2024年滬科版高三物理下冊(cè)階段測(cè)試試卷

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請(qǐng)※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2024年滬科版高三物理下冊(cè)階段測(cè)試試卷692考試試卷考試范圍：全部知識(shí)點(diǎn)；考試時(shí)間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級(jí)：______考號(hào)：______總分欄題號(hào)一二三四五總分得分評(píng)卷人得分一、選擇題(共8題，共16分)1、下列關(guān)于物體間的萬有引力的說法中，正確的是（）A.只有質(zhì)量較大的物體間才存在相互作用的吸引力B.任何物體間都存在相互作用的吸引力，引力的大小與質(zhì)量成正比C.任何物體間都存在相互作用的吸引力，引力的大小與距離成反比D.任何物體間都存在相互作用的吸引力，引力的大小與兩物體質(zhì)量的乘積成正比2、如圖所示為一皮帶傳動(dòng)裝置，右輪的半徑為r，a是它邊緣上的一點(diǎn)；左輪的半徑為2r，b是左輪邊緣上的一點(diǎn)．若在傳動(dòng)過程中，兩輪均勻速率轉(zhuǎn)動(dòng)，且皮帶不打滑．則關(guān)于a、b兩點(diǎn)的線速度v的大小，下列關(guān)系中正確的是（）A.va=vbB.va＞vbC.va＜vbD.以上情況都有可能3、如圖所示是單色光雙縫干涉實(shí)驗(yàn)?zāi)骋粫r(shí)刻的波形圖，實(shí)線表示波峰，虛線表示波谷．在此時(shí)刻，介質(zhì)中A點(diǎn)為波峰相疊加點(diǎn)，B點(diǎn)為波谷相疊加點(diǎn)，A、B連線上的C點(diǎn)為某中間狀態(tài)相疊加點(diǎn)．如果把屏分別放在A、B、C三個(gè)位置，那么（）A.C三個(gè)位置都出現(xiàn)亮條紋B.B位置處出現(xiàn)暗條紋C.C位置出現(xiàn)亮條紋或暗條紋要由其他條件決定D.以上結(jié)論都不對(duì)4、如圖所示；從F處釋放一個(gè)無初速的電子向B極方向運(yùn)動(dòng)，指出下列對(duì)電子運(yùn)動(dòng)的描述中哪句是錯(cuò)誤的（設(shè)電源電動(dòng)勢(shì)為E=2V）（）

A.電子到達(dá)B板時(shí)的動(dòng)能是2eV

B.電子從B板到達(dá)C板動(dòng)能變化量為零。

C.電子到達(dá)D板時(shí)動(dòng)能是4eV

D.電子在A板和D板之間做往復(fù)運(yùn)動(dòng)。

5、以下是有關(guān)近代物理內(nèi)容的若干敘述，其中正確的是（）（選對(duì)一個(gè)給3分，選對(duì)兩個(gè)給4分，選對(duì)3個(gè)給6分，每錯(cuò)選一個(gè)扣3分，最低得0分）A.一束光照射到某種金屬上不能發(fā)生光電效應(yīng)，可能是因?yàn)檫@束光的光強(qiáng)太小B.盧瑟福在a粒子散射實(shí)驗(yàn)的基礎(chǔ)上提出原子核式結(jié)構(gòu)學(xué)說C.天然放射現(xiàn)象中發(fā)出的三種射線是從原子核內(nèi)放出的看不見的射線E.按照玻爾理論，氫原子核外電子從半徑較小的軌道躍遷到半徑較大的軌道時(shí)，電子的動(dòng)能減小，但原子的能量增大E.按照玻爾理論，氫原子核外電子從半徑較小的軌道躍遷到半徑較大的軌道時(shí)，電子的動(dòng)能減小，但原子的能量增大6、如圖所示；真空中有直角坐標(biāo)系xOyx

軸上固定著關(guān)于O

點(diǎn)對(duì)稱的一對(duì)等量異種點(diǎn)電荷+Q

和鈭?QC

是y

軸上的一個(gè)點(diǎn)，D

是x

軸上的一個(gè)點(diǎn)，在過D

點(diǎn)平行于y

軸的直線上有一點(diǎn)E

將正電荷從O

點(diǎn)移動(dòng)到D

點(diǎn)電場(chǎng)力做的功為W1

從C

點(diǎn)移動(dòng)到E

點(diǎn)電場(chǎng)力做的功為W2

下列判斷正確的是。

A.電場(chǎng)力都做正功，并且W1=W2

B.電場(chǎng)力都做正功，并且W1>W2

C.電場(chǎng)力都做負(fù)功，并且W1=W2

D.電場(chǎng)力都做負(fù)功，并且W1>W2

7、關(guān)于參照系，下述說法中正確的是（）A.參照系必須選擇靜止不動(dòng)的物體B.參照系必須是和地面連在一起的物體C.一定要選地為參照物D.任何物體都可以被選作參照系8、大型游樂場(chǎng)中有一種叫“摩天輪”的娛樂設(shè)施，如圖所示，坐在其中的游客隨輪的轉(zhuǎn)動(dòng)而做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，對(duì)此有以下說法，其中正確的是（）A.游客處于一種平衡狀態(tài)B.游客做的是一種變加速曲線運(yùn)動(dòng)C.游客做的是一種勻變速運(yùn)動(dòng)D.游客的機(jī)械能守恒評(píng)卷人得分二、填空題(共6題，共12分)9、在軌道半徑是地球半徑n倍的圓形軌道上，人造地球衛(wèi)星運(yùn)行的向心加速度大小是地表重力加速度的____倍，人造地球衛(wèi)星的運(yùn)行速度大小是第一宇宙速度大小的____倍．10、（2011?慈溪市校級(jí)模擬）物理3-3模塊

（1）下列說法中正確的是____

A．當(dāng)分子間的距離增大時(shí)；分子間的引力變大而斥力變小

B．布朗運(yùn)動(dòng)反映了懸浮在液體中固體顆粒分子的無規(guī)則運(yùn)動(dòng)

C．氣體對(duì)器壁的壓強(qiáng)是由大量氣體分子對(duì)器壁頻繁碰撞而產(chǎn)生的

D．隨著低溫技術(shù)的發(fā)展；我們可以使溫度逐漸降低，并圾終達(dá)到絕對(duì)零度

（2）如圖所示，一直立的汽缸用一質(zhì)憊為m的活塞封閉一定量的理想氣體，活塞橫截面積為S，汽缸內(nèi)壁光滑且缸壁是導(dǎo)熱的，開始活塞被固定，打開固定縲栓K，活塞下落，經(jīng)過足夠長(zhǎng)時(shí)間后，活塞停在B點(diǎn)，已知AB=h，大氣壓強(qiáng)為p0；重力加速度為g；

（1）求活塞停在B點(diǎn)時(shí)缸內(nèi)封閉氣體的壓強(qiáng)；

（2＞設(shè)周圍環(huán)境溫度保持不變，求整個(gè)過程中通過缸壁傳遞的熱量：Q（-定量理想氣體的內(nèi)能僅由溫度決定）．11、下列說法中正確的是_________。(選對(duì)一個(gè)給3分，選對(duì)兩個(gè)給4分，選對(duì)3個(gè)給6分。每選錯(cuò)一個(gè)扣3分，最低得分為0分)A．一定量氣體膨脹對(duì)外做功100J，同時(shí)從外界吸收120J的熱量，則它的內(nèi)能增大20JB．在使兩個(gè)分子間的距離由很遠(yuǎn)(r>10-9m)減小到很難再靠近的過程中，分子間作用力先減小后增大，分子勢(shì)能不斷增大C．由于液體表面層分子間距離大于液體內(nèi)部分子間距離，液體表面存在張力D．用油膜法測(cè)出油分子的直徑后，要測(cè)定阿伏加德羅常數(shù)，只需再知道油的密度即可E．空氣相對(duì)濕度越大時(shí)，空氣中水蒸氣壓強(qiáng)越接近同溫度水的飽和氣壓，水蒸發(fā)越慢12、（2016?河西區(qū)一模）如圖所示，在光滑水平面上有一輛質(zhì)量M=8kg的平板小車，車上有一個(gè)質(zhì)量m=1.9kg的木塊，木塊距小車左端6m（木塊可視為質(zhì)點(diǎn)），車與木塊一起以v=1m/s的速度水平向右勻速行駛．一顆質(zhì)量m0=0.1kg的子彈以v0=179m/s的初速度水平向左飛來，瞬間擊中木塊并留在其中，則木塊獲得的速度大小是____，如果木塊剛好不從車上掉下，小車的速度大小是____．13、（2013秋?海淀區(qū)校級(jí)期末）如圖，在水平正交的勻強(qiáng)電場(chǎng)和勻強(qiáng)磁場(chǎng)區(qū)域內(nèi)，有一個(gè)帶電小球A，已知電場(chǎng)強(qiáng)度為E，磁感應(yīng)強(qiáng)度為B，小球在復(fù)合場(chǎng)區(qū)域中受到的電場(chǎng)力大小恰與它的重力大小相等要使小球在電磁場(chǎng)中勻速運(yùn)動(dòng)，則小球的速度大小等于____，方向?yàn)開___．14、青島奧運(yùn)會(huì)帆船賽場(chǎng)采用風(fēng)力發(fā)電給蓄電池充電，為路燈提供電能．用光敏電阻作為傳感器控制路燈電路的開關(guān)，實(shí)現(xiàn)自動(dòng)控制．光敏電阻的阻值隨照射光的強(qiáng)弱而變化，作為簡(jiǎn)化模型，可以近似認(rèn)為，照射光較強(qiáng)（如白天）時(shí)電阻幾乎為0：照射光較弱（如黑天）時(shí)電阻接近于無窮大．利用光敏電阻作為傳感器，借助電磁開關(guān)，可以實(shí)現(xiàn)路燈自動(dòng)在白天關(guān)閉，黑天打開．電磁開關(guān)的內(nèi)部結(jié)構(gòu)如圖1所示．1、2兩接線柱之間是勵(lì)磁線圈，3、4兩接線柱分別與彈簧片和觸點(diǎn)連接．當(dāng)勵(lì)磁線圈中電流大于50mA時(shí)，電磁鐵吸合鐵片，彈簧片和觸點(diǎn)分離，3、4斷開；電流小于50mA時(shí)，3、4接通．勵(lì)磁線圈中允許通過的最大電流為100mA．

（1）利用以下器材設(shè)計(jì)一個(gè)自動(dòng)控制路燈的電路；在圖2畫出電路原理圖．

光敏電阻R1，符號(hào)

燈泡L，額定功率40W，額定電壓36V，符號(hào)

保護(hù)電阻R2，符號(hào)

電磁開關(guān)，符號(hào)

蓄電池E；電壓36V，內(nèi)阻很小；開關(guān)S，導(dǎo)線若干．

（2）回答下列問題：

①如果勵(lì)磁線圈的電阻為200Ω，勵(lì)磁線圈允許加的最大電壓為____V，保護(hù)電阻R2的阻值范圍為____Ω．

②在有些應(yīng)用電磁開關(guān)的場(chǎng)合；為了安全，往往需要在電磁鐵吸合鐵片時(shí)，接線柱3；4之間從斷開變?yōu)榻油ǎ疄榇?，電磁開關(guān)內(nèi)部結(jié)構(gòu)應(yīng)如何改造？請(qǐng)結(jié)合本題中電磁開關(guān)內(nèi)部結(jié)構(gòu)圖說明．

答：____．

③任意舉出一個(gè)其它的電磁鐵應(yīng)用的例子．

答：____．評(píng)卷人得分三、判斷題(共8題，共16分)15、任意兩條電場(chǎng)線都不相交．____．（判斷對(duì)錯(cuò)）16、布朗運(yùn)動(dòng)是微觀粒子的運(yùn)動(dòng)，其運(yùn)動(dòng)規(guī)律不遵循牛頓第二定律．____．（判斷對(duì)錯(cuò)）17、晶體的分子（或原子、離子）排列是有規(guī)則的．____．（判斷對(duì)錯(cuò)）18、矢量的運(yùn)算遵守平行四邊形法則．____．19、物體的位移為零時(shí)，路程也一定為零．____．（判斷對(duì)錯(cuò)）20、只要知道兩個(gè)物體的質(zhì)量和兩個(gè)物體之間的距離．就可以由F=G計(jì)算物體間的萬有引力____（判斷對(duì)錯(cuò)）21、光的衍射現(xiàn)象、偏振現(xiàn)象、色散現(xiàn)象都能體現(xiàn)光具有波動(dòng)性____（判斷對(duì)錯(cuò)）22、因?yàn)槠噭x車時(shí)的速度越大滑的越遠(yuǎn)，所以速度大的物體慣性大．____（判斷對(duì)錯(cuò)）評(píng)卷人得分四、證明題(共4題，共8分)23、如圖，太陽系中星體A繞太陽做半徑為R1的圓周運(yùn)動(dòng)，星體B作拋物線運(yùn)動(dòng)．B在近日點(diǎn)處與太陽的相距為R2=2R1，且兩軌道在同一平面上，兩星體運(yùn)動(dòng)方向如圖中箭頭所示．設(shè)B運(yùn)動(dòng)到近日點(diǎn)時(shí)，A恰好運(yùn)動(dòng)到B與太陽連線上，A、B隨即發(fā)生某種強(qiáng)烈的相互作用而迅速合并成一個(gè)新的星體，其間的質(zhì)量損失可忽略．試證明新星體繞太陽的運(yùn)動(dòng)軌道為橢圓．24、如圖所示，細(xì)繩系一小球（如圖甲所示）或軌道內(nèi)側(cè)的小球（如圖乙所示）在豎直面內(nèi)做圓周運(yùn)動(dòng)，在最高點(diǎn)時(shí)的臨界狀態(tài)為只受重力作用，則有mg=m，故小球能通過最高點(diǎn)的臨界速度v=．

試證明小球在最高點(diǎn)時(shí)：

（1）v=；拉力或壓力為零；

（2）v＞；小球受向下的拉力或壓力作用；

（3）v＜；小球不能到達(dá)最高點(diǎn)．

即輕繩模型的臨界速度為v臨=．25、如圖所示，一列平面波朝著兩種介質(zhì)的界面?zhèn)鞑ィ珹1A2是它在介質(zhì)I中的一個(gè)波面，C1和C2位于兩種介質(zhì)的界面上，B1B2是這列平面波進(jìn)入介質(zhì)II后的一個(gè)波面；A1C1和A2C2是它的兩條波線，入射角為θ1，折射角為θ2，波在I、Ⅱ介質(zhì)中的傳播速度分別為v1和v2．

（1）試根據(jù)惠更斯原理證明：；

（2）若已知θ1=53°（sin53°=0.8），A1A2的長(zhǎng)度為0.6m，介質(zhì)I和介質(zhì)II中的波速之比為v1：v2=4：3，則：A1C1B1與A2C2B2的長(zhǎng)度相差多少？26、帶電離子以速度v沿CB方向射入一橫截面為正方形的區(qū)域，C，B為該正方形兩邊的中點(diǎn)，如圖所示，不計(jì)粒子的重力，當(dāng)區(qū)域內(nèi)有豎直方向的勻強(qiáng)電場(chǎng)E時(shí)，粒子恰好從A點(diǎn)飛出；當(dāng)區(qū)域內(nèi)有垂直紙面向里的磁感應(yīng)強(qiáng)度為B的勻強(qiáng)磁場(chǎng)時(shí)，粒子也恰好從A點(diǎn)飛出，試證明：=v．評(píng)卷人得分五、實(shí)驗(yàn)題(共3題，共27分)27、如圖是某同學(xué)在研究小車做勻變速直線運(yùn)動(dòng)時(shí)，用打點(diǎn)計(jì)時(shí)器打出的一條紙帶．圖中A、B、C、D、E是按打點(diǎn)先后順序依次選取的計(jì)數(shù)點(diǎn)，相鄰計(jì)數(shù)點(diǎn)間的時(shí)間間隔T=0.1s．由圖中的數(shù)據(jù)可知，打B點(diǎn)時(shí)小車的速度____（選填“大于”或“小于”）打D點(diǎn)時(shí)小車的速度；計(jì)數(shù)點(diǎn)B、D對(duì)應(yīng)的時(shí)間內(nèi)小車平均速度的大小為____．

28、（2010?上饒一模）如圖甲所示某電阻R隨攝氏溫度t變化的關(guān)系，圖中R0表示0℃時(shí)的電阻，k表示圖線的斜率，若用該電阻與電池（E、r）、電流表Rg；滑動(dòng)變阻器R′串連起來；連接成如圖乙所示的電路，用該電阻做測(cè)溫探頭，把電流表的電流刻度改為相應(yīng)的溫度刻度，于是就得到了一個(gè)簡(jiǎn)單的“電阻測(cè)溫計(jì)”．

（1）使用“電阻測(cè)溫計(jì)”前，先要把電流表的刻度值改為相應(yīng)的溫度刻度值，若溫度t1＜t2，則t1的刻度應(yīng)在t2的____側(cè)（填“左”；“右”）；

（2）在標(biāo)識(shí)“電阻測(cè)溫計(jì)”的溫度刻度計(jì)，需要弄清所測(cè)溫度和電流的對(duì)應(yīng)關(guān)系，請(qǐng)用E、R0、k等物理量表示所測(cè)溫度t與電流I的關(guān)系式t=____；

（3）利用溫度和電流的對(duì)應(yīng)關(guān)系計(jì)算溫度，需要知道電流表的內(nèi)阻Rg，現(xiàn)要精確測(cè)量電流表的內(nèi)阻Rg（約為200Ω）；實(shí)驗(yàn)室備有下列可供選用的器材：

A．電阻箱R1（0～99.99Ω）；B．電阻箱R2（0～999.9Ω）；

C．滑線變阻器R3（0～20Ω）；D．滑線變阻器R4（0～20kΩ）

此外；還有電動(dòng)勢(shì)合適的電源；開關(guān)、導(dǎo)線等．

①在虛線框內(nèi)設(shè)計(jì)一個(gè)用“半偏法”測(cè)電流表內(nèi)阻Rg的電路；

②在這個(gè)實(shí)驗(yàn)電路中，電阻箱應(yīng)選____；滑線變阻器應(yīng)選____．（用器材前的字母表示）

（4）用“半偏法”測(cè)得的電流表內(nèi)阻的測(cè)量值偏大還是偏??？____．由此因素造成的溫度測(cè)量值偏大還是偏??？____．29、某同學(xué)利用如圖（a）所示的實(shí)驗(yàn)電路來測(cè)量某電阻Rx的阻值．將電阻箱接入a、b之間，閉合開關(guān)，適當(dāng)調(diào)節(jié)滑動(dòng)變阻器R′后保持其阻值不變．改變電阻箱的阻值R，得到一組電壓表的示數(shù)U與R的數(shù)據(jù)，根據(jù)實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)作出U-R關(guān)系圖象如圖（b）所示．用待測(cè)電阻Rx替換電阻箱，讀得電壓表示數(shù)為2.00V．利用測(cè)繪的U-R圖象可得Rx=____Ω．

參考答案一、選擇題(共8題，共16分)1、D【分析】【分析】牛頓的萬有引力定律：太陽與行星之間的引力，與它們質(zhì)量的乘積成正比，與它們距離的平方成反比．其中G為一個(gè)常數(shù)，叫做引力常量．【解析】【解答】解：根據(jù)萬有引力定律可知；萬有引力的大小與兩物體質(zhì)量的乘積成正比，與兩物體間距離的二次方成反比，BC錯(cuò)誤，故D正確；

自然界中任何兩個(gè)物體都是相互吸引的；故A錯(cuò)誤．

故選：D2、A【分析】【分析】由于皮帶不打滑，故在相同時(shí)間內(nèi)，a、b兩點(diǎn)路程是相等的，根據(jù)線速度定義判斷線速度大小關(guān)系．【解析】【解答】解：由于皮帶不打滑，故在相同時(shí)間內(nèi)，a、b兩點(diǎn)通過的弧長(zhǎng)相等，根據(jù)線速度定義，a、b兩點(diǎn)的線速度v的大小相等；

故選：A．3、A【分析】【分析】波峰和波峰、波谷與波谷疊加的點(diǎn)為振動(dòng)加強(qiáng)點(diǎn)，波峰與波谷疊加的點(diǎn)為振動(dòng)減弱點(diǎn)．振動(dòng)加強(qiáng)點(diǎn)始終振動(dòng)加強(qiáng)，振動(dòng)減弱點(diǎn)始終減弱．【解析】【解答】解：點(diǎn)A是波峰和波峰疊加；為振動(dòng)加強(qiáng)點(diǎn)，且振動(dòng)始終加強(qiáng)；

點(diǎn)C是波谷和波谷疊加；為振動(dòng)加強(qiáng)點(diǎn)，且始終振動(dòng)加強(qiáng)；

點(diǎn)B到兩個(gè)光源的光程差為零；故為振動(dòng)加強(qiáng)點(diǎn)，且始終振動(dòng)加強(qiáng)；

故A正確；BCD錯(cuò)誤；

故選：A．4、C【分析】

A；釋放出一個(gè)無初速度電荷量為e的電子；在電壓為U電場(chǎng)中被加速運(yùn)動(dòng)，當(dāng)出電場(chǎng)時(shí)，所獲得的動(dòng)能等于電場(chǎng)力做的功，即W=qU=eU=2eV，故A正確；

B；由圖可知；BC間沒有電壓，則沒有電場(chǎng)，所以電子在此處做勻速直線運(yùn)動(dòng)，則電子的動(dòng)能不變．故B正確；

C；電子以2eV的動(dòng)能進(jìn)入CD電場(chǎng)中；在向左的電場(chǎng)力的阻礙下，電子作減速運(yùn)動(dòng)，由于CD間的電壓為2U，所以電子的速度減為零時(shí)，恰好到達(dá)D板．故C不正確；

D；由上可知；電子將會(huì)在A板和D板之間加速再減速，回頭加速再減速，這樣往復(fù)運(yùn)動(dòng)，故D正確；

本題選擇不正確的選項(xiàng)；故選：C

【解析】【答案】電子從靜止在勻強(qiáng)電場(chǎng)中被加速運(yùn)動(dòng)；電場(chǎng)力做的功，即為電子獲得的動(dòng)能；電子在沒有電場(chǎng)中做勻速直線運(yùn)動(dòng)；當(dāng)電子以一定速度進(jìn)入反向電場(chǎng)時(shí)會(huì)做減速運(yùn)動(dòng)，則減小的動(dòng)能即為電場(chǎng)力做的負(fù)功．

5、B|C|E【分析】一束光照射到某種金屬上不能發(fā)生光電效應(yīng)，是因?yàn)檫@束光的頻率太低，A錯(cuò)；衰變是原子核內(nèi)部一個(gè)中子分裂成一個(gè)質(zhì)子和一個(gè)電子生成的，D錯(cuò)；【解析】【答案】BCE6、B【分析】

【分析】由等量異種電荷電場(chǎng)線的分布可知其連線的中垂線上各點(diǎn)的電勢(shì)特點(diǎn)及ED

兩點(diǎn)的電勢(shì)高低，故由電場(chǎng)力做功的表達(dá)式可判得電荷在不同兩點(diǎn)間做功的大小，及做功的正負(fù)。本題主要考查點(diǎn)電荷電場(chǎng)的分布特點(diǎn)及電場(chǎng)中各點(diǎn)的電勢(shì)高低，應(yīng)熟練掌握各種電核的電場(chǎng)的特點(diǎn)。難度不大?！窘獯稹緼B.

等量異種電荷連線的中垂線為等勢(shì)線，由電場(chǎng)的分布特點(diǎn)可知E

點(diǎn)的電勢(shì)高于D

點(diǎn)電勢(shì)，故UCE<UOD

由W=qU

可得W1>W2

由于移動(dòng)的為正電荷，且由高電勢(shì)移到低電勢(shì)，故電場(chǎng)力都做正功，A錯(cuò)誤，B正確；CD.CD.同理CD錯(cuò)誤。故選B。

【解析】B

7、D【分析】【分析】參考系是選定用來做參考的物體，是假定不動(dòng)的物體，實(shí)際可以是運(yùn)動(dòng)的，也可以是靜止的，且不一定是地面上的物體．參考系的選取可以是任意的．【解析】【解答】解：A；參考系是假定不動(dòng)的物體；實(shí)際可以是運(yùn)動(dòng)的，故A錯(cuò)誤。

B；參考系不一定是地面上的物體；其選取是任意的，故B錯(cuò)誤。

C；參考系的選取沒有硬性規(guī)定；任何物體都可以選做參考系，不一定非要用地面為參考系；故C錯(cuò)誤，D正確。

故選：D8、B【分析】【分析】曲線運(yùn)動(dòng)的速度方向是切線方向，時(shí)刻改變，一定具有加速度，合力一定不為零；曲線運(yùn)動(dòng)的條件是合力與速度不共線．【解析】【解答】解：A；游客隨輪的轉(zhuǎn)動(dòng)而做勻速圓周運(yùn)動(dòng)；合力提供向心力，不是平衡狀態(tài)，故A錯(cuò)誤；

B；C、游客隨輪的轉(zhuǎn)動(dòng)而做勻速圓周運(yùn)動(dòng)；加速度方向指向圓心，時(shí)刻改變，是一種變加速曲線運(yùn)動(dòng)，故B正確，C錯(cuò)誤；

D；游客隨輪的轉(zhuǎn)動(dòng)而做勻速圓周運(yùn)動(dòng)；速度的大小不變，即動(dòng)能不變，而重力勢(shì)能變化，導(dǎo)致機(jī)械能不守恒，故D錯(cuò)誤；

故選：B．二、填空題(共6題，共12分)9、【分析】【分析】由萬有引力提供向心力可表示人造衛(wèi)星的加速度；第一宇宙速度是衛(wèi)星在近地圓軌道上的環(huán)繞速度，根據(jù)引力等于向心力，列式求解；

根據(jù)萬有引力提供向心力表示出線速度即可求解．【解析】【解答】解：

由萬有引力提供向心力可得：G=ma，解得：a=；

則人造衛(wèi)星的加速度與地面重力加速度之比為：a：g=：=

第一宇宙速度為v：G=m；

解得：v=

同理可得人造衛(wèi)星的速度為：v=

故人造衛(wèi)星的速度與第一宇宙速度之比為：

故答案為：；．10、C【分析】【分析】（1）分子力與距離的關(guān)系；分析分子間的距離增大時(shí)，分子間的引力和斥力的變化．布朗運(yùn)動(dòng)反映了液體中分子的無規(guī)則運(yùn)動(dòng)．氣體對(duì)器壁的壓強(qiáng)是由大量氣體分子對(duì)器壁頻繁碰撞而產(chǎn)生的．隨著低溫技術(shù)的發(fā)展，我們可以使溫度逐漸降低，但最終達(dá)不到絕對(duì)零度．

（2）選活塞為研究對(duì)象；對(duì)其列受力平衡方程即可

由于此過程為等溫過程，氣體內(nèi)能不變，根據(jù)熱力學(xué)第一定律列方程解決即可【解析】【解答】解：（1）A；當(dāng)分子間的距離增大時(shí)；分子間的引力和斥力都變?。蔄錯(cuò)誤．

B；布朗運(yùn)動(dòng)是懸浮在液體中固體顆粒的運(yùn)動(dòng)；是由于液體分子規(guī)則的碰撞造成的，則布朗運(yùn)動(dòng)反映了液體中分子的無規(guī)則運(yùn)動(dòng)．故B錯(cuò)誤．

C；氣體對(duì)器壁的壓強(qiáng)是由大量氣體分子對(duì)器壁頻繁碰撞；對(duì)器壁形成持續(xù)的壓力而產(chǎn)生的．故C正確．

D；根據(jù)熱力學(xué)第三定律得知；絕對(duì)零度只能接近，不能達(dá)到．故D錯(cuò)誤．

故選C

（2）①設(shè)封閉氣體的壓強(qiáng)為p；活塞受力平衡：

P0S+mg=PS

解得p=p0+

②由于氣體的溫度不變；則內(nèi)能的變化△E=0

由熱力學(xué)第一定律△E=W+Q

可得放熱：Q=（P0S+mg）h

答：（1）C

（2）①體的壓強(qiáng)p=p0+

②整個(gè)過程中通過缸壁傳遞的熱量Q=（P0S+mg）h設(shè)封閉氣體的壓強(qiáng)為p，活塞受力平衡11、略

【分析】試題分析：根據(jù)符號(hào)法則知：一定量氣體膨脹對(duì)外做功100J，功為負(fù)值，從外界吸收120J的熱量，熱量為負(fù)值，即根據(jù)熱力學(xué)第一定律知：故A正確；兩分子從很遠(yuǎn)不斷靠近，直到不能靠近的過程中，分子間的作用力開始為引力，先變大后變小，當(dāng)分子間距離等于時(shí)分子力為零，當(dāng)分子間的距離小于時(shí)，分子間作用力為斥力，分子力逐漸變大．開始時(shí)分子之間距離大于分子力為引力，分子相互靠近時(shí)分子力做正功，分子勢(shì)能減小，當(dāng)分子之間距離小于時(shí)，分子力為斥力，再相互靠近過程中分子力做負(fù)功，分子勢(shì)能增大，所以分子勢(shì)能先減小后增大，故B錯(cuò)誤；在液體內(nèi)部分子間的距離在左右，而在表面層，分子比較稀疏，分子間距離大于因此在液體表面分子間的作用表現(xiàn)為相互吸引，它的作用使液體表面繃緊，所以液體表面存在張力，故C正確；由知，用油膜法測(cè)出分子直徑后，要測(cè)阿伏伽德羅常數(shù)需要知道油的摩爾體積，知道油的密度求不出阿伏伽德羅常數(shù)，故D錯(cuò)誤；空氣相對(duì)濕度是指空氣中水汽壓與飽和汽壓的百分比，在同樣多的水蒸氣的情況下溫度降低相對(duì)濕度就會(huì)升高，當(dāng)空氣相對(duì)濕度越大時(shí)，空氣中水蒸氣壓強(qiáng)越接近同溫度水的飽和氣壓，水蒸發(fā)越慢，故E正確。所以選ACE?？键c(diǎn)：本題考查熱力學(xué)第一定律的基本應(yīng)用、分子間的相互作用、分子勢(shì)能、表面張力、阿伏伽德羅常數(shù)、飽和汽壓與空氣相對(duì)濕度等知識(shí)點(diǎn)，意在考查考生對(duì)基本概念的掌握情況?！窘馕觥俊敬鸢浮緼CE12、8m/s0.8m/s【分析】【分析】子彈與木塊組成的系統(tǒng)動(dòng)量守恒，由動(dòng)量守恒定律可以求出木塊的速度；子彈、木塊、小車組成的系統(tǒng)動(dòng)量守恒，由動(dòng)量守恒定律求出它們的共同速度即可．【解析】【解答】解：子彈擊中木塊過程中；子彈與木塊組成的系統(tǒng)動(dòng)量守恒，以子彈的初速度方向?yàn)檎较?，由?dòng)量守恒定律得：

m0v0-mv=（m0+m）v1；

代入數(shù)據(jù)解得v1=8m/s；

以子彈；木塊、小車組成的系統(tǒng)為研究對(duì)象；以子彈的初速度方向?yàn)檎较?，由?dòng)量守恒定律得：

（m0+m）v1-Mv=（m0+m+M）v2；

解得：v2=0.8m/s

故答案為：8m/s；0.8m/s13、與水平方向成45°角斜向右上【分析】【分析】取小球?yàn)檠芯康膶?duì)象，小球受到三個(gè)力的作用，若要小球在磁場(chǎng)中勻速運(yùn)動(dòng)，則三力合力為零，做出受力圖，即可求得洛倫茲力．根據(jù)左手定則判斷出速度的方向．【解析】【解答】解：粒子所受重力；電場(chǎng)力及洛倫茲力三力合力為零；受力如圖：

且滿足：

qvB=

又有：mg=Eq

解得：v=

根據(jù)左手定則可得；速度的方向與水平方向成45°角斜向右上．

故答案為：，與水平方向成45°角斜向右上．14、20160～520Ω把觸點(diǎn)從彈簧片右側(cè)移到彈簧片左側(cè)，保證當(dāng)電磁鐵吸合鐵片時(shí)，3、4之間接通：不吸合時(shí)，3、4之間斷開．電磁起重機(jī)【分析】【分析】（1）根據(jù)光敏電阻的阻值與照射光的強(qiáng)弱的關(guān)系，將光敏電阻與保護(hù)電阻R2與電磁開關(guān)1；2間、電源串聯(lián)；起控制作用；將燈泡L與電源、電磁開關(guān)3、4間串聯(lián)．

（2）①已知?jiǎng)?lì)磁線圈中允許通過的最大電流為100mA和電阻為200Ω，由歐姆定律求出最大電壓；已知?jiǎng)?lì)磁線圈中電流大于50mA時(shí)電磁鐵吸合鐵片，最大電流為100mA，則勵(lì)磁線圈電流范圍為50mA-100mA，根據(jù)歐姆定律求解保護(hù)電阻R2的阻值范圍．

②根據(jù)安全的需要；可把觸點(diǎn)從彈簧片右側(cè)移到彈簧片左側(cè)，保證當(dāng)電磁鐵吸合鐵片時(shí)，3；4之間接通：不吸合時(shí)，3、4之間斷開．

③實(shí)例比如電磁起重機(jī)等等．【解析】【解答】解：（1）電路原理如圖所示．

（2）①已知?jiǎng)?lì)磁線圈中允許通過的最大電流為Im=100mA，電阻為R=200Ω，由歐姆定律得：最大電壓為Um=ImR=20V．

由題得知；勵(lì)磁線圈電流范圍為50mA-100mA，根據(jù)歐姆定律得。

保護(hù)電阻R2的最大值為Rmax=-R2=-200=520Ω，最小值為Rmin=-R2==160Ω

故保護(hù)電阻R2的阻值范圍為160～520Ω．

②由題應(yīng)把觸點(diǎn)從彈簧片右側(cè)移到彈簧片左側(cè)；保證當(dāng)電磁鐵吸合鐵片時(shí)，3；4之間接通：不吸合時(shí)，3、4之間斷開．

③電磁鐵應(yīng)用的例子比如電磁起重機(jī)．

故答案為：

（1）電路原理如圖所示．

（2）①20；160～520

②把觸點(diǎn)從彈簧片右側(cè)移到彈簧片左側(cè)；保證當(dāng)電磁鐵吸合鐵片時(shí)，3；4之間接通：不吸合時(shí)，3、4之間斷開．

③電磁起重機(jī)．三、判斷題(共8題，共16分)15、√【分析】【分析】掌握電場(chǎng)線特點(diǎn)是解本題的關(guān)鍵，電場(chǎng)線從正電荷或無限遠(yuǎn)出發(fā)，終止于無限遠(yuǎn)或負(fù)電荷，不相交不閉合．【解析】【解答】解：電場(chǎng)中任意兩條電場(chǎng)線不會(huì)相交；否則相交的地方的電場(chǎng)線的方向有兩個(gè)．所以該說法是正確的．

故答案為：√16、×【分析】【分析】布朗運(yùn)動(dòng)是由于分子的無規(guī)則運(yùn)動(dòng)而使花粉小顆粒受到撞擊而振動(dòng)；布朗運(yùn)動(dòng)的實(shí)質(zhì)是大量分子做無規(guī)則熱運(yùn)動(dòng)的結(jié)果．【解析】【解答】解：布朗運(yùn)動(dòng)是固體小顆粒的運(yùn)動(dòng)；是宏觀物體，故符合牛頓第二定律；

故答案為：×17、√【分析】【分析】晶體的分子（或原子、離子）排列是有規(guī)則的．晶體是具有一定的規(guī)則外形和各向異性．【解析】【解答】解：根據(jù)晶體的結(jié)構(gòu)的特點(diǎn)可知；晶體的分子（或原子；離子）排列是有規(guī)則的．所以該說法是正確的．

故答案為：√18、√【分析】【分析】物理量按有無方向分矢量和標(biāo)量，矢量的運(yùn)算遵守平行四邊形法則．【解析】【解答】解：矢量是既有大??；又有方向的物理量，矢量的運(yùn)算遵守平行四邊形法則．故這句話是正確的．

故答案為：√19、×【分析】【分析】路程表示運(yùn)動(dòng)軌跡的長(zhǎng)度，位移的大小等于首末位置的距離，方向由初位置指向末位置．路程大于等于位移的大小，當(dāng)物體做單向直線運(yùn)動(dòng)時(shí)，路程等于位移的大小．【解析】【解答】解：物體的位移為零時(shí)；其路程不一定為零．比如繞操場(chǎng)一圈，路程不為零，但位移等于零．所以以上說法是錯(cuò)誤的．

故答案為：×20、×【分析】【分析】萬有引力定律適用的條件是兩個(gè)質(zhì)點(diǎn)間引力的計(jì)算．物體間的引力關(guān)系也遵守牛頓第三定律．公式中G是引力常量，是自然界的恒量．【解析】【解答】解：A；萬有引力定律適用于任何兩個(gè)可以看出質(zhì)點(diǎn)的物體之間或均質(zhì)球體之間的引力計(jì)算；當(dāng)兩個(gè)物體之間的距離太小的時(shí)候，物體就不能看做質(zhì)點(diǎn)，這時(shí)就不能用這個(gè)公式直接計(jì)算了，所以這個(gè)說法是錯(cuò)誤的．

故答案為：×21、×【分析】【分析】光的粒子性能夠很好的解釋光的直線傳播、反射、折射和色散；光的波動(dòng)性能夠很好的解釋光的干涉和衍射和偏振．【解析】【解答】解：光的波動(dòng)性能夠很好的解釋光的干涉和衍射；偏振是橫波特有的現(xiàn)象，故光的干涉；衍射和偏振證明了光具有波動(dòng)性；

光的粒子性能夠很好的解釋光的直線傳播；反射、折射；色散是光的折射造成的，故光的直線傳播、反射、折射和色散證明了光的粒子性．所以以上的說法是錯(cuò)誤的．

故答案為：×22、×【分析】【分析】慣性是物體的固有屬性，一切物體在任何情況下都有慣性，慣性大小由物體的質(zhì)量來量度．根據(jù)這些知識(shí)來解答．【解析】【解答】解：質(zhì)量是物體慣性大小的唯一量度；與物體的速度無關(guān)．故該說法是錯(cuò)誤的．

故答案為：×四、證明題(共4題，共8分)23、略

【分析】【分析】A、B星體靠攏過程中動(dòng)量守恒，從而求出新星體C的速度，計(jì)算C新星體的機(jī)械能判斷軌道的形狀是否為橢圓．【解析】【解答】證明：計(jì)算新星體C的機(jī)械能，設(shè)C距日R3，設(shè)A、B星球的速度分別為vA和vB；則：

在徑向：可以認(rèn)為在A；B靠攏過程中質(zhì)心未動(dòng)；所以C到太陽的距離為。

R3==①

在切向：A、B合并過程中動(dòng)量也守恒，則有（mA+mB）vC=mAvA+mBvB②

研究②中的vA、vB：

因A做圓周運(yùn)動(dòng)，故vA=

所以vB====vA

將vA、vB帶入②得vC=③

利用①③C星體的機(jī)械能為。

EC=（mA+mB）-G=（mA+mB）-=-G

因此，新星體C的軌道為橢圓．24、略

【分析】【分析】利用小球做圓周運(yùn)動(dòng)時(shí)的向心力與速度之間的關(guān)系式Fn=m以及向心力是沿半徑方向上的所有力的合力即可證明．【解析】【解答】解：（1）、當(dāng)小球的速度v=時(shí)，在最高點(diǎn)需要的向心力為：Fn=m=mg；此時(shí)需要的向心力與重力大小相等，方向?yàn)橹亓Φ姆较?，即重力提供向心力，所以此時(shí)拉力或壓力為零；

（2）當(dāng)小球的速度v＞，在最高點(diǎn)需要的向心力為：Fn=m＞mg；此時(shí)需要的向心力大于重力，方向?yàn)橹亓Φ姆较?，重力不足以提供小球的向心力，所以小球要做圓周運(yùn)動(dòng)，小球還得受向下的拉力或壓力作用；

（3）當(dāng)小球的速度v＜，在最高點(diǎn)需要的向心力為：Fn=m＜mg；所以小球會(huì)在上升的過程中脫離圓形軌道，不能到達(dá)最高點(diǎn)．

由以上闡述可知，輕繩模型的臨界速度為v臨=．

答：證明過程如上．25、略

【分析】【分析】（1）根據(jù)惠更斯原理畫出波面C1D1與C2D2；根據(jù)幾何關(guān)系得到入射角正弦和折射角的正弦．結(jié)合光傳播距離公式s=vt求解．

（2）根據(jù)光線在兩種介質(zhì)中的速度之比為入射角和折射角的正弦之比，通過幾何關(guān)系求出A1C1B1和A2C2B2的長(zhǎng)度相差的距離【解析】【解答】解：（1）證明：如圖，根據(jù)惠更斯原理畫出波面C1D1與C2D2．

在RT△C1D1C2和RT△C2D2C1中：∠C2C1D1=θ1，∠C1C2D2=θ2；有：

，

又因?yàn)镈1C2=v1t，C1D2=v2t