框內(nèi)只要畫出與上述基因相關(guān)的染色體，用豎線表示染色體，黑點表示基因的位點，并標上相應的基因）。。（2）若要驗證基因分離定律，應選用基因型為________的植株與上述純合紅花植株雜交。（3）若某一基因型為AaBbDd的植株自交，子代所開花的性狀及分離比為________或________。（4）已知A基因位于9號染色體的中部，①若利用限制酶將A基因從一個DNA分子中剪切出來，則剪切之后形成的所有DNA片段較原DNA多出現(xiàn)________個游離的磷酸基團。②若該基因一條單鏈中（G＋T）／（A＋C）＝2／3，則其互補鏈中（G＋T）／（A＋C）＝________。32、已知豌豆的高莖（D）對矮莖（d）為顯性，子葉黃色（Y）對綠色（y）為顯性，種子圓粒（R）對皺粒（r）為顯性。下圖為幾個品種相關(guān)基因在染色體上位置示意圖（不同基因存在同一染色體上的現(xiàn)象稱為基因連鎖）。請分析回答下列問題。

（1）在自然狀態(tài)下，即使多種性狀混種的情況下，每個植株也都是純合子，為是因為豌豆是__________________的植物。已知在基因r中插入一小段特定DNA序列則形成了基因R，這種變異屬于_________。（2）請寫出選用甲和乙兩品種雜交驗證自由組合定律的基本思路。甲和乙雜交得F1，_______________________________________________________。（3）在不考慮交叉互換的情況下，利用丙和丁兩個品種，通常不能通過雜交育種的方法獲得純合高莖、黃色、圓粒植株，請分析原因。33、【生物——選修3：現(xiàn)代生物科技專題】以下是生產(chǎn)抗破傷風桿菌單克隆抗體的過程示意圖。據(jù)圖回答：（1）先給小鼠注射特定的抗原，一段時間后，若小鼠脾臟中抗破傷風桿菌的___________檢測呈陽性，說明小鼠已經(jīng)通過__________免疫形成了相應的B淋巴細胞。在②過程誘導B淋巴細胞與__________細胞融合時，不同于誘導植物原生質(zhì)體融合的方法是___________。③過程需要用特定的___________培養(yǎng)基進行篩選，未融合的親本細胞和融合的具有同種核的細胞都會死亡，只有融合的雜種細胞才能生長。（2）在⑥過程對雜交瘤細胞體外培養(yǎng)時，需要滿足的條件有_______________的環(huán)境、溫度和PH、營養(yǎng)和氣體環(huán)境，其中，CO2的主要作用是________________。（3）通過上述方法得到的單克隆抗體可準確地診斷破傷風，其原因是該抗體具有__________________________________________________等特性。34、某雌雄同株植株花的顏色由兩對基因（A和a，B和b）控制，A基因控制色素的合成（AA和Aa的效應相同），B為修飾基因，淡化顏色的深度（BB和Bb的效應不同）。其基因型與表現(xiàn)型的對應關(guān)系見下表，請回答下列問題：

（1）A基因和a基因中的堿基的數(shù)目____（填一定或不一定）相等，在遺傳時遵循基因的____定律。（2）為探究兩對基因（A和a，B和b）是在同一對同源染色體上，還是在兩對同源染色體上，某研究小組選用基因型為AaBb的粉色植株進行自交實驗。①實驗假設(shè)：這兩對基因在染色體上的位置存在三種類型，請你補充畫出下表中其他兩種類型（用豎線表示染色體，黑點表示基因在染色體上的位點）。②實驗方法：粉色植株自交。③實驗步驟：第一步：該粉色植株自交。第二步：____。④實驗結(jié)果分析（不考慮交叉互換）：若子代植物的花色及比例為____，則符合丙類型。參考答案一、選擇題(共8題，共16分)1、A【分析】【分析】兩個等量異種電荷連線的垂直平分線是一條等勢線．電場強度方向與等勢面方向垂直，而且指向電勢低的方向．根據(jù)電子的受力情況，分析電子的運動情況．【解析】【解答】解：A、兩個等量異種電荷的電場中，垂直平分線上所有的點的電場的方向都是平行的，所以三點的場強方向相同；由于中垂線上中點的場強為零，無限遠處場強為零，所以場強從c點到b點場強逐漸增大，增大到最大值，再逐漸減小，所以b點的場強比a點的場強大；故A正確．

BC、兩個等量異種電荷的電場中，在它們連線的垂直平分線上的點的電勢都是零，所以a、b；c三點的電勢都相等為零；所以BC錯誤．

D；一個電子在a點受到的電場方向垂直于垂直平分線向左；無初速釋放后，將向左下方運動，不可能到達c點．故D錯誤．

故選：A．2、A【分析】【分析】磁場均勻增大的時候，會產(chǎn)生感生電場，感生電場是一個個閉合的圈，感生電場的方向和粒子的運動方向相同，所以正粒子動能會增大，負粒子動能減小．【解析】【解答】解：根據(jù)麥克斯韋電磁場理論；當磁感應強度均勻增大時，將產(chǎn)生環(huán)形電場，根據(jù)楞次定律，電場方向垂直于磁場逆時針方向，由于是正電荷也是逆時針運動，故受到的電場力與電場強度方向及運動方向相同，即電場力做正功，故此粒子的動能將增大，故A正確；BCD錯誤．

故選：A．3、C【分析】【分析】家庭電路中，各用電器之間都是并聯(lián)的，先算出保險絲達到最大電流時電路中的總功率，再逐項分析即可求解．【解析】【解答】解：當保險絲達到最大電流時電路中的總功率P=UI=220×13W=2860W

A；電飯煲和電燈同時使用的功率為：P=1500+200W=1700W＜2860W；可以同時使用，故A正確；

B；取暖器和空調(diào)器同時使用的功率為：P=750+2000W=2750W＜2860W；可以同時使用，故B正確；

C；電飯煲和空調(diào)器同時使用的功率為：P=1500+2000W=3500W＞2860W；不可以同時使用，故C正錯誤；

D；電燈、電視機和空調(diào)器同時使用的功率為：P=200+250+2000W=2450W＜2860W；可以同時使用，故D正確；

本題選不符合的，故選：C．4、D【分析】【分析】由遠距離輸電中輸電線的損耗功率=I2R=P-P用，先根據(jù)輸電功率和電壓求輸電電流．【解析】【解答】解：輸電線電阻R=，輸出電流I=，故輸電線上損失的電功率為P1=I2R=

用戶得到的電功率為：P2=P-P1=P（1-）

故選：D．5、B【分析】【解析】A、根據(jù)ω=知，半徑一定，角速度與線速度成正比．故A錯誤，B正確．C、根據(jù)ω=知，線速度一定，角速度與半徑成反比．故C錯誤．D、根據(jù)v=rω知，角速度一定，線速度與半徑成正比．故D錯誤．思路分析：根據(jù)v=rω判斷線速度、角速度、半徑的關(guān)系試題【解析】【答案】B6、B|C【分析】【解析】

試題分析：通電螺線管內(nèi)部的磁場是磁體內(nèi)部的磁場由S極指向N極；A錯；所以A點的磁感線方向一定是從螺線管的S極指向N極，C對；由磁場方向的規(guī)定知小磁針北極的受力方向就是該點的磁感線方向，B對；放在該點的小磁針的南極受力的方向與磁感線的方向相反，D錯。

考點：本題考查磁場方向的規(guī)定。

點評：本題學生明確磁感線是閉合曲線，在磁體內(nèi)部由S極指向N極，磁體外部由N極指向S極?！窘馕觥俊敬鸢浮緽C7、C【分析】【分析】根據(jù)力的平行四邊形定則，結(jié)合題意，即可求解．【解析】【解答】解：根據(jù)題意，依據(jù)力的平行四邊形定則，可知，F(xiàn)1、F2的合力等于F3，因此F1、F2的作用效果與F3的作用效果相同，且三個力的合力大小等于2F3；故C正確；ABD錯誤；

故選：C．8、B【分析】【分析】根據(jù)物體處于平衡，通過假設(shè)法判斷繩子是否有拉力，從而確定小球受到幾個力作用．【解析】【解答】解：物體受重力和繩2的拉力；兩個力作用在同一條直線上，因為物體處于平衡狀態(tài)，合力為零，若繩1有拉力，則小球不可能平衡，所以繩1沒有拉力，知小球受到2個力作用．故B正確，A；C、D錯誤．

故選：B．二、填空題(共8題，共16分)9、8V【分析】【分析】因為在勻強電場中，在同一方向上，相等距離內(nèi)的電勢差相等，結(jié)合該規(guī)律求出d點的電勢．【解析】【解答】解：將cd分為三等份，因為ba間的電勢差為4V，由于cd的距離是ab的三倍，則cd間的電勢差是ba的電勢差的三倍，即Ucd=12V；因為c點的電勢為20V，則d點的電勢為8V．

故答案為：8V．10、0.053220.55【分析】【分析】新式游標卡尺的測量原理和傳統(tǒng)的游標卡尺相同，新式游標卡尺其游標尺上20個分度只有19mm，比主尺上的20個分度短1mm，游標卡尺讀數(shù)的方法是主尺讀數(shù)加上游標讀數(shù)，不需估讀．【解析】【解答】解：有一種游標卡尺；主尺的最小分度是1mm，游標尺上有20個等分刻度，此游標尺的20等分刻度的總長度為19mm，用這種游標尺測量長度可以準確到0.05mm；

游標卡尺的主尺讀數(shù)為20mm；游標尺上第11個刻度和主尺上的32mm刻度對齊，所以游標讀數(shù)為11×0.05mm=0.55mm，所以最終讀數(shù)為：20mm+0.55mm=20.55mm．

故答案為：0.05，32，20.5511、產(chǎn)生水珠液化放熱【分析】【分析】沸騰是一種劇烈的汽化現(xiàn)象，可以產(chǎn)生大量的水蒸氣，水蒸氣受冷就會液化，形成小水珠；水蒸氣受冷液化時要放熱．【解析】【解答】解：燒瓶中水沸騰時產(chǎn)生的大量水蒸氣進入容器A中；容器A放在裝有冷水的容器B中，容器A的溫度也比較低，通入容器A中的水蒸氣受冷就會液化，形成小水珠，附著在試管壁上；水蒸氣液化時要放出熱量；

故答案為：產(chǎn)生水珠、液化放熱12、1.05m/s【分析】【分析】平拋運動的水平分運動是勻速直線運動，豎直分運動是自由落體運動；根據(jù)豎直方向運動特點△h=gT2，求出物體運動時間，然后利用水平方向運動特點即可求出平拋的初速度．【解析】【解答】解：平拋運動的水平分運動是勻速直線運動；豎直分運動是自由落體運動；

由圖可以看出，AB段、BC段、CD段水平方向分位移相等，豎直方向差值恒定，為L，根據(jù)公式△h=gT2，時間間隔為：T=；

故初速度為：=3；

故答案為：，1.05m/s．13、BD【分析】【分析】（1）由波速公式v=λf求出波長；根據(jù)時間與周期的關(guān)系，分析質(zhì)點的位置，確定其離開平衡位置的位移．

（2）（1）當外界的光線經(jīng)過玻璃磚的折射進入玻璃磚的對角時；畫出光路圖如圖，觀察到外界的視野的張角最大，根據(jù)幾何知識求出折射角，由折射定律求出入射角，最大張角等于入射角的2倍．

（2）要想外界180°范圍內(nèi)景物全被觀察到，入射角為90°，由折射定律求解折射率．【解析】【解答】解：（1）由v=v=λf得，波長λ==，周期為T==2s．

A、在t0時刻，距a點2m處的質(zhì)點，與a點相距一個波長，則t0時刻；質(zhì)點a正好經(jīng)過平衡位置，則此質(zhì)點也在平衡位置．故A錯誤．

B、時間t=1s=0.5T，質(zhì)點a位于平衡位置，距a點1.5m=處的質(zhì)點；由波形得到，此質(zhì)點到達最大位移處，此質(zhì)點離開其平衡位置的距離為0.2m．故B正確．

C、在（t0+2s）時刻；質(zhì)點a位于平衡位置，距a點1m=0.5λ處的質(zhì)點也在平衡位置．故C錯誤．

D、在（t0+3s）時刻，質(zhì)點a位于平衡位置，a點1.5m=處的質(zhì)點；由波形得到，此質(zhì)點到達最大位移處，此質(zhì)點離開其平衡位置的距離為0.2m．故D正確．

故選BD

（2）（1）畫出光路圖如圖；此時工事內(nèi)部人員觀察到外界的視野的張角最大，由幾何知識得

tanβ===；β=30°；

由折射定律得

n=

解得；i=60°，則最大張角為2i=120°．

（2）要想外界180°范圍內(nèi)景物全被觀察到；入射角為90°，由折射定律得

解得；n′=2

答：（1）BD；

（2）（1）嵌入玻璃后，工事內(nèi)部人員觀察到外界的視野的最大張角為120°；（2）要想外界180°范圍內(nèi)景物全被觀察到，應嵌入折射率為2的玻璃磚．14、200.02314【分析】【分析】根據(jù)圖象來確定電流的瞬時表達式，再將某時刻，及對應的電流代入表達式，從而求解．【解析】【解答】解：由圖可知，周期為T=0.02s，根據(jù)：ω==314rad/s；

根據(jù)圖象可知，電流的瞬時表達式為i=Imsinωt；

將t=0.0025s，i=14.1A，代入上式，則有：Im==20A；

故答案為：20，0.02，314．15、左手定則垂直同一個平面內(nèi)電流磁感線從掌心進入【分析】【分析】左手定則的內(nèi)容：伸開左手，使拇指與其余四指垂直，并且與手掌在同一個平面內(nèi)；讓磁感線從掌心進入，并使四指指向電流的方向，這時拇指所指的方向就是安培力的方向．【解析】【解答】解：安培力；電流、磁感應強度這三者的方向關(guān)系可以用左手定則判斷．其內(nèi)容如下：伸開左手；使拇指與其余四個手指垂直，并且都與手掌在同一個平面內(nèi)，讓四指指向電流方向，讓磁感線從掌心進入，并使四指指向電流的方向，這時拇指所指的方向就是安培力的方向．

故答案為：左手定則，垂直，同一個平面內(nèi)，電流，磁感線從掌心進入16、500【分析】【分析】已知人工造出的“雪”的體積和質(zhì)量，根據(jù)密度公式求出其密度．【解析】【解答】解：人工造出的“雪”的質(zhì)量為m=1t=1000kg；

人工造出的“雪”的密度約為ρ===500kg/m3．

故答案為：500三、判斷題(共8題，共16分)17、√【分析】【分析】粒子在磁場中，由洛倫茲力提供向心力，故在磁場中做勻速圓周運動，寫出牛頓第二定律的方程，導出粒子的半徑公式即可做出判定．【解析】【解答】解：粒子在磁場中，由洛倫茲力提供向心力，故在磁場中做勻速圓周運動；由洛倫茲力提供向心力，有qvB=m，解得r=；粒子的比荷之比與軌道半徑之比成反比．

故答案為：√18、×【分析】【分析】太陽輻射的能量主要來自太陽內(nèi)部的聚變反應，由此分析即可．【解析】【解答】解：根據(jù)目前的認識；太陽輻射的能量主要來自太陽內(nèi)部的聚變反應．所以以上的說法是錯誤的．

故答案為：×19、×【分析】【分析】布朗運動是由于分子的無規(guī)則運動而使花粉小顆粒受到撞擊而振動；布朗運動的實質(zhì)是大量分子做無規(guī)則熱運動的結(jié)果．【解析】【解答】解：布朗運動是固體小顆粒的運動；是宏觀物體，故符合牛頓第二定律；

故答案為：×20、×【分析】【分析】結(jié)合產(chǎn)生感應電流的條件：閉合回路的磁通量發(fā)生變化即可正確判定．【解析】【解答】解：產(chǎn)生感應電流的條件是閉合回路的磁通量發(fā)生變化；題目中穿過閉合導體回路所包圍面積的磁通量為零時，沒有說明磁通量是否變化，所以不能判斷出沒有感應電流產(chǎn)生．所以以上說法是錯誤的．

故答案為：×21、√【分析】【分析】磁場雖然是看不見、摸不著的，但它會對放入它中的磁體產(chǎn)生力的作用，小磁針N極在磁場中所受的磁力方向跟該點的磁場方向相同．【解析】【解答】解：磁體的周圍存在磁場；電流周圍也存在磁場，磁場的基本性質(zhì)是對放在其中的磁體存在力的作用．

磁場方向與放在該點的小磁針的N極靜止時的方向一致；或小磁針北極的受力方向為該點的磁場方向．所以該說法是正確的．

故答案為：√22、√【分析】【分析】感應電流產(chǎn)生的條件是穿過閉合電路磁通量發(fā)生變化．1、電路要閉合；2、穿過的磁通量要發(fā)生變化．【解析】【解答】解：感應電流產(chǎn)生的條件是穿過閉合電路磁通量發(fā)生變化；只要穿過閉合電路的磁通量發(fā)生變化，閉合電路中就有電流產(chǎn)生．該說法是正確的．

故答案為：√23、×【分析】【分析】B⊥L，根據(jù)安培力的公式F=BIL，求磁感應強度B，注意公式是采用比值法定義的，磁場中某點磁感應強度的大小與F，Il等因素無關(guān)，是由磁場本身決定的．【解析】【解答】解：根據(jù)磁感應強度的定義式，有：；由此可知的磁感應強度與導線的放置；長短、電流大小等因素無關(guān)，即該處的磁感應強度有磁場本身決定．

所以如果通電的金屬棒在磁場中不受力的作用；該處的磁感應強度不一定為零．故以上說法是錯誤的．

故答案為：×24、×【分析】【分析】場強定義式E=適應任何電場，E=只適用于真空中點電荷；場強取決于電場本身，與檢驗電荷無關(guān)．【解析】【解答】解：場強定義式E=適應任何電場，E=只適用于真空中點電荷；故錯誤．

故答案為：×．四、畫圖題(共2題，共10分)25、略

【分析】【解析】試題分析：由圖讀出波長，由波速公式求出周期．根據(jù)簡諧運動在一個周期內(nèi)通過的路程，求出位移．采用波形平移的方法畫出7s時的波形圖．由圖直接可得波長根據(jù)得：7秒內(nèi)波傳播的位移為：根據(jù)平移法，把波形沿傳播方向平移3.5米，如下圖實線：考點：畫波形圖【解析】【答案】圖形向左平移1.5m26、略

【分析】彈力的方向總是與物體接觸面的切面垂直，然后指向受力物體，據(jù)此可得思路分析：彈力的方向總是與物體接觸面的切面垂直，然后指向受力物體試題【解析】【答案】【解析】彈力的方向總是與物體接觸面的切面垂直，然后指向受力物體，據(jù)此可得思路分析：彈力的方向總是與物體接觸面的切面垂直，然后指向受力物體試題五、解答題(共4題，共24分)27、略

【分析】【分析】s-t圖象的縱坐標表示物體某時刻的位移，s-t圖象的斜率等于物體運動的速度．【解析】【解答】解：物體在t=0開始從離原點4m的西側(cè)出發(fā)向東做勻速直線運動；歷時2s，接著的第3s-5s內(nèi)靜止；第6s內(nèi)繼續(xù)向東做勻速直線運動；第7s-8s勻速反向行駛，至第8s末回到出發(fā)點；在第9s-12s內(nèi)從原點西行做勻速直線運動；由s-t圖象得各階段的速度如下：

OA段：v1==2m/s方向向東；

AB段：v2=0靜止；

BC段：=4m/s方向向東；

CD段：v4==-4m/s方向向西；

DE段：v5=；方向向西；

答：物體在OA、AB、BC、CD、DE各階段的速度分別為2m/s，0，4m/s，-4m/s，-1m/s．28、略

【分析】【分析】（1）粒子在小圓內(nèi)做勻速直線運動；進入磁場后做勻速圓周運動，不能穿越大圓，即運動軌跡應和大圓相切，確定軌跡求出半徑即可求解．

（2）找到圓周運動軌跡的圓心角，結(jié)合周期計算時間，再加上勻速直線運動時間．【解析】【解答】解：（1）如圖所示；粒子從圓心出發(fā)后先在小圓內(nèi)做勻速直線運動，射入磁場做勻速圓周運動后再次射入小圓做勻速直線運動，據(jù)對稱性可知，粒子必然會再次回到小圓的圓心處．運動軌跡如圖所示．

設(shè)粒子在磁場中做勻速圓周運動的半徑為r；

環(huán)形區(qū)域內(nèi)勻強磁場的磁感應強度是B，據(jù)牛頓第二定律有①

由幾何關(guān)系知

解得：r=R②

由①②聯(lián)立可解得③

（2）粒子在磁場中做勻速圓周運動的周期為④

由②④聯(lián)立得⑤

圖中θ角滿足=1⑥

由②⑥聯(lián)立得θ=45°⑦

則可知粒子將沿圖示運動軌跡從出發(fā)到第四次回到小圓圓心時完成一個運動周期；

因而粒子的運動周期為⑧

將④代入⑧得⑨．

答：（1）環(huán)形區(qū)域內(nèi)勻強磁場的磁感應強度是

（2）該粒子的運動周期是29、略

【分析】【分析】點光源照亮的水面邊緣光線剛好發(fā)生全反射，作出光路圖，由折射率求出臨界角，由幾何知識即可求出點光源照亮的水面的半徑，求出面積．【解析】【解答】解：作出光路圖，如圖．由sinC=

又由題意知；點光源照亮的水面邊緣光線剛好發(fā)生全反射，由幾何知識得。

sinC=

點光源照亮的水面面積為S=πR2

聯(lián)立解得，S=28.3m2

答：點光源照亮的水面面積為28.3m2．30、略

【分析】【分析】（1）當小球靜止時；有共點力平衡求的電荷量，根據(jù)受力即可判斷出電性。

（2）從釋放到最低點由動能定理即可求得角度。

（3）當小球從靜止釋放到達偏角為θ時速度最大，由動能定理即可求得【解析】【解答】解：（1）小球處于平衡狀態(tài)；有共點力平衡得：

mgtanθ=qE

得：q=；

由受力可知小球帶正電。

（2）從釋放到最低點由動能定理可知：

mgL（1-cosφ）-qELsinφ=0-0

得：

故有：φ=2θ

（3）當小球從靜止釋放到達偏角為θ時由動能定理得：

mgL（cosθ-cosφ）-qElL（sinφ-sinθ）=

解得：v=

答：（1）小球的電荷量q為；電性帶正電。

（2）若細線的偏角從θ增加到φ；然后由靜止釋放小球，φ=2θ大時才能使細線到達豎直位置時小球速度恰好為零。

（3）若由靜止釋放小球時，細線的偏角為φ，則小球擺動過程中的最大速度是六、識圖作答題(共4題，共20分)31、（1）

（2）AABBDd

（3）紫色：紅色：白色=6：3：7紫色：白色=9：7

（4）①4

②3/2【分析】【分析】本題主要考查DNA的結(jié)構(gòu)以及遺傳定律的應用的有關(guān)知識，解答本題關(guān)鍵是掌握DNA的結(jié)構(gòu)特點、基因與染色體的關(guān)系以及自由組合定律的實質(zhì)和應用?！窘獯稹浚?）由表可知，A、a在9號染色體上，B、b和D、d都在10號染色體上，所以三對基因在染色體上的位置關(guān)系最可能如圖所示：

（2）因為親本中一方是基因型為AABBdd的紅花純合植株，驗證基因分離定律時，親本中的另一方應該選其相對性狀的紫花植株進行雜交，紫花植株的基因型因為AABBDd。（3）基因型為AaBbDd的植株自交時，親本中有可能B、D連鎖和b、d連鎖或者B、d連鎖和b、D連鎖兩種情況，當B、D連鎖和b、d連鎖時，后代中紫花的基因型為A_B_D，其比例為白花的基因型為aa____和A_bbdd，占的比例為所以紫花：白花=9：7；當B、d連鎖和b、D連鎖時，后代中紫花的的基因型A_BbDd，占的比例為A_BBdd，占的比例為白花的基因型為aa____和A_bbDD，占的比例為所以，紫花：紅花：白花=6：3：7。（4）①若利用限制酶將A基因從一個DNA分子中剪切出來，由于DNA是雙鏈，切割之后會產(chǎn)生三個DNA片段，共有共有12個末端，有6個末端是游離的磷酸基團，6個末端是脫氧核糖，原來的DNA有4個末端，2個末端是游離的磷酸基團，2個末端是脫氧核糖，所以剪切之后形成的所有DNA片段較原DNA多出現(xiàn)4個游離的磷酸基團。

②若該基因一條單鏈中（G＋T）/（A＋C）＝2/3，在其互補鏈中G＋T）／（A＋C）=3/2?！窘馕觥浚?）

（2）AABBDd（3）紫色：紅色：白色=6：3：7紫色：白色=9：7（4）①4

②3/232、（1）自花傳粉且閉花受粉基因突變

（2）選擇F1中高莖圓?；螯S色圓粒自交（與矮莖皺?；蚓G色皺粒）得F2（3分），統(tǒng)計F2的性狀表現(xiàn)及數(shù)量比

（3）Y和d基因連鎖如圖丙，D和y基因連鎖如圖丁，因此子代高莖、黃色一定是雜合子（DdYy）【分析】【分析】本題主要考查基因突變及自由組合定律的有關(guān)知識，構(gòu)建知識網(wǎng)絡(luò)，提高綜合運用能力?！窘獯稹?/p>

（1）在自然狀態(tài)下，即使多種性狀混種的情況下，每個植株也都是純合子，為是因為豌豆是自花傳粉且閉花受粉的植物。已知在基因r中插入一小段特定DNA序列則形成了基因R，這種變異屬于基因突變。

（2）甲和乙雜交得F1，選擇F1中高莖圓粒或黃色