2020年河南省鄭州市高中畢業(yè)年級第二次質(zhì)量預(yù)測物理試題含解析附15套高考模擬卷

2020年河南省鄭州市高中畢業(yè)年級第二次質(zhì)量預(yù)測物理試題

一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合

題目要求的。

1、籃球運(yùn)動(dòng)深受同學(xué)們喜愛。打籃球時(shí)，某同學(xué)伸出雙手接傳來的籃球，雙手隨籃球迅速收縮至胸前，

如圖所示。他這樣做的效果是()

A.減小籃球?qū)κ值臎_擊力

B.減小籃球的動(dòng)量變化量

C.減小籃球的動(dòng)能變化量

D.減小籃球?qū)κ值臎_量

2、一列簡諧橫波沿x軸正方向傳播，O為波源且t=0時(shí)刻開始沿y軸負(fù)方向起振。如圖所示為t=0.2s時(shí)

x=0至x=4m范圍內(nèi)的波形圖，虛線右側(cè)的波形未畫出。已知圖示時(shí)刻x=2m處的質(zhì)點(diǎn)第一次到達(dá)波峰，

A.這列波的周期為0.4s

B.t=0.7s末，x=l()m處質(zhì)點(diǎn)的位置坐標(biāo)為(10m,-10cm)

C.t=0.7s末，x=12m處的質(zhì)點(diǎn)正經(jīng)過平衡位置向上運(yùn)動(dòng)

D.t=0.3s末，x=24m處的質(zhì)點(diǎn)加速度最大且沿y軸正方向

3、甲乙兩汽車在一平直公路上同向行駛.在t=0到t=h的時(shí)間內(nèi)，它們的v-t圖象如圖所示.在這段時(shí)間

內(nèi)

A.汽車甲的平均速度比乙大

B.汽車乙的平均速度等于七上

C.甲乙兩汽車的位移相同

D.汽車甲的加速度大小逐漸減小，汽車乙的加速度大小逐漸增大

4、獰貓彈跳力驚人，棲息在干燥的曠野和沙漠，善于捕捉鳥類。一只獰貓以某一初速度斜向上與水平地

面成0角跳離地面,落地前其最大高度為h,最大水平位移為X。不考慮空氣阻力。下列說法正確的是()

A.保持起跳速度大小不變，增大。角，獰貓?jiān)诳罩械倪\(yùn)動(dòng)時(shí)間不變

B.保持起跳速度大小不變，增大。角，獰貓?jiān)诳罩械淖畲蟾叨萮增大

C.保持起跳角度。不變，增大起跳速度，x與h的比值減小

D.保持起跳角度0不變，增大起跳速度，x與h的比值增大

5、如圖所示，有一個(gè)電熱器R,接在電壓為u=311sinlO(hrt(V)的交流電源上.電熱器工作時(shí)的電阻為

100。，電路中的交流電表均為理想電表.由此可知

A.電壓表的示數(shù)為311V

B.電流表的示數(shù)為2.2A

C.電熱器的發(fā)熱功率為967W

D.交流電的頻率為1()0Hz

6、一束單色光從真空斜射向某種介質(zhì)的表面，光路如圖所示。下列說法中正確的是()

A.此介質(zhì)的折射率等于1.5

B.此介質(zhì)的折射率等于加

C.入射角小于45。時(shí)可能發(fā)生全反射現(xiàn)象

D.入射角大于45。時(shí)可能發(fā)生全反射現(xiàn)象

二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符

合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯(cuò)的得。分。

7、對于實(shí)際的氣體，下列說法正確的是?

A.氣體的內(nèi)能包括氣體分子的重力勢能

B.氣體的內(nèi)能包括分子之間相互作用的勢能

C.氣體的內(nèi)能包括氣體整體運(yùn)動(dòng)的動(dòng)能

D.氣體體積變化時(shí)，其內(nèi)能可能不變

E.氣體的內(nèi)能包括氣體分子熱運(yùn)動(dòng)的動(dòng)能

8、如圖甲所示為足夠長、傾斜放置的平行光滑導(dǎo)軌，處在垂直斜面向上的勻強(qiáng)磁場中，導(dǎo)軌上端接有一

定值電阻，導(dǎo)軌平面的傾角為37°，金屬棒垂直導(dǎo)軌放置，用一平行于斜面向上的拉力F拉著金屬棒由靜

止向上運(yùn)動(dòng)，金屬棒的質(zhì)量為0.2kg,其速度大小隨加速度大小的變化關(guān)系如圖乙所示，且金屬棒由靜止

加速到最大速度的時(shí)間為1s,金屬棒和導(dǎo)軌的電阻不計(jì)，sin37=0.6,cos37=0.8>g取10m/s2,則（）

A.F為恒力

B.F的最大功率為0.56W

C.回路中的最大電功率等于0.56W

D.金屬棒由靜止加速到最大速度這段時(shí)間內(nèi)定值電阻上產(chǎn)生的焦耳熱是0.26J

9、如圖甲所示，一理想變壓器原、副線圈匝數(shù)之比為11：2,其原線圈兩端接入如圖乙所示的正弦交流電,

副線圈通過電流表與負(fù)載電阻R相連。若交流電壓表和交流電流表都是理想電表，則下列說法中正確的是

()

A.變壓器輸入電壓的最大值是220V

B.電壓表的示數(shù)是40V

C.若電流表的示數(shù)為0.50A,變壓器的輸入功率是20W

D.原線圈輸入的正弦交變電流的是頻率是100Hz

10、如圖所示，在豎直平面內(nèi)有一勻強(qiáng)電場，一帶電量為+q、質(zhì)量為m的小球在力F的作用下，沿圖中

虛線由M至N做豎直向上的勻速運(yùn)動(dòng)。已知力F和MN之間的夾角為45。，MN之間的距離為d,重力

加速度為g。則下列說法正確的是（）

?N

A.電場的方向可能水平向左

B.電場強(qiáng)度E的最小值為叵⑧

2q

C.當(dāng)qE=mg時(shí)，小球從M運(yùn)動(dòng)到N時(shí)電勢能變化量為零

D.F所做的功一定為學(xué)〃吆］

三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。

11、用如圖所示裝置探究鉤碼和小車(含祛碼)組成的系統(tǒng)的“功能關(guān)系”實(shí)驗(yàn)中，小車碰到制動(dòng)擋板時(shí),

鉤碼尚未到達(dá)地面。

(1)平衡摩擦力時(shí)，(填“要”或“不要”)掛上鉤碼；

(2)如圖乙是某次實(shí)驗(yàn)中打出紙帶的一部分，O、A、B、C為4個(gè)相鄰的計(jì)數(shù)點(diǎn)，相鄰的兩個(gè)計(jì)數(shù)點(diǎn)之間

還有4個(gè)打出的點(diǎn)沒有畫出，所用交流電源的頻率為50Hz通過測量，可知打點(diǎn)計(jì)時(shí)器打B點(diǎn)時(shí)小車的速

度大小為m/s(結(jié)果保留兩位有效數(shù)字)：

(3)某同學(xué)經(jīng)過認(rèn)真、規(guī)范的操作，得到一條點(diǎn)跡清晰的紙帶，他把小車開始運(yùn)動(dòng)時(shí)打下的點(diǎn)記為O,再依

次在紙帶上取等時(shí)間間隔的1、2、3、4、5、6等多個(gè)計(jì)數(shù)點(diǎn)，可獲得各計(jì)數(shù)點(diǎn)到O的距離s,及打下各

計(jì)數(shù)點(diǎn)時(shí)小車的瞬時(shí)速度V。如圖丙是根據(jù)這些實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)繪出的丫2_5圖象，已知此次實(shí)驗(yàn)中鉤碼的總質(zhì)量

為0.15kg,小車中祛碼的總質(zhì)量為0.50kg,取重力加速度g=10m/s2,根據(jù)功能關(guān)系由圖象可知小車的

質(zhì)量為kg(結(jié)果保留兩位有效數(shù)字)；

(4)研究實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)發(fā)現(xiàn)，鉤碼重力做的功總略大于系統(tǒng)總動(dòng)能的增量，其原因可能是o

A.鉤碼的重力大于細(xì)線的拉力

B.未完全平衡摩擦力

C.在接通電源的同時(shí)釋放了小車

D.交流電源的實(shí)際頻率大于50Hz

12、某實(shí)驗(yàn)小組設(shè)計(jì)了如圖(a)所示的實(shí)驗(yàn)裝置,通過改變重物的質(zhì)量，可得滑塊運(yùn)動(dòng)的加速度a和所受拉力

F的關(guān)系圖象.他們在軌道水平和傾斜的兩種情況下分別做了實(shí)驗(yàn)，得到了兩條a-F圖線，如圖(b)所示.重力

加速度g=10m/s'.

(1)圖(b)中對應(yīng)傾斜軌道的試驗(yàn)結(jié)果是圖線(選填“①”或"②”)；

(1)由圖(b)可知，滑塊和位移傳感器發(fā)射部分的總質(zhì)量為kg;滑塊和軌道間的動(dòng)摩擦因數(shù)為

.(結(jié)果均保留兩位有效數(shù)字)

四、計(jì)算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、

方程式和演算步驟。

13、如圖所示為玻璃制成的長方體，已知長AB=I=0.6m,寬(1=人口=0.2111,i^h=AAi=^^m,底面中心O

10

點(diǎn)有一個(gè)點(diǎn)光源，玻璃對光的折射率為1.5,俯視看ABCD面的一部分會(huì)被光照亮，求：照亮部分的面積。

14、豎直放置的導(dǎo)熱氣缸用輕繩懸掛在空中，質(zhì)量為M。內(nèi)部封閉著質(zhì)量一定的理想氣體，氣體溫度為

To,塞橫截面積為S,與氣缸底部相距為Ho,周圍環(huán)境溫度緩慢上升到Ti，已知此氣體的內(nèi)能表達(dá)式為

U=kT,k為常數(shù)，大氣壓強(qiáng)為po,重力加速度為g,不計(jì)活塞與氣缸間的摩擦。求：

⑴溫度為Ti時(shí)活塞到缸底的距離H'等于多少？

⑵此過程吸熱Q是多少？

ToHo

15、如圖所示，在傾角為。=30。且足夠長的斜面上，質(zhì)量為3m的物塊B靜止在距斜面頂編為L的位置,

質(zhì)量為m的光滑物塊A由斜面頂端靜止滑下，與物塊B發(fā)生第一次正碰。一段時(shí)間后A、B又發(fā)生第二

次正碰，如此重復(fù)。已知物塊A與物塊B每次發(fā)生碰撞的時(shí)間都極短且系統(tǒng)的機(jī)械能都沒有損失，且第

二次碰撞發(fā)生在物塊B的速度剛好減為零的瞬間。已知物塊B所受的最大靜摩擦力等于滑動(dòng)摩擦力，重

力加速度大小為g。求

(1)A、B發(fā)生第一次碰撞后瞬間的速度

(2)從一開始到A、B發(fā)生第n次碰撞時(shí)，物塊A在斜面上的總位移。

參考答案

一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合

題目要求的。

1、A

【解析】

【詳解】

ABD.先伸出兩臂迎接，手接觸到球后，兩臂隨球引至胸前，這樣可以增加球與手接觸的時(shí)間，根據(jù)動(dòng)量

定理得

—Ft=0-mv

解得：

_mv

F=——

當(dāng)時(shí)間增大時(shí)，球動(dòng)量的變化率減小，作用力就減小，而沖量和動(dòng)量的變化量都不變，所以A正確，BD

錯(cuò)誤。

C.速度由v減小到0,動(dòng)能的變化量是不變的，故C錯(cuò)誤。

故選A.

2、B

【解析】

【詳解】

A.由題，波源f=0時(shí)刻開始沿｝‘軸負(fù)方向起振，則介質(zhì)中各個(gè)質(zhì)點(diǎn)均沿)'軸負(fù)方向起振，圖示時(shí)刻

3

x=2m處的質(zhì)點(diǎn)第一次到達(dá)波峰，已經(jīng)振動(dòng)了：T,說明r=0.2s時(shí)波傳到x=8m質(zhì)點(diǎn)處，則周期為

4

T=0.2s,A錯(cuò)誤；

B.由圖知波長幾=8m,波速為：

A8

v=—=——m/s=40m/s

T0.2

波傳到x=10m處的時(shí)間為:

-=12s=0.25s

v40

則,=0.7s末'x=1°m處的質(zhì)點(diǎn)已振動(dòng)了045s=2：7.此質(zhì)點(diǎn)起振方向沿,軸負(fù)方向,貝〃=°.7s末'

x=10m處質(zhì)點(diǎn)到達(dá)波谷，坐標(biāo)為(10m,-10cm),B正確;

C.波傳到x=12m處的時(shí)間為:

X

=—s=0.3s

V40

則，=0.7s末，x=12m處的質(zhì)點(diǎn)已振動(dòng)了0.4s=2T,此質(zhì)點(diǎn)起振方向向下，貝!]f=0.7s末，x=12m處

的質(zhì)點(diǎn)正經(jīng)過平衡位置向下運(yùn)動(dòng)，c錯(cuò)誤;

D.波傳到x=24m處的時(shí)間為:

=-=—s=0.6s

v40

則f=0.3s末，x=24m處質(zhì)點(diǎn)還沒有振動(dòng)，加速度為零，D錯(cuò)誤。

故選B。

3、A

【解析】

試題分析：因?yàn)閳D線與坐標(biāo)軸所夾的面積是物體的位移，故在時(shí)間內(nèi)，甲車的位移大于乙車，故根據(jù)

x

斤=—可知，甲車的平均速度大于乙車，選項(xiàng)A正確，C錯(cuò)誤；因?yàn)橐臆囎鲎儨p速運(yùn)動(dòng)故平均速度不等

于"選項(xiàng)B錯(cuò)誤；因?yàn)閳D線的切線的斜率等于物體的加速度，故甲乙兩車的加速度均逐漸減小，

選項(xiàng)D錯(cuò)誤.

考點(diǎn)：v-t圖象及其物理意義

【解析】

【分析】

【詳解】

A.獰貓做斜拋運(yùn)動(dòng)，在豎直方向則有

vv=v0sinO=

獰貓?jiān)诳罩械倪\(yùn)動(dòng)時(shí)間

g

保持起跳速度大小不變，增大。角，獰貓?jiān)诳罩械倪\(yùn)動(dòng)時(shí)間增大，故A錯(cuò)誤;

B.獰貓?jiān)诳罩械淖畲蟾叨?/p>

/z=1^shre

22g

保持起跳速度大小不變，增大。角，獰貓?jiān)诳罩械淖畲蟾叨仍龃螅蔅正確；

CD.獰貓最大水平位移為

_2voCOS0sin0_v；sin20

X-Vt?——

gg

最大水平位移與最大高度的比值為

X_4

htanO

保持起跳角度。不變，增大起跳速度，1與/?的比值不變，故C、D錯(cuò)誤。

故選B。

5、B

【解析】

【詳解】

因?yàn)榻涣麟姷淖畲笾禐閁m=3HV,故其有效值為。=注。=220V?則電壓表的示數(shù)為220V,故A

2

錯(cuò)誤；因?yàn)殡娮铻?00C,電流表的示數(shù)為/=號=黑=2.2A，故B正確；電熱器的發(fā)熱功率為P=I2R=

R100

(2.2A)2xl0051=484W,故C錯(cuò)誤；因?yàn)榻涣麟姷慕撬俣葹?=100汗，則其頻率為(o=2kf=50Hz,故D錯(cuò)

誤。

故選B。

6、B

【解析】

【分析】

【詳解】

AB.折射率

sinisin45rr

n=------=----------=y2

sinrsin30

選項(xiàng)A錯(cuò)誤，B正確；

CD.全發(fā)射必須從光密介質(zhì)射入光疏介質(zhì),真空射向介質(zhì)不可能發(fā)生全反射，選項(xiàng)CD錯(cuò)誤。故選B。

二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符

合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。

7、BDE

【解析】

【詳解】

ABCE.氣體的內(nèi)能包括，氣體所有分子勢能和分子動(dòng)能之和；其中分子勢能是由分子間的相對位置和相

互作用決定的能量，與重力勢能無關(guān)；分子動(dòng)能是分子運(yùn)動(dòng)的動(dòng)能，與氣體的整體運(yùn)動(dòng)的動(dòng)能無關(guān)，故

BE正確，AC錯(cuò)誤;

D.由于是非理想氣體，氣體的體積發(fā)生變化，若溫度相應(yīng)變化時(shí)，氣體的內(nèi)能可能不變，故D正確;

8、ACD

【解析】

【分析】

【詳解】

AB.對棒受力分析有

=ma

變形得

mR/F-mgsin370、八

V=——Z-Z-6T+(-----v-z-------)7?

B2I3B2I?

結(jié)合圖乙可知

mR_l.O

B-I}

zF-mgsin37n1

B2L2)

聯(lián)立解得

R25

F=1.76N,

B2!}~14

且由P=Fv可知，F(xiàn)的最大功率為

P=1.76W

故A正確，B錯(cuò)誤;

C.當(dāng)棒的速度為lm/s時(shí)，回路中的電流最大，回路中的電功率最大為

o2r22

^=Z27?=--=0.56W

laxA

故C正確;

D.金屬棒由靜止加速到最大速度由動(dòng)量定理得

即

2

寸BI}X.。

Ft-----------mgsin37t=mv

R

解得

x=0.72m

金屬棒由靜止加速到最大速度，由動(dòng)能定理得

mv2

Fx-mg-xsin37°+WA=~

解得

叼=—0.26J

由功能關(guān)系可知

Q=-WA=0.263

故D正確。

故選ACDo

9、BC

【解析】

【分析】

【詳解】

A.由圖乙可知交流電壓最大值Um=22()JJv；故A錯(cuò)誤；

B.輸入電壓的有效值為220V,根據(jù)變壓器電壓與匝數(shù)成正比知電壓表示數(shù)

u,=4ov

2111

電壓表的示數(shù)是40V,選項(xiàng)B正確；

C.流過電阻中的電流為0.5A,變壓器的輸入功率是

P>^=Pai=UI=40x0.5W=20W

故C正確；

D.變壓器不改變頻率，由圖乙可知交流電周期T=O.02s,可由周期求出正弦交變電流的頻率是50Hz,故

D錯(cuò)誤；

故選BC?

10、BC

【解析】

【詳解】

A.小球受力情況：小球受到重力mg、拉力F與電場力qE,因?yàn)樾∏蜃鰟蛩僦本€運(yùn)動(dòng)，合力為零，則F

與qE的合力與mg大小相等、方向相反，作出F與qE的合力，如圖

根據(jù)上圖可知，電場力在右側(cè)，由于小球帶正電，電場方向與電場力方向相同，故指向右側(cè)，故A錯(cuò)誤;

B.由圖可知，當(dāng)電場力qE與F垂直時(shí)，電場力最小，此時(shí)場強(qiáng)也最小。則得：qE=mgsin0,所以電場

強(qiáng)度的最小值為E=mgsin,=巫空,故B正確；

Q

C.當(dāng)mg=Eq時(shí)，根據(jù)幾何關(guān)系，電場力水平向右，與MN垂直，小球從M運(yùn)動(dòng)到N電場力不做功，

即小球從M運(yùn)動(dòng)到N時(shí)電勢能變化量為零，故C正確；

D.由于電場力變化時(shí)，F(xiàn)大小也跟隨著改變，所以做功也不能具體確定值，故D錯(cuò)誤；

三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。

11、不要0.720.85BD

【解析】

【分析】

【詳解】

.小車下滑時(shí)受到重力、細(xì)線的拉力、支持力和摩擦力作用，為了在實(shí)驗(yàn)中能夠把細(xì)線對小車的拉

力視為小車的合外力，則應(yīng)該用重力的下滑分力來平衡摩擦力，在平衡摩擦力時(shí)，不掛鉤碼，但要連接紙

帶。

(2)[2].相鄰的兩個(gè)計(jì)數(shù)點(diǎn)之間還有4個(gè)打出的點(diǎn)沒有畫出，計(jì)數(shù)點(diǎn)間的時(shí)間間隔為

T=0.02x5s=0.1s

根據(jù)勻變速直線運(yùn)動(dòng)的規(guī)律可知，一段時(shí)間內(nèi)的平均速度等于中間時(shí)刻的瞬時(shí)速度，打B點(diǎn)的速度為

%=幺=2610-5.71x10-2m/sRXm/s

B2T2x0.1

(3)[3].設(shè)鉤碼的質(zhì)量為m,小車的質(zhì)量為M,小車中祛碼的質(zhì)量為m，，對系統(tǒng)，由動(dòng)能定理得

2

mgx=g(A/+m+mDv

整理得

2—2，”gx

v-

m+m'+A/

v2-x圖象的斜率

k=2mg="￡m/s2

“+加+〃0.25

解得

M=0.85kgo

(4)[4].A.鉤碼的重力大于細(xì)線的拉力，不影響鉤碼重力做系統(tǒng)做的功，故A錯(cuò)誤;

B.長木板的右端墊起的高度過低，未完全平衡摩擦力時(shí)，則摩擦力做負(fù)功，系統(tǒng)總動(dòng)能的增量小于鉤碼

重力做的功，故B正確；

C.接通電源的同時(shí)釋放了小車，只會(huì)使得紙帶上一部分點(diǎn)不穩(wěn)定，不影響做功與動(dòng)能的增量，故C錯(cuò)誤;

D.交流電源的實(shí)際頻率大于50Hz,如果代入速度公式的周期為0.02s,比真實(shí)的周期大，則求出來的速

度偏小，則動(dòng)能偏小，故D正確。

故選BD?

12、①；1.2；2.1

【解析】

【分析】

知道滑塊運(yùn)動(dòng)的加速度a和所受拉力F的關(guān)系圖象斜率等于滑塊和位移傳感器發(fā)射部分的總質(zhì)量的倒數(shù)；

對滑塊受力分析，根據(jù)牛頓第二定律求解.

【詳解】

(1)由圖象可知，當(dāng)F=2時(shí)，a丹.也就是說當(dāng)繩子上沒有拉力時(shí)小車就有加速度，該同學(xué)實(shí)驗(yàn)操作中平

衡摩擦力過大，即傾角過大，平衡摩擦力時(shí)木板的右端墊得過高，圖線①是在軌道右側(cè)抬高成為斜面情況

下得到的；

(1)根據(jù)F=ma得。,所以滑塊運(yùn)動(dòng)的加速度a和所受拉力F的關(guān)系圖象斜率等于滑塊和位移傳感器

m

發(fā)射部分的總質(zhì)量的倒數(shù)，圖形b得加速度a和所受拉力F的關(guān)系圖象斜率k=l所以滑塊和位移傳感器發(fā)

射部分的總質(zhì)量m=1.2由圖形b得，在水平軌道上F=1時(shí)，加速度a=2,根據(jù)牛頓第二定律得F*mg=2,

解得>1=2.1.

【點(diǎn)睛】

通過作出兩個(gè)量的圖象，然后由圖象去尋求未知量與已知量的關(guān)系；運(yùn)用數(shù)學(xué)知識和物理量之間關(guān)系式結(jié)

合起來求解.

四、計(jì)算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、

方程式和演算步驟。

3#>+2兀2

13、-----------m

150

【解析】

【分析】

【詳解】

光照亮部分的邊界為全反射的邊界，

?八

sinC=—1

n

tanC=—

h

帶入數(shù)據(jù)可得

r=0.2m

由于長方體的寬小于2r,光照亮的區(qū)域是圓的一部分

OE=r=0.2m

OF=0.1m

_OF__

cos〃=----=0.5

解得

8=60°

三角形面積

S=-xOFxOE=-m2

OEF2200

扇形面積

1212

Sc--7tr------m

n°EFQn6150

總面積

3y/3+2

S=4SOEF+2SOEQ-----------m

=150

⑵K(E)+回駕曰也

J

oTo

【解析】

【詳解】

(1)周圍環(huán)境溫度緩慢上升過程為等壓過程

HQS_H'S

解得活塞到缸底的距離

H'=H()T'

4

(2)氣體對外界做功為

W^-(p0S-Mg)(H'-H0)

根據(jù)題意有

bU=KT「KTo

根據(jù)熱力學(xué)第一定律有

△U=W+Q

解得

Q-)+(〃°S+Mg)附-%)

代入〃’可得

)+(3叱幻”。

15、(1)眩=—%=_』巫方向沿斜而向上；以=以=近方向沿斜面向下;(2)L+(n/)：L=fL

A222244

(n=l,2,3……)

【解析】

【詳解】

(1)設(shè)物塊A運(yùn)動(dòng)至第一次碰撞前速度為％,由動(dòng)能定理得

1,

mgsin0xL=-tnv^

A、B發(fā)生彈性正碰，有

mvn—mvA+3mvtj

=g加次+g-3加焉

解得第一次碰撞后瞬間A、B的速度

—迎=_M,方向沿斜而向上

22

%=J巫，方向沿斜面向下

22

(2)碰后經(jīng)時(shí)間t時(shí)A、B發(fā)生第二次正碰，則A、B的位移相等，設(shè)為x,取沿斜而向右下為正方向,

對B有

x二;(以+0)r

對A有：

1z、

mgxsin6?=1m(v；2-v^)

解得第二次碰前A的速度

VA2=VO

x-九

4

因?yàn)榈诙闻銮皟晌矬w的速度與第一次碰前完全相同，因此以后每次碰撞之間兩物體的運(yùn)動(dòng)情況也完全相

同。

到第n次碰撞時(shí)，物塊A在斜面上的總位移：

,、3,3〃+1,,、

s=L+(n-1)—L=-----L(n=1,2,3....)

44

2019-2020高考物理模擬試卷

一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合

題目要求的。

1、據(jù)科學(xué)家研究發(fā)現(xiàn)，由于潮汐作用，現(xiàn)階段月球每年遠(yuǎn)離地球3.8cm,在月球遠(yuǎn)離地球的過程中，地

球正轉(zhuǎn)得越來越慢，在此過程中月球圍繞地球的運(yùn)動(dòng)仍然看成圓周運(yùn)動(dòng)，與現(xiàn)在相比，若干年后（）

A.月球繞地球轉(zhuǎn)動(dòng)的角速度會(huì)增大B.地球同步衛(wèi)星軌道半徑將會(huì)增大

C.近地衛(wèi)星的環(huán)繞速度將會(huì)減小D.赤道上的重力加速度將會(huì)減小

2、A、B兩小車在同一直線上運(yùn)動(dòng)，它們運(yùn)動(dòng)的位移s隨時(shí)間t變化的關(guān)系如圖所示，已知A車的s-t圖

象為拋物線的一部分，第7s末圖象處于最高點(diǎn)，B車的圖象為直線，則下列說法正確的是（）

A.A車的初速度為7m/s

B.A車的加速度大小為2m/s2

C.A車減速過程運(yùn)動(dòng)的位移大小為50m

D.10s末兩車相遇時(shí)，B車的速度較大

3、如圖所示，一束平行光經(jīng)玻璃三棱鏡折射后分解為a、b兩種單色光。則下列說法正確的是（）

A.在真空中傳播時(shí)，a光的速度大

B.從玻璃射向空氣時(shí)，b光發(fā)生全發(fā)射的臨界角小

C.經(jīng)過同一雙縫干涉實(shí)驗(yàn)裝置時(shí)，觀察到a光的相鄰亮條紋間距大

D.若b光能使某金屬發(fā)生光電效應(yīng)，則a光也一定能發(fā)生光電效應(yīng)

4、如圖所示，a、b、c為三顆人造地球衛(wèi)星，其中a為地球同步衛(wèi)星，b、c在同一軌道上，三顆衛(wèi)星的

軌道均可視為圓軌道.以下判斷正確的是（）

A.衛(wèi)星a的運(yùn)行周期大于衛(wèi)星b的運(yùn)行周期

B.衛(wèi)星b的運(yùn)行速度可能大于7.9幼7/s

C.衛(wèi)星b加速即可追上前面的衛(wèi)星c

D.衛(wèi)星a在運(yùn)行時(shí)有可能經(jīng)過宜昌市的正上方

5、如圖所示，一個(gè)帶正電的物體從粗糙斜面頂端滑到斜面底端時(shí)的速度為V.若加上一個(gè)垂直于紙面指向

紙外的方向的磁場，則物體滑到底端時(shí)（）

B

A.v變大B.v變小C.v不變D.不能確定

6、如圖所示，OA是水平放置的彈性薄鋼片，左端固定于O點(diǎn)，右端固定有一個(gè)軟鐵圓柱體，P為套在

鋼片上的重物。調(diào)節(jié)P的位置可以改變OA上下振動(dòng)的固有頻率，使其在40Hz—120Hz之間變化。在A

的正下方固定一個(gè)帶鐵心B的線圈，線圈中通有f=50Hz的交變電流，使OA在磁場力作用下振動(dòng)。關(guān)于

OA穩(wěn)定后的振動(dòng)情況，下列說法中正確的是（）

A.無論P(yáng)位于何處，頻率一定是50Hz

B.無論P(yáng)位于何處，頻率一定是100Hz

C.P所處位置的不同，頻率可能取40Hz—120Hz間的任何值

D.調(diào)節(jié)P使OA振動(dòng)的固有頻率為50Hz時(shí)OA的振幅最大

二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共2（）分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符

合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯(cuò)的得。分。

7、粗細(xì)均勻的正方形金屬線框abed靜止在光滑絕緣的水平面上，整個(gè)裝置處在垂直水平面的勻強(qiáng)磁場中,

ab邊與磁場邊界MN重合，如圖所示?，F(xiàn)用水平向左的外力F將線框拉出磁場，且外力與時(shí)間的函數(shù)關(guān)

系為F=b+kt,b和k均為常數(shù)。在拉出線框的過程中，用i表示線框中的電流，Q表示流過線框某截面的

電荷量，下列描述電流與時(shí)間及電荷量與時(shí)間變化關(guān)系的圖象可能正確的是（）

8、如圖所示，水平傳送帶以大小為丫的速率沿順時(shí)針勻速運(yùn)行，一個(gè)小物塊從傳送帶的右端點(diǎn)A以大小

為九的速度向左滑上傳送帶，小物塊滑到傳送帶正中間時(shí)速度減為零。已知小物塊與傳送帶間的動(dòng)摩擦

因數(shù)為4,重力加速度為g,則下列說法正確的是

2v

C)—O

A.A5兩點(diǎn)間的距離為一

Ng

2

B.小物塊在傳送帶上運(yùn)動(dòng)時(shí)與傳送帶的相對位移為二9v二

24g

C.要使小物塊從傳送帶左端點(diǎn)8滑離，小物塊在右端點(diǎn)A滑上傳送帶的速度至少為3V

D.增大傳送帶的速度(仍小于2u),小物塊與傳送帶間相對運(yùn)動(dòng)的時(shí)間變長

9、如圖所示，靜止于水平面上的傾角為0的斜面上有一質(zhì)量為M的槽，槽的內(nèi)部放一質(zhì)量為m的光滑

球，已知槽和球起沿斜面下滑，球的大小恰好能和槽內(nèi)各面相接觸，不計(jì)空氣阻力，重力加速度為g,則

下列說法正確是()

A.若槽和球一起勻速下滑，則槽對球的作用力大小為機(jī)geose

B.若槽和球一起下滑的加速度大小為gsin則槽對球的作用力大小一定為mgcos。

C.若槽和球一起下滑的加速度大小為gsin。，地面對斜面的摩擦力方向可能向左

D.若槽和球一起勻速下滑，則球和槽之間只有兩個(gè)接觸點(diǎn)有彈力的作用

10、如圖所示，玩具飛機(jī)以恒定的仰角斜向上做勻速直線運(yùn)動(dòng)，上升至距離地面某高度時(shí)，從玩具飛機(jī)上

掉下一個(gè)小零件，零件掉下后，玩具飛機(jī)飛行速度保持不變，零件運(yùn)動(dòng)過程中受到的空氣阻力不計(jì)，則零

件落地時(shí)

9…

A.速度比玩具飛機(jī)的速度大

B.和玩具飛機(jī)的速度大小可能相等

C.在玩具飛機(jī)的正下方

D.在玩具飛機(jī)正下方的后側(cè)

三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。

11、測量小物塊Q與平板P之間的動(dòng)摩擦因數(shù)的實(shí)驗(yàn)裝置如圖所示。AB是半徑足夠大的光滑四分之一圓

弧軌道，與水平固定放置的P板的上表面BC在B點(diǎn)相切，C點(diǎn)在水平地面的垂直投影為C\重力加速

度為g。實(shí)驗(yàn)步驟如下：

①用天平稱出物塊Q的質(zhì)量m；

②測量出軌道AB的半徑R、BC的長度L和CC的長度h；

③將物塊Q在A點(diǎn)從靜止釋放，在物塊Q落地處標(biāo)記其落點(diǎn)D；

④重復(fù)步驟③，共做10次；

⑤將10個(gè)落地點(diǎn)用一個(gè)盡量小的圓圍住，用米尺測量圓心到C的距離s。

（D請用實(shí)驗(yàn)中的測量量表示物塊Q到達(dá)C點(diǎn)時(shí)的動(dòng)能Ekc=以及物塊Q與平板P之間的動(dòng)摩

擦因數(shù)M=。

（2）實(shí)驗(yàn)步驟④⑤的目的是。如果實(shí)驗(yàn)測得的日值比實(shí)際值偏大，其原因除了實(shí)驗(yàn)

中測量的誤差之外，其它的可能是。（寫出一個(gè)可能的原因即可）。

12、某實(shí)驗(yàn)小組用下列器材設(shè)計(jì)了如圖甲所示的歐姆表電路，通過調(diào)控電鍵S和調(diào)節(jié)電阻箱，可使歐姆表

具有“xl，，，，xl0，，兩種倍率。

黑表筆紅表筆

甲

A.干電池：電動(dòng)勢E=L5V,內(nèi)阻r=0.5Q

B.電流表mA：滿偏電流Ig=lmA,內(nèi)阻Rg=150C

C.定值電阻Ri=1200C

D.電阻箱R2：最大阻值999.99。

E.定值電阻R3=150Q

F.電阻箱It,最大阻值999912

G?電鍵一個(gè)，紅、黑表筆各1支，導(dǎo)線若干

⑴該實(shí)驗(yàn)小組按圖甲所示正確連接好電路。當(dāng)電鍵S斷開時(shí)，將紅、黑表筆短接，調(diào)節(jié)電阻箱R2,使電

流表達(dá)到滿偏電流，此時(shí)閉合電路的總電阻叫做歐姆表的內(nèi)阻R內(nèi)，則R內(nèi)=C,歐姆表的倍率是

(選填“xl”或“xio”)；

(2)閉合電鍵S

第一步：調(diào)節(jié)電阻箱R2,當(dāng)R2=C時(shí),再將紅、黑表筆短接，電流表再次達(dá)到滿偏電流；

第二步：在紅、黑表筆間接入電阻箱R」，調(diào)節(jié)R”當(dāng)電流表指針指向圖乙所示的位置時(shí)，對應(yīng)的歐姆表

的刻度值為

四、計(jì)算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、

方程式和演算步驟。

13、1916年，Tolman和Stewart發(fā)表論文指出，一個(gè)繞在圓柱上的閉合金屬線圈當(dāng)該圓柱以一定的角

速度繞軸旋轉(zhuǎn)時(shí)，線圈中會(huì)有電流通過，這種效應(yīng)稱為Stewart-Tolman效應(yīng)。設(shè)有許多匝線圈，每匝線

圈的半徑為r,每匝線圈均用電阻為R的細(xì)金屬導(dǎo)線繞成，線圈均勻地繞在一個(gè)很長的玻璃圓柱上，圓柱

的內(nèi)部為真空每匝線圈的位置用黏膠固定在圓柱上，單位長度的線圈匝數(shù)為n,包含每匝線圈的平面與圓

柱的軸垂直。從某一時(shí)刻開始，圓柱以角加速度0繞其軸旋轉(zhuǎn)。經(jīng)過足夠長時(shí)間后：請計(jì)算每匝線圈中的

電流強(qiáng)度。

14、如圖所示，在平面直角坐標(biāo)系內(nèi)，第I象限的等腰三角形MNP區(qū)域內(nèi)存在垂直于坐標(biāo)平面向外的勻

強(qiáng)磁場，y<0的區(qū)域內(nèi)存在著沿y軸正方向的勻強(qiáng)電場。一質(zhì)量為m帶電荷量為q的帶電粒子從電場中Q

(-2h,-h)點(diǎn)以速度V。水平向右射出，經(jīng)坐標(biāo)原點(diǎn)O射入第I象限，最后垂直于PM的方向射出磁場。

已知MN平行于x軸，NP垂直于x軸，N點(diǎn)的坐標(biāo)為(2h,2h),不計(jì)粒子的重力，求：

⑴電場強(qiáng)度的大??；

(2)最小的磁感應(yīng)強(qiáng)度的大??；

(3)粒子在最小磁場中的運(yùn)動(dòng)時(shí)間。

15、如圖，ABO是一半徑為R的,圓形玻璃磚的橫截面，O是圓心，AB弧形面鍍銀?，F(xiàn)位于AO軸線

4

上的點(diǎn)光源S發(fā)出一束光線射向玻璃磚的OB邊，入射角i=60。，OS=y,已知玻璃的折射率為JL光

在空氣中傳播的速度為c,每條邊只考慮一次反射。求：

(i)光線射入玻璃磚時(shí)的折射角；

(ii)光線從S傳播到離開玻璃磚所用的時(shí)間。

參考答案

一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合

題目要求的。

【解析】

【分析】

【詳解】

A.對月球繞地球轉(zhuǎn)動(dòng)，則

G一'—=ma)r

GM

Ct)=

隨著月球繞地球轉(zhuǎn)動(dòng)半徑的增大，角速度減小，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；

B.對地球的同步衛(wèi)星，由6粵=根（多）2廠可知，T變大，則r變大，即地球同步衛(wèi)星軌道半徑將會(huì)增

rT

大,選項(xiàng)B正確；

C.對近地衛(wèi)星，由G牛=加三可得

GM

可知，近地衛(wèi)星的環(huán)繞速度不變，選項(xiàng)C錯(cuò)誤；

D.由g-攀可知，赤道上的重力加速度將不變，選項(xiàng)D錯(cuò)誤.

故選B。

【解析】

【詳解】

AB.A車做勻變速直線運(yùn)動(dòng)，設(shè)A車的初速度為％,加速度大小為。，由圖可知％=7s時(shí)，速度為零,

由運(yùn)動(dòng)學(xué)公式可得：

v7=vQ-7a=0

根據(jù)圖象和運(yùn)動(dòng)學(xué)公式可知t=10s時(shí)的位移為:

x[Q=40m-0=40m

12

x10=vot--ar=10%—50。

聯(lián)立解得Q=2m/s2,%=14m/s,故選項(xiàng)B正確，A錯(cuò)誤；

C.A車減速過程運(yùn)動(dòng)的位移大小為毛="9，="Wx7m=49m,故選項(xiàng)C錯(cuò)誤;

22

D.位移時(shí)間圖象的斜率等于速度，10s末兩車相遇時(shí)B車的速度大小為：

Ar.,

vR=——=4m/s

BM

A車的速度為：

vA=%—at--6m/s

兩車的速度大小相等，故選項(xiàng)D錯(cuò)誤。

故選B。

3、D

【解析】

【分析】

【詳解】

A.真空中傳播時(shí)，各種顏色光的光速均相同，A錯(cuò)誤;

B.根據(jù)光路圖可知匕光偏折程度小，所以方光折射率小，根據(jù)全反射定律sinC=■可知〃光發(fā)生全反射

n

的臨界角大，B錯(cuò)誤;

C.根據(jù)光路圖可知4光折射率大，所以頻率大，波長短，根據(jù)&x=可知，經(jīng)過同一雙縫干涉實(shí)驗(yàn)

d

裝置時(shí)，觀察到a光的相鄰亮條紋間距小，C錯(cuò)誤；

D.。光的頻率大于力光，根據(jù)￡=加可知。光的光子能量大于匕光，所以若b光能使某金屬發(fā)生光電效

應(yīng)，則a光也一定能發(fā)生光電效應(yīng)，D正確。

故選D。

4、A

【解析】

【詳解】

A、根據(jù)萬有引力提供向心力，則有絲絲=竺當(dāng)士，軌道半徑越大，周期越大，可知a的運(yùn)行周期大

r2T2

于衛(wèi)星b的運(yùn)行周期，故選項(xiàng)A正確；

B、根據(jù)空?=叱，軌道半徑越小，速度越大，當(dāng)軌道半徑等于地球半徑時(shí)，速度最大等于第一宇宙

rr

速度，故b的速度小于第一宇宙速度7.9km/s,故選項(xiàng)B錯(cuò)誤；

C、衛(wèi)星b加速后需要的向心力增大，大于萬有引力，所以衛(wèi)星將做離心運(yùn)動(dòng)，所以不能追上前面的衛(wèi)星

c,故選項(xiàng)C錯(cuò)誤；

D、a為地球同步衛(wèi)星，在赤道的正上方，不可能經(jīng)過宜昌市的正上方，故選項(xiàng)D錯(cuò)誤.

5、A

【解析】

【詳解】

未加磁場時(shí)，根據(jù)動(dòng)能定理，有

12

mgh-Wf=—mv-0

加磁場后，多了洛倫茲力，洛倫茲力不做功，根據(jù)左手定則，洛倫茲力的方向垂直斜面向上，所以物體對

斜面的壓力減小，所以摩擦力變小，摩擦力做的功變小，根據(jù)動(dòng)能定理，有

12

mgh-Wf'=~mv'-0

Wf'VWf

所以

v'>v.

故A正確，BCD錯(cuò)誤。

故選A.

6、B

【解析】

【詳解】

ABC.因交流電的頻率為f=50Hz,則線圈吸引軟鐵A的頻率為f，=100Hz,由受迫振動(dòng)的規(guī)律可知，無論

P位于何處，頻率一定是100Hz,選項(xiàng)AC錯(cuò)誤，B正確；

D.調(diào)節(jié)P使OA振動(dòng)的固有頻率為100Hz時(shí)產(chǎn)生共振，此時(shí)OA的振幅最大，選項(xiàng)D錯(cuò)誤；

故選B。

二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符

合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。

7、AC

【解析】

【分析】

【詳解】

A.根據(jù)牛頓第二定律可得

b+kt~BIL=ma

當(dāng)卜=0?1時(shí)，線框勻加速離開磁場，電流與時(shí)間成正比，故A正確；

B.由于i最后恒定，即速度恒定，而外力在增加，不可能實(shí)現(xiàn)，故B錯(cuò)誤；

C.電流可以與時(shí)間成正比，而由A圖象可知電流與時(shí)間包圍的面積為電荷量，因此Q可以與tZ成正比,

圖象可以是曲線，故C正確；

D.若Q與t成正比，則電流為恒量，不可能實(shí)現(xiàn)，故D錯(cuò)誤。

故選AC。

8、BD

【解析】

【詳解】

A.物塊向左滑動(dòng)時(shí)，做加速度大小為a=4g的勻減速直線運(yùn)動(dòng)，則傳送帶的長為

/°(2v)24v2

L=2x------=

2a

故A錯(cuò)誤；

B.物塊向左滑動(dòng)時(shí)，運(yùn)動(dòng)的時(shí)間

2v2v

%=—=---

。4g

這段時(shí)間內(nèi)相對位移

2

2V24v

%=一+%=——

"g"g

當(dāng)物塊向右運(yùn)動(dòng)時(shí)，加速的時(shí)間為

VV

心二-=---

■a"g

這段時(shí)間內(nèi)的相對位移為

V2V2

Xffi2=VZ2-^-=7-

2a2〃g

9V2

因此總的相對位移為——，故B正確；

2Mg

C.要使物塊從傳送帶左端點(diǎn)B滑離，物塊在右端點(diǎn)A滑上傳送帶的速度至少為

v-\l2aL-2垃v

故c錯(cuò)誤；

D.增大傳送帶的速度(仍小于2u),物塊向左相對傳送帶運(yùn)動(dòng)的時(shí)間不變，向右相對傳送帶運(yùn)動(dòng)的時(shí)間變長,

因此物塊與傳送帶相對運(yùn)動(dòng)的總時(shí)間變長，故D正確。

9、BD

【解析】

【詳解】

A.若槽和球一起勻速下滑，則槽對球的作用力大小等于球的重力，即為mg,故A錯(cuò)誤；

B.若槽和球一起下滑的加速度大小為gsinO,則槽對球的作用力大小為

F-1(mg，-(ma#=mgcosO

故B正確；

C.若槽和球一起下滑的加速度大小為gsin0,則系統(tǒng)在水平方向有向右的加速度，地面對斜面的摩擦力方

向向右，故C錯(cuò)誤.

D.若槽和球一起勻速下滑，則球受力平衡，球?qū)η氨诘膹椓閙gsinO,對底部的壓力為mgcose,所以球

和槽之間只有兩個(gè)接觸點(diǎn)有彈力的作用，故D正確；

10、AC

【解析】

【詳解】

AB.零件掉下的一瞬間速度與玩具飛機(jī)的速度相同，根據(jù)機(jī)械能守恒可知，落地時(shí)的速度大于玩具飛機(jī)的

速度，故A正確B錯(cuò)誤；

CD.由于零件在運(yùn)動(dòng)過程中水平方向的分速度與玩具飛機(jī)的水平分速度相同，因此落地時(shí)在玩具飛機(jī)的正

下方，故C正確D錯(cuò)誤；

三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。

11、空---減小實(shí)驗(yàn)的偶然誤差圓弧軌道與滑塊間有摩擦或空氣阻力

4/i〃4/i￡

【解析】

【分析】

考查實(shí)驗(yàn)“測物體間的動(dòng)摩擦因數(shù)”。

【詳解】

[1].離開C后，物塊做平拋運(yùn)動(dòng)：

水平方向：

S=vc/

豎直方向:

,12

h=2gt

物塊在C點(diǎn)的動(dòng)能：

二12

Eke=萬明

解得：

2

=螫二.

kC4/2，

[2].從A到B,由動(dòng)能定理得:

mgR=EkR-0

則物塊到達(dá)B時(shí)的動(dòng)能：

EkB=mgR

由B到C過程中，由動(dòng)能定理得:

-%-~mvc~gmvl

克服摩擦力做的功：

I”°mgs2

嗎=

B到C過程中，克服摩擦力做的功:

叱=jLimg

得：

Rs2

u---------；

L4征

[3].實(shí)驗(yàn)步驟④⑤的目的是測平均值，減少偶然誤差；

[41.實(shí)驗(yàn)測得的11值比實(shí)際值偏大，其原因除了實(shí)驗(yàn)中測量的誤差之外，很有可能就是其它地方有摩擦,

比如圓弧軌道與滑塊間有摩擦或空氣阻力。

12、1500xlO14.550

【解析】

【分析】

【詳解】

(1)[1]由閉合電路歐姆定律可知內(nèi)阻為

E15

凡=—=--。=1500。

訥10.001

[2]故中值電阻應(yīng)為1500。，根據(jù)多用電表的刻度設(shè)置可知，表盤上只有兩種檔位，若為xl,則中性電阻

太大，不符合實(shí)際，故歐姆表倍率應(yīng)為“X10”

(2)[3]為了得到“xl”倍率，應(yīng)讓滿偏時(shí)對應(yīng)的電阻為150。，電流

I.=—A=0.01A

1150

此時(shí)表頭中電流應(yīng)為0.001A；則與之并聯(lián)電阻R,電流應(yīng)為

/3=(0.01-0.001)A=0.009A

則有

?E-I.R.1.5-0.009x150^

凡+r=-----=-------------------Q=15Q

40.01

所以

R2=150—0.50=14.5。

[4]由圖可知電流為().75mA,總電阻

=—X103Q=2000Q

總0.75

待測電阻

R測=2000。-150()。=50。

對應(yīng)的刻度應(yīng)為50。

四、計(jì)算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、

方程式和演算步驟。

13、I=2兀m/3/

eR

【解析】

【詳解】

由于環(huán)加速轉(zhuǎn)動(dòng)，在圓環(huán)參考系中對電子產(chǎn)生了類似于電場力的非慣性力，即

F=mr/3

對應(yīng)的場強(qiáng)

心小

e

產(chǎn)生的電流

IjrrE271mB戶

I=---