2024年華師大新版高三物理下冊月考試卷

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2024年華師大新版高三物理下冊月考試卷339考試試卷考試范圍：全部知識(shí)點(diǎn)；考試時(shí)間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級(jí)：______考號(hào)：______總分欄題號(hào)一二三四五六總分得分評(píng)卷人得分一、選擇題(共9題，共18分)1、小球從傾角為45°的斜坡頂端A以20m/s的速度水平拋出，小球落到斜坡上B點(diǎn)，則小球從A運(yùn)動(dòng)到B的時(shí)間為（取g=10m/s2）（）A.1sB.2sC.3sD.4s2、豎直發(fā)射的火箭質(zhì)量為6×103kg，已知每秒鐘噴出氣體的質(zhì)量為200kg，若使火箭最初能得到20.2m/s2的向上加速度，則噴出氣體的速度應(yīng)為（）A.700m/sB.800m/sC.900m/sD.1000m/s3、下列說法正確的是（）A.“如果電場線與等勢面不垂直，那么電場強(qiáng)度沿著等勢面方向就有一個(gè)分量，在等勢面上移動(dòng)電荷時(shí)靜電力就要做功．”用的是歸納法B.電場強(qiáng)度是用比值法定義的，電場強(qiáng)度與電場力成正比，與試探電荷的電荷量成反比C.探究導(dǎo)體的電阻與材料、長度、粗細(xì)的關(guān)系，用的是控制變量的方法D.奧斯特把電流沿南北方向放置在小磁針的正上方發(fā)現(xiàn)了電磁感應(yīng)現(xiàn)象4、如圖所示，一質(zhì)量為2kg的物體靜止于光滑水平面上，從t=0時(shí)開始運(yùn)動(dòng)，前2秒內(nèi)受到的外力作用如圖示．下列判斷正確的是（）A.第2秒內(nèi)質(zhì)點(diǎn)的位移是1米B.第2秒內(nèi)外力所做的功是JC.第2秒末外力的瞬時(shí)功率最大D.0～2s內(nèi)外力的平均功率是W5、下列關(guān)于彈力的敘述中，正確的是（）A.只要物體相互接觸，就一定有彈力產(chǎn)生B.兩個(gè)相互接觸的物體發(fā)生了彈性形變，一定有彈力產(chǎn)生C.微小的力不能使堅(jiān)硬的物體發(fā)生形變，就沒有彈力產(chǎn)生D.彈簧只有在伸長時(shí)才產(chǎn)生彈力6、【題文】英國物理學(xué)家狄拉克曾經(jīng)預(yù)言，自然界中應(yīng)該存在只有一個(gè)磁極的磁單極子，其周圍磁感線呈均勻輻射狀分布，距離它r處的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為為常數(shù)），其磁場分布與點(diǎn)電荷的電場分布相似。現(xiàn)假設(shè)磁單極子S固定，帶電小球在S極附近做勻速圓周運(yùn)動(dòng)。下列非磁性材料翻成的帶電小球可以做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的是7、【題文】如圖所示,一束復(fù)色光AO以一定的入射角從玻璃射向真空時(shí)分成a、b兩束，關(guān)于a、b這兩種單色光；下列說法中正確的是。

A.此玻璃對a光的折射率小于對b光的折射率B.用同一雙縫干涉裝置進(jìn)行實(shí)驗(yàn)a光的干涉條紋間距比b光的大C.a光光子能量小于b光光子能量D.在玻璃中a光的全反射臨界角小于b光的全反射臨界角8、帶電粒子M

只在電場力作用下由P

點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到Q

點(diǎn)，在此過程中克服電場力做了2.6隆脕10鈭?6J

的功。那么A.M

在P

點(diǎn)的電勢能大于它在Q

點(diǎn)的電勢能B.P

點(diǎn)的場強(qiáng)大于Q

點(diǎn)的場強(qiáng)C.P

點(diǎn)的電勢高于Q

點(diǎn)的電勢D.M

在P

點(diǎn)的動(dòng)能大于它在Q

點(diǎn)的動(dòng)能9、如圖所示，一輕繩通過無摩擦的小定滑輪O與小球B連接，另一端與套在光滑豎直桿上的小物塊A連接，小球B與物塊A質(zhì)量相等，桿兩端固定且足夠長．現(xiàn)將物塊A由靜止從與O等高位置釋放后，下落到輕繩與桿的夾角為θ時(shí)物塊A運(yùn)動(dòng)的速度大小為vA，小球B運(yùn)動(dòng)的速度大小為vB．則下列說法中正確的是（）A.vA=vBB.vB=vAsinθC.小球B增加的重力勢能等于物塊A減少重力勢能D.小球B增加的機(jī)械能等于物塊A減少機(jī)械能評(píng)卷人得分二、多選題(共5題，共10分)10、下列關(guān)于磁場的說法中，不正確的是（）A.只有磁鐵周圍才存在磁場B.磁場是假想的，不是客觀存在的C.磁場是在磁極與磁極、磁極和電流發(fā)生作用時(shí)才產(chǎn)生D.磁極與磁極，磁極與電流、電流與電流之間都是通過磁場發(fā)生相互作用11、如圖所示，一個(gè)自由下落的小球，從它接觸彈簧開始到彈簧壓縮到最短的過程中，小球的速度和所受合外力的變化情況為（）A.速度一直變小直到零B.速度先變大，然后變小直到為零C.合外力一直變小，方向向上D.合外力先變小后變大，方向先向下后向上12、如圖是質(zhì)譜儀的工作原理示意圖，帶電粒子被加速電場加速后，進(jìn)入速度選擇器．速度選擇器內(nèi)相互正交的勻強(qiáng)磁場和勻強(qiáng)電場的強(qiáng)度分別為B和E．平板S上有可讓粒子通過的狹縫P和記錄粒子位置的膠片A1A2．平板S下方有強(qiáng)度為B0的勻強(qiáng)磁場．下列表述正確的是（）A.質(zhì)譜儀是分析同位素的重要工具B.速度選擇中的磁場方向垂直紙面向外C.能通過狹縫P的帶電粒子的速率等于D.粒子打在膠片上的位置越靠近狹縫P，粒子的荷質(zhì)比越小13、圖甲；乙、丙、丁是以時(shí)間為橫軸的勻變速直線運(yùn)動(dòng)的圖象；下列說法中正確的是（）

A.圖甲是加速度-時(shí)間圖象B.圖乙是速度-時(shí)間圖象C.圖丙是位移-時(shí)間圖象D.圖丁是加速度-時(shí)間圖象14、絕熱氣缸的質(zhì)量為M，絕熱活塞的質(zhì)量為m，活塞與氣缸壁之間無摩擦且不漏氣，氣缸中密封一部分理想氣體，最初氣缸被銷釘固定在足夠長的光滑固定斜面上．如圖所示，現(xiàn)拔去銷釘，讓氣缸在斜面上自由下滑，當(dāng)活塞與氣缸相對靜止時(shí)，被封氣體與原來氣缸靜止在斜面上時(shí)相比較，以下說法正確的是（）A.氣體的壓強(qiáng)不變B.氣體的內(nèi)能減少C.氣體的溫度升高D.氣體的體積增大評(píng)卷人得分三、填空題(共9題，共18分)15、在地面附近的一個(gè)質(zhì)量為2kg的物體，從零勢能面以下1m處下落到零勢能面以下3m處在過程中，重力勢能的最大值是____J，最小值是____J，重力勢能變化了____J．16、某同學(xué)利用如圖所示裝置來研究加速度與力的關(guān)系；他將光電門1和2分別固定在長木板的A；B兩處，換用不同的重物通過細(xì)線拉同一小車（小車質(zhì)量約為200克），每次小車都從同一位置由靜止釋放）．

（1）長木板右端墊一物塊，其作用是用來____；

（2）用游標(biāo)卡尺測得遮光條的寬度為____cm．

（3）對于所掛重物的質(zhì)量，以下取值有利于減小實(shí)驗(yàn)誤差的是____（填選項(xiàng)）

A.1克B.5克C.10克D.40克。

（4）要測出每次小車運(yùn)動(dòng)的加速度記錄遮光條通過電門1，2的時(shí)間外還應(yīng)測出____．17、力F1單獨(dú)作用在物體A上時(shí)，A的加速度a1=5m/s2，力F2單獨(dú)作用在物體A上時(shí)，A的加速度為a2=-1m/s2，則力F1和F2同時(shí)作用在物體A上時(shí)，A的加速度a的范圍是____．18、一簡諧橫波沿軸正方向傳播，在時(shí)刻的波形如圖所示。已知介質(zhì)中質(zhì)點(diǎn)的振動(dòng)周期為s，則該波傳播速度為m/s，此時(shí)點(diǎn)振動(dòng)方向?yàn)開___（選填“軸正方向”或“軸負(fù)方向”）19、如圖所示，將一質(zhì)量分布均勻的正方形木箱abcd置于水平地面上，木箱邊長為L，質(zhì)量為m，今欲用一推力將木箱以c為支點(diǎn)翻倒，則為推起木箱所需的最小推力F為____，要使木箱剛能翻到，推力所做的功至少為____．

20、質(zhì)量M=2㎏的長木板置于光滑水平面上，質(zhì)量均為1㎏的m1和m2兩個(gè)小物塊中間用一根處于原長的彈簧相連，它們與木板間動(dòng)摩擦因素μ1=0.1和μ2=0.3，g=10m/s2

（1）若要將M從m1和m2中抽出；F至少應(yīng)多大？

（2）此時(shí)彈簧彈力。

（3）若木板足夠長F從零開始逐漸增大，通過計(jì)算作出m2與M的摩擦力和F的關(guān)系圖象21、磁場對放入其中的長為l、電流強(qiáng)度為I、方向與磁場垂直的通電導(dǎo)線有力F的作用，可以用磁感應(yīng)強(qiáng)度B描述磁場的力的性質(zhì)，磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小B=____________，在物理學(xué)中，用類似方法描述物質(zhì)基本性質(zhì)的物理量還有____________等．22、已知電流計(jì)的內(nèi)阻Rg=90Ω；電表滿刻度為300μA．

①若將該電流計(jì)改裝成3安電流表需____聯(lián)____Ω的電阻。

②若將此電表改為3伏特的電壓表，則應(yīng)將電流計(jì)與電阻____聯(lián)，電阻的取值應(yīng)為____Ω

③若用②中改裝表去測電壓時(shí)，如果指針在150μA的位置，則所測電壓讀數(shù)為____V．23、（2014秋?三水區(qū)校級(jí)期中）三輪車工人在運(yùn)輸比較重的貸物時(shí)，往往站著蹬，腳對踏板的力（豎直向下）F是500N，腳踏板的受力點(diǎn)為A，距轉(zhuǎn)動(dòng)軸O的距離AO是0.2m，AO與水平方向成37°．如圖，則三輪車工人踏踏板的力F的力矩是____．評(píng)卷人得分四、判斷題(共3題，共15分)24、封閉在汽缸內(nèi)一定質(zhì)量的氣體，如果保持氣體體積不變，當(dāng)溫度升高時(shí)，每秒撞擊單位面積器壁的分子數(shù)增多．____．（判斷對錯(cuò)）25、參考系的選取是任意的，但參考系的選取應(yīng)使物體運(yùn)動(dòng)的描述盡可能簡單．____．（判斷對錯(cuò)）26、質(zhì)點(diǎn)就是體積很小的物體．____（判斷對錯(cuò)）評(píng)卷人得分五、作圖題(共3題，共6分)27、畫出飛車走壁雜技表演時(shí)，在豎直筒壁邊上飛速行駛的飛車在圖示位置時(shí)的受力示意圖來．28、如圖表示兩面平行玻璃磚的截面圖，一束平行于CD邊的單色光入射到AC界面上，a、b是其中的兩條平行光線．光線a在玻璃磚中的光路已給出．畫出光線b的光路圖并求出從玻璃磚中首次出射時(shí)的折射角29、用作圖法分別畫出圖中的未知的分力．（虛線所示為力的方向）

評(píng)卷人得分六、計(jì)算題(共4題，共32分)30、如圖所示，A為位于一定高度處的質(zhì)量為m、帶電荷量為+q的小球，B為位于水平地面上的質(zhì)量為M的用特殊材料制成的長方形空心盒子，且M=2m，盒子與地面間的動(dòng)摩擦因數(shù)=0.2，盒內(nèi)存在著豎直向上的勻強(qiáng)電場，場強(qiáng)大小E=2mg/q，盒外沒有電場．盒子的上表面開有一系列略大于小球的小孔，孔間距滿足一定的關(guān)系，使得小球進(jìn)出盒子的過程中始終不與盒子接觸．當(dāng)小球A以1m/s的速度從孔1進(jìn)入盒子的瞬間，盒子B恰以v1=6m/s的初速度向右滑行．已知盒子通過電場對小球施加的作用力與小球通過電場對盒子施加的作用力大小相等、方向相反．設(shè)盒子足夠長，取重力加速度g=10m/s2，小球恰能順次從各個(gè)小孔進(jìn)出盒子，且不與盒子底部相碰。試求：(1）小球A從第一次進(jìn)入盒子到第二次進(jìn)入盒子所經(jīng)歷的時(shí)間；(2）盒子上至少要開多少個(gè)小孔，才能保證小球始終不與盒子接觸；(3)從小球第一次進(jìn)入盒子至盒子停止運(yùn)動(dòng)的過程中，盒子通過的總路程．31、兩個(gè)天體(

包括人造天體)

間存在萬有引力，并具有由相對位置決定的勢能.

如果兩個(gè)天體的質(zhì)量分別為m1

和m2

當(dāng)它們相距無窮遠(yuǎn)時(shí)勢能為零，則它們距離為r

時(shí)，引力勢能為EP=鈭?Gm1m2r.

發(fā)射地球同步衛(wèi)星一般是把它先送入較低的圓形軌道，如圖中Ⅰ，再經(jīng)過兩次“點(diǎn)火”，即先在圖中a

點(diǎn)處啟動(dòng)燃?xì)獍l(fā)動(dòng)機(jī)，向后噴出高壓燃?xì)猓l(wèi)星得到加速，進(jìn)入圖中的橢圓軌道Ⅱ，在軌道Ⅱ的遠(yuǎn)地點(diǎn)b

處第二次“點(diǎn)火”；衛(wèi)星再次被加速，此后，沿圖中的圓形軌道Ⅲ(

即同步軌道)

運(yùn)動(dòng).

設(shè)某同步衛(wèi)星的質(zhì)量為m

地球半徑為R

軌道Ⅰ距地面非常近，軌道Ⅲ距地面的距離近似為6R

地面處的重力加速度為g

并且每次點(diǎn)火經(jīng)歷的時(shí)間都很短，點(diǎn)火過程中衛(wèi)星的質(zhì)量減少可以忽略.

求：

(1)

從軌道Ⅰ轉(zhuǎn)移到軌道Ⅲ的過程中；合力對衛(wèi)星所做的總功是多大？

(2)

兩次“點(diǎn)火”過程中燃?xì)鈱πl(wèi)星所做的總功是多少？32、如圖所示的平面直角坐標(biāo)系xOy

中，ABCD

矩形區(qū)域內(nèi)有磁感應(yīng)強(qiáng)度為B0

的勻強(qiáng)磁場(OD

邊上無磁場，OA

邊上有磁場)

其中AD

兩點(diǎn)的坐標(biāo)分別為(0,a)

和(0,鈭?a)BC

兩點(diǎn)的坐標(biāo)分別為(3a,a)

和(3a,鈭?a)

在半徑為a

圓心坐標(biāo)為(鈭?a,0)

的圓形區(qū)域內(nèi)有磁感應(yīng)強(qiáng)度為2B0

的勻強(qiáng)磁場；兩個(gè)區(qū)域內(nèi)磁場方向均垂直紙面向里.

在鈭?a鈮?x鈮?0

的區(qū)域均勻分布有大量質(zhì)量為m

帶電荷量為鈭?q

的粒子，粒子均以相同的速度沿y

軸正方向射向圓形磁場，最后粒子都進(jìn)入矩形磁場，已知朝著圓心(鈭?a,0)

射入的粒子剛好從O

點(diǎn)沿x

軸正方向進(jìn)入矩形磁場.

不計(jì)粒子的重力及粒子間的相互作用.

求：

(1)

粒子進(jìn)入磁場時(shí)速度v

的大?。?/p>

(2)

從B

點(diǎn)射出的粒子在射入矩形磁場時(shí)的速度方向與y

軸正方向夾角婁脠

(3)

從AB

邊射出的粒子數(shù)與粒子總數(shù)的比值k

．33、如圖所示電路，圖中甲、乙兩毫安表的內(nèi)阻均為6Ω，當(dāng)電建K斷開時(shí)AB間的電阻為3Ω．R4=12Ω．當(dāng)電建閉合后甲、乙兩表的讀數(shù)比為1：2．求R1、R2的值．參考答案一、選擇題(共9題，共18分)1、D【分析】【分析】平拋運(yùn)動(dòng)在水平方向上做勻速直線運(yùn)動(dòng)，在豎直方向上做自由落體運(yùn)動(dòng)，根據(jù)豎直位移和水平位移的關(guān)系求出運(yùn)動(dòng)的時(shí)間．【解析】【解答】解：小球做平拋運(yùn)動(dòng)；據(jù)題有。

tan45°===

得t==s=4s

故選：D．2、C【分析】【分析】對氣體分析由動(dòng)量定理可求得反沖力與動(dòng)量的關(guān)系；再對火箭分析可求得加速度與力的關(guān)系，聯(lián)立可求得氣體的速度．【解析】【解答】解：以噴出氣體為研究對象；設(shè)每秒噴出氣體質(zhì)量為△m

由動(dòng)量定理可知：

F△t=△mv0

對火箭有F-Mg=Ma

解得：v0====900m/s；

故選：C．3、C【分析】【分析】A；如果電場線與等勢面不垂直；使用的假設(shè)法；

B；比值定義法中；電場強(qiáng)度與電場力，及試探電荷的電荷量均無關(guān)；

C；通過控制變量法；來探究導(dǎo)體的電阻與材料、長度、粗細(xì)的關(guān)系；

D、奧斯特發(fā)現(xiàn)電流的磁效應(yīng)．【解析】【解答】解：A；在假設(shè)電場線與等勢面不垂直的情況下；得出的結(jié)論，屬于假設(shè)法，不是歸納法，故A錯(cuò)誤；

B；電場強(qiáng)度是用比值法定義的；但電場強(qiáng)度與電場力及電荷量均無關(guān)，故B錯(cuò)誤；

C；通過控制變量法的方法；來研究導(dǎo)體的電阻與材料、長度、粗細(xì)的關(guān)系，故C正確；

D；把電流沿南北方向放置在小磁針的正上方發(fā)現(xiàn)了電流的磁效應(yīng)現(xiàn)象；故D錯(cuò)誤；

故選：C．4、B【分析】【分析】本題可由動(dòng)量定理求得1s末及2s末的速度，再由動(dòng)能定理可求得合力的功；由功率公式求得功率；【解析】【解答】解：由動(dòng)量定理Ft=mv2-mv1求出1s末、2s末速度分別為：v1===1m/s、v2===1.5m/s

A、第2秒內(nèi)的位移x==1.25m；故A錯(cuò)誤；

B、第1秒內(nèi)與第2秒動(dòng)能增加量分別為：=1J、=1.25J；故第2s內(nèi)外力所做的功為1.25J，故B正確；

C、1s末、2s末功率分別為：P1=F1v1=2w、P2=F2v2=1.5w；故C錯(cuò)誤；

D、由動(dòng)能定理可知合力做功為w==2.25J，故0～2s內(nèi)功率P==W；故D錯(cuò)誤；

故選：B5、B【分析】【分析】發(fā)生形變的物體要恢復(fù)原狀對與它直接接觸的物體要施加力的作用；這個(gè)力就是彈力．

知道彈力產(chǎn)生的條件：1、物體要相互接觸2、物體要發(fā)生彈性形變．【解析】【解答】解：A、彈力產(chǎn)生的條件：1、物體要相互接觸2、物體要發(fā)生彈性形變．

物體相互接觸；沒有發(fā)生彈性形變，就沒有彈力，故A錯(cuò)誤．

B；兩個(gè)相互接觸的物體發(fā)生了彈性形變；一定有彈力產(chǎn)生，故B正確．

C；有些彈性形變的現(xiàn)象不明顯；叫微小形變，兩個(gè)相互接觸的物體發(fā)生了微小形變，也有彈力產(chǎn)生，故C錯(cuò)誤．

D；彈簧在縮短時(shí)也產(chǎn)生彈力；故D錯(cuò)誤．

故選B．6、A【分析】【解析】根據(jù)左手定則，判斷出帶電小球受洛倫茲力的方向，A圖向上的分量與重力平衡，水平方向的分量指向圓心，滿足小球做圓周運(yùn)動(dòng)的向心力，A正確；同理，其它選項(xiàng)BCD不正確。【解析】【答案】A7、D【分析】【解析】

試題分析：以相同的入射角從玻璃射向真空，a光的偏折角大，所以折射率選項(xiàng)A錯(cuò)。根據(jù)七種單色光的波長頻率折射率關(guān)系，波長則有雙縫干涉的條紋間距a光波長短，干涉條紋間距小，選項(xiàng)B錯(cuò)。頻率根據(jù)光子能量判斷a光頻率高能量高，選項(xiàng)C錯(cuò)。在玻璃中的全反射臨界角a的折射率大，臨界角小，選項(xiàng)D對。

考點(diǎn)：折射全反射【解析】【答案】D8、D【分析】【分析】在本題中只是知道從PP到QQ電場力做負(fù)功，而電荷的正負(fù)不知道，因此無法判斷電勢高低，電場線或者說電場分布情況不知，也無法判斷電場強(qiáng)度的大小。根據(jù)電場力做功和電勢能的關(guān)系可以動(dòng)能和電勢能的變化情況。本題要正確理解電場強(qiáng)度、電勢、電勢能的決定因素和大小判斷方法，不能混淆概念?！窘獯稹緼.從題目可知克服電場力做功；即電場力做負(fù)功，故電勢能增加，P

點(diǎn)的電勢能一定小于它在Q

點(diǎn)的電勢能，故A錯(cuò)誤；

B.電場分布情況不知；無法判斷P

點(diǎn)和Q

點(diǎn)電場強(qiáng)度的大小關(guān)系，故B錯(cuò)誤；

C.因?yàn)殡姾烧?fù)不知；故無法判斷電勢高低，C錯(cuò)誤；

D.因?yàn)橹挥须妶隽ψ龉Γ灰虼酥挥须妱菽芎蛣?dòng)能之間的轉(zhuǎn)化，電勢能增加，則動(dòng)能減小，故D正確。

故選D?！窘馕觥緿

9、D【分析】【分析】將物塊A的速度分解為沿繩子方向和垂直于繩子的方向，在沿繩子方向的分速度等于B的速度．A、B組成的系統(tǒng)只有重力做功，系統(tǒng)的機(jī)械能守恒，通過系統(tǒng)機(jī)械能守恒判斷小球B增加的機(jī)械能與物塊A減小的機(jī)械能大小關(guān)系．【解析】【解答】解：A、B將物塊A的速度分解為沿繩子方向和垂直于繩子的方向，在沿繩子方向的分速度等于B的速度．如圖所示，在沿繩子方向的分速度為vAcosθ．

所以vB=vAcosθ．故A；B錯(cuò)誤．

C；A、B組成的系統(tǒng)只有重力做功；系統(tǒng)機(jī)械能守恒，根據(jù)機(jī)械能守恒定律得知：A減小的重力勢能等于B增加的重力勢能與兩球增加的動(dòng)能之和，所以小球B增加的重力勢能小于物塊A減少重力勢能，故C錯(cuò)誤．

D；物塊A下降的過程中；拉力做負(fù)功，機(jī)械能減小，物塊B上升的過程，拉力做正功，機(jī)械能增加．根據(jù)系統(tǒng)的機(jī)械能守恒得：小球B增加的機(jī)械能等于物塊A減少機(jī)械能．故D正確．

故選：D．二、多選題(共5題，共10分)10、ABC【分析】【分析】（1）磁場是磁體周圍存在的一種看不見的特殊物質(zhì)；是真實(shí)的存在；

（2）根據(jù)磁場的特點(diǎn)進(jìn)行分析；即磁極間的相互作用是通過磁場作用發(fā)生的；

（3）小磁針在磁場中某點(diǎn)靜止時(shí)的N極方向，就是磁場的方向，而小磁針在不同位置靜止的指向一般不同．【解析】【解答】解：A；磁體周圍與電流的周圍都存在著磁場；故A錯(cuò)誤；

B；磁場是實(shí)際存在的；不是假想的．故B錯(cuò)誤；

C；磁場以一種物質(zhì)；是看不見摸不到的，具有方向性，并不是只在磁體之間有相互作用的時(shí)候才存在的．故C錯(cuò)誤；

D；磁極與磁極；磁極與電流、電流與電流之間都是通過磁場發(fā)生相互作用．故D正確．

本題要求選擇不正確的，故選：ABC．11、BD【分析】【分析】由小球下落與彈簧接觸過程中彈力變化，可分析小球合外力的變化情況，進(jìn)一步根據(jù)牛頓第二定律得出加速度變化，可確定速度的變化情況．【解析】【解答】解：開始于彈簧接觸時(shí)；壓縮量很小，因此彈簧對小球向上的彈力小于向下重力，此時(shí)合外力大?。篎=mg-kx，方向向下；

隨著壓縮量的增加；彈力增大，故合外力減小，當(dāng)mg=kx時(shí)，合外力為零，此時(shí)速度最大；

由于慣性物體繼續(xù)向下運(yùn)動(dòng)；此時(shí)合外力大小為：F=kx-mg，方向向上，物體減速，隨著壓縮量增大，物體合外力增大，當(dāng)速度為零時(shí)，合外力最大．

故整個(gè)過程中物體合力先減小后增大；速度先增大后減小，最后為零．

故BD正確；AC錯(cuò)誤．

故選：BD12、ABC【分析】【分析】帶電粒子在速度選擇器中受電場力和洛倫茲力平衡，做勻速直線運(yùn)動(dòng)，進(jìn)入偏轉(zhuǎn)電場后做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，根據(jù)半徑公式得出半徑與粒子比荷的關(guān)系．【解析】【解答】解：A、粒子在速度選擇器中做勻速直線運(yùn)動(dòng)，有qE=qvB，解得v=，進(jìn)入偏轉(zhuǎn)電后，有qvB0=m，解得R=．知r越??；比荷越大．同位素電量相等，質(zhì)量不同，則偏轉(zhuǎn)半徑不同，所以質(zhì)譜儀是分析同位素的重要工具．故A；C正確，D錯(cuò)誤．

B；粒子在磁場中向左偏轉(zhuǎn)；根據(jù)左手定則知該粒子帶正電，在速度選擇器中，所受的電場力水平向右，則洛倫茲力水平向左，根據(jù)左手定則，磁場的方向垂直紙面向外．

故B正確．

故選ABC．13、BCD【分析】【分析】根據(jù)勻變速直線運(yùn)動(dòng)的性質(zhì)可分別得出速度-時(shí)間圖象、加速度-時(shí)間圖象、位移-時(shí)間圖象及力-時(shí)間圖象；結(jié)合題意可分析各項(xiàng)是否正確．【解析】【解答】解：勻變速直線運(yùn)動(dòng)的速度隨時(shí)間均勻變化；故v-t圖象中勻變速直線運(yùn)動(dòng)為傾斜的直線，故甲；乙均為v-t圖象；

而勻變速直線運(yùn)動(dòng)的位移x=；故其圖象為拋物線，故丙應(yīng)為x-t圖象；

勻變速直線運(yùn)動(dòng)；加速度恒定不變，故a-t圖象為一條平行于時(shí)間軸的直線；

由以上分析可知；BCD正確，A錯(cuò)誤；

故選BCD．14、BD【分析】【分析】該系統(tǒng)為絕熱系統(tǒng)，不能進(jìn)行熱交換，被封閉氣體內(nèi)能的改變只能通過做功實(shí)現(xiàn)，因此解答本題的關(guān)鍵是判斷氣體體積的變化情況，根據(jù)氣缸開始和后來的狀態(tài)先判斷出壓強(qiáng)的變化，即可進(jìn)一步判斷體積的變化情況．【解析】【解答】解：設(shè)被封閉氣體壓強(qiáng)為P，大氣壓強(qiáng)為P0，開始時(shí)有：mgsinθ+P0s=Ps，后來氣缸在斜面上自由下滑，當(dāng)活塞與氣缸相對靜止時(shí)P=P0；故被封閉氣體壓強(qiáng)減小，根據(jù)氣態(tài)方程可知，體積增大，對外做功，絕熱系統(tǒng)Q=0，根據(jù)△U=W+Q可知，內(nèi)能減小，溫度降低，故AC錯(cuò)誤，BD正確．

故選BD．三、填空題(共9題，共18分)15、-20-60-40【分析】【分析】重力勢能的計(jì)算式為Ep=mgh，式中h為物體相對零勢能面的高度，高度最高處重力勢能最大，高度最小處重力勢能最?。窘馕觥俊窘獯稹拷猓何矬w從零勢能面以下1m處的重力勢能最大，為：EPmax=mgh1=2×10×（-1）J=-20J

物體從零勢能面以下3m處的重力勢能最大，為：EPmin=mgh2=2×10×（-3）J=-60J

重力勢能變化量為△EP=EPmin-EPmax=-60-（-20）=-40J；

故答案為：-20，-60，-40．16、平衡摩擦力0.52BC兩個(gè)光電門之間的距離【分析】【分析】根據(jù)實(shí)驗(yàn)原理可知該實(shí)驗(yàn)需要將長木板的一端墊起適當(dāng)?shù)母叨纫云胶饽Σ亮Γ挥螛?biāo)卡尺的讀數(shù)等于主尺讀數(shù)加上游標(biāo)讀數(shù)；不需估讀；

當(dāng)重物的質(zhì)量遠(yuǎn)遠(yuǎn)小于小車質(zhì)量時(shí)才可以認(rèn)為繩對小車的拉力大小等于重物的重力．【解析】【解答】解：（1）為了消除小車所受摩擦力對實(shí)驗(yàn)的影響；在該實(shí)驗(yàn)中需要將長木板的一端墊起適當(dāng)?shù)母叨?，所以長木板右端墊一物塊，其作用是用來平衡摩擦力．

（2）游標(biāo)卡尺主尺讀數(shù)為：5mm；游標(biāo)尺：對齊的是2，所以讀數(shù)為：2×0.1=0.2mm；

所以d=5+0.2=5.2mm=0.52cm

（3）重物與小車一起加速運(yùn)動(dòng)；因此重物對小車的拉力小于重物的重力，當(dāng)重物的質(zhì)量遠(yuǎn)遠(yuǎn)小于小車質(zhì)量時(shí)才可以認(rèn)為繩對小車的拉力大小等于重物的重力，而，A答案重物的重力太小，產(chǎn)生的加速度不明顯，不利于減小實(shí)驗(yàn)誤差，因此BC比較符合要求．

故選：BC

（4）由題意可知，小車經(jīng)過光電門時(shí)的速度等于遮光條的寬度除以時(shí)間，該實(shí)驗(yàn)中保持小車質(zhì)量M不變，因此有：=2as；

由于：v=；所以要測出每次小車運(yùn)動(dòng)的加速度記錄遮光條通過電門1，2的時(shí)間外還應(yīng)測出兩個(gè)光電門之間的距離s．

故答案為：（1）平衡摩擦力（2）0.52；（3）BC．（4）兩個(gè)光電門之間的距離．17、4m/s2≤a≤6m/s2．【分析】【分析】根據(jù)牛頓第二定律分別得出力F1、F2與加速度的關(guān)系，再研究力F1和F2同時(shí)作用在物體A上時(shí)合力的大小范圍，再由牛頓第二定律求出加速度a的大小范圍．【解析】【解答】解：設(shè)物體A的質(zhì)量為m；根據(jù)牛頓第二定律得：

F1=ma1=5m，F(xiàn)2=ma2=m

力F1和F2同時(shí)作用在物體A上時(shí)合力的范圍為：

4m≤F合≤6m

根據(jù)牛頓第二定律得加速度范圍為4m/s2≤a≤6m/s2．

故答案為：4m/s2≤a≤6m/s2．18、略

【分析】試題分析：由題圖可知，λ=6m，根據(jù)波速公式v=得v=3m/s，橫波向x軸正方向傳播，則P點(diǎn)的振動(dòng)方向?yàn)閥軸負(fù)方向．故答案為：3m/s，y軸負(fù)方向．考點(diǎn)：波長、周期（頻率）和波速的關(guān)系，橫波的圖象【解析】【答案】3m/s軸負(fù)方向(各2分)19、略

【分析】

（1）以c為支點(diǎn)翻倒木箱時(shí)；木箱受到的力矩由兩個(gè)：重力的力矩和推力的力矩．當(dāng)力矩平衡且推力的力臂最大時(shí)推起木箱所需的推力F最??；

此時(shí)根據(jù)力矩平衡得：

解得：

（2）要使木箱剛能翻到；ac恰好在豎直線上時(shí)，重力勢能的增加量等于推力所做的最小的功．

開始時(shí)，重心的高度：ac恰好在豎直線上時(shí)，物體重心的高度：h=L，所以：

故答案為：

【解析】【答案】以c為支點(diǎn)翻倒木箱時(shí)；力臂最大時(shí)推起木箱所需的推力F最??；要使木箱剛能翻到，ac恰好在豎直線上時(shí)，重力勢能的增加量等于推力所做的最小的功．

20、略

【分析】

（1）根據(jù)題意，若將M從m1和m2中抽出，即把m1和m2看成一個(gè)整體，則M產(chǎn)生的加速度大于摩擦力作用下m1和m2整體的加速度：

對m1和m2而言摩擦力產(chǎn)生的最大加速度am=

所以要使M從m1和m2下抽出，則M產(chǎn)生的加速度aM＞am

對M受力分析，根據(jù)牛頓第二定律可知，F(xiàn)=MaM+f1+f2

又因?yàn)閒1=μ1m1g=1N，f2=μ2m2g=3N

∴

所以F至少為：F=MaM+f1+f2＞8N

即F至少為8N；

（2）當(dāng)F為8N時(shí)，系統(tǒng)的加速度a=

對m1進(jìn)行受力分析有，水平方向m1受到M對m1水平向右的最大摩擦力f1=1N，和彈簧對m1水平向右的彈力F1

根據(jù)牛頓第二定律可得：F1+f1=ma

∴彈簧彈力F=ma-f1=1×2-1N=1N

（3）在m1沒有壓縮彈簧時(shí)，m2受到M的摩擦力使m2與M一起向右加速，此時(shí)m2受到的摩擦力f使m2產(chǎn)生與M相同的加速度；根據(jù)牛頓第二定律有：

f=m2a==

由于m1所受最大摩擦力為1N，產(chǎn)生加速度最大為1m/s2，所以滿足時(shí)F的最大值為4

在m1開始?jí)嚎s彈簧至m2開始滑動(dòng)時(shí)，m2受到的摩擦力f和m1受到的最大摩擦力f1max使m1、m2產(chǎn)生與M相同的加速度：

f+f1max=（m1+m2）a

∴=

據(jù)題意，m2相對于M不滑動(dòng)，m2產(chǎn)生的最大加速度為2m/s2；即F最大值為8N

當(dāng)F＞8N時(shí)，m2將開始滑動(dòng)，所受摩擦力為恒力即f=μm2g；不隨F的變化而變化．

故圖象如下圖所示：

答：（1）F至少為8N；

（2）此時(shí)彈簧的彈力為1N

（3）圖象如上圖所示．

【解析】【答案】分析：要使M從從m1和m2中抽出，則M在接力F和摩擦力作用下產(chǎn)生的加速度要大于m1和m2在摩擦力作用下所產(chǎn)生的最大加速度，據(jù)此可以算出F的最小值；算出F的最小值后，再隔離m1或m2對m1或m2進(jìn)行受力分析，根據(jù)牛頓第二定律可以算出此時(shí)彈簧的彈力F；m2所受摩擦力先使m2產(chǎn)生與M和m1一樣的加速度，當(dāng)m1開始?jí)嚎s彈簧時(shí)，m2和m1所受摩擦力使m1和m2產(chǎn)生與M相同的加速度，當(dāng)m2開始滑動(dòng)后；滑動(dòng)摩擦力與正壓力成正比，所以此時(shí)滑動(dòng)摩擦力為一恒力．

21、略

【分析】解：根據(jù)磁場強(qiáng)度的定義可知：是采用比值法定義的，B的大小與F；IL無關(guān)，由磁場決定的，物理中的很多概念是采用比值法定義的，如電場強(qiáng)度等．

故答案為：電場強(qiáng)度．【解析】電場強(qiáng)度22、并0.009串99101.50【分析】【分析】①電流計(jì)改裝成電流表要并聯(lián)電阻分流，應(yīng)并聯(lián)電阻為R=；（I為改裝后的量程），據(jù)此求解．

②電流表改裝成電壓表要串聯(lián)電阻分壓，應(yīng)串聯(lián)的阻為R=（U為改裝后的量程）

③由電流表的刻度變電壓表的刻度為I（Rg+R）．【解析】【解答】解：①電流計(jì)改裝成電流表要并聯(lián)電阻分流；應(yīng)并聯(lián)電阻為：

R==0.009Ω

②電流表改裝成電壓表要串聯(lián)電阻分壓；應(yīng)串聯(lián)的阻為：

R==9910Ω

③由電流表的刻度變電壓表的刻度為：

U′=I（Rg+R）=150×10-6×（90+9910）=1.50V

故答案為：①并0.009

②串9910

③1.5023、80N．m【分析】【分析】畫出踏板的受力與受力的力臂，然后即可由M=FL計(jì)算出力矩的大小．【解析】【解答】解：如圖畫出踏板的受力與受力的力臂，則L=m．三輪車工人踏踏板的力F的力矩是：

M=FL=500×0.16N?m=80N?m

故答案為：80N．m四、判斷題(共3題，共15分)24、√【分析】【分析】溫度是氣體分子平均動(dòng)能變化的標(biāo)志．氣體壓強(qiáng)是氣體分子撞擊器壁而產(chǎn)生的．【解析】【解答】解：如果保持氣體體積不變；當(dāng)溫度升高時(shí)，分子的運(yùn)動(dòng)變得更加激烈，分子的運(yùn)動(dòng)加快，所以每秒撞擊單位面積器壁的分子數(shù)增多，氣體的壓強(qiáng)增大．故該說法正確．

故答案為：√25、√【分析】【分析】參考系，是指研究物體運(yùn)動(dòng)時(shí)所選定的參照物體或彼此不作相對運(yùn)動(dòng)的物體系；參考系的選取是任意的，如何選擇參照系，必須從具體情況來考慮，一般情況下我們以地面或地面上的物體作為參考系．【解析】【解答】解：參考系；是指研究物體運(yùn)動(dòng)時(shí)所選定的參照物體或彼此不作相對運(yùn)動(dòng)的物體系；參考系的選取是任意的，參考系的選取應(yīng)使物體運(yùn)動(dòng)的描述盡可能簡單．該說法是正確的．

故答案為：√26、×【分析】【分析】當(dāng)物體的形狀、大小對所研究的問題沒有影響時(shí)，我們就可以把它看成質(zhì)點(diǎn)，根據(jù)把物體看成質(zhì)點(diǎn)的條件來判斷即可．【解析】【解答】解：能否看成質(zhì)點(diǎn)；與質(zhì)量；體積大小無關(guān)，質(zhì)量、體積很大的物體也能看成質(zhì)點(diǎn)，比如地球公轉(zhuǎn)時(shí)的地球可以看成質(zhì)點(diǎn)，故錯(cuò)誤．

故答案為：×五、作圖題(共3題，共6分)27、略

【分析】【分析】把指定物體（研究對象）在特定物理情景中所受的所有外力找出來，并畫出受力圖，這就是受力分析；受力分析的一般順序：先分析場力（重力、電場力、磁場力），再分析接觸力（彈力、摩擦力），最后分析其他力．【解析】【解答】解：飛車做勻速圓周運(yùn)動(dòng)；受重力；支持力和靜摩擦力，合力提供向心力，如圖所示。

28、略

【分析】【解析】試題分析：光線從AC面射入時(shí)，折射光線與第一條光線平行，射到CD面上；根據(jù)臨界角為45°，光路如圖所示，到達(dá)CD邊時(shí)一定會(huì)發(fā)生全反射，故從BD邊射出，故光路圖所圖所示：考點(diǎn)：本題考查光的傳播及折射定律，【解析】【答案】29、略

【分析】【分析】合力與分力滿足平行四邊形定則；根據(jù)平行四邊形定則進(jìn)行分析，即可明確未知力的大小及方向．【解析】【解答】解：a圖中已知兩力的方向；過F的末端作兩邊的平行線，則可得出對應(yīng)的分力；

b圖中已知合力和一個(gè)分力，連接合力與分力，再過O點(diǎn)作出連線的平行線，過F的末端作F1的平行線；則可組成平行四邊形；

c圖中合力為F，僅僅知道F2的方向；該情況下有多組解，畫出幾組如圖；

答：如圖所示六、計(jì)算題(共4題，共32分)30、略

【分析】（1）A在盒子內(nèi)運(yùn)動(dòng)時(shí)，（2分）由以上兩式得a＝g（1分）A在盒子內(nèi)運(yùn)動(dòng)的時(shí)間A在盒子外運(yùn)動(dòng)的時(shí)間（1分）A從第一次進(jìn)入盒子到第二次進(jìn)入盒子的時(shí)間（1分）（2）小球在盒子內(nèi)運(yùn)動(dòng)時(shí)，盒子的加速度（1分）小球在盒子外運(yùn)動(dòng)時(shí)，盒子的加速度（1分）小球運(yùn)動(dòng)一個(gè)周期盒子減少的速度為（2分）從小球第一次進(jìn)入盒子到盒子停下，小球運(yùn)動(dòng)的周期數(shù)為（1分）故要保證小球始終不與盒子相碰，盒子上的小孔數(shù)至少為2n+1個(gè)，即11個(gè)．（1分）（3）小球第一次在盒內(nèi)運(yùn)動(dòng)的過程中，盒子前進(jìn)的距離為（1分）小球第一次從盒子出來時(shí)，盒子的速度（1分）小球第一次在盒外運(yùn)動(dòng)的過程中，盒子前進(jìn)的距離為（1分）小球第二次進(jìn)入盒子時(shí)，盒子的速度（1分）小球第二次在盒子內(nèi)運(yùn)動(dòng)的過程中，盒子前進(jìn)的距離為（1分）小球第二次從盒子出來時(shí)，盒子的速度（1分）小球第二次在盒外運(yùn)動(dòng)的過程中，盒子前進(jìn)的距離為（1分）分析上述各組數(shù)據(jù)可知，盒子在每個(gè)周期內(nèi)通過的距離為一等差數(shù)列，公差d＝0.12m．且當(dāng)盒子停下時(shí)，小球恰要進(jìn)入盒內(nèi)，最后0.2s內(nèi)盒子通過的路程為0.04m．所以從小球第一次進(jìn)入盒子至盒子停止運(yùn)動(dòng)的過程中，盒子通過的總路程為（2分）【解析】【答案】（1）（2）11個(gè)．（3）31、解：（1）衛(wèi)星在軌道Ⅰ和軌道Ⅲ做圓運(yùn)動(dòng)；根據(jù)萬有引力提供向心力得：

=m

所以有：Ek1=mV12=mgR

=m

所以有：Ek2=mV22=

運(yùn)用動(dòng)能定理得合力的功為：

W=Ek2-Ek1=mgR（-）=-

（2）衛(wèi)星在軌道Ⅰ上的勢能為：EP1=-=-mgR

衛(wèi)星在軌道Ⅲ上的勢能為：EP2=-=-

燃?xì)馑龅目偣椋?/p>

W′=（EP2+Ek2）-（EP1+Ek1）=（-+）-（-mgR+mgR）=

答：（1）從軌道Ⅰ轉(zhuǎn)移到軌道Ⅲ的過程中，合力對衛(wèi)星所做的總功是-

（2）兩次“點(diǎn)火”過程中燃?xì)鈱πl(wèi)星所做的總功是．【分析】

衛(wèi)星在軌道Ⅰ和軌道Ⅲ做圓運(yùn)動(dòng)；根據(jù)萬有引力提供向心力表示出速度，運(yùn)用動(dòng)能定理求解合力對衛(wèi)星所做的總功；

表示出衛(wèi)星在軌道Ⅰ和軌道Ⅲ上的動(dòng)能和勢能；根據(jù)能量守恒進(jìn)行求解．

解決本題的關(guān)鍵得出衛(wèi)星動(dòng)能和勢能的變化量，從而根據(jù)動(dòng)能定理和能量守恒進(jìn)行求解．【解析】解：(1)

衛(wèi)星在軌道Ⅰ和軌道Ⅲ做圓運(yùn)動(dòng)；根據(jù)萬有引力提供向心力得：

GMmR2=mv12R

所以有：Ek1=12mV12=12mgR

GMm(7R)2=mv237R

所以有：Ek2=12mV22=mgR14

運(yùn)用動(dòng)能定理得合力的功為：

W=Ek2鈭?Ek1=mgR(114鈭?12)=鈭?3mgR7

(2)

衛(wèi)星在軌道Ⅰ上的勢能為：EP1=鈭?GMmR=鈭?mgR

衛(wèi)星在軌道Ⅲ上的勢能為：