2025屆黑龍江省哈爾濱市六中物理高二第一學(xué)期期中調(diào)研試題含解析

2025屆黑龍江省哈爾濱市六中物理高二第一學(xué)期期中調(diào)研試題注意事項(xiàng):1．答題前，考生先將自己的姓名、準(zhǔn)考證號(hào)碼填寫清楚，將條形碼準(zhǔn)確粘貼在條形碼區(qū)域內(nèi)。2．答題時(shí)請(qǐng)按要求用筆。3．請(qǐng)按照題號(hào)順序在答題卡各題目的答題區(qū)域內(nèi)作答，超出答題區(qū)域書寫的答案無(wú)效；在草稿紙、試卷上答題無(wú)效。4．作圖可先使用鉛筆畫出，確定后必須用黑色字跡的簽字筆描黑。5．保持卡面清潔，不要折暴、不要弄破、弄皺，不準(zhǔn)使用涂改液、修正帶、刮紙刀。一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、如圖所示，質(zhì)量相等的兩個(gè)帶電液滴1和2從水平方向的勻強(qiáng)電場(chǎng)中O點(diǎn)自由釋放后，分別抵達(dá)B、C兩點(diǎn)，若AB＝BC，則它們帶電荷量之比q1∶q2等于()A．1∶1B．2∶1C．1∶D．∶12、如圖所示，虛線a、b、c、d表示勻強(qiáng)電場(chǎng)中的4個(gè)等勢(shì)面．兩個(gè)帶電粒子M、N（重力忽略不計(jì)）以平行于等勢(shì)面的初速度射入電場(chǎng)，運(yùn)動(dòng)軌跡分別如圖中MPN和NQM所示．已知M是帶正電的帶電粒子．則下列說(shuō)法中正確的是（）A．N一定也帶正電B．a(chǎn)的電勢(shì)低于b的電勢(shì)C．帶電粒子N的動(dòng)能增大電勢(shì)能減小D．帶電粒子N的動(dòng)能減小電勢(shì)能增大3、如圖，半徑為R的均勻帶正電薄球殼，其上有一小孔A．已知?dú)?nèi)的場(chǎng)強(qiáng)處處為零；殼外空間的電場(chǎng)與將球殼上的全部電荷集中于球心O時(shí)在殼外產(chǎn)生的電場(chǎng)一樣．一帶正電的試探電荷（不計(jì)重力）從球心以初動(dòng)能Ek0沿OA方向射出．下列關(guān)于試探電荷的動(dòng)能Ek與離開球心的距離r的關(guān)系圖象，可能正確的是A． B．C． D．4、甲、乙兩車在同一地點(diǎn)同時(shí)做直線運(yùn)動(dòng)，其v-t圖像如圖所示，則A．甲的加速度大于乙的加速度B．它們的初速度均為零C．0～t1時(shí)間內(nèi)，甲的位移大于乙的位移D．0～t1時(shí)間內(nèi)，甲的速度大于乙的速度5、關(guān)于“探究加速度與力、質(zhì)量的關(guān)系”實(shí)驗(yàn)，下列說(shuō)法中正確的是A．本實(shí)驗(yàn)采用的方法是控制變量法B．探究加速度與質(zhì)量的關(guān)系時(shí)，應(yīng)該改變拉力的大小C．探究加速度與力的關(guān)系時(shí)，作a–F圖象應(yīng)該用線段依次將各點(diǎn)連接起來(lái)D．探究加速度與質(zhì)量的關(guān)系時(shí)，為了直觀判斷二者間的關(guān)系，應(yīng)作出a–M圖象6、一質(zhì)量為m的帶電液滴以豎直向下的初速度v0進(jìn)入某電場(chǎng)中。由于電場(chǎng)力和重力的作用，液滴沿豎直方向下落一段距離h后，速度變?yōu)?。在此過程中，以下判斷正確的是（）A．液滴一定帶負(fù)電B．重力對(duì)液滴做的功為C．合外力對(duì)液滴做的功為D．液滴的機(jī)械能減少了二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。7、如圖，質(zhì)量分別為mA和mB的兩小球帶有同種電荷，電荷最分別為qA和qB，用絕緣細(xì)線懸掛在天花板上．平衡時(shí)，兩小球恰處于同一水平位置，細(xì)線與豎直方向間夾角分別為θ1與θ2（θ1＞θ2）．兩小球突然失去各自所帶電荷后開始擺動(dòng)，最大速度分別vA和vB，最大動(dòng)能分別為EkA和EkB．則（）A．mA一定小于mB B．qA一定大于qBC．vA一定大于vB D．EkA一定大于EkB8、一個(gè)籃球被豎直向上拋出后又落回到拋出點(diǎn)．假設(shè)籃球在運(yùn)動(dòng)過程中受到的空氣阻力大小與其運(yùn)動(dòng)的速度大小成正比，下列判斷正確的是（）A．上升過程中重力的沖量大小等于下降過程中重力的沖量大小B．籃球運(yùn)動(dòng)的過程中加速度一直減小C．上升過程中空氣阻力做的功等于下降過程中阻力做的功D．上升過程中空氣阻力的沖量大小等于下降過程中空氣阻力的沖量大小9、如圖所示電路中，已知電源的內(nèi)阻r＞R2，電阻R1的阻值小于滑動(dòng)變阻器R0的最大阻值．閉合電鍵S，當(dāng)滑動(dòng)變阻器的滑臂P由變阻器的右端向左滑動(dòng)的過程中，下列說(shuō)法中正確的有（）A．V1的示數(shù)先變小后變大，V2的示數(shù)先變大后變小B．R2上消耗的功率先變小后變大C．電源的輸出功率先變小后變大D．A1的示數(shù)不斷減小，A2的示數(shù)不斷變大10、靜電噴涂機(jī)原理如圖所示，靜電噴涂機(jī)接高壓電源，工作時(shí)涂料微粒會(huì)向帶正電的被噴涂工件高速運(yùn)動(dòng)，微粒最后被吸附到工件表面．關(guān)于靜電噴涂機(jī)的涂料微粒，下列表述正確的有()A．微粒帶負(fù)電 B．微粒帶正電C．微粒受洛倫茲力作用 D．微粒受電場(chǎng)力作用三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）在“描繪小燈泡的伏安特性曲線”的實(shí)驗(yàn)中，小燈泡的規(guī)格為“3.8V，0.3A”．除了開關(guān)、導(dǎo)線外，還有如下的器材：電壓表V，量程0~5V，內(nèi)阻約5kΩ電流表，量程0~500mA，內(nèi)阻約0.5Ω電流表，量程0~100mA，內(nèi)阻約4Ω滑動(dòng)變阻器，自大阻值10Ω，額定電流20A滑動(dòng)變阻器，自大阻值100Ω，額定電流1.0A直流電源E，電動(dòng)勢(shì)約為6V，內(nèi)阻約為0.5Ω（1）上述器材中，電流表應(yīng)選______，滑動(dòng)變阻器應(yīng)選_____________．（填器材符號(hào)）（2）某同學(xué)已連接如圖甲所示的電路，在閉合開關(guān)前，檢查發(fā)現(xiàn)有一處不當(dāng)之處為________________________________（3）不當(dāng)之處改正后，在電路中所有元件都完好，且電壓表和電流表已調(diào)零．閉合開關(guān)后：發(fā)現(xiàn)反復(fù)調(diào)節(jié)滑動(dòng)變阻器，小燈泡亮度發(fā)生變化，但電壓表、電流表的示數(shù)不能調(diào)為零，則斷路的導(dǎo)線為_________（用圖中給出的導(dǎo)線符合表示）（4）通過實(shí)驗(yàn)得到了小燈泡的I-U圖線如圖所示，可知在小燈泡上的電壓為2.0V時(shí)，小燈泡的電阻是_____________Ω．（5）如果把該小燈泡直接接在電動(dòng)勢(shì)是2V，內(nèi)阻是8Ω的電源上組成閉合回路，則通過小燈泡的電流為__________A．12．（12分）某同學(xué)用以下器材接成圖1所示的電路，并將原微安表盤改畫成如圖2所示，成功地改裝了一個(gè)簡(jiǎn)易的“R1k”的歐姆表，使用中發(fā)現(xiàn)這個(gè)歐姆表用來(lái)測(cè)量阻值在范圍內(nèi)的電阻時(shí)精確度令人滿意，表盤上數(shù)字“15”為原微安表盤滿偏電流一半處所供器材如下：A、的微安表一個(gè)；

B、電動(dòng)勢(shì)，電阻可忽略不計(jì)的電池；C、阻值調(diào)至電阻箱R一個(gè)；

D、紅、黑測(cè)試表棒和導(dǎo)線若干；原微安表的內(nèi)阻______；在圖1電路的基礎(chǔ)上，不換微安表和電池，圖2的刻度也不改變，僅增加1個(gè)電阻，就能改裝成“R1”的歐姆表要增加的電阻應(yīng)接在______之間

填a、b、，規(guī)格為______；保留兩位有效數(shù)字畫出改裝成“”的歐姆表后的電路圖_________．四、計(jì)算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說(shuō)明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示，兩平行金屬板A、B長(zhǎng)L=8cm，兩板間距離d=8cm，A板比B板電勢(shì)高300V．一帶正電的粒子電荷量，質(zhì)量，沿電場(chǎng)中心線RO垂直電場(chǎng)線飛入電場(chǎng)，初速度，粒子飛出平行板電場(chǎng)后經(jīng)過界面MN、PS間的無(wú)電場(chǎng)區(qū)域后，進(jìn)入固定在O點(diǎn)的點(diǎn)電荷Q形成的電場(chǎng)區(qū)域，（設(shè)界面PS右邊點(diǎn)電荷的電場(chǎng)分布不受界面的影響）．已知兩界面MN、PS相距為，D是中心線RO與界面PS的交點(diǎn)，O點(diǎn)在中心線上，距離界面PS為，粒子穿過界面PS后做圓周運(yùn)動(dòng)最后垂直打在放置于中心線上的熒光屏bc上．靜電力常數(shù)，粒子重力忽略不計(jì)．（結(jié)果保留到小數(shù)點(diǎn)后面兩位）（1）求粒子穿過界面MN時(shí)偏離中心線RO的距離y；（2）求粒子到達(dá)PS界面時(shí)離D點(diǎn)的距離Y和速度大小v；（3）確定點(diǎn)電荷Q的電性并求其電荷量的大?。?4．（16分）帶電量為C的粒子先后經(jīng)過電場(chǎng)中的A、B兩點(diǎn)，克服電場(chǎng)力做功J，已知B點(diǎn)電勢(shì)為50V，求:（l）A、B間兩點(diǎn)間的電勢(shì)差是；（2）A點(diǎn)的電勢(shì)；（3）把電量為C的電荷放在A點(diǎn)的電勢(shì)能．15．（12分）如圖，圓柱形氣缸開口向上靜置于水平地面上，其內(nèi)部的橫截面積S=10cm2，開口處兩側(cè)有厚度不計(jì)的擋板，擋板距底部高H=18cm．缸內(nèi)有一可自由移動(dòng)、質(zhì)量不計(jì)、厚度不計(jì)的活塞封閉了一定質(zhì)量的理想氣體，此時(shí)活塞剛好在擋板處，且與擋板之間無(wú)擠壓，缸內(nèi)氣體溫度為t1=27℃．將一定質(zhì)量為m的小物塊放在活塞中央，穩(wěn)定時(shí)活塞到缸底的距離h=12cm（忽略該過程中氣體的溫度變化）．對(duì)氣缸內(nèi)的氣體緩慢加熱使活塞緩慢上升，最終缸內(nèi)氣體的溫度上升到t2=327℃．已知大氣壓，重力加速度取為，汽缸與活塞均為絕熱材料制成．試求：（1）小物塊的質(zhì)量m；（2）最終穩(wěn)定時(shí)氣體的壓強(qiáng)p．

參考答案一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、B【解析】試題分析：首先根據(jù)液滴在重力場(chǎng)和電場(chǎng)中的受力情況，判斷出液滴在復(fù)合場(chǎng)中均做初速度為零的勻加速直線運(yùn)動(dòng)（在水平和豎直兩個(gè)方向上均是初速度為零勻加速直線運(yùn)動(dòng)），作圖畫出兩液滴的軌跡圖，根據(jù)初速度為零的勻加速直線運(yùn)動(dòng)的位移公式即可求出兩液滴的電量之比．兩個(gè)帶電液滴在復(fù)合場(chǎng)中分別受到大小不變的電場(chǎng)力和重力（即各自的合力不變），又是由靜止自由釋放，可知兩個(gè)液滴均做初速度為零的勻加速直線運(yùn)動(dòng)（在水平和豎直兩個(gè)方向上均是初速度為零勻加速直線運(yùn)動(dòng)），運(yùn)動(dòng)軌跡如圖所示，設(shè)OA的距離為L(zhǎng)，設(shè)AB=BC=h，對(duì)液滴1：水平方向上有①，豎直方向上有②；對(duì)液滴2：水平方向上③，豎直方向上有④，①②③④式聯(lián)立得，B正確．2、C【解析】

A．電場(chǎng)線和等勢(shì)線垂直，所以電場(chǎng)沿水平方向，從正電荷M的軌跡MPN可知，電場(chǎng)力水平向右，故電場(chǎng)的方向水平向右，N電荷受電場(chǎng)力方向指向其軌跡內(nèi)側(cè)，故受電場(chǎng)力水平向左，所以N帶負(fù)電，故A錯(cuò)誤；B．電場(chǎng)線水平向右，沿電場(chǎng)線電勢(shì)降低，所以a點(diǎn)的電勢(shì)高于b點(diǎn)的電勢(shì)，故B錯(cuò)誤；CD．電場(chǎng)力對(duì)N粒子做正功，其電勢(shì)能減小，動(dòng)能增加，故C正確，D錯(cuò)誤．3、A【解析】

試題分析：由于在球殼內(nèi)場(chǎng)強(qiáng)處處為零，因此從O向A運(yùn)動(dòng)的過程中電荷不受電場(chǎng)力，做勻速直線運(yùn)動(dòng)，動(dòng)能不發(fā)生變化，圖象為一條水平直線，C、D錯(cuò)誤；通過A點(diǎn)后，電荷做加速運(yùn)動(dòng)，但場(chǎng)強(qiáng)逐漸減小，通過相同的位移，電場(chǎng)力做功逐漸減小，根據(jù)動(dòng)能定理，試探電荷的動(dòng)能的增量逐漸減小，即圖象的斜率逐漸減小，A正確，B錯(cuò)誤．考點(diǎn)：動(dòng)能定理，點(diǎn)電荷的電場(chǎng)4、A【解析】試題分析：根據(jù)運(yùn)動(dòng)學(xué)公式可知，在速度時(shí)間圖像中，直線的斜率表示物體的加速度，由圖可看出，甲的加速度大于乙的加速度，所以A正確；縱截距表示初速度，所以甲物體的初速度不為零，所以B錯(cuò)誤；速度圖像中，圖像與坐標(biāo)軸所包圍的面積表示位移，故可以看出在0～t1時(shí)間內(nèi)，乙的位移大于甲的位移，所以C錯(cuò)誤；根據(jù)可知，在這段時(shí)間內(nèi)，甲的平均速度小球乙的平均速度，所以D錯(cuò)誤；考點(diǎn)：勻變速直線運(yùn)動(dòng)圖像5、A【解析】

本實(shí)驗(yàn)采用的方法是控制變量法，A對(duì)；探究加速度與質(zhì)量的關(guān)系時(shí)，應(yīng)該保持拉力的大小不變，B錯(cuò)；探究加速度與力的關(guān)系時(shí)，作a–F圖象應(yīng)該用平滑的直線連接，C錯(cuò)；探究加速度與質(zhì)量的關(guān)系時(shí)，為了直觀判斷二者間的關(guān)系，應(yīng)作出a–1/M圖象，D錯(cuò)；故選A．6、C【解析】重力方向豎直向下，而液體向下做勻減速直線運(yùn)動(dòng)，故合力向上，所以液滴受到的電場(chǎng)力方向一定豎直向上，帶正電，A錯(cuò)誤；液滴下降了h，所以重力做功為mgh，B錯(cuò)誤；根據(jù)動(dòng)能定理可得，C正確；液滴的重力勢(shì)能減小mgh，動(dòng)能減小，所以液滴的機(jī)械能減少，D錯(cuò)誤．二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。7、ACD【解析】

設(shè)兩個(gè)球間的靜電力為F，分別對(duì)兩個(gè)球受力分析，求解重力表達(dá)式后比較質(zhì)量大小；根據(jù)機(jī)械能守恒定律列式求解后比較最低點(diǎn)速度大小，再進(jìn)一步比較動(dòng)能大??；本題關(guān)鍵分別對(duì)兩個(gè)小球受力分析，然后根據(jù)平衡條件列方程；再結(jié)合機(jī)械能守恒定律列方程分析求解．【詳解】對(duì)小球A受力分析，受重力、靜電力、拉力，如圖：根據(jù)平衡條件，有：，故：同理，有：，由于，故，故A正確；兩球間的庫(kù)侖力是作用力與反作用力，一定相等，與兩個(gè)球是否帶電量相等無(wú)關(guān)，故B錯(cuò)誤；小球擺動(dòng)過程機(jī)械能守恒，有，解得，由于A球擺到最低點(diǎn)過程，下降的高度較大，故A球的速度較大，故C正確；小球擺動(dòng)過程機(jī)械能守恒，有，故：其中相同，根據(jù)數(shù)學(xué)中的半角公式，得到：其中，相同，故越大越大，動(dòng)能越大，故一定大于，故D正確．【點(diǎn)睛】8、BD【解析】

上升過程，空氣阻力向下，根據(jù)牛頓第二定律，有：mg+f=ma1；下降過程，空氣阻力向上，根據(jù)牛頓第二定律，有：mg-f′=ma2；由于阻力大小與其運(yùn)動(dòng)的速度大小成正比，而在運(yùn)動(dòng)過程中，阻力先向下，再向上，故加速度一直減小，故B正確；根據(jù)運(yùn)動(dòng)過程可知，上升過程的平均速度大于下降過程的平均速度，所以有t1＜t2，故上升過程中重力的沖量大小要小于下降過程中重力的沖量大小，故A錯(cuò)誤；由于阻力隨速度的變化而變化，所以上升過程的平均阻力較大，由于上升和下降過程的位移大小相同，因此阻力做功不同，故C錯(cuò)誤；設(shè)t時(shí)刻物體的速度大小為v，經(jīng)過極短△t時(shí)間，空氣阻力的沖量為△If，則由題意知，空氣阻力大小為f=kv；△If=f△t=kv△t=k△x；等式兩邊求和，得：∑△If=∑k△x=kx；則得If=kx；因?yàn)樯仙c下降兩個(gè)過程中，物體通過的距離x相等，故知兩個(gè)過程空氣阻力沖量大小相等．故D正確．9、BD【解析】

A、由題，電阻R1的阻值小于滑動(dòng)變阻器R0的最大阻值，當(dāng)滑動(dòng)變阻器的滑臂P由右端向左滑動(dòng)的過程中，變阻器左側(cè)電阻與R1串聯(lián)后與變阻器右側(cè)并聯(lián)的總電阻先變大后變小，根據(jù)閉合電路歐姆定律得知，電路中電流先變小后變大，電源的內(nèi)電壓也變小后變大，則路端電壓先變大后變小，所以V1的示數(shù)先變大后變?。甐2測(cè)量R2兩端的電壓，R2不變，則V2的示數(shù)先變小后變大．故A錯(cuò)誤．B、R2不變，由公式P=I2R得知，電流I先變小后變大，則R2上消耗的功率先變小后變大．故B正確．C、已知電源的內(nèi)阻r＞R2，但外電路總電阻與r的關(guān)系無(wú)法確定，所以無(wú)法判斷電源輸出功率的變化情況．故C錯(cuò)誤．D、當(dāng)變阻器滑片位于最右端時(shí)，R1與變阻器被短路，電路中電流最大，A1的示數(shù)最大，A2的示數(shù)為零，所以滑臂P由右端向左滑動(dòng)的過程中，A1的示數(shù)不可能不斷減小，A2的示數(shù)不斷變大．故D正確．故選BD．10、AD【解析】

因?yàn)楸煌抗ぜд?，所以粒子帶?fù)電，這樣使得涂料更好的與被涂物體相結(jié)合，過程中電荷受到的庫(kù)倫力，屬于電場(chǎng)力，所以AD正確．三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、滑動(dòng)變阻器滑片不應(yīng)在B處，而應(yīng)在A處c84.35【解析】試題分析：（3）根據(jù)小燈泡規(guī)格“3．8V，4．3”可知，電流表應(yīng)選；由于測(cè)定小燈泡的伏安特性曲線實(shí)驗(yàn)要求電流從零調(diào)，所以變阻器應(yīng)采用分壓式接法，因?yàn)樽柚敌〉淖冏杵鞅阌谡{(diào)節(jié)，所以應(yīng)選擇變阻器；（4）實(shí)驗(yàn)開始時(shí)應(yīng)使測(cè)量電路兩端的電壓為零，故滑片不應(yīng)在B處，而應(yīng)滑到A處；（3）由實(shí)物圖可知，只有導(dǎo)線c斷路，因?yàn)閏斷路后，變阻器變?yōu)橄蘖魇浇臃ǎ噪娏鞅砼c電壓表均不能調(diào)為零．（4）由圖可知，當(dāng)電壓為4V時(shí)，電流為4．45A，則電阻；（5）在小燈泡的I-U圖象中畫出表示電源的I-U圖線，如圖所示，讀出兩圖線的交點(diǎn)的縱坐標(biāo)即為通過小燈泡的電流，電流為：考點(diǎn)：“描繪小燈泡的伏安特性曲線”的實(shí)驗(yàn)【名師點(diǎn)睛】應(yīng)明確：3．要根據(jù)小燈泡的額定電流或額定電壓來(lái)選擇電流表或電壓表的量程．4．以下幾種情況滑動(dòng)變阻器必須采用分壓式接法：①要求電流從零調(diào)或要求電路中電流調(diào)節(jié)范圍足夠大；②變阻器的全電阻遠(yuǎn)小于待測(cè)電阻；③若變阻器采用限流式接法求出電路中的最小電流扔大于電流表的量程．注意采用分壓式接法時(shí)，應(yīng)選擇全電阻小的變阻器，以便于調(diào)節(jié)．3．注意表示電源的I-U圖象與表示導(dǎo)體電阻的I-U圖象的區(qū)別．12、（1）1k；（2）a、c，15Ω；（3）電路圖如圖所示．【解析】試題分析：（1）根據(jù)“使用中發(fā)現(xiàn)這個(gè)歐姆表用來(lái)測(cè)量阻值在10kΩ—20kΩ范圍內(nèi)的電阻時(shí)精確度令人滿意．”說(shuō)明在測(cè)阻值在10kΩ—20kΩ的電阻時(shí)歐姆表的指針在刻度盤的中間附近，由此可結(jié)合刻度盤確定此表的中值電阻，即表內(nèi)總電阻約為R總=15kΩ．（相當(dāng)于歐姆表選擇量程于×1k擋）．當(dāng)表筆短接時(shí)，電流滿偏，根據(jù)歐姆定律有：代入E、R、Ig的值可得Rg="1"kΩ（2）要減少把原表改裝成“Rx1”的歐姆表，就要減少表的內(nèi)阻，依題意，顯然只有在ac之間并聯(lián)一個(gè)小電阻R’．才能使表內(nèi)總電阻等于中值電阻R并=15Ω．根據(jù)R并=,代入R以及Rg的數(shù)值可計(jì)算可得R’≈15Ω(保留兩位有效數(shù)字)（3）畫出改裝成“R×1”的歐姆表后的電路圖如圖3所示．考點(diǎn)：歐姆表的原理四、計(jì)算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說(shuō)明、方程式和演算步驟。13、（1）（2），（3），Q帶負(fù)電【解析】（1）第一段拋物線，第二段直線，第三段圓弧2分（2）設(shè)粒子從電場(chǎng)中飛出時(shí)的側(cè)向位移為h,穿過界面PS時(shí)偏離中心線OR的距離為y，則：1分1分整理即：代入數(shù)據(jù)，解得：y=0.0