2024年滬教版高二物理上冊月考試卷含答案

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2024年滬教版高二物理上冊月考試卷含答案考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五六總分得分評卷人得分一、選擇題(共7題，共14分)1、如圖所示；平行板電容器AB內(nèi)部原有帶電微粒P處于靜止?fàn)顟B(tài)?，F(xiàn)保持極板A和B的正對面積不變，使極板A上移一小段距離后，微粒P的運動情況是（）

A.仍靜止不動B.向下運動C.向上運動D.無法判斷2、如圖所示，理想變壓器的匝數(shù)比為n1隆脙n2=3隆脙1

分別接有額定電壓為U

的相同的三燈泡AB

和C

電阻R

的阻值與燈的電阻相同，若在ab

間接正弦交流電源，使BC

正常發(fā)光，則電源電壓為

A.3U

B.9U

C.923U

D.4U

3、如圖所示是一種安裝在自行車輪胎邊緣用于照明的裝置（俗稱“電滾子”）；內(nèi)有磁鐵與線圈．該裝置是一個（）

A.蓄電池。

B.發(fā)電機。

C.電容器。

D.電動機。

4、如圖所示；在正交的勻強電場和勻強磁場中，一帶電粒子在豎直平面內(nèi)做勻速圓周運動，則微粒帶電性質(zhì)和環(huán)繞方向分別是（）

A.帶正電，逆時針B.帶正電，順時針C.帶負電，逆時針D.帶負電，順時針5、甲、乙兩質(zhì)點以相同的初速度從同一地點沿同一方向同時開始做直線運動。以初速度方向為正方向，其加速度隨時間變化的a鈭?ta-t圖像如圖所示。關(guān)于甲、乙在0隆蘆t0隆蘆t0時間內(nèi)的運動情況，下列說法正確的是(())

A.在0隆蘆t0

時間內(nèi)，甲做減速運動，乙做加速運動B.在0隆蘆t0時間內(nèi)，甲和乙的平均速度相等C.在t0時刻，甲的速度比乙的速度小D.在t0時刻，甲和乙之間的距離最大6、如圖所示，用水平力F

將質(zhì)量為m

的物體壓緊在豎直墻壁上，物體處于靜止?fàn)顟B(tài)，物體與墻壁間的動摩擦因數(shù)為婁脤

物體受到的摩擦力大小為(

)

A.婁脤F

B.婁脤mg

C.mg

D.F

7、長為5m

的豎直桿下端距離一豎直隧道口5m

若這個隧道長也為5m

讓這根桿自由下落，它通過隧道的時間為(

g

取10

)

A.s

B.(

)s

C.(

+1)s

D.(

)s

評卷人得分二、多選題(共9題，共18分)8、圖是一物體做直線運動的速度-時間圖象；下列計算正確的有（）

A.t=ls時的加速度是1m/s2B.t=1s時的加速度是2m/s2C.從t=2s到t=4s的位移是2mD.從t=2s到t=4s的位移是4m9、如圖所示，平行板電容器接在電勢差恒為U的電源兩端，下極板接地，一帶電油滴位于電容器中的P點且恰好處于平衡狀態(tài)．現(xiàn)將平行板電容器的上極板豎直向上移動一小段距離（）A.帶電油滴將沿豎直方向向下運動B.電容器的電容減小C.電容器的電容增大D.極板帶電荷量將減小10、壓敏電阻的阻值隨所受壓力的增大而減小，有位同學(xué)利用壓敏電阻設(shè)計了判斷小車運動狀態(tài)的裝置，其工作原理如圖(

a

)

所示(

電源內(nèi)阻不計)

將壓敏電阻和一塊擋板固定在絕緣光滑小車上，中間放置一個絕緣重球。小車向右做直線運動過程中，電流表示數(shù)如圖(b)

所示，下列判斷正確的是()

A.從t1

到t

2

時間內(nèi)，小車做勻加速直線運動B.從t

1

到t

2

時間內(nèi)，小車做變加速直線運動C.從t

2

到t

3

時間內(nèi)，小車做勻速直線運動D.從t

2

到t

3

時間內(nèi)，小車做勻加速直線運動11、如圖所示，電源電動勢E

=12V

內(nèi)阻r

=3婁賂

R

0=2婁賂

直流電動機內(nèi)阻R

0隆盲=1婁賂

額定輸出功率P

0=2W

調(diào)節(jié)滑動變阻器R

1

可使甲電路輸出功率最大，調(diào)節(jié)R

2

可使乙電路輸出功率最大且此時電動機剛好正常工作，則A.甲電路中當(dāng)R

1=1婁賂

時，定值電阻R

0

功率最大B.甲電路中當(dāng)R

1=1婁賂

時，電源的輸出功率最大C.乙電路中當(dāng)R

2=1.5婁賂

時，電源的輸出功率最大D.乙電路中當(dāng)R

2=2婁賂

時，電源的輸出功率最大12、下列說法中正確的是()

A.靜電感應(yīng)不是創(chuàng)造電荷；只是電荷從物體的一部分轉(zhuǎn)移到另一部分。

B.摩擦起電時；一個物體失去一些電子而帶正電，另一個物體得到這些電子而帶負電。

C.摩擦和感應(yīng)都能使電子轉(zhuǎn)移；只不過前者使電子從一個物體轉(zhuǎn)移到另一個物體上，而后者則使電子從物體的一部分轉(zhuǎn)移到另一部分。

D.一個帶電體接觸一個不帶電的物體，兩個物體可能帶上異種電荷13、如圖，一粗糙絕緣豎直平面與兩個等量異種點電荷連線的中垂線重合。A、O、B為豎直平面上的三點，且O為等量異種點電荷連線的中點，AO=BO．現(xiàn)有帶電荷量為q、質(zhì)量為m的小物塊視為質(zhì)點，從A點以初速度v0向B滑動，到達B點時速度恰好為0．則（）A.小物塊一定帶負電B.從A到B，小物塊的加速度先增大后減小C.從A到B，小物塊所受電場力做功為-mghABD.電場中AB兩點間電勢差UAB=014、如圖（甲）所示，豎直圓盤轉(zhuǎn)動時，可帶動固定在圓盤上的T形支架在豎直方向振動，T形支架的下面系著一個彈簧和小球，共同組成一個振動系統(tǒng)．當(dāng)圓盤靜止時，小球可穩(wěn)定振動．現(xiàn)使圓盤以4s的周期勻速轉(zhuǎn)動，經(jīng)過一段時間后，小球振動達到穩(wěn)定．改變圓盤勻速轉(zhuǎn)動的周期，其共振曲線（振幅A與驅(qū)動力的頻率f的關(guān)系）如圖（乙）所示，則（）A.此振動系統(tǒng)的固有頻率約為3HzB.此振動系統(tǒng)的固有頻率約為0.25HzC.若圓盤勻速轉(zhuǎn)動的周期增大，振動系統(tǒng)的固有頻率不變D.若圓盤勻速轉(zhuǎn)動的周期增大，共振曲線的峰值將向右移動15、一矩形線圈在勻強磁場中勻速轉(zhuǎn)動，當(dāng)線圈通過中性面時(

)

A.線圈平面與磁感線方向垂直B.通過線圈的磁通量達到最大值C.通過線圈的磁通量變化率達到最大值D.線圈中的電動勢為零16、如圖甲所示，用一水平力F

拉著一個靜止在傾角為婁脠

的光滑斜面上的物體，逐漸增大F

物體做變加速運動，其加速度a

隨外力F

變化的圖象如圖乙所示，若重力加速度g

取10m/s2

根據(jù)圖乙中所提供的信息可以計算出(

)

A.物體的質(zhì)量B.斜面的傾角C.物體能靜止在斜面上所施加的最小外力D.加速度為6m/s2

時物體的速度評卷人得分三、填空題(共5題，共10分)17、如圖是不同頻率的水波通過相同的小孔所能到達區(qū)域的示意圖，____________情況中水波的頻率最大，____________情況中水波的頻率最?。?8、小強同學(xué)在做“利用單擺測重力加速度”的實驗時；先測得擺線長為L

擺球直徑為D

然后用秒表記錄了單擺n

次全振動所用的時間為t

則。

(1)

該同學(xué)計算重力加速度的表達式為：g=

______．

(2)(

多選)

該同學(xué)測得的g

值偏?。豢赡艿脑蚴莀_____

A.測擺線長時擺線拉得過緊。

B.擺線上端未牢固地系于懸點；振動中出現(xiàn)松動，使擺線長度增加了。

C.開始計時時；秒表提前按下。

D.實驗中誤將49

次全振動數(shù)為50

次。

(3)

為了提高實驗精度，在實驗中可改變幾次擺線長L

并測出相應(yīng)的周期T

從而得出一組對應(yīng)的L

與T

的數(shù)據(jù)，再以L

為橫坐標(biāo).T2

為縱坐標(biāo)將所得數(shù)據(jù)連成直線，并求得該直線的斜率k

則重力加速度g=

______(

用k

表示).

這種處理實驗數(shù)據(jù)的方法得到的g

值與理論值相比______(

填“偏大““偏小““相等“)

．19、在光滑斜面上放一長度為L=20cm的導(dǎo)體A，質(zhì)量m=1kg，導(dǎo)體A通有電流I1=5A．斜面的傾角為θ=30°如圖所示為剖面圖．（1）當(dāng)磁場垂直于斜面向上時，導(dǎo)體A處于靜止平衡，則磁感強度B的大小為____T；（2）當(dāng)磁場方向____時，導(dǎo)體A對斜面恰無壓力，則此時磁感強度B的大小為____T．

20、直線OAC為某一直流電源的總功率P隨總電流I變化的圖線，拋物線OBC為同一直流電源內(nèi)部熱功率Pr隨電流I變化的圖線，若A、B對應(yīng)的橫坐標(biāo)為2A，那么線段AB表示的功率是____W，I=2A時，對應(yīng)的外電阻是____Ω。21、下列說法正確的是_______E.液晶具有液體的流動性，同時具有晶體的各向異性特征評卷人得分四、判斷題(共1題，共3分)22、如圖所示為某示波管內(nèi)的聚焦電場，實線和虛線分別表示電場線和等勢線．兩電子分別從a、b兩點運動到c點．設(shè)電場力對兩電子做的功分別為Wa和Wb，a、b點的電場強度大小分別為Ea和Eb，則Wa=Wb，Ea＞Eb．________（判斷對錯）

評卷人得分五、計算題(共1題，共8分)23、光滑水平面上有一質(zhì)量為M

的滑塊，滑塊的左側(cè)是一光滑的14

圓弧，圓弧半徑為R=1m.

一質(zhì)量為m

的小球以速度v0

向右運動沖上滑塊.

已知M=4m.g

取10m/s2

若小球剛好沒躍出14

圓弧的上端.

全過程機械能不損失.

求：

(1)

小球的初速度v0

(2)

滑塊獲得的最大速度．評卷人得分六、綜合題(共2題，共18分)24、(1)

兩個半徑很小帶等量異種電荷的小球，兩球心相距1m

時的作用力為F

現(xiàn)將它們的電量均增加一倍后，放到相距2m

的位置，則它們的相互作用力大小變?yōu)開_______．A.F4

B.4F

C.2F

D.F

(2)

如圖所示，電場中AB

兩點的電場強度的大小分別為EAEB.

對EAEB

的大小關(guān)系判斷正確的是________．A.EA>EB

B.EA<EB

C.EA=EB

D.無法判斷(3)

如圖所示，在水平直導(dǎo)線正下方，放一個可以在水平面內(nèi)自由轉(zhuǎn)動的小磁針.

現(xiàn)給直導(dǎo)線通以向右的恒定電流，不計其他磁場的影響，則下列說法正確的是________．A.小磁針保持不動B.小磁針的N

極將向下轉(zhuǎn)動C.小磁針的N

極將垂直于紙面向里轉(zhuǎn)動D.小磁針的N

極將垂直于紙面向外轉(zhuǎn)動(4)

關(guān)于理想變壓器，下面各說法中正確的是________．A.它的輸出功率等于它的輸入功率B.它的輸出功率小于它的輸入功率C.原、副線圈兩端的電壓與它們的匝數(shù)成反比D.副線圈匝數(shù)少于原線圈匝數(shù)的為升壓變壓器(5)

如圖所示為我國照明用的正弦式電流的電壓隨時間變化的圖象，則該交流的周期是________s

電壓的峰值為________V

．(6)

某地地磁場的磁感應(yīng)強度大約是4.0隆脕10鈭?5T

一根長為1000m

的電線，電流為10A

壟脵

該導(dǎo)線受到的最大磁場力是多少？壟脷

當(dāng)導(dǎo)線中電流變?yōu)?A

時，當(dāng)?shù)氐卮艌龅拇鸥袘?yīng)強度變?yōu)槎嗌伲?5、(1)

兩個半徑很小帶等量異種電荷的小球，兩球心相距1m

時的作用力為F

現(xiàn)將它們的電量均增加一倍后，放到相距2m

的位置，則它們的相互作用力大小變?yōu)開_______．A.F4

B.4F

C.2F

D.F

(2)

如圖所示，電場中AB

兩點的電場強度的大小分別為EAEB.

對EAEB

的大小關(guān)系判斷正確的是________．A.EA>EB

B.EA<EB

C.EA=EB

D.無法判斷(3)

如圖所示，在水平直導(dǎo)線正下方，放一個可以在水平面內(nèi)自由轉(zhuǎn)動的小磁針.

現(xiàn)給直導(dǎo)線通以向右的恒定電流，不計其他磁場的影響，則下列說法正確的是________．A.小磁針保持不動B.小磁針的N

極將向下轉(zhuǎn)動C.小磁針的N

極將垂直于紙面向里轉(zhuǎn)動D.小磁針的N

極將垂直于紙面向外轉(zhuǎn)動(4)

關(guān)于理想變壓器，下面各說法中正確的是________．A.它的輸出功率等于它的輸入功率B.它的輸出功率小于它的輸入功率C.原、副線圈兩端的電壓與它們的匝數(shù)成反比D.副線圈匝數(shù)少于原線圈匝數(shù)的為升壓變壓器(5)

如圖所示為我國照明用的正弦式電流的電壓隨時間變化的圖象，則該交流的周期是________s

電壓的峰值為________V

．(6)

某地地磁場的磁感應(yīng)強度大約是4.0隆脕10鈭?5T

一根長為1000m

的電線，電流為10A

壟脵

該導(dǎo)線受到的最大磁場力是多少？壟脷

當(dāng)導(dǎo)線中電流變?yōu)?A

時，當(dāng)?shù)氐卮艌龅拇鸥袘?yīng)強度變?yōu)槎嗌?？參考答案一、選擇題(共7題，共14分)1、B【分析】【分析】帶電微粒靜止，重力與電場力相等，電鍵閉合A、B兩板間電壓不變，使極板A上移一小段距離后，由可知電場強度減??；微粒所受電場力減小，重力大于電場力，微粒向下運動。

故選B

【點評】本題關(guān)鍵是電鍵閉合，電容器兩板間電壓不變。2、C【分析】【分析】在理想的變壓器中的輸入功率和輸出功率的大小相等，電壓與匝數(shù)成正比，電流與匝數(shù)成反比。

掌握住理想變壓器的電壓、電流及功率之間的關(guān)系，本題即可得到解決?！窘獯稹緽、CC燈恰能正常發(fā)光說明副線圈兩端電壓為3U3U電流為2UR；則原線圈兩端電壓為9U9U電流為2U3R，AA燈分擔(dān)電壓為23Udfrac{2}{3}U所以abab間的電壓為9U+23U=923U9U+dfrac{2}{3}U=9dfrac{2}{3}U故C正確。

故選C。

【解析】C

3、B【分析】

“電滾子”內(nèi)有磁鐵與線圈；自行車行駛時，線圈切割磁感線，產(chǎn)生感應(yīng)電流，用于照明，是一個發(fā)電機．

故選B

【解析】【答案】自行車行駛時；電滾子產(chǎn)生電流，用于照明，說明該裝置是一個發(fā)電機．

4、C【分析】【分析】帶電粒子在重力場；勻強電場和勻強磁場中做勻速圓周運動；可知，帶電粒子受到的重力和電場力是一對平衡力，重力豎直向下，所以電場力豎直向上，與電場方向相反，故可知帶電粒子帶負電荷．洛倫茲力指向圓心，故根據(jù)左手定則可得粒子沿逆時針運動，故選C。

【點評】此題考察了帶電粒子在復(fù)合場中的運動．復(fù)合場是指電場、磁場、重力場并存，或其中某兩種場并存的場．帶電粒子在這些復(fù)合場中運動時，必須同時考慮電場力、洛倫茲力和重力的作用或其中某兩種力的作用，因此對粒子的運動形式的分析就顯得極為重要．該題就是根據(jù)帶電粒子的運動情況來判斷受到的電場力情況。5、D【分析】【分析】由a鈭?t

圖像，甲質(zhì)點做加速度越來越小的加速運動，乙兩質(zhì)點做加速度越來越大的加速運動，由此分析解答。把握a鈭?t

圖像的物理意義是解題的關(guān)鍵?！窘獯稹考?、乙兩質(zhì)點初速度相同，由題圖可知，開始運動時，甲的加速度大于乙的加速度，則開始后甲的速度大于乙的速度，直至t0

時刻兩者速度再次相同，故t0

時刻，甲和乙之間的距離最大，故D正確。故選D?！窘馕觥緿

6、C【分析】解：對物體受力分析；受推力；重力、支持力和向上的靜摩擦力，根據(jù)共點力平衡條件，有：

f=mg

F=N

故ABD錯誤；C正確；

故選：C

．

對物體受力分析；然后根據(jù)共點力平衡條件求解靜摩擦力．

本題關(guān)鍵是明確滑塊的受力情況，然后根據(jù)共點力平衡條件求解靜摩擦力，注意，不是滑動摩擦力．【解析】C

7、B【分析】【分析】直桿通過隧道時間為直桿的下端到達隧道的上沿到直桿的上端離開隧道的下沿所用的時間；分別求出直桿自由釋放到直桿的下端到達隧道上沿的時間和直桿上端離開隧道的下沿的時間，兩時間之差即為通過隧道的時間。

解決本題的關(guān)鍵知道直桿通過隧道的時間等于直桿自由釋放到直桿的下端到達隧道上沿的時間和直桿上端離開隧道的下沿的時間之差。【解答】根據(jù)，直桿自由下落到下端運動到隧道上沿的時間t1=2h1g=2隆脕510s=1s直桿自由下落到直桿的上端離開隧道下沿的時間t2=2h2g=2隆脕1510s=3s則直桿過隧道的時間故B正確，ACD錯誤。故選B。【解析】B

二、多選題(共9題，共18分)8、AD【分析】解：速度圖象的斜率大小等于物體加速度的大小；

故在0～2s內(nèi)物體的加速度。

a===1m/s2

故A正確．

速度圖象與時間軸圍成的面積等于物體的位移；

故2-4s內(nèi)物體的位移。

x=2×2=4m

故D正確．

故選A；D．

本題的突破口：速度圖象的斜率等于物體的加速度；速度圖象與時間軸圍成的面積等于物體的位移．

利用速度圖象求物體的加速度和物體在某一段時間內(nèi)通過的位移，方法簡單實用，運算量小，一定要注意掌握．【解析】【答案】AD9、ABD【分析】解：A、將平行板電容器的上極板豎直向上移動一小段距離，由于電容器兩板間電壓不變，根據(jù)E=得知板間場強減??；油滴所受的電場力減小，則油滴將向下運動，故A正確；

BCD、上極板上移時，則d增大，由電容的決定式C=可知C減??；根據(jù)Q=UC可知，極板帶電量也減?。蔅D正確，C誤．

故選：ABD．

將平行板電容器的上極板豎直向上移動一小段距離，由電容器的決定式可判斷電容的變化；而電容器兩板間電壓不變，根據(jù)E=分析板間場強的變化；判斷電場力變化，確定油滴運動情況．

本題考查電容器的動態(tài)分析問題，要明確一直和電源相連，故電壓不變；再由決定式及定義式分析電容、電量等的變化．【解析】【答案】ABD10、BD【分析】略。

【解析】BD

11、BC【分析】【分析】對于甲圖，當(dāng)電路的內(nèi)阻和外阻相等時，電路的輸出功率最大，由此可以求得R1

連入電路部分的阻值，對于甲圖R1=0婁賂

時，定值電阻R0

功率最大；對于乙圖，求出最大輸出的功率的表達式，利用數(shù)學(xué)知識求乙圖中的電阻的大小。對于電功率的計算，一定要分析清楚是不是純電阻電路，對于非純電阻電路，總功率和發(fā)熱功率的計算公式是不一樣的?！窘獯稹緼.甲電路中利用閉合電路歐姆定律可得電路中的電流I=ER1+R0+rI=dfrac{E}{{R}_{1}+{R}_{0}+r}當(dāng)R1R_{1}=0婁賂=0婁賂時，電流II最大，定值電阻R0R_{0}功率最大，故A錯誤；B.當(dāng)電路的外電阻等于內(nèi)阻時，電路的輸出功率最大，所以甲圖有：R1=r鈭?R0=3婁賂鈭?2婁賂=1婁賂

故B正確；CD.

對于乙圖，輸出的功率最大時，電動機的額定功率P0=2W

電路中電流為I

所以有：P脢盲魯枚max=

壟脵

又因為UR2=12V鈭?3I鈭?2+I2I2

所以I=12鈭?3I鈭?2+I2IR2壟脷

聯(lián)立壟脵壟脷

利用數(shù)學(xué)關(guān)系求得當(dāng)R2=1.5婁賂

時，乙電路的輸出功率最大為10W

故C正確，D錯誤。故選BC。【解析】BC

12、ABC【分析】【分析】

電荷守恒定律：電荷既不能被創(chuàng)造，也不能被消滅，只能從一個物體轉(zhuǎn)移到另一個物體，或者從物體的一部分轉(zhuǎn)移到另一部分；在轉(zhuǎn)移的過程中，電荷的總量保存不變。本題是基礎(chǔ)的題目；考查的就是學(xué)生對電荷守恒定律的掌握的情況，比較簡單。

【解答】

A.靜電感應(yīng)不是創(chuàng)造電荷；只是電荷從物體的一部分轉(zhuǎn)移到另一部分，A正確；

B.摩擦起電時；一個物體失去一些電子而帶正電，另一個物體得到這些電子而帶負電，B正確；

C.摩擦和感應(yīng)都能使電子轉(zhuǎn)移；只不過前者使電子從一個物體轉(zhuǎn)移到另一個物體上，而后者則使電子從物體的一部分轉(zhuǎn)移到另一部分，C正確；

D.接觸時先中和再分電荷；所以一個帶電體接觸一個不帶電的物體，兩個物體一定帶同種電荷，D錯誤；

故選ABC。

【解析】ABC

13、ABD【分析】解：A；由題意知物塊達B點時速度恰好為0；一定受摩擦力作用。所以小物塊受重力、電場力和墻壁的彈力以及摩擦力作用，可知q帶負電，故A正確；

B、從A到O的過程中，電場強度越來越大，則電場力越來越大，由于物塊在水平方向上平衡，可知墻壁的彈力增大，導(dǎo)致滑動摩擦力增大，根據(jù)a=知，加速度增大，從O到B，電場強度越來越小，則電場力越來越小，由于物塊在水平方向上平衡，可知墻壁的彈力減小，導(dǎo)致滑動摩擦力減小，根據(jù)a=知；加速度減小，所以物塊加速度先增大后減小，故B正確；

C；由于AB是等勢線；則電荷的電勢能不變，從A到B，電場力不做功，故C錯誤；

D、由于AB是等勢線，則電場中AB兩點間電勢差UAB=0；故D正確；

故選：ABD。

根據(jù)電場強度的變化得出電場力的變化；抓住水平方向上平衡得出彈力的大小變化，從而得出摩擦力的大小變化，結(jié)合牛頓第二定律得出加速度的變化，抓住兩段過程加速度大小對稱，得出兩段過程速度變化量相同，求出O點的速度以及動能；根據(jù)電場力做功判斷電勢能的變化。

解決本題的關(guān)鍵知道等量異種電荷周圍電場線的特點，通過電場線疏密確定電場強度的大小，知道等量異種電荷連線的垂直平分線是等勢線?！窘馕觥緼BD14、AC【分析】解：A；由振子的共振曲線可得；此振動系統(tǒng)的固有頻率約為3Hz．故A正確，B錯誤；

C；振動系統(tǒng)的固有頻率是由振動系統(tǒng)本身的性質(zhì)決定的；與驅(qū)動力的頻率無關(guān)。故C正確；

D；共振曲線的峰值表示振子的固有頻率；它是由振動系統(tǒng)本身的性質(zhì)決定的，與驅(qū)動力的頻率無關(guān)。故D錯誤。

故選：AC。

振子做受迫振動；受迫振動的頻率等于驅(qū)動力的頻率．在共振曲線中振子的振幅最大的點，就是振子的固有頻率對應(yīng)的數(shù)值．振動系統(tǒng)的固有頻率是由振動系統(tǒng)本身的性質(zhì)決定的．

解決本題的關(guān)鍵掌握共振的條件，以及知道振子受迫振動的頻率等于驅(qū)動力的頻率，振動系統(tǒng)的固有頻率是由振動系統(tǒng)本身的性質(zhì)決定的，與驅(qū)動力的頻率無關(guān)．【解析】AC15、ABD【分析】解：AB

在中性面時；線圈與磁場垂直，磁通量最大.

故AB正確．

CD

在中性面時；沒有邊切割磁感線，感應(yīng)電動勢為零，通過線圈的磁通量變化率為零.

故C錯誤D正確．

故選：ABD

．

矩形線圈在勻強磁場中繞垂直于磁場方向的軸勻速轉(zhuǎn)動時；線圈中產(chǎn)生正弦式電流.

在中性面時，線圈與磁場垂直，磁通量最大，感應(yīng)電動勢為零.

線圈每通過中性面一次，電流方向改變一次．

本題考查正弦式電流產(chǎn)生原理的理解能力，抓住兩個特殊位置的特點：線圈與磁場垂直時，磁通量最大，感應(yīng)電動勢為零；線圈與磁場平行時，磁通量為零，感應(yīng)電動勢最大．【解析】ABD

16、ABC【分析】解：AB

對物體受力分析；受推力、重力、支持力，如圖。

x

方向：Fcos婁脠鈭?mgsin婁脠=ma壟脵

y

方向：N鈭?Fsin婁脠鈭?Gcos婁脠=0壟脷

從圖象中取兩個點(20N,2m/s2)(30N,6m/s2)

代入壟脵

式解得：

m=2kg婁脠=37鈭?.

故A正確；B正確．

C、物體能靜止在斜面上，當(dāng)F

沿斜面向上時所施加的外力最小Fmin=mgsin婁脠=20sin37鈭?=12N

故C正確；

D；題中并未說明物體的位移；物體做的是變加速的運動，故無法求出加速度為6m/s2

時物體的速度大小.

故D錯誤．

故選：ABC

對物體受力分析；根據(jù)牛頓第二定律得出力F

與加速度a

的函數(shù)關(guān)系，然后結(jié)合圖象得出相關(guān)信息．

本題關(guān)鍵對物體受力分析后，根據(jù)牛頓第二定律求出加速度與力F

的關(guān)系式，結(jié)合圖象討論．【解析】ABC

三、填空題(共5題，共10分)17、略

【分析】解：由圖知A圖衍射現(xiàn)象最明顯；C圖最不明顯，則A中波長最長，則頻率最??；C中波長最短，則頻率最大．

故答案為：C；A．【解析】C;A18、BC；相等【分析】解：(1)

單擺擺長l=L+r

單擺周期T=tn

由單擺周期公式T=2婁脨lg

可得，g=4婁脨2lT2=4婁脨2n2(L+r)t2

(2)A

測擺線長時擺線拉得過緊，單擺擺長偏大l

由g=4婁脨2lT2

可知；

重力加速度的測量值偏大；不符合題意，故A錯誤；

B；擺線上端未牢固地系于懸點；振動中出現(xiàn)松動，使擺線長度增加了；

計算時；仍按測量值計算，l

偏小，由g=

可知，重力加速度的測量值偏小，符合題意，故B正確；

C、開始計時，秒表過早按下，所測時間t

偏大，由g=4婁脨2lT2=4婁脨2n2(L+r)t2

可知；

重力加速度的測量值偏大；符合題意，故C正確；

D、實驗中誤將49

次全振動記數(shù)為50

次，N

偏大，由g=4婁脨2n2(L+r)t2

可知；

重力加速度測量值偏大；不符合題意，故D錯誤；

故選：BC

(3)

以l

為橫坐標(biāo)、T2

為縱坐標(biāo)將所得數(shù)據(jù)連成直線，并求得該直線的斜率K

再據(jù)單擺的周期公式T=2婁脨lg

得：g=4婁脨2lT2.

所以g=4婁脨2K

故答案為：(1)4婁脨2n2(L+D2)t2(2)BC(3)4婁脨2K

相等。

(1)

求出單擺擺長與周期；然后由單擺的周期公式求出重力加速度的表達式；

(2)

根據(jù)重力加速度的表達式；分析重力加速度測量值偏小的原因。

(3)

根據(jù)單擺的周期公式得出重力加速度g

的表達式；從而判斷出g

值及其偏大的原因。

本題關(guān)鍵要掌握實驗的原理：單擺的周期公式T=2婁脨lg

要能根據(jù)實驗原理，分析實驗誤差．【解析】4婁脨2n2(L+r)t2BC4婁脨2K

相等19、略

【分析】

（1）導(dǎo)體處于平衡有：mgsinθ=BIL，則．

（2）當(dāng)重力與安培力平衡時；壓力為零，有：mg=B′IL

則

根據(jù)左手定則；則磁場的方向水平向左．

故答案為：（1）5（2）水平向左；10．

【解析】【答案】（1）導(dǎo)體受重力；支持力和沿斜面向上的安培力處于平衡；根據(jù)共點力平衡求出安培力的大小，再根據(jù)F=BIL求出磁感應(yīng)強度的大?。?/p>

（2）當(dāng)導(dǎo)體對斜面恰好無壓力時；導(dǎo)體受重力和安培力處于平衡，根據(jù)左手定則得出磁場的方向以及根據(jù)力的平衡求出安培力大小，從而求出磁感應(yīng)強度的大小．

20、略

【分析】【解析】試題分析：當(dāng)電流I=2A時，分別求出電源的功率和電源內(nèi)部發(fā)熱功率，求出線段AB表示功率的變化．根據(jù)歐姆定律求出外電阻．當(dāng)電流I=2A時，電源的功率電源內(nèi)部發(fā)熱功率則線段AB表示功率的變化為2W．當(dāng)電流I=2A時，由得．考點：本題考查了閉合回路的歐姆定律以及電功率的計算【解析】【答案】2、0.521、B:C:E【分析】液體表面張力產(chǎn)生在液體表面層，它的方向平行于液體表面，而非與液面垂直；故A錯誤；單晶體中原子(或分子、離子)的排列具有空間周期性，從而決定了有規(guī)則的天然外形，選項B正確；絕對濕度大，相對濕度不一定大，選項C正確；根據(jù)熱力學(xué)第二定律可知，內(nèi)能不可能全部轉(zhuǎn)化物體的機械能，選項D錯誤；液晶具有液體的流動性，同時具有晶體的各向異性特征，選項E正確；故選BCE.四、判斷題(共1題，共3分)22、A【分析】【解答】解：圖中a、b兩點在一個等勢面上；

故Uac=Ubc，根據(jù)W=qU，有Wa=Wb；

a位置的電場強度較密集，故Ea＞Eb；

故答案為：正確．

【分析】圖中a、b兩點在一個等勢面上，根據(jù)W=qU判斷電場力做功的大小，根據(jù)電場線的疏密程度判斷電場強度的大?。濉⒂嬎泐}(共1題，共8分)23、略

【分析】

(1)

小球剛好沒躍出圓弧的上端；知小球上升到滑塊上端時，小球與滑塊水平方向速度相同，結(jié)合動量守恒和系統(tǒng)機械能守恒求出小球的初速度大?。?/p>

(2)

小球到達最高點以后又滑回；滑塊又做加速運動，當(dāng)小球離開滑塊后滑塊速度最大，根據(jù)動量守恒和能量守恒求出滑塊的最大速度．

本題考查了動量守恒定律、機械能守恒定律以及能量守恒定律等，知道小球剛好沒躍出圓弧的上端，兩者水平方向上的速度相同；當(dāng)小球返回離開滑塊時，滑塊的速度最大．【解析】解：(1)

當(dāng)小球上升到滑塊上端時；小球與滑塊水平方向速度相同，設(shè)為v1

以小球的初速度方向為正方向，在水平方向上，由動量守恒定律得：

mv0=(m+M)v1壟脵

由機械能守恒定律得：12mv02=12(m+M)v12+mgR壟脷

代入數(shù)據(jù)解得：v0=5m/s壟脹

(2)

小球到達最高點以后又滑回；滑塊又做加速運動，當(dāng)小球離開滑塊后滑塊速度最大.

研究小球開始沖上滑塊一直到離開滑塊的過程，以小球的初速度方向為正方向，由動量守恒定律得：

mv0=mv2+Mv3壟脺

由機械能守恒定律得：12mv02=12mv22+12Mv32壟脻

解得：v3=2mm+Mv0=2m/s壟脼

答：(1)

小球的初速度v0

是5m/s

．

(2)

滑塊獲得的最大速度是2m/s

．六、綜合題(共2題，共18分)24、(1)D(2)A(3)C(4)A(5)0.02311

(6)

解：壟脵

由公式B=FIL

可得F=BIL

所以F=4.0隆脕10鈭?5隆脕10隆脕1000N=0.4N

壟脷

電流變?yōu)?A

時；當(dāng)?shù)氐卮艌龅拇鸥袘?yīng)強度仍為4.0隆脕10鈭?5T

【分析】(1)

【分析】根據(jù)庫侖定律，得F=kq2r2

電量和距離變化后，再代入庫侖定律公式求解庫侖力。本題是庫侖定律的直接應(yīng)用，基礎(chǔ)題目?！窘獯稹扛鶕?jù)庫侖定律，得F=kq2r2

將它們的電量均增加一倍后，放在兩球心間相距2m

處，再由庫侖定律，得F鈥?=k2q隆脕2q(2r)2=kq2r2

故F鈥?=F

故D正確；ABC錯誤。

故選：D

(2)

【分析】

沿著電場線的方向電勢逐漸降低，電場線密的地方場強大，從而即可求解。把握電場線的特點是解決此類問題的關(guān)鍵.

記住了，理解了，也就會做了?！窘獯稹?/p>

電場線密的地方場強大，EA>EB

故A正確，BCD錯誤。

故選：A

(3)

【分析】小磁針能體現(xiàn)出磁場的存在，且小磁針靜止時N

極的指向為磁場的方向，即為磁感應(yīng)強度的方向。也可為磁感線在該點的切線方向.

而電流周圍的磁場由右手螺旋定則來確定磁場方向。右手螺旋定則也叫安培定則，讓大拇指所指向為電流的方向，則四指環(huán)繞的方向為磁場方向.

當(dāng)導(dǎo)線是環(huán)形時，則四指向為電流的方向?！窘獯稹?/p>

?當(dāng)通入如圖所示的電流時；根據(jù)右手螺旋定則可得小磁針的位置的磁場方向是垂直紙面向里，由于小磁針靜止時N

極的指向為磁場的方向，所以小磁針的N

極將垂直于紙面向里轉(zhuǎn)動，C正確，ABD錯誤；

故選：C

(4)

【分析】根據(jù)電壓與匝數(shù)成正比，電流與匝數(shù)成反比，變壓器的輸入功率和輸出功率相等，逐項分析即可得出結(jié)論。掌握住理想變壓器的電壓、電流及功率之間的關(guān)系，本題即可得到解決?！窘獯稹緼；輸入的功率的大小是由輸出功率的大小決定的；并且大小相等，所以A正確B錯誤；

C.輸出電壓是由輸入電壓和匝數(shù)比決定的；電壓與匝數(shù)成正比，所以C錯誤；

D.副線圈匝數(shù)少于原線圈匝數(shù)的為降壓變壓器；所以D錯誤。

故選：A

(5)

【分析】描述交變電流的量有周期、頻率、有效值、峰值、瞬時值，通過圖象直接得到周期和最大值。本題考查對交流電圖象的認(rèn)識，要知道在交流圖象中能直接求出最大值和周期?！窘獯稹坑蓤D可知；該交流電的周期為0.02s

最大值為311V

故填：0.02311

(6)

根據(jù)F=BIL

來計算安培力的大小，磁感應(yīng)強度是由磁場本