吉林省長春2024-2025高一物理上學期1月期末試題

吉林省長春2024-2025高一上學期期末階段檢測物理試卷一、選擇題1.生活中曲線運動隨處可見，關于物體做曲線運動，下列說法正確的是（）A.速度方向有時與曲線相切，有時與曲線的切線垂直B.平拋運動是勻變速曲線運動，斜拋運動是變加速曲線運動C.物體所受合力方向肯定指向曲線的凹側D.物體所受合力可能不變，但它的加速度肯定變更【答案】C【解析】【詳解】A．在曲線運動中，質點的速度方向肯定沿著軌跡的切線方向，故A錯誤；B．平拋運動是勻變速曲線運動，斜拋運動也是勻變速曲線運動，故B錯誤；C．依據曲線運動的受力特點可知，做曲線運動的物體其所受合力肯定指向軌跡的凹側，故C正確；D．做曲線運動的物體可以受恒力作用，其加速度可以保持不變，如平拋運動，故D錯誤。故選C。2.利用風洞試驗室可以模擬運動員競賽時所受風阻狀況，幫助運動員提高成果．為了更加直觀的探討風洞里的流場環(huán)境，可以借助煙塵協助視察，如圖甲所示，在某次試驗中獲得煙塵顆粒做曲線運動的軌跡，如圖乙所示，下列說法中正確的是（）A.煙塵顆粒速度始終不變B.煙塵顆?？隙ㄗ鰟蜃兯偾€運動C.P點處的加速度方向可能水平向左D.Q點處的合力方向可能豎直向下【答案】D【解析】【詳解】A．煙塵顆粒做曲線運動，速度方向不斷變更，故煙塵顆粒速度不斷變更，A錯誤；B．做曲線運動的物體，所受合力總是指向軌跡凹側，由乙圖可知，煙塵顆粒受力發(fā)生變更，不行能做勻變速曲線運動，B錯誤；CD．P點處的合力（加速度）指向右上方，不行能水平向左，Q點處的合力方向可能豎直向下，C錯誤，D正確。故選D。3.在彈吉他時，撥動琴弦，琴弦就會發(fā)生振動，振動的頻率（單位為，即）由琴弦的質量、長度和弦線中的張力（彈力）共同確定。結合物理量的單位分析琴弦振動的頻率與的關系式可能正確的是（其中是一個沒有單位的常數）（??）A. B. C. D.【答案】C【解析】【詳解】A．等式右側的單位為與等式左側的單位不一樣，故A錯誤；B．等式右側的單位為與等式左側的單位不一樣，故B錯誤；C．等式右側的單位為與等式左側的單位一樣，故C可能正確；D．等式右側的單位為與等式左側的單位不一樣，故D錯誤。故選C。4.下圖是家庭里常見的廚房水槽，A、B分別是水槽出口上的兩點，當出水口繞轉軸O轉動，如下圖，v代表線速度，代表角速度，a代表向心加速度，T代表周期，則下列說法正確的是（）A.， B.，C.， D.，【答案】C【解析】【詳解】當出水口繞轉軸O轉動，A、B的角速度、周期都相等，則，由，又，所以由，，所以故選C。5.如圖所示，三根輕繩OA、OB、OC結于O點，OA和OB繩的另一端系于水平天花板上，OC繩C端與一重物相連，OA繩和OB繩的夾角為100°、OA繩與OC繩的夾角為120°。整個系統(tǒng)處于靜止狀態(tài)，OA繩、OB繩、OC繩上的拉力分別記為、、，則、、的大小關系正確的是（）A.B.C.D.【答案】A【解析】【詳解】對節(jié)點O進行受力分析如圖所示依據正弦定理可得可知故選A。6.如圖所示，船從A處開出后沿直線AB到達對岸，若AB與河岸成角，水流速度為，則船從A點開出的最小速度為（已知，）（）A.B.C.D.【答案】B【解析】【詳解】當船速的方向與合速度方向垂直時，船的速度最小，則最小速度為vmin=v水sin37°=2.4m/s故選B。7.如圖甲所示，在雜技表演中，猴子沿豎直桿向上運動，其v-t圖像如圖乙所示，同時人頂著桿沿水平地面運動的x-t圖像如圖丙所示。若以地面為參考系，下列說法正確的是（）A.猴子的運動軌跡為直線B.猴子在0～2s內做勻變速曲線運動C.t=0時猴子的速度大小為8m/sD.猴子在0～2s內的加速度大小為4m/s2【答案】B【解析】【詳解】ABD．猴子在豎直方向做初速度大小為8m/s、加速度大小為4m/s2的勻減速直線運動，水平方向做速度大小為4m/s的勻速直線運動，其合運動為曲線運動，故猴子在0～2s內做勻變速曲線運動，加速度大小為4m/s2，選項A、D錯誤，B正確；C．t=0時猴子的速度大小為選項C錯誤。故選B。8.如圖所示，跳臺斜坡與水平面的夾角，滑雪運動員從斜坡的起點A水平飛出，經過2s落到斜坡上的B點。不計空氣阻力，重力加速度大小g取，則運動員離開A點時的速度大小為（）A. B.C. D.【答案】D【解析】【詳解】運動員在豎直方向做自由落體運動，設A點與B點的距離為L，有得設運動員離開A點時的速度為，運動員在水平方向的分運動為勻速直線運動，有得故選D。9.如圖所示，A、B兩物體用兩根輕質細線分別懸掛在天花板上，兩細線與水平方向夾角分別為60°和45°，A、B間拴接的輕彈簧恰好水平，A、B兩物體處于靜止狀態(tài)，則（）A.A、B所受彈簧彈力大小之比為B.A、B的質量之比為C.懸掛A、B的細線上拉力大小之比為D.同時剪斷兩細線的瞬間，A、B的瞬時加速度大小之比為【答案】D【解析】【詳解】A．由于A、B連接在彈簧的兩端，故彈簧對A、B的作用力大小相等，故A錯誤；B．對A進行受力分析易得對B進行受力分析易得解得故B錯誤；C．對A進行受力分析易得對B進行受力分析易得解得故C錯誤；D．繩子剪斷瞬間，繩子上的作用力消逝，但是彈簧的拉力不會突變，故A、B分別受各自的重力及彈簧的拉力，由于彈簧的拉力不變，故A所受重力與彈簧的拉力的合力與原來繩子的拉力等大反向，故B所受重力與彈簧的拉力的合力與原來繩子的拉力等大反向，故A、B所受合力之比為依據牛頓其次定律有解得故D正確。故選D。10.如圖所示為某建筑工地的傳送裝置，傳送帶傾斜地固定在水平面上，以恒定的速率逆時針轉動，質量的炭塊無初速地放在傳送帶的頂端P，經時間炭塊的速度達到2m/s，此后再經過的時間，炭塊運動到傳動帶的底端Q，且究竟端時的速度為。重力加速度g取10，則下列說法正確的是（）A.炭塊從無初速地放在傳送帶的頂端P到運動到Q端，始終做勻變速直線運動B.傳送帶與水平面的傾角為C.傳送帶的長度為D.炭塊在傳送帶上留下的劃痕的長度為1.2m【答案】B【解析】【詳解】A．由題可知炭塊在前0.2s內的加速度在后1.0s內的加速度則從無初速地放在傳送帶的頂端P到運動到Q端，炭塊不是始終做勻變速直線運動，選項A錯誤；B．炭塊在前0.2s內依據牛頓其次定律有在后1.0s內有代入數據聯立解得，選項B正確；C．傳送帶的長度為選項C錯誤；D．在前0.2s內炭塊與傳送帶的相對位移在后1.0s內炭塊與傳送帶的相對位移因兩部分有重疊，則炭塊在傳送帶上留下的劃痕的長度為1m，選項D錯誤。故選B。11.如圖甲所示，靜止在水平地面上質量為1kg的物體，在時刻受到水平向右的推力F作用，時撤去推力，物體運動的圖像如圖乙所示，取。下列說法正確的是（）A.在0~1s內推力大小為4N B.物體先向右運動，后向左運動C.時，物體與動身點間的距離為4m D.物體和水平地面間的動摩擦因數為0.5【答案】AC【解析】【詳解】AD．圖像斜率表示加速度，則0~1s內和2~3s內物體加速度大小相等，大小為依據牛頓其次定律，在0~1s內2~3s內得，A正確，D錯誤；B．在3s前物體速度始終為正值，始終在向右運動，3s末速度減為零，3s后沒有運動，B錯誤；C．圖像與橫軸所圍面積表示位移，時，物體與動身點間的距離為C正確。故選AC。12.若將短道速滑運動員在彎道轉彎的過程看成在水平冰面上的一段勻速圓周運動，轉彎時冰刀嵌入冰內從而使冰刀受與冰面夾角為（蹬冰角）的支持力，不計一切摩擦，彎道半徑為R，重力加速度為g。以下說法正確的是（）A.地面對運動員的作用力與重力與重力大小相等B.武大靖轉彎時速度的大小為C.若武大靖轉彎速度變大則須要減小蹬冰角D．武大靖做勻速圓周運動，他所受合外力保持不變【答案】BC【解析】【詳解】A．地面對運動員的作用力與重力的合力供應向心力，則地面對運動員的作用力大于重力，故A錯誤；B．由題意可知，武大靖轉彎時，依據牛頓其次定律有可得其轉彎時速度的大小為故B正確；C．武大靖轉彎時速度的大小為若減小蹬冰角，則減小，武大靖轉彎速度將變大，故C正確；D．武大靖做勻速圓周運動，他所受合外力始終指向圓心，大小不變，方向變更，故D錯誤。故選BC。13.如圖所示，在粗糙的水平面上，P、Q兩物塊之間用輕彈簧相連，其原長為，勁度系數為k。在水平向右的拉力作用下，一起勻速向右運動，P、Q兩物塊與水平面間的動摩擦因數均為。已知物塊P和物塊Q的質量分別為m、2m，重力加速度為g，則（）A.彈簧的長度為B.拉力大小為C.當突然撤去拉力F的瞬間，Q物塊的加速度大小為D.當突然撤去拉力F的瞬間，P物塊的加速度大小為【答案】BD【解析】【詳解】A．設彈簧的伸長量為x，對Q物塊受力分析，由二力平衡可得解得則彈簧的長度為故A錯誤；B．對整體進行受力分析，可得故B正確；C．當突然撤去拉力F的瞬間，彈簧的彈力沒有發(fā)生突變，仍舊為未撤去拉力時的數值，Q物塊的受力沒有發(fā)生變更，其加速度大小仍為零。故C錯誤；D．同理，當突然撤去拉力F的瞬間，對P物塊受力分析，有解得故D正確。故選BD。14.一足夠大且光滑的矩形斜面，傾角為，高為h，現有一小球在A處沿平行于底邊的初速度滑上斜面，最終從B處離開斜面。已知重力加速度大小為g。下列說法正確的是（）A.小球的運動軌跡為拋物線B.小球的加速度為C.小球從A處到達B處所用的時間為D.小球從A處到達B處的位移為【答案】ABC【解析】【詳解】A．小球受重力和支持力兩個力作用，合力沿斜面對下，與初速度方向垂直，小球做類平拋運動，其運動軌跡為拋物線，故A項正確；B．依據牛頓其次定律知，有解得故B項正確；C．由幾何關系得，小球沿加速度方向上的位移為依據公式解得故C項正確；D．小球在沿初速度方向的位移為則小球從A處到達B處的位移為故D項錯誤。故選ABC。15.如圖所示，質量為m=3kg的木塊放在質量為M=1kg的長木板上，起先處于靜止狀態(tài)，已知木塊與木板間的動摩擦因數為，木板與地面間的動摩擦因數為，當木塊受到水平向右的拉力F后，下列說法正確的是（）A.木板受到地面的摩擦力的大小可能是1NB.木板受到地面的摩擦力的大小肯定是4NC.當F>12N時，木塊才會在木板上滑動D.無論怎樣變更F的大小，木板都不行能運動【答案】AC【解析】【詳解】AB．木板與地面間滑動摩擦力的大小為木塊與木板間的滑動摩擦力大小為當時，木塊與木板仍保持靜止狀態(tài)，木板與地面間為靜摩擦力，大小等于拉力F，故B錯誤，A正確；C．當拉力為時木塊與木板間剛好發(fā)生相對滑動，由牛頓其次定律得解得所以當F>12N時，木塊才會在木板上滑動，故C正確；D．當時，木板向右運動，故D錯誤。故選AC。二、填空題16.某同學用如圖甲所示的試驗裝置探究“當所掛鉤碼質量m肯定時，小車加速度a與小車質量M的關系”。（1）電火花計時器運用的是_______V的_______（選填“溝通”或“直流”）電源。（2）在平衡摩擦力時，_______（選填“要”或“不要”）掛鉤碼。（3）圖乙為某次試驗得到的紙帶，已知試驗所用電源的頻率為50Hz。依據紙帶可計算出小車的加速度大小為_______m/s2（結果均保留2位有效數字）。（4）接著試驗，并將試驗獲得的數據繪制成圖線，如圖丙所示。從圖上可以看出：圖線的初始段為直線，后段為曲線。圖線出現曲線的緣由是_______。【答案】①.220②.溝通③.不要④.3.2⑤.不滿意M?m的條件【解析】【詳解】（1）[1][2]電火花計時器是一種計時儀器，運用220V的溝通電源，當電源頻率為50Hz，它每隔0.02s打一次點；（2）[3]在平衡摩擦力時，不要掛砝碼，用手輕推小車，讓小車沿斜面勻速下滑，而不是用砝碼拉動小車；（3）[4]試驗所用電源的頻率為50Hz，則兩點之間的時間間隔為依據逐差法可知（4）[5]圖線的初始段為直線，后段為曲線，圖線出現曲線的緣由是不滿意M?m的條件，因為解得只有當M>>m時，F=mg；圖像才是直線。17.圖甲是“探討平拋物體的運動”的試驗裝置圖。（1）試驗前應對試驗裝置反復調整，直到斜槽末端切線___________。每次讓小球從同一位置由靜止釋放，是為了每次平拋___________。（2）圖乙是正確試驗取得的數據，其中O為拋出點，則此小球作平拋運動的初速度為___________m/s。（g取9.8m/s2）（3）在另一次試驗中將白紙換成方格紙，每小格的邊長L=5cm，通過試驗記錄了小球在運動途中的三個位置，如圖丙所示，則該小球做平拋運動的初速度為___________m/s，B點的豎直分速度為___________m/s。（g取10m/s2）【答案】①.水平②.初速度相同③.1.6④.1.5⑤.2【解析】【詳解】（1）[1]為了保證小球的初速度水平，斜槽末端切線應水平。[2]每次讓小球從同一位置由靜止釋放，是為了每次平拋的初速度相同。（2）[3]分析圖乙，O點為拋出點，取坐標點：x=32.00cm=0.32m，y=19.6cm=0.196m，在豎直方向上則有水平方向上則有x=v0t代入數據解得小球平拋初速度（3）[4]分析圖丙L=5cm=0.05m，由圖可知，小球由A到B和由B到C在水平方向位移相等，均為3L，則運動時間T相等，在豎直方向，由圖示可知，由勻變速直線運動的推