2024年浙科版選修3物理上冊月考試卷

…………○…………內…………○…………裝…………○…………內…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2024年浙科版選修3物理上冊月考試卷261考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五六總分得分評卷人得分一、選擇題(共6題，共12分)1、如圖所示，水平面上有兩根足夠長的光滑平行金屬導軌MN和PQ，兩導軌間距為l，電阻均可忽略不計。在M和P之間接有阻值為R的定值電阻，導體桿ab電阻為r并導軌接觸良好。整個裝置處于磁感應強度為B，方向豎直向上的勻強磁場中，現(xiàn)給ab桿一個瞬時沖量，使它獲得水平向右的初速度下列圖中，關于ab桿的速度v、通過電阻R中的電流i、電阻R的電功率P、通過MPabM的磁通量隨時間變化的規(guī)律；可能正確的是（）

A.B.C.D.2、將驗證動量守恒定律的實驗裝置搬到豎直墻壁的附近，調整儀器，使球A從斜軌上由靜止釋放，并在水平軌道末端與球B發(fā)生正碰后，兩球都能打在墻上．已知A、B兩球半徑相同，A球的質量大于B球的質量，則下列說法正確的是

A.此裝置無法驗證動量守恒定律B.碰撞后瞬間，A球的速度大于B球的速度C.碰撞后，B兩球同時打到墻上D.碰撞后，A球在墻上的落點在B球落點的下方3、光照到某金屬表面發(fā)生光電效應，若入射光的顏色不變而強度減弱，則下列說法中正確的是()A.從光照射到金屬表面到金屬發(fā)出光電子之間的時間間隔將明顯減小B.逸出的光電子的最大初動能將增大C.單位時間從金屬表面逸出的光電子數(shù)目將減小D.一定不再發(fā)生光電效應4、如圖所示，ABC為豎直平面內的光滑絕緣軌道，其中AB為傾斜直軌道，BC為與AB相切的圓形軌道，整個裝置處在勻強磁場中，磁場方向垂直紙面向里．質量相同的可看做質點的甲、乙兩個小球，甲球不帶電、乙球帶正電．現(xiàn)將兩個小球在軌道AB上分別從相同高度處由靜止釋放，都能通過圓形軌道最高點，則（）

A.經(jīng)過最高點時，甲球的速度比乙球小B.經(jīng)過最高點時，兩個小球的速度相等C.若兩球均能恰好通過最高點則甲球的釋放位置比乙球的高D.兩個小球到最低點時對軌道的壓力大小相同5、由a和b兩種頻率的光組成的光束，經(jīng)玻璃三棱鏡折射后的光路如圖所示。a光是氫原子由n=4的能級向n=2的能級躍遷時發(fā)出的。下列說法確的是（）

A.該三棱鏡對a光的折射率較大B.在真空中，a光的傳播速度大于b光的傳播速度C.b光可能是氫原子從n=3的能級向n=2的能級躍遷時發(fā)出的D.用同一雙縫干涉裝置進行實驗，a光干涉條紋的間距大于b光干涉條紋的間距6、一束只含紅光和紫光的復色光沿PO方向射入玻璃三棱鏡后分成兩束光，并沿OM和ON方向射出，如圖所示，已知OM和ON兩束光中只有一束是單色光；則（）

A.OM為復色光，ON為紫光B.OM為復色光，ON為紅光C.OM為紫光，ON為復色光D.OM為紅光，ON為復色光評卷人得分二、多選題(共9題，共18分)7、如圖所示，在虛線所示寬度為d的范圍內，存在豎直向下電場強度為E的勻強磁場，某種正離子（質量為m，電荷量為q）以初速度為垂直于左邊界射入，離開右邊界時偏轉角度為．在同樣寬度范圍內，若只存在方向垂直紙面向外的勻強磁場，使該離子以原來的初速度穿過該區(qū)域，偏轉角度仍為．不計離子的重力；則以下說法正確的是。

A.離開電場時的速度大小為B.離開磁場時的速度大小為C.電場強度的大小為D.勻強磁場的磁感應強度大小為8、關于固體、液體、氣體和物態(tài)變化，下列說法中正確的是______________。A.液體表面存在著張力是因為液體表面層分子間的距離大于液體內部分子間的距離B.一定質量的某種理想氣體狀態(tài)改變時，內能必定改變C.0的鐵和0的冰，它們的分子平均動能相同E.擴散現(xiàn)象在液體和固體中都能發(fā)生，且溫度越高，擴散進行得越快E.擴散現(xiàn)象在液體和固體中都能發(fā)生，且溫度越高，擴散進行得越快9、下列說法正確的是（）A.布朗運動就是液體分子的無規(guī)測熱運動B.溫度相同的氫氣和氧氣，它們分子的平均速率不同C.空調既能制熱又能制冷，說明熱傳遞不存在方向性E.荷葉上的露珠幾乎呈球形是由于表面張力的作用E.荷葉上的露珠幾乎呈球形是由于表面張力的作用10、下列說法中正確的是（）A.不可能從單一熱源吸收能量，使之完全變成功，而不產(chǎn)生其他影響B(tài).農(nóng)民鋤松土壤，是為了破壞土壤里的毛細管，保存土壤里的水分C.隨著分子間距增大，分子間的引力和斥力都減小，但斥力減小更快，合力表現(xiàn)為引力E.對某種氣體而言，已知阿伏伽德羅常數(shù)、氣體的摩爾質量和密度，可計算出該種氣體分子間的平均距離E.對某種氣體而言，已知阿伏伽德羅常數(shù)、氣體的摩爾質量和密度，可計算出該種氣體分子間的平均距離11、下列說法正確的是（）A.擴散現(xiàn)象在氣體、液體和固體中都能發(fā)生B.熱量不可能從低溫物體傳到高溫物體C.一定質量的某種理想氣體在等壓膨脹的過程中，內能一定增加E.某氣體的摩爾體積為V，每個分子的體積為則阿伏加德羅常數(shù)可表示為E.某氣體的摩爾體積為V，每個分子的體積為則阿伏加德羅常數(shù)可表示為12、如圖，在x軸上方存在方向垂直坐標平面向里、磁感應強度大小為B的勻強磁場，在x軸下方存在方向垂直坐標平面向外、磁感應強度大小為的勻強磁場。一帶負電的粒子（不計重力）從原點O以與x軸正方向成角的速度v射入磁場，其在x軸上方運動的半徑為R。則。

A.粒子經(jīng)偏轉一定能回到原點OB.粒子在x軸上方和下方的磁場中運動的半徑之比為1：2C.粒子射入磁場后，第二次經(jīng)過x軸時與O點的距離為3RD.粒子完成一次周期性運動的時間為13、圖甲為某一列沿x軸傳播的簡諧橫波在t＝0時的波形圖，圖乙為波上質點M的振動圖象，下列說法正確的是（）

A.這列波的傳播速度大小為4m/sB.這列波沿x正方向傳播C.t＝0.5s時，質點M的振動速度大于質點Q的振動速度E.質點M在任意時刻t的位移為：y＝﹣0.2sin（2πt）cmE.質點M在任意時刻t的位移為：y＝﹣0.2sin（2πt）cm14、如圖所示，與水平方向成的恒力作用在質量為的物體上，由于地面對物體的摩擦力較大，物體沒有被拉動。若經(jīng)時間取則關于沖量下列計算結果正確的是（??）

A.重力對物體的沖量大小為B.拉力對物體的沖量大小為零C.摩擦力對物體的沖量大小為零D.合力對物體的沖量大小為零15、三束單色光1、2和3的波長分別為λ1、λ2和λ3（λ1＞λ2＞λ3）．分別用這三束光照射同一種金屬．已知用光束2照射時，恰能產(chǎn)生光電子．下列說法正確的是（）A.用光束1照射時，不能產(chǎn)生光電子B.用光束3照射時，不能產(chǎn)生光電子C.用光束2照射時，光越強，單位時間內產(chǎn)生的光電子數(shù)目越多D.用光束2照射時，光越強，產(chǎn)生的光電子的最大初動能越大評卷人得分三、填空題(共7題，共14分)16、如圖所示，用波長為λ的光照射逸出功為W的極板，則發(fā)生光電效應的光電子最大動能為_______，已知普朗克常量為h，光速為c；若將此入射光的頻率增大，則極板逸出功________（選填“增大”；“減小”或“不變”）．

17、在陽光的照射下，充滿霧氣的瀑布上方常會出現(xiàn)美麗的彩虹，彩虹是太陽光射入球形水珠經(jīng)折射、內反射、再折射后形成的，其光線傳播路徑如圖所示，圖中的圓面代表水珠過球心的截面，太陽光平行截面射入球形水珠后，最后出射光線a、b分別代表兩種不同顏色的光線，則水珠對a、b兩束光折射率的大小關系是na____nb；a、b兩種光在水珠內傳播速度大小關系是va__vb．（選填“>”、或“<”)

18、用均勻導線做成的正方形線框邊長為0.2m，正方形的一半放在垂直于紙面向里的勻強磁場中，如圖所示．當磁場以10T/s的變化率增強時，線框中a、b兩點間的電勢差是Uab＝_____V

19、有一正弦交流電，它的電壓隨時間變化的情況如圖所示，則電壓的峰值為________V；有效值為________V；交流電的；頻率為________Hz.

20、（1）在海中航行的輪船，受到大風大浪沖擊時，為了防止傾覆，應當改變航行方向和__________，使風浪沖擊力的頻率遠離輪船搖擺的__________．

（2）光纖通信中，光導纖維傳遞光信號的物理原理是利用光的_________現(xiàn)象.要產(chǎn)生這種現(xiàn)象，必須滿足的條件是：光從光密介質射向_________，且入射角等于或大于_________．21、一個質量m=1.0kg的物體，放在水平桌面上，物體與桌面間的動摩擦因數(shù)為=0.2，當物體受到一個F=10N水平推力的作用時，在10s內推力的沖量大小為______N·s．22、光電效應實驗中，用波長為的單色光A照射某金屬板時，剛好有光電子從金屬表面逸出．當波長為的單色光B照射該金屬板時，光電子的最大初動能為______，A、B兩種光子的動量之比為_____．（已知普朗克常量為h、光速為c）評卷人得分四、作圖題(共3題，共15分)23、如圖所示，甲、乙是直線電流的磁場，丙、丁是環(huán)形電流的磁場，戊、己是通電螺線管的磁場，試在各圖中補畫出電流方向或磁感線方向．

24、示波管的內部結構如圖所示．如果在偏轉電極XX/、YY/之間都沒有加電壓，電子束將打在熒光屏中心．如果在偏轉電極XX/之間和YY/之間分別加上如圖所示的電壓，請畫出熒光屏上出現(xiàn)的完整掃描波形圖．

25、圖中表示某一時刻的波形圖，已知波速為0.5m/s，波沿著x軸的正方向傳播；畫出經(jīng)過7s后的波形曲線。

評卷人得分五、實驗題(共4題，共32分)26、現(xiàn)要用伏安法描繪一只標值為“2.5V，0.6W”小燈泡的I-U圖線，有下列器材供選用：

A．電壓表(0～3V，內阻)

B．電流表(0～0.6A，內阻)

C．電流表(0～3A，內阻)

D．滑動變阻器(，2A)

E．滑動變阻器(，1.0A)

F．蓄電池(電動勢6V，內阻不計）

實驗要求測量數(shù)據(jù)范圍盡可能大些①則滑動變阻器應選用__________（用序號字母表示）；電流表應選用_______（用序號字母表示）．

②設計電路，用筆畫線代替導線在圖中將實物連接成實驗所需電路圖．_______

③通過實驗測得此燈泡的伏安特性曲線如圖所示．由圖線可求得此燈泡在正常工作時的電阻為______Ω．27、某同學對實驗室的一個多用電表中的電池進行更換時；發(fā)現(xiàn)里面除了一節(jié)1.5V的干電池外，還有一個方形的層疊電池。為了測定層疊電池的電動勢和內阻，實驗室中提供了如下器材：

A.電流表A1（滿偏電流10mA；內阻10Ω）

B.電流表A2（0~0.6A~3A；內阻未知）

C.滑動變阻器R（0~100Ω；1.0A）

D.定值電阻R0（阻值990Ω）

E.開關S與導線若干。

（1）該同學根據(jù)現(xiàn)有的實驗器材，設計了合理的電路。請你在如圖所示的方框內畫出相應的電路圖______。

（2）該同學根據(jù)上述設計的實驗電路測出多組數(shù)據(jù)，繪出如下圖所示的I1－I2圖線（I1為電流表A1的示數(shù)，I2為電流表A2的示數(shù)），則由圖線可以得到被測電池的電動勢E＝________V，內阻r＝________Ω。（保留兩位有效數(shù)字）

28、某同學用如圖所示的裝置做“驗證動量守恒定律”的實驗．先將a球從斜槽軌道上某固定點處由靜止開始滾下，在水平地面上的記錄紙上留下壓痕，重復10次；再把同樣大小的b球放在斜槽軌道末端水平段的最右端靜止放置，讓a球仍從原固定點由靜止開始滾下和b球相碰后；兩球分別落在記錄紙的不同位置處，重復10次．

（1）本實驗必須測量的物理量有()

A.斜槽軌道末端的水平地面的高度H

B.小球a、b的質量

C.小球a、b的半徑r

D.小球a、b離開斜槽軌道末端后平拋飛行的時間t

E.記錄紙上0點到A；B、C各點的距離OA、OB、OC

F.a球的固定釋放點到斜槽軌道末端水平部分間的高度差h

（2）根據(jù)實驗要求，_________（填“大于”；“小于”或“等于”）；

（3）放上被碰小球后，兩小球碰后是否同時落地？如果不是同時落地，對實驗結果有沒有影響________？（不必作分析）

（4）為測定未放小球b時，小球a落點的平均位置，把刻度尺的零刻度線跟記錄紙上的0點對齊，下圖給出小球a落點附近的情況，由圖可得OB距離應為_______cm．

（5）按照本實驗方法，驗證動量守恒的驗證式是___________________．29、一物理實驗小組想測定某電壓表（量程為0~3V；內阻約為5kΩ）的內阻，并將其改裝成歐姆表，現(xiàn)有器材如下：

A.直流電源E（電動勢為4V；內阻不計）；

B.電阻箱R（最大阻值為9999.9Ω）；

C.滑動變阻器R（最大阻值為10kΩ）；

D.滑動變阻器R（最大阻值為10Ω）；

E.開關；導線若干。

(1)圖甲為探究小組設計的測量電壓表內阻電路，請判斷：虛線處______（填“需要”或“不需要”）連接導線；為使測量精度更高，滑動變阻器應選擇______（填“R1”或“R2”）；

(2)按圖甲連接好實驗電路；進行如下實驗操作：

①閉合開關S1、S2；調節(jié)滑動變阻器的滑片，使電壓表指針達到滿偏；

②保持滑動變阻器的滑片位置不變，斷開開關S2，調節(jié)電阻箱的阻值，使電壓表指針指到1.00V位置處，讀取并記錄此時電阻箱的阻值Ro，則電壓表的內阻Rv=______，用此法測得電壓表的內阻與真實值相比______；（填“偏大”；“偏小”或“不變”）

(3)實驗測得電壓表的內阻為4.8kΩ，該同學將此電壓表、上述器材中的電源和其中的一個滑動變阻器改裝成歐姆表，設計電路如圖乙所示，首先對其進行歐姆調零；再用改裝后的歐姆表測量某電阻，指針如圖丙所示，則指針指示處對應的電阻刻度為______kΩ。評卷人得分六、解答題(共4題，共8分)30、一活塞將一定質量的理想氣體封閉在汽缸內，初始時氣體體積為用DIS實驗系統(tǒng)測得此時氣體的溫度和壓強分別為和推動活塞壓縮氣體，測得氣體的溫度和壓強分別為240K和

（1）求此時氣體的體積。

（2）再保持溫度不變，緩慢改變作用在活塞上的力，使氣體壓強變?yōu)榍蟠藭r氣體的體積。31、在勻強電場中，將一電荷量為2×10－5C的正電荷由A點移到B點，電場力做功0.4J，已知A、B兩點間距＝10cm；兩點連線與電場方向成60°角，如圖所示，問：

(1)在電荷由A移到B的過程中；電荷電勢能變化了多少？

(2)A、B兩點間的電勢差為多少？

(3)該勻強電場的電場強度為多大？32、如圖所示，一豎直放置的足夠長汽缸內有兩個活塞用一根輕質硬桿相連，上面小活塞面積S1=2cm2，下面大活塞面積S2=8cm2，兩活塞的總質量為M=0.3kg；汽缸內封閉溫度T1=300K的理想氣體，粗細兩部分長度相等且L=5cm；大氣壓強為Po=1.01×l05Po，g=10m／s2；整個系統(tǒng)處于平衡，活塞與缸壁間無摩擦且不漏氣．求：

(1)初狀態(tài)封閉氣體的壓強Pi；

(2)若封閉氣體的溫度緩慢升高到T2=336K，氣體的體積V2是多少；

(3)上述過程中封閉氣體對外界做功W．33、空間中有一直角坐標系，其第一象限在圓心為半徑為R、邊界與x軸和y軸相切的圓形區(qū)域內，有垂直于紙面向里的勻強磁場圖中未畫出磁感應強度大小為B；第二象限中存在方向豎直向下的場強為E的勻強電場．現(xiàn)有一群質量為m、電荷量為q的帶正電的粒子從圓形區(qū)域邊界與x軸的切點A處沿紙面上的不同方向射入磁場中，如圖所示．已知粒子在磁場中做勻速圓周運動的半徑均為R，其中沿方向射入的粒子恰好到達x軸上的N點；不計粒子的重力和它們之間的相互作用，求：

粒子射入磁場時的速度大小及ON間的距離；

速度方向與夾角為斜向右上方的粒子到達y軸距O點的距離；

速度方向與夾角為斜向右上方的粒子到達x軸的時間．參考答案一、選擇題(共6題，共12分)1、B【分析】【分析】

根據(jù)題意判斷導體棒受到的安培力的表達式，結合受到變化判斷安培力的變化，而ab受到的安培力大小等于其的合力，據(jù)此判斷ab運動的加速度的變化；根據(jù)判斷電流變化；結合電流的變化情況判斷電功率的變化；根據(jù)判斷通過MPabM的磁通量的變化。

【詳解】

A．根據(jù)楞次定律可得ab中的電流為b→a，根據(jù)左手定則可知導體棒受到的安培力方向水平向左，與運動方向相反，做減速運動，導體棒受到的安培力

故

由于軌道光滑，所以安培力即為導體棒的合力，受到減小，合力減小，所以加速度減小，故導體棒做加速度減小的減速運動，A錯誤；

B．電流由于速度減小，并且減小的越來越慢，所以電流也減小，并且減小的越來越慢，故B正確；

C．電阻R的電功率因為電流減小，所以電阻R的電功率也在減小，C錯誤；

D．通過MPabM的磁通量隨著ab棒向右運動；線圈的面積越來越大，所以磁通量越來越大，D錯誤。

故選B。2、D【分析】【分析】

兩球碰撞后均做平拋運動；根據(jù)高度比較平拋運動的時間，碰撞過程中動量守恒，運用水平位移與時間的比值代替速度得出動量守恒的表達式，從而驗證動量守恒定律；

【詳解】

A、碰撞前后小球均做平拋運動，在豎直方向上：，平拋運動時間：，

設軌道末端到木條的水平位置為x，未放B球時，小球A下落的高度為，放上小球B后，A和B碰撞后下落的高度分別為和，則碰撞前后小球做平拋運動的初速度分別為：，，，

如果碰撞過程動量守恒，則：

將速度代入動量守恒表達式解得：分別將和代入即可驗證動量守恒定律；故選項A錯誤；

B、由碰撞的實際過程可知，碰撞后瞬間，由于A球質量大于B球質量，則導致A球的速度小于B球的速度；故選項B錯誤；

C、由上面分析可知導致導致碰撞后，A、B兩球不會同時打到墻上，A球時間長，后達到墻壁上，即A球在墻上的落點在B球落點的下方；故選項C錯誤，D正確．

【點睛】

解決本題的關鍵知道平拋運動的時間由高度決定，與初速度無關，知道碰撞的過程中，動量守恒，運用水平位移與時間的比值代替速度得出動量守恒的表達式，從而驗證動量守恒定律．3、C【分析】【詳解】

光的強度影響的是單位時間內發(fā)出光電子的數(shù)目，并不會影響從光照到金屬表面上到發(fā)射出光電子的時間間隔，故A錯誤；根據(jù)愛因斯坦光電效應方程可知當入射光頻率不變時，金屬板仍能發(fā)生光電效應，且最大初動能不變，與入射光的強度無關，故BD錯誤；光的強度影響的是單位時間內發(fā)出光電子的數(shù)目，入射光強度減小，單位時間內從金屬表面逸出的光電子的數(shù)目減少，故C正確；故選C4、B【分析】【分析】

洛倫茲力不做功；則根據(jù)能量關系可知，兩球經(jīng)過最高點時，甲球的速度等于乙球的速度；根據(jù)牛頓第二定律判斷若兩球均能恰好通過最高點時兩球的速度關系，再判斷兩球釋放位置關系；根據(jù)牛頓第二定律列式比較兩個小球到最低點時對軌道的壓力大小.

【詳解】

兩球均從相同的高度A處開始釋放到小球到達圓環(huán)最高點過程中，兩球重力做功相等，洛倫茲力不做功，則經(jīng)過最高點時，甲球的速度等于乙球的速度，選項A錯誤，B正確；甲球恰能經(jīng)過最高點時：mg=m乙球：mg+qv乙B=m則v乙>v甲，可知甲球的釋放位置比乙球的低，選項C錯誤；兩個小球到最低點時的速度相同，在最低點，對甲球：對乙球：可知N甲>N乙，選項D錯誤；故選B.5、D【分析】【分析】

【詳解】

AC．由圖可知，三棱鏡對b光的折射率較大，所以a光的頻率小于b光，a光是氫原子由n=4的能級向n=2的能級躍遷時發(fā)出的，而b光的能量大于a光，b光不可能是氫原子從n=3的能級向n=2的能級躍遷時發(fā)出的；故AC錯誤；

B．真空光的速度都為c；故B錯誤；

D．由于a光的頻率小于b光，故a光的波長大于b光的波長；由。

可得用同一雙縫干涉裝置進行實驗，a光干涉條紋的間距大于b光干涉條紋的間距；故D正確。

故選D。6、D【分析】【詳解】

ON為反射光，應為復色光；而折射后只有一束光線，故有一束光發(fā)生了全反射；而紅光與紫光相比較，紫光的折射率較大，臨界角較小，故紫光發(fā)生了全反射；可知OM應為紅光．故D正確，ABC錯誤．故選D.二、多選題(共9題，共18分)7、C:D【分析】【詳解】

試題分析：粒子在電場中做類平拋運動；在磁場中做勻速圓周運動，由類平拋運動規(guī)律；牛頓第二定律可以求出磁感應強度大?。?/p>

粒子在電場中運動時，在水平方向做勻速直線運動，在豎直方向做勻加速直線運動，根據(jù)速度的分解可得離開電場時的速度大小為A錯誤；由于受到的洛倫茲力和速度方向垂直，所以不改變粒子運動速度大小，故離開磁場時速度仍為B錯誤；離子在電場中做類平拋運動，豎直方向①，②，水平方向：③，由①②③解得C正確；當改用勻強磁場時，離子做勻速圓周運動，由牛頓第二定律得：④，由幾何知識可知，軌道半徑⑤，由④⑤解得：D正確；8、A:C:E【分析】【詳解】

A．由于液體表面分子間距大于內部分子間距；故表面處表現(xiàn)為引力，故A正確；

B．一定質量理想氣體的內能由溫度決定；狀態(tài)變化時溫度可能不變，內能也就可能不變，故B錯誤；

C．因為溫度是分子平均動能的標志；溫度相同，則分子平均動能相同，故C正確；

D．晶體分單晶體和多晶體；只有單晶體具有規(guī)則形狀，某些性質表現(xiàn)出各向異性，而多晶體沒有規(guī)則形狀，表現(xiàn)出各向同性，故D錯誤；

E．氣體；液體和固體物質的分子都在做無規(guī)則運動；所以擴散現(xiàn)象在這三種狀態(tài)的物質中都能夠進行，且溫度越高，擴散進行得越快，故E正確。

故選ACE。9、B:D:E【分析】【詳解】

A．布朗運動是固體小顆粒的無規(guī)則運動；間接反映分子的無規(guī)則運動，故A錯誤；

B．溫度是分子的平均動能的標志；當氫氣和氧氣的溫度相同，說明它們的分子平均動能相同，它們的分子質量不同，則分子的平均速率不同，故B正確；

C．空調制冷說明熱量可以在一定的條件下由低溫物體傳向高溫物體；但不是自發(fā)地由低溫物體傳向高溫物體，故C錯誤；

D．由同種元素構成的固體；可能會由于原子的排列方式不同而成為不同的晶體，例如石墨和金剛石，故D正確；

E．荷葉上的露珠呈球形是由于在液體表面張力作用下表面收縮的結果；故E正確。

故選BDE。10、A:B:E【分析】【分析】

【詳解】

A．根據(jù)熱力學第二定律；不可能從單一熱源吸收能量，使之完全變成功，而不產(chǎn)生其他影響，故A正確；

B．鋤松土壤可以破壞土壤里的毛細管；可以保存土壤里的水分，故B正確；

C．當分子距離小于時表現(xiàn)為斥力，大于時表現(xiàn)為引力；所以隨著分子間距離的增大，合力是有時表現(xiàn)為斥力，有時表現(xiàn)為引力，且引力和斥力都減小，故C錯誤；

D．溫度是分子的平均動能的標志；是大量分子做無規(guī)則運動的統(tǒng)計規(guī)律，溫度升高，分子的平均動能增大，但不是每個分子熱運動的動能越大，故D錯誤；

E．知道阿伏伽德羅常數(shù)；氣體的摩爾質量和密度；可求出氣體的摩爾體積，然后求出每個氣體分子占據(jù)的空間大小，從而能求出氣體分子的平均距離，故E正確。

故選ABE。11、A:C:D【分析】【詳解】

A．擴散現(xiàn)象是由物質分子無規(guī)則熱運動產(chǎn)生的分子遷移現(xiàn)象；可以在固體；液體、氣體中產(chǎn)生，擴散速度與溫度和物質的種類有關，故A正確；

B．在一定條件下；熱量可能從低溫物體傳到高溫物體，故B錯誤；

C．一定量的理想氣體在等壓膨脹過程中，根據(jù)理想狀態(tài)的狀態(tài)方程

可知氣體的溫度一定升高；所以內能一定增加，故C正確；

D．根據(jù)布朗運動的原因可知；液體中懸浮微粒的布朗運動是液體分子對它的撞擊作用不平衡的結果，故D正確；

E．由于氣體分子間距離較大；摩爾體積與分子體積的比值不等于阿伏伽德羅常數(shù)，故E錯誤。

故選ACD。12、B:C【分析】【詳解】

A.根據(jù)左手定則判斷洛倫茲力的方向可知，粒子運動的過程中，離O點越來越遠，粒子一定不能回到原點O；故A不符合題意；

BC.根據(jù)。

得：

在第四象限的軌道半徑是在第一象限的2倍，即r2=2R，所以第二次經(jīng)過x軸時與O點的距離為3R；故BC符合題意；

D.在第一象限運動的時間。

在第四象限。

粒子完成一次周期性運動的時間為。

所以D不符合題意。13、A:C:E【分析】【詳解】

A、由甲圖可得：λ＝4m，由乙圖中可得：T＝1s，所以該簡諧橫波的傳播速度為：=4m/s；故A正確．

B、由圖乙知，t＝0.5s時刻質點M正通過平衡位置向下運動，由波形平移法知這列波沿x軸負方向傳播．故B錯誤．

C、因t＝0.5s＝所以t＝0.5s時M質點正通過平衡位置，速度最大，而質點Q不在平衡位置，所以t＝0.5s時M質點的振動速度大于Q質點的振動速度；故C正確．

D、因t＝0.5s＝則t＝0.5s時P質點從波峰到達波谷；位移為﹣0.2cm，故D錯誤．

E、質點M振幅為A＝0.2cm，t＝0時刻y＝0，且正向下振動，所以質點M在任意時刻t的位移為：cm，故E正確．14、A:D【分析】【詳解】

A．重力對物體的沖量大小為

故A正確；

B．拉力對物體的沖量

故B錯誤；

C．地面對物體的摩擦力不為零；摩擦力對物體的沖量大小不為零，故C錯誤；

D．物體沒有被拉動，說明物體仍然處于平衡狀態(tài)，受到的合外力為所以合力對物體的沖量大小為故D正確。

故選AD。15、A:C【分析】【詳解】

A、B、依據(jù)波長與頻率的關系：因λ1＞λ2＞λ3，那么γ1＜γ2＜γ3；由于用光束2照射時，恰能產(chǎn)生光電子，因此用光束1照射時，不能產(chǎn)生光電子，而光束3照射時，一定能產(chǎn)生光電子；故A正確，B錯誤．C、D、用光束2照射時，光越強，單位時間內產(chǎn)生的光電子數(shù)目越多，而由光電效應方程：Ekm=hγ-W；可知，光電子的最大初動能與光的強弱無關；故C正確，D錯誤．故選AC．

【點睛】

考查波長與頻率的關系式，掌握光電效應現(xiàn)象發(fā)生條件，理解光電效應方程的內容．三、填空題(共7題，共14分)16、略

【分析】【詳解】

逸出功是金屬本身的屬性，與外界因素無關，故極板的逸出功不變．【解析】不變17、略

【分析】【詳解】

根據(jù)光路圖可知，a光的偏折程度較大，可知a光的折射率較大，即

由公式可知，a光在水滴中傳播的速度較小，即．【解析】><18、略

【分析】【詳解】

題中正方形線框的左半部分磁通量變化而產(chǎn)生感應電動勢，從而在線框中有感應電流產(chǎn)生，把左半部分線框看成電源，其電動勢為E，內電阻為r/2；畫出等效電路如圖所示．

則a、b兩點間的電勢差即為電源的路端電壓，設l是邊長，且依題意知．由得所以由于a點電勢低于b點電勢，故Uab=-0.1V．【解析】-0.119、略

【分析】【詳解】

由圖像可知電壓的峰值為10V；有效值為交流電的周期為T=0.4s，頻率為【解析】10V；7.07V2.5Hz20、略

【分析】【分析】

【詳解】

如答案【解析】速度大小頻率全反射光疏介質臨界角21、略

【分析】根據(jù)I=Ft得；10s內推力的沖量I=10×10N?s=100N?s

點睛：本題考查了沖量公式的基本運用，知道推力F的沖量與其它力的大小無關，不要受題目中摩擦力等因素的影響．【解析】10022、略

【分析】【詳解】

根據(jù)光電效應方程又所以有解得又光子動量所以A、B兩種光子的動量之比為1:2.【解析】1:2四、作圖題(共3題，共15分)23、略

【分析】【詳解】

利用右手螺旋定則；已知電流的方向可判定磁場方向，也可以通過磁場方向來確定電流的方向；

圖甲；已知磁場方向，順時針方向，則電流垂直紙面向里；

圖乙；電流右側的磁場的方向向里，左側的磁場的方向向外，則電流的方向向上；

圖丙；已知磁場方向，則可知電流方向，逆時針方向；

圖??；環(huán)形電流從左側流入，從右側流出，所以磁場的方向向下；

圖戊；根據(jù)螺線管中電流方向，利用右手螺旋定則可以確定螺線管的磁場的方向向左；

圖已；根據(jù)螺線管中上邊的電流方向向外，下邊的電流的方向向里，利用右手螺旋定則可以確定螺線管的磁場的方向向右．如圖所示：

【解析】24、略

【分析】試題分析：A圖中；在XX′偏轉電極所加的電壓的周期為2T，即在2T的時間內才能完成一次水平方向的掃描，而豎直方向（y方向）的周期為T，所以在水平方向的一次水平掃描的過程中，豎直方向由2個周期性的變化；y方向的電壓變化為正弦式的變化，由于電子到達熒光屏的偏轉量與偏轉電壓成正比，所以A圖中的掃描圖形如圖；

要在熒光屏上得到待測信號在一個周期內的穩(wěn)定圖象．XX′偏轉電極要接入鋸齒形電壓；即掃描電壓．

B圖中；在XX′偏轉電極所加的電壓的周期為T，即在一個周期T的時間內完成一次水平方向的掃描，同時豎直方向的周期為T，所以在水平方向的一次水平掃描的過程中，豎直方向也完成一個周期性的變化；y方向的電壓大小不變，方向每半個周期變化一次，結合電子到達熒光屏的偏轉量與偏轉電壓成正比，所以B圖中的掃描圖形如圖．

考點：考查了示波器的工作原理。

【名師點睛】本題關鍵要清楚示波管的工作原理，示波管的YY′偏轉電壓上加的是待顯示的信號電壓，XX′偏轉電極通常接入鋸齒形電壓，即掃描電壓，當信號電壓與掃描電壓周期相同時，就可以在熒光屏上得到待測信號在一個周期內的穩(wěn)定圖象【解析】25、略

【分析】【分析】

【詳解】

7s波向前傳播的距離為

7s后，故x=3.5m位置的原圖中x=0位置的振動情況相同；因此作出以下圖形。

【解析】五、實驗題(共4題，共32分)26、略

【分析】【詳解】

試題分析：①本實驗中應選用分壓接法；故滑動變阻器應選小電阻，滑動變阻器選D；由P=UI可得，電流為I=0.28A，電流表應選B；②題目中要求多測幾組數(shù)據(jù)，故滑動變阻器采用分壓接法；燈泡內阻較??；故電流表選用外接法，設計的電路圖如圖所示。

由電路圖連成實物圖如圖所示。

③由圖可知，當電壓為2.8V時，電流為0.28A，故電阻

【點睛】根據(jù)燈泡的額定功率可求出額定電流，則可確定出電流表；根據(jù)滑動變阻器的接法可選出滑動變阻器；由圖象可得出額定電壓，由圖象可求得燈泡的正常工作時的電流，由歐姆定律可求得燈泡的正常工作時的電阻.【解析】DB1027、略

【分析】【詳解】

（1）[1]沒有電壓表，用電流表A1與定值電阻R0串聯(lián)成電壓表；原理圖如圖所示；

（2）[2]則由閉合電路歐姆定律可知（由于I1讀數(shù)遠小于I2，所以I2-I1≈I2）I1（R0+RA1)=E-I2r

即

由圖可知，圖像與縱坐標的交點為9.0mA，則有9.0mA=

解得E=9.0V

[3]由圖像可知，圖像的斜率為10×10-3，由公式得圖像的斜率等于故=10×10-3

解得r=10Ω【解析】9.01028、略

【分析】【詳解】

（1）由碰撞過程動量守恒可得mava0=mava+mbvb，

再由平拋規(guī)律OB=va0t，OA=vat，OC=vbt

整理以上各式可得maOB=maOA+mbOC，所以本實驗必須測量的物理量有小球a、b的質量、記錄O點到A、B、C各點的距離OA、OB、OC，故選BE．

（2）根據(jù)動量守恒定律可知若碰撞小球a的質量小于b球的質量，則小球a可能被碰回，所以a球質量必須大于b球質量．

（3）b球先落地，對實驗結果無影響；

（4）根據(jù)毫米刻度尺的讀數(shù)規(guī)則可知OB=45.95±0.02cm

（5）根據(jù)（1）問分析可知，驗證動量守恒的驗證式是maOB=maOA+mbOC

【點睛】

解題的關鍵是根據(jù)碰撞時兩小球動量守恒列出有關表達式，然后再結合平拋運動規(guī)律整理出“平均”動量守恒的表達式即可求解．【解析】(1)BE(2)大于(3)不是，無(4)