2020年河南省鄭州市高中畢業(yè)年級第二次質量預測物理試題含解析附15套高考模擬卷

2020年河南省鄭州市高中畢業(yè)年級第二次質量預測物理試題

一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合

題目要求的。

1、籃球運動深受同學們喜愛。打籃球時，某同學伸出雙手接傳來的籃球，雙手隨籃球迅速收縮至胸前，

如圖所示。他這樣做的效果是()

A.減小籃球對手的沖擊力

B.減小籃球的動量變化量

C.減小籃球的動能變化量

D.減小籃球對手的沖量

2、一列簡諧橫波沿x軸正方向傳播，O為波源且t=0時刻開始沿y軸負方向起振。如圖所示為t=0.2s時

x=0至x=4m范圍內的波形圖，虛線右側的波形未畫出。已知圖示時刻x=2m處的質點第一次到達波峰，

A.這列波的周期為0.4s

B.t=0.7s末，x=l()m處質點的位置坐標為(10m,-10cm)

C.t=0.7s末，x=12m處的質點正經(jīng)過平衡位置向上運動

D.t=0.3s末，x=24m處的質點加速度最大且沿y軸正方向

3、甲乙兩汽車在一平直公路上同向行駛.在t=0到t=h的時間內，它們的v-t圖象如圖所示.在這段時間

內

A.汽車甲的平均速度比乙大

B.汽車乙的平均速度等于七上

C.甲乙兩汽車的位移相同

D.汽車甲的加速度大小逐漸減小，汽車乙的加速度大小逐漸增大

4、獰貓彈跳力驚人，棲息在干燥的曠野和沙漠，善于捕捉鳥類。一只獰貓以某一初速度斜向上與水平地

面成0角跳離地面,落地前其最大高度為h,最大水平位移為X。不考慮空氣阻力。下列說法正確的是()

A.保持起跳速度大小不變，增大。角，獰貓在空中的運動時間不變

B.保持起跳速度大小不變，增大。角，獰貓在空中的最大高度h增大

C.保持起跳角度。不變，增大起跳速度，x與h的比值減小

D.保持起跳角度0不變，增大起跳速度，x與h的比值增大

5、如圖所示，有一個電熱器R,接在電壓為u=311sinlO(hrt(V)的交流電源上.電熱器工作時的電阻為

100。，電路中的交流電表均為理想電表.由此可知

A.電壓表的示數(shù)為311V

B.電流表的示數(shù)為2.2A

C.電熱器的發(fā)熱功率為967W

D.交流電的頻率為1()0Hz

6、一束單色光從真空斜射向某種介質的表面，光路如圖所示。下列說法中正確的是()

A.此介質的折射率等于1.5

B.此介質的折射率等于加

C.入射角小于45。時可能發(fā)生全反射現(xiàn)象

D.入射角大于45。時可能發(fā)生全反射現(xiàn)象

二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符

合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得。分。

7、對于實際的氣體，下列說法正確的是?

A.氣體的內能包括氣體分子的重力勢能

B.氣體的內能包括分子之間相互作用的勢能

C.氣體的內能包括氣體整體運動的動能

D.氣體體積變化時，其內能可能不變

E.氣體的內能包括氣體分子熱運動的動能

8、如圖甲所示為足夠長、傾斜放置的平行光滑導軌，處在垂直斜面向上的勻強磁場中，導軌上端接有一

定值電阻，導軌平面的傾角為37°，金屬棒垂直導軌放置，用一平行于斜面向上的拉力F拉著金屬棒由靜

止向上運動，金屬棒的質量為0.2kg,其速度大小隨加速度大小的變化關系如圖乙所示，且金屬棒由靜止

加速到最大速度的時間為1s,金屬棒和導軌的電阻不計，sin37=0.6,cos37=0.8>g取10m/s2,則（）

A.F為恒力

B.F的最大功率為0.56W

C.回路中的最大電功率等于0.56W

D.金屬棒由靜止加速到最大速度這段時間內定值電阻上產(chǎn)生的焦耳熱是0.26J

9、如圖甲所示，一理想變壓器原、副線圈匝數(shù)之比為11：2,其原線圈兩端接入如圖乙所示的正弦交流電,

副線圈通過電流表與負載電阻R相連。若交流電壓表和交流電流表都是理想電表，則下列說法中正確的是

()

A.變壓器輸入電壓的最大值是220V

B.電壓表的示數(shù)是40V

C.若電流表的示數(shù)為0.50A,變壓器的輸入功率是20W

D.原線圈輸入的正弦交變電流的是頻率是100Hz

10、如圖所示，在豎直平面內有一勻強電場，一帶電量為+q、質量為m的小球在力F的作用下，沿圖中

虛線由M至N做豎直向上的勻速運動。已知力F和MN之間的夾角為45。，MN之間的距離為d,重力

加速度為g。則下列說法正確的是（）

?N

A.電場的方向可能水平向左

B.電場強度E的最小值為叵⑧

2q

C.當qE=mg時，小球從M運動到N時電勢能變化量為零

D.F所做的功一定為學〃吆］

三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。

11、用如圖所示裝置探究鉤碼和小車(含祛碼)組成的系統(tǒng)的“功能關系”實驗中，小車碰到制動擋板時,

鉤碼尚未到達地面。

(1)平衡摩擦力時，(填“要”或“不要”)掛上鉤碼；

(2)如圖乙是某次實驗中打出紙帶的一部分，O、A、B、C為4個相鄰的計數(shù)點，相鄰的兩個計數(shù)點之間

還有4個打出的點沒有畫出，所用交流電源的頻率為50Hz通過測量，可知打點計時器打B點時小車的速

度大小為m/s(結果保留兩位有效數(shù)字)：

(3)某同學經(jīng)過認真、規(guī)范的操作，得到一條點跡清晰的紙帶，他把小車開始運動時打下的點記為O,再依

次在紙帶上取等時間間隔的1、2、3、4、5、6等多個計數(shù)點，可獲得各計數(shù)點到O的距離s,及打下各

計數(shù)點時小車的瞬時速度V。如圖丙是根據(jù)這些實驗數(shù)據(jù)繪出的丫2_5圖象，已知此次實驗中鉤碼的總質量

為0.15kg,小車中祛碼的總質量為0.50kg,取重力加速度g=10m/s2,根據(jù)功能關系由圖象可知小車的

質量為kg(結果保留兩位有效數(shù)字)；

(4)研究實驗數(shù)據(jù)發(fā)現(xiàn)，鉤碼重力做的功總略大于系統(tǒng)總動能的增量，其原因可能是o

A.鉤碼的重力大于細線的拉力

B.未完全平衡摩擦力

C.在接通電源的同時釋放了小車

D.交流電源的實際頻率大于50Hz

12、某實驗小組設計了如圖(a)所示的實驗裝置,通過改變重物的質量，可得滑塊運動的加速度a和所受拉力

F的關系圖象.他們在軌道水平和傾斜的兩種情況下分別做了實驗，得到了兩條a-F圖線，如圖(b)所示.重力

加速度g=10m/s'.

(1)圖(b)中對應傾斜軌道的試驗結果是圖線(選填“①”或"②”)；

(1)由圖(b)可知，滑塊和位移傳感器發(fā)射部分的總質量為kg;滑塊和軌道間的動摩擦因數(shù)為

.(結果均保留兩位有效數(shù)字)

四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、

方程式和演算步驟。

13、如圖所示為玻璃制成的長方體，已知長AB=I=0.6m,寬(1=人口=0.2111,i^h=AAi=^^m,底面中心O

10

點有一個點光源，玻璃對光的折射率為1.5,俯視看ABCD面的一部分會被光照亮，求：照亮部分的面積。

14、豎直放置的導熱氣缸用輕繩懸掛在空中，質量為M。內部封閉著質量一定的理想氣體，氣體溫度為

To,塞橫截面積為S,與氣缸底部相距為Ho,周圍環(huán)境溫度緩慢上升到Ti，已知此氣體的內能表達式為

U=kT,k為常數(shù)，大氣壓強為po,重力加速度為g,不計活塞與氣缸間的摩擦。求：

⑴溫度為Ti時活塞到缸底的距離H'等于多少？

⑵此過程吸熱Q是多少？

ToHo

15、如圖所示，在傾角為。=30。且足夠長的斜面上，質量為3m的物塊B靜止在距斜面頂編為L的位置,

質量為m的光滑物塊A由斜面頂端靜止滑下，與物塊B發(fā)生第一次正碰。一段時間后A、B又發(fā)生第二

次正碰，如此重復。已知物塊A與物塊B每次發(fā)生碰撞的時間都極短且系統(tǒng)的機械能都沒有損失，且第

二次碰撞發(fā)生在物塊B的速度剛好減為零的瞬間。已知物塊B所受的最大靜摩擦力等于滑動摩擦力，重

力加速度大小為g。求

(1)A、B發(fā)生第一次碰撞后瞬間的速度

(2)從一開始到A、B發(fā)生第n次碰撞時，物塊A在斜面上的總位移。

參考答案

一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合

題目要求的。

1、A

【解析】

【詳解】

ABD.先伸出兩臂迎接，手接觸到球后，兩臂隨球引至胸前，這樣可以增加球與手接觸的時間，根據(jù)動量

定理得

—Ft=0-mv

解得：

_mv

F=——

當時間增大時，球動量的變化率減小，作用力就減小，而沖量和動量的變化量都不變，所以A正確，BD

錯誤。

C.速度由v減小到0,動能的變化量是不變的，故C錯誤。

故選A.

2、B

【解析】

【詳解】

A.由題，波源f=0時刻開始沿｝‘軸負方向起振，則介質中各個質點均沿)'軸負方向起振，圖示時刻

3

x=2m處的質點第一次到達波峰，已經(jīng)振動了：T,說明r=0.2s時波傳到x=8m質點處，則周期為

4

T=0.2s,A錯誤；

B.由圖知波長幾=8m,波速為：

A8

v=—=——m/s=40m/s

T0.2

波傳到x=10m處的時間為:

-=12s=0.25s

v40

則,=0.7s末'x=1°m處的質點已振動了045s=2：7.此質點起振方向沿,軸負方向,貝〃=°.7s末'

x=10m處質點到達波谷，坐標為(10m,-10cm),B正確;

C.波傳到x=12m處的時間為:

X

=—s=0.3s

V40

則，=0.7s末，x=12m處的質點已振動了0.4s=2T,此質點起振方向向下，貝!]f=0.7s末，x=12m處

的質點正經(jīng)過平衡位置向下運動，c錯誤;

D.波傳到x=24m處的時間為:

=-=—s=0.6s

v40

則f=0.3s末，x=24m處質點還沒有振動，加速度為零，D錯誤。

故選B。

3、A

【解析】

試題分析：因為圖線與坐標軸所夾的面積是物體的位移，故在時間內，甲車的位移大于乙車，故根據(jù)

x

斤=—可知，甲車的平均速度大于乙車，選項A正確，C錯誤；因為乙車做變減速運動故平均速度不等

于"選項B錯誤；因為圖線的切線的斜率等于物體的加速度，故甲乙兩車的加速度均逐漸減小，

選項D錯誤.

考點：v-t圖象及其物理意義

【解析】

【分析】

【詳解】

A.獰貓做斜拋運動，在豎直方向則有

vv=v0sinO=

獰貓在空中的運動時間

g

保持起跳速度大小不變，增大。角，獰貓在空中的運動時間增大，故A錯誤;

B.獰貓在空中的最大高度

/z=1^shre

22g

保持起跳速度大小不變，增大。角，獰貓在空中的最大高度增大，故B正確；

CD.獰貓最大水平位移為

_2voCOS0sin0_v；sin20

X-Vt?——

gg

最大水平位移與最大高度的比值為

X_4

htanO

保持起跳角度。不變，增大起跳速度，1與/?的比值不變，故C、D錯誤。

故選B。

5、B

【解析】

【詳解】

因為交流電的最大值為Um=3HV,故其有效值為。=注。=220V?則電壓表的示數(shù)為220V,故A

2

錯誤；因為電阻為100C,電流表的示數(shù)為/=號=黑=2.2A，故B正確；電熱器的發(fā)熱功率為P=I2R=

R100

(2.2A)2xl0051=484W,故C錯誤；因為交流電的角速度為3=100汗，則其頻率為(o=2kf=50Hz,故D錯

誤。

故選B。

6、B

【解析】

【分析】

【詳解】

AB.折射率

sinisin45rr

n=------=----------=y2

sinrsin30

選項A錯誤，B正確；

CD.全發(fā)射必須從光密介質射入光疏介質,真空射向介質不可能發(fā)生全反射，選項CD錯誤。故選B。

二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符

合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。

7、BDE

【解析】

【詳解】

ABCE.氣體的內能包括，氣體所有分子勢能和分子動能之和；其中分子勢能是由分子間的相對位置和相

互作用決定的能量，與重力勢能無關；分子動能是分子運動的動能，與氣體的整體運動的動能無關，故

BE正確，AC錯誤;

D.由于是非理想氣體，氣體的體積發(fā)生變化，若溫度相應變化時，氣體的內能可能不變，故D正確;

8、ACD

【解析】

【分析】

【詳解】

AB.對棒受力分析有

=ma

變形得

mR/F-mgsin370、八

V=——Z-Z-6T+(-----v-z-------)7?

B2I3B2I?

結合圖乙可知

mR_l.O

B-I}

zF-mgsin37n1

B2L2)

聯(lián)立解得

R25

F=1.76N,

B2!}~14

且由P=Fv可知，F(xiàn)的最大功率為

P=1.76W

故A正確，B錯誤;

C.當棒的速度為lm/s時，回路中的電流最大，回路中的電功率最大為

o2r22

^=Z27?=--=0.56W

laxA

故C正確;

D.金屬棒由靜止加速到最大速度由動量定理得

即

2

寸BI}X.。

Ft-----------mgsin37t=mv

R

解得

x=0.72m

金屬棒由靜止加速到最大速度，由動能定理得

mv2

Fx-mg-xsin37°+WA=~

解得

叼=—0.26J

由功能關系可知

Q=-WA=0.263

故D正確。

故選ACDo

9、BC

【解析】

【分析】

【詳解】

A.由圖乙可知交流電壓最大值Um=22()JJv；故A錯誤；

B.輸入電壓的有效值為220V,根據(jù)變壓器電壓與匝數(shù)成正比知電壓表示數(shù)

u,=4ov

2111

電壓表的示數(shù)是40V,選項B正確；

C.流過電阻中的電流為0.5A,變壓器的輸入功率是

P>^=Pai=UI=40x0.5W=20W

故C正確；

D.變壓器不改變頻率，由圖乙可知交流電周期T=O.02s,可由周期求出正弦交變電流的頻率是50Hz,故

D錯誤；

故選BC?

10、BC

【解析】

【詳解】

A.小球受力情況：小球受到重力mg、拉力F與電場力qE,因為小球做勻速直線運動，合力為零，則F

與qE的合力與mg大小相等、方向相反，作出F與qE的合力，如圖

根據(jù)上圖可知，電場力在右側，由于小球帶正電，電場方向與電場力方向相同，故指向右側，故A錯誤;

B.由圖可知，當電場力qE與F垂直時，電場力最小，此時場強也最小。則得：qE=mgsin0,所以電場

強度的最小值為E=mgsin,=巫空,故B正確；

Q

C.當mg=Eq時，根據(jù)幾何關系，電場力水平向右，與MN垂直，小球從M運動到N電場力不做功，

即小球從M運動到N時電勢能變化量為零，故C正確；

D.由于電場力變化時，F(xiàn)大小也跟隨著改變，所以做功也不能具體確定值，故D錯誤；

三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。

11、不要0.720.85BD

【解析】

【分析】

【詳解】

.小車下滑時受到重力、細線的拉力、支持力和摩擦力作用，為了在實驗中能夠把細線對小車的拉

力視為小車的合外力，則應該用重力的下滑分力來平衡摩擦力，在平衡摩擦力時，不掛鉤碼，但要連接紙

帶。

(2)[2].相鄰的兩個計數(shù)點之間還有4個打出的點沒有畫出，計數(shù)點間的時間間隔為

T=0.02x5s=0.1s

根據(jù)勻變速直線運動的規(guī)律可知，一段時間內的平均速度等于中間時刻的瞬時速度，打B點的速度為

%=幺=2610-5.71x10-2m/sRXm/s

B2T2x0.1

(3)[3].設鉤碼的質量為m,小車的質量為M,小車中祛碼的質量為m，，對系統(tǒng)，由動能定理得

2

mgx=g(A/+m+mDv

整理得

2—2，”gx

v-

m+m'+A/

v2-x圖象的斜率

k=2mg="￡m/s2

“+加+〃0.25

解得

M=0.85kgo

(4)[4].A.鉤碼的重力大于細線的拉力，不影響鉤碼重力做系統(tǒng)做的功，故A錯誤;

B.長木板的右端墊起的高度過低，未完全平衡摩擦力時，則摩擦力做負功，系統(tǒng)總動能的增量小于鉤碼

重力做的功，故B正確；

C.接通電源的同時釋放了小車，只會使得紙帶上一部分點不穩(wěn)定，不影響做功與動能的增量，故C錯誤;

D.交流電源的實際頻率大于50Hz,如果代入速度公式的周期為0.02s,比真實的周期大，則求出來的速

度偏小，則動能偏小，故D正確。

故選BD?

12、①；1.2；2.1

【解析】

【分析】

知道滑塊運動的加速度a和所受拉力F的關系圖象斜率等于滑塊和位移傳感器發(fā)射部分的總質量的倒數(shù)；

對滑塊受力分析，根據(jù)牛頓第二定律求解.

【詳解】

(1)由圖象可知，當F=2時，a丹.也就是說當繩子上沒有拉力時小車就有加速度，該同學實驗操作中平

衡摩擦力過大，即傾角過大，平衡摩擦力時木板的右端墊得過高，圖線①是在軌道右側抬高成為斜面情況

下得到的；

(1)根據(jù)F=ma得。,所以滑塊運動的加速度a和所受拉力F的關系圖象斜率等于滑塊和位移傳感器

m

發(fā)射部分的總質量的倒數(shù)，圖形b得加速度a和所受拉力F的關系圖象斜率k=l所以滑塊和位移傳感器發(fā)

射部分的總質量m=1.2由圖形b得，在水平軌道上F=1時，加速度a=2,根據(jù)牛頓第二定律得F*mg=2,

解得>1=2.1.

【點睛】

通過作出兩個量的圖象，然后由圖象去尋求未知量與已知量的關系；運用數(shù)學知識和物理量之間關系式結

合起來求解.

四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、

方程式和演算步驟。

3#>+2兀2

13、-----------m

150

【解析】

【分析】

【詳解】

光照亮部分的邊界為全反射的邊界，

?八

sinC=—1

n

tanC=—

h

帶入數(shù)據(jù)可得

r=0.2m

由于長方體的寬小于2r,光照亮的區(qū)域是圓的一部分

OE=r=0.2m

OF=0.1m

_OF__

cos〃=----=0.5

解得

8=60°

三角形面積

S=-xOFxOE=-m2

OEF2200

扇形面積

1212

Sc--7tr------m

n°EFQn6150

總面積

3y/3+2

S=4SOEF+2SOEQ-----------m

=150

⑵K(E)+回駕曰也

J

oTo

【解析】

【詳解】

(1)周圍環(huán)境溫度緩慢上升過程為等壓過程

HQS_H'S

解得活塞到缸底的距離

H'=H()T'

4

(2)氣體對外界做功為

W^-(p0S-Mg)(H'-H0)

根據(jù)題意有

bU=KT「KTo

根據(jù)熱力學第一定律有

△U=W+Q

解得

Q-)+(〃°S+Mg)附-%)

代入〃’可得

)+(3叱幻”。

15、(1)眩=—%=_』巫方向沿斜而向上；以=以=近方向沿斜面向下;(2)L+(n/)：L=fL

A222244

(n=l,2,3……)

【解析】

【詳解】

(1)設物塊A運動至第一次碰撞前速度為％,由動能定理得

1,

mgsin0xL=-tnv^

A、B發(fā)生彈性正碰，有

mvn—mvA+3mvtj

=g加次+g-3加焉

解得第一次碰撞后瞬間A、B的速度

—迎=_M,方向沿斜而向上

22

%=J巫，方向沿斜面向下

22

(2)碰后經(jīng)時間t時A、B發(fā)生第二次正碰，則A、B的位移相等，設為x,取沿斜而向右下為正方向,

對B有

x二;(以+0)r

對A有：

1z、

mgxsin6?=1m(v；2-v^)

解得第二次碰前A的速度

VA2=VO

x-九

4

因為第二次碰前兩物體的速度與第一次碰前完全相同，因此以后每次碰撞之間兩物體的運動情況也完全相

同。

到第n次碰撞時，物塊A在斜面上的總位移：

,、3,3〃+1,,、

s=L+(n-1)—L=-----L(n=1,2,3....)

44

2019-2020高考物理模擬試卷

一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合

題目要求的。

1、據(jù)科學家研究發(fā)現(xiàn)，由于潮汐作用，現(xiàn)階段月球每年遠離地球3.8cm,在月球遠離地球的過程中，地

球正轉得越來越慢，在此過程中月球圍繞地球的運動仍然看成圓周運動，與現(xiàn)在相比，若干年后（）

A.月球繞地球轉動的角速度會增大B.地球同步衛(wèi)星軌道半徑將會增大

C.近地衛(wèi)星的環(huán)繞速度將會減小D.赤道上的重力加速度將會減小

2、A、B兩小車在同一直線上運動，它們運動的位移s隨時間t變化的關系如圖所示，已知A車的s-t圖

象為拋物線的一部分，第7s末圖象處于最高點，B車的圖象為直線，則下列說法正確的是（）

A.A車的初速度為7m/s

B.A車的加速度大小為2m/s2

C.A車減速過程運動的位移大小為50m

D.10s末兩車相遇時，B車的速度較大

3、如圖所示，一束平行光經(jīng)玻璃三棱鏡折射后分解為a、b兩種單色光。則下列說法正確的是（）

A.在真空中傳播時，a光的速度大

B.從玻璃射向空氣時，b光發(fā)生全發(fā)射的臨界角小

C.經(jīng)過同一雙縫干涉實驗裝置時，觀察到a光的相鄰亮條紋間距大

D.若b光能使某金屬發(fā)生光電效應，則a光也一定能發(fā)生光電效應

4、如圖所示，a、b、c為三顆人造地球衛(wèi)星，其中a為地球同步衛(wèi)星，b、c在同一軌道上，三顆衛(wèi)星的

軌道均可視為圓軌道.以下判斷正確的是（）

A.衛(wèi)星a的運行周期大于衛(wèi)星b的運行周期

B.衛(wèi)星b的運行速度可能大于7.9幼7/s

C.衛(wèi)星b加速即可追上前面的衛(wèi)星c

D.衛(wèi)星a在運行時有可能經(jīng)過宜昌市的正上方

5、如圖所示，一個帶正電的物體從粗糙斜面頂端滑到斜面底端時的速度為V.若加上一個垂直于紙面指向

紙外的方向的磁場，則物體滑到底端時（）

B

A.v變大B.v變小C.v不變D.不能確定

6、如圖所示，OA是水平放置的彈性薄鋼片，左端固定于O點，右端固定有一個軟鐵圓柱體，P為套在

鋼片上的重物。調節(jié)P的位置可以改變OA上下振動的固有頻率，使其在40Hz—120Hz之間變化。在A

的正下方固定一個帶鐵心B的線圈，線圈中通有f=50Hz的交變電流，使OA在磁場力作用下振動。關于

OA穩(wěn)定后的振動情況，下列說法中正確的是（）

A.無論P位于何處，頻率一定是50Hz

B.無論P位于何處，頻率一定是100Hz

C.P所處位置的不同，頻率可能取40Hz—120Hz間的任何值

D.調節(jié)P使OA振動的固有頻率為50Hz時OA的振幅最大

二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共2（）分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符

合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得。分。

7、粗細均勻的正方形金屬線框abed靜止在光滑絕緣的水平面上，整個裝置處在垂直水平面的勻強磁場中,

ab邊與磁場邊界MN重合，如圖所示?，F(xiàn)用水平向左的外力F將線框拉出磁場，且外力與時間的函數(shù)關

系為F=b+kt,b和k均為常數(shù)。在拉出線框的過程中，用i表示線框中的電流，Q表示流過線框某截面的

電荷量，下列描述電流與時間及電荷量與時間變化關系的圖象可能正確的是（）

8、如圖所示，水平傳送帶以大小為丫的速率沿順時針勻速運行，一個小物塊從傳送帶的右端點A以大小

為九的速度向左滑上傳送帶，小物塊滑到傳送帶正中間時速度減為零。已知小物塊與傳送帶間的動摩擦

因數(shù)為4,重力加速度為g,則下列說法正確的是

2v

C)—O

A.A5兩點間的距離為一

Ng

2

B.小物塊在傳送帶上運動時與傳送帶的相對位移為二9v二

24g

C.要使小物塊從傳送帶左端點8滑離，小物塊在右端點A滑上傳送帶的速度至少為3V

D.增大傳送帶的速度(仍小于2u),小物塊與傳送帶間相對運動的時間變長

9、如圖所示，靜止于水平面上的傾角為0的斜面上有一質量為M的槽，槽的內部放一質量為m的光滑

球，已知槽和球起沿斜面下滑，球的大小恰好能和槽內各面相接觸，不計空氣阻力，重力加速度為g,則

下列說法正確是()

A.若槽和球一起勻速下滑，則槽對球的作用力大小為機geose

B.若槽和球一起下滑的加速度大小為gsin則槽對球的作用力大小一定為mgcos。

C.若槽和球一起下滑的加速度大小為gsin。，地面對斜面的摩擦力方向可能向左

D.若槽和球一起勻速下滑，則球和槽之間只有兩個接觸點有彈力的作用

10、如圖所示，玩具飛機以恒定的仰角斜向上做勻速直線運動，上升至距離地面某高度時，從玩具飛機上

掉下一個小零件，零件掉下后，玩具飛機飛行速度保持不變，零件運動過程中受到的空氣阻力不計，則零

件落地時

9…

A.速度比玩具飛機的速度大

B.和玩具飛機的速度大小可能相等

C.在玩具飛機的正下方

D.在玩具飛機正下方的后側

三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。

11、測量小物塊Q與平板P之間的動摩擦因數(shù)的實驗裝置如圖所示。AB是半徑足夠大的光滑四分之一圓

弧軌道，與水平固定放置的P板的上表面BC在B點相切，C點在水平地面的垂直投影為C\重力加速

度為g。實驗步驟如下：

①用天平稱出物塊Q的質量m；

②測量出軌道AB的半徑R、BC的長度L和CC的長度h；

③將物塊Q在A點從靜止釋放，在物塊Q落地處標記其落點D；

④重復步驟③，共做10次；

⑤將10個落地點用一個盡量小的圓圍住，用米尺測量圓心到C的距離s。

（D請用實驗中的測量量表示物塊Q到達C點時的動能Ekc=以及物塊Q與平板P之間的動摩

擦因數(shù)M=。

（2）實驗步驟④⑤的目的是。如果實驗測得的日值比實際值偏大，其原因除了實驗

中測量的誤差之外，其它的可能是。（寫出一個可能的原因即可）。

12、某實驗小組用下列器材設計了如圖甲所示的歐姆表電路，通過調控電鍵S和調節(jié)電阻箱，可使歐姆表

具有“xl，，，，xl0，，兩種倍率。

黑表筆紅表筆

甲

A.干電池：電動勢E=L5V,內阻r=0.5Q

B.電流表mA：滿偏電流Ig=lmA,內阻Rg=150C

C.定值電阻Ri=1200C

D.電阻箱R2：最大阻值999.99。

E.定值電阻R3=150Q

F.電阻箱It,最大阻值999912

G?電鍵一個，紅、黑表筆各1支，導線若干

⑴該實驗小組按圖甲所示正確連接好電路。當電鍵S斷開時，將紅、黑表筆短接，調節(jié)電阻箱R2,使電

流表達到滿偏電流，此時閉合電路的總電阻叫做歐姆表的內阻R內，則R內=C,歐姆表的倍率是

(選填“xl”或“xio”)；

(2)閉合電鍵S

第一步：調節(jié)電阻箱R2,當R2=C時,再將紅、黑表筆短接，電流表再次達到滿偏電流；

第二步：在紅、黑表筆間接入電阻箱R」，調節(jié)R”當電流表指針指向圖乙所示的位置時，對應的歐姆表

的刻度值為

四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、

方程式和演算步驟。

13、1916年，Tolman和Stewart發(fā)表論文指出，一個繞在圓柱上的閉合金屬線圈當該圓柱以一定的角

速度繞軸旋轉時，線圈中會有電流通過，這種效應稱為Stewart-Tolman效應。設有許多匝線圈，每匝線

圈的半徑為r,每匝線圈均用電阻為R的細金屬導線繞成，線圈均勻地繞在一個很長的玻璃圓柱上，圓柱

的內部為真空每匝線圈的位置用黏膠固定在圓柱上，單位長度的線圈匝數(shù)為n,包含每匝線圈的平面與圓

柱的軸垂直。從某一時刻開始，圓柱以角加速度0繞其軸旋轉。經(jīng)過足夠長時間后：請計算每匝線圈中的

電流強度。

14、如圖所示，在平面直角坐標系內，第I象限的等腰三角形MNP區(qū)域內存在垂直于坐標平面向外的勻

強磁場，y<0的區(qū)域內存在著沿y軸正方向的勻強電場。一質量為m帶電荷量為q的帶電粒子從電場中Q

(-2h,-h)點以速度V。水平向右射出，經(jīng)坐標原點O射入第I象限，最后垂直于PM的方向射出磁場。

已知MN平行于x軸，NP垂直于x軸，N點的坐標為(2h,2h),不計粒子的重力，求：

⑴電場強度的大?。?/p>

(2)最小的磁感應強度的大?。?/p>

(3)粒子在最小磁場中的運動時間。

15、如圖，ABO是一半徑為R的,圓形玻璃磚的橫截面，O是圓心，AB弧形面鍍銀?，F(xiàn)位于AO軸線

4

上的點光源S發(fā)出一束光線射向玻璃磚的OB邊，入射角i=60。，OS=y,已知玻璃的折射率為JL光

在空氣中傳播的速度為c,每條邊只考慮一次反射。求：

(i)光線射入玻璃磚時的折射角；

(ii)光線從S傳播到離開玻璃磚所用的時間。

參考答案

一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合

題目要求的。

【解析】

【分析】

【詳解】

A.對月球繞地球轉動，則

G一'—=ma)r

GM

Ct)=

隨著月球繞地球轉動半徑的增大，角速度減小，選項A錯誤；

B.對地球的同步衛(wèi)星，由6粵=根（多）2廠可知，T變大，則r變大，即地球同步衛(wèi)星軌道半徑將會增

rT

大,選項B正確；

C.對近地衛(wèi)星，由G牛=加三可得

GM

可知，近地衛(wèi)星的環(huán)繞速度不變，選項C錯誤；

D.由g-攀可知，赤道上的重力加速度將不變，選項D錯誤.

故選B。

【解析】

【詳解】

AB.A車做勻變速直線運動，設A車的初速度為％,加速度大小為。，由圖可知％=7s時，速度為零,

由運動學公式可得：

v7=vQ-7a=0

根據(jù)圖象和運動學公式可知t=10s時的位移為:

x[Q=40m-0=40m

12

x10=vot--ar=10%—50。

聯(lián)立解得Q=2m/s2,%=14m/s,故選項B正確，A錯誤；

C.A車減速過程運動的位移大小為毛="9，="Wx7m=49m,故選項C錯誤;

22

D.位移時間圖象的斜率等于速度，10s末兩車相遇時B車的速度大小為：

Ar.,

vR=——=4m/s

BM

A車的速度為：

vA=%—at--6m/s

兩車的速度大小相等，故選項D錯誤。

故選B。

3、D

【解析】

【分析】

【詳解】

A.真空中傳播時，各種顏色光的光速均相同，A錯誤;

B.根據(jù)光路圖可知匕光偏折程度小，所以方光折射率小，根據(jù)全反射定律sinC=■可知〃光發(fā)生全反射

n

的臨界角大，B錯誤;

C.根據(jù)光路圖可知4光折射率大，所以頻率大，波長短，根據(jù)&x=可知，經(jīng)過同一雙縫干涉實驗

d

裝置時，觀察到a光的相鄰亮條紋間距小，C錯誤；

D.。光的頻率大于力光，根據(jù)￡=加可知。光的光子能量大于匕光，所以若b光能使某金屬發(fā)生光電效

應，則a光也一定能發(fā)生光電效應，D正確。

故選D。

4、A

【解析】

【詳解】

A、根據(jù)萬有引力提供向心力，則有絲絲=竺當士，軌道半徑越大，周期越大，可知a的運行周期大

r2T2

于衛(wèi)星b的運行周期，故選項A正確；

B、根據(jù)空?=叱，軌道半徑越小，速度越大，當軌道半徑等于地球半徑時，速度最大等于第一宇宙

rr

速度，故b的速度小于第一宇宙速度7.9km/s,故選項B錯誤；

C、衛(wèi)星b加速后需要的向心力增大，大于萬有引力，所以衛(wèi)星將做離心運動，所以不能追上前面的衛(wèi)星

c,故選項C錯誤；

D、a為地球同步衛(wèi)星，在赤道的正上方，不可能經(jīng)過宜昌市的正上方，故選項D錯誤.

5、A

【解析】

【詳解】

未加磁場時，根據(jù)動能定理，有

12

mgh-Wf=—mv-0

加磁場后，多了洛倫茲力，洛倫茲力不做功，根據(jù)左手定則，洛倫茲力的方向垂直斜面向上，所以物體對

斜面的壓力減小，所以摩擦力變小，摩擦力做的功變小，根據(jù)動能定理，有

12

mgh-Wf'=~mv'-0

Wf'VWf

所以

v'>v.

故A正確，BCD錯誤。

故選A.

6、B

【解析】

【詳解】

ABC.因交流電的頻率為f=50Hz,則線圈吸引軟鐵A的頻率為f，=100Hz,由受迫振動的規(guī)律可知，無論

P位于何處，頻率一定是100Hz,選項AC錯誤，B正確；

D.調節(jié)P使OA振動的固有頻率為100Hz時產(chǎn)生共振，此時OA的振幅最大，選項D錯誤；

故選B。

二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符

合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。

7、AC

【解析】

【分析】

【詳解】

A.根據(jù)牛頓第二定律可得

b+kt~BIL=ma

當卜=0?1時，線框勻加速離開磁場，電流與時間成正比，故A正確；

B.由于i最后恒定，即速度恒定，而外力在增加，不可能實現(xiàn)，故B錯誤；

C.電流可以與時間成正比，而由A圖象可知電流與時間包圍的面積為電荷量，因此Q可以與tZ成正比,

圖象可以是曲線，故C正確；

D.若Q與t成正比，則電流為恒量，不可能實現(xiàn)，故D錯誤。

故選AC。

8、BD

【解析】

【詳解】

A.物塊向左滑動時，做加速度大小為a=4g的勻減速直線運動，則傳送帶的長為

/°(2v)24v2

L=2x------=

2a

故A錯誤；

B.物塊向左滑動時，運動的時間

2v2v

%=—=---

。4g

這段時間內相對位移

2

2V24v

%=一+%=——

"g"g

當物塊向右運動時，加速的時間為

VV

心二-=---

■a"g

這段時間內的相對位移為

V2V2

Xffi2=VZ2-^-=7-

2a2〃g

9V2

因此總的相對位移為——，故B正確；

2Mg

C.要使物塊從傳送帶左端點B滑離，物塊在右端點A滑上傳送帶的速度至少為

v-\l2aL-2垃v

故c錯誤；

D.增大傳送帶的速度(仍小于2u),物塊向左相對傳送帶運動的時間不變，向右相對傳送帶運動的時間變長,

因此物塊與傳送帶相對運動的總時間變長，故D正確。

9、BD

【解析】

【詳解】

A.若槽和球一起勻速下滑，則槽對球的作用力大小等于球的重力，即為mg,故A錯誤；

B.若槽和球一起下滑的加速度大小為gsinO,則槽對球的作用力大小為

F-1(mg，-(ma#=mgcosO

故B正確；

C.若槽和球一起下滑的加速度大小為gsin0,則系統(tǒng)在水平方向有向右的加速度，地面對斜面的摩擦力方

向向右，故C錯誤.

D.若槽和球一起勻速下滑，則球受力平衡，球對前壁的彈力為mgsinO,對底部的壓力為mgcose,所以球

和槽之間只有兩個接觸點有彈力的作用，故D正確；

10、AC

【解析】

【詳解】

AB.零件掉下的一瞬間速度與玩具飛機的速度相同，根據(jù)機械能守恒可知，落地時的速度大于玩具飛機的

速度，故A正確B錯誤；

CD.由于零件在運動過程中水平方向的分速度與玩具飛機的水平分速度相同，因此落地時在玩具飛機的正

下方，故C正確D錯誤；

三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。

11、空---減小實驗的偶然誤差圓弧軌道與滑塊間有摩擦或空氣阻力

4/i〃4/i￡

【解析】

【分析】

考查實驗“測物體間的動摩擦因數(shù)”。

【詳解】

[1].離開C后，物塊做平拋運動：

水平方向：

S=vc/

豎直方向:

,12

h=2gt

物塊在C點的動能：

二12

Eke=萬明

解得：

2

=螫二.

kC4/2，

[2].從A到B,由動能定理得:

mgR=EkR-0

則物塊到達B時的動能：

EkB=mgR

由B到C過程中，由動能定理得:

-%-~mvc~gmvl

克服摩擦力做的功：

I”°mgs2

嗎=

B到C過程中，克服摩擦力做的功:

叱=jLimg

得：

Rs2

u---------；

L4征

[3].實驗步驟④⑤的目的是測平均值，減少偶然誤差；

[41.實驗測得的11值比實際值偏大，其原因除了實驗中測量的誤差之外，很有可能就是其它地方有摩擦,

比如圓弧軌道與滑塊間有摩擦或空氣阻力。

12、1500xlO14.550

【解析】

【分析】

【詳解】

(1)[1]由閉合電路歐姆定律可知內阻為

E15

凡=—=--。=1500。

訥10.001

[2]故中值電阻應為1500。，根據(jù)多用電表的刻度設置可知，表盤上只有兩種檔位，若為xl,則中性電阻

太大，不符合實際，故歐姆表倍率應為“X10”

(2)[3]為了得到“xl”倍率，應讓滿偏時對應的電阻為150。，電流

I.=—A=0.01A

1150

此時表頭中電流應為0.001A；則與之并聯(lián)電阻R,電流應為

/3=(0.01-0.001)A=0.009A

則有

?E-I.R.1.5-0.009x150^

凡+r=-----=-------------------Q=15Q

40.01

所以

R2=150—0.50=14.5。

[4]由圖可知電流為().75mA,總電阻

=—X103Q=2000Q

總0.75

待測電阻

R測=2000。-150()。=50。

對應的刻度應為50。

四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、

方程式和演算步驟。

13、I=2兀m/3/

eR

【解析】

【詳解】

由于環(huán)加速轉動，在圓環(huán)參考系中對電子產(chǎn)生了類似于電場力的非慣性力，即

F=mr/3

對應的場強

心小

e

產(chǎn)生的電流

IjrrE271mB戶

I=---