2025屆福建省三明市永安三中物理高二第一學(xué)期期末預(yù)測(cè)試題含解析

2025屆福建省三明市永安三中物理高二第一學(xué)期期末預(yù)測(cè)試題注意事項(xiàng)：1．答卷前，考生務(wù)必將自己的姓名、準(zhǔn)考證號(hào)填寫在答題卡上。2．回答選擇題時(shí)，選出每小題答案后，用鉛筆把答題卡上對(duì)應(yīng)題目的答案標(biāo)號(hào)涂黑，如需改動(dòng)，用橡皮擦干凈后，再選涂其它答案標(biāo)號(hào)。回答非選擇題時(shí)，將答案寫在答題卡上，寫在本試卷上無效。3．考試結(jié)束后，將本試卷和答題卡一并交回。一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、如圖所示，分別為汽車甲的位移時(shí)間圖象和汽車乙的速度時(shí)間圖象，則A.甲的加速度大小為 B.乙的加速度大小為C.甲在4s內(nèi)的位移大小為40

m D.乙在4

s內(nèi)的位移大小為20

m2、如圖所示的溫控電路中，R1為定值電阻，R2為半導(dǎo)體熱敏電阻（溫度越高電阻越?。?，C為電容器，電源內(nèi)阻不可忽略．當(dāng)環(huán)境溫度降低時(shí)下列說法正確的是A.電容器C的帶電量增大B.電壓表的讀數(shù)減小C.干路電流增大D.R1消耗的功率變大3、如圖所示，兩顆“近地”衛(wèi)星1和2都繞地球做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，衛(wèi)星2的軌道半徑更大些，兩顆衛(wèi)星相比較，下列說法中正確的是（）A.衛(wèi)星2的向心加速度較大 B.衛(wèi)星2的線速度較大C.衛(wèi)星2的周期較大 D.衛(wèi)星2的角速度較大4、如圖所示，邊長為l的等邊三角形導(dǎo)線框用絕緣細(xì)線懸掛于天花板，導(dǎo)線框中通以恒定的逆時(shí)針方向的電流。圖中虛線過邊中點(diǎn)和邊中點(diǎn)，在虛線的下方為垂直于導(dǎo)線框向里的有界矩形勻強(qiáng)磁場，其磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B。此時(shí)導(dǎo)線框處于靜止?fàn)顟B(tài)，細(xì)線中的拉力為；現(xiàn)將虛線下方的磁場移至虛線上方且磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小改為原來的兩倍，保持其他條件不變，導(dǎo)線框仍處于靜止?fàn)顟B(tài)，此時(shí)細(xì)線中拉力為。則導(dǎo)線框中的電流大小為（）A. B.C. D.5、關(guān)于電源，下列說法正確的是()A.當(dāng)電池用舊之后，電源電動(dòng)勢(shì)減小，內(nèi)阻增大B.當(dāng)電池用舊之后，電源電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻都不變C.當(dāng)電池用舊之后，電源電動(dòng)勢(shì)基本不變，內(nèi)阻增大D.以上說法都不對(duì)6、某電場的電場線如圖所示，電場中M、N兩點(diǎn)的場強(qiáng)大小分別為和，由圖可知（）A.= B.﹥C.﹤ D.無法比較和大小二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。7、如圖所示，兩塊較大的金屬板A、B平行水平放置并與一電源相連，S閉合后，兩板間有一質(zhì)量為m、帶電量為q的油滴恰好在P點(diǎn)處于靜止?fàn)顟B(tài)．則下列說法正確的是（）A.在S仍閉合的情況下，若將A板向下平移一小段位移，則油滴向下加速運(yùn)動(dòng)，G中有的電流B.在S仍閉合的情況下，若將A板向右平移一小段位移，則油滴仍然靜止，G中有的電流C.若將S斷開，且將A板向左平移一小段位移，P點(diǎn)電勢(shì)升高D.若將S斷開，再將A板向下平移一小段位移，P點(diǎn)電勢(shì)不變8、如圖甲為小型交流發(fā)電機(jī)的示意圖，在勻強(qiáng)磁場中，矩形金屬線圈繞與磁場方向垂直的軸勻速轉(zhuǎn)動(dòng)，產(chǎn)生的電動(dòng)勢(shì)隨時(shí)間變化的規(guī)律如圖乙所示。已知發(fā)電機(jī)線圈的內(nèi)阻為2Ω，外接燈泡的電阻為38Ω，其它電阻不計(jì)，下列說法正確的是（）A.t=5×10-3s時(shí)穿過線圈的磁通量最小B.1s內(nèi)線圈中的電流方向改變50次C.燈泡兩端的電壓為19VD.0~0.02s內(nèi)回路中產(chǎn)生的熱量為0.2J9、用多用電表的歐姆檔檢驗(yàn)性能良好的晶體二極管，發(fā)現(xiàn)多用電表的指針向右偏轉(zhuǎn)的角度很小，這說明A.二極管加有正向電壓，故測(cè)得電阻很小B.二極管加有反向電壓，故測(cè)得電阻很大C.此時(shí)紅表筆接的是二極管的正極D.此時(shí)黑表筆接的是二極管的正極10、現(xiàn)代科學(xué)研究中常要用到高速電子，電子感應(yīng)加速器就是利用變化的磁場產(chǎn)生電場使電子加速的設(shè)備，它的基本原理如圖所示．在上、下兩個(gè)電磁鐵形成的異名磁極之間有一個(gè)環(huán)形真空室（圖中所示為其側(cè)面），電子在真空室中做圓周運(yùn)動(dòng)．上邊為正視圖，下邊為真空室的俯視圖．如果從上向下看，電子沿逆時(shí)針方向運(yùn)動(dòng)，則以下方法能夠使電子加速的是（）A.若電磁線線圈中的電流方向與圖示中方向一致，使電流增大B.若電磁鐵線圈中的電流方向與圖示中方向一致，使電流減小C.若電磁線線圈中的電流方向與圖示中方向相反，使電流增大D.若電磁鐵線圈中電流方向與圖示中方向相反，使電流減小三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）某小組利用圖（a）所示的電路，研究硅二極管在恒定電流條件下的正向電壓U與溫度t的關(guān)系，圖中V1和V2為理想電壓表；R為滑動(dòng)變阻器，R0為定值電阻（阻值100Ω）；S為開關(guān)，E為電源．實(shí)驗(yàn)中二極管置于控溫爐內(nèi)，控溫爐內(nèi)的溫度t由溫度計(jì)（圖中未畫出）測(cè)出．圖（b）是該小組在恒定電流為50.0μA時(shí)得到的某硅二極管U-t關(guān)系曲線．回答下列問題：[Failedtodownloadimage:/QBM/2019/6/8/2221366939320320/2221383439851520/STEM/2fff2ebe-baaa-4a15-8532-5e033f9f045b.png]（1）實(shí)驗(yàn)中，為保證流過二極管的電流為50.0μA，應(yīng)調(diào)節(jié)滑動(dòng)變阻器R，使電壓表V1的示數(shù)為U1=______mV；根據(jù)圖（b）可知，當(dāng)控溫爐內(nèi)的溫度t升高時(shí)，硅二極管正向電阻_____（填“變大”或“變小”），電壓表V1示數(shù)_____（填“增大”或“減小”），此時(shí)應(yīng)將R的滑片向_____（填“A”或“B”）端移動(dòng)，以使V1示數(shù)仍為U1（2）由圖（b）可以看出U與t成線性關(guān)系，硅二極管可以作為測(cè)溫傳感器，該硅二極管的測(cè)溫靈敏度為=_____×10-3V/℃（保留2位有效數(shù)字）12．（12分）某同學(xué)利用打點(diǎn)計(jì)時(shí)器和氣墊導(dǎo)軌做驗(yàn)證動(dòng)量守恒定律的實(shí)驗(yàn)。氣墊導(dǎo)軌裝置如圖（a）所示，所用的氣墊導(dǎo)軌裝置由導(dǎo)軌、滑塊、彈射架等組成。（1）下面是實(shí)驗(yàn)的主要步驟：①安裝好氣墊導(dǎo)軌，調(diào)節(jié)氣墊導(dǎo)軌的調(diào)節(jié)旋鈕，使導(dǎo)軌水平；②向氣墊導(dǎo)軌通入壓縮空氣；③把打點(diǎn)計(jì)時(shí)器固定在緊靠氣墊導(dǎo)軌左端彈射架的外側(cè)，將紙帶穿過打點(diǎn)計(jì)時(shí)器與彈射架并固定在滑塊1的左端，滑塊拖著紙帶移動(dòng)時(shí)，紙帶始終在水平方向；④使滑塊1擠壓導(dǎo)軌左端彈射架上的橡皮繩；把滑塊2放在氣墊導(dǎo)軌的中間；⑤先________，再放開________，讓其帶動(dòng)紙帶一起運(yùn)動(dòng)；中間與滑塊2相撞并粘在一起運(yùn)動(dòng)；⑥取下紙帶，重復(fù)步驟④⑤，選出理想的紙帶如圖（b）所示；⑦測(cè)得滑塊1的質(zhì)量310g，滑塊2（包括橡皮泥）的質(zhì)量205g（2）已知打點(diǎn)計(jì)時(shí)器每隔0.02s打一個(gè)點(diǎn)，計(jì)算可知兩滑塊相互作用以前系統(tǒng)的總動(dòng)量為________kg·m/s；兩滑塊相互作用以后系統(tǒng)的總動(dòng)量為________kg·m/s（保留三位有效數(shù)字）（3）試說明（2）中兩結(jié)果不完全相等的主要原因是________四、計(jì)算題：本題共3小題，共38分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示，圓心為O，半徑為R的圓形區(qū)域中有垂直紙面向里的勻強(qiáng)磁場，磁感應(yīng)強(qiáng)度為B．質(zhì)量為m、電量為q的帶正電微粒從圓周上M點(diǎn)沿半徑MO方向射入磁場，射出磁場時(shí)速度方向偏轉(zhuǎn)了120°，不計(jì)微粒重力，求：(1)微粒入射速度大小(2)微粒在磁場中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間(3)若將微粒的入射速度增大為原來的3倍，求射出點(diǎn)和入射點(diǎn)M之間的距離14．（16分）如圖所示為質(zhì)譜儀的示意圖，在容器A中存在若干種電荷量相同而質(zhì)量不同的帶電粒子，它們可從容器A下方的小孔S1飄入電勢(shì)差為U的加速電場，它們的初速度幾乎為0，然后經(jīng)過S3沿著與磁場垂直的方向進(jìn)入磁感應(yīng)強(qiáng)度為B的勻強(qiáng)磁場中，最后打到照相底片D上．若這些粒子中有兩種電荷量均為q、質(zhì)量分別為m1和m2的粒子（m1＜m2）（1）分別求出兩種粒子進(jìn)入磁場時(shí)的速度v1、v2的大小；（2）求這兩種粒子在磁場中運(yùn)動(dòng)的軌道半徑之比；（3）求兩種粒子打到照相底片上的位置間的距離15．（12分）2010年4月15日，奧地利施第里爾州高空2000m處進(jìn)行了極其危險(xiǎn)特技表演項(xiàng)目，場面震撼和令人揪心．如右圖所示，若跳傘運(yùn)動(dòng)員做低空跳傘表演，他在離地面224m高處，由靜止開始在豎直方向做自由落體運(yùn)動(dòng)．一段時(shí)間后，立即打開降落傘，以12.5m/s2的平均加速度勻減速下降，為了運(yùn)動(dòng)員的安全，要求運(yùn)動(dòng)員落地速度最大不得超過5m/s．求運(yùn)動(dòng)員展開傘時(shí)，離地面高度至少為多少？著地時(shí)相當(dāng)于從多高處自由落下？（g取10m/s2）

參考答案一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、B【解析】A、在圖象中，斜率表示速度，由圖象可知：甲做勻速直線運(yùn)動(dòng)，加速度為0，故A錯(cuò)誤；B、在速度-時(shí)間圖象中，斜率表示加速度，乙的加速度大小為a，故B正確；C、甲在內(nèi)的位移大小為，故C錯(cuò)誤；D、由圖象與時(shí)間軸圍成的面積表示位移可知：乙在內(nèi)的位移大小為，故D錯(cuò)誤點(diǎn)睛：本題的關(guān)鍵要明確圖象與圖象的區(qū)別，知道v-t圖象的斜率表示加速度，圖象的斜率表示速度，兩種圖象不能混淆2、A【解析】C、當(dāng)環(huán)境溫度降低時(shí)R2增大，外電路總電阻增大，根據(jù)閉合電路歐姆定律分析得知，干路電流I減?。蔆錯(cuò)誤A、電容器的電壓UC=E-I（r+R1），E、r、R1均不變，I減小，UC增大，由得，電容器C的帶電量增大．故A正確B、總電流I減小，路端電壓U=E-Ir，E、r不變，則U增大，電壓表的讀數(shù)增大．故B錯(cuò)誤D、R1消耗的功率P=I2R1，I減小，R1不變，則P減小．故D錯(cuò)誤．故本題選A3、C【解析】A．衛(wèi)星繞地球做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，萬有引力提供向心力，則可得衛(wèi)星2的軌道半徑較大，因此衛(wèi)星2的向心加速度較小，故A錯(cuò)誤；B．根據(jù)可得衛(wèi)星2的軌道半徑較大，因此衛(wèi)星2的線速度較小，故B錯(cuò)誤；C．根據(jù)可得衛(wèi)星2的軌道半徑較大，因此衛(wèi)星2的周期較大，故C正確；D．根據(jù)可得衛(wèi)星2的軌道半徑較大，因此衛(wèi)星2的角速度較小，故D錯(cuò)誤；故選C。4、C【解析】當(dāng)磁場在虛線下方時(shí)，通電導(dǎo)線的等效長度為，受到的安培力方向豎直向上，設(shè)三角形導(dǎo)線框質(zhì)量為m，則有：當(dāng)磁場在虛線上方時(shí)，通電導(dǎo)線的等效長度為，受到的安培力方向豎直向下，磁感應(yīng)強(qiáng)度增大到原來的兩倍，故此時(shí)有：聯(lián)立可得故C正確，ABD錯(cuò)誤；故選C。5、C【解析】電動(dòng)勢(shì)的物理意義是表征電源把其他形式的能轉(zhuǎn)化為電能本領(lǐng)強(qiáng)弱，當(dāng)電池用舊之后，電源的電動(dòng)勢(shì)基本不發(fā)生改變，但是內(nèi)阻變大，故C正確，ABD錯(cuò)誤6、C【解析】電場線密的地方電場的強(qiáng)度大，電場線疏的地方電場的強(qiáng)度小，M處電場線比N處電場線疏，則EM＜EN，故C正確，ABD錯(cuò)誤。故選C。二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。7、BD【解析】A．開始時(shí)，重力和電場力平衡，故：mg=qE；將A板向下移，由可知，E變大，故油滴應(yīng)向上加速運(yùn)動(dòng)；根據(jù)可知C變大，根據(jù)Q=CU可知電容器帶電量變大，電容器充電，故G中有a→b的電流，故A錯(cuò)誤；B．若將A板向右平移一小段位移，由可知，E不變，油滴仍靜止；根據(jù)，可知C變小，根據(jù)Q=CU可知電容器帶電量變小，電容器放電，故G中有b→a的電流，故B正確；C．若將S斷開，Q不變，A向左平移一小段距離，根據(jù)可知，電容C減小，再根據(jù)Q=CU可知，U增大；根據(jù)U=Ed可知，E增大；則PB電勢(shì)差增大，而B板接地，因此P點(diǎn)電勢(shì)降低；故C錯(cuò)誤；D．若將S斷開，Q不變；再將A板向下平移一小段位移，根據(jù)，Q=CU、U=Ed，得到，故電場強(qiáng)度不變，且P點(diǎn)電勢(shì)不變，故D正確8、ACD【解析】A．根據(jù)圖像可知經(jīng)過：電動(dòng)勢(shì)最大，穿過線框的磁通量為0，即最小，A正確；B．一個(gè)周期內(nèi)電流方向改變兩次，內(nèi)整周期個(gè)數(shù)為：所以電流方向變化次，B錯(cuò)誤；C．交變電流的有效值為：根據(jù)分壓規(guī)律可知燈泡兩端電壓：C正確；D．根據(jù)焦耳定律：D正確。故選ACD。9、BC【解析】AB．測(cè)量電阻偏轉(zhuǎn)角度小，則電阻大，為反向電壓，故A錯(cuò)誤，B正確；CD．測(cè)量時(shí)加的反向電壓，又因歐姆表的黑表筆接的電池的正極，則黑表筆應(yīng)與二極管的負(fù)極相連接。即紅表筆與二極管的正極相連接，故C正確，D錯(cuò)誤。故選BC。10、AD【解析】AB.若電磁線線圈中的電流方向與圖示中方向一致，線圈中的電流增強(qiáng)，向上的磁場增強(qiáng)，根據(jù)楞次定律，感生電場產(chǎn)生的磁場要阻礙它增大所以感生電場俯視圖為順時(shí)針方向，所以電子運(yùn)動(dòng)逆時(shí)針方向電場力作用下加速運(yùn)動(dòng)，在洛倫茲力約束下做圓周運(yùn)動(dòng)，選項(xiàng)A正確，B錯(cuò)誤；CD.若電磁線線圈中的電流方向與圖示中方向相反，當(dāng)電流減小時(shí)，向下的磁場減弱，根據(jù)楞次定律，可知渦旋電場的方向?yàn)轫槙r(shí)針方向，電子將沿逆時(shí)針方向做加速運(yùn)動(dòng)，選項(xiàng)C錯(cuò)誤，D正確三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、①.5.00②.變小③.增大④.B⑤.2.8【解析】（1）U1=IR0=100Ω×50×10-6A=5×10-3V=5mV由，I不變，溫度升高，U減小，故R減??；由于R變小，總電阻減小，電流增大；R0兩端電壓增大，即V1表示數(shù)變大，只有增大電阻才能使電流減小，故滑動(dòng)變阻器向右調(diào)節(jié)，即向B端調(diào)節(jié)（2）由圖可知，=2.8×10-3V/℃12、①.接通打點(diǎn)計(jì)時(shí)器的電源②.放開滑塊③.0.620④.0.618⑤.紙帶與打點(diǎn)計(jì)時(shí)器限位孔有摩擦【解析】（1）[1][2]根據(jù)打點(diǎn)計(jì)時(shí)器使用可知，接通打點(diǎn)計(jì)時(shí)器的電源，后放開滑塊；（2）[3]放開滑塊1后，滑塊1做勻速運(yùn)動(dòng)，跟滑塊2發(fā)生碰撞后跟2一起做勻速運(yùn)動(dòng)，根據(jù)紙帶的數(shù)據(jù)得，碰撞前滑塊1的動(dòng)量為滑塊2的動(dòng)量為零，所以碰撞前的總動(dòng)量為0.620kg?m/s；[3]碰撞后滑塊1、2速度相等，所以碰撞后總動(dòng)量為（3）[4]結(jié)果不完全相等是因?yàn)榧垘c打點(diǎn)計(jì)時(shí)器限位孔有摩擦力的作用。四、計(jì)算題：本題共3小題，共38分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、（1）（2）（3）【解析】電荷勻強(qiáng)磁場中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，畫出軌跡，由幾何知識(shí)求出半徑．洛倫茲力提供向心力，根據(jù)牛頓第二定律求出速度．定圓心角，求時(shí)間【詳解】（1）設(shè)粒子做圓周運(yùn)動(dòng)的半徑為r，由幾何關(guān)系有:r=Rtan30°=由qvB=得解得粒子的入射速度：v=（2）因?yàn)樗俣绕D(zhuǎn)角為120°，所以對(duì)應(yīng)的圓心角為120°，則微粒運(yùn)動(dòng)時(shí)間為t=T，粒子運(yùn)動(dòng)的周期為：T=解得t=因?yàn)樗俣茸兂稍瓉?倍，所以粒子運(yùn)動(dòng)半徑r′也變成原來3倍即r′=則由幾何關(guān)系可得入射點(diǎn)與射出點(diǎn)距離為：d=2R·sin60°=【點(diǎn)睛】帶電粒子在勻強(qiáng)磁場中勻速圓周運(yùn)動(dòng)問題，關(guān)鍵是畫出粒子圓周的軌跡，往往用數(shù)學(xué)知識(shí)求半徑14、（1）、；（2）；（3）（-）【解析】（1