安徽省合肥市某中學(xué)2023-2024學(xué)年高二年級(jí)上冊(cè)期末考試物理試題（A）（含答案解析）

安徽省合肥市第一中學(xué)2023-2024學(xué)年高二上學(xué)期期末考試物

理試題（A）

學(xué)校:姓名：班級(jí)：考號(hào)：

一、單選題

1.某智能手機(jī)中有多種傳感器，其中包括磁傳感器，安裝合適的軟件后，利用手機(jī)中的磁

傳感器可以測(cè)量磁感應(yīng)強(qiáng)度。地磁場(chǎng)的磁感線分布如圖（。）所示。小明為了測(cè)量當(dāng)?shù)氐牡?/p>

磁場(chǎng)，如圖（6）,在手機(jī)上建立直角坐標(biāo)系，手機(jī)顯示屏所在平面為xOy平面。某次測(cè)量手

機(jī)水平放置，Z軸正方向豎直向上，測(cè)出以下數(shù)據(jù)冬=50燈、紇=0、昆=0。根據(jù)測(cè)量結(jié)

B.測(cè)量地點(diǎn)位于赤道

c.＞軸正方向指向南方

D.當(dāng)?shù)氐牡卮艌?chǎng)大小約為50島1

2.某同學(xué)觀看了著名科幻電影《流浪地球》后，提出大膽假設(shè)，除了建造太空電梯外還可

以建設(shè)一條如圖所示穿過(guò)地心的隧道，假設(shè)地球的半徑為五，質(zhì)量分布均勻，根據(jù)萬(wàn)有引力,

我們可以合理假設(shè)小球在地心隧道運(yùn)行時(shí)（）

A.小球?qū)⒁恢弊鰟蚣铀龠\(yùn)動(dòng)

B.小球?qū)⒆鰷p速運(yùn)動(dòng)

C.小球?qū)⒆鐾颠\(yùn)動(dòng)

試卷第1頁(yè)，共8頁(yè)

D.小球?qū)⑦\(yùn)動(dòng)到地心后減速到0,最終懸停在地心

3.如圖所示，是用頻率不同的單色光。、。射入水球?qū)?yīng)的光路圖，下列說(shuō)法中正確的是

（）

A.。光更容易發(fā)生明顯的衍射現(xiàn)象

B.單色光。在水中的傳播速度比b光快

C.。光的頻率大于6光的頻率

D.利用同一個(gè)雙縫干涉裝置，〃光得到的干涉條紋間距大于6光

4.一列簡(jiǎn)諧橫波沿x軸負(fù)方向傳播，已知x軸上再=2m和》2=5m處質(zhì)點(diǎn)的振動(dòng)圖像如圖

甲、圖乙所示，則此列波的傳播速度可能是（）

A.0.6m/sB.0.8m/sC.lm/sD.2m/s

5.靜電場(chǎng)方向平行于x軸，其電勢(shì)。隨x的分布可簡(jiǎn)化為如圖所示的折線x軸上的兩點(diǎn)8、

C的電場(chǎng)強(qiáng)度分別為蜃和紜，下列說(shuō)法中正確的有（）

A.￡臺(tái)大于&

B.B點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度方向沿x軸正方向

試卷第2頁(yè)，共8頁(yè)

C.2點(diǎn)的電勢(shì)低于C點(diǎn)的電勢(shì)，UBC為正值

D.負(fù)電荷沿x軸從2點(diǎn)移到C點(diǎn)的過(guò)程中，靜電力先做正功，后做負(fù)功

6.如圖是某電容式話筒的原理示意圖，E為電源，尺為電阻，薄片P和Q為兩金屬板，從

左向右對(duì)著振動(dòng)片P說(shuō)話，P振動(dòng)而Q不動(dòng)，在P、Q間距增大的過(guò)程中（）

B.P上的電量保持不變

C.點(diǎn)”的電勢(shì)比點(diǎn)N的低D.有電流從M流向N

7.如圖所示，電阻A=2.0。，4=3.0。，R為一滑動(dòng)變阻器，電壓表、電流表均為理想電

表，且電源內(nèi)阻恒定。現(xiàn)將開(kāi)關(guān)S閉合，調(diào)節(jié)滑片P,觀察電壓表和電流表示數(shù)的變化。當(dāng)

3

滑片P距鳥(niǎo)左端M點(diǎn)的長(zhǎng)度為尾總長(zhǎng)度的,時(shí)，兩個(gè)電壓表的示數(shù)均達(dá)到最大值。下面正

確的是（）

A.滑片P從初端滑向N端過(guò)程中，電壓表示數(shù)之比務(wù)不斷變大

U2

B.滑片P從“端滑向N端過(guò)程中，電流表示數(shù)之比，保持不變

C.由于電源內(nèi)阻未知，所以屬的阻值無(wú)法確定

D.若電源內(nèi)阻r=2.5O,電壓表示數(shù)達(dá)到最大值時(shí)，電源的輸出功率也達(dá)到最大值

8.在生活中躺著看手機(jī)，經(jīng)常出現(xiàn)手機(jī)砸傷眼睛的情況。如圖所示，假設(shè)手機(jī)和手機(jī)外殼

總質(zhì)量約為200g,從離人眼約20cm的高度無(wú)初速掉落，砸到眼睛后手機(jī)反彈速率為碰撞前

試卷第3頁(yè)，共8頁(yè)

的1，眼睛受到手機(jī)的沖擊時(shí)間約為0.11s,取重力加速度g=10m/s2,下列分析正確的是

)

A.手機(jī)對(duì)眼睛的沖量方向豎直向上

B.手機(jī)對(duì)眼睛的沖量大小約為0.66N-s

C.手機(jī)對(duì)眼睛的平均作用力大小約為4N

D.手機(jī)與眼睛作用過(guò)程中手機(jī)的動(dòng)量變化大小約為0.36kg.m/s

二、多選題

9.已知：①單個(gè)點(diǎn)電荷q周?chē)臻g的電勢(shì)。=左殳，，,為到點(diǎn)電荷的距離；②系統(tǒng)的電勢(shì)能

r

等于每個(gè)電荷電勢(shì)能總和的一半?，F(xiàn)在光滑絕緣水平面上，有三個(gè)帶電量均為+4、質(zhì)量均

為別的相同金屬小球，用三根長(zhǎng)為乙的輕質(zhì)絕緣細(xì)繩連接，處于靜止?fàn)顟B(tài)。/、8、C分別

為其中點(diǎn)，。為三角形中心，下列說(shuō)法正確的是（）

A.O點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度和電勢(shì)均為零

B./、B、C三點(diǎn)電場(chǎng)強(qiáng)度大小相等，方向不同

2由kq

C.夕4=%=9c=

3L

D.系統(tǒng)的總電勢(shì)能為

10.如圖所示，質(zhì)量"=4kg的圓環(huán)套在光滑的水平軌道上，質(zhì)量〃?=2kg的小球通過(guò)長(zhǎng)

￡=0.9m的輕繩與圓環(huán)連接?，F(xiàn)將細(xì)繩拉直，且與48平行，小球以豎直向下的%=2Cm/s

初速度開(kāi)始運(yùn)動(dòng)，已知重力加速度g=10m/s2。則（）

試卷第4頁(yè)，共8頁(yè)

MB

4(）

L/

A.運(yùn)動(dòng)過(guò)程中，小球和圓環(huán)滿足水平方向動(dòng)量守恒

B.在運(yùn)動(dòng)過(guò)程中，小球能繞圓環(huán)做完整的圓周運(yùn)動(dòng)

C.小球通過(guò)最低點(diǎn)時(shí)，小球的速度大小為屆m/s

D.從小球開(kāi)始運(yùn)動(dòng)到小球運(yùn)動(dòng)到最高點(diǎn)這段時(shí)間內(nèi)，圓環(huán)向左運(yùn)動(dòng)的位移大小為0.3m

三、實(shí)驗(yàn)題

11.氣墊導(dǎo)軌上有A、B兩個(gè)滑塊，開(kāi)始時(shí)兩個(gè)滑塊靜止，它們之間有一根被壓縮的輕質(zhì)彈

簧，滑塊間用繩子連接（如圖甲所示），繩子燒斷后，兩個(gè)滑塊向相反方向運(yùn)動(dòng)，圖乙為它

們運(yùn)動(dòng)過(guò)程的頻閃照片，頻閃的頻率為20Hz,由圖可知：

10908070605040302010cm

hwliwhiiiliwIiiiihiiHiiiihii由ii|hiiilwihiiiliiiil|iiilwihiiihwhwhiiilii

甲

10908070605040302010cm

1山山|"|1川1①|(zhì)||川|1川山"||山ii|hwlwihwlwiWiili|iihi|ilw|hw|iwhi

BBBBB

乙

（1）根據(jù)照片記錄的信息，從圖中可以看出閃光照片有明顯與事實(shí)不相符合的地方

是O

（2）若不計(jì)此失誤，已知滑塊A、B的質(zhì)量分別為200g、300g,與彈簧分開(kāi)后，B的動(dòng)量

的大小為kg-m/s,本實(shí)驗(yàn)中得出“在實(shí)驗(yàn)誤差允許范圍內(nèi)，兩滑塊組成的系統(tǒng)

動(dòng)量守恒”這一結(jié)論的依據(jù)是o

12.在進(jìn)行“描繪小燈泡的伏安特性曲線”的實(shí)驗(yàn)中，可供選擇的器材如下：

“3.8V,0.3A”的小燈泡；電流表：A1（量程100mA,內(nèi)阻約20）,A2（量程0.6A,內(nèi)阻

約0.3。）；電壓表：V（量程5V,內(nèi)阻約3k。）；滑動(dòng)變阻器：（阻值范圍070。），（阻值

范圍0?2k。）；電源：E（電動(dòng)勢(shì)為5V,內(nèi)阻約為0.04。）；一個(gè)開(kāi)關(guān)和導(dǎo)線若干。

試卷第5頁(yè)，共8頁(yè)

UN

00.81.62.43.24.04.8*UN00.81.62.43.24.04.8*

甲乙

（1）在圖的虛線框中畫(huà)出“描繪小燈泡伏安特性曲線”實(shí)驗(yàn)的電路圖；

（2）為了調(diào)節(jié)方便，測(cè)量準(zhǔn)確，實(shí)驗(yàn)中應(yīng)選用電流表,滑動(dòng)變阻器應(yīng)選用—

（請(qǐng)?zhí)钇鞑牡姆?hào)）。

（3）根據(jù)實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)，還可以繪出燈絲電阻及隨電壓。變化的圖像和小燈泡耗電功率隨所加

電壓U變化的圖像，請(qǐng)根據(jù)給定的甲、乙兩個(gè)圖像進(jìn)行判斷，表示燈絲電阻R隨電壓。變

化的圖像是（填“甲”或"乙”）；小燈泡消耗電功率隨電壓變化的圖像是

（填“甲”或，乙”）。

四、解答題

13.如圖所示為一塊玻璃磚橫截面，已知48c為一直角三角形，ZA=30°,BC=2a,三

角形右側(cè)為四分之一圓弧，。點(diǎn)為圓心，且現(xiàn)有一束單色光從/C的中點(diǎn)尸與/C

夾角為45。射入，折射光恰好過(guò)B點(diǎn)，（已知光在真空中傳播速度為c）求：

（1）該玻璃枝的折射率；

（2）光線從玻璃磚射入到第一次射出所經(jīng)歷的時(shí)間。

試卷第6頁(yè)，共8頁(yè)

14.光滑絕緣水平面上有一質(zhì)量％=1kg、電荷量4=+5X1（）TC的小球系在長(zhǎng)￡=血的絕緣

細(xì)線上線的另一端固定在。點(diǎn)。整個(gè)裝置放置于E=2xlO，N/C的勻強(qiáng)電場(chǎng)中，電場(chǎng)方向與

水平面平行且沿04方向，如圖所示（此圖為俯視圖）?，F(xiàn)給小球一垂直于細(xì)線的初速度

v0=10m/s使其從A點(diǎn)開(kāi)始繞。點(diǎn)做圓周運(yùn)動(dòng)，小球可視為質(zhì)點(diǎn)。

（1）求小球運(yùn)動(dòng)過(guò)程中繩子拉力的最大值容；

（2）小球轉(zhuǎn)過(guò)角度6滿足0W04楙時(shí)，求繩子張力大小巴關(guān)于夕的表達(dá)式；

（3）當(dāng)某次小球運(yùn)動(dòng)到A點(diǎn)時(shí)，電場(chǎng)方向突然反向但場(chǎng)強(qiáng)大小不變，并且此后小球每轉(zhuǎn)過(guò)

萬(wàn)rad,場(chǎng)強(qiáng)均反向且場(chǎng)強(qiáng)大小不變，假設(shè)細(xì)線最大張力足夠，記小球在A點(diǎn)的動(dòng)能為%,

求這以后小球第力次回到A點(diǎn)時(shí)％的表達(dá)式。

15.如圖所示，一輕質(zhì)彈簧的左端固定在小球B上，右端與小球C接觸但未拴接，球B和

球C靜止在光滑水平臺(tái)面上（此時(shí)彈簧處于原長(zhǎng)）。小球A從左側(cè)光滑斜面上距水平臺(tái)面高

度為/?處由靜止滑下（不計(jì)小球A在斜面與水平面銜接處的機(jī)械能損失），與球B發(fā)生正碰

后粘在一起，碰撞時(shí)間極短，之后球C脫離彈簧，在水平臺(tái)面上勻速運(yùn)動(dòng)并從其右端點(diǎn)。

水平拋出，落入固定放置在水平地面上的豎直四分之一光滑圓弧軌道內(nèi)，該段圓弧的圓心在

。點(diǎn)，半徑為7?=血已知三個(gè)小球A、B、C均可看成質(zhì)點(diǎn)，且質(zhì)量分別為加、2m、m,

重力加速度為g,不計(jì)空氣阻力和一切摩擦。求：

（1）小球A、B碰撞后瞬間的速度大??；

（2）彈簧具有的最大彈性勢(shì)能；

（3）若改變圓弧的半徑，使R=26〃，其他條件不變，則A球質(zhì)量為多大時(shí)，C球落到圓

弧面上時(shí)動(dòng)能最小。

試卷第7頁(yè)，共8頁(yè)

試卷第8頁(yè)，共8頁(yè)

參考答案:

題號(hào)12345678910

答案BCCADDDBBDAB

1.B

【詳解】ABC.地磁場(chǎng)可以看成一巨大的“條形磁鐵”，地磁場(chǎng)的N極在地球的南極附近，

在磁場(chǎng)的S極在地球的北極附近。在赤道上地磁場(chǎng)的磁感線是平行于地面的，所以，測(cè)量地

點(diǎn)在赤道，且y軸正方向指向東方或西方，故AC錯(cuò)誤，B正確；

D.測(cè)量點(diǎn)的磁場(chǎng)大小是三個(gè)方向的磁場(chǎng)的合成，所以測(cè)量地點(diǎn)的磁場(chǎng)大小為

故D項(xiàng)錯(cuò)誤。

故選B。

2.C

【詳解】A.物體在地表時(shí)重力近似等于萬(wàn)有引力，有

GMm

—^=ms

4,

以地心為位移起點(diǎn)，設(shè)某時(shí)刻物體的位移為x,則半徑為I劉的球的質(zhì)量

4

由于均勻球殼對(duì)殼內(nèi)物體引力為零，則此時(shí)物體所受引力大小為

k「mM'

F=G0

考慮到尸與x方向相反，聯(lián)立可得

F—西x

R

等為常數(shù)，即該物體的運(yùn)動(dòng)為簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)，故A錯(cuò)誤；

R

B.同理B錯(cuò)誤；

C.因該物體的運(yùn)動(dòng)為簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)，因此小球?qū)⒆鐾颠\(yùn)動(dòng)，C正確；

D.同理D錯(cuò)誤。

故答案選C。

3.C

答案第1頁(yè)，共11頁(yè)

【詳解】AC.波長(zhǎng)越長(zhǎng)，越容易發(fā)生明顯衍射現(xiàn)象，由題圖可知，。光的折射率比6光的折

射率大，根據(jù)波長(zhǎng)與折射率的關(guān)系可知。光的波長(zhǎng)小，由于。光波長(zhǎng)大于。光波長(zhǎng)，可知。光

的頻率大于6光的頻率，因此。光比。光更容易發(fā)生明顯的衍射現(xiàn)象，故A錯(cuò)誤，C正確；

B.由于b光的折射率小，根據(jù)光在介質(zhì)中傳播速度與折射率關(guān)系公式"=￡可知，b光在介

質(zhì)水中傳播速度大，故B錯(cuò)誤；

D.根據(jù)雙縫干涉條紋間距公式可知，通過(guò)同一個(gè)雙縫干涉裝置進(jìn)行實(shí)驗(yàn)時(shí)，由于

6光波長(zhǎng)大于。光波長(zhǎng)，所以。光的干涉條紋間距小于6光。故D錯(cuò)誤。

故選C。

4.A

【詳解】因?yàn)樵摿胁ㄏ蜃髠鞑?，根?jù)題干可知占=2m和％=5m之間的距離滿足的關(guān)系為

3m=+

4

解得

T=4s

則由y=K可得波速為

當(dāng)〃=1時(shí)可得

v=0.6m/s

故選Ao

5.D

【詳解】A.電場(chǎng)強(qiáng)度的大小等于圖象斜率的大小，可知8點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度的大小為

瑪=^C點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度的大小為

即心等于/，故A錯(cuò)誤；

B.根據(jù)順著電場(chǎng)線方向電勢(shì)逐漸降低，可知沿x軸從到0,電勢(shì)升高，電場(chǎng)的方向沿x

答案第2頁(yè)，共11頁(yè)

軸負(fù)方向，即8點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度方向沿x軸負(fù)方向，故B錯(cuò)誤；

C.從圖像上可知B點(diǎn)的電勢(shì)低于C點(diǎn)的電勢(shì)，所以有

uBC=（PB-9c<0UBC為寬電,故C錯(cuò)誤；

D.沿x軸從3點(diǎn)移到C點(diǎn)的過(guò)程中，電勢(shì)先增大后減小，根據(jù)%=4?？芍?fù)電荷沿x軸從

3點(diǎn)移到C點(diǎn)的過(guò)程中電勢(shì)能先減小后增大，所以靜電力先做正功，后做負(fù)功，故D正確；

故選D。

6.D

【詳解】A.由電容器電容的決定式。=君y,在P、Q間距增大時(shí)，即d增大，可知電容

器的電容C減小，A錯(cuò)誤；

B.由于兩極板間電壓不變，由電容器電容的定義式。=帶可知，電容C減小，電容器帶電

量。減少，即P上的電量減小，B錯(cuò)誤；

CD.電容器電量。減少，電容器放電，Q板帶正電，則通過(guò)電阻尺的電流方向由M到N,

則W點(diǎn)的電勢(shì)比N點(diǎn)的高，C錯(cuò)誤，D正確。

故選D。

7.D

【詳解】A.由圖可知，兩個(gè)電壓表測(cè)量的都是路端電壓，所以比值始終不變。故A錯(cuò)誤；

B.兩支路電壓始終相同，所以電流與電阻成反比，滑片P從M端滑向N端過(guò)程左邊支路

電阻增大，右邊支路電阻減小，所以在:減小。故B錯(cuò)誤；

A

C.設(shè)九。間阻值為此，則并聯(lián)部分的總阻值為

aJ4+?）（■+——凡）一￡+。+與）4+2&+6

&+7?2+&35+&

其分子是4的二次函數(shù)，由已知條件知，凡=?時(shí)，兩個(gè)電壓表的示數(shù)均達(dá)到最大值，

此時(shí)R應(yīng)具有極大值。利用二次函數(shù)求極值的公式得到

R=一-1+&=也

x2x（-1）5

解得

4-5.0Q

故C錯(cuò)誤；

答案第3頁(yè)，共11頁(yè)

3

D.依題意，當(dāng)滑片P距片左端/點(diǎn)的長(zhǎng)度為《總長(zhǎng)度的y時(shí)，外電路電阻為

R外—―[=24

Rl+~R3+Rl+~尾

當(dāng)外電路總電阻與電源內(nèi)阻相等時(shí)，電源輸出功率有最大值，所以若電源內(nèi)阻廠=2.5。，電

壓表示數(shù)達(dá)到最大值時(shí)，電源的輸出功率也達(dá)到最大值。故D正確。

故選D。

8.B

【詳解】A.手機(jī)對(duì)眼睛的沖量方向與手機(jī)對(duì)眼睛的作用力方向相同，因此沖量方向豎直向

下。故A錯(cuò)誤；

D.手機(jī)未接觸眼睛前做自由落體運(yùn)動(dòng)，則有

V；=2gh

解得

匕=2m/s

手機(jī)反彈后速度大小為

V,=-V.=0.2m/s

210,

取豎直向上為正方向，手機(jī)與眼睛作用過(guò)程中手機(jī)的動(dòng)量變化大小約為

Ap=m[v2-（-v；）]=0.2x22kg-m/s=0.44kg-m/s

故D錯(cuò)誤；

BC.由動(dòng)量定理有，手機(jī)對(duì)眼睛的平均作用力聲大小滿足

Ft-mgt=\p

解得

F=6N

手機(jī)對(duì)眼睛的沖量大小為

/=FZ=0.66NS

故B正確；C錯(cuò)誤。

故選B。

9.BD

答案第4頁(yè)，共11頁(yè)

【詳解】A.。點(diǎn)是正三角形的中心，到各個(gè)點(diǎn)的距離都相同，由于各點(diǎn)電荷的電荷量相等，

由

E4

r

所以各點(diǎn)電荷在。點(diǎn)產(chǎn)生的場(chǎng)強(qiáng)相同，且兩兩之間的夾角為120。，由電場(chǎng)疊加原理可得，。

點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)為零。由題意可知點(diǎn)電荷的電勢(shì)

r

各點(diǎn)電荷在。點(diǎn)的電勢(shì)，均相等，由于電勢(shì)是標(biāo)量，所以其疊加遵循運(yùn)算法則，疊加后不

為零，故A項(xiàng)錯(cuò)誤；

B.根據(jù)點(diǎn)電荷的電場(chǎng)強(qiáng)度有

由于各點(diǎn)電荷都是正電荷，所以有電場(chǎng)疊加可知，/3C三點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度大小相等，方向不

同，故B項(xiàng)正確；

3,所以A點(diǎn)的電勢(shì)為

C.A點(diǎn)到小球3的距離為-

2

。廣啥2+上選-=14+胡吟

2

同理2點(diǎn)的電勢(shì)為

%=吟.2+左看=卜+一

了rZc點(diǎn)的電勢(shì)為

2'

(pc=k^--2+k-^=(4+—

L[3JZ

22

所以有

(PA=(PB=(Pc=4+^^j左:

故C項(xiàng)錯(cuò)誤；

D.1電荷的電勢(shì)能

%=(%+0)q=左誓

同理可得2和3電荷電勢(shì)能

答案第5頁(yè)，共11頁(yè)

E=E3=k^~

P2P3L

故整個(gè)系統(tǒng)電勢(shì)能為

E,+Ey+E

E————巴“"

p2L

故D項(xiàng)正確。

故選BDo

10.AB

【詳解】A.分析小球和圓環(huán)組成的系統(tǒng)可知，水平方向上不受外力，所以系統(tǒng)水平方向動(dòng)

量守恒，A正確；

C.從開(kāi)始運(yùn)動(dòng)到小球運(yùn)動(dòng)到最低點(diǎn)時(shí)，圓環(huán)和小球的速度大小分別為匕和匕，由水平方向

動(dòng)量守恒可知

Mvx=mv2

由能量守恒可知

mgL+^mvl=+

代入數(shù)據(jù)解得小球的速度大小為

v2=2V?m/s

所以C錯(cuò)誤;

B.若小球運(yùn)動(dòng)到最高點(diǎn)時(shí)，圓環(huán)和小球的速度大小分別為V3、匕，由水平方向動(dòng)量守恒可

知

MV3=mv4

由能量守恒可知

；加說(shuō)+mgL

解得速度大小為

v3=Im/s

v4=2m/s

小球相對(duì)圓環(huán)的速度恰好為

3m/s=y[gL

答案第6頁(yè)，共11頁(yè)

所以小球可以繞圓環(huán)做完整的圓周運(yùn)動(dòng)，所以B正確；

D.小球從開(kāi)始到運(yùn)動(dòng)到最高點(diǎn)的過(guò)程中，圓環(huán)向右運(yùn)動(dòng)的位移

x=加L=0.3m

M+m

所以D錯(cuò)誤。

故選AB?

11.滑塊應(yīng)該有加速過(guò)程，然后再勻速運(yùn)動(dòng)0.36A、B的動(dòng)量始終大小相等

方向相反

【詳解】（1）[1]A、B離開(kāi)彈簧后，應(yīng)該做勻速直線運(yùn)動(dòng)；燒斷細(xì)線后，在彈簧恢復(fù)原長(zhǎng)的

過(guò)程中，應(yīng)先做加速運(yùn)動(dòng)，當(dāng)彈簧恢復(fù)原長(zhǎng)后，滑塊做勻速直線運(yùn)動(dòng)，由圖中閃光照片可知,

滑塊直接做運(yùn)動(dòng)直線運(yùn)動(dòng)，沒(méi)有加速過(guò)程，與事實(shí)不符。

（2）⑵[3]頻閃照相的時(shí)間間隔

滑塊A的速度

動(dòng)量為

PA=刈A?A=0.200kgx1.8m/s=0.36kg-m/s

滑塊B的速度

滑塊B的動(dòng)量

PB=mBvB=0.3kgx1.2m/s=0.36kg-m/s

由此可見(jiàn)A、B的動(dòng)量大小相等、方向相反，它們的總動(dòng)量為零，與釋放前的動(dòng)量相等，因

此系統(tǒng)動(dòng)量守恒。

12.見(jiàn)解析A2K甲乙

【詳解】（1）[1]電路圖如圖所示。

答案第7頁(yè)，共11頁(yè)

(2)⑵Ai的量程只有0.1A,小燈泡的額定電流是0.3A,因此電流應(yīng)該選擇A?。

[3]描繪小燈泡伏安特性曲線，滑動(dòng)變阻器需要采用分壓式接法，選擇較小的滑動(dòng)變阻器便

于調(diào)節(jié)，因此選擇4。

(3)[4][5]電壓為0時(shí)，燈的電阻不為0,而電功率是0,所以甲是電阻隨電壓變化的曲線,

乙是電功率隨電壓變化的曲線。

13.(1)收；(2)氧生

C

【詳解】(1)光路圖如圖所示，光線從尸點(diǎn)射入時(shí)，入射角0=45。，折射角￡=30。，則玻

璃磚的折射率為

(2)設(shè)全反射的臨界角為C,貝(JsinC=L,可得

n

C=45°

由光路圖幾何關(guān)系分析可知，光線在5點(diǎn)的入射角為60。，大于臨界角C,光線在5點(diǎn)發(fā)生

全反射，同理，知光線在圓弧上E點(diǎn)也發(fā)生全反射，因此，光線在圓弧上5、E發(fā)生兩次全

反射，然后從8邊方點(diǎn)垂直射出。光線從玻璃磚射入到第一次射出所經(jīng)歷的總路程為

s=PB+BE+EF=5a

答案第8頁(yè)，共11頁(yè)

光線在玻璃磚中傳播速度為V=-,傳播時(shí)間為

n

s

t=-

v

聯(lián)立解得

5亞Q

t=-------

C

14.(1)110N；(2)耳=80+30cos9(N)104。4曰；(3)%=5O+4O〃(J)(〃=1,2,3…)

【詳解】(1)由題意可知小球在A點(diǎn)時(shí)繩中張力最大，在A點(diǎn)對(duì)小球由牛頓第二定律

2

Tm-qE=m^

解得

2=H0N

(2)由牛頓第二定律得

2

V

F^-qEcos0=m-

由動(dòng)能定理得

1212

-qEL(\-cos0)=—mv--mv0

解得

耳=80+30cos6(N)

(3)從電場(chǎng)第一次反向到小球第〃次回到A點(diǎn)，對(duì)小球列全過(guò)程動(dòng)能定理

2n-qE-2L=(〃=1,2,3…)

解得

%=50+40〃(J)(〃=1,2,3…)

15.(1)(2)—mgh；(3)3m

v=312

【詳解】(1)設(shè)A球到達(dá)