2025年北師大版高二物理下冊階段測試試卷

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年北師大版高二物理下冊階段測試試卷126考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五六總分得分評卷人得分一、選擇題(共5題，共10分)1、如圖所示，垂直紙面向里的勻強磁場區(qū)域?qū)挾葹閐，磁感應(yīng)強度的大小為B。一電阻為R的梯形導(dǎo)體框（上、下底長度分別為L、5L）從圖示位置沿水平向右方向以速度v勻速穿過磁場區(qū)域，規(guī)定電流逆時針方向為正，在下圖中線框中感應(yīng)電流與線框移動距離x的關(guān)系圖象正確的是（）2、如圖所示，通電導(dǎo)線MN

與單匝矩形線圈abcd

共面，位置靠近ab

且相互絕緣.

當(dāng)MN

中電流突然增大時，線圈所受安培力的合力方向(

)

A.向左B.向右C.垂直紙面向外D.垂直紙面向里3、如圖，間距l(xiāng)=0.4m

的光滑平行金屬導(dǎo)軌電阻不計，與水平面夾角婁脠=30鈭?.

正方形區(qū)域abcd

內(nèi)勻強磁場的磁感應(yīng)強度B=0.2T

方向垂直于斜面.

甲、乙兩金屬桿電阻R

相同、質(zhì)量均為m=0.02kg

垂直于導(dǎo)軌放置.

起初，甲金屬桿處在磁場的上邊界ab

上，乙在甲上方距甲也為l

處.

現(xiàn)將兩金屬桿同時由靜止釋放，并同時在甲金屬桿上施加一個沿著導(dǎo)軌的拉力F

使甲金屬桿始終以a=5m/s2

的加速度沿導(dǎo)軌勻加速運動，已知乙金屬桿剛進入磁場時做勻速運動，取g=10m/s2()

A.甲金屬桿在磁場中運動的時間是0.4s

B.每根金屬桿的電阻R=0.12婁賂

C.乙金屬桿在磁場運動過程中回路的電流為2.5A

D.乙金屬桿在磁場運動過程中安培力功率是0.1W

4、某靜電場的電場線分布如圖所示，圖中PQ

兩點的電場強度的大小分別為EP

和EQ

電勢分別為婁脮P

和婁脮Q

則(

)

A.EP>EQ婁脮P>婁脮Q

B.EP>EQ婁脮P<婁脮Q

C.EP<EQ婁脮P>婁脮Q

D.EP<EQ婁脮P<婁脮Q

5、一閉合矩形線圈abcd繞垂直于磁感線的固定軸oo`勻速轉(zhuǎn)動，線圈平面位于如圖（甲）所示的勻強磁場中。通過線圈內(nèi)的磁通量Φ隨時間的變化規(guī)律如圖（乙）所示。下列說法正確的是（）A.t1、t3時刻通過線圈的磁通量變化率最大B.t2、t4時刻線圈中感應(yīng)電流方向改變C.t1、t3時刻線圈中感應(yīng)電流方向改變D.t2、t4時刻線圈中感應(yīng)電動勢最小評卷人得分二、雙選題(共2題，共4分)6、下列說法中；正確的是（）

A.油脂在堿性水溶液中水解在工業(yè)上用于制肥皂B.蔗糖是最重要的二糖，麥芽糖是它的同分異構(gòu)體C.在蔗糖與稀H2SO4共熱后的溶液中，滴加銀氨溶液，再水浴加熱有銀鏡生成D.取淀粉與稀硫酸共熱后的溶液，加入碘水溶液，溶液不變藍，證明淀粉尚未水解7、下列說法中；正確的是（）

A.油脂在堿性水溶液中水解在工業(yè)上用于制肥皂B.蔗糖是最重要的二糖，麥芽糖是它的同分異構(gòu)體C.在蔗糖與稀H2SO4共熱后的溶液中，滴加銀氨溶液，再水浴加熱有銀鏡生成D.取淀粉與稀硫酸共熱后的溶液，加入碘水溶液，溶液不變藍，證明淀粉尚未水解評卷人得分三、填空題(共9題，共18分)8、從1405-1433年，出生于云南的航海家鄭和先后7次下西洋．在一望無際的茫茫大海中，利用指南針導(dǎo)航．指南針指南的一端是______極（選填“N”或“S”）；洛侖茲力是磁場對______電荷的作用；如圖所示是一帶正電的粒子在磁場中的運動情況，粒子所受洛侖茲力的方向向______．9、一個量程為0隆蘆300婁脤A

的電流表，內(nèi)阻為1000婁賂

再給它串聯(lián)一個99000婁賂

的電阻，將它改裝成電壓表，改裝后電壓表的量程為______V

用它來測量一段電路兩端的電壓時，表盤指針如圖，這段電路兩端的電壓是______V

10、導(dǎo)體中的電流是5μA，那么在3.2S內(nèi)有____C的電荷定向移動通過導(dǎo)體的橫截面，相當(dāng)于____個電子通過該截面．11、電量為2×10-6C的正點電荷放入電場中A點，受到作用力為4×10-4N，方向向右，則A點的場強為______N/C，方向______．12、某示波器(圖2)工作時；屏上顯示出如圖1所示的波形，且亮度較弱．

(1)要將波形調(diào)到中央；應(yīng)調(diào)節(jié)示波器的____________旋鈕和____________旋鈕；若要增大顯示波形的亮度，應(yīng)調(diào)節(jié)____________旋鈕．(填寫示波器面板上的旋鈕符號或旋鈕名稱)

(2)在“練習(xí)使用示波器”實驗中；某同學(xué)將衰減調(diào)節(jié)旋鈕置于最右邊的“”擋；掃描范圍旋鈕置于“外X”擋，“X輸入”與“地”之間未接信號輸入電壓，他在示波器熒光屏上看到的圖象可能是圖中的____________．

13、熱力學(xué)第一定律：一般情況下，如果物體跟外界同時發(fā)生做功和熱傳遞的過程，那么外界對物體所做的功W

加上物體從外界吸收的熱量Q

等于物體____的增量.

表達式為婁隴U=

____．14、如圖所示，有一水平方向的勻強電場，場強大小為9000N/C

在電場內(nèi)一水平面上作半徑為10cm

的圓，圓上取AB

兩點，AO

沿E

方向，BO隆脥OA

另在圓心處放一電量為10鈭?8C

的正點電荷，則A

處場強大小EA=

______N/CB

處的場強大小EB=

______N/C

．15、半圓形光滑軌道固定在水平地面上，其軌道平面與地面垂直，物體m1m2

同時由軌道左、右兩端的最高點釋放，兩者碰撞后黏在一起運動，最高能上升到軌道M

點，已知OM

與豎直方向夾角為60鈭?

則兩物體的質(zhì)量之比m1m2

為______．16、如果某原子核ZAX

吸收一個中子后，放出一個電子，分裂為兩個a

粒子，由此可知該原子核符號中的A=

______，Z=

______．評卷人得分四、判斷題(共4題，共40分)17、電勢差有正有負，所以是矢量，且電場中兩點間的電勢差隨著零電勢點的選取變化而變化．（判斷對錯）18、只有沿著電場線的方向電勢才會降低，所以電勢降低的方向就一定是電場強度的方向．（判斷對錯）19、空間兩點放置兩個異種點電荷a、b，其所帶電荷量分別為qa和qb，其產(chǎn)生的電場的等勢面如圖所示，且相鄰等勢面間的電勢差均相等，電場中A、B兩點間的電勢大小的關(guān)系為φA＞φB，由此可以判斷出a為正電荷，且有qa＜qb．________（判斷對錯）

20、如圖所示為某示波管內(nèi)的聚焦電場，實線和虛線分別表示電場線和等勢線．兩電子分別從a、b兩點運動到c點．設(shè)電場力對兩電子做的功分別為Wa和Wb，a、b點的電場強度大小分別為Ea和Eb，則Wa=Wb，Ea＞Eb．________（判斷對錯）

評卷人得分五、作圖題(共4題，共28分)21、如圖所示，圖甲是小明奶奶眼睛成像情況示意圖，請在圖乙中畫出矯正小明奶奶視力所需的透鏡并完成光路圖．22、根據(jù)圖中通電直導(dǎo)線電流方向（豎直向下）判斷磁感線的環(huán)繞方向；在圖中畫箭頭表示．

23、如圖所示；一束紅色激光從空氣射入厚度均勻的平行玻璃磚．

（1）請完成該光線射到CD界面之后的光路圖．

（2）隨著入射角θ1的不斷增加，該光線______（選填“能”或“不能”）在CD界面發(fā)生全反射．24、如圖所示，A、B、C是勻強電場中平行于電場線的某一平面上的三個點，各點的電勢分別為φA=20V，φB=4V，φC=8V，請你畫出該電場的其中一個等勢面和一條電場線．評卷人得分六、實驗探究題(共3題，共24分)25、某同學(xué)利用圖甲所示的電路描繪一個標(biāo)有“3V0.6W”小燈泡的伏安特性曲線；現(xiàn)有電源（電動勢6V，內(nèi)阻不計）；電壓表（0～3V，內(nèi)阻約3kΩ）、開關(guān)和導(dǎo)線若干．其它可供選用的器材如下：

A．電流表（0～250mA；內(nèi)阻約5Ω）

B．電流表（0～0.6A；內(nèi)阻約0.2Ω）

C．滑動變阻器（0～10Ω）

D．滑動變阻器（0～50Ω）

為減小測量誤差并便于操作，在實驗中電流表應(yīng)選用______，滑動變阻器應(yīng)選用______（選填器材前的字母）26、如圖為一正在測量中的多用電表表盤．

（1）如果是用×100Ω擋測量電阻，則讀數(shù)為______Ω．

（2）如果是用直流50mA擋測量電流，則讀數(shù)為______mA．

（3）如果是用直流10V擋測量電壓，則讀數(shù)為______V．27、某同學(xué)欲探究圓錐擺的相關(guān)規(guī)律，他找來一根不可伸長的細線并測出其長度L

把細線一端固定于O

點，在O

點處連一拉力傳感器(

圖中未畫出)

拉力傳感器可以感應(yīng)細線上的拉力，傳感器與計算機連接，在計算機上顯示出細線的拉力F

線的另一端連有一質(zhì)量為m

的小球(

可看做質(zhì)點)

讓小球在水平面內(nèi)作勻速圓周運動．壟脵

該同學(xué)探究發(fā)現(xiàn)圖中細線與豎直方向夾角婁脠

和細線拉力F

的關(guān)系是：細線拉力隨婁脠

角增大而________(

填“增大”、“減小”或“不變”)

壟脷

該同學(xué)用細線拉力F

線長L

和小球質(zhì)量m

得出了小球運動的角速度婁脴=

________．壟脹

該同學(xué)想進一步探究婁脠

與小球角速度婁脴

的關(guān)系，他以1cos胃

為橫軸，以婁脴2

為縱軸建立直角坐標(biāo)系，描點作圖得到一條直線，設(shè)直線的斜率為k

則當(dāng)?shù)刂亓铀俣鹊谋磉_式為g=

________(

用題目已知量表示)

．參考答案一、選擇題(共5題，共10分)1、D【分析】【解析】【答案】D2、A【分析】解：金屬線框abcd

放在導(dǎo)線MN

上，導(dǎo)線中電流產(chǎn)生磁場，根據(jù)安培定則判斷可知，線框abcd

左右兩側(cè)磁場方向相反，線框左側(cè)的磁通量小于線框右側(cè)的磁通量，磁通量存在抵消的情況.

若MN

中電流突然增大時，穿過線框的磁通量將增大.

根據(jù)楞次定律可知，感應(yīng)電流的磁場要阻礙磁通量的變化，則線框abcd

感應(yīng)電流方向為逆時針；再由左手定則可知，左邊受到的安培力水平向左，而右邊的安培力方向也水平向右，故安培力的合力向左.

故A正確，BCD錯誤．

故選：A

金屬線框abcd

放在導(dǎo)線MN

上，導(dǎo)線中電流產(chǎn)生磁場，當(dāng)導(dǎo)線中電流增大時，穿過線框abcd

的磁通量增大，根據(jù)楞次定律判斷線框abcd

感應(yīng)電流；再由左手定則來確定所受有安培力方向．

本題運用楞次定律判斷電磁感應(yīng)中導(dǎo)體的運動方向，也可以根據(jù)因果關(guān)系，運用安培定則、楞次定律和左手定則按部就班進行分析判斷．【解析】A

3、A【分析】【分析】乙金屬桿進入磁場前，沿斜面向下的加速度跟甲的加速度相同，甲乙均做加速運動；由運動學(xué)公式求出乙進入磁場時的速度，乙金屬桿剛進入磁場時做勻速運動，根據(jù)平衡條件和安培力公式求解R

根據(jù)mgsin30鈭?=BIl

求解電流強度；乙金屬桿在磁場中勻速運動過程中，安培力的功率等于客服重力做功的功率。電磁感應(yīng)中導(dǎo)體切割引起的感應(yīng)電動勢問題，關(guān)鍵要正確分析導(dǎo)體棒受力情況，運用平衡條件、功能關(guān)系進行求解?！窘獯稹緼B.

乙金屬桿進入磁場前，甲、乙兩金屬桿加速度大小相等，當(dāng)乙剛進入磁場時，甲剛好出磁場。由v2=2al

解得乙進、甲出磁場時的速度大小均為v=2al=2隆脕5隆脕0.4m/s=2m/s

由v=at

解得甲金屬桿在磁場中運動的時間為t=va=25s=0.4s

乙金屬桿進入磁場后有mgsin30鈭?=BIl

又Blv=I隆隴2R

聯(lián)立解得R=0.064婁賂

故A正確，B錯誤；C.乙金屬桿在磁場運動過程中回路的電流為I=mgsin30鈭?Bl=0.2隆脕120.2隆脕0.4A=1.25A

所以C錯誤；D.乙金屬桿在磁場中運動過程中安培力的功率P=BIlv=mgsin30鈭?隆隴v=0.2隆脕12隆脕2=0.2W

故D錯誤。故選A。【解析】A

4、A【分析】解：由圖P

點電場線密，電場強度大，EP>EQ

．

根據(jù)沿電場線的方向電勢降低可知婁脮P>婁脮Q

．

故選：A

．

根據(jù)PQ

兩點處電場線的疏密比較電場強度的大小.

根據(jù)沿電場線的方向電勢降低．

掌握電場線的特點：疏密表示強弱，沿電場線的方向電勢降低．【解析】A

5、C【分析】【解析】試題分析：由磁通量的圖像可知：磁通量-時間圖象斜率表示磁通量的變化率，其大小決定了感應(yīng)電動勢的大?。?dāng)線圈的磁通量最大時，感應(yīng)電動勢為零，線圈經(jīng)過中性面，電流方向發(fā)生改變t1、t3時刻通過線圈的磁通量Φ的絕對值最大，磁通量變化率＝0，此時感應(yīng)電動勢、感應(yīng)電流為零，線圈中感應(yīng)電流方向改變，AB錯誤，t2、t4時刻線圈中磁通量為零，磁通量的變化率最大，即感應(yīng)電動勢最大，C對D錯考點：交變電流的產(chǎn)生【解析】【答案】C二、雙選題(共2題，共4分)6、AB【分析】本題考查物質(zhì)的性質(zhì)。該題屬于基礎(chǔ)性試題，難度不大。只要能記住常見物質(zhì)的性質(zhì)，就不難得出正確的結(jié)論。

A.油脂在堿性水溶液中水解在工業(yè)上用于制肥皂；故A正確；

B.蔗糖是最重要的二糖；麥芽糖是它的同分異構(gòu)體，故B正確；

C.在蔗糖與稀H2SO4共熱后的溶液中；加氫氧化鈉中和硫酸以后再滴加銀氨溶液，再水浴加熱有銀鏡生成，故C錯誤；

D.取淀粉與稀硫酸共熱后的溶液；加入碘水溶液，溶液不變藍，證明淀粉水解完全，故D錯誤；

?故選AB。【解析】AB7、AB【分析】本題考查物質(zhì)的性質(zhì)。該題屬于基礎(chǔ)性試題，難度不大。只要能記住常見物質(zhì)的性質(zhì)，就不難得出正確的結(jié)論。

A.油脂在堿性水溶液中水解在工業(yè)上用于制肥皂；故A正確；

B.蔗糖是最重要的二糖；麥芽糖是它的同分異構(gòu)體，故B正確；

C.在蔗糖與稀H2SO4共熱后的溶液中；加氫氧化鈉中和硫酸以后再滴加銀氨溶液，再水浴加熱有銀鏡生成，故C錯誤；

D.取淀粉與稀硫酸共熱后的溶液；加入碘水溶液，溶液不變藍，證明淀粉水解完全，故D錯誤；

?故選AB?！窘馕觥緼B三、填空題(共9題，共18分)8、略

【分析】解：由于地球的周圍存在地磁場；指南針指南的一端是S極；

洛倫茲力是運動電荷在磁場中所受到的力。

根據(jù)左手定則可知；受到的洛倫茲力的方向是在紙面向右。

故答案為：S運動右。

根據(jù)左手定則；讓磁感線從掌心進入，并使四指指向電流的方向，這時拇指所指的方向就是洛倫茲力的方向．根據(jù)左手定則來判斷洛倫茲力即可．

明確指南針是一個小磁針是解決此題的起點．指南針之所以始終指向南北方向正是由于受到地磁場的作用．注意運動電荷的極性，同時要注意與右手定則的區(qū)別，比較簡單【解析】s；運動；右9、略

【分析】解：改裝后的電壓表的量程為：U=g(R+Rg)=300隆脕10鈭?6隆脕(1000+99000)=30V

由圖所示電壓表可知；其分度值為0.6V

示數(shù)為12V

故答案為：3012

電流表改裝成電壓表串聯(lián)電阻分壓；改裝后的量程為U=g(Rg+R)

根據(jù)圖示表盤與指針位置讀出其示數(shù)。

本題考查了求電壓表量程、電壓表讀數(shù)，應(yīng)用串聯(lián)電路特點與歐姆定律可以求出電壓表量程，由圖示表盤確定其分度值，然后讀出其示數(shù)?！窘馕觥?012

10、略

【分析】

根據(jù)電流的定義式I=得，3.2S內(nèi)通過導(dǎo)體橫截面的電荷量q=It=5×10-6×3.2C=1.6×10-5C

n===1.0×1014（個）

故答案為：1.6×10-5，1.0×1014

【解析】【答案】已知電流和通電時間，根據(jù)電流的定義式I=求出3.2s內(nèi)通過導(dǎo)體橫截面的電荷量．每個電子的電荷量大小為e=1.6×10-19C，由n=求出相當(dāng)于電子的數(shù)目．

11、略

【分析】解：A點的場強為：E==N/C=200N/C；方向：向右．

故答案為：200；向右．

電場強度等于試探電荷所受電場力與其電荷量的比值；方向與正電荷所受電場力方向相同．

解決本題的關(guān)鍵掌握電場強度的定義式，知道電場強度的大小由電場本身的性質(zhì)決定，與放入電場中的電荷無關(guān)．【解析】200；向右12、略

【分析】解：(1)若要將波形調(diào)至屏中央，應(yīng)調(diào)節(jié)豎直位移與水平位移調(diào)節(jié)旋鈕，故為：垂直位移(或?qū)憺椤?水平位移(或?qū)憺?；

若要增大波形的亮度；應(yīng)調(diào)節(jié)輝度調(diào)節(jié)旋鈕，故為：輝度(或?qū)憺?)；

(2)由于“X輸入”與“地”之間未接信號輸入電壓；因此X方向沒有偏轉(zhuǎn)，電子只有Y軸上偏轉(zhuǎn)，所以形成圖象B．故B正確，ACD錯誤；

故答案為：(1)豎直位移旋鈕；水平位移旋鈕；輝度調(diào)節(jié)旋鈕．

(2)故選：B．【解析】豎直位移旋鈕;水平位移旋鈕;輝度調(diào)節(jié)旋鈕;B13、內(nèi)能W+Q【分析】【分析】本題考查熱力學(xué)第一定律。熱力學(xué)第一定律：一般情況下，如果物體跟外界同時發(fā)生做功和熱傳遞的過程，那么外界對物體所做的功WW加上物體從外界吸收的熱量QQ等于物體內(nèi)能的增量，表達式為婁隴U=婁隴U=W+Q

解題的關(guān)鍵是知道熱力學(xué)第一定律的內(nèi)容?！窘獯稹繜崃W(xué)第一定律：一般情況下，如果物體跟外界同時發(fā)生做功和熱傳遞的過程，那么外界對物體所做的功W

加上物體從外界吸收的熱量Q

等于物體內(nèi)能的增量，表達式為婁隴U=W+Q

故答案為：內(nèi)能W+Q

【解析】內(nèi)能W+Q

14、略

【分析】解：點電荷在A

點處產(chǎn)生的場強大小為E=kQr2=9隆脕109隆脕10鈭?80攏廬12N/C=9隆脕103N/C

方向從O隆煤A

而勻強電場方向向右；大小9隆脕103N/C

疊加后，合電場強度為零．

同理，點電荷在B

點處產(chǎn)生的場強大小也為E=kQr2=9隆脕109隆脕10鈭?80攏廬12N/C=9隆脕103N/C

方向從O隆煤B

根據(jù)平行四邊形定則得；則兩點的場強是由正點電荷和勻強電場場強的合成，A

點的場強大小為EA=E碌茫鈭?E脭脠=9隆脕103N/C鈭?9隆脕103N/C=0

同理，B

點的場強大小為EB=2E=92隆脕103N/C

故答案為：092隆脕103

根據(jù)公式E=kQr2

求出點電荷在C

點處產(chǎn)生的場強大?。慌袛喑鰣鰪姺较?，C

點的場強是由正點電荷和勻強電場場強的合成，根據(jù)平行四邊形定則求解AB

兩點處的場強大小及方向．

本題電場的疊加問題，一要掌握點電荷的場強公式E=kQr2

二要能根據(jù)據(jù)平行四邊形定則進行合成．【解析】092隆脕103

15、略

【分析】解：兩球到達最低的過程由動能定理得：mgR=12mv2

解得：v=2gR

所以兩球到達最低點的速度均為：2gR

設(shè)向左為正方向，則m1

的速度v1=鈭?2gR

則m2

的速度v2=2gR

由于碰撞瞬間動量守恒得：m2v2+m1v1=(m1+m2)v鹿虜

解得：v鹿虜=m2鈭?m1m1+m22gR壟脵

二者碰后粘在一起向左運動；最高能上升到軌道M

點；

對此過程由動能定理得：鈭?(m1+m2)gR(1鈭?cos60鈭?)=0鈭?12(m1+m2)v鹿虜2壟脷

由壟脵壟脷

解得：(m1+m2)2(m2鈭?m1)2=2

整理地：m1m2=(2鈭?1)攏潞(2+1)

故答案為：(2鈭?1)攏潞(2+1)

先根據(jù)動能定理解出兩小球到達最低點的速度；再用動量守恒解出碰撞后的共同瞬時速度，最后兩小球上升過程可列出動能定理表達式解題．

注意動量守恒的條件的應(yīng)用：物體之間發(fā)生相互作用的過程中，如果沒有外力作用，那么相互作用的物體的總動量保持不變，在解題時注意選擇合適的正方向．【解析】(2鈭?1)攏潞(2+1)

16、略

【分析】解：由質(zhì)量數(shù)守恒A+1=0+2隆脕4

知該原子核符號中的A=7

由電荷數(shù)守恒Z+0=鈭?1+2隆脕2

知Z=3

．

故答案為：73

根據(jù)質(zhì)量數(shù)守恒和電荷數(shù)守恒求質(zhì)量數(shù)和質(zhì)子數(shù)．

本題考查了核反應(yīng)方程式中質(zhì)量數(shù)和電荷數(shù)守恒的知識，屬于常規(guī)題．【解析】73

四、判斷題(共4題，共40分)17、B【分析】【解答】解：電勢差類似于高度差；沒有方向，是標(biāo)量，正負表示電勢的相對大小．

兩點間的電勢差等于電勢之差；由電場中兩點的位置決定，與零電勢點的選取無關(guān)．由以上的分析可知，以上的說法都錯誤．

故答案為：錯誤。

【分析】電勢差是標(biāo)量，正負表示大小；電勢差與零電勢點的選取無關(guān)；沿著電場線方向電勢降低；電勢反映電場本身的性質(zhì)，與試探電荷無關(guān)．18、B【分析】【解答】解：沿著電場線方向；電勢降低，且降低最快；

那么電勢降低最快的方向才是電場線的方向；但電勢降低的方向不一定是電場線的方向，故錯誤；

故答案為：錯誤．

【分析】電場強度和電勢這兩個概念非常抽象，借助電場線可以形象直觀表示電場這兩方面的特性：電場線疏密表示電場強度的相對大小，切線方向表示電場強度的方向，電場線的方向反映電勢的高低．19、B【分析】【解答】解：若把該圖象與等量異種點電荷電場中的部分等勢面圖比較；可以得到：靠近正電荷的點電勢高，靠近負電荷的點，電勢較低．所以，a處為正電荷．

等量異種點電荷電場中的部分等勢面圖象中的等勢面左右對稱；無窮遠處的電勢為0．該圖象的左側(cè)的等勢線比較密，無窮遠處的電勢為0，所以無窮遠處到兩點之間的電勢差相比，與a點之間的電勢差比較大，所以a點所帶的電量就多．

故答案為：錯誤．

【分析】若把該圖象與等量異種點電荷電場中的部分等勢面圖比較，很容易得出正確的結(jié)論．20、A【分析】【解答】解：圖中a、b兩點在一個等勢面上；

故Uac=Ubc，根據(jù)W=qU，有Wa=Wb；

a位置的電場強度較密集，故Ea＞Eb；

故答案為：正確．

【分析】圖中a、b兩點在一個等勢面上，根據(jù)W=qU判斷電場力做功的大小，根據(jù)電場線的疏密程度判斷電場強度的大?。濉⒆鲌D題(共4題，共28分)21、解答：看近處物體時，像會聚在視網(wǎng)膜的后方，是遠視眼，戴凸透鏡矯正，如下圖所示．

【分析】【分析】遠視眼看遠處物體時，視網(wǎng)膜上能成清晰的像；看近處物體時，由于晶狀體太薄或眼球太短，使像會聚在視網(wǎng)膜的后方．應(yīng)戴凸透鏡來矯正，使像會聚在視網(wǎng)膜上．22、略

【分析】

根據(jù)安培定則關(guān)于直導(dǎo)線的磁場判斷可得出通電直導(dǎo)線周圍的磁場方向與電流方向的關(guān)系判斷方法．

本題考查安培定則的關(guān)于直線電流的磁場的判斷；應(yīng)能熟練應(yīng)用安培定則的三種情況判斷其磁場．利用右手螺旋定則既可由電流的方向判定磁極磁性，也能由磁極極性判斷電流的方向和線圈的繞法．【解析】解：由安培定則可知；通電直導(dǎo)線的周圍磁場為以導(dǎo)線為圓心的一層層的同心圓；通電直導(dǎo)線的磁場可以由安培定則進行判斷：用右手握住直導(dǎo)線，大拇指向下指向電流方向，四指彎曲的方向即為磁場的方向；如圖．

答：如圖23、略

【分析】解：（1）完成該光線射到CD界面之后的光路圖如圖．

（2）隨著入射角θ1的不斷增加；該光線不能在CD界面發(fā)生全反射．

因為：根據(jù)幾何知識有：光線在AB面的折射角等于在CD面的入射角；由光路可逆性原理可知，光線不會在CD界面發(fā)生全反射，一定能從CD面射出．

答：（1）光路圖如圖．

（2）不能．

（1）該光線射到CD界面時既有反射；又有折射．結(jié)合光的反射定律和折射定律畫出光路圖．

（2）對照全反射條件和光路可逆性；分析光線在CD界面能否發(fā)生全反射．

畫光路圖時，要結(jié)合光的反射定律和折射定律，注意角的大小關(guān)系，光線上要標(biāo)明箭頭．【解析】不能24、略

【分析】

在勻強電場中將某一線段等分同時就將該線段兩端的電勢差等分；在AB上找出與C點相同的電勢，作出等勢面，而電場線與等勢面垂直，且由高電勢指向低電勢；

本題主要考查了等勢點的找法，注意電場線和等勢面間的垂直關(guān)系，屬于一個基礎(chǔ)題．但是能考查學(xué)生對勻強電場中等勢面和電場線的理解；是一個好題．【解析】解：將AB等分成4段；在勻強電場中將某一線段等分同時就將該線段兩端的電勢差等分，則靠B端的等分點的電勢即為8V，即可做出一條等勢面；而電場線與等勢面垂直，且由高電勢指向低電勢；即可做出電場線，如圖，畫出的虛線為等勢面，垂直于等