湖南邵陽縣一中2025屆物理高一第一學期期末教學質量檢測試題含解析

湖南邵陽縣一中2025屆物理高一第一學期期末教學質量檢測試題考生請注意：1．答題前請將考場、試室號、座位號、考生號、姓名寫在試卷密封線內，不得在試卷上作任何標記。2．第一部分選擇題每小題選出答案后，需將答案寫在試卷指定的括號內，第二部分非選擇題答案寫在試卷題目指定的位置上。3．考生必須保證答題卡的整潔?？荚嚱Y束后，請將本試卷和答題卡一并交回。一、選擇題：（1-6題為單選題7-12為多選，每題4分，漏選得2分，錯選和不選得零分）1、如圖所示，對下列插圖描述正確的是（）A.圖甲右上方的路牌所標的“50”因為車輛通行的平均速度B.由圖乙可推出所有形狀規(guī)則的物體重心均在其幾何中心處C.圖丙中擲出后的冰壺能繼續(xù)運動說明其具有慣性D.圖丁中電梯向上制動時體重計的讀數(shù)變小說明人所受重力減小2、如圖所示，放在斜面上的小盒子中裝有一些沙子，恰沿斜面勻速下滑，若在小盒子中再緩緩加入一些沙子，那么（）A.小盒所受的合外力增大B.斜面對小盒的摩擦力不變C.小盒仍將勻速下滑D.小盒將加速下滑3、質點以某一初速度做勻加速直線運動，加速度為a，在時間t內速度變?yōu)槌跛俣鹊?倍，則該質點在時間t內的位移為A.at2 B.at2C.at2 D.2at24、如圖所示，恒力F大小與物體重力相等，物體在恒力F的作用下，沿水平面做勻速運動，恒力F的方向與水平成θ角，那么物體與桌面間的動摩擦因數(shù)為（）A. B.C. D.5、如圖所示，一個重為10N的物體，用細線懸掛在O點，現(xiàn)在用力F拉物體，懸線與豎直方向夾角為θ＝37°，處于靜止狀態(tài)，已知sin37°＝0.6，cos37°＝0.8，則此時拉F的最小值為A5N B.6NC.8N D.10N6、質量為m的物體放置在升降機內的臺秤上，若升降機以a在豎直方向上做勻變速直線運動。若物體處于超重狀態(tài)，則A.升降機加速度方向豎直向下 B.升降機一定加速運動C.升降機一定向上運動 D.臺秤示數(shù)增大ma7、如圖，在光滑地面上放置一個長木板，木板上放置一個小木塊，用水平外力F拉動木板，使木塊和木板一起作加速運動．若木板質量是M，木塊質量是m，水平外力大小是F，加速度大小是a，木塊和小車之間動摩擦因數(shù)是，則在這個過程中，木塊受到的摩擦力的大小是A.ma B.maC. D.8、如圖所示，甲、乙兩位同學做“拔河”游戲．兩人分別用伸平的手掌托起長凳的一端，保持凳子水平，然后各自向兩側拖拉．若凳子下表面各處的粗糙程度相同，兩位同學手掌粗糙程度也相同，在乙端的凳面上放有四塊磚，下列說法中正確的是()A.由于甲端比較輕，甲容易將凳子拉向自己B.誰用的力氣大就可以將凳子拉向自己C.由于乙端比較重，凳子和手之間產生較大的摩擦力，乙可以將凳子拉向自己D.拔河過程中乙的手和凳子之間不會有相對滑動，甲的手可以和凳子間有相對滑動，也可以沒有相對滑動9、甲、乙兩汽車在某平直公路上做直線運動，某時刻經(jīng)過同一地點，從該時刻開始計時，其v－t圖象如圖所示．根據(jù)圖象提供的信息可知()A.從t＝0時刻起，開始時甲在前，6s末乙追上甲B.從t＝0時刻起，開始時甲在前，在乙追上甲前，甲、乙相距最遠12.5mC.8s末甲、乙相遇，且距離t＝0時的位置40mD.在0～4s內與4～6s內甲的平均速度相等10、甲、乙兩車在公路上沿同一方向做直線運動，在t＝0時，甲車和乙車的位置齊平（可看作同一位置），它們的速度—時間圖像如圖所示。下列說法正確的是（）A.甲先做勻速運動后做勻減速運動B.在第20s末，甲、乙的速度大小相等C.在第30s末，甲、乙相距50mD.在第35s末，甲、乙的位置再次齊平11、某質點做曲線運動的軌跡如圖中虛線所示，則下列各圖中標出的質點通過位置P時的速度v、加速度a的方向，可能正確的是A.B.C.D.12、關于速度和加速度的關系，下列說法正確的是（）A.速度變化越大，加速度就越大 B.速度變化越快，加速度就越大C.加速度不變，速度可能變小 D.加速度減小，速度一定不會增大二、實驗題（本題共16分，答案寫在題中橫線上）13、（6分）14、（10分）三、計算題要求解題步驟，和必要的文字說明（本題共36分）15、（12分）從離地面高為H=125m的高空自由下落一個小球，（取g=10m/s2．）求：(1)小球經(jīng)過多長時間落到地面；(2)小球落地的速度大小；(3)最后1s內小球下落的位移16、（12分）如圖所示，傾斜傳送帶與水平方向的夾角為=37°，將一小物塊輕輕放在正在以速度v=10m/s勻速逆時針傳動的傳送帶的上端，物塊和傳送帶之間的動摩擦因數(shù)為μ=0.5（設最大靜摩擦力等于滑動摩擦力的大?。?，傳送帶兩皮帶輪軸心間的距離為L=29m，（1）求將物塊從頂部傳到傳送帶底部所需的時間為多少（g=10m/s2）？（2）若題中，物塊下滑時間為多少？17、（12分）如圖所示,某客機的氣囊豎直高度,斜面長度,一質量的乘客從處由靜止開始滑下,最后停在水平部分的處．已知乘客與氣囊之間的動摩擦因數(shù),忽略乘客在處速度大小的變化,不計空氣阻力,().求：(1)乘客在斜面下滑時加速度的大小；(2)乘客從處開始到滑至處的時間

參考答案一、選擇題：（1-6題為單選題7-12為多選，每題4分，漏選得2分，錯選和不選得零分）1、C【解析】A．圖甲右上方的路牌所標的“50”為車輛通行的瞬時速度不超過50km/h，故A錯誤；B．由圖乙可推出所有形狀規(guī)則且質量分布均勻的物體重心均在其幾何中心處，故B錯誤；C．慣性是物體保持原來速度不變的性質，圖丙中擲出后的冰壺能繼續(xù)運動說明其具有慣性，故C正確；D．圖丁中電梯向上制動時體重計的讀數(shù)變小說明人所受支持力減小，但重力不變，故D錯誤。故選C。2、C【解析】ACD．小盒和沙子勻速下滑，受到平衡力作用，即物體受到重力，沿斜面向上的滑動摩擦力Ff和斜面對它的支持力FN的合力為0，則有小盒及沙子勻速下滑若在小盒子中以與盒子相同的速度緩緩加入一些沙子，質量為，則仍然成立，即小盒仍將勻速下滑，合力不變，AD錯誤C正確；B．在小盒子中以與盒子相同的速度緩緩加入一些沙子，質量為，則斜面對小盒的摩擦力變大。B錯誤。故選C。3、B【解析】設質點的初速度為v0，則ts末的速度為3v0，根據(jù)速度位移公式得：因為則有：可知x=at2A.at2，與結論不相符，選項Ａ錯誤；B.at2，與結論不相符，選項Ｂ錯誤；Cat2，與結論不相符，選項Ｃ錯誤；D.2at2，與結論不相符，選項Ｄ錯誤4、D【解析】物體受到重力、水平面的支持力、摩擦力和恒力F作用而做勻速運動，根據(jù)平衡條件，應用正交分解求出滑動摩擦因數(shù)【詳解】物體受到重力、水平面的支持力、摩擦力和恒力F作用，作出受力圖如圖根據(jù)平衡條件得Fcosθ=f；FN=mg+Fsinθ；又f=μFN，F(xiàn)=mg；聯(lián)立解得．故選D【點睛】本題是力平衡問題，關鍵是分析物體的受力情況，作出力圖，列方程即可求解5、B【解析】以物體為研究對象，采用作圖法分析什么條件下拉力F最?。俑鶕?jù)平衡條件求解F的最小值【詳解】以物體為研究對象，根據(jù)作圖法可知，當拉力F與細線垂直時最小.根據(jù)平衡條件得F的最小值為：Fmin=Gsin37°=10×0.6N=6N；故選B.【點睛】本題是物體平衡中極值問題，難點在于分析F取得最小值的條件，采用作圖法，也可以采用函數(shù)法分析確定6、D【解析】A．物體處于超重狀態(tài)，根據(jù)牛頓第二定律可知物體有向上的加速度，那么升降機也就有向上的加速度（即加速度方向豎直向上），此時可以是向下減速，也可以是向上加速，故ABC錯誤；D．根據(jù)牛頓第二定律可知臺秤示數(shù)比靜止時增大，故D正確；故選D。7、BD【解析】由于小車和木塊一起作無相對滑動的加速運動，所以小車和木塊的加速度大小相同，對小車和木塊受力分析，根據(jù)牛頓第二定律可以求得摩擦力的大小【詳解】對小物體受力分析可知，物體受重力、支持力和靜摩擦力的作用，由于物體在水平方向做加速運動，摩擦力作為合力，所以由牛頓第二定律可得：f=ma，故B正確；對整體由牛頓第二定律可得：F=（M+m）a，所以物體受到的摩擦力的大小為：f=ma=，故D正確故選BD【點睛】當分析多個物體的受力、運動情況時，通?？梢圆捎谜w法和隔離法，用整體法可以求得系統(tǒng)的加速度的大小，再用隔離法可以求物體之間的作用的大小8、CD【解析】由圖知，乙端對手的壓力較大，所以乙端對凳子向右的最大靜摩擦力大于甲端對凳子向左的最大靜摩擦力，因此甲容易相對長凳滑動，即甲容易被從長凳上拉離，因此長凳將向右移動，即乙可以將凳子拉向自己，故C正確拔河過程中，甲、乙向兩側拖拉的力比較小時，甲的手也可以和凳子間不發(fā)生相對滑動，故D正確故選CD【點睛】本題主要考查了摩擦力在生活中的應用，要注意明確影響最大靜摩擦力大小的因素，知道當外力大于最大靜摩擦力時，物體之間才有相對運動，最大靜摩擦力越大，越難發(fā)生相對移動9、BC【解析】A．在內，甲的位移乙的位移所以6s末乙未追上甲，故A錯誤；B．當兩者速度相等時，距離最遠，即5s末距離最遠，此時最遠距離為故B正確；C．6s以后，甲停止運動，因此相遇時，距離t=0的位置為40m，所用時間為故C正確；D．根據(jù)圖象可知，在04s內甲的平均速度在46s內甲的平均速度故D錯誤。故選BC。10、AD【解析】A．由圖可知，甲車先做勻速運動再做勻減速直線運動，故A正確；B．由圖看出，在第20s末，甲、乙的速度大小不等，故B錯誤；C．圖像與坐標軸圍成的面積表示位移，可知在第30s末，甲的位移為乙的位移為所以甲乙兩車相距故C錯誤；D．30s后甲靜止，乙以向前運動就可以追上甲，故在第35s末，甲、乙的位置再次齊平，故D正確。故選AD。11、AC【解析】曲線運動的軌跡夾在速度和合外力之間且彎向合外力方向，所以AC正確BD錯誤12、BC【解析】明確加速度和速度的定義，知道加速度等于單位時間內的速度變化量，反映速度變化快慢的物理量.【詳解】A．物體的速度變化越大，速度變化不一定快，加速度不一定大，故A錯誤B．根據(jù)知，速度變化量越快，加速度變越大，故B正確；C．加速度不變時，如果加速度和速度方向相反時，速度變小，故C正確；D．加速度減小時，如果加速度和速度方向相同，則速度可以增大，故D錯誤.故選BC.【點睛】解決本題的關鍵知道加速度的物理意義，知道加速度的大小與速度大小、速度變化量的大小無關.二、實驗題（本題共16分，答案寫在題中橫線上）13、14、三、計算題要求解題步驟，和必要的文字說明（本題共36分）15、(1)(2)50m/s；(3)【解析】根據(jù)自由落體運動的位移時間公式得出小球下落的時間；根據(jù)速度時間公式求出小球落地的速度；根據(jù)位移時間公式求出小球最后1s內下落的位移【詳解】（1）根據(jù)自由落體運動的位移公式解得：（2）根據(jù)v=gt得：到達地面的速度是：v=10×5=50m/s；（3）小球在最后一秒內的位移是：16、（1）3s（2）3.31s【解析】（1）物體放上傳送帶后，開始一段時間t1內做初速度為0的勻加速直線運動，小物體受到沿斜面向下的摩擦力：可知物體所受合力F合=mgsinθ+f又因為f=μN=μmgcosθ所以根據(jù)牛頓第二定律可得：代入數(shù)據(jù)得：a=10m/s2當物體速度增加到10m/s時產生的位移所用時間為：代入數(shù)據(jù)得：t=1s所以物體速度增加到10m/s后，由于mgsinθ＞μmgcosθ，所以物體將受沿傳送帶向上的摩擦力的作用勻加速運動的位移為29-x，設所用時間為t′，則29-x=24=vt′+at′2解得：t′=2st總=1s+2s=3s（2）若物體與傳送帶之間的動摩擦因數(shù)為0.8，則物體放上傳送帶后，開始一段時間t1′內做初速度為0的勻加速直線運動，小物體受到沿斜面向下的摩擦力：可知物體所受合力F′合=mgsinθ+f′又因為f′=μN=μ′mgcosθ所以根據(jù)牛頓第二定律可得：代入數(shù)據(jù)的：a′=12.4m/s2當物體速度增加到10m/s時產生位移所用時間為：得：t′=0.81s所以物