廣西玉林高中、柳鐵一中2025屆高三物理第一學(xué)期期中經(jīng)典試題含解析

廣西玉林高中、柳鐵一中2025屆高三物理第一學(xué)期期中經(jīng)典試題注意事項:1．答題前，考生先將自己的姓名、準(zhǔn)考證號碼填寫清楚，將條形碼準(zhǔn)確粘貼在條形碼區(qū)域內(nèi)。2．答題時請按要求用筆。3．請按照題號順序在答題卡各題目的答題區(qū)域內(nèi)作答，超出答題區(qū)域書寫的答案無效；在草稿紙、試卷上答題無效。4．作圖可先使用鉛筆畫出，確定后必須用黑色字跡的簽字筆描黑。5．保持卡面清潔，不要折暴、不要弄破、弄皺，不準(zhǔn)使用涂改液、修正帶、刮紙刀。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、金屬容器置于絕緣板上，帶電小球用絕緣細(xì)線懸掛于容器中，容器內(nèi)的電場線分布如圖所示。容器內(nèi)表面為等勢面，A、B為容器內(nèi)表面上的兩點，C為空間電場線上的一點，下列說法正確的是（）A．A點的電場強度比B點的大B．C點的電勢比B點的電勢低C．將檢驗電荷從A點移到C點，電場力做負(fù)功D．將檢驗電荷從C點沿不同路徑移到A點和B點，電場力做的功相同2、沿固定斜面下滑的物體受到與斜面平行向上的拉力F的作用，其下滑的速度–時間圖線如圖所示．已知物體與斜面之間的動摩擦因數(shù)為常數(shù)，在0~5s、5~10s、10~15s內(nèi)F的大小分別為F1、F2和F3，則A．F1<F2 B．F2>F3C．F1>F3 D．F1=F33、如圖所示，質(zhì)量為m的物體A靜止在質(zhì)量為M的斜面B上，斜面B的傾角θ＝30°?，F(xiàn)用水平力F推物體A，在F由零逐漸增加至mg再逐漸減為零的過程中，A和B始終保持靜止。對此過程下列說法正確的是（）A．地面對B的支持力隨著力F的變化而變化B．A所受摩擦力方向始終沿斜面向上C．A所受摩擦力的最小值為，最大值為mgD．A對B的壓力的最小值為mg，最大值為mg4、如圖所示，將一質(zhì)量為m的小球從空中O點以速度v0水平拋出，飛行一段時間后，小球經(jīng)過P點時動能Ek=5mv02，不計空氣阻力，則小球從O到P（）A．下落的高度為B．速度增量為3v0，方向斜向下C．運動方向改變的角度滿足tanθ=D．經(jīng)過的時間為5、牛頓是最有影響的科學(xué)家，他是經(jīng)典力學(xué)基礎(chǔ)牛頓運動定律的建立者，是過去一千多年中最杰出的科學(xué)巨人之一．下列說法中正確的是（）A．牛頓利用“沖淡”重力實驗證明自由落體運動是勻變速直線運動B．牛頓發(fā)現(xiàn)萬有引力定律，認(rèn)為物體之間普遍存在萬有引力C．牛頓利用扭秤最先測出了引力常量D．為了紀(jì)念牛頓，將力的國際單位命名為牛頓，并將其作為基本單位6、在水平面上做勻加速直線運動的物體，在水平方向上受到拉力和阻力的作用．如果使物體的加速度變?yōu)樵瓉淼?倍．下列方法中可以實現(xiàn)的是()A．將拉力增大到原來的2倍B．將阻力減少到原來的倍C．將物體的質(zhì)量增大到原來的2倍D．將物體的拉力和阻力都增大到原來的2倍二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、彈簧振子以O(shè)點為平衡位置做簡諧運動，以向右為正方向，圖乙為這個彈簧振子的振動圖象，下列說法中正確的是（）A．在t＝0.3s與t＝0.5s兩個時刻，彈簧振子的速度相同B．從t＝0.6s時，加速度等于0C．在t＝0.1s時，彈簧振子的位移為cmD．在t＝0.2s時，彈簧振子有最小的彈性勢能E.在t＝0s到t＝0.4s時間內(nèi)，彈簧振子的動能先減小后增大8、如圖所示，質(zhì)量為m的物體在水平傳送帶上由靜止釋放，傳送帶由電動機帶動，始終保持以速率v勻速運動，物體與傳送帶間的動摩擦因數(shù)為μ，物體過一會兒能保持與傳送帶相對靜止，對于物體從靜止釋放到相對傳送帶靜止這一過程下列說法正確的是()A．電動機多做的功為B．摩擦力對物體做的功為C．電動機增加的功率為μmgvD．傳送帶克服摩擦力做功為9、如圖所示為點電荷a、b所形成的電場線分布，以下說法正確的是()A．a(chǎn)、b為異種電荷B．a(chǎn)、b為同種電荷C．A點場強大于B點場強D．A點電勢高于B點電勢10、下圖是某同學(xué)站在壓力傳感器上做下蹲-起立的動作時傳感器記錄的壓力隨時間變化的圖線，縱坐標(biāo)為壓力，橫坐標(biāo)為時間。由圖線可知，該同學(xué)的體重約為650N，除此以外，還可以得到以下信息()A．1s時人處在下蹲的最低點B．2s時人處于下蹲靜止?fàn)顟B(tài)C．該同學(xué)在0-4秒內(nèi)做了2次下蹲-起立的動作D．下蹲過程中人先處于失重狀態(tài)后處于超重狀態(tài)三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）某同學(xué)在做“驗證力的平行四邊形定則”實驗時，將橡皮筋改為勁度系數(shù)為400N/m的輕質(zhì)彈簧，將彈簧的一端固定在豎直墻面上。不可伸長的細(xì)線OA、OB、OC，分別固定在彈簧的A端和彈簧秤甲、乙的掛鉤上，其中O為OA、OB、OC三段細(xì)線的結(jié)點，如圖1示。在實驗過程中，保持彈簧伸長1.00cm不變。（1）若OA、OC間夾角為90°，彈簧秤乙的示數(shù)如圖2所示，為________N，則彈簧秤甲的示數(shù)應(yīng)該是__________N；（2）在（1）問中若保持OA與OB的方向不變：逐漸增大OA與OC的夾角，則彈簧秤甲的讀數(shù)大小將________，彈簧秤乙的讀數(shù)大小將________。12．（12分）在“探究彈力和彈簧伸長的關(guān)系，并測定彈簧的勁度系數(shù)”的實驗中，實驗裝置如圖甲所示，所用的每個鉤碼的重力相當(dāng)于對彈簧提供了向右恒定的拉力．實驗時先測出不掛鉤碼時彈簧的自然長度，再將5個鉤碼逐個掛在繩子的下端，每次測出相應(yīng)的彈簧總長度．有一個同學(xué)通過以上實驗測量的數(shù)據(jù)，作出F－L圖，如圖乙所示．①由此圖線可得出的結(jié)論是________．②該彈簧的原長為L0＝________cm，勁度系數(shù)k＝________N/m.四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）質(zhì)量為M=3kg的平板車放在光滑的水平面上，在平板車的最左端有一小物塊(可視為質(zhì)點)，物塊的質(zhì)量為m=1kg，小車左端上方如圖所示固定著一障礙物A，初始時，平板車與物塊一起以水平速度v0=2m/s向左運動，當(dāng)物塊運動到障礙物A處時與A發(fā)生無機械能損失的碰撞，而小車?yán)^續(xù)向左運動，取重力加速度g=10m/s2.（1）設(shè)平板車足夠長，求物塊與障礙物第一次碰撞后，物塊與平板車所能獲得的共同速度；（2）設(shè)平板車足夠長，物塊與障礙物第一次碰撞后，物塊向右運動對地所能達(dá)到的最大距離是s=0.4m，求物塊與A第一次碰撞后到第二次碰撞前相對小車滑動的距離.14．（16分）一塊半圓柱形玻璃磚，其橫截面是半徑為R的半圓，AB為半圓的直徑，O為圓心，如圖所示．現(xiàn)讓一細(xì)單色光束垂直AB沿半徑Oa方向射到玻璃磚上，光沿Oa方向從玻璃磚的左側(cè)射出．若保持光的入射方向不變，將光沿Oa方向向上平移，求：（真空中的光速為c，不考慮光在玻璃磚內(nèi)的多次反射）．①當(dāng)細(xì)光束平移到距O點的M點時，玻璃磚左側(cè)恰好不再有光線射出，求玻璃磚對該單色光的折射率；②當(dāng)細(xì)光速平移到距O點的N點時，出射光線與Oa延長線的交點為f，求光由N點傳播到f點的時間．15．（12分）有一截面為正方形物體ABCD靜止浮在水面上，剛好在一半在水下，正方形邊長l=1.2m，AB側(cè)前方處有一障礙物．一潛水員在障礙物前方處下潛到深度為的P處時，看到A點剛好被障礙物擋?。阎恼凵渎剩螅海?）深度；（2）繼續(xù)下潛恰好能看見CD右側(cè)水面上方的景物，則為多少？

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、D【解析】A、A點電場線比B點稀疏，則有A點的電場強度比B點的小，故A錯誤；B、金屬容器是等勢體，沿電場線方向電勢降低，則有C點的電勢比B點的電勢高，故B錯誤；C、由于檢驗電荷的電性不知道，正電荷從A點移到C點，電場力做負(fù)功，負(fù)電荷從A點移到C點，電場力做正功，故C錯誤；D、金屬容器是等勢體，A點的電勢比B點的電勢相等，檢驗電荷從C點沿不同路徑移到A點和B點，電場力做的功相同，故D正確；故選D。2、A【解析】由v–t圖象可知，0~5s內(nèi)加速度a1="0.2"m/s2，沿斜面向下，根據(jù)牛頓第二定律有mgsinθ–f–F1=ma1，F(xiàn)1="mgsin"θ–f–0.2m；5~10s內(nèi)加速度a2=0，根據(jù)牛頓第二定律有mgsinθ–f–F2=ma2，F(xiàn)2="mgsin"θ–f；10~15s內(nèi)加速度a3="–0.2"m/s2，沿斜面向上，根據(jù)牛頓第二定律有mgsinθ–f–F3=ma3，F(xiàn)3="mgsin"θ–f+0.2m．故可得：F3>F2>F1，選項A正確．圖像，牛頓第二定律【名師點睛】本題考查了牛頓第二定律和運動學(xué)公式的基本運用，知道加速度是聯(lián)系力學(xué)和運動學(xué)的橋梁，基礎(chǔ)題．3、D【解析】

A．對AB組成的整體受力分析，整體受力平衡，豎直方向受到重力和地面對B的支持力，所以地面對B的支持力等于，保持不變，A錯誤；B．拉力F最大時沿斜面向上的分力為重力沿斜面向下的分力為故此時摩擦力沿斜面向下，B錯誤；C．對A受力分析，受到重力、支持力、拉力和摩擦力作用，當(dāng)拉力沿斜面向上的分力等于重力沿斜面向下的分力時，摩擦力為零，所以摩擦力最小為零，當(dāng)時，f最大，C錯誤；D．垂直于斜面方向有當(dāng)時，最小，最小為當(dāng)時，最大，最大為D正確。故選D。4、D【解析】

A．根據(jù)動能定理得，mgh＝5mv02?mv02解得故A錯誤．BD．根據(jù)Ek＝mv2＝5mv02得，P點的速度v=v0根據(jù)平行四邊形定則知，P點的豎直分速度vy＝＝3v0則運動的時間速度的增量△v=gt=3v0方向豎直向下，故B錯誤，D正確．C．根據(jù)tanθ＝知，運動方向改變的角度滿足tanθ=3，故C錯誤．故選D．【點睛】解決本題的關(guān)鍵知道平拋運動在水平方向和豎直方向上的運動規(guī)律，結(jié)合運動學(xué)公式靈活求解，對于平拋運動，有時可以結(jié)合動能定理進(jìn)行求解．5、B【解析】

A項：伽利略利用“沖淡”重力實驗證明自由落體運動是勻變速直線運動，故A錯誤；B項：牛頓發(fā)現(xiàn)萬有引力定律，認(rèn)為物體之間普遍存在萬有引力，故B正確；C項：卡文迪許利用扭秤最先測出了引力常量，使萬有引力定律有了真正的使用價值，故C錯誤；D項：力的單位牛頓并不是基本單位，故D錯誤．故應(yīng)選B．6、D【解析】根據(jù)牛頓第二定律：F-f=ma；只將拉力增大到原來的二倍，加速度增大到原來的2倍多；A錯；阻力減小到原來的二分之一，合力不一定增大到原來的2倍，B錯；質(zhì)量增大二倍，加速度會變?yōu)樵瓉淼亩种?，C錯；只有當(dāng)拉力和阻力均增大到原來的2倍，加速度才增大到原來的二倍，D正確；故答案選D．二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、ACE【解析】

A．x-t圖象的切線斜率表示速度，在t=0.3s與t=0.5s兩個時刻，彈簧振子的速度相同，故A正確；B．t＝0.6s時，振子位于最大位移處，由可知，此時加速度最大，故B錯誤；C．由圖可知，T=0.8s，所以在t＝0.1s時的位移為故C正確；D．在t＝0.2s時，振子的位移最大，彈簧形變量最大，彈性勢能最大，故D錯誤；E．由題意可知，振子從O點開始運動，經(jīng)過0.2s到達(dá)B點，再經(jīng)0.2s到達(dá)O點，所以振子的動能先減小后增大，故E正確。故選ACE。8、BC【解析】由能量守恒知電動機多做的功為物體動能增量和摩擦生熱Q，所以A項錯；根據(jù)動能定理，對物體列方程，Wf＝mv2，所以B項正確；因為電動機增加的功率P＝＝＝μmgv，C項正確；因為傳送帶與物體共速之前，傳送帶的路程是物體路程的2倍，所以傳送帶克服摩擦力做功是摩擦力對物體做功的2倍，即mv2，D項錯誤．9、AD【解析】本題考查點電荷的電場線特點．電場線從正電荷或無窮遠(yuǎn)出發(fā)，終止于負(fù)電荷或者無窮遠(yuǎn)，所以a應(yīng)為正電荷b為負(fù)電荷，故A選項正確．電場線越密集，場強越大，故C選項錯誤．沿電場線方向電勢逐漸降低，故D選項正確．本題難度較低．10、BD【解析】

A.人下蹲動作分別有失重和超重兩個過程，先是加速下降失重，到達(dá)一個最大速度后再減速下降超重對應(yīng)先失重再超重，到達(dá)最低點后處于平衡狀態(tài)，由圖可知，t=1s時人仍然加速下降，故A錯誤；B.人下蹲動作分別有失重和超重兩個過程，先是加速下降失重，到達(dá)一個最大速度后再減速下降超重對應(yīng)先失重再超重，到達(dá)最低點后處于平衡狀態(tài)，所以在t=2s時刻人處于下蹲靜止?fàn)顟B(tài)。故B正確；C.人下蹲動作分別有失重和超重兩個過程，先是加速下降失重，到達(dá)一個最大速度后再減速下降超重對應(yīng)先失重再超重，起立對應(yīng)先超重再失重，對應(yīng)圖象可知，該同學(xué)在0-4秒內(nèi)做了一次下蹲-起立的動作，故C錯誤；D.結(jié)合A的方向可知，下蹲過程先失重后超重，故D正確。三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、3.00N5.00N減小先減小后增大【解析】

(1)[1]根據(jù)彈簧秤的讀數(shù)方法可知，a的讀數(shù)為3.00N；[2]根據(jù)胡克定律可知：OA、OC間夾角為，則甲的示數(shù)等于彈簧AA′的彈力與乙彈簧彈力的矢量和，即(2)[3][4]在(1)問中若保持OA與OB的方向不變，逐漸增大OA與OC的夾角，甲乙兩個彈簧秤彈力的合力不變，如圖所示，則可知彈簧秤甲的讀數(shù)大小逐漸減小，彈簧秤乙的讀數(shù)大小先變小后變大。12、(1)彈簧的彈力與彈簧的伸長量成正比(2)1025【解析】（1）F-L是一條直線，根據(jù)圖線可知彈簧的彈力與彈簧的伸長量成正比．

（2）當(dāng)彈力為零時，彈簧的形變量為零，此時彈簧的長度等于彈簧的原長，因為彈簧的長度L=10cm，可知彈簧的原長L0=10cm．

根據(jù)胡克定律知，，可知圖線的斜率表示勁度系數(shù)，則k=N/m=25N/m．點睛：本題要求對實驗原理能充分理解，能讀懂圖象的，知道F-L圖線的斜率表示勁度系數(shù)，圖像與橫軸的交點為彈簧的原長．四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、（1）1m/s（2）1.2m【解析