2025屆湖北沙市中學(xué)物理高二上期末達(dá)標(biāo)測試試題含解析

2025屆湖北沙市中學(xué)物理高二上期末達(dá)標(biāo)測試試題注意事項：1．答題前，考生先將自己的姓名、準(zhǔn)考證號填寫清楚，將條形碼準(zhǔn)確粘貼在考生信息條形碼粘貼區(qū)。2．選擇題必須使用2B鉛筆填涂；非選擇題必須使用0．5毫米黑色字跡的簽字筆書寫，字體工整、筆跡清楚。3．請按照題號順序在各題目的答題區(qū)域內(nèi)作答，超出答題區(qū)域書寫的答案無效；在草稿紙、試題卷上答題無效。4．保持卡面清潔，不要折疊，不要弄破、弄皺，不準(zhǔn)使用涂改液、修正帶、刮紙刀。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、如圖所示，兩個固定的帶正電的點電荷q1、q2，電荷量之比為1∶4，相距為d，引入第三個點電荷q3，要使q3能處于平衡狀態(tài)，對q3的位置、電性和電荷量的要求，以下敘述正確的是A.q3在q1和q2連線之間距離q1處，且為負(fù)電荷，對電荷量無要求B.q3在q1和q2連線之間距離q1為處，且為正電荷，對電荷量無要求C.q3在q1和q2連線之間距離q1為處，對電性和電荷量均無要求D.q3在q1和q2連線的延長線上，位于q1左側(cè)處，對電性和電荷量均無要求2、如圖所示，紙面內(nèi)有一通電長直導(dǎo)線，在其右側(cè)有一個矩形閉合導(dǎo)線框，則下列說法中正確的是A.若導(dǎo)線框平行于直導(dǎo)線向上運(yùn)動，線框上有順時針方向感應(yīng)電流B.若導(dǎo)線框垂直于直導(dǎo)線向右運(yùn)動，線框上有順時針方向感應(yīng)電流C.若持續(xù)增大直導(dǎo)線電流，導(dǎo)線框上有順時針方向電流D.若持續(xù)減小直導(dǎo)線電流，導(dǎo)線框上有順時針方向電流3、如圖，利用理想變壓器進(jìn)行遠(yuǎn)距離輸電，發(fā)電廠的輸出電壓恒定，輸電線路的電阻不變，當(dāng)用電高峰到來時()A.輸電線上損耗的功率減小B.電壓表V1的示數(shù)減小，電流表A1增大C.用戶功率與發(fā)電廠輸出功率的比值減小D.電壓表V2的示數(shù)增大，電流表A2減小4、A、B是兩個完全相同的電熱器，A通以圖甲所示的方波交變電流，B通以圖乙所示的正弦式交變電流，則兩電熱器的電功率PA∶PB等于()A.5∶4 B.3∶2C.∶1 D.2∶15、電流傳感器A的作用相當(dāng)于一個電流表，它與計算機(jī)相連接可以捕捉到瞬間電流的變化，并能在屏幕上顯示電流隨時間變化的圖象。下列說法正確的是（）A.甲中S由斷開狀態(tài)到閉合的瞬間，R中的電流立即增大B.甲中S由閉合狀態(tài)到斷開的瞬間，L右端電勢比左端的高C.甲中S由閉合狀態(tài)到斷開的瞬間，R中的電流逐漸減小D.乙中S由斷開狀態(tài)到閉合的瞬間，R中的電流逐漸增大6、如圖所示為遠(yuǎn)距離輸電示意圖，兩變壓器均為理想變壓器，升壓變壓器T的原、副線圈匝數(shù)比為。降壓變壓器的原、副線圈匝數(shù)比為。原線圈兩端接入一電壓的交流電源，用戶電阻為R(純電阻)，若用戶消耗功率為P，輸電線的總電阻為2r，不考慮其他因素的影響，則輸電線上損失的電功率和用戶獲得的電壓U分別為（）A.、B.、C.、D.、二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示的xOy平面內(nèi)，存在正交的勻強(qiáng)磁場和勻強(qiáng)電場，勻強(qiáng)磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B，方向垂直xOy平面向里，勻強(qiáng)電場大小為E，方向沿y軸正方向．將一質(zhì)量為m、帶電量為q的粒子從O點由靜止釋放，粒子的運(yùn)動曲線如圖所示，運(yùn)動周期為T，P點距x軸的距離為粒子運(yùn)動過程中距x軸最大距離的一半，粒子的重力忽略不計．以下說法正確的是()A.粒子帶正電B.粒子運(yùn)動到最低點時，粒子所受電場力與洛倫茲力大小相等C.粒子由P點運(yùn)動到與之等高的Q點所用時間為D.粒子在運(yùn)動過程中，距x軸的最大距離為8、兩個相同的小球在同一高度處，以大小相等的初速度分別做豎直上拋和豎直下拋運(yùn)動。忽略阻力，下列表述正確的有（）A.落地時，兩球的動能相等 B.從拋出到落地兩球經(jīng)過的路程相等C.落地時，兩球的機(jī)械能相等 D.從拋出到落地兩球的位移相同9、如圖所示，b是理想變壓器原線圈的一個抽頭，電壓表和電流表均為理想交流電表，示數(shù)分別為U和I，在原線圈兩端加上交變電流，把單刀雙擲開關(guān)S與b連接，則：（）A.保持其它條件不變，觸頭P向上移動的過程中，I變大B.保持其它條件不變，觸頭P向下移動的過程中，U變小C.保持其它條件不變，S由b扳向a時，U和I均變小D.保持其它條件不變，S由b扳向a時，U變大，I變小10、如圖所示，在勻強(qiáng)電場中有A、B、C三點，三點構(gòu)成直角三角形，∠A＝37°，AB邊長為5m，D為AB中點，電場線與ABC所在平面平行，A、B、C三點的電勢分別為14V、6V和6V，取sin37°＝0.6，cos37°＝0.8，則A.DC兩點間電勢差UDC＝4V B.D點電勢φD＝8VC.該電場的電場強(qiáng)度E＝2V/m D.該電場的方向為沿BC方向三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）在測定金屬的電阻率的實驗中，金屬導(dǎo)線長約0．8m，直徑小于1mm，電阻大約為4Ω．實驗主要步驟如下，請?zhí)顚懫渲械目瞻撞糠只虬匆筮B線：(1)用米尺測量金屬導(dǎo)線的長度，測3次，求出平均值L；(2)在金屬導(dǎo)線的3個不同位置上用_______測量直徑，求出平均值d；(3)用伏安法測量金屬導(dǎo)線的電阻R．現(xiàn)有器材：直流電源（電動勢約4．5V，內(nèi)阻很?。?，電流表A1（量程0～0．6A，內(nèi)阻0．125Ω），電流表A2（量程0～3．0A，內(nèi)阻0．025Ω），電壓表V（量程0～3V，內(nèi)阻3kΩ），滑動變阻器R0（最大阻值10Ω），開關(guān)S、導(dǎo)線若干①如果既要滿足測量要求，又要測量誤差較小，應(yīng)該選用的電流表是_______；②其實驗電路原理圖如下，你認(rèn)為應(yīng)該選擇那種________（甲或乙）方法，并在實物圖上畫線連接成實驗電路________(4)根據(jù)上述測得的金屬導(dǎo)線長度L，直徑d和電阻R，由電阻率的表達(dá)式ρ=_______算出該金屬的電阻率12．（12分）利用單擺測當(dāng)?shù)刂亓铀俣鹊膶嶒炛校海?）某同學(xué)測量數(shù)據(jù)如下表：L/m0.4000.5000.6000.8001.200T2/s21.602.102.403.204.80請在圖中畫出L－T2圖像______，并由圖像求得重力加速度g＝______m/s2．（保留三位有效數(shù)字）（2）某同學(xué)測得的重力加速度值比當(dāng)?shù)貥?biāo)準(zhǔn)值偏大，其原因可能有______A．振幅過小B．?dāng)[球質(zhì)量過大C．?dāng)[動次數(shù)多記了一次D．將擺長當(dāng)成了擺線長和球直徑之和四、計算題：本題共3小題，共38分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）在一廣闊的勻強(qiáng)磁場中，建立一直角坐標(biāo)系，如圖所示，在坐標(biāo)系的原點O釋放一速率為v，質(zhì)量為m電荷量為十q的粒子（重力不計），釋放時速度方向垂直于B的方向，且與x軸成30°角，則(1)其第一次經(jīng)過y軸時，軌跡與y軸交點離O點距離為多少？（不考慮空氣阻力）（2粒子從O點開始運(yùn)動到穿過y軸時所用的時間（3粒子做圓周運(yùn)動圓心的坐標(biāo)14．（16分）在一級方程式汽車大賽中，一輛賽車的總質(zhì)量為m，一個路段的水平轉(zhuǎn)彎半徑為R，賽車轉(zhuǎn)此彎時的速度為v，賽車形狀都設(shè)計得使其上下方空氣有一壓力差——氣動壓力，從而增大了對地面的正壓力．正壓力與最大靜摩擦力的比值叫側(cè)向附著系數(shù)，以表示，要上述賽車轉(zhuǎn)彎時不側(cè)滑，則需要多大的氣動壓力？15．（12分）如圖所示，在半徑為R，圓心在(0，0)圓形磁場區(qū)域內(nèi)，加有方向垂直紙面向外、磁感強(qiáng)度為B的勻強(qiáng)磁場．一個質(zhì)量為m、帶電量為+q的帶電粒子（不計重力），以某一速度從O點沿y軸的正方向進(jìn)入磁場，從圖中的A點射出．出射的方向與圓在A點的切線方向夾角為600．如果再在x>R的BC區(qū)域加一寬度為2R的方向豎直向下的勻強(qiáng)電場，讓在A點射出的帶電粒子經(jīng)電場后，能恰好擊中x軸上的點C（坐標(biāo)為（0，3R））．求：（1）帶電粒子的初速度大?。?）所加電場E的大小

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、C【解析】由題意知，電荷一定在兩正電荷之間，根據(jù)平衡有：k＝k解得＝即r1＝dq3在q1和q2連線之間距離q1為處，對電性和電荷量均無要求A.q3在q1和q2連線之間距離q1為處，且為負(fù)電荷，對電荷量無要求與分析不符，故A項錯誤；B.q3在q1和q2連線之間距離q1為處，且為正電荷，對電荷量無要求與分析不符，故B項錯誤；C.q3在q1和q2連線之間距離q1為處，對電性和電荷量均無要求與析相符，故C項正確；D.q3在q1和q2連線的延長線上，位于q1左側(cè)處，對電性和電荷量均無要求與分析不符，故D項錯誤2、C【解析】A.根據(jù)直線電流產(chǎn)生的磁場分布規(guī)律，穿過線框的磁通量垂直紙面向外。若導(dǎo)線框平行于直導(dǎo)線向上運(yùn)動，穿過線框的磁通量不變，沒有感應(yīng)電流產(chǎn)生，故A錯誤；B.若導(dǎo)線框垂直于直導(dǎo)線向右運(yùn)動，穿過線框的磁通量向外減小，根據(jù)楞次定律，線框上有逆時針方向感應(yīng)電流，故B錯誤；C.若持續(xù)增大直導(dǎo)線電流，穿過線框的磁通量向外增大，根據(jù)楞次定律，導(dǎo)線框上有順時針方向電流，故C正確；D.若持續(xù)減小直導(dǎo)線電流，穿過線框的磁通量向外減小，根據(jù)楞次定律，導(dǎo)線框上有逆時針方向電流，故D錯誤。故選：C3、C【解析】當(dāng)用電高峰到來時，用戶消耗的功率變大，根據(jù)可知電流表A2讀數(shù)變大，輸電線上的電流變大，輸電線上損耗的功率變大，A錯誤；電流表A2讀數(shù)變大，根據(jù)可知電流表A1增大，因為發(fā)電廠的輸出電壓恒定，則升壓變壓器的次級電壓不變，即電壓表V1的示數(shù)不變，B錯誤；用戶消耗的功率占發(fā)電廠輸出總功率的比例，因為輸電線上的電流增大，則電壓損失增大，U2不變，所以用戶消耗的功率占發(fā)電廠輸出總功率的比例減小，C正確；輸電線上的電壓損失變大，故降壓變壓器的初級電壓減小，次級電壓也減小，即電壓表V2的示數(shù)減小，D錯誤【點睛】解決本題的關(guān)鍵知道：1、輸送功率與輸送電壓、電流的關(guān)系；2、變壓器原副線圈的電壓比與匝數(shù)比的關(guān)系；3、升壓變壓器輸出電壓、降壓變壓器輸入電壓、電壓損失的關(guān)系；4、升壓變壓器的輸出功率、功率損失、降壓變壓器的輸入功率關(guān)系4、A【解析】據(jù)題意，通過電熱器A的電流有效值為：,即：，則電熱器A的電功率為：,通過電熱器B得到電流有效值為：，則電熱器B的電功率為：，故選項A正確考點：本題考查交變電流的有效值的計算5、B【解析】A．甲中S由斷開狀態(tài)到閉合的瞬間，由于線圈中產(chǎn)生自感電動勢的阻礙作用，電流只能逐漸增大，故A錯誤；B．甲中S由閉合狀態(tài)到斷開的瞬間，由于線圈中產(chǎn)生自感電動勢，由“楞次定律”可得，L右端電勢比左端的高，故B正確；C．甲中S由閉合狀態(tài)到斷開的瞬間，由于線圈中產(chǎn)生自感電動勢，但沒有回路，所以R中的電流立即減為0，故C錯誤；D．乙中S由斷開狀態(tài)到閉合的瞬間，R中的電流立刻增大，故D錯誤。故選B。6、B【解析】用戶流過的電流為故在輸電線路上的電流為故損失的電功率為升壓變壓器兩端電壓的有效值為輸電線路上損失的電壓為升壓變壓器副線圈兩端的電壓為故降壓變壓器原線圈的電壓為在降壓變壓器兩端聯(lián)立解得A.與分析不符，故A錯誤。B.與分析相符，故B正確。C.與分析不符，故C錯誤。D.與分析不符，故D錯誤。二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、AC【解析】考查帶電粒子在復(fù)合場中的運(yùn)動。詳解】A．粒子由靜止開始運(yùn)動，故開始時電場力方向向下，故帶正電，A正確；B．粒子運(yùn)動到最低點時，合運(yùn)動的洛倫茲力向上，電場力向下，合力提供向心力，故洛倫茲力大于電場力，B錯誤；C．粒子的初速度為零，將初速度沿水平方向分解為水平向左和水平向右的兩個相等分速度v1和v2，大小都是v，向右的分速度v2，對應(yīng)的洛倫茲力f2與電場力平衡，故粒子的第二分運(yùn)動以v1的初速度向左運(yùn)動，做逆時針的勻速圓周運(yùn)動，根據(jù)牛頓第二定律，有：其中：聯(lián)立解得：粒子由P點運(yùn)動到與之等高的Q點所用時間為：C正確；D．粒子在運(yùn)動過程中，距x軸的最大距離為：D錯誤。故選AC。8、ACD【解析】A．設(shè)兩球原來離地高度為h，兩球質(zhì)量均為m，初速度大小為v0。兩個球在運(yùn)動的過程中機(jī)械能守恒，根據(jù)機(jī)械能守恒定律，則可得落地時的動能為因m、h、v0均相等，則兩球落地時動能相等，故A正確；B．根據(jù)路程是物體運(yùn)動軌跡的長度，可知從拋出到落地兩球經(jīng)過的路程不等，豎直上拋的物體路程較長，故B錯誤；C．初始時兩球的機(jī)械能相等，在運(yùn)動過程中兩球的機(jī)械能均保持不變，所以落地時，兩球的機(jī)械能相等，故C正確；D．兩個小球的初位置和末位置都相同，故兩個球的落地時位移相同，故D正確。故選ACD。9、AC【解析】A、保持其它條件不變，滑動變阻器觸頭向上移動的過程中，滑動變阻器的電阻減小，電路的總電阻減小，由于副線圈的電壓是由變壓器和原線圈的電壓決定的，副線圈的電壓不變，根據(jù)歐姆定律可知副線圈的電流增大，根據(jù)電流與匝數(shù)成反比可知原線圈的電流增大，故選項A正確；B、保持其它條件不變，滑動變阻器觸頭向下移動的過程中，滑動變阻器的電阻增大，電路的總電阻增大，根據(jù)歐姆定律可知副線圈的電流減小，兩端的電壓減小，根據(jù)串聯(lián)分壓可知兩端的電壓增大，電壓表示數(shù)變大，故選項B錯誤；CD、保持其它條件不變，當(dāng)單刀雙擲開關(guān)與連接時，根據(jù)電壓與匝數(shù)成正比可知副線圈的電壓變小，副線圈的電流變小，根據(jù)電流與匝數(shù)成反比可知原線圈的電流減小，所以電壓表和電流表的示數(shù)都變小，故選項C正確，D錯誤10、AC【解析】在勻強(qiáng)電場中，平行等距離的兩點電勢差相等；電場線與等勢線垂直，確定沿電場方向上的距離，從而根據(jù)E=U/d求出勻強(qiáng)電場的大小【詳解】在勻強(qiáng)電場中，平行等距離的兩點電勢差相等，則φA-φD=φD-φB，解得：φD=10V，所以UDC=φD-φC=4V，故A正確、B錯誤；三角形中B、C的電勢分別為6V和6V，則B和C為等勢點，BC為等勢線，電場線方向沿AC方向，則電場強(qiáng)度，故C正確、D錯誤．故選AC【點睛】解決本題的關(guān)鍵知道勻強(qiáng)電場的等勢線為間距相等的平行直線，以及知道電場線與等勢線垂直三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、①.螺旋測微器（千分尺）②.電流表A1③.甲④.⑤.【解析】金屬導(dǎo)線的直徑由螺旋測微器測量；選擇器材需安全、精確，通過金屬導(dǎo)線的電阻的額定電流確定出電流表的量程．通過比較金屬導(dǎo)線的電阻與電流表內(nèi)阻和電壓表內(nèi)阻的關(guān)系，確定電路的選擇，若金屬導(dǎo)線的電阻遠(yuǎn)小于電壓表的內(nèi)阻，采取外接法，若金屬導(dǎo)線的內(nèi)阻遠(yuǎn)大于電流表的內(nèi)阻，采用內(nèi)接法．根據(jù)題意，結(jié)合電阻定律R＝ρ，即可求解【詳解】（2）金屬導(dǎo)線的直徑很小，因此通過螺旋測微器測量；（3）①電壓表的量程是3V，則金屬導(dǎo)線的最大電流，要求測量誤差較小，應(yīng)該選用的電流表A1；②金屬導(dǎo)線的電阻R=4Ω，由于R?RV，故應(yīng)選電流表外接法．即選擇甲圖③根據(jù)電路圖，連接實物圖，注意電表的量程，及正負(fù)極．如圖所示；（4）根據(jù)電阻定律R＝ρ，已知S=π()2，因此電阻率的表達(dá)式；【點睛】解決本題的關(guān)鍵掌握器材選取的原則，即安全，精確．以及掌握電流表內(nèi)外接哪種情況誤差比較小，“大內(nèi)偏大，小外偏小”．本題出示了公式R=ρL/S，能幫助學(xué)生更好的理解影響電阻大小的因素12、①.②.9.86③.CD【解析】（1）[1]根