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文檔簡介
《電勢差及其與電場強度的關系》
壓軸培優(yōu)題型訓練【七大題型】
?直粕題型橘的
電勢差的概念、單位和物理意義及用定義式計算(共8小題)
二.用電勢差定義式求電勢(共3小題)
三.等勢面及其與電場線的關系(共3小題)
四.勻強電場中電勢差與電場強度的關系(共16小題)
五.等分法求電勢(共3小題)
六.非勻強電場中電勢差大小的比較和應用(共3小題)
七.用DIS描繪電場的電場線和等勢線(共2小題)
電勢差的概念、單位和物理意義及用定義式計算(共8小題)
1.如圖所示,在豎直面(紙面)內有勻強電場,帶電量為q(q>0)、質量為m的小球受
水平向右大小為F的恒力,從M勻速運動到N,已知MN長為d,與力F的夾角為
60°,重力加速度為g,則下列結論錯誤的是()
A.場強大小為業(yè)2.1112g2
B.M、N間的電勢差為匚口1m一
q
C.從M到N,電場力做功為承ngd-^Fd
1
D.若僅將力F方向順時針轉60°,小球將從M向N做勻變速直線運動
【答案】B
【解答】解:A、對小球受力分析,如圖:
根據平衡知識可知:(qE)2=(mg)2+F2,解得:E="F+小已,故A正確。
q
B、M、N間的電勢差為:UMN=Edcosa=—7F2+m2g2cos?(式角是MN與場強方向
q
的夾角),故B錯誤。
C、從M到N,電場力做功與重力和力F做功之和為零,即為:亞電=-(Fdcos60"
+mgdcosl50°)mgd—故C正確。
D、因電場力qE和重力mg的合力與F等大反向,則若僅將力F方向順時針轉60°,小
球受的合力方向沿NM的方向向下,大小為F,則小球將從M向N做勻變速直線運動,
故D正確。
本題選錯誤的,故選:B。
2.(多選)如圖(a)所示,A、B、C是等量同種正電荷中垂線上的三點。帶電量為q、質
量為m的點電荷從C點靜止釋放,只在電場力作用下其運動,v-t圖象如圖(b)所示,
A.由C點到A點電勢先增大后減小
2
B.由C點到A點電勢能逐漸減小
C.B為中垂線上場強最大的點,EB大小為噠
m(v4-vR)2
D.A、B兩點間的電勢差大小為——%~_
2q
【答案】BC
【解答】解:A、據兩個等量的同種正電荷,其連線中垂線上電場強度方向由0點沿中
垂線指向外側,故由C點到A點的過程中電勢逐漸減小,故A錯誤;
B、由C點到A點的過程中,據v-t圖可知帶電粒子的速度增大,電場力做正功,電勢
能減小,故B正確;
C、據v-t圖可知帶電粒子在B點的加速度最大為k,所受的電場力最大為mk,據E=£
q
知,B點的場強最大為型L,故C正確;
q
D、據v-t圖可知A、B兩點的速度,再根據動能定理得電場力做的功為:
WBA'IUV:-ymv|
故電勢差為:UAB=^~=m(VBVA)故D錯誤;
q2q
故選:BCo
3.如圖所示,一電荷量為Q的正點電荷固定在傾角為30°的光滑絕緣斜面底部的C點,
斜面上有A、B兩點,且A、B和C在同一直線上,A和C相距為L,B為AC中點?,F
將一帶電小球從A點由靜止釋放,當帶電小球運動到B點時速度正好又為零,已知帶電
小球在A點處的加速度大小為星,靜電力常量為k,求:
4
(1)小球帶正電還是負電?
(2)小球運動到B點時的加速度大小。
(3)B和A兩點間的電勢差。(用k,Q和L表示)
【答案】見試題解答內容
【解答】解:(1)根據小球從A點由靜止釋放,當帶電小球運動到B點時速度正好又
3
為零,可知,AC是同種電荷,即小球帶正電;
(2)設帶電小球所帶電荷量為q,帶電小球在A點時,根據牛頓第二定律與庫侖定律,
則有:
mgsin30°-k^-=maA
帶電小球在B點時,k~:>2-mgsin30°=maB
且a=—,
A4
可解得:a=—
B2
(3)帶電小球由A點運動到B點應用動能定理,得:
mgsin30°-qUsA=0
2
由mgsin30°-k-^=maA=
可求得:UBA=.
答:(1)小球帶正電;
(2)小球運動到B點時的加速度大小旦;
2
(3)B和A兩點間的電勢差幽。
L
4.如圖所示,在平行金屬帶電極板MN電場中將電荷量為-4X10-6C的點電荷從A點移
到M板,電場力做負功8X10-打,把該點電荷從A點移到N板,電場力做正功為4X10
一勺,N板接地。則:
(1)A點的電勢q>A是多少?
(2)M板的電勢隼M是多少?
(3)UMN等于多少伏?
--------------------M
?A
+—N
【答案】見試題解答內容
4
【解答】解:(1)A、N間的電勢差:UAN=M=-4X104.=-100V,
q-4xio-6
又:UAN=<PA-<PN,<PN=°,
則A點的電勢:(pA=-lOOVo
SCIT_VMN_WMA+WAN_8X10_4+4X10_4?_.
(2、5)UMN--------------------------------------V--3UnUnVvo
qq-4xio-6
UMN=(PM_甲N,5N=0,
則M板的電勢:
<PM=U(vfN+(pN==-300V+0=_300Vo
答:(1)A點的電勢(PA是-100V;
(2)M板的電勢(PM是-300V;
(3)UMN等于-300Vo
5.如圖(a),長度L=0.8m的光滑桿左端固定一帶正電的點電荷A,其電荷量Q=1.8X
IO:c;—質量m=0.02kg,帶電量為q的小球B套在桿上.將桿沿水平方向固定于某
非均勻外電場中,以桿左端為原點,沿桿向右為x軸正向建立坐標系.點電荷A對小球B
的作用力隨B位置x的變化關系如圖(b)中曲線I所示,小球B所受水平方向的合力隨
B位置x的變化關系如圖(b)中曲線II所示,其中曲線II在0.16WxW0.20和x20.40范
圍可近似看作直線.求:(靜電力常量1<=9><10爪?1112£2)
圖(a)圖(b)
(1)小球B所帶電量q;
(2)非均勻外電場在x=0.3m處沿細桿方向的電場強度大小E;
(3)在合電場中,x=0.4m與x=0.6m之間的電勢差U.
(4)已知小球在x=0.2m處獲得v=0.4m/s的初速度時,最遠可以運動到x=0.4m.若
小球在x=0.16m處受到方向向右,大小為0.04N的恒力作用后,由靜止開始運動,為使
小球能離開細桿,恒力作用的最小距離s是多少?
5
【答案】見試題解答內容
【解答】解:(1)由圖可知,當x=0.3m時,Fi=k-^-=0.018N,
X
22
-Fix0.018X0.3A
解得:q=_J_=_7°_=1X10-6C;
kQ9X10yx1,8X10~
(2)設在x=0.3m處點電荷與小球間作用力為F2,F^=F2+qE
因此:E=F合尸2=_Q|.012-0:018=_3X]()4N/C,
qIX1Q~6
電場在x=0.3m處沿細稈方向的電場強度大小為:-3X1()4N/C,方向水平向左.
(3)根據圖象可知在x=0.4m與x=0.6m之間合力做功大?。?/p>
48X1U4
Wzr=0.004X0.2=8X10-J,由qU=W行可得:U=-^A=-_=800V;
q1X10-6
(4)由圖可知小球從x=0.16m到x=0.2m處
電場力做功:Wi=°?°3X0?°4=6義10力,
2
小球從x=0.2m至ljx=0.4m處,
223
電場力做功:W2=--lmv=-AX0.02X0.4=-1.6X1Q-J,
22
由圖可知小球從x=0.4m到x=0.8m處,
3
電場力做功:W3=-0.004X0.4=-1.6X10J,
由動能定理得:W1+W2+W3+F外s=0,解得:s=0.065m;
答:(1)小球B所帶電量為1X10-6c;
(2)非均勻外電場在x=0.3m處沿細桿方向的電場強度大小為3X1()4N/C;
(3)在合電場中,x=0.4m與x=0.6m之間的電勢差為-800V;
(4)恒力作用的最小距離s是0.065m.
6.若將一個電量為2.0X10-IOC的正電荷,從零電勢點移到電場中M點要克服電場力做功
8.0X109J,則
(1)M點的電勢?
(2)若再將該電荷從M點移到電場中的N點,電場力做功1.8X108j,則M、N兩點
間的電勢差UMN=?
【答案】見試題解答內容
【解答】解:(1)由題意可知,從零電勢點移到M點電場力做功W=-8X10-打,根
據公式W=qU可知,
6
8X1Q
U=^-=__J=-40V,UM=0-<PM=-40V,
q2.OX1Q-1OCO
故(PM=40V;
(2)將該點電荷從M點再移至N點電場力做功1.8X10-8j,根據公式亞=41;可知,
8
UMN=^1-8XIQ-J^9QV;
q2.oxIQ-10C
答:(1)M點的電勢為40V;
(2)M、N兩點間的電勢差UMN=90V.
7.在電場中,把電量為2.0X10-8C的正點電荷從A點移到B點,電場力做了2.0X10-6j
的功;再把這個電荷從B點移到C點,克服電場力做功6.0X10-6j.求:
(1)A、B兩點間的電勢差UAB;
(2)A、C兩點間的電勢差UAC。
【答案】見試題解答內容
【解答】解:(1)A、B兩點間的電勢差為:
II_WAB2.OX10-6J
UAB------=---------z^-=100V;
q2.OX10-bC
(2)從A到C,電場力做功為:
WAC=WAB+WBC=2.0X10-6j_6.0X10-6j=_4.0X106J,
WACWAJ4.OXipr6j
故*=-200V:
qq2.oxio-8c
答:(1)A、B兩點間的電勢差UAB為100V;
(2)A、C兩點間的電勢差UAC為-200V。
8.如圖所示,絕緣水平板面上,相距為L的A、B兩個點分別固定著等量正點電荷.。為
AB連線的中點,C、D是AB連線上的兩點,AC=CO=OD=OB=AL.一質量為m、
4
電量為+q的小滑塊(可視為質點)以初動能Eo從C點出發(fā),沿直線AB向D運動,滑
動第一次經過O點時的動能為nEo(n>l),到達D點時動能恰好為零,小滑塊最終停
在O點,
求:(1)小滑塊與水平板面之間的動摩擦因數U;
(2)OD兩點間的電勢差UOD;
(3)小滑塊運動的總路程s.
7
E。
十E,,十
ACODB
【答案】見試題解答內容
【解答】解:(1)由于C點與D點等勢,滑塊從C到D的過程中,電場力不做功,則
小滑塊第一次由C到D,
T2En
由動能定理有:-皿ig?L=O-Eo,解得,小滑塊與水平面間動摩擦因數:
2mgL
(2)由C第一次到0時,由動能定理得
■^mg?L+qUco=nE()-Eo,
4
…(2n-l)E0
解得,Uco=----------------;
2q
(2n-l)En
CO和OD具有對稱性,故0D兩點的電勢差為:------------
2q
(3)由C開始到最后停在O點,有:qUC0-nmgS=0-Eo
由以上二式得:S=(2n+l)L,
4
故小滑塊運動的總距離為:S=&n+l)L;
4
2En
答:(1)小滑塊與水平面之間的動摩擦因數以為一
mgL
(2)OD兩點的電勢差為:------------
2q
(3)小滑塊運動的總路程S為一(2n+l)L.
4
二.用電勢差定義式求電勢(共3小題)
9.有一個帶電荷量q=-3X106C的點電荷,從某電場中的A點移到B點,電荷克服靜電
力做6X10“J的功,從B點移到C點,靜電力對電荷做9X10“J的功,問:
(1)AB、BC、CA間電勢差各為多少?
(2)如以B點電勢為零,則A、C兩點的電勢各為多少?電荷在A、C兩點的電勢能各
為多少?
【答案】見試題解答內容
【解答】解:(1)AB間的電勢差為:
UAB=—=「6X104V=200V,
q-3xio-6
8
BC間的電勢差為:
=9X14
UBc-^-=-0-V=-300V,
q-sxio-6
CA間的電勢差為:
UCA—<Pc*VA—<Pc-(PB+(PB_<PA_UCB+UBA-"(300V)-200V=100V;
(2)取B點電勢為零,根據電勢差的定義公式,有:
UAB=(pA-<PB=200V,(pA=200V
UBC=5B-q)c=~300V,cpc=300V
A點的電勢能等于電荷從A點移到B點,靜電力做的功,即-6X104J;
C點的電勢能等于電荷從C點移到B點,靜電力做的功,即-9X10-4J;
答:(1)AB間的電勢差為200V,BC間的電勢差為-300V,CA間的電勢差為100V;
(2)若取B點電勢為零,則A、C兩點的電勢各為200V和300V;電荷在A、C兩點的
電勢能各為-6X10-4J和-9XW4J.
10.如圖所示,在平行金屬帶電極板MN電場中將電荷量為4X10-6C的點電荷從A點移到
M板,電場力做負功8X10-打,把該點電荷從A點移到N板,電場力做正功為4義10-
勺,N板接地。貝U:
(1)A點的電勢cpA是多少?
(2)UMN等于多少伏?M板的電勢隼M是多少?
+---------------M
.A
【答案】見試題解答內容
【解答】解:(1)把該點電荷從A點移到N板,電場力做正功為4X10-4j,
根據WAN=QUAN可得:UAN=—=100v
q
?/UAN=<PA-<PN。
N板接地,(PN=O
.,.(pA=100V
(2)點電荷從A點移到M板,電場力做負功8X10-4j,
根據WAM=QUAM可得:UAM=—=-200v
q
UMN-_UAM+UAN=300V
9
UMN=(PM-甲N=300V,N板接地,cpN=O
<PM—300V
答:(1)A點的電勢(PA是100V
(2)UMN等于300v,M板的電勢卬M是300V。
11.如圖所示,勻強電場中A、B、C三點構成一個直角三角形,把電荷量q=-2X101°C
的點電荷由A點移動到B點,電場力做功4.8X10-8J,再由B點移到C點電荷克服電場
力做功4.8X10-8J,取B點的電勢為零,求:
(1)AB、BC兩點之間的電勢差UAB、UBC、
(2)A、C兩點的電勢CPA、<Pc=
(3)畫出過B點的電場線。
【答案】見試題解答內容
【解答】解:(1)由題意可知,把電荷量q=-2X10TOC的點電荷由A點移到B點,
電場力做功為:
WI=4.8X10-8J;
則AB間的電勢差為:
UAB=I1="23=_24W
q-2xio-10
由B點移到C點克服電場力做功為:
8
W2=4.8XWJ,
則BC間的電勢差為:
UBC="=:48X108=240V
q-2xio-10
(2)若取B點的電勢為零,因為UAB=(PA-<PB,故<PA=-240V
UBC=(PB_fPc
故卬c=-240V
(3)由上知,A、C兩點的電勢相等,所以直線AC是等勢線,電場方向垂直于等勢線,
沿著電場線電勢降低,所以電場方向是過B點垂直于AC向上。
10
答:(1)A、B電勢差是-240V,B、C間的電勢差是240V。
(2)A、C兩點的電勢都是-240V。
(3)過B點的電場線垂直于AC向上如圖。
三.等勢面及其與電場線的關系(共3小題)
12.如圖所示,直線a、b和c、d是處于勻強電場中的兩組平行線,M、N、P、Q是它們的
交點,四點處的電勢分別為(PM、隼N、(PP、(PQ--電子由M點分別運動到N點和P點
的過程中,電場力所做的負功相等。則()
A.直線C位于某一等勢面內,且(PM<隼Q
B.電子在M、N兩點的電勢能大小關系是EpM>EpN
C.若電子由M點運動到Q點,電場力做負功
D.若電子由P點運動到Q點,電場力做正功
【答案】D
【解答】解:A、據題,電子由M點分別運動到N點和P點的過程中,電場力所做的負
功相等,則電勢能增加相等,所以電勢升高,則N、P兩點的電勢相等,d位于同一等勢
面內,根據勻強電場等勢面分布情況知,直線c位于同一等勢面內,則有(PM=<PQ.故A
錯誤;
B、由A的分析可知,電子的電勢能增加,則有EpM<EpN,故B錯誤;
C、由上分析知,直線c是等勢面,所以電子由M點運動到Q點,電場力不做功,故C
錯誤。
D、由于電子由M點運動到P點的過程中,電場力所做的負功,而M與Q電勢相等,
那么,電子由P點運動到Q點,電場力做正功,故D正確。
故選:D。
13.(多選)如圖所示,一帶電粒子在電場中沿曲線AB運動,從B點穿出電場,a、b、c、
11
d為該電場中的等勢面,且電勢從左向右逐漸降低,這些等勢面都是互相平行的豎直平面,
不計粒子所受重力,則()
B.此電場不一定是勻強電場
C.該電場的電場線方向一定水平向左
D.粒子在電場運動過程中動能不斷減少
【答案】AD
【解答】解:AC、電場力方向向右,電勢從左向右逐漸降低,根據沿電場線電勢逐漸降
低,則電場線水平向右,該粒子帶正電,故A正確,C錯誤。
B、電場線與等勢面處處垂直,等勢面互相平行,則電場線也互相平行,故該電場一定是
勻強電場,故B錯誤;
D、帶電粒子在電場中沿曲線AB運動時電場力對粒子做負功,其電勢能增大,動能減小,
故D正確。
故選:ADo
14.(多選)如圖所示,虛線A、B、C為某電場中的三條等勢線,其電勢分別為3V、5V、
7V,實線為帶電粒子在電場中運動時的軌跡,P、Q為軌跡與等勢線A、C的交點,帶電
粒子只受電場力的作用,則下列說法正確的是()
ABC
A.粒子可能帶負電
B.粒子在P點的動能大于在Q點動能
C.粒子在P點電勢能小于粒子在Q點電勢能
D.粒子在P點的加速度小于在Q點的加速度
【答案】BCD
12
【解答】解:A、因電場線與等勢面相互垂直,且由高電勢指向低電勢,故電場線如圖所
示,由粒子運動的軌跡彎曲的方向可知粒子受力沿電場線的方向,故粒子帶正電;故A
錯誤;
B、若粒子從P到Q,則電場力做負功,粒子動能減小,故P點動能大于Q點動能;若
粒子從Q到P,電場力做正功,動能增大,P點動能大于Q點動能,故粒子在P點動能
一定大于Q點的動能,故B正確;
C、若粒子從Q到P,電場力做正功,動能增大,電勢能減小,所以帶電粒子在P點電勢
能小于粒子在Q點電勢能,故C正確;
D、因Q點處的等勢面密集,故Q點的電場強度大,故電荷在Q點受到的電場力大于P
點受到的電場力。粒子在P點的加速度小于在Q點的加速度,故D正確;
故選:BCDo
四.勻強電場中電勢差與電場強度的關系(共16小題)
15.(多選)如圖1所示,兩水平平行金屬板A、B的中央有一靜止電子,現在A、B間加
上如圖2所示電壓,t=0時,A為正,設電子運動過程中未與兩板相碰,則下述說法中
正確的是()
A.2X10-%時,電子回到原位置
B.3X10T0s時,電子在原位置上方
C.lX10*1°s到2X10-i°s間,電子向A板運動
D.2乂10-10$至3)<10-%間,電子向B板運動
【答案】BCD
【解答】解:由圖示圖象可知:
13
0-1X1OT°S時間內,電子向上做初速度為零的勻加速直線運動,電子向A板運動;
在1X1()T0S-2X1()T0S時間內,電子向上做勻減速直線運動,電子向A板運動;
在2X10-1%-3XlOTOs時間內電子向下做初速度為零的勻加速直線運動,向B板運動;
A、由以上分析可知,2X10T0s時電子在原位置的上方,向上的位移最大,故A錯誤;
B、3X10T0s時在原位置的上方,沒有回到原來的位置,與1X10-i°s時的位置相同,
故B正確;
C、lXl()J0s-2X10T0s時間內,電子向上做勻減速直線運動,電子向A板運動,故C
正確;
D、2X10-%至3*10-%間,電子向B板運動,故D正確;
故選:BCDo
16.如圖所示三條曲線表示三條等勢線,其電勢q)c=。,<PA=(PB=10V,<pD=-30V,將
電量q=1.2X10-6c的電荷在電場中移動.
(1)把這個電荷從C移到D,電場力做功多少?
(2)把這個電荷從D移到B再移到A,電勢能變化多少?
【答案】見試題解答內容
【解答】解:(1)由于UCD=(PC-隼D=0-(-3O)V=3OV
則電荷從C移到D,電場力做功:WcD=qUcD=1.2X10-6乂30J=3.6XIO-j
(2)由于UDA=(PD-<PA=-30V-10V=-40V
則電荷從D移到B再移到A電場力做的功:
65
WDA=qUDA=1.2X10-X(-40)J=-4.8XWJ
5
故電勢能的變化量:AEp=-WDA=4.8X10-J,電荷的電勢能增加.
答:(1)把這個電荷從C移到D,電場力做功為3.6X10-5工
(2)把這個電荷從D移到B再移到A,電勢能增加了4.8X105J.
17.如圖所示,在平面直角坐標系xOy中,第I象限存在沿y軸負方向的水平勻強電場,
在x軸下側平面內某處固定著一點電荷(設勻強電場與點電荷電場以x軸為界互不影
響),一質量為m,電荷量為q的帶正電的粒子從y軸正半軸上的M點以速度vo垂直于
y軸射入電場,經x軸上的N點與x軸正方向成6=60°角射入第IV象限,此后在點電
荷作用下做勻速圓周運動,最后從y軸負半軸上的P點垂直于y軸射出,OP=3R.不計
14
粒子重力,靜電力常量為k,求:
(1)M、N兩點間的電勢差UMN;
(2)固定x軸下側平面內的點電荷電量Q;
(3)勻強電場的電場強度E大小。
【解答】解(1)設粒子過N點時的速度為v,由速度的合成有:
Vn
—=COS0
V
所以:v=2vo
粒子從M點運動到N點的過程,據動能定理:
?1212
qUMN=qmv-ymv0
2
3mvn
UMN=——
(2)設帶電粒在第四象限內的運動半徑為r
由幾何關系得:0P=叁+r=3R
BiQq.一/
r41Y
8mRv2
聯立解得:Q=-----上n~
kq
(3)帶電粒子從電場中出來時,由速度合成得:
Uy=Uotan6O°
而時間:
v0
Eq
=-
Uy=at
15
2
mvn
聯立得:E=—
3mv
答:(1)M、N兩點間的電勢差為——n—□
2q
8mRv
(2)固定x軸下側平面內的點電荷電量為-----n
kq
(3)勻強電場的電場強度E大小為一
qR
18.在一個點電荷Q的電場中,Ox坐標軸與它的一條電場線重合,坐標軸上A、B兩點的
坐標分另!J為2.0m和5.0m.放在A、B兩點的、均帶負電的試探電荷受到的電場力方向都
跟x軸的正方向相同,電場力的大小跟試探電荷所帶電荷量的關系圖象如圖中直線a、b
所示.求:
(1)A點的電場強度的大小和方向;
(2)點電荷Q的位置坐標.
------■-----?--------?--------------A
OABx
16
【解答】解:(1)由圖可知,A點的電場強度為:
EA三
解得:EA=40N/C,方向沿x軸負方向
(2)同(1)可得:B點的電場強度EB=2.5N/C
由于兩試探電荷受力方向均向x軸正方向,且FA>FB,故點電荷Q應位于A左側,
設點電荷Q的坐標為x,由點電荷的電場強度公式有:
Q
E=Py
r
可得下再F
EBr1(2-x)2
解得:x=lm
答:(1)A點的電場強度的大小為40N/C,方向沿x軸負方向;
(2)點電荷Q的位置坐標(1m,0).
19.如圖所示,在A點固定一正電荷,電量為Q,在離A高度為H的C處由靜止釋放某帶
同種電荷的液珠,開始運動瞬間的加速度大小恰好為重力加速度g.已知靜電常量為k,
兩電荷均可看成點電荷,不計空氣阻力.求:
(1)液珠的比荷(電荷量與質量之比)
(2)液珠速度最大時離A點的距離.
?B
Z////9/////Z
【答案】見試題解答內容
【解答】解:(1)液珠開始運動的加速度大小為g,可知液珠在C處釋放時加速度方向
向上,設液珠的電量為q,質量為m,由牛頓第二定律有:
又由題a=g
2
解得液珠的比荷為3.=2gH_
mkQ
(2)當液珠速度最大時,庫侖力與重力大小相等,有
17
結合(1),解得h=&H
答:
2
(1)液珠的比荷是2".
kQ
(2)液珠速度最大時離A點的距離是讓H.
20.如圖所示,ABCD為豎立放在場強為E=l()4v/m的水平勻強電場中的絕緣光滑軌道,
其中軌道的BC1部分是半徑為R的半圓環(huán),軌道的水平部分與半圓環(huán)相切,A為水平軌
道上的一點,而且AB=R=02m.把一質量m=0.1kg、帶電量q=l()-4c的小球,放在
水平軌道的A點由靜止開始釋放后,在軌道的內側運動.(g取10m/s2)求:
(1)它到達C點時的速度是多大?
(2)若讓小球安全通過D點,開始釋放點離B點至少多遠?
g
【答案】見試題解答內容
【解答】解:(1)由A點到C點,應用動能定理,有:
1o
Eq(AB+R)-mgR=-
解得:
vc=2m/s
(2)在D點,小球要恰好通過,必有:
2
mvD
設釋放點距B點的距離為x,由動能定理得:Eqx-2mgR=lmv2
2D
以上兩式聯立可得:
x~0.5m.
答:
(1)它到達C點時的速度是2m/s;
(2)若讓小球安全通過D點,開始釋放點離B點至少0.5m遠.
18
21.一長為L的細線,上端固定,下端拴一質量為m、帶電荷量為q的小球,處于如圖所
示的水平向右的勻強電場中.開始時,將細線與小球拉成水平,小球靜止在A點,釋放
后小球由靜止開始向下擺動,當細線轉過60°角時,小球到達B點速度恰好為零.試求:
(1)A、B兩點的電勢差UAB;
(2)勻強電場的場強大小.
0''?60°
'?B
-------------------->
【答案】見試題解答內容
【解答】解:(1)小球由A-B過程中,由動能定理得:
mgLsin60°+qUAB=0
ingL
解得:uAB="^.
2q
(2)勻強電場的場強大小為:
E-舊"I_|UAB|_我嗯
dL-Lcos600q
答:(1)A、B兩點的電勢差UAB為一81ngL.
2q
(2)勻強電場的場強大小是返粵.
22.如圖所示,在水平方向的勻強電場中,用長為L不可伸長的絕緣細線拴住一質量為m,
帶電荷量為q的小球1,線的上端固定于O點,若在B點同一水平線上的左方距離為r
處固定另一帶電小球2,小球1恰好處于靜止狀態(tài),當拿走小球2后,小球1由靜止開始
向上擺動,當細線轉過120。角到達A點時的速度恰好為零,此時OA恰好處于水平狀
態(tài),設整個過程中細線始終處于拉直狀態(tài),靜電力常量為k.求:
(1)BA兩點間的電勢差U;
(2)勻強電場的場強E的大??;
(3)小球2的帶電量Q.
19
【答案】見試題解答內容
【解答】解:(1)小球1從B到A過程,由動能定理得:
qU-mgLcos30°=0-0
解得:u=叵空L
2q
(2)BA間沿電場線的距離為:d=L+Lsin30°
在勻強電場,有:E=U
d
所以聯立以上三式得:E=四喳
3q
(3)未拿走球2時,小球1恰好處于靜止狀態(tài),小球1和2間的作用力為:F庫=女當"
r
小球1受力平衡,則有:
Fsin30°+qE=k號
r
Fcos30°=mg
所以解得:Q=2近1ngi'2
3kq
答:(1)BA兩點間的電勢差U為近一工
2q
(2)勻強電場的場強E的大小為返返;
3q
(3)小球2的帶電量Q為2/3型I—.
3kq
23.豎直放置的兩塊足夠長的平行金屬板間有勻強電場.其電場強度為E,在該勻強電場中,
用絲線懸掛質量為2m的帶電小球,絲線跟豎直方向成0角時小球恰好平衡,如圖所示,
請問:
(1)小球帶電性如何?電荷量多少?
(2)若剪斷絲線,小球碰到金屬板需多長時間?
20
【答案】見試題解答內容
【解答】(1)由于小球處于平衡狀態(tài),小球受到重力、拉力和水平向右的電場力,所以
小球所帶電荷為正電荷;對小球受力分析.水平方向上有:
Tsin8=qE…①
豎直方向上有:
TcosB=2mg…②
由①/②得:q=2mgtanS;
E
(2)小球在水平方向做初速度為零的勻加速直線運動,水平方向只受電場力,加速度a*
2
^qE=2mgtanelaxt=b,碰到板的時間:t=、因=、匚丞£.
mg
答:(1)小球帶正電荷,電荷量為2tan8;(2)若剪斷絲線,小球碰到金屬板需
E
要J2b
Vgtan9
24.如圖所示,在勻強電場中,將一電荷量為2X10-4的負電荷由A點移到B點,克服電
場力做功0.2J,已知A、B兩點間距離為2cm,兩點連線與電場方向成60°角,求:
(1)A、B兩點間的電勢差UAB;
(2)該勻強電場的電場強度E.
,'B
.八604
f
【答案】見試題解答內容
【解答】解:(1)A、B兩點間的電勢差為:
WAR-A9
UAB=———V-1000V
q-2XI0-4
(2)勻強電場的電場強度為:
21
11AB
E=儂>=---。=—"迎——V/m=1X105V/m
dS^cosGO0.02X0.5
答:(1)A、B兩點間的電勢差1000V;
(2)該勻強電場的電場強度lXl()5v/m.
25.A、B為兩個完全一樣的面積足夠大的金屬薄板,其中A板上有一小孔.現讓A、B兩
板水平正對放置,兩板間距離為d,且使A、B兩板與電源兩極保持相連.讓質量為m、
帶電荷量為-q的小球從A孔正上方與A相距為d的O處由靜止釋放,小球剛好不能與
B
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