2025年滬科版選修3物理上冊月考試卷含答案

…………○…………內…………○…………裝…………○…………內…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年滬科版選修3物理上冊月考試卷含答案考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五六總分得分評卷人得分一、選擇題(共8題，共16分)1、如圖所示，空間中存在勻強電場和勻強磁場，電場和磁場的方向水平且互相垂直．一帶電微粒沿直線由a向b運動；在此過程中。

A.微粒做勻加速直線運動B.微粒的動量減小C.微粒的電勢能增加D.微粒的機械能增加2、如圖所示，a、b、c三盞燈都能發(fā)光，且在電路變化時，燈不會燒壞．試判斷：當滑動變阻器的觸頭P向下移動時（）A.外電路的總電阻變小B.總電流變小C.a燈變暗D.c燈變亮3、超級電容器又叫雙電層電容器，它具有功率密度高、充放電時間短、循環(huán)壽命長、工作溫度范圍寬等特點．圖示為一款超級電容器，其上標有“2.7V400F”，下列說法正確的是

A.該電容器的輸入電壓只能是2.7V時才能工作B.該電容器的電容與電容器兩極間電勢差成反比C.該電容器不充電時的電容為零D.該電容器正常工作電時儲存的電荷量為1080C4、如圖所示，某人騎共享單車從東往西沿直線以速度v騎行，該處地磁場的水平分量大小為方向由南向北，豎直分量大小為方向豎直向下，共享單車車把為金屬材質，且?guī)в薪^緣把套，兩把手間距為L。只考慮共享單車在地磁場中的電磁感應；下列說法正確的是（）

A.圖示位置輻條中A點電勢比B點電勢高B.圖示位置輻條中電流由A點流向B點C.共享單車左把手的電勢比右把手的電勢高D.該人騎共享單車在十字路口左拐，則共享單車把手間的電勢差要降低5、下列有關物理量的方向描述正確的是（）A.電場中某點的電場強度的方向就是電荷在該點受到的電場力方向B.磁場中某點磁感應強度的方向就是正電荷在該點受到的磁場力方向C.閉合電路中電荷定向運動的方向就是電流的方向D.感應電流具有這樣的方向，即感應電流的磁場總是要阻礙引起感應電流的磁通量的變化6、四條長直導線垂直紙面固定在如圖所示的位置，其中三條導線到導線的距離相等且與導線的連線互成120°角，四條導線均通有電流強度為方向如圖的電流，此時導線對導線的安培力為則關于導線所受安培力的合力；下列說法正確的是。

A.大小為方向由指向B.大小為方向由指向C.大小為方向由指向D.大小為方向由指向7、在同一介質中，兩列相干波相互疊加，則()A.波峰與波峰疊加的點振動最強，波谷與波谷疊加的點振動最弱B.波峰與波峰疊加的點在經過半個周期后將是波谷與波谷在該點相遇，振動始終最強C.振動最強的點經過四分之一周期后剛好經平衡位置時，它的振動最弱D.如果兩相干波源振幅不等，則振動最弱的點將不會出現(xiàn)8、如圖所示，真空中，垂直于紙面向里的勻強磁場只在兩個同心圓所夾的環(huán)狀區(qū)域存在(含邊界)，兩圓的半徑分別為R、3R，圓心為O．一重力不計的帶正電粒子從大圓邊緣的P點沿PO方向以速度v1射入磁場，其運動軌跡如圖，軌跡所對的圓心角為120°．若將該帶電粒子從P點射入的速度大小變?yōu)関2時，不論其入射方向如何，都不可能進入小圓內部區(qū)域，則v1：v2至少為。

A.B.C.D.2評卷人得分二、多選題(共7題，共14分)9、現(xiàn)有一定質量的理想氣體，讓其從狀態(tài)a開始，經歷過程ab、bc、cd、da回到原狀態(tài)a，其圖像如圖所示，其中對角線ac的延長線過原點O。下列說法正確的是（）

A.氣體從a到b再到c的過程中壓強先減小后增大B.狀態(tài)a與狀態(tài)c相比較，氣體分子在狀態(tài)a單位時間內攮擊器壁單位面積上的次數(shù)較少C.氣體在狀態(tài)a時的內能等于它在狀態(tài)c時的內能D.在過程cd中，氣體從外界吸收的熱量等于氣體對外界做的功10、下列說法正確的是（）A.一定質量的某種理想氣體，當溫度降低時，其內能減小B.晶體熔化時吸收熱量，溫度不變，內能不變C.氣體溫度趨近于絕對零度時，其體積趨近于零E.能量耗散從能量角度反映出自然界的宏觀過程具有方向性E.能量耗散從能量角度反映出自然界的宏觀過程具有方向性11、下列關于物理現(xiàn)象的解釋正確的是（）A.荷葉上面的小水珠呈球形的主要原因是液體有表面張力B.土壤里有很多毛細管，若要防止把地下的水分沿著它們引到地表，可將地面的土壤鋤松C.懸浮在水中的花粉的布朗運動反映了花粉分子的熱運動E.汽車尾氣中各類有害氣體排入大氣后嚴重污染了空氣，想辦法使它們自發(fā)地分離，既清潔了空氣，又變廢為寶E.汽車尾氣中各類有害氣體排入大氣后嚴重污染了空氣，想辦法使它們自發(fā)地分離，既清潔了空氣，又變廢為寶12、如圖所示，把一個帶電小球A固定在光滑的水平絕緣桌面上，在桌面的另一處有另一帶電小球B，現(xiàn)給B一個垂直于AB方向的速度v0；則下列說法中正確的是（）

A.B球可能做直線運動B.B球的電勢能可能增加C.A球對B球的庫侖力可能對B球不做功D.B球可能從電勢較高處向電勢較低處運動13、下列說法正確的是_____________．A.紅光由空氣進入水中，波長變短，顏色不變B.光纖通信是利用了光的全反射原理C.白光通過三棱鏡在屏上出現(xiàn)彩色光帶，是光的干涉現(xiàn)象E.用同一裝置做雙縫干涉實驗，在干涉圖樣中，紫光的條紋間距比紅光寬E.用同一裝置做雙縫干涉實驗，在干涉圖樣中，紫光的條紋間距比紅光寬14、如圖所示，光滑水平導軌置于磁場中，磁場的磁感應強度為B，左側導軌間距為L，右側導軌間距為2L，導軌均足夠長。質量為m的導體棒ab和質量為2m的導體棒cd均垂直于導軌放置，處于靜止狀態(tài)。ab的電阻為R，cd的電阻為2R，兩棒始終在對應的導軌部分運動?，F(xiàn)給cd一水平向右的初速度v0；則（）

A.兩棒最終以相同的速度做勻速直線運動B.最終通過兩棒的電量為C.ab棒最終的速度為D.從cd獲得初速度到二者穩(wěn)定運動，此過程系統(tǒng)產生的焦耳熱為15、在光滑的水平面上，質量為m的子彈以初速度v0射擊質量為M的木塊，最終子彈未能射穿木塊，射入的深度為d，木塊在加速運動中的位移為s，則以下說法正確的是（）

A.子彈動能的虧損大于系統(tǒng)動能的虧損B.子彈動量的減少量等于木塊動量的增加量C.摩擦力對M的做的功一定等于摩擦力對m的做的功D.位移s一定大于深度d評卷人得分三、填空題(共6題，共12分)16、（1）用游標卡尺測量某鋼管的外徑，某次游標卡尺（主尺的最小分度為1mm）的示數(shù)如圖1所示，其讀數(shù)為_____cm。

（2）如圖2所示，螺旋測微器測出的某物件的寬度是_____mm。

17、電子電路中的信號可以分為___________信號和___________信號。數(shù)字信號的兩個工作狀態(tài)可以用“___________”和“___________”來表示。在數(shù)字電路中分別代表___________電壓和___________電壓。18、毛細現(xiàn)象：浸潤液體在細管中______的現(xiàn)象，以及不浸潤液體在細管中______的現(xiàn)象．19、回熱式制冷機是一種深低溫設備，制冷極限約50K，某臺設備工作時，一定量的氦氣（可視為理想氣體）緩慢經歷如圖所示的四個過程：從狀態(tài)到和到是等溫過程；從狀態(tài)到和到是等容過程，體積分別為和則圖中___（填“>”“<”或者“=”）；整個循環(huán)過程氦氣系統(tǒng)是______的（填“吸熱”“放熱”或者“絕熱”）。

20、一太陽能電池板，直接用理想電壓表測得它兩極的開路電壓為0.8V，理想電流表測出的短路電流為0.04A，此電源內阻為________Ω．若將該電池板與一阻值為20Ω的電阻器連成一閉合電路，則流過電阻的電流為________A．21、如下左圖所示，楔形木塊A固定在水平放置壓力傳感器上，A的斜面是光滑的．某同學將質量不同的小鋼球從斜面頂端靜止釋放，記錄小鋼珠在斜面上運動時壓力傳感器的示數(shù)．重力加速度g="9.8"m/s2.記錄實驗數(shù)據后；根據數(shù)據做出F-m圖像，如下右圖．

（1）由圖像知，木塊A的質量M=____kg（保留小數(shù)點后一位）

（2）若斜面傾角為θ，由圖像知，_____（保留小數(shù)點后兩位）

（3）不同質量的小鋼珠在斜面上運動的時間______________（填“相同”或“不相同”）

評卷人得分四、作圖題(共3題，共12分)22、如圖所示，甲、乙是直線電流的磁場，丙、丁是環(huán)形電流的磁場，戊、己是通電螺線管的磁場，試在各圖中補畫出電流方向或磁感線方向．

23、示波管的內部結構如圖所示．如果在偏轉電極XX/、YY/之間都沒有加電壓，電子束將打在熒光屏中心．如果在偏轉電極XX/之間和YY/之間分別加上如圖所示的電壓，請畫出熒光屏上出現(xiàn)的完整掃描波形圖．

24、圖中表示某一時刻的波形圖，已知波速為0.5m/s，波沿著x軸的正方向傳播；畫出經過7s后的波形曲線。

評卷人得分五、實驗題(共3題，共21分)25、如圖1所示，用半徑相同的A、B兩球的碰撞可以驗證“動量守恒定律”．實驗時先讓質量為m1的A球從斜槽上某一固定位置C由靜止開始滾下，進入水平軌道后，從軌道末端水平拋出，落到位于水平地面的復寫紙上，在下面的白紙上留下痕跡．重復上述操作10次，得到10個落點痕跡．再把質量為m2的B球放在水平軌道末端，讓A球仍從位置C由靜止?jié)L下，A球和B球碰撞后，分別在白紙上留下各自的落點痕跡，重復操作10次．M、P、N為三個落點的平均位置，未放B球時，A球的落點是P點，O點是水平軌道末端在記錄紙上的豎直投影點，如圖2所示．

（1）在這個實驗中，為了盡量減小實驗誤差，兩個小球的質量應滿足m1____m2（選填“>”或“<”）；除了圖中器材外，實驗室還備有下列器材，完成本實驗還必須使用的兩種器材是___________．

A．秒表BB．天平CCD．刻度尺

D_______．打點計時器

（2）下列說法中正確的是

．A

．如果小球每次從同一位置由靜止釋放，每次的落點一定是重合的B．重復操作時發(fā)現(xiàn)小球的落點并不重合，說明實驗操作中出現(xiàn)了錯誤C

．用半徑盡量小的圓把10C個落點圈起來，這個圓的圓心可視為小球落點的平均位置OPD

．僅調節(jié)斜槽上固定位置，它的位置越低，線段m的長度越大m（3）在某次實驗中，測量出兩個小球的質量M1、N2OP．記錄的落點平均位置O、OM幾乎與OP在同一條直線上，測量出三個落點位置與ON點距離________________、OP、____________的長度．在實驗誤差允許范圍內，若滿足關系式

，則可以認為兩球碰撞前后在方向上的總動量守恒；若碰撞是彈性碰撞，那么還應滿足關系式OP．（用測量的量表示）OM（4ON）在、、____________這三個長度中，與實驗所用小球B質量無關的是______________，與實驗所用小球質量

B有關的是M．P（5N）某同學在做這個實驗時，記錄下小球三個落點的平均位置、、M，如圖N3OP所示．他發(fā)現(xiàn)OP和______________偏離了

方向．這位同學猜想兩小球碰撞前后在26、某同學用如圖所示的裝置做“驗證動量守恒定律”的實驗．先將a球從斜槽軌道上某固定點處由靜止開始滾下，在水平地面上的記錄紙上留下壓痕，重復10次；再把同樣大小的b球放在斜槽軌道末端水平段的最右端靜止放置，讓a球仍從原固定點由靜止開始滾下和b球相碰后；兩球分別落在記錄紙的不同位置處，重復10次．

（1）本實驗必須測量的物理量有()

A.斜槽軌道末端的水平地面的高度H

B.小球a、b的質量

C.小球a、b的半徑r

D.小球a、b離開斜槽軌道末端后平拋飛行的時間t

E.記錄紙上0點到A；B、C各點的距離OA、OB、OC

F.a球的固定釋放點到斜槽軌道末端水平部分間的高度差h

（2）根據實驗要求，_________（填“大于”；“小于”或“等于”）；

（3）放上被碰小球后，兩小球碰后是否同時落地？如果不是同時落地，對實驗結果有沒有影響________？（不必作分析）

（4）為測定未放小球b時，小球a落點的平均位置，把刻度尺的零刻度線跟記錄紙上的0點對齊，下圖給出小球a落點附近的情況，由圖可得OB距離應為_______cm．

（5）按照本實驗方法，驗證動量守恒的驗證式是___________________．27、（1）某同學根據如圖右所示的裝置測量某電源的電動勢和內阻，兩次實驗測得電壓表的讀數(shù)為時電阻箱的讀數(shù)為當電壓表的讀數(shù)為時電阻箱的讀數(shù)為則電源的電動勢E=_______．

（2）為減小電壓表讀數(shù)帶來的實驗誤差，該同學結合實驗室的器材對原電路稍作了改進如下圖：請根據電路圖將下列器材連接成電路________．

（3）閉合電鍵后，調節(jié)電阻箱接入電路的阻值．得到多組電阻箱接入電路的阻值R和對應的電壓表的示數(shù)U，為了比較準確地得出實驗結論．該同學準備用直線圖象來處理實驗數(shù)據，根據測得的多組電阻箱的阻值R和記錄的對應電壓表的讀數(shù)U，作出圖象如下圖所示，圖線與橫、縱坐標軸的截距分別為和定值電阻的阻值R0=4.5Ω．則可得該電源的電動勢為_____，內阻為________．

評卷人得分六、解答題(共1題，共7分)28、一自感線圈，電流從最大值減小到零的時間為0.05s，產生的感應電動勢為180V，如果電流在0.03s內減小到零，則線圈兩端可得到多大感應電動勢？參考答案一、選擇題(共8題，共16分)1、D【分析】【分析】

對帶電粒子進行受力分析；受到豎直向下的重力，水平向左的電場力和垂直于虛線向右上的洛倫茲力，由于帶電粒子做直線運動，可判斷粒子合外力為零，再根據各力的做功情況，即可判斷．

【詳解】

AB；微粒受到重力、電場力和洛倫茲力作用；微粒做直線運動，其合力方向與速度方向共線，根據做直線運動的條件可知微粒的受力情況如圖所示：

所以微粒一定帶負電；微粒一定做勻速直線運動；否則速度變化，洛倫茲力變化，微粒做曲線運動，因此微粒的動量保持不變，故AB錯誤；

C、微粒由a沿直線運動到b的過場中；電場力做正功，電勢能一定減小，故C錯誤；

D；重力做負功；重力勢能增加，而動能不變，則微粒的機械能一定增加，故D正確．

故選D．

【點睛】

帶電粒子在重力場、電場、磁場的復合場中，只要是做直線運動，一定是勻速直線運動（v與B不平行）．若速度是變的，洛倫茲力會變，合力就是變的，合力與速度不在一條直線上，帶電體就會做曲線運動．2、A【分析】【詳解】

A．據圖可知；當滑動變阻器滑片向下滑動時，相當于滑動變阻器被短接部分變大，未短接部分減小，則滑動變阻器阻值減小，外電路總電阻與其中之一電阻的變化一致，所以外電阻總電阻變小，A選項正確；

B．據

總電流變大；B選項錯誤；

C．a燈接在干路，總電流變大，則a燈變亮；C錯誤；

D．據“串反并同”c燈與滑動變阻器并聯(lián)，c燈電流、電壓變化與滑動變阻器阻值變化一致，則c燈變暗；D錯誤．

故選A。3、D【分析】【詳解】

A、電容器的額定電壓為2.7V，說明工作電壓要不超過2.7V，可以小于2.7V，故A錯誤；

B、電容器的電容由電容器本身來決定，跟電容器兩極間的電勢差無關，故B錯誤；

C、電容是描述電容器容納電荷的本領，不充電是電容仍然存在，與充電與否無關，故C錯誤；

D、該電容器最大容納電荷量：Q＝CU＝400F×2.7V＝1080C，故D正確．4、C【分析】【分析】

【詳解】

A．共享單車從東往西行駛時，輻條切割地磁場水平分量的磁感線，由右手定則可判斷，題圖所示位置輻條中A點電勢比B點電勢低；選項A錯誤；

B．輻條不在閉合回路中；故輻條中無電流，選項B錯誤；

C．共享單車車把切割地磁場豎直分量的磁感線，由右手定則及電磁感應定律知，左把手的電勢比右把手的電勢高選項C正確；

D．該人騎共享單車在十字路口左拐；共享單車車把仍切割地磁場豎直分量的磁感線，且有效切割長度不變，則共享單車把手間的電勢差大小不變，選項D錯誤。

故選C。5、D【分析】A；電場中某點的電場強度的方向就是正電荷在電場中某點受力的方向；故A錯誤；

B；磁場中任一點；小磁針北極受力方向，就是該點的磁場方向，故B錯誤；

C；電荷的定向移動形成電流；正電荷的定向移動方向是電流的方向，故C錯誤；

D；楞次在分析了許多實驗事實后提出楞次定律；即感應電流應具有這樣的方向，感應電流的磁場總要阻礙引起感應電流的磁通量的變化，故D正確。

點睛：本題考查了電場、磁場、電流以及感應電流的方向，注意教材中對這些方向的規(guī)定。6、D【分析】【分析】

根據題圖可知；考查了通電導線之間的安培力的計算；導線的電流方向相同二者相互吸引，電流方向相反二者相互排斥，由此進行分析．

【詳解】

導線的電流方向相同二者相互吸引；電流方向相反二者相互排斥，則d導線的受力情況如圖所示：

根據力的平行四邊形法則可知；d導線所受安培力的合力大小為2F，方向沿dc方向．

故D正確；ABC錯誤．

【點睛】

掌握電流之間相互作用的情況是解題的關鍵．7、B【分析】【詳解】

A.波峰和波峰疊加；為振動加強點，且始終振動加強；波谷與波谷疊加，振動也始終加強，而波谷與波谷疊加，為振動減弱點，且始終振動減弱．故A錯誤．

B.波峰與波峰疊加的點在經過半個周期后將是波谷與波谷在該點相遇；且振動始終最強．故B正確．

C.振動最強的點經過四分之一周期后剛好經過平衡位置；它們的振動仍然相同，因此也是振動加強．故C錯誤．

D.如果兩相干波源振幅不相等，則振動最弱的點仍將出現(xiàn)．故D錯誤．8、B【分析】【詳解】

粒子在磁場中做圓周運動；如圖：

由幾何知識得：洛倫茲力提供向心力，由牛頓第二定律得：解得：當該帶電粒子從P點射入的速度大小變?yōu)関2時，若粒子豎直向上射入磁場粒子恰好不能進入磁場時，即粒子軌道半徑則不論其入射方向如何，都不可能進入小圓內部區(qū)域，此時洛倫茲力提供向心力，由牛頓第二定律得：解得：則：故B正確，ACD錯誤．二、多選題(共7題，共14分)9、B:D【分析】【分析】

【詳解】

A．根據氣體狀態(tài)方程。

得。

V-T圖象的斜率。

acO連線的斜率大于bO連線的斜率，所以氣體在狀態(tài)a、c時的壓強小于它在狀態(tài)b時的壓強，氣體從a到b再到c的過程中壓強先增大后減小；故A錯誤；

B．溫度升高，氣體分子的平均動能增加，過原點直線表示等壓變化，狀態(tài)a與狀態(tài)c相比較，則氣體分子在狀態(tài)a單位時間內撞擊單位面積器壁的分子數(shù)較少；故B正確；

C．理想氣體在狀態(tài)a的溫度大于狀態(tài)c的溫度，理想氣體的內能只與溫度有關，溫度高，內能大，故氣體在狀態(tài)a時的內能大于它在狀態(tài)c時的內能；故C錯誤；

D．在過程cd中，等溫變化，內能不變，體積增大，氣體對外界做功，根據熱力學第一定律。

可知氣體從外界吸收的熱量等于氣體對外界做的功；故D正確。

故選BD。10、A:D:E【分析】【分析】

【詳解】

A．一定質量的某種理想氣體；分子勢能為零，當溫度降低時，分子平均動能減小，其內能減小，故A正確；

B．晶體熔化時吸收熱量；溫度不變，內能增大，故B錯誤；

C．對于理想氣體；溫度趨近絕對零度，體積趨近零，但是對于實際氣體，溫度過低，氣體已經液化或凝固，故C錯誤；

D．不可能違背熱力學第二定律；故無法制造出效率是100%的熱機，故D正確；

E．由熱力學第二定律可知自然界的宏觀過程具有方向性；能量耗散從能量角度反映出自然界的宏觀過程具有方向性，故E正確。

故選ADE。11、A:B:D【分析】【分析】

【詳解】

A．液體的表面張力使液面具有收縮到液面表面積最小的趨勢；荷葉上面的小水珠呈球形的主要原因是液體有表面張力，故A正確；

B．將地面的土壤鋤松；破壞了毛管，可以減小土地下的水分蒸發(fā)，故B正確；

C．懸浮在水中的花粉的布朗運動反映了水分子的熱運動；故C錯誤；

D．液晶像液體一樣具有流動性；而其光學性質與某些晶體相似具有各向異性，彩色液晶顯示器利用了液晶的光學性質具有各向異性的特點，故D正確；

E．通過物理方法使汽車尾氣中各類有害氣體只是分離而不吸收的話并不能清潔空氣；變廢為寶，只能通過化學方法將有害氣體轉化為無害的物質，這樣才能清潔空氣，變廢為寶，故E錯誤。

故選ABD。12、B:C:D【分析】【詳解】

A.由題看出，小球B受到的靜電力與速度不在同一直線上，則B球不可能做直線運動；故A錯誤；

B.若小球A、B帶異種電荷，而且引力恰好小于時；B球會遠離A球，引力做負功，電勢能增加，故B正確；

C.若小球A、B帶異種電荷，而且引力恰好等于時；B球做勻速圓周運動，A球對B球的庫侖力不做功，故C正確；

D.由于兩球電性未知；B球可能受斥力會遠離A球，也可能受到引力靠近A球，所以B球可能從電勢較高處向電勢較低處運動，故D正確．

【名師點睛】

由小球B受到的靜電力與速度不在同一直線上可知，B球不可能做直線運動．若小球A、B帶異種電荷小球B做勻速圓周運動，庫侖力不做功，若小球B所受的引力小于所需要的向心力，小球B做離心運動時，B球的電勢能可能增加，B球不一定從電勢較高處向電勢較低處運動．13、A:B:D【分析】【詳解】

A項：光從一種介質進入另一種介質時的頻率不變；根據紅光由空氣進入水中，波長變短，但顏色不變，故A正確；

B項：光纖通信和醫(yī)用纖維式內窺鏡都是利用了光的全反射原理；當內芯的折射率比外套的大時，光傳播時在內芯與外套的界面上才能發(fā)生全反射，故B正確；

C項：白光通過三棱鏡在屏上出現(xiàn)彩色條紋是光的一種折射現(xiàn)象；故C錯誤；

D項：根據發(fā)生明顯衍射的條件可知；對同一障礙物波長越長的光越容易衍射，故D正確；

E項：由公式可知，用同一裝置做雙縫干涉實驗，在干涉圖樣中，波長較小的紫光的條紋間距比紅光窄，故E錯誤．14、B:C【分析】【分析】

【詳解】

AC．cd獲得速度后，電路中產生感應電流，根據左手定則得cd棒減速，ab棒加速，當

電路中磁通量不變，沒有感應電流，最終兩棒做勻速直線運動，分別對兩棒列動量定理得

兩式合并得

聯(lián)立解得

A錯誤；C正確；

B．對ab棒列動量定理得

解得

B正確；

D．從cd獲得初速度到二者穩(wěn)定運動，此過程系統(tǒng)產生的焦耳熱為

解得

D錯誤。

故選BC。15、A:B【分析】【詳解】

A；子彈射穿木塊的過程中；子彈損失的動能轉化為木塊的動能和系統(tǒng)的內能，故子彈減少的動能大于木塊增加的動能，故A正確；

B；水平面光滑；則系統(tǒng)在水平方向的動量守恒，由動量守恒定律可知，子彈動量減少量等于木塊動量增加量，故B正確；

C；子彈擊中木塊的過程中；子彈克服阻力做的功，一方面轉化為木塊的動能，另一方面轉化為系統(tǒng)內能；根據動能定理可知摩擦力對木塊做的功等于木塊的動能的增加量，因此摩擦力對木塊做的功一定小于摩擦力對子彈的做的功，故C錯誤；

D、設子彈與木塊之間的相互作用力為子彈和木塊達到的共同速度大小為由動能定理得：對子彈：對木塊：又據動量守恒定律得：聯(lián)立方程解得：因為所以故D錯誤；

故選AB．

【點睛】

關鍵是子彈擊中木塊過程系統(tǒng)動量守恒，分析清楚物體運動過程，應用動量守恒定律，動能定理即可正確解題．三、填空題(共6題，共12分)16、略

【分析】【分析】

解決本題的關鍵掌握螺旋測微器和游標卡尺的讀數(shù)方法；螺旋測微器的讀數(shù)方法是固定刻度讀數(shù)加上可動刻度讀數(shù)，在讀可動刻度讀數(shù)時需估讀，游標卡尺讀數(shù)的方法是主尺讀數(shù)加上游標尺讀數(shù)，不需估讀。

【詳解】

（1）[1]游標卡尺的主尺讀數(shù)為5.4cm，游標尺上第4個刻度與主尺刻度對齊，則游標尺讀數(shù)為

所以最終讀數(shù)為

（2）[2]螺旋測微器的固定刻度讀數(shù)為5.5mm，可動刻度讀數(shù)為

所以最終讀數(shù)為

【點睛】

螺旋測微器的讀數(shù)方法是固定刻度讀數(shù)加上可動刻度讀數(shù)，在讀可動刻度讀數(shù)時需估讀；游標卡尺讀數(shù)的方法是主尺讀數(shù)加上游標尺讀數(shù)，不需估讀，注意兩種儀器讀數(shù)的不同?！窘馕觥?.445.69517、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1][2]電子電路中的信號可以分為數(shù)字信號和模擬信號。

[3][4]數(shù)字信號的兩個工作狀態(tài)可以用“0”和“1”來表示。

[5][6]在數(shù)字電路中分別代表低電壓和高電壓?！窘馕觥繑?shù)字模擬01低高18、略

【分析】【分析】

【詳解】

略【解析】上升下降19、略

【分析】【詳解】

[1]從狀態(tài)B到C，由查理定律得

由于所以

[2]A-B過程外界對系統(tǒng)做正功，C-D過程外界對系統(tǒng)做負功，p-V圖象與橫軸圍成的面積表示做的功，所以

所以整個循環(huán)過程外界對系統(tǒng)做正功。整個循環(huán)過程

所以

整個循環(huán)過程A-B-C-D-A氦氣系統(tǒng)要放熱?！窘馕觥?gt;放熱20、略

【分析】【分析】

根據開路電壓可求得電源的電動勢；再根據短路電流由閉合電路歐姆定律可求得內阻大??；再對接入20Ω的電阻進行分析，由閉合電路歐姆定律求出電流大?。?/p>

【詳解】

開路電壓為則電源的電動勢短路電流為

則內阻

若與20Ω的電阻串聯(lián)時，電流．

【點睛】

本題考查閉合電路歐姆定律的正確應用，要注意明確開路電壓為電源的電動勢，當外電阻為零時的電流為短路電流．【解析】200.0221、略

【分析】【詳解】

試題分析：（1）當m=0時，傳感器的示數(shù)即為木塊A的重力，則有：Mg=4.80N，解得：

（2）對小球受力分析；根據平衡條件可知，A對小球的支持力N=mgcosθ；

根據牛頓第三定律可知；小球對A的壓力為mgcosθ；

對A受力分析可知；傳感器對A的支持力F=Mg+mgcosθcosθ；

則傳感器的示數(shù)為F=Mg+mgcos2θ

則F-m圖象的斜率k=gcos2θ；

則有：

解得：cos2θ=0.82

（3）根據牛頓第二定律得小球下滑的加速度為：a＝gsinθ；則不同質量的小鋼珠在斜面上運動情況完全相同，所以運動的時間也相同．

考點：研究加速度與物體質量；受力的關系.

【名師點睛】

本題考查研究加速度與物體質量、受力的關系實驗；解題的關鍵是搞清實驗的原理及分別對小球和A受力分析，求出傳感器的示數(shù)F與m的表達式，注意F-m圖象斜率和截距所表示的含義，難度適中．【解析】0.50.80（0.77~0.83）相同四、作圖題(共3題，共12分)22、略

【分析】【詳解】

利用右手螺旋定則；已知電流的方向可判定磁場方向，也可以通過磁場方向來確定電流的方向；

圖甲；已知磁場方向，順時針方向，則電流垂直紙面向里；

圖乙；電流右側的磁場的方向向里，左側的磁場的方向向外，則電流的方向向上；

圖丙；已知磁場方向，則可知電流方向，逆時針方向；

圖??；環(huán)形電流從左側流入，從右側流出，所以磁場的方向向下；

圖戊；根據螺線管中電流方向，利用右手螺旋定則可以確定螺線管的磁場的方向向左；

圖已；根據螺線管中上邊的電流方向向外，下邊的電流的方向向里，利用右手螺旋定則可以確定螺線管的磁場的方向向右．如圖所示：

【解析】23、略

【分析】試題分析：A圖中；在XX′偏轉電極所加的電壓的周期為2T，即在2T的時間內才能完成一次水平方向的掃描，而豎直方向（y方向）的周期為T，所以在水平方向的一次水平掃描的過程中，豎直方向由2個周期性的變化；y方向的電壓變化為正弦式的變化，由于電子到達熒光屏的偏轉量與偏轉電壓成正比，所以A圖中的掃描圖形如圖；

要在熒光屏上得到待測信號在一個周期內的穩(wěn)定圖象．XX′偏轉電極要接入鋸齒形電壓；即掃描電壓．

B圖中；在XX′偏轉電極所加的電壓的周期為T，即在一個周期T的時間內完成一次水平方向的掃描，同時豎直方向的周期為T，所以在水平方向的一次水平掃描的過程中，豎直方向也完成一個周期性的變化；y方向的電壓大小不變，方向每半個周期變化一次，結合電子到達熒光屏的偏轉量與偏轉電壓成正比，所以B圖中的掃描圖形如圖．

考點：考查了示波器的工作原理。

【名師點睛】本題關鍵要清楚示波管的工作原理，示波管的YY′偏轉電壓上加的是待顯示的信號電壓，XX′偏轉電極通常接入鋸齒形電壓，即掃描電壓，當信號電壓與掃描電壓周期相同時，就可以在熒光屏上得到待測信號在一個周期內的穩(wěn)定圖象【解析】24、略

【分析】【分析】

【詳解】

7s波向前傳播的距離為

7s后，故x=3.5m位置的原圖中x=0位置的振動情況相同；因此作出以下圖形。

【解析】五、實驗題(共3題，共21分)25、略

【分析】【分析】

【詳解】

(1)根據碰撞的特點可知，兩小球質量應滿足該實驗需要測量兩球質量和平拋運動中的水平距離，故需要天平和刻度尺，故BC正確；

(2)由于