四川省瀘縣2023-2024學(xué)年高三物理上學(xué)期10月月考理綜試題含解析

四川省瀘縣2023-2024學(xué)年高三物理上學(xué)期10月月考理綜試題二．選擇題1.為了紀(jì)念中國人民抗日戰(zhàn)爭暨世界反法西斯戰(zhàn)爭勝利70周年，銘記歷史，警示未來，2015年9月3日在北京舉行了隆重的閱兵式。下列說法中不正確的是（）A.上午10點(diǎn)整總理宣布紀(jì)念大會(huì)開始，10點(diǎn)整是時(shí)刻B.方隊(duì)沿直線通過檢閱臺(tái)的一段時(shí)間內(nèi)的位移大小與路程相等C.欣賞戰(zhàn)士們的颯爽英姿時(shí)，可以將他們看作質(zhì)點(diǎn)D.閱兵預(yù)演空中梯隊(duì)通過天安門上空時(shí)，以編隊(duì)中某一飛機(jī)為參考系，其他飛機(jī)是靜止的【答案】C【解析】【詳解】A．上午10點(diǎn)整總理宣布紀(jì)念大會(huì)開始，10點(diǎn)整表示時(shí)刻，故A正確，不符合題意；B．方隊(duì)沿直線通過檢閱臺(tái)的一段時(shí)間內(nèi)，方隊(duì)做單向直線運(yùn)動(dòng)，此時(shí)方隊(duì)的位移大小與路程相等，故B正確，不符合題意；C．戰(zhàn)士們的颯爽英姿需要通過身體的動(dòng)作進(jìn)行展示，因此不能將他們看成質(zhì)點(diǎn)，故C錯(cuò)誤，符合題意；D．閱兵預(yù)演空中梯隊(duì)，整個(gè)梯隊(duì)保持梯隊(duì)形態(tài)不變，必須要求梯隊(duì)中的飛機(jī)保持相同的速度，因此以編隊(duì)中某一飛機(jī)為參考系時(shí)，其他飛機(jī)是靜止的，故D正確，不符合題意。故選C。2.以一定的初速度從足夠高的某點(diǎn)豎直上拋一物體，物體受到的空氣阻力與速率成正比，則物體在運(yùn)動(dòng)過程中的加速度大小（）A.先變小后變大 B.先變大后變小C.一直變大 D.一直變小，最后變?yōu)榱恪敬鸢浮緿【解析】【詳解】根據(jù)題意設(shè)阻力為物體在上升時(shí)阻力向下，此時(shí)有速度與加速方向相反，因此速度在減小，隨著速度減小此時(shí)加速度在減小。當(dāng)速度等于零時(shí)，加速度等于g，后開始向下運(yùn)動(dòng)，此時(shí)阻力與重力方向相反，有隨著速度增大，阻力增大，加速度繼續(xù)減小，當(dāng)阻力等于重力時(shí)加速度為零，所以加速度一直變小，最后變?yōu)榱?。故選D。3.質(zhì)點(diǎn)所受的合外力F方向始終在同一直線上，大小隨時(shí)間變化的情況如圖所示，已知t=0時(shí)刻質(zhì)點(diǎn)的速度為零。在圖示的t=1s、2s、3s、4s各時(shí)刻中，質(zhì)點(diǎn)動(dòng)能最小的時(shí)刻是（）A.1s B.2s C.3s D.4s【答案】D【解析】【分析】【詳解】質(zhì)點(diǎn)動(dòng)能最小時(shí)，即動(dòng)量最小時(shí)，由動(dòng)量定理可得由圖像可知，圖像的面積表示合外力的沖量，即動(dòng)量的變化量，由圖像可知2s末面積最大，4s末面積最小，所以D正確；ABC錯(cuò)誤；故選D。4.如圖所示，傾角為的粗糙斜劈放在粗糙水平面上，物體a放在斜面上，輕質(zhì)細(xì)線一端栓結(jié)在物體a上，另一端繞過光滑的滑輪栓結(jié)在天花板的c點(diǎn)，輕質(zhì)滑輪2下懸掛物體b，系統(tǒng)處于靜止?fàn)顟B(tài)。若將固定點(diǎn)c向左移動(dòng)少許，而a與斜劈始終靜止，下列說法錯(cuò)誤的是（）A.斜劈對(duì)物體a的摩擦力一定減小B.斜劈對(duì)地面的壓力一定不變C.細(xì)線對(duì)物體a的拉力一定減小D.地面對(duì)斜劈的摩擦力一定減小【答案】A【解析】【詳解】AC．對(duì)滑輪和物體b受力分析，受重力和兩個(gè)拉力，如圖所示豎直方向根據(jù)受力平衡可得解得將固定點(diǎn)c向左移動(dòng)少許，則減小，故拉力減?。粚?duì)物體a受力分析，受重力、支持力、拉力和靜摩擦力，繩子拉力減小，但因?yàn)椴恢览εc重力沿斜面向下的分力的大小關(guān)系，故無法判斷靜摩擦力是否存在以及方向，故不能判斷靜摩擦力的變化情況，A說法錯(cuò)誤，滿足題意要求，C說法正確，不滿足題意要求；B．對(duì)斜劈、物體a、b和滑輪1、2整體受力分析，受重力、支持力、細(xì)線的拉力和地面的靜摩擦力，如圖所示豎直方向根據(jù)受力平衡可得可知與角度無關(guān)，恒定不變，根據(jù)牛頓第三定律，斜劈對(duì)地面的壓力也不變，B說法正確，不滿足題意要求；D．對(duì)斜劈、物體a、b和滑輪1、2整體受力分析，水平方向根據(jù)受力平衡可得將固定點(diǎn)c向左移動(dòng)少許，則減小，故摩擦力減小，D說法正確，不滿足題意要求；故選A。5.我國發(fā)射的“嫦娥三號(hào)”衛(wèi)星是登月探測器。該衛(wèi)星先在距月球表面高度為h的軌道上繞月球做周期為T的勻速圓周運(yùn)動(dòng)，再經(jīng)變軌后成功落月。已知月球的半徑為R，萬有引力常量為G，忽略月球自轉(zhuǎn)及地球?qū)πl(wèi)星的影響。則以下說法正確的是（）A.物體在月球表面自由下落的加速度大小為B.“嫦娥三號(hào)”繞月球做勻速圓周運(yùn)動(dòng)時(shí)的線速度大小為C.月球的平均密度為D.在月球上發(fā)射月球衛(wèi)星的最小發(fā)射速度為【答案】B【解析】【詳解】A．在月球表面，重力等于萬有引力，則得①對(duì)于“嫦娥三號(hào)”衛(wèi)星繞月球做勻速圓周運(yùn)動(dòng)過程，由萬有引力提供向心力得②由①②解得A錯(cuò)誤；B．“嫦娥三號(hào)”衛(wèi)星繞月球做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，軌道半徑為則它繞月球做與速圓周運(yùn)動(dòng)的線速度大小為B正確；C．由②得：月球的質(zhì)量為月球的平均密度為而解得月球的平均密度為C錯(cuò)誤；D．設(shè)在月球上發(fā)射衛(wèi)星的最小發(fā)射速度為v，則有即D錯(cuò)誤。故選B。6.宇航員的訓(xùn)練、競技體育的指導(dǎo)、汽車的設(shè)計(jì)等多種工作都會(huì)用到急動(dòng)度的概念。急動(dòng)度j是加速度變化量與發(fā)生這一變化所用時(shí)間的比值，即，它的方向與物體加速度變化量的方向相同。一物體從靜止開始做直線運(yùn)動(dòng)，其加速度a隨時(shí)間t的變化關(guān)系如圖，則該物體在（）A.s時(shí)急動(dòng)度是1 B.s時(shí)和s時(shí)急動(dòng)度等大反向C.3s~5s內(nèi)做加速運(yùn)動(dòng) D.0~5s內(nèi)速度方向不變【答案】AD【解析】【分析】【詳解】A．a(chǎn)-t的圖像斜率表示急動(dòng)度，s時(shí)急動(dòng)度與0~1s時(shí)間內(nèi)的急動(dòng)度相等，由圖像可得斜率為1，所以A正確；B．s時(shí)和s時(shí)，斜率相同，故急動(dòng)度相同，所以B錯(cuò)誤；C．3s~5s內(nèi)加速度為負(fù)值，則物體做加速度反向增大的減速運(yùn)動(dòng)，所以C錯(cuò)誤；D．與時(shí)間軸所圍面積為物體的速度變化量，故0~5s內(nèi)始終為正值，故速度方向不變，所以D正確；故選AD。7.起重機(jī)某次從零時(shí)刻由靜止開始豎直向上提升質(zhì)量為500kg的貨物，提升過程中貨物的a-t圖像如圖所示，10~18s內(nèi)起重機(jī)的功率為額定功率。不計(jì)其他阻力，g取10m/s2。則在0~18s過程中（）A.貨物的最大速度為1.4m/sB.起重機(jī)的額定功率5050WC.貨物上升高度為12mD.0~10s和10~18s內(nèi)起重機(jī)牽引力做功之比為5：8【答案】BD【解析】【詳解】AB．a(chǎn)-t圖像與時(shí)間軸圍成的面積表示速度變化量，由圖知，10s時(shí)貨物速度為此時(shí)牽引力為起重機(jī)的額定功率當(dāng)牽引力等于重力時(shí)，貨物有最大速度，為故A錯(cuò)誤，B正確；C．10~18s內(nèi)，根據(jù)動(dòng)能定理解得0~10s內(nèi)貨物上升高度為故C錯(cuò)誤；D．0~10s牽引力做功10~18s內(nèi)起重機(jī)牽引力做功解得故D正確。故選BD。8.如圖甲所示，一長木板靜止在水平地面上，在時(shí)刻，一小物塊以一定速度從左端滑上長木板，之后長木板運(yùn)動(dòng)圖像如圖乙所示，已知小物塊與長木板的質(zhì)量均為，已知木板足夠長，g取，則（）A.小物塊與長木板間動(dòng)摩擦因數(shù)B.在整個(gè)運(yùn)動(dòng)過程中，物塊與木板構(gòu)成的系統(tǒng)所產(chǎn)生的熱量C.小物塊的初速度為D.運(yùn)動(dòng)過程中木板所受摩擦力的沖量為【答案】AC【解析】【詳解】A．由乙圖可知，木板先做勻加速運(yùn)動(dòng)，再做勻減速運(yùn)動(dòng)，故可知地面對(duì)木板有摩擦力，在0~2s內(nèi)，木板受物塊向右的摩擦力和地面向左的摩擦力而做勻加速運(yùn)動(dòng)，加速度為對(duì)木板，根據(jù)牛頓第二定律，有在2~3s內(nèi)，木板與物塊相對(duì)靜止，受地面摩擦力做勻減速運(yùn)動(dòng)，加速度即加速度大小為，方向向左，對(duì)整體，根據(jù)牛頓第二定律，有聯(lián)立以上各式，解得，故A正確；C．對(duì)物塊，在0~2s內(nèi)，受木板的摩擦力作用而做勻減速運(yùn)動(dòng)，由牛頓第二定律，有解得，由速度公式可得故C正確；B．最后木板與物塊均靜止，故在整個(gè)運(yùn)動(dòng)過程中，物塊與木板構(gòu)成的系統(tǒng)所產(chǎn)生的熱量等于物塊的初動(dòng)能，即故B錯(cuò)誤；D．整個(gè)運(yùn)動(dòng)過程中，以向右為正，物塊對(duì)木板摩擦力的沖量為地面對(duì)木板摩擦力的沖量為因此木板受到的摩擦力的總沖量為故D錯(cuò)誤。故選AC。三、非選擇題9.下圖為不同地區(qū)的重力加速度數(shù)值。地區(qū)赤道廣州上海北京莫斯科北極緯度0°23°06′31°12′39°56′55°45′90°重力加速度g/(m/s2)9.7809.7889.79498019.8169.832某興趣小組也想知道自己所處位置的重力加速度，利用學(xué)校水龍頭設(shè)計(jì)了如下實(shí)驗(yàn)，調(diào)節(jié)水龍頭開關(guān)，用秒表記錄一滴水從水龍頭到達(dá)地面的時(shí)間t。(1)為了粗略的測量當(dāng)?shù)氐闹亓铀俣冗€需要測量的物理量______。(2)根據(jù)以上物理量，得出重力加速度的表達(dá)式g=______。(3)請(qǐng)寫出一條減小誤差的改進(jìn)建議：______?！敬鸢浮竣?水龍頭離地面高度h②.③.測量n滴水落地的時(shí)間t，由此得出每一滴水下落時(shí)間【解析】【詳解】(1)[1]由題知用秒表記錄一滴水從水龍頭到達(dá)地面的時(shí)間t，但還需要測量出水滴下落的高度h，則還需要測量水龍頭離地面高度h。(2)[2]由于水滴下落后做自由落體運(yùn)動(dòng)則有h=gt2則得出重力加速度的表達(dá)式為g=(3)[3]由于只測量一滴水下落的時(shí)間，誤差較大，可測量n滴水落地的時(shí)間t，再求平均值，由此得出每一滴水下落時(shí)間。10.用如圖實(shí)驗(yàn)裝置驗(yàn)證動(dòng)量守恒定律。主要步驟為：①將斜槽固定在水平桌面上，使槽的末端水平；②讓質(zhì)量為m1的入射球多次從斜槽上A位置靜止釋放，記錄其平均落地點(diǎn)位置；③把質(zhì)量為m2的被碰球靜置于槽的末端，再將入射球從斜槽上A位置靜止釋放，與被碰球相碰，并多次重復(fù)，記錄兩小球的平均落地點(diǎn)位置；④記錄小球拋出點(diǎn)在地面上的垂直投影點(diǎn)O，測出碰撞前后兩小球的平均落地點(diǎn)的位置M、P，N與O的距離分別為、、。分析數(shù)據(jù)：（1）實(shí)驗(yàn)中入射球質(zhì)量m1________（選填“大于”“等于”或“小于”）被碰球的質(zhì)量m2；（2）本實(shí)驗(yàn)中入射球和被碰球的半徑________（選填“必須相同”或“可以不同”）（3）若兩球碰撞時(shí)的動(dòng)量守恒，應(yīng)滿足的關(guān)系式為________。（均用題中所給物理量的符號(hào)表示）（4）完成上述實(shí)驗(yàn)后，某實(shí)驗(yàn)小組對(duì)上述裝置進(jìn)行了改造，如圖（b）所示，圖中圓弧為圓心在斜槽末端B的圓弧。使小球1仍從斜槽上A點(diǎn)由靜止?jié)L下，重復(fù)實(shí)驗(yàn)步驟1和2的操作，得到兩球落在圓弧上的平均位置為、、。測得斜槽末端與、、三點(diǎn)的連線與豎直方向的夾角分別為、、，則驗(yàn)證兩球碰撞過程中動(dòng)量守恒的表達(dá)式為________（用所測物理量的字母表示）?！敬鸢浮竣?大于②.必須相同③.④.【解析】【詳解】（1）[1]為了避免碰撞后小球被撞回，所以要求入射球的質(zhì)量大于被碰球的質(zhì)量，即。（2）[2]為了能夠讓小球發(fā)生對(duì)心碰撞，入射球和被碰球的半徑必須相同；（3）[3]設(shè)小球在空中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間為t，若滿足動(dòng)量守恒定律有整理得（4）[4]設(shè)斜槽末端與的連線長度為L（即圓弧半徑為L），如圖所示：圖中幾何關(guān)系，由平拋運(yùn)動(dòng)的規(guī)律得，聯(lián)立解得同理有，代入動(dòng)量守恒的表達(dá)式化簡可得11.2020年6月21日，最大速度為600km/h的高速磁浮試驗(yàn)樣車在上海同濟(jì)大學(xué)磁浮試驗(yàn)線上對(duì)多項(xiàng)關(guān)鍵性能進(jìn)行了測試。在某次制動(dòng)性能測試中，樣車以最大速度勻速行駛，當(dāng)發(fā)出制動(dòng)信號(hào)后，制動(dòng)系統(tǒng)開始響應(yīng)，響應(yīng)時(shí)間為1.5s，在該時(shí)間內(nèi)制動(dòng)力由零逐漸增大到最大值并保持穩(wěn)定，之后樣車做勻減速直線運(yùn)動(dòng)至停下來。從制動(dòng)力達(dá)到最大值開始計(jì)時(shí)，測得樣車在第1s內(nèi)位移為120m，運(yùn)動(dòng)的最后1s內(nèi)位移為4m。已知樣車質(zhì)量為50t，g=10m/s2在響應(yīng)時(shí)間空氣阻力不可忽略，在勻減速直線運(yùn)動(dòng)過程中空氣阻力可忽略。求：（1）制動(dòng)力的最大值；（2）在響應(yīng)時(shí)間內(nèi)，樣車克服制動(dòng)力和空氣阻力所做的總功。（結(jié)果保留1位有效數(shù)字）【答案】（1）F=4×105N；（2）W≈3×108J【解析】【分析】【詳解】（1）設(shè)制動(dòng)力最大值為F，樣車在勻減速直線運(yùn)動(dòng)過程中加速度大小為a，運(yùn)動(dòng)最后內(nèi)的位移x1=1m，已知樣車質(zhì)量m=5×104kg，則解得F=4×105N（2）樣車最大速度為v1=600km/h=m/s設(shè)響應(yīng)時(shí)間結(jié)束時(shí)即開始做勻減速直線運(yùn)動(dòng)時(shí)速度為v2，在運(yùn)動(dòng)第1s內(nèi)時(shí)間為的位移x2=120m，在響應(yīng)時(shí)間內(nèi)樣車克服制動(dòng)力和空氣阻力所做的功為W，則解得W≈3×108J12.如圖所示，小明和滑塊P均靜止在光滑平臺(tái)上，某時(shí)刻小明將滑塊P以一定速度從A點(diǎn)水平推出后，滑塊P恰好從B點(diǎn)無碰撞滑入半徑R1＝3m光滑圓弧軌道BC，然后從C點(diǎn)進(jìn)入與圓弧軌道BC相切于C點(diǎn)的水平面CD，與放置在水平面E點(diǎn)的滑塊Q發(fā)生彈性正碰，碰后滑塊Q沖上靜止在光滑水平面上的、半徑為R2＝0.3m的四分之一圓弧槽S，圓弧槽與水平面相切于F點(diǎn)，最高點(diǎn)為G。已知小明的質(zhì)量M＝60kg，滑塊P的質(zhì)量m1＝30kg，滑塊Q的質(zhì)量m2＝60kg，圓弧槽S的質(zhì)量m3＝90kg，AB兩點(diǎn)的高度差h＝0.8m，光滑圓弧對(duì)應(yīng)的圓心角53°，LCF＝2m，LCE＝1.3m，兩滑塊與CF部分的動(dòng)摩擦因數(shù)均為μ＝0.5，F(xiàn)點(diǎn)右側(cè)水平面足夠長且光滑，將滑塊P和Q看做質(zhì)點(diǎn)，重力加速度g＝10m/s2。求：（1）小明由于推出滑塊P至少多消耗的能量；（2）滑塊P到達(dá)圓弧末端C時(shí)對(duì)軌道的壓力；（3）滑塊Q沖上圓弧槽后能上升的最大高度?！敬鸢浮浚?）202.5J；（2）790N，方向豎直向下；（3）0.27m【解析】【詳解】（1）設(shè)推出滑塊P的瞬時(shí)速度為v0，滑塊P在B點(diǎn)的速度為vB，其豎直速度為vBy，則有根據(jù)B點(diǎn)速度的方向，由速度的分解，有小明推出滑塊P的過程，小明和滑塊P組成的系統(tǒng)動(dòng)量守恒根據(jù)能量守恒，小明由于推出滑塊P至少多消耗的能量解得（2）滑塊由B到C的過程，由動(dòng)能定理，有其中滑塊P經(jīng)過圓弧末端C點(diǎn)時(shí)，對(duì)其進(jìn)行受力分析，根據(jù)牛頓第二定律和向心力公式，有根據(jù)牛頓第三定律，滑塊P到達(dá)圓弧末端C時(shí)對(duì)軌道的壓力代入數(shù)據(jù)，解得方向豎直向下（3）滑塊P從C點(diǎn)到E點(diǎn)的過程，由動(dòng)能定理，可得滑塊P與Q碰撞的過程遵循動(dòng)量守恒和能量守恒，設(shè)碰后滑塊P和Q的速度分別為和，有Q碰后的速度方向水平向右滑塊Q從E點(diǎn)到F點(diǎn)，根據(jù)動(dòng)能定理，有滑塊Q從F點(diǎn)沖上圓弧槽S，滑塊Q與圓弧槽S組成的系統(tǒng)水平方向動(dòng)量守恒設(shè)滑塊Q離開地面的最大高度為hm，滑塊Q從沖上圓弧槽S到到達(dá)距離地面最高的過程，滑塊Q和圓弧槽S組成的系統(tǒng)機(jī)械能守恒解得13.下列說法中正確的是（）A.擴(kuò)散現(xiàn)象不僅能發(fā)生在氣體和液體中，固體中也可以B.巖鹽是立方體結(jié)構(gòu)，粉碎后的巖鹽不再是晶體C.地球大氣的各種氣體分子中氫分子質(zhì)量小，其平均速率較大，更容易掙脫地球吸引而逃逸，因此大氣中氫含量相對(duì)較少D.從微觀角度看氣體壓強(qiáng)只與分子平均動(dòng)能有關(guān)E.溫度相同的氫氣和氧氣，分子平均動(dòng)能相同【答案】ACE【解析】【詳解】A．不同的物質(zhì)在相互接觸時(shí)彼此進(jìn)入對(duì)方的現(xiàn)象叫做擴(kuò)散現(xiàn)象。一切物質(zhì)的分子都在不停地做無規(guī)則運(yùn)動(dòng)，所以固體、液體或氣體之間都會(huì)發(fā)生擴(kuò)散現(xiàn)象，故A符合題意；B．巖鹽是立方體結(jié)構(gòu)，是晶體，且有規(guī)則的幾何形狀，粉碎后的巖鹽仍是晶體，仍有規(guī)則的幾何形狀，故B不符合題意；C．溫度是分子平均動(dòng)能的量度，溫度越高，分子平均動(dòng)能越大，質(zhì)量越小速度越大，氫分子質(zhì)量小，其平均速率較大，更容易掙脫地球吸引而逃逸，因此大氣中氫含量相對(duì)較少，故C符合題意；D．氣體壓強(qiáng)決定于氣體分子的密度（單位體積內(nèi)的分子數(shù)）和分子的平均動(dòng)能，故D不符合題意；E．溫度相同時(shí)，物體的平均動(dòng)能相同，故E符合題意。故選ACE。14.如圖所示，一個(gè)粗細(xì)均勻、導(dǎo)熱良好的形細(xì)玻璃管豎直放置，端封閉，端開口。玻璃管內(nèi)通過水銀柱封閉、兩段氣體，氣體下端浮有一層體積、質(zhì)量均可忽略的隔熱層，各段長度如圖所示。已知大氣壓強(qiáng)，環(huán)境溫度為27℃。①通過加熱器對(duì)氣體加熱，使其溫度升高到177℃，管內(nèi)剩余水銀柱總長度為多少？②保持氣體溫度177℃不變，以為軸將玻璃管緩慢旋轉(zhuǎn)至水平狀態(tài)，則玻璃管內(nèi)剩余水銀柱的總長度為多少？【答案】①49cm；②40cm【解析】【分析】【詳解】①假設(shè)b氣體膨脹過程中未到達(dá)C，膨脹過程中水銀不斷從D口流出但水銀柱高度不變，氣體a、b的壓強(qiáng)不變，a氣體體積不變，b做等壓膨脹，由蓋-呂薩克定律得b氣體的長度變?yōu)榧僭O(shè)成立，剩余水銀柱的長度②以BC為軸將玻璃管旋轉(zhuǎn)到水平狀態(tài)a、b兩部分氣體均做等溫變化，且壓強(qiáng)均變?yōu)?5cmHg，由平衡關(guān)系可知a氣體初狀態(tài)的壓強(qiáng)根據(jù)玻意耳定律有得對(duì)b氣體，初狀態(tài)的壓強(qiáng)為根據(jù)玻意耳定律有得則剩余水銀柱的長度15.一列簡諧橫波在均勻介質(zhì)中沿x軸正方向傳播，t=0時(shí)刻的波動(dòng)圖像如圖甲所示，質(zhì)點(diǎn)M的振動(dòng)圖像如圖乙所示。已知t=0時(shí)刻振動(dòng)恰好傳播到x=7m處，M、N兩質(zhì)點(diǎn)的平衡位置均在x軸上，相距s=19m。求A.該波的傳播速度大小為5m