浙江省浙南名校聯(lián)盟2024-2025學(xué)年高二上學(xué)期期中聯(lián)考物理試題（解析版）

高級中學(xué)名校試卷PAGEPAGE12024學(xué)年第一學(xué)期浙南名校聯(lián)盟期中聯(lián)考高二年級物理學(xué)科試題考生須知：1.本試題卷分選擇題和非選擇題兩部分，共8頁，滿分100分，考試時間90分鐘。2．考生答題前，務(wù)必將自己的姓名、準(zhǔn)考證號用黑色字跡的簽字筆或鋼筆填寫在答題卷上。3．選擇題的答案須用2B鉛筆將答題卷上對應(yīng)題目的答案標(biāo)號涂黑，如要改動，須將原填涂處用橡皮擦凈。4．非選擇題的答案須用黑色字跡的簽字筆或鋼筆寫在答題卷上相應(yīng)區(qū)域內(nèi)，作圖時可先使用2B鉛筆，確定后須用黑色字跡的簽字筆或鋼筆描黑，答案寫在本試題卷上無效。5．可能用到的相關(guān)公式或參數(shù)：重力加速度g取。選擇題部分一、選擇題Ⅰ（本題共13小題，每小題3分，共39分。每小題列出的四個備選項中只有一個是符合題目要求的，不選、多選、錯選均不得分）1.下列物理量中，屬于矢量的是（）A.電勢 B.磁感應(yīng)強度 C.磁通量 D.電勢能【答案】B【解析】A．電勢只有大小沒有方向，是標(biāo)量，故A錯誤；B．磁感應(yīng)強度既有大小又有方向，運算時遵循平行四邊形定則的物理量，是矢量，故B正確；C．磁通量雖有方向，但磁通量運算時不遵循平行四邊形定則，所以磁通量都是標(biāo)量，故C錯誤；D．電勢能只有大小，沒有方向，是標(biāo)量，故D錯誤。故選B。2.歷史上很多科學(xué)家對電磁學(xué)理論的發(fā)展都做出很大貢獻(xiàn)，下列有關(guān)說法正確的是（）A.法拉第提出電場概念，并指出電場和電場線都是客觀存在的B.元電荷e的數(shù)值最早是由安培用實驗測得的C.麥克斯韋通過實驗證實了電磁波的存在D.奧斯特最早發(fā)現(xiàn)了電流的磁效應(yīng)【答案】D【解析】A．法拉第提出電場概念，電場是客觀存在的，但是電場線是人們假想的，故A錯誤；B．電荷量e的數(shù)值最早是由美國學(xué)者密立根用實驗測得的，故B錯誤；C．赫茲通過實驗證實了電磁波的存在，故C錯誤；D．奧斯特最早發(fā)現(xiàn)了電流的磁效應(yīng)，故D正確。故選D。3.燃?xì)庠钪Ъ苡泻芏喾N規(guī)格和款式。如圖所示，這是甲、乙兩款不同的燃?xì)庠钪Ъ?，它們都是在一個圓圈底座上等間距地分布有五個支架齒，每一款支架齒的簡化示意圖在對應(yīng)的款式下方。如果將質(zhì)量相同、尺寸不同的球面鍋置于兩款支架上的a、b、c、d四個位置，則鍋對各位置的壓力分別為、、、，忽略鍋與支架間的摩擦，下列判斷正確的是（）A. B.C. D.【答案】C【解析】AB．甲款支架對球面鍋的支持力方向指向球面鍋的球心，如下圖鍋處于平衡狀態(tài)，根據(jù)平衡條件，則有解得由圖知，鍋的尺寸越大，越小，則支架對球面鍋的支持力越小。又由牛頓第三定律得，鍋的尺寸越大，球面鍋對支架的壓力越小。所以故AB錯誤；CD．乙款支架對球面鍋的支持力方向垂直于接觸面，如下圖鍋處于平衡狀態(tài)，根據(jù)平衡條件，則有解得支架對球面鍋的支持力由圖知，不論鍋的尺寸大小，不變，則支架對球面鍋的支持力大小不變。又有牛頓第三定律得，鍋的尺寸無論大小，球面鍋對支架的壓力不變。故C正確，D錯誤。4.2024年5月3日嫦娥六號發(fā)射成功，5月8日成功實施近月制動（如圖所示），并順利進(jìn)入環(huán)月軌道飛行。假設(shè)登月探測器在環(huán)月軌道1上的P點實施變軌，進(jìn)入橢圓軌道2，再由近月點Q點進(jìn)入圓軌道3，已知軌道1的半徑為3r，軌道3的半徑為r，登月探測器在軌道3的運行周期為T，則登月探測器（??）A.在軌道1上運行的周期為B.從軌道2上的Q點進(jìn)入圓軌道3時，需要點火加速C.沿軌道1過P點比沿軌道2上過P點時的加速度大D.沿軌道2運行時，經(jīng)P點和Q點時的加速度大小之比為【答案】A【解析】A．根據(jù)開普勒第三定律得故A正確；B．從軌道2上的Q點進(jìn)入圓軌道3時，做近心運動，需要減速，故B錯誤；C．萬有引力提供向心力，根據(jù)沿軌道1過P點加速度等于沿軌道2上過P點時的加速度，故C錯誤；D．根據(jù)沿軌道2運行時，經(jīng)P點和Q點時的加速度大小之比為，故D錯誤。5.國慶假期期間，小應(yīng)同學(xué)去游樂場體驗了一種叫“空中飛椅”的游樂項目，其簡化結(jié)構(gòu)如右圖。座椅和游客的總質(zhì)量為m，轉(zhuǎn)盤半徑為r、角速度大小為。當(dāng)轉(zhuǎn)盤繞其中心豎直軸勻速轉(zhuǎn)動時，帶動座椅和游客在水平面內(nèi)做勻速圓周運動。此時鋼繩與豎直方向的夾角為，不計空氣阻力，重力加速度為g。下列說法正確的是（）A.座椅和游客處于平衡狀態(tài)B.旋轉(zhuǎn)過程中，游客受到重力、飛椅的支持力和向心力C.做圓周運動的周期與游客質(zhì)量有關(guān)D.座椅和游客的向心力大小為【答案】D【解析】AB．由題意可知，座椅和游客做勻速圓周運動，處于非平衡狀態(tài)，游客受重力、飛椅的支持力作用，故AB錯誤；C．當(dāng)轉(zhuǎn)盤以角速度勻速轉(zhuǎn)動時，由牛頓第二定律可知解得周期與質(zhì)量無關(guān)，故C錯誤；D．當(dāng)轉(zhuǎn)盤以角速度勻速轉(zhuǎn)動時，座椅和人的向心力大小由牛頓第二定律可為故D正確；故選D。6.巴黎奧運會網(wǎng)球女單決賽中，中國選手鄭欽文以戰(zhàn)勝克羅地亞選手維基奇奪冠。這是中國運動員史上首次贏得奧運網(wǎng)球單打項目的金牌。某次鄭欽文將質(zhì)量為m的網(wǎng)球擊出，網(wǎng)球被擊出瞬間距離地面的高度為h，網(wǎng)球的速度大小為，經(jīng)過一段時間網(wǎng)球落地，落地瞬間的速度大小為，重力加速度為g，網(wǎng)球克服空氣阻力做功為。則下列說法正確的是（）A.擊球過程，球拍對網(wǎng)球做功為B.網(wǎng)球從被擊出到落地的過程，網(wǎng)球動能的增加量為C.網(wǎng)球從被擊出到落地的過程，網(wǎng)球的機械能減少D.網(wǎng)球克服空氣阻力做功為【答案】C【解析】A．擊球過程，根據(jù)動能定理有即球拍對網(wǎng)球做功為，故A錯誤；B．網(wǎng)球從被擊出到落地，根據(jù)動能定理有故B錯誤；C．根據(jù)功能關(guān)系可知，網(wǎng)球從被擊出到落地，網(wǎng)球的機械能減少，故C正確；D．根據(jù)動能定理有解得故D錯誤。故選C。7.“富蘭克林鈴”可以簡化成如圖所示的模型，當(dāng)與毛皮摩擦過的氣球靠近金屬釘甲時，鋁箔小球就會在塑料管內(nèi)“左右橫跳”。下列關(guān)于“富蘭克林鈴”的說法中正確的是（）A.與毛皮摩擦過的氣球帶正電B.氣球靠近金屬釘甲時，金屬釘甲左側(cè)感應(yīng)出電荷，右側(cè)帶等量的異種電荷C.氣球靠近金屬釘甲時，金屬釘甲吸引鋁箔小球，說明電荷可以創(chuàng)生D.鋁箔小球會在塑料管內(nèi)“左右橫跳”，說明能量可以創(chuàng)生【答案】B【解析】A．與毛皮摩擦過的氣球帶負(fù)電，故A錯誤；B．根據(jù)同種電荷相互排斥，異種電荷相互吸引，可得氣球靠近金屬釘甲時，金屬釘甲左側(cè)感應(yīng)出電荷，右側(cè)帶等量的異種電荷，故B正確；C．由上述可知氣球靠近金屬釘甲時，金屬釘甲吸引鋁箔小球，說明帶電物體具有吸引輕小物體的性質(zhì)，故C錯誤；D．能量既不會消失，也不會創(chuàng)生，只會從一個物體轉(zhuǎn)移到另外一個物體，或者從一種形式轉(zhuǎn)變?yōu)榱硪环N形式，故D錯誤。故選B。8.如圖所示，平行金屬板中有一個帶電油滴懸浮在兩板間的P點，電流表和電壓表可以看作理想電表，電源負(fù)極接地，當(dāng)滑動變阻器的滑片向b端移動時，下列說法正確的是（）A.油滴將向上運動 B.P點的電勢降低C.電源的效率變高 D.電壓表、電流表的示數(shù)均變小【答案】B【解析】AD．油滴原來靜止在電容器內(nèi)，受向上的電場力與重力平衡，由圖可知電容器內(nèi)部電場方向向下，則油滴帶負(fù)電；當(dāng)滑片向b移動時，滑動變阻器接入電阻減小，則電路中總電阻減小，由閉合電路歐姆定律可知，電路中干路電流增大，即電流表的示數(shù)變大，路端電壓減小，R1兩端的電壓增大，則電容器兩端電壓減小，電壓表的示數(shù)減小，根據(jù)可知板間場強減小，油滴所受電場力減小，即電場力小于重力，油滴將向下運動，故AD錯誤；B．P點的電勢等于P點與下極板（接地，電勢為零）的電勢差，由由于板間場強E減小，P與下極板間距不變，所以電勢差減小，P點電勢降低，故B正確；C．電源的效率為當(dāng)滑動變阻器R4的滑片向b端移動時，R4的阻值減小，則外電阻R減小，電源的效率變低，故C錯誤。9.靜電透鏡被廣泛應(yīng)用于電子器件中，圖中虛線表示陰極射線示波管的聚焦電場等勢面分布情況，任意兩個相鄰等勢面間電勢差相等，z軸為該電場的中心軸線。一電子從其左側(cè)進(jìn)入聚焦電場，圖中實線為電子僅在電場力作用下的運動軌跡，P、Q、R為其軌跡z上的三點。下列判斷正確的是（）A.P點的電勢大于R點的電勢B.P點的電場強度小于R點的電場強度C.電子在Q點的動能大于在P點的動能D.電子在Q點電勢能小于R點的電勢能【答案】C【解析】A．電子僅在電場力作用下從P點運動到R點，由于合力方向指向軌跡的內(nèi)側(cè)，電子帶負(fù)電，所受電場力方向與電場強度方向相反，電場力方向與等勢線垂直，可知，電場線方向整體從右指向左，又由于沿電場線方向，電勢降低，可知P點的電勢低于Q點的電勢，故A錯誤；B．由于任意兩條相鄰等勢線間電勢差相等，則等勢線分布的密集程度能夠表示電場的強弱，P點的等勢線分布比R點的密集，則P點的電場強度大于在R點的電場強度，故B錯誤；CD．結(jié)合上述可知，從P至R的運動過程中，電子所受電場力做正功，電子的電勢能減小，電子的動能增大，則電子在Q點的動能大于在P點的動能，在Q點電勢能大于R點的電勢能，故C正確，D錯誤。故選C。10.某戶家庭安裝了一臺風(fēng)力發(fā)電機，它的葉片轉(zhuǎn)動時可形成半徑為的圓面，風(fēng)向與葉片轉(zhuǎn)動的圓面垂直，假設(shè)這個風(fēng)力發(fā)電機能將此圓內(nèi)的空氣動能轉(zhuǎn)化為電能。已知空氣的密度為1.2，當(dāng)風(fēng)速是時，此發(fā)電機的功率約為（）A. B.C. D.【答案】C【解析】設(shè)單位時間內(nèi)圓面內(nèi)空氣的質(zhì)量為，動能為，有解得故選C。11.石墨烯是一種由碳原子組成的單層二維蜂窩狀晶格結(jié)構(gòu)新材料，具有豐富的電學(xué)性能?，F(xiàn)設(shè)計一電路測量某二維石墨烯樣品單位面積的載流子（電子）數(shù)。如圖所示，在長為a，寬為b的石墨烯表面加一垂直向里的勻強磁場，磁感應(yīng)強度為B，電極1、3間接入恒壓直流電源、穩(wěn)定時電流表示數(shù)為I，電極2、4之間的電壓為U，已知電子電荷量為e，則（）A.電極2的電勢比電極4的高B.電子定向移動的速率為C.電極2和4之間的電壓與寬度b有關(guān)D.二維石墨烯樣品單位面積的載流子數(shù)為【答案】B【解析】A．根據(jù)左手定則，可知電子在洛倫茲力作用下向電極2所在一側(cè)偏轉(zhuǎn)，所以電極2的電勢比電極4的低。故A錯誤；B．當(dāng)電子穩(wěn)定通過樣品時，其所受電場力與洛倫茲力平衡，則有解得故B正確；C．設(shè)樣品每平方米載流子(電子)數(shù)為n，電子定向移動的速率為v，則時間t內(nèi)通過樣品的電荷量q=nevtb根據(jù)電流的定義式得聯(lián)立解得即電極2和4之間的電壓與寬度b無關(guān)，故C錯誤；D．根據(jù)C選項分析可知二維石墨烯樣品單位面積的載流子數(shù)為故D錯誤。故選B12.如圖所示，我國的球面射電望遠(yuǎn)鏡是世界上最大的單口徑射電望遠(yuǎn)鏡，被稱為“超級天眼”，并通過隨地球自轉(zhuǎn)指向太空不同方向。“天眼眼眶”的直徑為D，其邊緣圓周處于同一水平面內(nèi)，其所在處地磁場的磁感應(yīng)強度大小為B，與“眼眶”平面平行、垂直的分量大小分別為、，則（）A.穿過“眼眶”的磁通量大小為B.B、、三者大小關(guān)系滿足C.在地球自轉(zhuǎn)90°的過程中，穿過“眼眶”磁通量的變化量為0D.在地球自轉(zhuǎn)180°的過程中，穿過“眼眶”磁通量的變化量為【答案】C【解析】A．地磁場的磁感應(yīng)強度大小為B，與“眼眶”平面垂直的分量大小為，穿過“眼眶”的磁通量大小為，故A錯誤；B．B、、三者大小關(guān)系滿足故B錯誤；CD．在地球自轉(zhuǎn)90°、180°的過程中，“眼眶”相對地磁場靜止，穿過“眼眶”磁通量的變化量為0，故C正確，D錯誤。故選C。13.如圖所示，一根足夠長的光滑絕緣桿MN，與水平面的夾角為，固定在豎直平面內(nèi)，磁感應(yīng)強度大小為B，方向垂直紙面向里的勻強磁場充滿桿所在的空間，桿與磁場方向垂直。質(zhì)量為m的帶電小環(huán)沿桿下滑到圖中的P處時，對桿有垂直桿向下的壓力作用，壓力大小為。已知小環(huán)的電荷量為q，重力加速度大小為g，，下列說法正確的是（）A.小環(huán)帶正電B.小環(huán)滑到P處時的速度大小C.當(dāng)小環(huán)的速度大小為時，小環(huán)對桿沒有壓力D.當(dāng)小環(huán)與桿之間沒有正壓力時，小環(huán)到P的距離【答案】B【解析】A．根據(jù)題意，假如沒有磁場，由平衡條件及牛頓第三定律可知，小環(huán)對桿的壓力大小為然而此時小環(huán)對桿的壓力大小為0.4mg，說明小環(huán)受到垂直桿向上的洛倫茲力作用，根據(jù)左手定則可知，小環(huán)帶負(fù)電，故A錯誤；B．設(shè)小環(huán)滑到P處時的速度大小為vP，在P處，小環(huán)的受力如圖所示根據(jù)平衡條件得由牛頓第三定律得，桿對小環(huán)的支持力大小0.4mg，聯(lián)立解得故B正確；CD．在小環(huán)由P處下滑到處的過程中，對桿沒有壓力，此時小環(huán)的速度大小為v'，則在P'處，小環(huán)的受力如圖所示由平衡條件得變形解得在小環(huán)由P處滑到P'處的過程中，由動能定理得代入解得故CD錯誤；故選B。二、選擇題Ⅱ（本題共2小題，每小題3分，共6分。每小題列出的四個備選項中至少有一個符合題目要求，全部選對的得3分，選對但不全的得2分，有選錯的0分）14.甲、乙、丙、丁四幅圖分別是回旋加速器、磁流體發(fā)電機、速度選擇器、質(zhì)譜儀的結(jié)構(gòu)示意圖，下列說法中正確的是（）A.圖甲中增大兩盒間電勢差可增大出射粒子的最大動能B.圖乙中可以判斷出通過R的電流方向為從b到aC.圖丙中粒子沿直線PQ運動的條件是D.圖丁中在分析同位素時，軌跡半徑最小的粒子對應(yīng)質(zhì)量最大【答案】BC【解析】A．當(dāng)粒子在磁場中的軌道半徑等于D形盒半徑時，粒子的動能最大，則有可得粒子最大速度為粒子最大動能為可知粒子獲得的最大動能與加速電壓無關(guān)，故A錯誤；B．根據(jù)左手定則可以判斷正離子會向B極板偏轉(zhuǎn)，負(fù)離子會向A極板偏轉(zhuǎn)，B極板帶正電，A極板帶負(fù)電，則通過R的電流方向為從b到a，故B正確；C．圖丙中粒子沿直線PQ運動的條件是可得故C正確；D．粒子經(jīng)過加速電場，根據(jù)動能定理可得粒子進(jìn)入勻強磁場做勻速圓周運動，由洛倫茲力提供向心力得聯(lián)立可得可知圖丁中在分析同位素時，軌跡半徑最小的粒子對應(yīng)質(zhì)量最小，故D錯誤。故選BC。15.如圖所示，在馬蹄形磁鐵內(nèi)部放置盛有導(dǎo)電液玻璃皿，玻璃皿中央電極接電源負(fù)極，玻璃皿內(nèi)貼著玻璃壁放置一圓環(huán)電極接電源正極，若磁感應(yīng)強度，玻璃皿的直徑，電源的電動勢E（未知），內(nèi)阻，電阻，，，正負(fù)電極間導(dǎo)電液的等效電阻，閉合開關(guān)，液體轉(zhuǎn)動穩(wěn)定時電壓表的示數(shù)為，電流表的示數(shù)為，則下列說法正確的是（）A.液體按順時針轉(zhuǎn)動（俯視看） B.電源的電動勢C.1分鐘內(nèi)液體產(chǎn)生的熱量是 D.液體轉(zhuǎn)動的機械功率為【答案】BD【解析】A．通過液體的電流由玻璃皿邊緣流向中心，玻璃皿所在處的磁場豎直向上，由左手定則可知，導(dǎo)電液體受到的磁場力沿逆時針方向，因此液體沿逆時針方向旋轉(zhuǎn)（俯視看），故A錯誤；B．R2的電壓為U2=I2R2=3V流過電阻R1的電流為則電源的電動勢為E=U+Ir=4.5V故B正確；C．流過液體的電流為IR=I-I2=2.5A1分鐘內(nèi)液體產(chǎn)生的熱量是故C錯誤；D．液體轉(zhuǎn)動的機械功率為故D正確。故選BD。非選擇題部分三、實驗題（16題5分，17-Ⅰ題6分，17-Ⅱ題3分，共14分）16.在“研究自由下落物體的機械能”的實驗中：（1）如圖所示實驗裝置中，器材安裝擺放使用正確的是________。A. B. C. D.（2）在正確操作打出多條點跡清晰的紙帶中，應(yīng)選取相鄰點間距離之差最接近________的紙帶進(jìn)行測量（結(jié)果保留兩位有效數(shù)字）。（3）如圖所示，紙帶上標(biāo)記了七個連續(xù)打出的點為計數(shù)點1、2、…、7，并把刻度尺的“0刻度”對準(zhǔn)點“7”。根據(jù)紙帶算出打下點“4”時重物的速率________（結(jié)果保留三位有效數(shù)字）。（4）若改用如圖所示的左低右高的傾斜氣墊導(dǎo)軌上下滑的物體“驗證機械能守恒定律”，擋光條寬度d，左側(cè)的光電門擋光時間，右側(cè)的光電門擋光時間，左右光電門在導(dǎo)軌上的位置可分別視為、，導(dǎo)軌的傾斜角度，滑塊質(zhì)量為m，重力加速度為g，若認(rèn)為滑塊擋板擋住左側(cè)光電門激光處重力勢能為零，則擋板擋住右側(cè)激光時，滑塊的機械能可以表示為________?！敬鸢浮浚?）A（2）3.9##4.0（3）1.27##1.28##1.29##1.30##1.31（4）【解析】（1）A．先開打點計時器，后釋放重錘，重錘落地，紙帶長度足夠，正常打點計數(shù)，A正確；B．先開打點計時器，后釋放重錘，重錘落地，紙帶有效長度太短，無法正常計數(shù)，B錯誤；CD．重錘釋放后位于桌面，無法落地，無有效行程，紙帶無法正常計數(shù)，CD都錯誤。故選A。（2）根據(jù)勻變速直線運動連續(xù)相等時間內(nèi)的位移差公式可知，紙帶自由下落時加速度恒定，相鄰計數(shù)點之間的位移差恒定，已知打點計時器計時周期，若取常規(guī)代入數(shù)據(jù)計算若考慮摩擦阻力，則加速度會略小于當(dāng)?shù)貙嶋H重力加速度，取所以答案范圍均可。（3）根據(jù)勻變速直線運動中間時刻的瞬時速度等于這段位移內(nèi)的平均速度可知讀刻度尺可知，代入數(shù)據(jù)計算可得考慮學(xué)生刻度尺讀數(shù)誤差，答案范圍在間均可。（4）根據(jù)題目描述，滑塊在左側(cè)的重力勢能，則滑塊在右側(cè)的重力勢能擋光條寬度為d，經(jīng)過右側(cè)的時間為，則速度動能所以在右側(cè)的機械能為17.某學(xué)習(xí)小組對兩種型號鉛筆芯的電阻率進(jìn)行測量。實驗器材如下：學(xué)生電源（輸出電壓）；滑動變阻器（最大阻值，額定電流）；電壓表V（量程，內(nèi)阻未知）；電流表A（量程，內(nèi)阻未知）；待測鉛筆芯R（X型號、Y型號）；游標(biāo)卡尺，螺旋測微器，開關(guān)S，單刀雙擲開關(guān)K，導(dǎo)線若干?；卮鹨韵聠栴}：（1）使用螺旋測微器測量鉛筆芯直徑，某次測量結(jié)果如圖甲所示，該讀數(shù)為________；（2）把待測鉛筆芯接入圖乙所示電路，閉合開關(guān)S后，將滑動變阻器滑片由最右端向左調(diào)節(jié)到合適位置，將單刀雙擲開關(guān)K分別擲到1、2端，觀察到電壓表示數(shù)變化比電流表示數(shù)變化更明顯，則測量鉛筆芯電阻時應(yīng)將K擲到________（填“1”或“2”）端；（3）正確連接電路，得到Y(jié)型號鉛筆芯圖像如圖丙所示，求得電阻________（保留3位有效數(shù)字）；采用同樣方法得到X型號鉛筆芯的電阻為；（4）根據(jù)圖像和測量X、Y型號鉛筆芯的長度、直徑可求X、Y型號鉛筆芯電阻率，電壓表內(nèi)阻使得電阻率測量結(jié)果________（填“不變”“偏大”或“偏小”）。【答案】（1）2.451（2）1（3）188（4）偏小【解析】（1）根據(jù)螺旋測微器的精確度為0.01mm可知，其讀數(shù)為2mm+mm=2.451mm（2）由于電壓表示數(shù)變化更明顯，說明電流表分壓較多，因此電流表應(yīng)采用外接法，即測量鉛筆芯電阻時應(yīng)將K擲到1端；（3）根據(jù)圖丙的I-U圖像，結(jié)合歐姆定律有（4）由于電壓表的分流作用可知，電阻測量值偏小根據(jù)可知電阻率偏小。18.用如圖a所示的電路觀察電容器的充放電現(xiàn)象，實驗器材有電源E、電容器C、電壓表、電流表、電流傳感器、計算機、定值電阻R、單刀雙擲開關(guān)、開關(guān)、導(dǎo)線若干。（1）閉合開關(guān)，將接1，電壓表示數(shù)增大，最后穩(wěn)定在。在此過程中，電流表的示數(shù)________（填選項標(biāo)號）。A.一直穩(wěn)定某一數(shù)值B.先增大，后逐漸減小為零C.先增大，后穩(wěn)定在某一非零數(shù)值（2）將電流表更換成電流傳感器，再將接2，此時通過定值電阻R的電流方向_____（選填“”或“”），通過傳感器將電流信息傳入計算機，畫出電流隨時間變化的圖像，如圖b；其它條件不變，僅減小R的阻值，則放電電流隨時間變化的曲線應(yīng)該是圖c中的_____（選填“b”“c”或“d”）。【答案】（1）B（2）b【解析】（1）電容器充電過程中，當(dāng)電路剛接通后，電流表示數(shù)從0增大到某一最大值，后隨著電容器的不斷充電，電路中的充電電流在減小，當(dāng)充電結(jié)束電路穩(wěn)定后，此時電路相當(dāng)于開路，電流為0。故選B。（2）[1]根據(jù)電路圖可知充電結(jié)束后電容器上極板帶正電，將接2，電容器放電，此時通過定值電阻R的電流方向為；[2]根據(jù)可知，開始放電時U不變，R減小，初始電流增大，總電荷量不變，所以放電時間減小，故選b。四、計算題（本題共4小題，共41分。要求畫出必要的圖形，寫出必要的文字說明、重要的方程式和演算步驟，有數(shù)值計算的必須明確寫出數(shù)值和單位）19.如圖所示，一個電子以垂直于磁感應(yīng)強度B并垂直于磁場邊界的速度v射入寬度為d的勻強磁場中，穿出磁場時速度方向和原來射入方向的夾角為，求：（1）電子的比荷；（2）電子穿越磁場的時間t?！敬鸢浮浚?）（2）【解析】（1）根據(jù)幾何關(guān)系有根據(jù)洛倫茲力提供向心力得解得（2）電子周期所以電子穿越磁場的時間20.某班同學(xué)為研究能量間的轉(zhuǎn)化設(shè)計如圖的裝置。一處于壓縮鎖定狀態(tài)的輕質(zhì)彈簧置于光滑水平臺面上，彈簧左側(cè)與墻壁相連，右側(cè)與質(zhì)量的小物塊接觸但不固連。某時刻解除彈簧鎖定，彈簧恢復(fù)原長將小物塊彈開，讓其從平臺最右端A點離開后恰好能無碰撞地落在右下方的光滑斜面的頂端B點，AB間的高度差，斜面長度，傾角，小物塊沿斜面運動到底端C點后滑上長的傳送帶，傳送帶順時針勻速轉(zhuǎn)動的速度為，不考慮從斜面滑到傳送帶上的能量損失。從傳送帶右端離開后小物塊滑行一段水平軌道DE后又沖上一半徑的光滑圓形軌道內(nèi)側(cè)，其中豎直圓軌道在E處錯開不閉合。已知小物塊與傳送帶及DE段軌道間的動摩擦因數(shù)均為0.5，，，不計空氣阻力，求：（1）彈簧解除鎖定前儲存的彈性勢能；（2）若小物塊恰好能到達(dá)半圓形軌道的最高點，求在E點處小物塊對半圓形軌道的壓力；（3）要使小物塊能滑上圓軌道且不脫離圓形軌道，則DE段的距離s應(yīng)滿足什么條件?！敬鸢浮浚?）（2），方向豎直向下（3）或【解析】（1）小物塊從A到B點，做平拋運動，根據(jù)運動學(xué)規(guī)律解得又物塊恰好能無碰撞地落在右下方的光滑斜面的頂端B點，根據(jù)幾何關(guān)系故（2）根據(jù)動能定理，E點到頂點F有根據(jù)牛頓第二定律，在F點解得聯(lián)立求解在E點，根據(jù)牛頓第二定律，代入數(shù)據(jù)解得由牛頓第三定律得，小物塊對軌道的壓力大小為，方向豎直向下。（3）根據(jù)矢量定則知，小物塊在B點的速度為小物塊沿斜面運動到底端C點，根據(jù)動能定理有解得又根據(jù)運動學(xué)規(guī)律，C到D點則小物塊到D點時的速度為要使小物塊能滑上半圓軌道且不脫離半圓形軌道，則或且由動能定理可知，解得同理可得，解得根據(jù)運動學(xué)規(guī)律解得所以綜合所得或21.某同學(xué)在學(xué)習(xí)了磁場對電流的作用后產(chǎn)生想法，設(shè)計了一個簡易的“電磁秤”。如圖（a）所示兩平行金屬導(dǎo)軌CD、EF間距為，與電動勢為內(nèi)阻不計的電源、電流表（量程）、開關(guān)S、滑動變阻器R（阻值范圍為）相連，質(zhì)量為、電阻為的金屬棒MN垂直于導(dǎo)軌放置構(gòu)成閉合回路，回路平面與水平面成角，垂直接在金屬棒中點的輕繩與導(dǎo)軌平面平行，跨過定滑輪后另一端接有秤盤，空間施加垂直于導(dǎo)軌平面向上的勻強磁場，在秤盤中放入待測物體，閉合開關(guān)S，調(diào)節(jié)滑動變阻器，當(dāng)金屬棒平衡時，通過讀取電流表的讀數(shù)I就可以知道待測物體的質(zhì)量m。m與I的圖像如圖（b）所示，其余